【文档说明】高考物理考纲解读与热点难点突破专题12分子动理论气体及热力学定律 教学案.doc，共(20)页，334.000 KB，由MTyang资料小铺上传

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专题12分子动理论气体及热力学定律【2019年高考考纲解读】(1)分子动理论、物体的内能(2)晶体与非晶体(3)气体压强的计算(4)气体实验定律的应用(5)热力学定律的理解及应用【重点、难点剖析】一、分子动理论与气体实验定律的组合1

.关于分子动理论的几个问题(1)分子模型：①球形：V＝16πd3.②立方体形：V＝a3.(2)分子数N＝nNA＝mM0NA＝VV0NA.(3)分子力、分子势能与分子间距离的关系．图6－12－32．气体实验定律：气体的状态由热力学温度、体积和压

强三个物理量决定．(1)等温变化：pV＝C或p1V1＝p2V2(2)等容变化：pT＝C或p1T1＝p2T2(3)等压变化：VT＝C或V1T1＝V2T2二、热力学定律、内能与气体实验定律的组合1.热力学第一定律：

ΔU＝Q＋W2．在热力学第二定律的表述中，“自发地”、“不产生其他影响”的涵义．(1)“自发地”指明了热传递等热力学宏观现象的方向性，不需要借助外界提供能量的帮助．(2)“不产生其他影响”的涵义是发生的热力学宏观过程只在本系

统内完成，对周围环境不产生热力学方面的影响，如吸热、放热、做功等．3．热力学第一定律说明发生的任何过程中能量必定守恒，热力学第二定律说明并非所有能量守恒的过程都能实现．【题型示例】题型一分子动理论内能例1.(2

018·全国卷Ⅲ)如图，一定量的理想气体从状态a变化到状态b，其过程如p­V图中从a到b的直线所示。在此过程中________。A．气体温度一直降低B．气体内能一直增加C．气体一直对外做功D．气体一直从外界吸热

E．气体吸收的热量一直全部用于对外做功【答案】BCD【变式探究】(2018·全国卷Ⅱ)如图，一竖直放置的汽缸上端开口，汽缸壁内有卡口a和b，a、b间距为h，a距缸底的高度为H；活塞只能在a、b间移动，其下方密封有一定质量的理想气体。已知活塞质量为m，

面积为S，厚度可忽略；活塞和汽缸壁均绝热，不计它们之间的摩擦。开始时活塞处于静止状态，上、下方气体压强均为p0，温度均为T0。现用电热丝缓慢加热汽缸中的气体，直至活塞刚好到达b处。求此时汽缸内气体的温度以及在此过程中气体对外所做的功。重力加速度大小为g。【答案】1＋hH1＋

mgp0ST0(p0S＋mg)h式中V1＝SH⑤V2＝S(H＋h)⑥联立③④⑤⑥式解得T2＝1＋hH1＋mgp0ST0⑦从开始加热到活塞到达b处的过程中，汽缸中的气体对外做的功为W＝(p0S＋mg)h。⑧【变式探究

】【2017·北京卷】以下关于热运动的说法正确的是A．水流速度越大，水分子的热运动越剧烈B．水凝结成冰后，水分子的热运动停止C．水的温度越高，水分子的热运动越剧烈D．水的温度升高，每一个水分子的运动速率都会增大【答案】C【解析】水流

速度是机械运动速度，不能反映热运动情况，A错误；分子在永不停息地做无规则运动，B错误；水的温度升高，水分子的平均速率增大，并非每一个水分子的运动速率都增大，D错误；选项C说法正确。【变式探究】【2017·新课标Ⅰ卷】（5分）氧气分子在

0℃和100℃温度下单位速率间隔的分子数占总分子数的百分比随气体分子速率的变化分别如图中两条曲线所示。下列说法正确的是________。（填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分）A．图中

两条曲线下面积相等B．图中虚线对应于氧气分子平均动能较小的情形C．图中实线对应于氧气分子在100℃时的情形D．图中曲线给出了任意速率区间的氧气分子数目E．与0℃时相比，100℃时氧气分子速率出现在0~400m/s区间内的

分子数占总分子数的百分比较大【答案】ABC【变式探究】【2016·北京卷】雾霾天气对大气中各种悬浮颗粒物含量超标的笼统表述，是特定气候条件与人类活动相互作用的结果．雾霾中，各种悬浮颗粒物形状不规则，但可视为密度相同、直径不同的球体，并用PM10、PM

