【文档说明】2020-2021学年天津市津南区九年级上期末物理试题及答案解析.docx，共(22)页，544.076 KB，由小喜鸽上传

转载请保留链接：https://www.ichengzhen.cn/view-158238.html

以下为本文档部分文字说明：

第1页，共22页2020-2021学年天津市津南区九年级（上）期末物理试卷1.下列现象表明分子做无规则运动的是()A.灰尘四起B.花香满园C.雪花飘飘D.黄沙扑面2.如图所示，气球与头发摩擦起电，经检验气球所带的电荷为负电荷，则下列说法正确的是()A.气球得到了一些电子B.气球失去了一

些电子C.头发得到了一些电子D.头发和气球间没有电子转移3.人们常用水冷却发动机，从热学角度看，主要是因为水()A.是液体B.容易获得C.价格低廉D.比热容大4.将一根金属导线均匀拉长后，其电阻()A.变大B.变小C.不变D.无法判断5.将如图所示试管里的水加热一段时间后，塞在管口的橡皮塞会冲

出去，汽油机的四个冲程中与此现象的能量转化情况相同的是()A.吸气冲程B.压缩冲程C.做功冲程D.排气冲程6.如图所示为一实物电路连接图，与之相对应的电路图是下图中的()A.第2页，共22页B.C.D.7.如图所示的四种现象中，符合安

全用电原则的是()A.使用绝缘层破损的电线B.洗衣机的金属外壳安装接地线C.用湿抹布擦拭正在工作的台灯D.用绝缘体挑开通电的裸导线8.从欧姆定律可以导出公式𝑅=𝑈𝐼，对电阻的理解，你认为正确的是()第3页，共22页A.当电压增大

时，电阻也增大B.当电流增大时，电阻减小C.当电压为零时，电阻也为零D.导体两端的电压越大，这段导体中电流就越大9.如图中的家庭电路元件，连接顺序正确的是。()A.B.C.D.10.如图所示的电路中，电源电压保持不变且元件完好。只闭合𝑆1，两电表均有示数。则下列判断正

确的是()A.再将𝑆2闭合，若向左移动滑片，电压表的示数将变小B.再将𝑆2闭合，若向右移动滑片，电流表的示数将变小C.闭合𝑆2前后电压表示数变化量与电流表示数变化量的比值变小D.闭合𝑆2前后电压表示数变化量与电流表示数变

化量的比值不变11.关于图所示的四个情景，下列说法中正确的是()A.甲图：触接后小磁针将发生偏转，说明电流周围有磁场B.乙图：磁场中导体𝑎𝑏竖直向上运动时，电流表指针不偏转C.丙图：闭合开关后磁场

中的导体𝑎𝑏运动，依据该实验原理可制成发电机D.丁图：通电螺线管周围的磁场强弱与电流方向有关12.如图所示，电源电压一定。关于电路的工作情况，下列说法正确的是()第4页，共22页A.同时闭合两个开关，两只灯泡电流是相同的B.

若先闭合𝑆1，再闭合𝑆2，电压表读数不变、电流表读数变大C.若电压表和电流表位置对调，闭合𝑆1、𝑆2后，则两表都被烧坏D.若灯𝐿1被短路，闭合𝑆1、𝑆2后，两灯均不亮，电流表损坏13.如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡上标有“4𝑉”字样，电流表的量程为“0～0.6𝐴

”，图乙是小灯泡的电流随其电压变化的图象。滑动变阻器𝑅1的最大阻值为20𝛺，定值电阻𝑅2的阻值为10𝛺。当闭合𝑆和𝑆2，断开𝑆1，滑片移到中点时，小灯泡𝐿恰好正常发光，则下列说法正确的是()A.电源电压为9𝑉B.闭合𝑆和𝑆2，断

开𝑆1，滑片移到中点时，用一个“4𝑉0.5𝑊”的灯泡𝐿′替代𝐿，则𝐿′将正常发光C.闭合𝑆和𝑆2，断开𝑆1，当小灯泡的功率为0.8𝑊时，滑动变阻器的阻值是17.5𝛺D.闭合𝑆和𝑆1，断开𝑆2，为保证电路安全，电阻�

�2的最大功率为8.1𝑊14.完成下列单位换算：24000𝛺=______𝑘𝛺；教室内日光灯、饮水机等用电器是______连接的(选填“串联”或“并联”)。15.当某导体两端电压是3𝑉时，通过它的电流是0.3𝐴，则该导体的电阻是______𝛺；当它两端电压为0𝑉时，该导体的电阻

为______𝛺。第5页，共22页16.一个标有“220𝑉40𝑊”的灯泡正常发光时，通过灯泡的电流为______𝐴，如果将这盏灯接在110𝑉的电路中，它的实际功率是______𝑊。17.如图甲所示，电能表的示数为______𝑘𝑊⋅ℎ。18.通电螺

