【文档说明】（新高考）山东高考押题卷 物理卷(解析版，A3版).doc，共(6)页，331.000 KB，由MTyang资料小铺上传

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绝密★启用前普通高等学校招生全国统一考试物理注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。答题前，考生务必将自己的姓名、考生号填写在答题卡上。2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题的答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

写在试卷上无效。3．回答第Ⅱ卷时，将答案填写在答题卡上，写在试卷上无效。4．考试结束，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．下列关于热现象的描述正确的是()A．分子

间的距离越近，分子间的作用力就越大B．扩散现象和布朗运动都能说明分子在永不停息的做无规则运动C．气体温度每升高1℃所吸收的热量与气体经历的具体过程无关D．水蒸气的压强离饱和汽压越远，人感觉越潮湿【答案】B【解析】当两分子间的距离从很远处靠近时，分子间的作用力先

增大后减小，再增大，故A错误；扩散现象和布朗运动都能说明分子在永不停息的做无规则运动，故B正确；气体温度每升高1℃所吸收的热量与气体经历的具体过程有关，故C错误；水蒸气的压强离饱和汽压越远，人感觉越干燥，故D错误。2．目前，在太空中工作时间最长的探测器是旅行者一号，已经在太空中飞行了四十多年，已到

达距离地球二百多亿公里的太阳系边缘。旅行者一号之所以能够工作这么长的时间，其携带的“钚同位素核电池”功不可没。已知该同位素的半衰期为24100年，衰变方程为2394942PuXHeγ?+。则下列分析正确的是()A．该核反应为裂变反应B．X原子核中有92个中子C．电池中的23994Pu每经过

24100年约减少一半D．衰变前后反应物与生成物的质量相等【答案】C【解析】衰变是自发进行的过程，而核裂变需要通过激发才能产生，故A错误；X的质量数为239－4＝235，电荷数为94－2＝92，则中子数为235－92＝143，故B错误；半衰期是指大量的原子经过一定的时间有一半发生反应，

转化为另一种原子，故C正确；该衰变反应由能量放出，则有质量损失，故D错误。3．在某星球表面以初速度v0竖直上抛一个物体，经过t时间落回抛出点，若物体只受该星球引力作用，不考虑星球的自转，已知该星球的直径为d，引力常为G，则该星球的平均密度为()A．03πvG

dtB．06πvGdtC．03πvtGdD．06πvGdt【答案】A【解析】物体竖直上抛过程有v0＝g‧12t，由万有引力定律可知GMmR2＝mg，R＝12d，M＝43ρπR3，解得03πvGdt=，故A正确。4．如图所示为玻璃砖横截面，上表面为半圆，ABCD为

正方形，一束平行光线垂直于CD边射入玻璃砖，在半圆面AB上恰好有三分之一面积可看到透光。则玻璃砖的折射率为()A．2B．2C．3D．3【答案】A【解析】由题意可知，光线进入玻璃砖后，从圆弧面AB射出时有部分光线发生全反射，因在AB面上恰好有三分之一面积透光，如图所示，可知恰好发生全反射

时入射光对应的入射角为30°，则12sin30n==°，A正确。5．如图所示为一列简谐波在t＝0时刻的波形图，Q、P是波上的两质点，此刻质点P沿y轴负方向运动，且t＝1s时第一次运动到波谷位置。则质点Q的振动方程为()A．y＝0.2sin(π2t＋π6)mB．y＝0.2si

n(π2t－π6)mC．y＝0.2sin(π2t－π4)mD．y＝0.2sin(π2t＋π4)m【答案】B【解析】t＝1s时P点第一次回到波谷，则周期T＝4s，ω＝2πT＝π2；t＝0时刻P点沿y轴负方向运动，

说明波沿x轴正方向传播，则此时Q沿y轴正方向运动，且Q点对应的位移为－1m，所以Q点的振动方程为y＝0.2sin(π2t－π6)m，B正确。此卷只装订不密封班级姓名准考证号考场号座位号6．一同学利用如图甲所示实验装置测量当地的重力加速度，为了提高实验精确度，在实验中改变几次摆长l、测

出相应的周期T，得出几组l和对应的T的数值，再以l为横坐标。T2为纵坐标，将所得数据连成直线如图乙所示，则测得的重力加速度大小约为()A．9.70m/s2B．9.80m/s2C．9.86m/s2D．10.00m/s2【答案】C【解析】由公式T＝2

πlg得T2＝4π2lg，则图乙中图线的斜率24π4kg==，则g≈9.86m/s2，故C正确。7．如图所示，矩形ABCD的顶点A、C分别固定有电荷量相等的正、负点电荷，O点为矩形对角线的交点，B点的电势为φ，则下列说法正确的是()A．D点电势为φB．B、D两点的场强大小相等，方向相反C．B、D