2.5分别表示球体直径小于或等于10μm、2.5μm的颗粒物(PM是颗粒物的英文缩写)．某科研机构对北京地区的检测结果表明，在静稳的雾霾天气中，近地面高度百米的范围内，PM10的浓度随高度的增加略有减小，大于PM10的大悬浮颗粒物的浓度随高度的增加明

显减小，且两种浓度分布基本不随时间变化．据此材料，以下叙述正确的是()A．PM10表示直径小于或等于1.0×10－6m的悬浮颗粒物B．PM10受到的空气分子作用力的合力始终大于其受到的重力C．PM10和大悬浮颗粒物都在做布朗运动D．PM2.5浓度随高度的

增加逐渐增大【答案】C【变式探究】【2016·江苏卷】A．【选修3­3】(2)如图1­甲所示，在斯特林循环的p­V图像中，一定质量理想气体从状态A依次经过状态B、C和D后再回到状态A，整个过程由两个等温和两个

等容过程组成，B→C的过程中，单位体积中的气体分子数目________(选填“增大”“减小”或“不变”)，状态A和状态D的气体分子热运动速率的统计分布图像如图乙所示，则状态A对应的是________(选填“①”或“②”).

图1­【答案】A.（2）不变①【解析】B→C过程中由于气体分子总数不变，体积也不变，因此单位体积中的气体分子数目也不变．根据理想气体状态方程可得TA<TD，而温度又是分子平均动能的标志，由图像可看出，图线①表示速率较小的分子数目多，也就是分子平均动能较小，所以图线①对应状态A.【变式探究】(20

16·全国卷Ⅰ，33)【物理——选修3－3】(1)(5分)关于热力学定律，下列说法正确的是________。(填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分)A．气体吸热后温

度一定升高B．对气体做功可以改变其内能C．理想气体等压膨胀过程一定放热D．热量不可能自发地从低温物体传到高温物体E．如果两个系统分别与状态确定的第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间也必定达到热平衡(2)(10分)在水下气

泡内空气的压强大于气泡表面外侧水的压强，两压强差Δp与气泡半径r之间的关系为Δp＝2ςr，其中ς＝0.070N/m。现让水下10m处一半径为0.50cm的气泡缓慢上升，已知大气压强p0＝1.0×105Pa，水的密度ρ＝1.0

×103kg/m3，重力加速度大小g＝10m/s2。(ⅰ)求在水下10m处气泡内外的压强差；(ⅱ)忽略水温随水深的变化，在气泡上升到十分接近水面时，求气泡的半径与其原来半径之比的近似值。【答案】(1)BDE(2)(ⅰ)28Pa(ⅱ)32∶1(

2)(ⅰ)由公式Δp＝2ςr得Δp＝2×0.0705×10－3Pa＝28Pa水下10m处气泡内外的压强差是28Pa。(ⅱ)气泡上升过程中做等温变化，由玻意耳定律得p1V1＝p2V2①其中，V1＝43πr31②V2＝43πr32③由于气泡内外

的压强差远小于10m深处水的压强，气泡内压强可近似等于对应位置处的水的压强，所以有p1＝p0＋ρgh1＝1×105Pa＋1×103×10×10Pa＝2×105Pa＝2p0④p2＝p0⑤将②③④⑤代入①得，2p0×43πr31＝p

0×43πr322r31＝r32r2r1＝32题型二固体液体气体例2.(2018·全国卷Ⅱ)对于实际的气体，下列说法正确的是________。A．气体的内能包括气体分子的重力势能B．气体的内能包括气体分子之间相互作用的势能C．气体的内能包括气体整体运动的动能D．气体的体积变化时，其内能可能不变E

．气体的内能包括气体分子热运动的动能【答案】BDE【变式探究】(2017·全国卷Ⅲ)如图，一定质量的理想气体从状态a出发，经过等容过程ab到达状态b，再经过等温过程bc到达状态c，最后经等压过程ca回到初态a。下列说法正确的是________。A．在过程ab中气体

的内能增加B．在过程ca中外界对气体做功C．在过程ab中气体对外界做功D．在过程bc中气体从外界吸收热量E．在过程ca中气体从外界吸收热量【答案】ABD【解析】ab过程中气体压强增大，体积不变，则温度升

高，内能增加，A项正确；ab过程发生等容变化，气体对外界不做功，C项错误；一定质量的理想气体的内能仅由温度决定，bc过程发生等温变化，内能不变，bc过程中气体体积增大，气体对外界做正功，根据热力学第一定律可知气

