【文档说明】2020-2021学年河北省沧州市献县九年级上期末物理试题及答案解析.docx，共(27)页，627.835 KB，由小喜鸽上传

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第1页，共27页2020-2021学年河北省沧州市献县九年级（上）期末物理试卷一、单选题（本大题共17小题，共34.0分）1.下列实例中与“水的比热容较大”这一特性无关的是()A.让热水流过散热器供暖B.

用循环水冷却汽车发动机C.沿海地区昼夜温差较小D.夏天在房间内洒水降温2.在一段电阻不变的导体两端加20𝑉电压时，通过的电流为1𝐴；现在把该导体两端的电压减小到5𝑉，则此时通过该导体的电流和它的电阻分别为()A.0.25𝐴5𝛺B.0.25𝐴20𝛺C.

1𝐴5𝛺D.1𝐴20𝛺3.下列事例中符合安全用电常识的做法是()A.在电线上晾衣服B.电线起火马上用水扑灭C.电冰箱接在两孔插座上D.不靠近高压带电体4.已知𝑅1：𝑅2=2：3，将它们接在如图所示电源电压为12𝑉

的电路中，闭合𝑆则通过它们的电流之比及它们两端的电压之比是()A.𝐼1：𝐼2=3：2𝑈1：𝑈2=1：1B.𝐼1：𝐼2=3：2𝑈1：𝑈2=3：2C.𝐼1：𝐼2=2：3𝑈1：𝑈2=1：1D.𝐼1：𝐼2=1：1𝑈1：𝑈2=2：35.如图

所示的电路中，电源两端的电压保持不变。闭合开关𝑆，将滑动变阻器的滑片𝑃向右移动，下列说法正确的是()A.电压表𝑉1与电压表𝑉2的示数之和保持不变B.电压表𝑉2与电流表𝐴的示数之比保持不变C.电流表𝐴的示数变小，电压表𝑉1的示数变大D.电流表𝐴的示数变小，电压表𝑉2

的示数变大6.下列关于能源的说法，正确的是()第2页，共27页A.风能是不可再生能源B.太阳能、水能是一次能源C.人类已建成的核电站是利用核聚变发电的D.太阳的惊人能量来自内部的核裂变7.如图所示。电源电压为4.5𝑉，电流表量程为“0～0.6𝐴”，滑动变阻器规格为“1

0𝛺，1𝐴”，小灯泡𝐿标有“2.5𝑉，1.25𝑊”(不考虑温度对灯丝电阻的影响)。在保证通过小灯泡𝐿的电流不超过额定电流的情况下，移动滑动变阻器的滑片，下列说法中()①小灯泡的额定电流是0.5𝐴②电流表的示数变化范围是0～0.5𝐴③电压表的示数变化范围是2�

�～3𝑉④滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是4𝛺～10𝛺A.只有①②正确B.只有③④正确C.只有②④正确D.只有①③④正确8.如图所示，电源电压保持不变，闭合开关𝑆，灯不亮，电压表有示数，电流表没有示数，则电路的故障情况可能是()A.灯𝐿断路B.灯𝐿短路C.电阻𝑅断路D.电阻

𝑅短路9.在如图所示电路中，当闭合开关后，两个电压表指针都向右偏转相同角度，则电阻𝑅1和𝑅2阻值之比为()A.1：1B.1：5C.4：1D.4：510.为了研究热敏电阻对电路的影响，小李设计了如图所示的电路。电源电压保持

不变，𝑅为定值电阻，𝑅1为热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小。闭合开关后，小李在热敏电阻𝑅1上擦了一些酒精，用扇子对着它扇风时，下列说法中正确的是()第3页，共27页A.电流表示数变大B.电压表示数变大C.电压表与电流表示数之比变小D.电路的总功

率变小11.如图所示，闭合开关𝑆1、𝑆2，电路正常工作。现只将𝑆2断开，则()A.电流表示数减小，电压表示数不变B.电流表示数增大，电压表示数不变C.电流变示数减小，电压表示数减小D.电流表示数增大，电压表示数增大12.关

于电磁波，下列说法正确的是()A.光波不是电磁波B.电磁波能传递信息C.电磁波不能在真空中传播D.电磁波看不见、摸不着，但能听得见13.关于信息和能源的说法，正确的是()A.手机扫码支付是利用超声波传递信息的B.光在光导纤

维内壁上多次折射传递信息C.化石能源和核能都属于不可再生能源D.核反应堆通过可控聚变反应释放核能14.小关在探究磁现象的活动中能够实现的是()A.用小磁针吸起铜块或铝块B.用放大镜能看到磁铁周围的磁感线C.用磁铁吸起铜导线制成的通有电流的轻质螺线管

