【文档说明】（新高考）高考物理3月月考卷（B卷）(解析版，A3版).doc，共(6)页，312.000 KB，由MTyang资料小铺上传

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（新高考）高考物理3月月考卷物理（B）注意事项：1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区

域均无效。3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．图甲是“光

电效应”实验电路图，图乙为某次“光电效应”实验中得到的同一光电管两端的遏止电压随入射光频率v变化的函数关系图像。下列判断正确的是()A．入射光的频率v不同，遏止电压Uc相同B．图甲所示电路中，当电压表增大到一定数值时，电流计将达到饱和电流C．只要光的光照强度相同，光电子的最大初动能就一定相同D

．入射光的频率v不同，光照强度不同，Uc－v图像的斜率相同【答案】D【解析】逸出功与金属材料有关，与入射光的频率无关，由Ekm＝hν－W0可知，入射光的频率不同，电子的最大初动能不同，又eUc＝Ekm，所以入射光的频率不同，遏止电压Uc不同，

A错误；必须图甲所示电路中的电源正负极反接过来，才能用来验证光电流与电压的关系，即当电压表增大到一定数值时电流计将达到饱和电流，B错误；由爱因斯坦光电效应方程Ekm＝hν－W0，可知在入射光频率不同的情况下，光电子的最大初动能不同，最大初动能与光照强度无关，C错误；由Ekm＝hν

－hvc＝eUc，可得cc()hUe=-，故图线的斜率为相同的常量，D正确。2．如图所示，在粗糙的水平面上，固定一个半径为R的半圆柱体M，挡板PQ固定在半圆柱体M上，PQ的延长线过半圆柱截面圆心O，且与水平面成30°角。在M和PQ之间有

一个质量为m的光滑均匀球体N，其半径也为R。整个装置处于静止状态，则下列说法正确的是()A．N对M的压力大小为mgB．N对M的压力大小为33mgC．N对PQ的压力大小为mgD．N对PQ的压力大小为12mg【答案】B【解析】

对球N受力分析，如图，设N对M的压力为F1，N对PQ的压力为F2，由几何关系可知，F1和F2与G的夹角相等，均为30°，则1232cos303mgFFmg===°，故选B。3．如图所示，小球沿足够长的斜面

向上做匀变速运动，依次经a、b、c、d到达最高点e。已知ab＝bd＝6m，bc＝1m，小球从a到c和从c到d所用的时间都是2s，设小球经b、c时的速度分别为vb、vc，则()A．xde＝3mB．vb＝22m/sC．vc＝3m/sD．从d到e所用时间为2s【答案】C【解析】设物体在a

点时的速度大小为v0，加速度为a，根据位移时间公式x＝v0t＋12at2，则从a到c有7＝v0×2＋12×a×4，从a到d有12＝v0×4＋12a×16，解得a＝－0.5m/s2，v0＝4m/s，则vc＝4－0.5×2＝

3m/s，从a到b，根据vb2－va2＝2axab，解得vb＝10m/s，故B错误，C正确；vd＝v0＋at2＝2m/s，则从d到e有0－vd2＝2axde，解得xde＝4m，故A错误；由vd＝atd

e，可得从d到e的时间tde＝4s，故D错误。4．如图甲所示的电路中，S为单刀双掷开关，电表为理想电表，Rt为热敏电阻（阻值随温度的升高而减小），理想变压器原线圈接如图乙所示的正弦交流电，则()A．变压

器原线圈中交流电压u的表达式u＝1102sin(50πt)VB．开关S接在a端，Rt温度升高时，变压器的输入功率变小C．开关S接在a端，Rt温度升高时，电压表和电流表的示数均变大D．开关S由a切换到b，Rt消耗的功率变小【答案】D【解析】由图乙可知，变压

器原线圈中交流电压u的表达式u＝1102sin(100πt)V，A错误；开关S接在a端，Rt温度升高时，电路的电阻减小，而根据U1U2＝n1n2，可知电压表的示数不变，根据欧姆定律，电流表的示数变大，回路消耗的功率增大，变压器输入的功率变大，BC错误；开关S由a切换到b，副线圈接入电路的匝数减少

，根据U1U2＝n1n2，加在Rt两端电压降低，Rt消耗的功率变小，D正确。5．一只质量为0.9kg的乌贼吸入0.1kg的水后，静止在水中。遇到危险时，它在极短时间内把吸入的水向后全部喷出，以大小为2m/s的速度向前逃窜。下列说