线管中的电流方向如图所示，由此可以判断出通电螺线管右端为______极．(选填“𝑁”或“𝑆”)19.如图所示电路，蓄电池电压恒定，两个完全相同的烧瓶内分别装有质量相等、初温相同的煤油，煤油中分别浸入电阻丝𝑅1和𝑅2，且𝑅1<𝑅2.利用该电路可探究电流通过导体产生的热量与导体

______的关系，电流通过导体产生热量的多少可通过______来反映。20.如图甲所示，当开关𝑆由接点1转到接点2时，电压表示数变化如图乙所示，则开关接2时，灯泡𝐿2两端的电压是______𝑉；此时𝐿1和𝐿2消耗的电能之比𝑊1：𝑊2=______。21

.小丽家电热淋浴器的额定功率为2000𝑊，水箱最多可容纳50𝑘𝑔水。注满水的淋浴器连续正常加热40𝑚𝑖𝑛，淋浴器上温度计示数由22℃上升到42℃.[𝑐水=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)]求：(1)此过程水箱中水吸收的热

量；第6页，共22页(2)40𝑚𝑖𝑛内电热淋浴器消耗的电能；(3)该电热淋浴器加热时的热效率。22.小丽要研究“电磁铁的磁性强弱跟什么因素有关”.现有线圈匝数分别为50匝和100匝的外形相同的电磁铁，她先后将这两个电磁铁接入图的电路中

，闭合开关𝑆后用电磁铁吸引大头针，并移动滑动变阻器的滑片𝑃．重复了多次实验，记录如下：50匝的电磁铁100匝的电磁铁实验次数123456电流表的示数/𝐴0.81.21.50.81.22.0吸引大头针的最多数目/枚5810101625(1)实验中小丽是通过电磁铁_

_____来判定其磁性强弱的．(2)分析第1、2、3次的实验记录，会发现______相同时，______磁性越强．(3)分析第______次的实验记录，会发现______相同时，______磁性越强．23.有一只小灯泡，它正常工作时电压是5𝑉

，此时它的电阻为10𝛺.若将此灯泡接在电压为8𝑉的电源上，要使它正常工作，需要串联一个多大的电阻？这个电阻消耗的功率多大？24.小明做“测量小灯泡的额定功率”实验时，使用的小灯泡额定电压为2.5𝑉，额定功率

估计在0.8𝑊左右，滑动变阻器的最大阻值是15𝛺。小明现已连接了部分电路，如图甲所示。(1)在已连接的电路中，有一不当之处是______；(2)请用笔画线代替导线，将图甲中的电路连接完整；(3)当小灯泡正常

发光时，电流表的示数如图乙所示，电流大小为______𝐴，小灯泡正常发光时的功率为______𝑊；第7页，共22页(4)小明完成实验后，将灯泡换成定值电阻进行“电流与电压的关系”的探究，记录数据如表所示。他发现在该实验中滑动变阻器除了保护电路之外，还起到了____

__作用；次数12345电压𝑈/𝑉11.522.53电流/𝐴0.10.150.20.250.3(5)分析数据，可得出电流与电压的关系结论是：______；(6)老师检查了小新的数据后指出：第1次数据是不可能得到的原因是______。25.现有一个电压约为9𝑉的电源，一个

量程为0～0.6𝐴的电流表，一个阻值为30𝛺的定值电阻𝑅0，两个开关及若干导线，请利用上述器材测出阻值约为10𝛺的未知电阻𝑅𝑥的阻值。要求：(1)画出实验电路图(电路连好后不可拆分)；(2)写出主要的

实验步骤和需要测量的物理量；(3)写出待测电阻𝑅𝑥的数学表达式(用已知量和测量量表示)。26.光敏电阻是阻值随光的照度发生变化的元件(照度可以反映光的强弱，光越强照度越大，照度单位为𝑙𝑥)。某光敏电阻𝑅的阻值随照

度变化的曲线如图甲所示。第8页，共22页(1)如图乙所示是街道路灯自动控制模拟电路所需元件。利用蓄电池给电磁铁供电，路灯接入电压为220𝑉的照明电路，为达到天亮灯熄天暗灯亮的效果，请用笔画线代替导线，将路灯连入照明电路中

；(2)已知当线圈中的电流大于或等于2𝑚𝐴时，继电器的衔铁将被吸合。图中蓄电池可提供的电压为𝑈=6𝑉，内部电阻忽略不计，有三个不同规格的滑动变阻器可供选择：𝑅1(0～100𝛺)，𝑅2(0～500𝛺