D.把小磁针放在磁铁周围的任何位置，静止后小磁针的北极都指向地理北极15.在常温干燥的情况下，下列餐具中属于导体的是()A.陶瓷碗B.金属勺C.竹筷D.玻璃杯16.新交通法规定驾驶员不系安全带记3分，罚100元，汽车上设置了“安全带指示灯”是提醒驾驶员系好安全带，当

安全带系好时，相当于闭合开关，指示灯不亮，安全带未系时，相当于断开开关，指示灯发光，下列图中符合上述要求的电路图是()第4页，共27页A.B.C.D.17.如图所示的电路中，电阻阻值𝑅1>𝑅2.开关𝑆闭合后

，电阻𝑅1、𝑅2两端的电压分别为𝑈1、𝑈2，通过两个电阻的电流分别为𝐼1、𝐼2.下列判断正确的是()A.𝑈1<𝑈2B.𝑈1>𝑈2C.𝐼1<𝐼2D.𝐼1>𝐼2二、多选题（本大题共3小题，共9.0分）18.下列情景中，通

过做功使加点物体内能增加的是()A.搓手．取暖B.水蒸气．．．将塞子冲出C.烧水．D.压缩中的燃料混合物．．．．．19.下列说法正确的是()A.构成物质的大量分子无规则运动的剧烈程度与温度无关B.汽油机做功冲程中将机械能转化为内能第5页，共27页C.热机的效率高，在做功同样多的情况下，就消耗更

少的燃料，从而节能减排D.质量为10𝑘𝑔的水，温度升高10℃，吸收的热量为4.2×105𝐽[𝑐水=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)]20.下列说法正确的是()A.大量电荷的移动形成电流B.规定正电荷定向移动的方向为电流方向C.电路两端有电压，电路中就有电流D.电

压是形成电流的原因三、填空题（本大题共9小题，共22.0分）21.小王路过加油站时闻到了汽油的气味，这是汽油分子作______，汽油属于______(选填“可再生”或“不可再生”)能源；将质量为100𝑘𝑔、初温为20℃的水加热到40℃

，水吸收了______𝐽的热量[𝑐水=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)]。22.某同学在烧杯中装人质量为100𝑔、初温为20℃的水，然后用酒精灯给水加热一段时间后，水的温度升高到70℃，此过程中水的内能增加了______𝐽，水增加的内能______(选填“大于”、“小

于”或“等于”)酒精完全燃烧所放出的热量。已知𝑐水=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)。23.今年起我国加大了对酒后驾车的处罚力度。酒精测试仪可检测驾驶员是否是酒后驾车，如图是其原理图。图中酒精气

体传感器的电阻𝑅与酒精气体的浓度成反比，如果测试到的酒精气体浓度越大，则通过传感器的电流______，电压表的示数______。(选填“越小”、“越大”或“不变”)24.两个发热电阻𝑅1：𝑅2=1：4

，当它们串联在电路中时，𝑅1、𝑅2两端的电压之比𝑈1：𝑈2=______；已知𝑅1=10𝛺，那它们并联在4𝑉电路中后，两个电阻在100𝑠内产生的热量是______𝐽。25.在如图甲的电路中，电源电压保持不变，𝑅为滑动变阻器，其规

格为“20𝛺1𝐴”，闭合开关𝑆，当滑片𝑃从一端滑到另一端的过程中测到𝑅的电功率与通过它的电流关系图象如图乙所示，则电源电压为______𝑉，定值电阻𝑅0的阻值为______𝛺。第6页，共27页26.两只定值电阻，甲标有“10𝛺1𝐴”，乙标有“15𝛺0.6

𝐴”，把它们并联在同一电路中，电路两端允许加的最大电压是______𝑉；干路中允许通过的最大电流为______𝐴。27.2019年6月5日，我国首次用固体燃料运载火箭把“文昌物联一号”卫星成功送上太空。火箭发射时要选用热值____

__(选填“大”或“小”)的固体燃料，燃料的质量减少，热值______(选填“变小”或“不变”)。天然气已经被广泛利用，它是一种______(选填“可”或“不可”)再生能源，完全燃烧0.07𝑚3天然气释放的热量为______𝐽。(𝑞天然气=4×107𝐽/𝑚3)