法正确的是()A．在乌贼喷水的过程中，乌贼所受合力的冲量大小为0.9N·sB．在乌贼喷水的过程中，乌贼和喷出的水组成的系统的动量增大C．乌贼喷出的水的速度大小为18m/sD．在乌贼喷水的过程中，有9J的生物能转化成机械能【答案】C【解析】根据动量定理在乌贼喷水的过程中，乌贼所受合力的冲

量大小I＝Mv1＝1.8N·s，故A错误；乌贼喷水过程所用时间极短，内力远大于外力，乌贼和喷出的水组成的系统动量守恒，有0＝Mv1－mv2，解得乌贼喷出水的速度大小v2＝18m/s，故B错误，C正确；根据能量

守恒定律，在乌贼喷水的过程中，转化为机械能的生物能Δx＝12mv22＋12Mv12＝18J，故D错误。6．一个运动物体的xt－t图像如图所示，根据图像下列说法正确的是()A．物体初速度大小为NB．物体的加速大小为NMC．M时刻物体的速度大小为0

D．0～M时间内物体的位移大小为12MN【答案】A【解析】根据匀变速直线运动位移时间公式x＝v0t＋12at2，得xt＝v0＋12at，根据数学知识可得v0＝N，2NaM=-，故A正确，B错误；由上面可知，M时刻物体的速度大小v＝v0＋at＝－N，故C错误；0～M时间内物体的位移大小x＝v0t

＋12at2＝0，故D错误。7．如图所示，等腰三角形ABC为一棱镜的横截面，AB＝AC＝l，∠B＝30°。一细束单色光平行于底边BC从AB边上的D点（BD＝35l）射入棱镜，从AC边上的E点平行底边BC射出

棱镜，且CE＝25l，已知光在真空中的传播速度为c。则()A．该棱镜的折射率为3B．该棱镜的折射率为1.5C．光在该棱镜中传播的速度大小为34cD．光在该棱镜中传播的时间为45lc【答案】A【解析】光路如图所示，由几何知识可知，DF平行A

E，AD平行FE，则BD＝DF＝35l，EF＝CE＝25l，光束从D点射入时的入射角α＝60°，折射角β＝30°，由折射定律有n＝sin60°sin30°＝3，故A正确、B错误；3DFEFctvl+==，v＝cn＝33c，故CD错误。8．如图所示，A为地球表面赤道上的物体，B为轨道在赤道

平面内的实验卫星，C为在赤道上空的地球同步卫星，已知卫星C和卫星B的轨道半径之比为3∶1，且两卫星的环绕方向相同，下列说法正确的是()A．卫星B、C运行速度之比为3∶1B．卫星B的加速度大于物体A的加速度C．同一物体在卫星B中对支持物的压力比在卫星

C中大D．在卫星B中一天内可看到3次日出【答案】B【解析】根据GMmr2＝mv2r知v＝GMr，所以B、C的运行速度之比为3∶1，故A错误；卫星在空中只受到万有引力，根据GMmr2＝ma得a＝GMr2，B的轨道比C的轨道半径小，所以B的加速度比C大；又A、C的角速度相同，根据a＝ω2r知C的加速

度比A大，故卫星B的加速度大于物体A的加速度，故B正确；若地球做匀速圆周运动的卫星内的物体都处于完全失重状态，则物体对支持物的压力都是0，故C错误；根据GMmr2＝m2πT2r，可得T＝2πr3GM，地球同步卫星C和实验卫星B的轨道半径之比为3∶1，两卫星周期关系TB∶TC＝1∶33，

C的周期与地球的自转周期相等，为24小时，所以B的周期为833小时，一天内B卫星绕地球的圈数24335.2BnT==?，所以B卫星中的宇航员一天可以看到5次日出，故D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的

四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9．如图所示，在0≤x≤2L的区域内存在着垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B，粗细均匀的正方形金属线框abcd位于x

Oy平面内，线框的bc边与x轴重合，cd边与y轴重合，线框的边长为L，总电阻为R。现让线框从图示位置由静止开始沿x轴正方向以加速度a做匀加速运动，则下列说法正确的是()A．进入磁场时，线框中的电流沿a

bcda方向，出磁场时，线框中的电流沿adcba方向B．进入磁场时，a端电势比b端电势高，出磁场时，b端电势比a端电势高C．a、b两端的电压最大值为34BLaLD．线框中的最大电功率为236aBLR【答案】AD【解析】根据右手定则可知，进入磁场时，线框中的电流沿abcda方向，a

端电势比b端电势低；出磁场时，线框中的电流沿adcba方向，a端电势比b端电势高，故A正确、B错误；当进入磁场过程中，ab两端电压为感应电动势的14，离开磁场的过程中，ab两端电压为感应电动势的34，所以ab边刚要离