)、𝑅3(0～1800𝛺)。要求当凌晨天色渐亮照度增大至1.0𝑙𝑥时路灯才停止工作，滑动变阻器应选择______(选填“𝑅1”、“𝑅2”或“𝑅3”)。请计算说明原因。(3)选定滑动变阻器后，如果为了节约用电，要求在天色更暗一些时路灯就停止工作，滑动变阻器触片𝑃应该___

___(选填“向右滑动”、“向左滑动”或“不滑动)。第9页，共22页答案和解析1.【答案】𝐵【解析】解：灰尘、雪花、黄沙这些都是宏观物体，它们的运动属于机械运动，分子运动是肉眼看不见的；花香满园，是气体分子的无规则运动。故选：𝐵。分子运动是肉眼看不见的，扩散现象的微观实质是分子运动。扩散现

象是分子运动的结果，温度越高，扩散现象越明显。掌握扩散现象是分子运动的结果，以及分子运动和机械运动的区别是解答本题的关键。2.【答案】𝐴【解析】【分析】摩擦起电的实质是电荷的转移。其实是电子从一个物体转移到另一个物体。电子带负电。所以得到电子的带负电，失去电子的带正电。此题考查了对摩擦起

电实质的理解。摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体。得到电子的带负电，失去电子的带正电。【解答】解：气球与头发摩擦时因为摩擦而起电，因为气球所带的电荷为负电荷，所以气球在此过程中得到了电子，头发在此过程中失去了电子。部分电子从头发转移到气球

上。故选：𝐴。3.【答案】𝐷【解析】解：因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以汽车发动机用循环流动水进行冷却。故选：𝐷。水的比热容大：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的

热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。关于水的比热容较大的应用：水可做散热剂、冷却剂，用来解释沿海地区昼夜温差小、城市的“热第10页，共22页岛效应”等。4.【答案】�

�【解析】解：一根导线拉长后，导体的材料不变，拉长后长度变长，横断面积变小，电阻变大。故选：𝐴。导体电阻大小跟导体的长度、横截面积和材料有关，在材料一定时，长度越长，横截面积越小，电阻越大。掌握电阻大小的影响因素，利用控制变量法判断电阻大小

的变化。5.【答案】𝐶【解析】解：水蒸气把橡皮塞冲出，这个过程中，水蒸气膨胀做功，水蒸气的内能转化为塞子的机械能；内燃机的做功冲程将内能转化为机械能，因此这一现象相当于内燃机的做功冲程，故C正确。故选：𝐶。(

1)物体对外做功内能会减少，例如气体膨胀做功，物体的内能减小，转化为机械能；(2)内燃机的做功冲程是将内能转化为机械能的过程。本题主要考查学生对：改变内能的方法，以及内燃机做功冲程的特点的理解和掌握。6.【答案】𝐶【解析】解：由实物图可知，电流从电源

正极流出后分成两支，一支通过灯泡𝐿2，另一支通过开关和灯泡𝐿1，两支电流汇合到开关𝑆后回到电源负极，即两灯并联，开关控制干路。A、图中两灯并联，开关控制𝐿1支路；故A不符合题意；B、图中两灯并联，开关控制𝐿2支路；故B不符合题意；C、图中两灯并联，开关控制干

路；故C符合题意；D、图中两灯串联，故D不符合题意。故选：𝐶。由实物图根据电流的流向分析电路的连接方式从而得到答案。本题考查根据实物图画电路图，关键是正确识别电路的连接情况以及开关的作用。第11页，共22页7.【答案】𝐵𝐷【解析】解：𝐴、电线绝缘层破损后，容易引发触电事故，故A不符合

安全用电原则；B、金属外壳的用电器，外壳一定要接地，防止外壳漏电，发生触电事故，故B符合安全用电原则；C、用湿布擦拭正在发光的电灯，湿布导电容易使人触电，故C不符合安全用电原则；D、用绝缘棒挑开通电的裸导线，避免发生触电事故，故D符合安全用电原则。故选：𝐵𝐷。

(1)绝缘层破损的电线要及时更换；(2)金属外壳的用电器，外壳一定要接地；(3)湿物体是导体，接触带电体容易发生触电；(4)用绝缘棒挑开通电的裸导线。本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，值得注意的是：生活用水

是导体，金属外壳的用电器一定要接地。8.【答案】𝐷【解析】解：因导体的电阻只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，所以，当电压和电流变化时，导体的长度、横截面积、材料都没变，电阻不变，故ABC错误；由𝐼=𝑈𝑅可知，导体电阻不变时，其两端的电压

越大，这段导体中电流就越大，故D正确。故选：𝐷。导体电阻的大小与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与导体两端电压和通过电流无关，𝑅=𝑈𝐼是电阻的定义式和计算式。本题考查了学生对电阻特点的理解和欧姆定律的简单应用，关键是知道导体的电阻与两端的电压和通过的电流

