【文档说明】高考数学（全国甲卷通用理科）知识 方法篇 专题5　数列、推理与证明 第25练 含答案.doc，共(8)页，112.500 KB，由MTyang资料小铺上传

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第25练归纳推理与类比推理[题型分析·高考展望]归纳推理与类比推理是新增内容，在高考中，常以选择题、填空题的形式考查.题目难度不大，只要掌握合情推理的基础理论知识和基本方法即可解决.体验高考1.(2015·陕西)观察下列等式：1－12＝12，1－12＋13－14＝13＋14，1－12

＋13－14＋15－16＝14＋15＋16，„，据此规律，第n个等式可为_______________________________________________.答案1－12＋13－14＋„＋1

2n－1－12n＝1n＋1＋1n＋2＋„＋12n解析等式左边的特征：第1个等式有2项，第2个有4项，第3个有6项，且正负交错，故第n个等式左边有2n项且正负交错，应为1－12＋13－14＋„＋12n－1－12n；等式右边的特征：第1个有1项，第2个有2

项，第3个有3项，故第n个有n项，且由前几个的规律不难发现第n个等式右边应为1n＋1＋1n＋2＋„＋12n.2.(2016·课标全国甲)有三张卡片，分别写有1和2，1和3，2和3.甲，乙，丙三人各取走一张卡片，甲看了乙

的卡片后说：“我与乙的卡片上相同的数字不是2”，乙看了丙的卡片后说：“我与丙的卡片上相同的数字不是1”，丙说：“我的卡片上的数字之和不是5”，则甲的卡片上的数字是________.答案1和3解析由丙说：“我的卡片上的数字之和不是

5”可知，丙为“1和2”或“1和3”，又乙说“我与丙的卡片上相同的数字不是1”，所以乙只可能为“2和3”，所以由甲说“我与乙的卡片上相同的数字不是2”，所以甲只能为“1和3”.3.(2015·福建)一个二元码是由0和1组成的数字

串x1x2„xn(n∈N*)，其中xk(k＝1，2，„，n)称为第k位码元.二元码是通信中常用的码，但在通信过程中有时会发生码元错误(即码元由0变为1，或者由1变为0).已知某种二元码x1x2„x7的码元满足如下校验方程组：x4x5x6x7＝0，x2x3x6x7

＝0，x1x3x5x7＝0，其中运算定义为00＝0，01＝1，10＝1，11＝0.现已知一个这种二元码在通信过程中仅在第k位发生码元错误后变成了1101101，那么利用上述校验方程组可判定k等于________.答

案5解析(ⅰ)x4x5x6x7＝1101＝1；(ⅱ)x2x3x6x7＝1001＝0；(ⅲ)x1x3x5x7＝1011＝1.由(ⅰ)(ⅲ)知x5，x7有一个错误，(ⅱ)中没有错误，∴x5错误，故k等于5.高考必会题型题型一利用

归纳推理求解相关问题例1(1)观察下列等式12＝1，12－22＝－3，12－22＋32＝6，12－22＋32－42＝－10，„照此规律，第n个等式可为______________________.(2)如图是今年元宵花灯展中一

款五角星灯连续旋转闪烁所成的三个图形，照此规律闪烁，下一个呈现出来的图形是()答案(1)12－22＋32－42＋„＋(－1)n＋1n2＝(－1)n＋1·nn＋12(2)A解析(1)观察等式左边的式子，每次增加一项，故第n个等式左边有n项，指数都是2，且正、负相间，

所以等式左边的通项为(－1)n＋1n2.等式右边的值的符号也是正、负相间，其绝对值分别为1，3，6，10，15，21，„.设此数列为{an}，则a2－a1＝2，a3－a2＝3，a4－a3＝4，a5－a4＝5，„，an－an－1＝n，各式相加得an－a1＝2＋3＋4＋„＋n，即an＝