开磁场瞬间a、b两端的电压最大，此时的速度为v，根据运动学公式可得，v2＝2a‧3L，所以m364EBLaL=，故C错误；ab边刚要离开磁场瞬间线圈消耗的功率最大，线框中的最大电功率2236EaBLPRR==，故D正确。10．如图所示是一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t＝0时

刻的波形图，已知这列波的振幅为5cm，波速为0.3m/s，则下列说法中正确的是()A．这列波的波长是12cm，周期是0.4sB．t＝0时刻，x＝2cm处质点正在沿y轴方向向上做加速运动C．经过一个周期x＝11c

m处质点通过的路程为20cmD．t＝0.2s时刻，x＝8cm处质点正在向下运动【答案】AC【解析】由图可知这列波的波长λ＝12cm，这列波的周期T＝λv＝0.4s，A正确；波向右传播，t＝0时刻x＝2cm处质点正在沿y轴方向向上运动，运动到最高点

时速度最小，所以是减速运动，B错误；经过一个周期x＝11cm处质点通过的路程为4个振幅x＝4A＝20cm，C正确；t＝0.2s是半个周期，x＝8cm处质点先向下运动后向上运动，正在平衡位置的下方向上运动，D错误。11．如图所示，a

、b两条曲线在1、2两个位罝相交，其中曲线a是一个带电粒子仅在电场力作用下运动的轨迹，另一条曲线b是电场线或等势线中的一种，则下列说法正确的是()A．曲线b是电场线B．曲线b是等势线C．粒子从位罝1运动到位置2电势能先减小后增大D．粒子在位置1和位置2

动能不相等【答案】BC【解析】如果是电场线则1、2两点电场方向相反，结合轨迹弯曲方向应该相反，与图不符，故不可能时电场线，故A错误；如果是等势面，则1、2两点电场方向与等势面垂直，则电场力与等势面垂直，则力的方向应该指向同一侧，则轨迹应该向同一侧偏转，

与图像符合，故曲线b是等势面，故B正确；粒子从位罝1运动到位置2电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增大，故C正确；位置1、2位于同一等势面上电势能相等，又只有电场力做功，则两点动能一定相等，故D错误。12．如图所示，质量为m的小球

（视为质点）固定于轻质弹簧的端。弹簧的另一端固定于O点。将小球拉至A处，此时弹资恰好无形变。现由静止释放小球，小球运动到O点正下方B点时的速度大小为v。此时小球与A点的竖直高度差为h。重力加速度大小为g。不计空气阻力。下列说法正确的是()A．小球从A点运动

到B点的过程中重力势能的减少量为mghB．小球从A点运动到B点的过程中机械能守恒C．小球到达B点时，弹簧的弹性势能为mghD．小球从A点运动到B点的过程中克服弹簧弹力做的功为mgh－12mv2【答案】AD【解析】小球从A点运动到B点的过程中，小球重力势能的减少量等于该过程重力对小球做的功，

该过程中小球所受重力对小球做的功为mgh，A正确；小球从A点运动到B点的过程中小球减少的重力势能一部分转化为小球的动能，另一部分转化为弹簧的弹性势能，B错误；对小球和弹簧组成的系统，由机械能守恒定律有mgh＝12mv2＋Ep，解得小球到达B点时，弹簧的弹性势能Ep＝mgh－

12mv2，C错误；根据功能关系，小球从A点运动到B点的过程中克服弹簧弹力做的功W弹＝Ep＝mgh－12mv2，D正确。三、非选择题：本题共6小题，共60分。按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步

骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。13．(6分)某同学用图甲所示的实验装置测量滑块与桌面之间的动摩擦因数。光电门固定在水平直轨道上的O点，拉力传感器固定在滑块上，不可伸长的细线通过定滑轮将滑块与钩码相连，遮

光条的宽度为d，滑块初始位置A点到O点的距离为L，重力加速度为g。实验步骤如下：A．将滑块从A点由静止释放，传感器显示滑块所受拉力为F，光电门记录遮光条通过光电门的时间t；B．改变钩码的个数重复步骤A；C．正确记录每一组F与t对应的数据，作出21Ft

-的关系图像如图乙所示（图中b、c为已知量）。(1)根据步骤A中测出的物理量可知，滑块的加速度a＝___________；(2)滑块与轨道间的动摩擦因数μ＝___________；(3)增加滑块的质量重新进行实验，得到的21Ft-

图像与两坐标轴交点坐标的绝对值b、c的变化情况是：b___________，c___________。（填“变大”、“变小”或“不变”）【答案】(1)222dtL(2)22cdgL(3)变大不变【解析】(1)滑块滑到光电门处的速度dvt=，根据位移公式得，滑块的加速度22vaL