无关。9.【答案】𝐵【解析】解：电能表测量整个家庭消耗电能的多少，一定安装在最前面。总开关控制整个电路，为了检修电路的安全，要安装在电能表的后面。电路中电流过大会熔断保险丝，为了保证更换保险丝时的人身安全，保险装置安装

在总开关的后面。故只有B正确。第12页，共22页故选：𝐵。电能表是测量家庭消耗电能多少的仪表，也防止一些人偷电，一定安装在家庭电路的最前端，并且在总开关的前面。检修电路时要断开开关，在电能表的后面要接入总开关。保险装置里面的保险丝能在电路电流过大时，能自动切断电源。为了方便更

换保险丝，保险装置一定要安装在总开关的后面。握家庭电路的各元件的作用和安装位置，使各元件正常使用，并且保证使用的安全性。10.【答案】𝐷【解析】解：只闭合𝑆1，两电阻串联，电流表测电路的电流，电压表𝑅1的电压，两电表均有示数：𝐴𝐵、再将𝑆2闭合，变阻器短路，为𝑅1简单电路，电

压表测电源电压，若向左(右)移动滑片，电压表的示数将不变，AB错误；𝐶𝐷、闭合𝑆2前后电压表与电流都测量𝑅1的电压和通过𝑅1的电流，由欧姆定律，𝑈1=𝐼1𝑅1；𝑈1′=𝐼1′𝑅1，两式相减得：𝑈1−𝑈1′=(𝐼1−𝐼1′)𝑅

1，△𝑈1=(𝐼1−𝐼1′)𝑅1，故𝑅1=△𝑈1△𝐼1，即闭合𝑆2前后电压表示数变化量与电流表示数变化量的比值不变，C错误，D正确。故选：𝐷。只闭合𝑆1，两电阻串联，电流表测电路的电流，电压表𝑅1的电压，两电表均有示数：𝐴𝐵、再将𝑆2闭合，变阻器短路，为𝑅1简单

电路，电压表测电源电压，据此分析；𝐶𝐷、闭合𝑆2前后电压表与电流都测量𝑅1的电压和通过𝑅1的电流，由欧姆定律得出𝑅1前后两次电压的表达式，根两式相减，据此分析回答。本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是电路的识别。11.【答案】𝐴𝐵第13页，共22页【解析】解：A、

甲图是奥斯特实验，导线触及电源后，电路中有电流，小磁针将发生偏转，说明电流周围有磁场，故A正确；B、乙图磁场中导体𝑎𝑏竖直向上运动时，不切割磁感线，不会产生感应电流，电流计的指针不会偏转，故B正确；C、丙图中有电源，闭合开关后，通电导体在磁场中受力

而运动，依据该实验原理可制成电动机，故C错误；D、丁图中通电螺线管周围的磁场强弱与电流的大小有关，而磁场方向与电流的方向有关，故D错误。故选：𝐴𝐵。(1)通电导线周围存在磁场；(2)闭合电路中的部分

导体在磁场中运动时，导体中会产生感应电流的现象叫做电磁感应现象；(3)通电后，导体棒在磁场中发生运动，是研究通电导线在磁场中受磁场力的；(4)通电螺线管中的磁性强弱与电流大小和磁性强弱有关。本题考查了奥斯特实验、产生感应电流的条件、电动机的原理、影响通电螺线管中的磁性强弱的因素等知识，知识点较

多，但难度不大。12.【答案】𝐵𝐷【解析】解：A.同时闭合两个开关，两灯泡并联，它们两端的电压相等，由于两灯泡的规格不确定，即电阻未知，所以通过两灯泡的电流不一定相等，故A错误；B.先闭合𝑆1时，电路为𝐿2的简单电路，电

压表测电源两端电压，电流表测通过𝐿2的电流；再闭合𝑆2后，两灯泡并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流；根据电源的电压不变可知，电压表的示数不变，根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，电流表的

示数变大，故B正确；C.若电压表和电流表位置对调，此时电压表串联在电路中，由于电压表的阻值很大，电路中的电流会很小，所以闭合𝑆1、𝑆2后，则两表都不会烧坏，故C错误；D.若灯𝐿1被短路，闭合𝑆1、𝑆2后，会造成电源短路，则灯𝐿1、𝐿2都不亮，电流表损坏，故D正确。故选

：𝐵𝐷。(1)同时闭合两个开关，两灯泡并联，它们两端的电压相等，根据欧姆定律结合两灯泡的电阻关系第14页，共22页判断电流关系；(2)先闭合𝑆1时，电路为𝐿2的简单电路，电压表测电源两端电压，电流表测通过𝐿2的电流；再闭合