28.行驶中的汽车在紧急刹车时，刹车片会发烫，这是通过______的方式增加物体内能的。在汽油机的一个工作循环中，机械能转化为内能的是______冲程；若汽车行驶过程中消耗汽油2𝑘𝑔，则这些汽油完全燃烧能放出______𝐽的热量。[汽油热值4.6

×107𝐽/𝑘𝑔]29.如图所示，当开关𝑆闭合时，通电螺线管的𝐴端为______极(选填“𝑁”或“𝑆”)，当滑动变阻器𝑃向右移动时，通电螺线管的磁性将______(选填“增强”或“减弱”)。四、作图题（本大题共1小题，共4.0分

）30.如图所示为小黄家客厅的实物电路图。请你用笔画线代替导线，把三孔插座和带有开关的电灯分别正确地接入电路中。第7页，共27页五、实验探究题（本大题共1小题，共18.0分）31.小于、小明两个实验小组在探究电流与电压、电阻的关系。可供使用的实验器材有：电源(电压为6𝑉，保持不变)，电

流表、电压表、开关各一个，阻值不同的定值电阻四个(5𝛺、10𝛺、15𝛺、20𝛺)，两只滑动变阻器(规格分别为“20𝛺2𝐴”“50𝛺1𝐴”)，导线若干。(一)小于实验小组探究电流与电压的关系。(1)如图甲所示是同组的小阳连接的实验电路，组长小于在检查时发现有一根导线连接

错了。请你在错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线画出正确的连线。(2)排除故障后，进行实验得到的数据如表一所示，由此可得到的实验结论是______。表一：电压𝑈/𝑉1.01.53.0电流𝐼/𝐴0.20.30.6(3)某次实验中，调节滑动变阻器滑片到某位置时，电流表示数

如图乙所示，则电流表示数是______𝐴，结合表一中数据可知，电阻的阻值是______𝛺。(4)实验中，小于和小阳各自提出了自己的探究思路。小阳认为：可以通过改变串联蓄电池的个数，来改变定值电阻两端的电压值。小于认为：可以通过改变滑动变阻器连入电路中电阻的大小来调

节定值电阻两端的电压值。请你对这两个探究思路进行评估。你认为______(选填“小阳”或“小于”)的思路相对比较合理，理由是______。(二)小明实验小组探究电流与电阻的关系。(1)小明连接了与小于组相同的正确电路，将5𝛺的电阻连入电路中，闭合开

关，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为1.5𝑉，记下此时电流表的示数𝐼1，此时滑动变阻器接入电路的阻值为______𝛺。第8页，共27页(2)将5𝛺电阻换成10𝛺电阻后，闭合开关，此时滑片应向______(选填“左”或“右”)端移动，同时要观察______(选填“电流表”或

“电压表”)才可能达到实验目的。移动滑动变阻器滑片的目的是______。(3)将10𝛺电阻换成15𝛺电阻后，闭合开关，接下来的操作是______。(4)为了能用以上三个定值电阻进行实验，应选择规格是______的滑动变阻器。(5)小明在换用15𝛺电阻做实验时，发现电压表

的小量程突然损坏，他灵机一动，断开开关，将______就解决了这个问题。(6)小明将实验得到的数据填入表二中，分析实验数据，得出的结论是______。表二：实验次数123电阻𝑅/𝛺51015电流𝐼/𝐴0.30.150.1(7)实验时若小明也想用20𝛺的定值电阻做该实

验，则通过计算可知，它所用的滑动变阻器的最大阻值不能小于______𝛺。六、计算题（本大题共2小题，共13.0分）32.某电热壶的电阻为40𝛺(假定恒定不变)，工作时电流为5𝐴，一标准大气压下，用该电热水壶将0

.5𝑘𝑔的水从20℃加热至100℃，最少需要吸收热量多少𝐽？电热水壶至少要工作多少？33.如图所示，是“彩虹”款某款电热毯的简易电路图。电源电压保持不变，𝑅1是电热毯加热的电热丝，𝑅2是定值电阻，该电热毯的额定电

压为220𝑉，当开关𝑆闭合时，电热毯处于高温加热状态，其预定加热功率为110𝑊；当开关𝑆断开时，电热毯处于低温加热状态。求：(1)该电热毯的电热丝𝑅1的阻值大小。(2)该电热毯处于正常工作的高温加热状态时，30𝑚𝑖𝑛

消耗的电能大小。(3)若𝑅2的阻值为660𝛺，则当该电热毯处于低温加热状态时，求𝑅1的实际功率大小。第9页，共27页答案和解析1.【答案】𝐷【解析】【分析】本题考查水的比热容大的特点的应用，应用所学知识，解释了