两点的场强大小相等，方向相同D．将一质子从B点沿直线移到D点电场力先做正功后做负功【答案】C【解析】电场线由A指向C，等势线与电场线垂直，顺着电场线的方向电势逐渐降低，所以B点的电势比D点的高，故A错误；根据点电荷的电场线分布特点

可知，B、D两点的场强大小相等，方向相同，故B错误，C正确；将一质子从B点沿直线移到D点，电场力先做负功后做正功，故D错误。8．如图所示，通电直导线a与金属圆环b位于同一竖直平面内，相互绝缘。若a中通有方向水平向右的电

流时，其受到的安培力向上，则下列分析正确的是()A．a中的电流一定在增大B．a中的电流可能在增大，也可能在减小C．b中产生逆时针方向的感应电流，且感应电流在减小D．b中产生顺时针方向的感应电流，感应电流可能恒定不变【答案】D【解析】由右手

螺旋定则可判断，通过电导线a在圆环中的合磁通量方向向里，又因导线a受到的安培力向上，则说明圆环中向里的磁通量在减弱，即a中的电流在减小，故AB错误；由右手螺旋定则可判断圆环b中产生顺时针方向的电流，因不知a中电流变化的快慢程度，所以b中感应电流的大小可能恒定不变，故C错误，

D正确。二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9．如图甲所示电路中，理想变压器原线圈的输入电压按图乙所示规律变化，图中曲线为正弦曲线的一部分,

负线圈中接有规格为“36V30W”的灯泡L恰好正常发光。则下列说法正确的是()A．变压器原、副线圈的匝数比为55∶9B．变压器原线圈输入电压的有效值为2203VC．小灯泡L两端电压的最大值为363VD．0～1s内小灯泡L电流方向改变的次数为33【答案】BCD【解析】由公式221(220/

2)23UTTRR?，解得12203U=V，即原线圈电压的有效值为2203V，B正确；由公式111m222mUnUUnU==，得125593nn=，U2m＝363V，A错误，C正确；交变电流的周期T＝0.06s，每周期内电流的方向改变2次，所以0～1s内小灯泡L电流方向

改变的次数为33，D正确。10．一物体从距离地面h＝3.2m的高度水平抛出，落地时的水平位移x＝4.8m，记录下该平抛运动的轨迹，并按照1∶1的比例制作成了一条钢制抛物线轨道，如图所示。现让一个铁环从抛物线轨道顶端从静止滑下，不计运动过程中摩

擦阻力和空气阻力，重力加速度g＝10m/s2，则下面说法正确的是()A．铁环滑落到抛物线轨道末端时的水平速度大小为6m/sB．铁环滑落到抛物线轨道末端时的竖直速度大小为6.4m/sC．铁环在抛物线轨道中的运动时间为0.8sD．铁环下滑到轨道末端时的加速度

大小为8m/s2【答案】BD【解析】铁环做平抛运动时有x＝v0t，h＝12gt2，解得v0＝6m/s，t＝0.8s，vy＝gt＝8m/s，着地时速度方向与水平方向夹角θ满足tanθ＝vyv0＝43。铁环在抛物线轨道

中运动时机械能守恒，则有mgh＝12mv2，解得v＝8m/s，因此铁环滑落到抛物线轨道末端时的水平速度大小为vcosθ＝4.8m/s，竖直速度大小为vsinθ＝6.4m/s，故A错误，B正确；铁环在抛物线轨道中运动时竖直方向加速度小于g，故运动时间大于0.8s，C错误；铁环

下滑到轨道末端时由牛顿第二定律得mgsinθ＝ma，a＝8m/s2，故D正确。11．如图所示，正方形abcd区域内有沿ab方向的匀强电场，一不计重力的粒子以速度v0从ab边的中点沿ad方向射入电场，恰好从c点离开电场。若把电场换为垂直纸面向

里的匀强磁场，粒子也恰好从c点离开磁场。则下列说法正确的是()A．粒子在电场和磁场中运动的加速度大小之比为4∶5B．匀强电场的电场强度和匀强磁场的磁感应强度大小之比为5∶4C．粒子离开电场时和离开磁场时的速度大小之比为2∶1D．粒子离开电场时和离开磁场时速度偏向角的正切之比为3∶4【答

案】CD【解析】粒子在电场中运动时l＝v0t，12l＝12at2，qE＝ma，粒子在磁场中运动时r2＝l2＋(r－12l)2，qv0B＝mv02r，联立解得054vEB=，B错误；粒子在电场中运动离开c点时由类平抛运动规律可知vc＝2v0，粒子在磁场中运动时速度大小不变，所以粒子离开电场时

