【文档说明】高考物理复习 计算题专练 匀加速直线运动（含答案解析）.doc，共(13)页，163.000 KB，由MTyang资料小铺上传

转载请保留链接：https://www.ichengzhen.cn/view-75088.html

以下为本文档部分文字说明：

2020(人教版)高考物理复习计算题专练匀加速直线运动1.在某段平直的铁路上，一列以324km/h高速行驶的列车某时刻开始匀减速行驶，5min后恰好停在某车站，并在该站停留4min，随后匀加速驶离车站，经8.1km后恢复到原速324km/h.求：(1)列车减速时的加速

度大小；(2)列车从静止开始驶离车站，匀加速到原来速度所用的时间；(3)列车从开始减速到恢复原速这段时间内的平均速度大小．2.质量为m=1×103kg的汽车A以2m/s2的加速度,从静止开始沿一长直道路做匀加速直线运动,开始运动的同时,在A车前方200m

处有另一汽车B以36km/h的速度与A车同方向匀速前进。A车追上B车时,立刻关闭发动机,以4m/s2的加速度做匀减速直线运动。重力加速度g取10m/s2,求:(1)A车经过多长时间追上B车;(2)追上B车后,两车再经过多

长时间第二次相遇。(假设A车可以从B车旁经过而不发生相撞)3.一辆汽车从静止开始匀加速开出,然后保持匀速运动,最后匀减速运动,直到停止,下表给出了不同时刻汽车的速度:(1)汽车做匀速运动时的速度大小是否为12m/s?汽车做加速运动时的加速度

和减速运动时的加速度大小是否相等?(2)汽车从开出到停止共经历的时间是多少?4.一辆客车在某高速公路上行驶，在经过某直线路段时，司机驾车做匀速直线运动，司机发现其正要通过正前方高山悬崖下的隧道，于是鸣笛，5s后听到回声，听到回声后又行驶

10s后司机第二次鸣笛，3s后听到回声.请根据以上数据计算一下客车的速度，看客车是否超速行驶.已知此高速公路的最高限速为120km/h，声音在空气中的传播速度为340m/s.5.一质点由静止从A点出发，先做匀加速直线运动，加速度大小为a，

后做匀减速直线运动，加速度大小为3a，速度为零时到达B点．A、B间距离为x，求质点运动过程中的最大速度．6.同向运动的甲乙两质点在某时刻恰好通过同一路标，以此时为计时起点，此后甲质点的速度随时间的变化关系为v=4t＋12(m/s)，乙质点位移随时间的变化关系

为s=2t＋4t2(m)，试求：(1)两质点何时再次相遇？(2)两质点再次相遇之前何时相距最远？最远的距离是多少？7.一辆汽车从静止开始匀加速开出，然后保持匀速运动，最后匀减速运动，直到停止，下表给出了不同时刻汽车的速度：(1)汽车从开出

到停止总共经历的时间是多少？(2)汽车通过的总路程是多少？8.据统计，开车时看手机发生事故的概率是安全驾驶的23倍，开车时打电话发生事故的概率是安全驾驶的2.8倍．一辆小汽车在平直公路上以某一速度行驶时，司机低头看手机2s，相当于盲开50m，该车遇见紧急情况，紧急刹车的距离(从开始刹车到

停下来汽车所行驶的距离)至少是25m，根据以上提供的信息：(1)求汽车行驶的速度和刹车的最大加速度大小；(2)若该车以108km/h的速度在高速公路上行驶时，前方100m处道路塌方，该司机因看手机2s后才发现危险，司机的反应时间为0.5s，刹车

的加速度与(1)问中大小相等．试通过计算说明汽车是否会发生交通事故．9.我国东部14省市ETC联网已正常运行，ETC是电子不停车收费系统的简称．汽车分别通过ETC通道和人工收费通道的流程如图所示．假设汽车以v