实际问题，体现了新课标的要求，属于中考热点问题。(1)对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；(2)水分的蒸发会从周围吸热而降低周围环境的温度，即蒸发吸热。【解答】

A.因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以让流动的热水流过散热器取暖，故A不符合题意；B.因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以汽车发动机用循环水冷却，

故B不符合题意；C.因为水的比热容大于沙石的比热容，相同质量的水和砂石吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低少，所以沿海地区昼夜温差比内陆地区小，故C不符合题意；D.炎热的夏天，在室内地面上洒水，水蒸发会从周围吸热而降低

周围环境的温度，使人感到凉爽，不是利用水的比热容大的特点，故D符合题意。故选D。2.【答案】𝐵【解析】解：由𝐼=𝑈𝑅可得，导体的电阻：𝑅=𝑈𝐼=20𝑉1𝐴=20𝛺，因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电路无关，所以，当该导体

两端的电压变为5𝑉时，导体的电阻仍为20𝛺不变，此时通过导体的电流：𝐼′=𝑈′𝑅=5𝑉20𝛺=0.25𝐴。第10页，共27页故选：𝐵。(1)已知导体两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律求出导体的电阻；(2)电阻是导体本身的一种性质，只

与导体的材料、长度、横截面积、温度有关，与两端的电压和通过的电流无关，再根据欧姆定律求出该导体两端的电压变为5𝑉时通过的电流。本题考查了欧姆定律的简单应用，关键是知道导体的电阻与两端的电压和通过的电流无关，是一道基础题目。3.【答案】𝐷【解

析】解：𝐴、在电线上晾衣服，此时湿衣服属于导体，非常容易发生触电事故，故A错误；B、生活用水属于导体，电线起火不能用水扑灭，必须切断电源，故B错误；C、电冰箱接在三孔插座上，防止金属外壳漏电，故C错误；D、不靠近高压带电体，防止发生

高压电弧触电和跨步电压触电，故D正确。故选：𝐷。(1)安全用电的原则是：不靠近高压带电体(室外、高压线、变压器旁)，不接触低压带电体；(2)生活用水属于导体；(3)带有金属外壳的用电器，外壳一定要接地；(4)对于高压带电体，我们不仅不能接触，也不能靠近；高压触电有两种方式，是

高压电弧触电和跨步电压触电。本题考查了安全的常识，我们要不接触低压带电体，不靠近高压带电体。4.【答案】𝐴【解析】【分析】本题考查并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是知道并联电路各支路两端的电压相等。

并联电路各支路两端的电压相等；由𝐼=𝑈𝑅即可求出电流之比。【解答】𝐵𝐷.因为并联电路电压相等，因此将它们并联在同一电路中，它们两端的电压之比为1：1，故BD错误；第11页，共27页𝐴𝐶.由𝐼=𝑈𝑅可得：

电流之比：𝐼1𝐼2=𝑈𝑅1𝑈𝑅2=𝑅2𝑅1=32，故A正确，C错误。故选A。5.【答案】𝐷【解析】解：由电路图可知，闭合开关𝑆后，滑动变阻器𝑅2与定值电阻𝑅1串联，电流表测量电路中的电流，电压表𝑉1测量电源电

压，电压表𝑉2测量滑动变阻器两端的电压；因电源的电压不变，所以滑片移动的过程中，电压表𝑉1的示数不变；将滑动变阻器的滑片𝑃向右移动，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由𝐼=𝑈𝑅可知，电路中的电流变小，由𝑈=𝐼𝑅可知，

𝑅1两端的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，𝑅2两端的电压变大，即电压表𝑉2的示数变大，故C错误，D正确；则电压表𝑉1示数不变，电压表𝑉2的示数变大，两者之和变大，故A错误；因

电压表𝑉2与电流表𝐴的示数之比等于滑动变阻器接入电路中的电阻值，所以，电压表𝑉2与电流表𝐴的示数之比变大，故B错误。故选：𝐷。由电路图可知，闭合开关𝑆后，滑动变阻器𝑅2与定值电阻𝑅1串联，电流表测量电路中的

电流，电压表𝑉1测量电源电压，电压表𝑉2测量滑动变阻器两端的电压，根据电源的电压可知电压表𝑉1示数的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化，进一步判断选项得出

答案。本题考查了滑动变阻器的变阻原理、欧姆定律、串联电路的电压关系，分析电路图确定两电阻的连接方式和电表所测电路元件是本题关键。6.【答案】𝐵【解析】解：𝐴.风能可以从自然界中源源不断地获取，属于可再生能源，所以A错误；B.太阳能、水能可以从自然界直接获取，属于一次能源，所以B正