𝑆2后，两灯泡并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流，根据电源的电压可知电压表示数的变化，根据并联电路的电流特点可知电流表示数的变化；(3)若电压表和电流表位置对调，此时电压表串联在电路中测电源两端的电压；(4)若灯𝐿1被短路，闭合𝑆1、𝑆2后，

会造成电源短路。本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用以及电路的动态分析，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。13.【答案】𝐴𝐶【解析】解：𝐴、闭合𝑆和𝑆2，断开𝑆1，滑片移到中点时，小灯泡和滑动变阻器串联，此时灯泡正常发光，即灯泡两端电压为4𝑉，由图象可知，灯

泡的额定电流是0.5𝐴，由𝐼=𝑈𝑅可知，灯泡电阻：𝑅𝐿=𝑈𝐿𝐼𝐿=4𝑉0.5𝐴=8𝛺，因串联电路的总电阻等于各部分电阻之和，所以串联电路的总电阻：𝑅=12𝑅1+𝑅𝐿=12×10𝛺+8𝛺=

18𝛺，则电源电压：𝑈=𝐼𝑅=0.5𝐴×18𝛺=9𝑉，故A正确；B、“4𝑉0.5𝑊”灯泡的电阻：𝑅𝐿′=𝑈𝐿′2𝑃𝐿′=(4𝑉)20.5𝑊=32𝛺，滑动变阻器的滑片在中点时，原来灯泡的电阻是8𝛺，

现在灯的电阻是32𝛺，而串联电路起分压作用，因此灯泡分得的电压变大，即灯泡两端电压大于4𝑉，故灯泡不能正常工作，故B错误；C、闭合𝑆和𝑆2，断开𝑆1，当灯泡的功率为0.8𝑊时，由图乙和𝑃=𝑈𝐼可知，灯泡两端电压是2�

�，通过灯泡的电流是0.4𝐴，则电路总电阻：𝑅总=𝑈′𝐼′=9𝑉0.4𝐴=22.5𝛺，由𝐼=𝑈𝑅可知，此时灯泡的电阻：𝑅𝐿′′=𝑈𝐿″𝐼′=2𝑉0.4𝐴=5𝛺，因串联电路的总电阻等于各部分电阻之和，

所以，滑动变阻器的阻值是：𝑅滑=22.5𝛺−5𝛺=17.5𝛺，故C正确；D、闭合𝑆和𝑆1，断开𝑆2时，定值电阻和滑动变阻器是串联的，电流表测量电路电流；因电流表的量程为0～0.6𝐴，所以电路最大电流

是0.6𝐴，则电阻𝑅2的最大功率为：𝑃=𝐼大2𝑅2=第15页，共22页(0.6𝐴)2×10𝛺=3.6𝑊，故D错误。故选：𝐴𝐶。(1)闭合𝑆和𝑆2，断开𝑆1，滑片移到中点时，小灯泡和滑动变阻器串联，此时灯泡正常发光，可

以从图象上得到灯泡的额定电流，根据欧姆定律得出灯泡电阻，再根据串联电阻的特点的和欧姆定律求出电源电压；(2)根据𝑃=𝑈2𝑅求出替代后灯泡的电阻，根据串联电路电路分压原理可知灯泡两端电压的变化，与其额定电

压比较可知灯泡是否正常发光；(3)闭合𝑆和𝑆2，断开𝑆1，当小灯泡的功率为0.8𝑊时，由图乙知，电灯两端的电压和通过电灯的电流，根据欧姆定律得出电路电阻和此时灯的电阻，进而得出滑动变阻器的阻值；(4)

闭合𝑆和𝑆1，断开𝑆2，此时定值电阻和滑动变阻器是串联的，电流表的量程为0～0.6𝐴，据此得出电路最大电流，根据𝑃=𝐼2𝑅得出电阻𝑅2的最大功率。本题考查欧姆定律的应用和电功率的计算，关键能从图像上读出

有用信息。14.【答案】24并联【解析】解：24000𝛺=24000×10−3𝑘𝛺=24𝑘𝛺；并联电路中各用电器工作互不影响，家庭电路中的各电器之间都是并联的。故答案为：24；并联。电阻单位间换算关系是：1𝑀𝛺=103𝑘𝛺=106𝛺。此题考查物理量不同单位间

的换算，运用不同单位间的具体关系，利用数学上的运算就可解答。15.【答案】1010【解析】解：由𝐼=𝑈𝑅可得，导体的电阻：𝑅=𝑈𝐼=3𝑉0.3𝐴=10𝛺，因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，所以，当导体两端电压为0𝑉时，该导体的电阻仍为10𝛺不变

。故答案为：10；10。(1)知道导体两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律求出导体的电阻；(2)电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关。第16页，共22页本题考查了欧姆定