1=15m/s的速度朝收费站正常沿直线行驶，如果过ETC通道，需要在收费站中心线前x=10m处正好匀减速至v2=5m/s，匀速通过中心线后，再匀加速至v1正常行驶；如果过人工收费通道，需要恰好在中心线处匀减速至

速度为0，经过t=20s缴费成功后，再启动汽车匀加速至v1正常行驶．设汽车加速和减速过程中的加速度大小均为1m/s2.求：(1)汽车过ETC通道时，从开始减速到恢复正常行驶过程中的位移大小；(2)汽车通过ETC通道

比通过人工收费通道节约的时间是多少？10.甲、乙两车沿平直公路同向行驶,当两车并排行驶时同时刹车,刹车后两车的v-t图像如图所示,求两车之间的最大距离。11.随着我国经济的快速发展，汽车的人均拥有率也快速增加，为了避免交通事故的发生，交通管理部门在市区

很多主干道上都安装了固定雷达测速仪，可以准确抓拍超速车辆以及测量运动车辆的加速度．其原理如图所示，一辆汽车正从A点迎面驶向测速仪B，若测速仪与汽车相距x0=355m时发出超声波，同时汽车由于紧急情况而急刹

车，当测速仪接收到反射回来的超声波信号时，汽车恰好停止于D点，且此时汽车与测速仪相距x=335m，已知超声波的速度为340m/s.试求汽车刹车过程中的加速度大小．12.一质点由静止开始从A点向B点作直线运动，初始加速度为a0，(1)若

以后加速度均匀增加，每经过n秒增加a0，求经过t秒后质点的速度．(2)若将质点的位移sAB平分为n等份，且每过一个等分点后，加速度都增加a0/n，求该质点到达B点时的速度．13.从斜面上某一位置,每隔0.1s释放一个小球,在连续释放几颗小球后,对在斜面上滚动的小球拍下照片,如图所示,测得xA

B=15cm,xBC=20cm,求:(1)小球的加速度大小;(2)拍摄时B球的速度大小;(3)拍摄时xCD的大小;(4)A球上方滚动的小球还有几颗?14.甲车以10m/s的速度在平直的公路上匀速行驶，乙车以4m/s的速度与甲车同向做匀速直线运动，甲车经过乙车旁边开始以0.5m/s2的加速度

刹车，从甲车刹车开始计时，求：(1)乙车在追上甲车前，两车相距最大的距离．(2)乙车追上甲车所用的时间．15.ETC是电子不停车收费系统的简称．汽车分别通过ETC通道和人工收费通道的流程如图所示．假设汽车以速度v1=15m/s朝收费站沿直线正常行驶，如果过ETC通

道，需要在收费站中心线前10m处正好匀减速至v2=5m/s，匀速通过中心线后，再匀加速至v1正常行驶；如果过人工收费通道，需要恰好在中心线处匀减速至零，经过20s缴费成功后，再启动汽车匀加速至v1正常行驶，设汽车加速和减速过程中的加速度大小均为1

m/s2，求(1)汽车通过ETC通道时，从开始减速到恢复正常行驶过程中的位移大小；(2)汽车通过ETC通道比通过人工收费通道节约的时间．答案解析1.解：(1)324km/h=90m/s，由加速度定义式可知a1=Δv1Δt1=－0.3m/s2，所以列车减速时的加速度大小为0.3m/s

2.(2)x2=0＋v2t2，解得t2=180s.(3)t总=t1＋t2＋t停=720s，x1=v＋02t1=13500m，v－=x1＋x2t总=30m/s.2.解：(1)A车从静止开始沿一长直道路做匀加

速直线运动,a1=2m/s2,设A车经过t1时间追上B车,则t1时间内B车的位移x1=v1t1,A车的位移x2=0.5a1t12,且x2-x1=Δx,联立解得t1=20s,t2=-10s(舍去)。(2)追上B车

