【文档说明】高考生物一轮复习课时跟踪检测17《基因的自由组合定律分析与常规题型》(含解析).doc，共(7)页，159.500 KB，由MTyang资料小铺上传

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基因的自由组合定律分析与常规题型一、选择题1．两对基因(Aa和Bb)位于非同源染色体上，基因型为AaBb的植株与某植株杂交，后代的性状分离比为3∶1∶3∶1，则该未知植株的基因型为()A．AaBBB．Aabb或aaBbC．aaBbD．Aabb解析：选B根据题意，就每对相对性状而

言，一对为杂合子自交结果，一对属于测交，因此有两种情况，B选项符合题意。2．以抗螟非糯性水稻(GGHH)与不抗螟糯性水稻(gghh)为亲本杂交得F1，F1自交得F2，F2的性状分离比为9∶3∶3∶1，则F1中两对等位基因在染色体上的位置关系是()解析：选CF2代出现9∶3∶3∶1的性状分

离比是F1产生配子时，等位基因分离和非等位基因自由组合的结果。A选项F1自交的结果是3∶1，B和D选项两对等位基因的位置不正确。3．(2019·扬州学测模拟)玉米子粒黄色(Y)对白色(y)为显性，糯性(B)对非糯性(b)为显性。亲本为纯种的黄色非糯性和纯种的白色糯性杂交，F2中

不同于亲本表现型的个体所占比值为()A．3/16B．6/16C．9/16D．10/16解析：选D亲本的基因型为YYbb、yyBB，F2中不同于亲本表现型的个体基因型是Y_B_、yybb，占F2的比例为9/16＋1/16＝10

/16。4．基因型为AaBB与AaBb的两株植物杂交，按自由组合定律遗传，推测子代表现型和基因型各有()A．4种、8种B．2种、4种C．2种、6种D．4种、9种解析：选C根据题意分析：Aa×Aa→1AA、2Aa、1aa，后代

表现型有2种，基因型有3种；Bb×BB→BB、Bb，后代表现型有1种，基因型有2种。综合考虑两对基因，后代基因型有3×2＝6种，表现型有2×1＝2种。5．若某哺乳动物毛色由3对位于常染色体上的、独立分配的等位基因决定，其中，A基

因编码的酶可使黄色素转化为褐色素；B基因编码的酶可使该褐色素转化为黑色素；D基因的表达产物能完全抑制A基因的表达；相应的隐性等位基因a、b、d的表达产物没有上述功能。若用两个纯合黄色品种的动物作为亲本进行杂交，F1均为黄

色，F2中毛色表现型出现了黄∶褐∶黑＝52∶3∶9的数量比，则杂交亲本的组合是()A．AABBDD×aaBBdd，或AAbbDD×aabbddB．aaBBDD×aabbdd，或AAbbDD×aaBBDDC．aabbDD×aabbdd，或AAbbDD×aabbddD．AAbbD

D×aaBBdd，或AABBDD×aabbdd解析：选DF2中毛色表现型出现了黄∶褐∶黑＝52∶3∶9的数量比，总数为64，故F1中应有3对等位基因，且遵循自由组合定律，由此对各项进行逐项分析即可得出答案。A项，A

ABBDD×aaBBdd的F1中只有2对等位基因，AAbbDD×aabbdd的F1中也只有2对等位基因；B项，aaBBDD×aabbdd的F1中只有2对等位基因，AAbbDD×aaBBDD的F1中也只有2对等位基因；C项，aabbDD×aabbdd的F1中只有1对等

位基因，且F1、F2都是黄色，AAbbDD×aabbdd的F1中只有2对等位基因。A、B、C中的亲本组合都不符合。D项，AAbbDD×aaBBdd或AABBDD×aabbdd的F1中含有3对等位基因，F1均为黄色，F2中毛色表现型会出现

黄∶褐∶黑＝52∶3∶9的数量比，符合要求。6．下列叙述正确的是()A．孟德尔定律支持融合遗传的观点B．孟德尔定律描述的过程发生在有丝分裂中C．按照孟德尔定律，AaBbCcDd个体自交，子代基因型有16种D．按照孟德尔定律，对AaBbCc个体进行测交，测交子代基因型有8种解

析：选D孟德尔定律的前提是遗传因子独立存在，不相互融合；孟德尔定律描述的过程发生在减数分裂中；按照孟德尔定律，AaBbCcDd个体自交，子代基因型有3×3×3×3＝81种；按照孟德尔定律，对AaBbCc个体进行测交，测交子代基