1＋2＋3＋„＋n＝nn＋12.所以第n个等式为12－22＋32－42＋„＋(－1)n＋1n2＝(－1)n＋1·nn＋12.(2)第一个图，左下角为黑，然后顺时针旋转，变为第二个图；接下来，相邻的黑块顺时针旋转；所以之

后所有图就应该是相邻的黑块顺时针旋转，故选A.点评归纳推理的三个特点(1)归纳推理的前提是几个已知的特殊对象，归纳所得到的结论是未知的一般现象，该结论超越了前提所包含的范围；(2)由归纳推理得到的结论具有猜测的性质，结论是否准

确，还需要经过逻辑推理和实践检验，因此归纳推理不能作为数学证明的工具；(3)归纳推理是一种具有创造性的推理，通过归纳推理得到的猜想，可以作为进一步研究的起点，帮助发现问题和提出问题.变式训练1已知cosπ3＝12，cosπ5cos2π5＝14，cosπ7

cos2π7cos3π7＝18，根据以上等式，可猜想出的一般结论是________________________.答案cosπ2n＋1cos2π2n＋1·„·cosnπ2n＋1＝12n，n∈N*题型二利用类比推理求解相关问题例2半径为r的圆的面积S(r)＝π

r2，周长C(r)＝2πr，若将r看作(0，＋∞)上的变量，则(πr2)′＝2πr①，①式用语言可以叙述为：圆的面积函数的导数等于圆的周长函数，对于半径为R的球，若将R看作(0，＋∞)上的变量，请写出类比①的等式：______

_________.上式用语言可以叙述为_______________.答案(43πR3)′＝4πR2球的体积函数的导数等于球的表面积函数解析圆的面积类比为球的体积，圆的周长类比为球的表面积，那么语言可以叙述为：球的体积函数的导数等于球的表面积函数，故填：(43πR3)′＝4πR2；

球的体积函数的导数等于球的表面积函数.点评类比推理的一般步骤(1)定类，即找出两类对象之间可以确切表述的相似特征；(2)推测，即用一类对象的已知特征去推测另一类对象的特征，从而得出一个猜想；(3)检验，即检验猜想的正确性，要将类比推理运用于简单推理之中，在不断的推理中提高自己的观察、归纳

、类比能力.变式训练2在平面几何中有如下结论：正三角形ABC的内切圆面积为S1，外接圆面积为S2，则S1S2＝14.推广到空间可以得到类似结论：已知正四面体PABC的内切球体积为V1，外接球体积为V2，则V1V

2等于()A.164B.127C.19D.18答案B解析从平面图形类比到空间图形，从二维类比三维，可得到如下结论：正四面体的内切球与外接球半径之比为13，所以正四面体的内切球的体积V1与外接球的体积V2

之比等于V1V2＝(13)3＝127，故选B.高考题型精练1.设0<θ<π2，已知a1＝2cosθ，an＋1＝2＋an(n∈N*)，猜想an等于()A.2cosθ2nB.2cosθ2n－1C.2cosθ2n＋1D.2sinθ2n答案B解析a2＝2＋a1＝2＋2cosθ＝4co

s2θ2＝2cosθ2，同理a3＝2＋2cosθ2＝2cosθ4，a4＝2cosθ8，猜想an＝2cosθ2n－1，故选B.2.面积为S的平面凸四边形的第i条边的边长记为ai(i＝1，2，3，4)，此四边形内任一点P到第i条边的距离记为hi(i＝1，2，3，4)，若a

11＝a22＝a33＝a44＝k，则h1＋2h2＋3h3＋4h4＝2Sk.类比以上性质，体积为V的三棱锥的第i个面的面积记为Si(i＝1，2，3，4)，此三棱锥内任一点Q到第i个面的距离记为Hi(i＝1，2，3，4)，若S11＝S22

＝S33＝S44＝K，则H1＋2H2＋3H3＋4H4等于()A.2VKB.3VKC.V2KD.V3K答案B解析根据三棱锥的体积公式V＝13SH得：13S1H1＋13S2H2＋13S3H3＋13S4H4＝V，即S1H1＋S2H2＋S3H3＋S4H4＝3V，∴H1＋2H2＋3H3＋4H4＝3VK.3