和离开磁场时的速度大小之比为2∶1，C正确；粒子在电场中运动时a1＝qEm，速度偏向角为45°，粒子在磁场中运动时02qvBam=，速度偏向角正切为43，则1254aa=，12tan3tan4=，A错误，D正确。12．如图甲所示，一质量m＝1kg的木块被水平向左的力F压在竖

直墙上，木块初始位置离地面的高度H＝4m，木块与墙面间的动摩擦因数μ＝0.2，力F与木块距离地面距离h间的关系如图乙所示，重力加速度g＝10m/s2。则()A．木块下滑过程一直做加速运动B．木块下滑过程克服摩擦阻力所做的功为10JC．木块下滑到地面前瞬间的速度大小为8m/sD．木块

下滑过程用时为1s【答案】AC【解析】木块下滑过程重力一直大于摩擦力，所以木块下滑过程一直做加速运动，A正确；木块下滑过程克服摩擦阻力所做的功m182Wfhfh===J，B错误；木块下滑过程摩擦力的大小与下滑位移成线性关系，则有212mgfhmv-=，得v＝8m/s，C正

确；木块下滑过程速度增加得越来越慢，则12vt<h，得t<1s，D错误。三、非选择题：本题共6小题，共60分。按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。13．(6分)某同

学用探究动能定理的装置测滑块的质量m。如图甲所示，在水平气垫导轨上靠近定滑轮处固定一个光电门。让一带有遮光片的滑块自某一位置由静止释放，计时器可以显示出遮光片通过光电门的时间t，同时用米尺测出释放点到光电门的距离x。(1)该同学用螺旋测微器测出遮光片的宽度d如图乙所

示，则d＝mm。(2)实验中多次改变释放点，测出多组数据，描点连线，做出的图象为一条倾斜直线，如图丙所示。图象的横坐标x表示释放点到光电门的距离，则纵坐标表示的是。A．21tB．1tC．tD．t2(3)已知钩码的质量为m0，图丙中图线的斜率为k，重力加速度为g。

根据实验测得的数据，写出滑块质量的表达式m＝。（用字母表示）【答案】(1)3.152(2)A(3)022(1)gmkd-（每空2分）【解析】(1)d＝3mm＋15.2×0.01mm＝3.152mm。(2)由公式v2＝2ax，dvt=得2212axtd=

，即纵坐标为21t。(3)由公式m0g＝(m0＋m)a，22akd=得022(1)gmmkd=-。14．(8分)一同学利用下列实验器材测量电源的电动势和内阻：A．待测电源B电阻箱R（最大电阻值30Ω）C．灵敏电流计G（内阻不计）D．定值电阻R0（电阻值为3000Ω）E．开关、导线若干(1

)请你帮助该同学设计电路图并在图甲中完成实物图的连线。(电路图不必画出)(2)该实验可以近似认为流过电源内部的电流等于流过电阻箱的电流，则电阻箱电阻值R、灵敏电流计的示数I、电源的电动势E、内电阻r和定值电阻R0之间的关系为E＝。

(3)多次改变电阻箱的阻值R，读出对应灵敏电流计的读数I，作出1R－1I图象如图乙所示，则电源的电动势E＝V，内阻r＝Ω。【答案】(1)见解析图（2分）(2)00RIrRIR+（2分）(3)2.25（2分）1.0（2分）【解析】(1)如图所示。(2)由闭合电

路欧姆定律可知00RIErRIR=+；(3)由(2)可化简得0111ERRrIr=?，结合图丙可知r＝1.0Ω，0350001000EkRr==-，解得E＝2.25V。15．(7分)如图所示，封闭有一定质量的理想气体的气缸总高度L＝40cm，内有一厚度不计的活塞，当气缸静止在水平地面上时，

缸内气体柱的高度L1＝24cm，当气缸通过活塞悬挂在天花板上时，缸内气体柱的高L2＝32cm。已知活塞质量m＝10kg，截面积S＝50cm2，大气压强p0＝1.0×105Pa，气体温度t0＝7℃，g取1

0m/s2。活塞与气缸壁间摩擦不计。(1)求气缸悬挂在天花板时，缸内气体的压强；(2)若气缸通过活塞悬挂在天花板上时缓慢升高缸内气体的温度，求当温度升高到多少摄氏度时，活塞与气缸将分离。【解析】(1)气缸放在水平地面上时，有：mg

＋p0S＝p1S（1分）气缸在水平地面上和气缸悬挂时缸体做等温变化，有：p1L1＝p2L2（1分）解得：p2＝0.9×105Pa。（1分）(2)升温过程气体做等压变化，有：2LLTT（2分）其中T＝7℃＋273K＝30

0K（1分）解得：T′＝375K，即t＝102℃。（1分）17．(12分)如图所示，光滑水平面上放有一质量M＝2kg的长滑块P，滑块的左部分带有半径R＝1.6m的四分之一光滑圆弧轨道，右部分为长l＝2.5m的粗糙水平轨道，圆弧轨道与水平轨道相切，右端有一竖