因型有2×2×2＝8种。7．下图为一对近亲结婚的青年夫妇的遗传分析图，其中白化病由基因a控制，色盲由基因b控制(不考虑基因突变)。下列有关叙述错误的是()A．D细胞为次级精母细胞，其中含有两个B基因B．F细胞和G细胞含有的相同致病基

因可能来自家族中的同一祖先C．E细胞和G细胞结合发育成的个体表现型为正常女性D．这对夫妇所生子女中，患一种病的概率为7/16解析：选DD细胞为次级精母细胞，丈夫的基因型为AaXBY，妻子的基因型为AaXBXb，白化色盲后代的基因型为aaXb

Y，故F细胞含Y染色体，D细胞含有X染色体，有两个B基因；F细胞含有的a基因和G细胞含有的a基因可能来自家族中的同一祖先；E细胞含AXB，G细胞含aXb，结合发育成的个体基因型为AaXBXb，表现型为正常女性；这对夫妇所

生子女中，患白化病的概率为1/4，患色盲的概率为1/4，患一种病的概率为1/4×3/4＋1/4×3/4＝3/8。8．(2019·盐城学测模拟)某单子叶植物的非糯性(A)对糯性(a)为显性，抗病(T)对染病(t)为显性，花粉粒长

形(D)对圆形(d)为显性，三对等位基因分别位于三对同源染色体上，非糯性花粉遇碘液变蓝，糯性花粉遇碘液变棕色。现有四种纯合子，基因型分别为①AATTdd、②AAttDD、③AAttdd、④aattdd，则下列说法错误的是(

)A．若采用花粉鉴定法验证基因的分离定律，可用①和②、②和③、③和④杂交，观察F1的花粉B．若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，可以观察①和②杂交所得F1的花粉C．若培育糯性抗病优良品种，应选用①和④亲本杂交D．将②和④杂

交后所得的F1的花粉涂在载玻片上，加碘液染色后，一半花粉为蓝色，一半花粉为棕色解析：选B根据题意分析可知：花粉粒长形(D)对圆形(d)为显性，由于只有②中含有DD基因，所以若采用花粉形状鉴定法验证基因的分离定律，可选择亲本②AAttDD与其他亲本进行杂交

产生含有Dd的子代，对子代的花粉进行鉴定；非糯性花粉遇碘液变蓝，糯性花粉遇碘液变棕色，由于只有④中含有aa基因，所以若采用花粉颜色鉴定法验证基因的分离定律，可选择亲本④aattdd与其他亲本进行杂交，产生Aa的子代，对子代的花粉进行碘液染色观察。采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律

，需要得到AaDd的子代，故可选择②和④杂交。若培育糯性抗病(aaTT)优良品种，应选用①和④亲本杂交得到F1AaTtdd，然后让F1杂交获得糯性抗病的个体，并通过连续自交来筛选稳定遗传的优良品种。将②和④杂交后所得的

F1(AattDd)的花粉涂在载玻片上，加碘液染色后，一半花粉(基因型为A)为蓝色，一半花粉(基因型为a)为棕色。9．某种小鼠的体色受常染色体基因的控制，现用一对纯合灰鼠杂交，F1都是黑鼠，F1中的雌雄个体相互交配，F2体色表现

为9黑∶6灰∶1白。下列叙述正确的是()A．小鼠体色遗传遵循基因自由组合定律B．若F1与白鼠杂交，后代表现为2黑∶1灰∶1白C．F2灰鼠中能稳定遗传的个体占1/2D．F2黑鼠有两种基因型解析：选A根据F2性状分离比可判断该种小鼠的体色基因的遗传遵循自由组合定律；F1(AaBb)与白鼠(aabb

)杂交，后代中AaBb(黑)∶Aabb(灰)∶aaBb(灰)∶aabb(白)＝1∶1∶1∶1；F2灰鼠(A_bb、aaB_)中纯合子占1/3；F2黑鼠(A_B_)有4种基因型。10．现有①～④四个纯种果蝇品系，其中品系①的性状均为显性，

品系②～④均只有一种性状是隐性，其他性状均为显性。这四个品系的隐性性状及控制该隐性性状的基因所在的染色体如下表所示：品系①②③④隐性性状－残翅黑身紫红眼相应染色体Ⅱ、ⅢⅡⅡⅢ若需验证自由组合定律，可选择交配的品系组合为