律的简单应用，关键是知道导体的电阻与两端的电压和通过的电流无关，是一道基础题目。16.【答案】0.1810【解析】解：灯泡正常发光时，通过灯泡的电流𝐼=𝑃额𝑈额=40𝑊220𝑉≈0.18𝐴，灯泡的电阻𝑅=𝑈额2𝑃

额=(220𝑉)240𝑊=1210𝛺，如果将这盏灯接在110𝑉的电路中，它的实际功率𝑃=𝑈实2𝑅=(110&;𝑉)21210𝛺=10𝑊；故答案为：0.18𝐴；10𝑊。已知额定电压和额定功率，利用𝐼=𝑃𝑈和𝑅=

𝑈2𝑃求出灯泡正常发光时，通过灯泡的电流和电阻；如果将这盏灯接在110𝑉的电路中，灯泡电阻不变，根据𝑃=𝑈2𝑅计算它的实际功率。本题考查实际功率的求法，当实际电压改变时导体的电阻不变，这一条是解

决此类问题的关键。17.【答案】2020.1【解析】解：电能表测量电功或者电能，由图可以看出电能表的示数为20201，最后一位是小数，单位是𝑘𝑊⋅ℎ，故电能表的读数为2020.1𝑘𝑊⋅ℎ。故答案为：2020.1。电能表是测量家庭电路

中一段时间内消耗电能多少的仪器，上面有五个数字窗口，最后一位是小数位，单位是𝑘𝑊⋅ℎ。在物理学中，不同测量工具的读数都有它自己的特点，有的要看清分度值，有的要进行估读，有的要了解结构，当然，还都要明确记录数据的单位等。18.【答案】𝑁【解析】解：

电流从螺线管的右端流入，左端流出，根据螺线管的线圈绕向，再利用安培定则即可确定螺线管的右端为𝑁极，左端为𝑆极，如图所示．第17页，共22页故答案为：𝑁．利用图示的线圈绕向和电流方向，根据安培定则即可确定螺线管的左端的极性．此题考查了安培定则的应用，题目的难度不

大，考查的知识点较单一．19.【答案】电阻；温度计示数变化【解析】(1)由图可知，两电阻丝串联，则通过两电阻丝的电流和通电时间是相同的，电阻不同，所以探究的是热量与电阻的关系；(2)电流通过电阻丝做功，消耗的电能转化为

内能，产生的热量被煤油吸收，煤油吸收热量、温度升高，所以，本实验是通过温度计的示数变化反映电流产生的热量多少。根据图中的相同点和不同点，利用控制变量法分析实验探究的内容；此实验中用温度计示数变化的大小反映产生热量的多少。本题主要考查焦耳定律的探究实验，注意控制变量法和转换法的应用，

常见题目。20.【答案】41：2【解析】解：当开关𝑆接1时，接入电路的灯泡只有𝐿1，根据乙图可知，此时电源电压𝑈=6𝑉，当开关接2时，接入电路的灯泡是𝐿1和𝐿2，且它们组成串联，电压表测量的是灯泡𝐿1两端的电压，根据图乙可知：灯泡𝐿1两端的电压𝑈1=2𝑉，根据串联电路电压的

规律可得：灯泡𝐿2两端的电压𝑈2=𝑈−𝑈1=6𝑉−2𝑉=4𝑉；由于两个灯泡串联，通过它们的电流和通电时间相等，根据𝑊=𝑈𝐼𝑡可知，灯泡𝐿1和灯泡𝐿2消耗的电能之比是𝑊1：𝑊2=𝑈1𝐼1𝑡1：𝑈2𝐼2𝑡2

=𝑈1：𝑈2=2𝑉：4𝑉=1：2，故答案是：4；1：2。当开关𝑆接1时，接入电路的灯泡只有𝐿1，当开关接2时，接入电路的灯泡是𝐿1和𝐿2，且它们组成串联，根据串联电路电压的规律可求得𝐿2两端的电压；再根据𝑊=𝑈𝐼𝑡，可求得两个灯泡消耗的电能之比。解答本题要用到的知识

有串联电路电流、电压和电功的公式，熟练判断电路的连接方式是解题的关键之一。21.【答案】解：(1)水吸收的热量：𝑄吸=𝑐𝑚(𝑡−𝑡0)=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)×50𝑘𝑔×(42℃−22℃)=4.2×106𝐽；第18页，共22页(2)淋浴器连续正

常加热时的功率为2000𝑊，40𝑚𝑖𝑛消耗的电能：𝑊=𝑃𝑡=2000𝑊×40×60𝑠=4.8×106𝐽；(3)淋浴器加热时的效率：𝜂=𝑄吸𝑊×100%=4.2×106𝐽4.8×106𝐽×100%=87.5%。答：(1)在加热过程中，