体从外界吸收热量，D项正确；ca过程发生等压变化，气体体积减小，外界对气体做功，B项正确；ca过程中气体温度降低，内能减小，外界对气体做功，根据热力学第一定律可知气体向外界放热，E项错误。【变式探究】【2016·全国卷Ⅰ】【物理—

—选修3­3】(2)在水下气泡内空气的压强大于气泡表面外侧水的压强，两压强差Δp与气泡半径r之间的关系为Δp＝2ςr，其中ς＝0.070N/m.现让水下10m处一半径为0.50cm的气泡缓慢上升，已知大气压强p0＝1.0×105Pa，水

的密度ρ＝1.0×103kg/m3，重力加速度大小g取10m/s2.(i)求在水下10m处气泡内外的压强差；(ii)忽略水温随水深的变化，在气泡上升到十分接近水面时，求气泡的半径与其原来半径之比的近似值．【答案】(i)28Pa(ii)1.3【解析】(i)当气泡在水下h＝10

m处时，设其半径为r1，气泡内外压强差为Δp1，则Δp1＝2ςr1①代入题给数据得Δp1＝28Pa②联立③④⑤⑥⑦式得r1r23＝p0＋Δp2ρgh＋p0＋Δp1⑧由②式知，Δp1≪p0，i＝1，2，故可略去⑧式中的Δp1项，

代入题给数据得r2r1＝32≈1.3⑨【变式探究】【2016·全国卷Ⅱ】【物理——选修3­3】(2)(10分)一氧气瓶的容积为0.08m3，开始时瓶中氧气的压强为20个大气压．某实验室每天消耗1个大气压的氧气0.36m3.

当氧气瓶中的压强降低到2个大气压时，需重新充气．若氧气的温度保持不变，求这瓶氧气重新充气前可供该实验室使用多少天．【答案】4天【变式探究】【2016·全国卷Ⅲ】【物理——选修3­3】(2)一U形玻璃管竖直放

置，左端开口，右端封闭，左端上部有一光滑的轻活塞．初始时，管内汞柱及空气柱长度如图所示．用力向下缓慢推活塞，直至管内两边汞柱高度相等时为止．求此时右侧管内气体的压强和活塞向下移动的距离．已知玻璃管的横截面积处处相同；在活塞向下移动的过程中，没有发生气体泄漏；大气压强p0＝75.

0cmHg.环境温度不变．【答案】144cmHg9.42cm【解析】设初始时，右管中空气柱的压强为p1，长度为l1；左管中空气柱的压强为p2＝p0，长度为l2.活塞被下推h后，右管中空气柱的压强为p′1，长度为l′1；

左管中空气柱的压强为p′2，长度为l′2.以cmHg为压强单位．由题给条件得p1＝p0＋(20.0－5.00)cmHg①l′1＝20.0－20.0－5.002cm②由玻意耳定律得p1l1＝p′1l′1③联立①②③式和题给条件得p′1＝144cmHg④依题意p′2＝p′1⑤l

′2＝4.00cm＋20.0－5.002cm－h⑥由玻意耳定律得p2l2＝p′2l′2⑦联立④⑤⑥⑦式和题给条件得h＝9.42cm⑧【举一反三】[2015·新课标全国Ⅰ，33（1），5分]（多选）下列说法正确的是（）A.将一块晶体敲碎后，得到的小颗粒是非晶体B.固体

可以分为晶体和非晶体两类，有些晶体在不同方向上有不同的光学性质C.由同种元素构成的固体，可能会由于原子的排列方式不同而成为不同的晶体D.在合适的条件下，某些晶体可以转化为非晶体，某些非晶体也可以转化为晶体E.在熔化过程中，晶体要吸收热量，但温度保持不变，内

能也保持不变【答案】BCD【变式探究】[2015·新课标全国Ⅰ，33（2），10分]如图，一固定的竖直汽缸由一大一小两个同轴圆筒组成，两圆筒中各有一个活塞.已知大活塞的质量为m1＝2.50kg，横截面积为S1＝80.0cm2；小活塞的

质量为m2＝1.50kg，横截面积为S2＝40.0cm2；两活塞用刚性轻杆连接，间距为l＝40.0cm；汽缸外大气的压强为p＝1.00×105Pa，温度为T＝303K.初始时大活塞与大圆筒底部相距l2，两活塞间封闭气体的温度为T1＝495K