时A车的速度为v=a1t1=40m/s,a2=-4m/s2,设经过t2时间A车停下,则有v+a2t2=0,得t2=10s,此时A车的位移x2'=0.5t2=200m,B车的位移x1'=v1t2=100m,即A车停下时B车仍没有追上,此后只有B车运动,设B车经过t3时间追上A车,则有v1t3=x

2'-x1',得t3=10s,所以总时间t=t2+t3=20s,即再经过20s两车第二次相遇。3.解：(1)汽车做加速运动时,速度大小从0增到12m/s;汽车做减速运动时,速度大小从12m/s到0,速度变化量的大小一

样,但所需时间不一样,所以两过程的加速度大小不相等。(2)汽车做匀减速运动的加速度a2=m/s2=-6m/s2设汽车行驶10.5s后再经t'停止,t'=s=0.5s故汽车从开出到停止总共经历的时间为10.5s+0.5s=11s。4.解：设客车行驶速度为v1，声速为v2，客车第一次鸣笛时

与悬崖的距离为L，由题意知：2L－v1×5s=v2×5s①当客车第二次鸣笛时，客车距悬崖的距离为L′，则2L′－v1×3s=v2×3s又因为L′=L－v1×15s则2(L－v1×15s)－v1×3s=v2×3

s②由①②联立解得v1=v214≈87.43km/h＜120km/h故客车未超速.5.解：设运动过程中的最大速度为v，则匀加速直线运动的位移x1=v22a，匀减速直线运动的位移x2=v22×3a，由题意x=v22a＋v22×3a

，解得v=3ax2.6.解：(1)由甲质点速度随时间变化关系v甲=4t＋12(m/s)得甲做匀变速直线运动，v0甲=12m/s，a甲=4m/s2则甲的位移随时间变化关系为s甲=12t＋2t2(m)①乙质点位移随时间变

化关系s乙=2t＋4t2(m)②若甲乙再次相遇，两者位移相等，则有s甲=s乙③由①②③得t1=0st2=5s由题意得两质点5s时再次相遇．(2)由乙质点位移随时间的变化关系s乙=2t＋4t2得乙做匀变速直线运动，v0乙=2m/s，a乙=8m/s2(

则乙的速度随时间变化关系为v乙=2(m/s)＋8t④由甲质点的速度随时间的变化关系为v甲=4t＋12(m/s)⑤由题意得当两质点速度相等时，两者相距最远，v甲=v乙⑥由④⑤⑥得t3=2.5s⑦则两质点再次相遇之前2.5s相距最远由①②⑦得两质点的最

远距离为s甲－s乙=12.5m7.解：(1)汽车匀减速运动的加速度a2=v2－v1Δt=3－91m/s2=－6m/s2设汽车从3m/s经t′停止，t′=v′－v2a2=0－3－6s=0.5s故汽车从开出到停止总共经历的时间为t=10.5s＋0.5s=11

s.(2)汽车匀加速运动的加速度a1=Δv1Δt1=6－31m/s2=3m/s2汽车匀加速运动的时间t1=Δva1=12－03s=4s汽车匀减速运动的时间t3=Δv′a2=0－12－6s=2s汽车匀速运动的时间t2=t－t1

－t3=5s汽车匀速运动的速度为v=12m/s则汽车总共运动的路程s=v2t1＋vt2＋v2t3=122×4＋12×5＋122×2m=96m.8.解：(1)汽车行驶的速度为v1=xt=502m/s=25m/s.汽

车刹车的最大加速度为a，则a=v212x=12.5m/s2；(2)汽车在高速公路上行驶的速度v2=108km/h=30m/s，司机看手机时，汽车发生的位移为x1=v2t1=60m，司机的反应时间内汽车发生的位移的大小为x2=v2Δt=15m，刹车后汽车发生的位移x3=

v222a=36m，此过程中该汽车前进的距离为x=x1＋x2＋x3=111m>100m，所以该汽车会发生交通事故．9.解：(1)过ETC通道时，减速的位移和加速的位移相等，均为x1=v21－v222a=100m，所以总的位移x总1=2x1＋x=