水箱中水吸收的热量为4.2×106𝐽；(2)电热淋浴器加热过程中消耗的电能为4.8×106𝐽；(3)淋浴器加热时的效率为87.5%。【解析】(1)知道水的质量和比热容以及水温的变化，利用吸热公式求水箱中水

吸收的热量；(2)根据𝑊=𝑃𝑡求出电热淋浴器加热过程中消耗的电能；(3)水吸收的热量和消耗的电能之比即为淋浴器加热时的效率。本题考查了电功与热量的综合计算，涉及到密度公式和吸热公式、电功公式、效率公式的应用，是一道较为简单的计算题。22.【答案】吸引大头针的多少线圈匝数电流越大1、

4(或2、5)电流线圈匝数越多【解析】解：(1)电磁铁的磁性强弱无法用眼睛直接观察，通过电磁铁吸引大头针的多少来反映磁性的强弱．(2)实验1、2、3的线圈匝数相同，电流增大，吸引的大头针越多，电磁铁磁性越强．(3)实验1、4(或2、5)的电流相同，匝数增多，吸引的大头针越多，电磁铁磁性增强．故答案

为：(1)吸引大头针数目的多少．(2)线圈匝数；电流越大．(3)1、4(或2、5)；电流；线圈匝数越多．(1)电磁铁磁性强弱的影响因素：电流大小、线圈匝数多少、是否有铁芯．电流越大、匝数越多、有铁芯电磁铁的磁性越强．(2)用控制变量法和转换法研究电磁铁磁性强弱的影响因

素．掌握电磁铁磁性强弱的影响因素．如何使用控制变量法和转换法研究电磁铁磁性强弱的影响因素．23.【答案】解：由题意可知：正常工作时电压是5𝑉，则正常发光时的电流为𝐼=𝑈𝐿𝑅𝐿=5𝑉10𝛺=0.5𝐴，根据串联电路总电压等于各电阻两端的电压之和可知：电阻分担

的电压𝑈𝑅=𝑈−𝑈𝐿=8𝑉−5𝑉=3𝑉，第19页，共22页由欧姆定律得：𝑅=𝑈𝑅𝐼=3𝑉0.5𝐴=6𝛺，则电阻消耗的电功率是：𝑃𝑅=𝑈𝑅𝐼=3𝑉×0.5𝐴=1.5𝑊．

答：要使它正常工作，需要串联一个6𝛺的电阻，这个电阻消耗的功率是1.5𝑊．【解析】根据欧姆定律求出小灯泡正常发光时的电流，再利用串联电路电压的特点，求出串联电阻两端的电压，最后利用公式𝑅=𝑈𝐼计算串联电阻的阻值，已求出电流和电阻的阻值，可利用公式𝑃=�

�𝐼计算电阻消耗的电功率．本题考查了串联分压的特点，利用串联电路的特点和欧姆定律计算出串联电阻的大小，以及利用公式𝑃=𝑈𝐼计算实际功率．24.【答案】开关闭合0.280.7改变电阻两端的电压电阻一定时，通过电阻的电流和电压两端的电压成正比滑动变阻器阻值太小，电压表

无法达到1𝑉【解析】解：(1)连接电路中，为保护电路，开关要断开，因此不当之处是开关闭合；(2)“测量小灯泡的额定功率”实验中，电压表应与灯并联，如图所示：；(3)当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用0～0.6𝐴的量程，分度值为0.02𝐴，电流大小为0.28𝐴，小灯泡

正常发光时的功率为：𝑃=𝑈𝐼=2.5𝑉×0.28𝐴=0.7𝑊；(4)探究电流与电压关系的实验中，要控制电阻大小不变，记录电流随电压的变化规律，为得出普遍性的规律要多次测量，故这个实验中的滑动变阻器除了保护电路作用之外，还有改变电阻两端的电压的作用；(5

)由表中数据知，电压与电流之比为一定值，由此可得实验结论：电阻一定时，通过电阻的电流和电压两端的电压成正比；(6)因为电源为两节干电池，所以电源电压为3𝑉，第20页，共22页由表中第一次数据知，电压表示数为1𝑉时，通过电路中的电流为0.1𝐴，此时变阻器连入电路的电阻：𝑅滑=𝑈

滑𝐼1=𝑈−𝑈1𝐼1=3𝑉−1𝑉0.1𝐴=20𝛺，而变阻器的最大值为15𝛺，所以这组数据是不可能测到的。故答案为：(1)开关闭合；(2)如图所示；(3)0.28；0.7；(4)改变电阻两端的电压；(5)电阻

