北京市丰台区2022届高三物理二模试卷及答案

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以下为本文档部分文字说明:

参考答案第一部分共14题,每题3分,共42分。1.A2.A3.B4.D5.C6.B7.C8.D9.C10.D11.D12.B13.A14.C第二部分共6题,共58分。15.(8分)(1)2.05(2分)(2)④①②⑤③(2分)(3)a.A(2分)b.由闭合电路根

据欧姆定律IrEU-=得到()()rIErIEU12--−=即rIU=因此IU的值不变。(2分)16.(10分)(1)a.C(2分)b.碰撞前后小球从同一高度做平抛运动;根据平抛运动规律,小

球在空中运动的时间相同,因此碰撞前后的速度可由平抛运动的水平射程来替代。(2分)(2)a.ONmOMmOPm+=211;222121ONmOMmOPm+=(4分)b.实验可能的结果是:碰撞前的总动

量小于碰撞后的总动量;由于斜槽末端向上倾斜,小球抛出后做斜抛运动,水平速度变小。若斜槽引起小球在空中运动时间的变化忽略不计,则斜槽末端向上倾斜时,小球的水平位移变小,故可能会得到碰撞前的总动量小于碰撞后的总动量。

(或说明:在斜槽末端离地高度不变的情况下,由于调节平衡后小球释放高度变高一些也给分。)(2分)17.(9分)解:(1)空载起飞时,升力正好等于重力,竖直方向平衡方程:mgkv=20所以20vmgk=(3分)(2)载货起飞时,升力正好等于重力,竖直

方向平衡方程:Mgkv=21将k带入解得:01vmMv=(3分)(3)该飞机装载货物后,初速度为零的匀加速直线运动,则由:adv2021=−解得:mdMva220=根据匀变速速度与时间关系:atv=−01解得:Mmvdt02=(3分)18.(9

分)解:(1)根据共点力平衡条件可知:=37tanmgqE解得:kg10437tan4−==gqEm(2分)(2)从小球所处位置到最低点的过程中,根据动能定理:)cos1(0212−=−mgLmv解得:m/

s2=v(3分)(3)设小球落地点为Q,根据几何关系可知:m237cos==hOQ根据牛顿第二定律有:mamgqE=+22可得:2m/s5.12=a根据匀变速直线运动规律:axv2021=−解得:m/s51=v根据动量定义可知:kgm/s1023-==mvP方向:与竖直方向夹角为

37θ=(4分)19.(10分)解:(1)电荷量为Q的点电荷,在与之相距r处放一试探电荷q,根据库仑定律,该试探电荷受到的电场力为:2rQqkF=由电场强度qFE=得电荷量为Q的点电荷,在与之相距r处电场强度为:2rQ

kE=(2分)(2)a.通过类比可以猜想两电流元间相互作用的磁场力大小F可以写为:22211)()(rlIlIKFm=①(2分)b.通过类比电场强度的定义可写出在距电流元I1l1为r处的磁感应强度B的表达式为:22lIFB=②将磁场力F表达式代入②式子得211rlIKB

m=③(2分)由安培定则判断B的方向:垂直纸面向里(1分)c.环形电流是由许多段的电流元组成,设任意一段电流元为Ixlx则在距其r处产生的磁感应强度由③可知:()rlIKBxxx2m=④则环形电流在圆心O处产生的磁感应强度的大小B可表示为:()2321rll

llIKBnm+++=得到:rIKBm2=(3分)20.(12分)解(1)a.由牛顿第二定律得自由电子的加速度meEmFa==①LUE=②由①②式得:mLeUa=(2分)b.电子在t0时间内做匀

加速直线运动,则定向运动的平均速率mLUetatvv222000===(2分)c.由电流的定义式tQI=其中tSenvnVeQ0==解得:mLSUtneneSvI2020==(2分)(2)a.短路时,粒子在洛伦兹力的作用下发生偏转,设r0为圆周运动的半径,只有

距A板为2r0的正离子能够打在A板上形成等效电流,则qrntQIm02==①根据洛伦兹力提供向心力02rmvqvB=则qBmvr=0②联立①②可得:BnmvIm2=(3分)b.由电流定义得:NqI=①闭合电路欧姆定律得:rREI+=②电源电动势BdvE=③由rEIm=得nmdBr22=

④联立①~④解得:qnmdBRBdvN+=22(3分)(其他方法解答正确均得分)

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