()A．①×④B．①×②C．②×③D．②×④解析：选D自由组合定律研究的是位于非同源染色体上的非等位基因的遗传规律，若要验证该定律，所取两个亲本需具有两对相对性状，且控制这两对相对性状的基因应分别位于两对同源染色体上，且均需含有隐性性状的个体，所以②×④或③×④交配符合

题意。11.水稻高秆(T)对矮秆(t)为显性，抗病(R)对感病(r)为显性，这两对基因在非同源染色体上。现将一株表现型为高秆抗病的植株的花粉授给另一株表现型相同的植株，所得后代表现型如图所示。根据实验结果，下列叙述错误的是()A．以上后代群体的表

现型有4种B．以上后代群体的基因型有9种C．以上两株亲本可以分别通过不同杂交组合获得D．以上两株表现型相同的亲本，基因型不相同解析：选D由题干中已知的性状显隐性和后代表现型高秆∶矮秆＝3∶1得出亲本基因型为Tt×Tt；由表现型抗病∶感病

＝3∶1得出亲本的基因型为Rr×Rr，所以两亲本的基因型是TtRr×TtRr，两亲本基因型相同，其后代中有表现型4种，基因型9种，亲本的这种基因型可以通过TTRR×ttrr和TTrr×ttRR两种杂交组合获得。12．

(2018·昆明六校联考)多指症由显性基因控制，先天性聋哑由隐性基因控制，决定这两种遗传病的基因自由组合，一对男性患多指、女性正常的夫妇，婚后生了一个手指正常的聋哑孩子。这对夫妇再生下的孩子为手指正常、先天性聋哑、既多指又先天性聋哑这三种情况的可能性依次是()A．1/2、1/4、1/8B．1/

4、1/8、1/2C．1/8、1/2、1/4D．1/4、1/2、1/8解析：选A设多指症由显性基因A控制，手指正常由隐性基因a控制，先天性聋哑由隐性基因b控制，不聋哑由显性基因B控制，一对男性患多指、女性正常的夫妇，婚后生了一个手指正常的聋哑孩子，则这对夫妇的基因型为AaBb、aaBb。单独分

析每一种遗传病，这对夫妇所生孩子中多指占1/2，手指正常占1/2；先天性聋哑占1/4，不先天性聋哑占3/4，故这对夫妇再生下的孩子为手指正常的概率为1/2；先天性聋哑的概率为1/4；既多指又先天性聋哑的概率为1/2×1/4＝1/8。13．(多选)对下列遗传图解的理解错误的是()A．③⑥过程

发生了基因的分离和基因自由组合B．①②④⑤过程中发生减数分裂C．③过程具有随机、均等性，所以Aa的子代占所有子代的1/2D．图2子代中aaBB的个体在aaB_中占1/4解析：选AD基因的分离和自由组合的细胞学基础是减数第一次分裂过

程中同源染色体分离、非同源染色体自由组合，图中①②④⑤过程存在基因的分离和自由组合；③过程是雌雄配子随机结合的过程，具有随机、均等性，所以子代中Aa占1/2；图2子代中aaBB在aaB_中占1/3。14．

(2018·南通一模，多选)某高等植物的红花和白花由3对独立遗传的等位基因(A和a、B和b、C和c)控制，3对等位基因中至少各含有1个显性基因时，才表现为红花，否则为白花。下列叙述正确的是()A．3对基因中没有任意两对基因位于同一对同源染色体上B．该植物纯合红花、纯合白花植株的基因

型分别有1种、7种C．基因型为AaBbCc的红花植株自交，子代中白花植株占27/64D．基因型为AaBbCc的红花植株测交，子代中白花植株占1/8解析：选AB因为3对基因独立遗传，所以没有任意两对基因位于

同一对同源染色体上；根据题可知，基因型为A_B_C_个体表现红花，其他均为白花，该植物纯合红花的基因型是AABBCC，纯合白花植株的基因型是AABBcc、AAbbCC、AAbbcc、aaBBCC、aaBBcc、aabbCC、aabbcc；基因型为AaBbCc的植株自

交，后代中白花植株占1－3/4×3/4×3/4＝37/64；测交是AaBbCc植株与aabbcc杂交，后代中白花植株占1－1/2×1/2×1/2＝7/8。15．(多选)下图表示孟德尔揭示两个遗传规律时所选用的豌豆植株及其体内相关基因控制的性状、显隐性及其在染色体上的分布。下列叙述错误的是()A．甲