=，解得222datL=。(2)对滑块，根据牛顿第二定律得F－μmg＝ma，代入加速度得F＝μmg＋222dmtL，根据图像得b＝μmg，22gLcd=，滑块与轨道间的动摩擦因数22dgL=。(3)根据(2)可知，b变大，c不变。14．(8分)在工业生产中

，常运用测定电学量的方法来测定某些溶液含离子的浓度。某同学利用图a所示电路模拟这一情形，测定不同浓度下食盐溶液的电阻率。在长方体绝缘容器内插上两竖直金属薄板A、B，A板固定在左侧，B板可插在容器内不同位置。(1)因缺少保护电阻，为

保护电流表，开关闭合前B板应尽量靠近容器的___________侧（填“左”或“右”），容器内应倒入___________（填“少量”或“大量”）食盐溶液；(2)某次实验时，容器内有一定量的食盐溶液，且B板位于最右

端，此时电流表示数如图c，则此时电路中电流为___________mA；为便于在多次测量中电流的变化范围更大一些，应___________（选填“增加”或“减少”）容器内的食盐溶液；(3)倒入适量食盐溶液后，将B板插在容器内不同位置，改变B、A两板的间距x，读取电流表读数I，测量多组数据，得

到1I－x图线如图b示。已知电源电动势为3.0V，容器内部底面长l＝20cm，容器内溶液体积V＝1200m3。根据图线求得该食盐溶液的电阻率ρ＝___________Ω·m（保留两位有效数字）。【答案】(1)右少量(2)28增加(3)4.9×10－2【解析】(1)由电阻定律R＝ρlS可知，

B板越靠近右侧，溶液长度越长，电阻越大。盐溶液浓度越低，阻值越大。(2)由图c可知，此时电路中电流为28mA。要使测量中电流的变化范围更大，则应减小电阻，故需要增加容器内的食盐溶液。(3)V＝Sl，R＝UI，联立可得1lxIEV=，结合图象的斜率k，可得24.910kEVl

-==?Ω·m。15．(8分)汽车行驶过程中对轮胎气压进行实时自动监测，并对轮胎漏气和低气压进行报警，以确保行车安全。按照行业标准，夏季的胎压为24atm。某次启动汽车时，发现汽车电子系统报警，如图所示。左前轮胎内封闭气体的体积约为V0，为使汽车正常行驶

，用电动充气泵给左前轮充气，每秒钟充入体积为0200V、压强为1atm的气体，充气结束后发现内胎体积约膨胀了20%。汽车轮胎内气体可以视为理想气体，充气过程轮胎内气体温度无明显变化。(1)求充气多长时

间可以使轮胎内气体压强达到标准压强2.4atm；(2)充气后，汽车长时间行驶，胎内气体的温度升高为57℃，胎内气体体积几乎不变，求此时胎内气体压强数值为多少。【解析】(1)左前轮胎内的封闭气体初态时，压强p1＝

1.8atm，体积为V0。设充气时间为t，轮胎内的封闭气体压强p＝2.4atm，体积V＝1.2V01.8p1V0＋0200Vt＝p×1.2V0解得t＝216s。(2)轮胎内气体做等容变化11ppTT=解得

：轮胎内气体的压强为2.64atm。16．(10分)如图，两光滑金属导轨相距L，平直部分固定在离地高度为h的绝缘水平桌面上，处在磁感应强度为B、方向竖直向下的匀强磁场中，弯曲部分竖直固定并与水平部分平滑连接。金属棒ab

、cd垂直于两导轨且与导轨接触良好。棒ab质量的为2m、电阻为0.5r，棒cd的质量为m、电阻为r，开始棒cd静止在水平直导轨上，棒ab从高出平直部分h处无初速释放，进入水平直导轨后与棒cd始终没有接触，最后棒cd落地时与桌

边的水平距离也为h。导轨电阻不计，重力加速度为g。求：(1)棒ab落地时与桌边的水平距离；(2)棒cd即将离开导轨时，棒ab的加速度。【解析】(1)棒cd离开桌面后做平抛运动，平抛时间t＝2hg平抛初速度

0hvt=棒cd从静止开始到离开桌面的过程中安培力对其的冲量I＝Δp＝mv0棒ab进入水平直导轨时机械能守恒：2mgh＝12×2mv2进入磁场后，ab、cd两棒所受的安培力等大反向，作用时间相等，所以安培力对两棒的冲量等大反向，当棒cd离开磁场时，棒ab的动量pab＝2mv－mv0＝2mv′之后