210m.(2)过ETC通道时t1=v1－v2a×2＋xv2=22s，过人工收费通道时t2=v1a×2＋t=50s，x2=v212a×2=225m，二者的位移差Δx=x2－x总1=(225－210)m=15m，在这段位移内汽车过ETC通道时是做匀速直线运动，所以Δt=t2－

t1＋Δxv1=27s.答案为：(1)210m，(2)27s；10.解：由v-t图像得,甲车的加速度大小a1=1m/s2,乙车的加速度大小a2=0.5m/s2,当两车速度相等时距离最大,设经时间t两车速度相等,有v甲-a1t=v乙-a2t,甲车的位移x1=v甲t-a1t

2,乙车的位移x2=v乙t-a2t2,两车间的距离为Δx=x1-x2,解得Δx=25m;两车均停止运动后,Δx'=25m,所以,两车之间的最大距离为25m。11.解：超声波从B发出到汽车与被汽车反射到被B接

收所需的时间相等，在整个这段时间内汽车的位移x=(355－335)m=20m．汽车逆向是初速度为零的匀加速直线运动，在开始相等时间内的位移之比为1∶3，所以x2=5m，x1=15m，则超声波被汽车接收时，汽车与B的距离

x′=(355－15)m=340m，所以超声波从B发出到被汽车接收所需的时间T=x′v声=340340s=1s.根据Δx=aT2得：a=ΔxT2=15－512m/s2=10m/s2.12.解：(1)作出a－t

图线，图线围成的面积表示速度的变化量，每经过n秒增加a0，则ts时，加速度a=a0＋tna0，则ts内速度的变化量Δv=12a0＋a0＋tna0t=a0t＋a02nt2.因为初速度为零，则ts后的速度

v=a0t＋a02nt2.(2)根据速度位移公式得，2a0sABn=v21－0，2a0＋a0nsABn=v22－v21.……2a0＋－0nsABn=v2B－v2n－1.累加，解得vB=3－1nasAB.13.解：(1)由a=得小球的加速度a==5m/s2。(2

)B球的速度等于AC段上的平均速度,即vB==1.75m/s。(3)由相邻相等时间内的位移差恒定,即xCD-xBC=xBC-xAB,所以xCD=2xBC-xAB=0.25m。(4)设A球的速度为vA,由于vA=vB-at=1.25m/s所以A球的运动时间为tA==0.25s,所以在A球上方滚动的

小球还有2颗。14.解：(1)在乙车追上甲车之前，当两车速度相等时两车间的距离最大，设此时经历的时间为t1，则由v1＋at1=v2，得t1=12s．此时甲车的位移为x1=v1t1＋12at21=10×12m

－12×0.5×122m=84m，乙车的位移为x2=v2t1=4×12m=48m，所以两车间的最大距离为Δx=x1－x2=84m－48m=36m.(2)设甲车从刹车到停止的时间为t2，则有t2=0－v1a=0－10－

0.5s=20s，甲车在这段时间内发生的位移为x=－v212a=－102－2×0.5m=100m，乙车发生的位移为x′=v2t2=4×20m=80m，则乙车追上甲车所用的时间t3=t2＋x－x′v2=25s.15.(1)通过ETC通道时，减速的位移大小和加速的位移

大小相等，均为s1=v21－v222a=100m所以总的位移大小s总=2s1＋d=210m(2)通过ETC通道的时间t1=v1－v2a×2＋dv2=22s通过人工收费通道的时间t2=v1a×2＋20s=50ss2=v212a×2=225m二者的位移差Δs=s2－s总=15m在这段位移差内过ETC

通道时以速度v1做匀速直线运动所以Δt=t2－t1＋Δsv1=27s