一定时，通过电阻的电流和电压两端的电压成正比；(6)滑动变阻器阻值太小，电压表无法达到1𝑉。(1)连接电路中，为保护电路，开关要断开；(2)本实验中，电压表与灯并联；(3)根据电流表选用小量程确定分度值读数；由𝑃=𝑈𝐼计算出小灯泡正常发光时的功率；(4)探究电流与电压

关系的实验中，要控制电阻大小不变，记录电流随电压的变化规律，为得出普遍性的规律要多次测量，据此分析；(5)由表中数据分析电压与电流之比为一定值，从而得出实验结论；(6)由表格中的第1组数据，根据欧姆定律计算出

滑动变阻器接入电路的阻值，进而分析原因。本题测量小灯泡的额定功率和探究电流与电压的关系，考查了实物电路的连接、实验的操作、电功率计算以及数据分析等，考查知识点多，综合性强。25.【答案】解：(1)伏安法测量电阻的电路中，使

用串联电路，首先从电源正极出发，依次连接电流表、开关、未知电阻𝑅𝑥、定值电阻𝑅0、连接到电源负极，最后把开关和未知电阻𝑅𝑥并联，电路图如图所示：(2)主要的实验步骤和需要测量的物理量如下：①按照电路图连接实物图；②同时闭合开关𝑆和𝑆0，读出此时电流表的示

数为𝐼1；③闭合开关𝑆，断开开关𝑆0，读出此时电流表的示数为𝐼2；(3)同时闭合开关𝑆和𝑆0，此时电流表的示数为𝐼1，根据欧姆定律可得电源电压为：𝑈=𝐼1𝑅0；闭合开关𝑆，断开开关𝑆0，此时电流表的示数为𝐼2，根据欧姆定律可得待

测电阻𝑅𝑥的数学表达式为：𝑅𝑥=第21页，共22页𝑈𝐼2−𝑅0=𝐼1−𝐼2𝐼2𝑅0；故答案为：(1)如图所示；(2)①按照电路图连接实物图；②同时闭合开关𝑆和𝑆0，读出此时电流表的示数为𝐼1；③闭合开关𝑆，断开开关𝑆0，读

出此时电流表的示数为𝐼2；(3)𝑅𝑥=𝐼1−𝐼2𝐼2𝑅0。【解析】(1)伏安法测量电阻的电路中，首先从电源正极出发，依次进行连接到电源负极，开关和未知电阻𝑅𝑥并联；(2)根据画出的电路图及实验注意事项，写

出主要的实验步骤和要测量的物理量；(3)根据电源电压不变的特点，结合串联电路电流、电压的规律进行分析，写出电阻的表达式；本题考查了伏安法测量电阻的实验，主要考查电路的连接和实验步骤、欧姆定律的计算等知识，

属中考的热点题。26.【答案】𝑅3向左滑动【解析】解：(1)光敏电阻的电阻值随光照强度的增大而减小，所以白天时光敏电阻的电阻值小，电路中的电流值大，电磁铁将被吸住；动触点与𝐶接通；晚上时的光线暗，光敏电阻的电阻值大，电路中的电流值小，所以动触点与𝐵接通。所以要

达到晚上灯亮，白天灯灭，则路灯应接在𝐴𝐵之间。电路图如图：(2)天色渐暗照度降低至1.0𝑙𝑥时点亮路灯，此时光敏电阻的电阻值是2𝑘𝛺，电路中的电流是2𝑚𝐴，根据𝐼=𝑈𝑅可得：总电阻𝑅总=𝑈𝐼=6𝑉

0.002𝐴=3000𝛺，第22页，共22页根据串联电路的总电阻等于各分电阻之和可得：𝑅=𝑅总−𝑅光=3000𝛺−2000𝛺=1000𝛺，所以要选择滑动变阻器𝑅3；(3)由于光变暗时，光敏电阻变大，分的电压变大，所以当凌晨天色更暗一些时路灯就停止工作，应适当地减小滑动

变阻器的电阻，即滑动变阻器触片𝑃应该向左滑动。故答案为：(1)如上图；(2)𝑅3；(3)向左滑动。(1)利用直流电源为电磁铁供电，将电源、光敏电阻、定值电阻、电键直接串联即可；分析电磁铁的电路，判定利用照明电源为路灯供电的接入点

；(2)由于光变暗时，光敏电阻变大，分的电压变大，故将控制系统与光敏电阻串联，照度降低至1.0(𝐿𝑥)时启动照明系统，可以算出定值电阻的大小；根据串联电路的电阻关系求出滑动变阻器的电阻；(3)要使天色更暗一些时路灯就停止工作，根据光敏电阻阻值的变化分析滑动变阻器阻

值的变化。该题考查电路设计的问题和变化电路的分析，要结合闭合电路欧姆定律、光敏电阻的特点去分析，难度比较大。