由于电路断开，棒ab一直做匀速运动，所以棒ab落地时与桌边的水平距离d＝v′t联立解得：d＝1.5h。(2)棒cd即将离开导轨时，两棒的瞬时速度分别为vab＝34v0，vcd＝v0此时闭合回路中的感应电动势E＝BL(vab－vcd)回路中的电流abcdEIRR=+棒

ab的加速度A2ababFBILamm==联立解得：2262abBLghamr=。17．(12分)如图，长4m、质量2kg的木板A静止在光滑水平面上，质量1kg可视为质点的滑块B放在木板的左端，A、B间的动

摩擦因数为0.4，右侧一定距离处固定着一挡板。某时刻起，给B施加一大小为10N的水平恒力F作用，当B滑到A的中点时撤去F，此时A恰好与挡板碰撞，碰撞中无机械能损失。g取10m/s2求：(1)开始时A的右端

与挡板间的距离；(2)F对B做的功；(3)B从A上滑下时的速度大小（结果可用根号表示）【解析】(1)A、B间的动摩擦力f＝μmBg＝4N以地面为参考系，A、B的加速度分别为2AAfam==m/s2，6BBFfam-==m/s2设B从木板的左端滑到中点用时为t，木板的长度

为L，开始时木板右端与挡板间的距离为d，则12aBt2＝d＋12L，12aAt2＝d解得：t＝1s，d＝1m。(2)滑块B相对于地面的位移xB＝d＋12L＝3m所以F对B做的功W＝FxB＝30J。(3)由于碰撞中无机械能损失，所以A与挡板碰撞后的速度等于碰撞前的速度，即vA＝aAt＝2m

/s，方向向左；此时滑块的速度vB＝aBt＝6m/s，方向向右。该时刻开始，木板A向左做匀减速运动，滑块B向右做匀减速运动，加速度分别为：2AAfam¢==m/s2，4BBfam¢==m/s2当二者的位移之和等于木板长度的一半时，滑块B从A上滑下，设这一过程用时为t

′，则：vBt′－12aB′t′2＋vAt′－12aA′t′2＝12L解得4103t-¢=s所以B从A上滑下时的速度大小vB′＝vB－aB′t′＝24103+m/s。18．(14分)如图所示，在直角坐标系xOy中，x＝L和y轴之间有垂直纸面向里的匀强磁场，y轴左侧有沿x轴正方向的

匀强电场，电场强度大小为E，在x轴上x＝－L处有一个粒子源，该粒子源可以在纸面内沿各个方向射出速率相同的同种粒子（重力不计），粒子的质量为m、电荷量为＋q，沿y轴负方向射出的粒子经电场和磁场偏转后，恰好不从磁场的右边界射出，并且第一次和第二次经过y轴的位置相距233L，求：(1)粒子的初

速度大小及磁场的磁感应强度大小；(2)沿y轴正方向射出的粒子第二次经过y轴的位置坐标；(3)沿与x轴负方向成45°角向上（图示方向）射出的粒子第一次经过y轴和第二次经过y轴的位置间的距离。【解析】(1)沿y轴负方

向射出的粒子经电场偏转后进入磁场，设粒子进入磁场时与y轴负方向间的夹角为θ，根据题意可知，粒子的运动轨迹如图所示。设粒子在磁场中做圆周运动的半径为R，则：R＋Rcosθ＝L，2Rsinθ＝233L可得：θ＝60°，R＝23L粒子在电场中做类平抛运动，根据

运动的分解，粒子第一次经过y轴时，沿x轴正方向的速度满足vx2＝2aL，qE＝ma，0tanxvv=可得粒子的初速度大小为023qELvm=粒子进入磁场时的速度大小为022cos3vqELvm==由qvB＝mv2R得磁场的磁感应强度大小为6EmBqL=。(2)沿y轴正方向射

出的粒子，经电场、磁场偏转后的轨迹如图所示，由对称性可知：y1＝v0t，L＝12at2可得y1＝233L粒子在磁场中运动，第一次经过y轴的位置与第二次经过y轴的位置间的距离y2＝2Rsinθ＝233L因此第二次经过y轴的位置坐标为（0，433L）。(3)如果粒子沿与x轴负方向成45°射出，设此粒

子第一次经过y轴的速度大小为v1，根据动能定理有qEL＝12mv12－12mv02可得1223qELvm=由此可知，粒子在磁场中做圆周运动的半径仍为R＝23L设粒子进入磁场时速度与y轴正方向的夹角为α，则粒子第一次经过y轴与第二次经过y轴的位置间的距离y＝2

Rsinα，22101(sin45)14sin4vvv-?==则143yL=。