.现汽缸内气体温度缓慢下降，活塞缓慢下移.忽略两活塞与汽缸壁之间的摩擦，重力加速度大小g取10m/s2.求：（ⅰ）在大活塞与大圆筒底部接触前的瞬间，缸内封闭气体的温度；（ⅱ）缸内封闭的气体与缸外大气达到热平衡时，缸内封闭气体的压强.【答案】

（ⅰ）330K（ⅱ）1.01×105Pa（ⅱ）对大、小活塞受力分析则有m1g＋m2g＋pS1＋p1S2＝p1S1＋pS2可得p1＝1.1×105Pa缸内封闭的气体与缸外大气达到热平衡过程中，气体体积不变，由查理

定律得p1T2＝p2T3T3＝T＝303K解得p2＝1.01×105Pa【变式探究】[2015·新课标全国Ⅱ，33（2），10分]如图，一粗细均匀的U形管竖直放置，A侧上端封闭，B侧上端与大气相通，下端开口处开关K关闭；A侧空气柱的长度为l＝10.0cm，B侧水银面比A侧

的高h＝3.0cm.现将开关K打开，从U形管中放出部分水银，当两侧水银面的高度差为h1＝10.0cm时将开关K关闭.已知大气压强p0＝75.0cmHg.（ⅰ）求放出部分水银后A侧空气柱的长度；（ⅱ）此后再向B

侧注入水银，使A、B两侧的水银面达到同一高度，求注入的水银在管内的长度.【答案】（ⅰ）12.0cm（ⅱ）13.2cm【解析】（ⅰ）以cmHg为压强单位.设A侧空气柱长度l＝10.0cm时的压强为p；当两侧水银面的高度差为h1＝10

.0cm时，空气柱的长度为l1，压强为p1.由玻意耳定律得pl＝p1l1①由力学平衡条件得p＝p0＋h②打开开关K放出水银的过程中，B侧水银面处的压强始终为p0，而A侧水银面处的压强随空气柱长度的增加逐渐减小，B、A两侧水银面的高度差也随之减小，直至B侧水银面低于A侧

水银面h1为止.由力学平衡条件有p1＝p0－h1③联立①②③式，并代入题给数据得l1＝12.0cm④【举一反三】[2015·江苏单科，12A（3）]给某包装袋充入氮气后密封，在室温下，袋中气体压强为1个标准大气压、体积为1L.将其缓慢压缩到压强为2个标准

大气压时，气体的体积变为0.45L.请通过计算判断该包装袋是否漏气.【答案】漏气【解析】若不漏气，设加压后的体积为V1，由等温过程得：p0V0＝p1V1，代入数据得V1＝0.5L，因为0.45L＜0.5L，故

包装袋漏气.【变式探究】[2015·重庆理综，10（2），6分]北方某地的冬天室外气温很低，吹出的肥皂泡会很快冻结.若刚吹出时肥皂泡内气体温度为T1，压强为p1，肥皂泡冻结后泡内气体温度降为T2.整个过程中泡

内气体视为理想气体，不计体积和质量变化，大气压强为p0.求冻结后肥皂膜内外气体的压强差.【答案】T2T1p1－p0【变式探究】[2015·山东理综，37（2）]扣在水平桌面上的热杯盖有时会发生被顶起的现象.如图，截面积为S的热杯盖扣在水平

桌面上，开始时内部封闭气体的温度为300K，压强为大气压强p0.当封闭气体温度上升至303K时，杯盖恰好被整体顶起，放出少许气体后又落回桌面，其内部气体压强立刻减为p0，温度仍为303K.再经过一段时间，内部气体温度恢复到300K.整个过程中封闭气体均可视

为理想气体.求：（ⅰ）当温度上升到303K且尚未放气时，封闭气体的压强；（ⅱ）当温度恢复到300K时，竖直向上提起杯盖所需的最小力.【答案】（ⅰ）1.01p0（ⅱ）0.02p0S【解析】（ⅰ）以开始封闭的气体为研究对象，由题意可知，初状态温度T0＝300K，压强为p0

；末状态温度T1＝303K，压强设为p1，由查理定律得p0T0＝p1T1①代入数据得p1＝101100p0＝1.01p0②（ⅱ）设杯盖的质量为m，刚好被顶起时，由平衡条件得p1S＝p0S＋mg③放出少许气体后，以杯盖内的剩余气体为研究对象，由题意可知，初状态温度T2＝303K，