.若数列{an}是等差数列，则数列{bn}(bn＝a1＋a2＋„＋ann)也为等差数列.类比这一性质可知，若正项数列{cn}是等比数列，且{dn}也是等比数列，则dn的表达式应为()A.dn＝c1＋c2＋„＋cnnB.dn＝c1·c2·„·cnnC.dn＝ncn1＋cn2

＋„＋cnnnD.dn＝nc1·c2·„·cn答案D解析若{an}是等差数列，则a1＋a2＋„＋an＝na1＋nn－12d，∴bn＝a1＋n－12d＝d2n＋a1－d2，即{bn}为等差数列；若{cn}是

等比数列，则c1·c2·„·cn＝cn1·q1＋2＋„＋(n－1)＝cn1·(1)2nnq，∴dn＝nc1·c2·„·cn＝c1·12nq，即{dn}为等比数列，故选D.4.已知f(1，1)＝1，f(m，n)∈N*(m、n

∈N*)，且对任意m，n∈N*都有：①f(m，n＋1)＝f(m，n)＋2；②f(m＋1，1)＝2f(m，1)；给出以下三个结论：(1)f(1，5)＝9；(2)f(5，1)＝16；(3)f(5，6)＝26.其中正确的个数为()A.3B.2C.1D.0答案A解析由题意f

(1，5)＝f(1，4)＋2＝f(1，3)＋2＋2＝f(1，2)＋2＋2＋2＝f(1，1)＋2＋2＋2＋2＝9，f(5，1)＝2f(4，1)＝22f(3，1)＝23f(2，1)＝24f(1，1)＝16，f(5，6)＝f(5，5)＋2＝f(5，4)＋4＝„＝f(5，1)＋10＝16＋10＝26

.所以三个都正确，故选A.5.集合{1，2，3，„，n}(n≥3)中，每两个相异数作乘积，将所有这些乘积的和记为Tn，如：T3＝1×2＋1×3＋2×3＝12[62－(12＋22＋32)]＝11；T4＝1×2＋1×3＋1×4＋2×3＋2

×4＋3×4＝12[102－(12＋22＋32＋42)]＝35；T5＝1×2＋1×3＋1×4＋1×5＋„＋3×5＋4×5＝12[152－(12＋22＋32＋42＋52)]＝85，则T7＝________.(写出计算结果)答案322解析由T3，T4，T5归纳得出Tn＝12[(1＋2＋„＋n

)2－(12＋22＋„＋n2)]，则T7＝12[282－(12＋22＋„＋72)]，又12＋22＋„＋72＝16n(n＋1)(2n＋1)，∴T7＝12(784－140)＝322.6.已知下列四个等式21×1＝2，22×1×3＝3×4，2

3×1×3×5＝4×5×6，24×1×3×5×7＝5×6×7×8，„依此类推，猜想第n个等式为______________________.答案2n×1×3×5×7ׄ×(2n－1)＝(n＋1)×(n＋2)×(n＋3)ׄ×(n＋n)解析观察给出的四个等式可以发现第n个等式的左边是2n乘上从1

开始的n个奇数，右边是从(n＋1)开始的n个连续正整数的积，根据这一规律即可归纳出第n个等式为2n×1×3×5×7ׄ×(2n－1)＝(n＋1)×(n＋2)×(n＋3)ׄ×(n＋n).7.如图1有面积关系：S△PA′B′S△PAB＝PA′·

PB′PA·PB，则图2有体积关系：VP－A′B′C′VP－ABC＝______.答案PA′·PB′·PC′PA·PB·PC解析这是一个类比推理的题，在由平面图形到空间图形的类比推理中，一般是由点的性质类比推理到线的性质，由线的性质类比推理到面的性质，由面