、乙、丙、丁都可以作为验证基因分离定律的材料B．图丁个体自交后代中表现型及比例为黄皱∶绿皱＝3∶1C．图甲、乙所表示个体减数分裂时，可以揭示基因的自由组合定律的实质D．图丙个体自交，子代表现型比例为9∶3∶3∶1，属于假说—演绎的验证阶段解析：选CD验证基因分离定律只要有一对等位基

因即可，甲、乙、丙、丁都满足；就种子颜色和粒型而言，丁的基因型是Yyrr，所以自交后代中表现型及比例为黄皱∶绿皱＝3∶1；图乙所表示个体减数分裂时，可以揭示基因的自由组合定律的实质，而图甲只涉及一对等位

基因，不能揭示基因的自由组合定律的实质；图丙个体自交，子代表现型及比例为黄色矮茎圆粒∶黄色矮茎皱粒∶绿色矮茎圆粒∶绿色矮茎皱粒＝9∶3∶3∶1，属于观察现象阶段，假说—演绎的验证是进行测交实验。二、非选择题16．(2019·连云港学

测模拟)某植物叶的颜色与形状由两对同源染色体上的两对等位基因控制(叶色由A、a控制，叶形由B、b控制)。下表是实验获得的统计数据，分析回答问题：实验组合亲本表现型子代表现型与植株数目红色阔叶红色窄叶白色阔叶白色窄

叶一白色阔叶×红色窄叶41503970二红色窄叶×红色窄叶04190141三白色阔叶×红色窄叶427000(1)只根据实验组合________就可确定叶色的显性性状是________，叶形的显性性状是_______

_。(2)写出实验组合一亲本的基因型：________________。(3)实验组合二的子代419株红色窄叶中，纯合子的比例是________(用分数表示)。(4)实验组合三中，子一代自交，子二代中白色阔叶类型所占比例为________(用分数表示)。解析：(1)从实验组合二和实验

组合三可知红色为显性，从实验组合三可知阔叶为显性性状，因此只从实验组合三即可确定。(2)实验组合一中子代均为阔叶，表明双亲为BB和bb；子代红色∶白色＝1∶1，表明亲代符合测交，应为Aa和aa，因此亲本基因型为：aaBB和Aabb。(3)实验组合二的子代中，红

色∶白色＝3∶1，表明亲代基因型为Aa和Aa，子代的红色窄叶基因型为AAbb和Aabb，其中AAbb的比例为1/3。(4)实验组合三中子代基因型为AaBb，子二代中白色阔叶基因型为aaB_，比例为1/4×3/4＝3/16。

答案：(1)三红色阔叶(2)aaBB×Aabb(3)1/3(4)3/1617.在一个自然果蝇种群中，果蝇的正常眼与棒眼为一对相对性状(由基因D、d控制)，灰身(A)对黑身(a)为显性，直翅(B)对弯翅(b)为显性。某果蝇基因型如图

所示(仅画出部分染色体)，请回答下列问题：(1)灰身与黑身、直翅与弯翅两对相对性状的遗传______(填“遵循”或“不遵循”)基因自由组合定律，理由是_________________________

__________________________________________________________________________________________________。(2)图示果蝇

细胞的有丝分裂后期，移向细胞同一极的基因有_______________。(3)该果蝇与一只表现型为灰身、直翅、棒眼的雄果蝇交配，得到206只灰身直翅棒眼雌果蝇、99只灰身直翅棒眼雄果蝇和102只灰身直翅正常眼雄果蝇，则选择的雄果蝇基因型为_____

___。为验证基因自由组合定律，最好选择基因型为________的雄果蝇与图示果蝇进行交配。解析：(1)分析细胞图像可知，A、a与B、b两对基因位于同一对同源染色体上，遗传不遵循自由组合定律。(2)有丝分裂后期，着丝点

分裂，姐妹染色体移向两极，所以移向细胞同一极的基因有A、a、B、b、D、d。(3)根据题意可知，该果蝇(AaBbXDXd)与一只表现型为灰身、直翅、棒眼的雄果蝇(AABBXDY)交配，子代表现型及比例为灰身直翅棒眼雌果蝇

∶灰身直翅棒眼雄果蝇∶灰身直翅正常眼雄果蝇＝2∶1∶1，为验证基因自由组合定律，应进行测交实验，即选择基因型为aabbXdY的雄蝇与之进行交配。答案：(1)不遵循控制这两对相对性状的基因位于一对同源染色体上(2)

A、a、B、b、D、d(3)AABBXDYaabbXdY