压强p2＝p0，末状态温度T3＝300K，压强设为p3，由查理定律得p2T2＝p3T3④设提起杯盖所需的最小力为F，由平衡条件得F＋p3S＝p0S＋mg⑤联立②③④⑤式，代入数据得F＝20110100p0S＝0.02p0S⑥题型三热力学第一定律例3.(2018·全国卷Ⅰ)如图，一定质量的理想

气体从状态a开始，经历过程①、②、③、④到达状态e。对此气体，下列说法正确的是________。A．过程①中气体的压强逐渐减小B．过程②中气体对外界做正功C．过程④中气体从外界吸收了热量D．状态c、d的内能相等E．状态d的压强比状态b的压强小【

答案】BDE【变式探究】【2017·新课标Ⅱ卷】（5分）如图，用隔板将一绝热气缸分成两部分，隔板左侧充有理想气体，隔板右侧与绝热活塞之间是真空。现将隔板抽开，气体会自发扩散至整个气缸。待气体达到稳定后，缓慢推压活塞，将气体压回到原来的体积。假设整个系统不漏气。下列说

法正确的是________（选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分）。A．气体自发扩散前后内能相同B．气体在被压缩的过程中内能增大C．在自发扩散过程中，气体对外界做功D．气体在被压

缩的过程中，外界对气体做功E．气体在被压缩的过程中，气体分子的平均动能不变【答案】ABD【变式探究】【2017·江苏卷】一定质量的理想气体从状态A经过状态B变化到状态C，其V–T图象如图12A–1图所示．下列说法正确的有_________．（

A）A→B的过程中，气体对外界做功（B）A→B的过程中，气体放出热量（C）B→C的过程中，气体压强不变（D）A→B→C的过程中，气体内能增加【答案】BC【解析】由图知A→B的过程中，温度不变，体积减小，故外界对气体做功，所以A错误；根据热力学定律知，A→B的过程中，气体放出热量，B

正确；B→C的过程为等压变化，气体压强不变，C正确；A→B→C的过程中，温度降低，气体内能减小，故D错误．【举一反三】（2015·北京理综，13，6分）下列说法正确的是（）A.物体放出热量，其内能一定减小B.物体对外做功，其内能一定减小C.物体吸收热量，同时对外做功，其内能可能增加D.物体放出

热量，同时对外做功，其内能可能不变【答案】C【变式探究】[2015·重庆理综，10（1），6分]（难度★★）某驾驶员发现中午时车胎内的气压高于清晨时的，且车胎体积增大.若这段时间胎内气体质量不变且可视为理想气体，那么（）A.外界对胎内气体做功，气体内能减小B.外界对胎内气体

做功，气体内能增大C.胎内气体对外界做功，内能减小D.胎内气体对外界做功，内能增大【答案】D【解析】车胎体积增大，故胎内气体对外界做功，胎内气体温度升高，故胎内气体内能增大，D项正确.【变式探究】[2015·福建理综，29（2）]如图，一定质量的理想气体，由状态a经

过ab过程到达状态b或者经过ac过程到达状态c.设气体在状态b和状态c的温度分别为Tb和Tc，在过程ab和ac中吸收的热量分别为Qab和Qac.则（）A.Tb＞Tc，Qab＞QacB.Tb＞Tc，Qab＜QacC.Tb＝

Tc，Qab＞QacD.Tb＝Tc，Qab＜Qac【答案】C【解析】a→b过程为等压变化，由盖－吕萨克定律得：V0Ta＝2V0Tb，得Tb＝2Ta，a→c过程为等容变化，由查理定律得：p0Ta＝2p0Tc，得Tc＝2Ta所以Tb＝Tc由

热力学第一定律：a→b：Wab＋Qab＝ΔUaba→c：Wac＋Qac＝ΔUac又Wab＜0，Wac＝0，ΔUab＝ΔUac则有Qab＞Qac故C项正确.【变式探究】（2015·江苏单科，12A（2））在装有食品的包装袋中充入氮气，可以起到保质作用.