积的性质类比推理到体积性质.8.对于实数x，[x]表示不超过x的最大整数，观察下列等式：[1]＋[2]＋[3]＝3，[4]＋[5]＋[6]＋[7]＋[8]＝10，[9]＋[10]＋[11]＋[12]＋[13]＋[14]＋[15]＝21.„按照此规律，第n个等式的等号右边的结果

为________.答案2n2＋n解析按照此规律第n个等式为n2＋n2＋1＋„＋n＋12－1＝n[(n＋1)2－1－n2＋1]＝n(2n＋1)＝2n2＋n，第n个等式的右边为2n2＋n.9.有以下三个等式：(12＋42)(92＋52)≥(1×9＋4×5)2；(62＋82)(22

＋122)≥(6×2＋8×12)2；(202＋102)(1022＋72)≥(20×102＋10×7)2.请观察这三个不等式，猜想出一个一般性的结论______________________.答案(a2＋b2)(c2＋d2)≥(a

c＋bd)2解析根据题意，观察各式得其规律，用式子将规律表示出来，再利用规律进行作差比较进行证明即可.10.在矩形ABCD中，对角线AC与相邻两边所成的角为α，β，则cos2α＋cos2β＝1.类比到空间中一个正确命题是：在

长方体ABCD－A1B1C1D1中，对角线AC1与相邻三个面所成的角为α，β，γ，则有________________.答案cos2α＋cos2β＋cos2γ＝2解析由在长方形中，设一条对角线与其一顶点出发的两条边所

成的角分别是α，β，则有cos2α＋cos2β＝1，我们根据长方体性质可以类比推理出空间性质，∵长方体ABCD－A1B1C1D1中，对角线AC1与过A点的三个面ABCD，AA1B1B、AA1D1D所成的角分别为α，β，γ，∴co

sα＝ACAC1，cosβ＝AB1AC1，cosγ＝AD1AC1，∴cos2α＋cos2β＋cos2γ＝AC2＋AB21＋AD21AC21＝2AB2＋AD2＋AA21AB2＋AD2＋AA21＝2.故答案为cos2α＋cos2β＋cos2γ＝2.11.若P(x0，y0

)是抛物线y2＝2px(p>0)上的一点，则抛物线在点P处的切线的斜率可以通过如下方法求得：在y2＝2px两边同时对x求导，得2yy′＝2p，即y′＝py，所以抛物线在点P处的切线的斜率k＝py0，请类比上述方法，求出双曲线x2－y22

＝1在点P(2，2)处的切线的方程为________________.答案2x－y－2＝0解析∵x2－y22＝1，∴两边同时对x求导，得2x－yy′＝0，即y′＝2xy，∴(22)，Py′＝2，∴切线方程为y－2＝2(x－2)，即2x－y－2＝0.12.设f(x)＝

ax＋a－x2，g(x)＝ax－a－x2(其中a>0，且a≠1).(1)5＝2＋3，请你推测g(5)能否用f(2)，f(3)，g(2)，g(3)来表示；(2)如果(1)中获得了一个结论，请你推测能否将其推广.解(1)

由f(3)g(2)＋g(3)f(2)＝a3＋a－32·a2－a－22＋a3－a－32·a2＋a－22＝a5－a－52，又g(5)＝a5－a－52，因此g(5)＝f(3)g(2)＋g(3)f(2).(2)由g(5)＝f(3)

g(2)＋g(3)f(2)，即g(2＋3)＝f(3)g(2)＋g(3)f(2)，于是推测g(x＋y)＝f(x)g(y)＋g(x)f(y).证明：因为f(x)＝ax＋a－x2，g(x)＝ax－a－x2，所以g(x＋y)＝ax＋y－a－x＋y2，g(y)＝ay－a－y2，f(y)＝ay＋a－

y2，所以f(x)g(y)＋g(x)f(y)＝ax＋a－x2·ay－a－y2＋ax－a－x2·ay＋a－y2＝ax＋y－a－x＋y2＝g(x＋y).