直挡板，一质量m＝1kg的小滑块Q从滑块P中圆弧轨道的最高点由静止释放，与P右端挡板碰撞时为弹性碰撞且碰撞时间极短。已知滑块Q与P中水平轨道间的动摩擦因数μ＝0.16，重力加速度g＝10m/s2。求：

(1)滑块Q与挡板碰撞前瞬间速度大小；(2)滑块Q最终相对P静止位置到挡板的距离。【解析】(1)滑块P、Q作用过程水平方向动量守恒，设滑块Q与挡板碰撞前瞬间的速度为v1，P的速度为v2，则有：mv1＝Mv2（2分）由功能关系可知：mgR－μmgl＝12mv1

2＋12Mv22（2分）联立解得：v1＝4m/s，v2＝2m/s。（2分）(2)两滑块最终静止，由功能关系可知：μmgx＝12mv12＋12Mv22（2分）解得：x＝7.5m（2分）则3xl=，所以滑块Q最终静止位置到挡板的距离为2.5m。（2分）17．(13分)如图所示

，在xOy光滑水平面上的0≤x≤3m、0≤y≤1.2m区域内存在方向垂直平面向外的匀强磁场。一电阻值R＝1Ω、边长L＝1m的正方形金属框的右边界bc恰好位于y轴上。t＝0时，线框受到一沿x轴正方向的外力F＝0.25v＋0.

5（N）（v为线框的速度）作用，从静止开始运动。线框仅在进磁场时有外力，在外力作用期间，测得线框中电流与时间成正比，比例系数k＝1A/s。(1)指出金属线框在外力作用期间做何种运动；(2)若线框恰好能离开磁场，求外力

F作用的时间。【解析】(1)线圈进入磁场的某时刻，设其速度为v，则E＝BLv，I＝ER可得BLvBLaItRR==（2分）因为线框中电流与时间成正比，则I∝t，可知a为恒量，即线框做匀加速运动。（1分）(2)根据牛顿第二定律可知：F－BIL＝ma（1分）即22BLFv

maR=+又F＝0.25v＋0.5则220.25BLR=ma＝0.5又1BLaR=联立解得：B＝0.5T，a＝2m/s2，m＝0.25kg（3分）设F作用时间为t，则v＝at＝2t（1分）x1＝12at2＝t2（1分）线圈若恰能出离磁场，则出离磁场时的速度恰为零，由动

量定理得：120BILtBILtmv¢--=-（1分）其中11Itq=，22Itq¢=则Bq1L＋Bq2L＝mv（1分）其中11()BLxLqR-=，22BLqR=将以上各式联立可得t2＋2t－2＝0解得：t＝(3－1)s（或0.73s）。（2分）1

8．(14分)如图所示，边长为2d的正方形abcd区域内，存在着垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B，平行金属板MN、PQ间有匀强电场，MN放在ad边上，两板左端M、P在ab边上，金属板长及板间距均为d。一质量为m、带电量

为－q的粒子沿两极板的中线SO射入，恰好做直线运动，最后恰好能从cd边的射出磁场。不计粒子的重力。求：(1)粒子从S点射入时的速度大小；(2)极板间匀强电场的电场强度；(3)若撤去两金属板间的磁场，其他位置的磁场不变，同时使金属板间的匀强电场反向，求粒子离开磁场时的位置和

射出方向。【解析】(1)因粒子恰好从cd边射出磁场，如图甲所示，由几何关系可知粒子在磁场中做圆周运动的轨迹半径r＝d（1分）粒子在磁场中做圆周运动，则洛伦兹力提供向心力，则有：qvB＝mv2r（1分）解得：qBdvm=（1分）(2)粒子在极板间做

直线运动，洛伦兹力与电场力相等，则有：qvB＝qE（1分）解得：2qBdEm=（1分）因粒子带负电荷，在极板间受洛伦兹力向下，则受电场力向上，所以电场强度方向向下。（1分）(3)若撤消极板间的磁场，则粒子在板间做类平抛运动，如图乙所示，则有：d＝vt（1分）y＝12at2（

1分）vy＝at（1分）a＝qEm（1分）解得：y＝12d，yqBdvvm==（1分）所以粒子在磁场做运动的速度大小为122qBdvvm==（1分）粒子在磁场中做圆周运动，则洛伦兹力提供向心力，则有：2111vqvBmr=（1分）解得：r1＝2d（1分）由几何关系可知粒子从下极板边缘

射出，在磁场中做圆周运动轨迹对应的圆心为b点，所以粒子在bc边的e点垂直bc边射出磁场，e点到b点的距离为2d。（1分）