某厂家为检测包装袋的密封性，在包装袋中充满一定量的氮气，然后密封进行加压测试.测试时，对包装袋缓慢地施加压力.将袋内的氮气视为理想气体，则加压测试过程中，包装袋内壁单位面积上所受气体分子撞击的作用力（选填“增大”、“减小”或“不变”），包装袋内氮气的内能（选填“增大”、“减小”或

“不变”）.【答案】增大不变题型四玻意耳定律、查理定律、盖-吕萨克定律例4．(2018·全国卷Ⅲ)在两端封闭、粗细均匀的U形细玻璃管内有一段水银柱，水银柱的两端各封闭有一段空气。当U形管两端竖直朝上时，左、右两边空气柱的长度分别为l1＝18.0cm和l2＝12.0cm，

左边气体的压强为12.0cmHg。现将U形管缓慢平放在水平桌面上，没有气体从管的一边通过水银逸入另一边。求U形管平放时两边空气柱的长度。在整个过程中，气体温度不变。【答案】22.5cm7.5cm【变式探究】【2017·新课标Ⅰ卷】（10分）如图，容积均为V的汽缸

A、B下端有细管（容积可忽略）连通，阀门K2位于细管的中部，A、B的顶部各有一阀门K1、K3；B中有一可自由滑动的活塞（质量、体积均可忽略）。初始时，三个阀门均打开，活塞在B的底部；关闭K2、K3，通过K1给汽缸充气，

使A中气体的压强达到大气压p0的3倍后关闭K1。已知室温为27℃，汽缸导热。（i）打开K2，求稳定时活塞上方气体的体积和压强；（ii）接着打开K3，求稳定时活塞的位置；（iii）再缓慢加热汽缸内气体使其温度升高20℃，求此时活塞下方气体的压强。【答案】（i）V/22p0（ii）顶部（iii）

1.6p0【解析】（i）设打开K2后，稳定时活塞上方气体的压强为p1，体积为V1。依题意，被活塞分开的两部分气体都经历等温过程。由玻意耳定律得011pVpV①②联立①②式得12VV③102pp④

（iii）设加热后活塞下方气体的压强为p3，气体温度从T1=300K升高到T2=320K的等容过程中，由查理定律得3212ppTT⑦将有关数据代入⑦式得p3=1.6p0⑧【变式探究】【2017·新课

标Ⅱ卷】（10分）一热气球体积为V，内部充有温度为Ta的热空气，气球外冷空气的温度为Tb。已知空气在1个大气压、温度T0时的密度为ρ0，该气球内、外的气压始终都为1个大气压，重力加速度大小为g。（i）求该热气球所受浮力的大小；（ii）求该热气球内空气所受的重

力；（iii）设充气前热气球的质量为m0，求充气后它还能托起的最大质量。【答案】（i）00bgVTT（ii）00agVTT（iii）【解析】（i）设1个大气压下质量为m的空气在温度T0时的体积为V0，密度为00

mV①温度为T时的体积为VT，密度为：()TmTV②由盖-吕萨克定律可得：00TVVTT③联立①②③解得：④气球所受的浮力为：⑤联立④⑤解得：⑥【变式探究】【2017·新课标Ⅲ卷】（10分）一种测量稀薄气体压强的仪器如图（a）所示，玻璃泡M的上端和下端分别连

通两竖直玻璃细管K1和K2。K1长为l，顶端封闭，K2上端与待测气体连通；M下端经橡皮软管与充有水银的容器R连通。开始测量时，M与K2相通；逐渐提升R，直到K2中水银面与K1顶端等高，此时水银已进入K1，且K1中水银面比顶端低h，如图（b）所示。设测量过程中温度、与K2相通

的待测气体的压强均保持不变。已知K1和K2的内径均为d，M的容积为V0，水银的密度为ρ，重力加速度大小为g。求：（i）待测气体的压强；（ii）该仪器能够测量的最大压强。【答案】（i）（ii）220π4gdlV（ii）由题意知hl⑥联立⑤⑥式有⑦该仪器能够测量的最大压强为⑧【变式探究】(20

16·全国卷Ⅲ，33)【物理——选修3－3】(1)(5分)关于气体的内能，下列说法正确的是________。(填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分)A．质量和温度

都相同的气体，内能一定相同B．气体温度不变，整体运动速度越大，其内能越大C．气体被压缩时，内能可能不变D．一定量的某种理想气体的内能只与温度有关E．一定量的某种理想气体在等压膨胀过程中，内能一定增加(2)(10分)一U形玻璃管竖直放置，左端开

口，右端封闭，左端上部有一光滑的轻活塞。初始时，管内汞柱及空气柱长度如图2所示。用力向下缓慢推活塞，直至管内两边汞柱高度相等时为止。求此时右侧管内气体的压强和活塞向下移动的距离。已知玻璃管的横截面积处处相同；在活塞向下移动的过程中，没有

发生气体泄漏；大气压强p0＝75.0cmHg。环境温度不变。图2【答案】(1)CDE(2)144cmHg9.42cm