确；C.人类目前建成的核电站都是利用核裂变来发电的，所以C错误；D.太阳能是太阳内部发生核聚变产生的，所以D错误。故选：𝐵。(1)一次能源是指可以从自然界中直接获取的能源，二次能源是指需要消耗一次能源产生

的能源；第12页，共27页(2)可再生能源是指可以从自然界源源不断地获取的能源，不可再生能源是指消耗后短时间内不能再从自然界获得补偿的能源；(3)可再生能源与不可再生能源都是相对于一次能源来说的。能源危机是当今世界面临的主要问题之一，所以与能源相关的试题将层出不穷，大家要注意收集相关信息。

7.【答案】𝐷【解析】解：(1)由𝑃=𝑈𝐼可得灯泡的额定电流：𝐼额=𝑃额𝑈额=1.25𝑊2.5𝑉=0.5𝐴，故①正确；(2)由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压。灯泡正常发光时的电压为2.5𝑉，功率为1.25𝑊，当灯泡正常发光时，串联电路总电压等

于各分电压之和，此时电压表的最小示数𝑈滑=𝑈−𝑈𝐿=4.5𝑉−2.5𝑉=2𝑉，此时电路中的最大电流𝐼𝑚𝑎𝑥=0.5𝐴，此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，由𝐼=𝑈𝑅可得：𝑅滑𝑚𝑖𝑛=𝑈滑𝐼𝑚𝑎𝑥=2𝑉0.5𝐴=4𝛺；(3

)由𝐼=𝑈𝑅可得：灯泡的电阻：𝑅𝐿=𝑈额𝐼额=2.5𝑉0.5𝐴=5𝛺，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的最小电流，则根据串联电路的特点和欧姆定律可得：𝐼𝑚𝑖𝑛=𝑈𝑅𝐿+𝑅滑𝑚𝑎𝑥=4.5𝑉5𝛺+10𝛺=0.3𝐴，电路中电流变化的范围是0.

3𝐴～0.5𝐴，故②错误；此时灯泡分担的电压最小𝑈𝐿小=𝐼𝑚𝑖𝑛𝑅𝐿=0.3𝐴×5𝛺=1.5𝑉，滑动变阻器两端的最大电压：𝑈滑𝑚𝑎𝑥=𝑈−𝑈𝐿小=4.5𝑉−1.5𝑉=3𝑉，即电压表最大示数，电压表的示数范围为2𝑉～3

𝑉，故③正确；此时滑动变阻器的最大阻值𝑅𝑚𝑎𝑥=𝑈滑𝑚𝑎𝑥𝐼𝑚𝑖𝑛=3𝑉0.3𝐴=10𝛺，所以滑动变阻器的范围是4𝛺～10𝛺，故④正确。由此可知：①③④正确。故选：𝐷。(1)知道灯泡的额定功率和额定电压，根据𝑃=𝑈𝐼求出灯泡的额定

电流；由于需要保证通过小灯泡第13页，共27页𝐿的电流不超过额定电流，据此可得电路中的最大电流；(2)灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电压特点求出灯泡正常发光时，滑动变阻器两端的最

小电压，即电压表的最小示数；根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；(3)根据串联电路的电流特点可知电路中的最大电流为灯泡额的电流和滑动变阻器允许通过最大电流中较小的一个，根据欧姆定律求出电压表的最大示数。根据欧姆定律求出滑动变阻器接入

电路中的最大阻值。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据灯泡的额定电流确定电路中的最大电流和电压表的最大示数确定电路中的最小电流，并且要知道灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。8.【答案】𝐴【解析】解：灯不亮，可能是电路发生断路或灯泡短路造成的；电流表示数为

零，说明电路存在断路，电压表有示数，说明电压表与电源两极相连，电压表并联电路之外电路不存在断路，则与灯泡并联的灯泡𝐿断路。故选A。常见的电路故障有断路与短路，根据电路故障现象分析电路故障原因。本题考查了电路故障分析，根据电路故障现象分析电路故障原因。9.【答案】𝐶【解析】解：由电路图可知

，当闭合开关后，两电阻串联，𝑉1测𝑅2两端的电压，电压表𝑉2测电源电压；因串联电路的总电压等于各分电压之和，且两个电压表指针偏转角度相同，所以，电压表𝑉2的示数是电压表𝑉1示数的5倍，即𝑈=5𝑈2，则电阻𝑅1和𝑅2两端的电压之比：𝑈1𝑈2=𝑈−𝑈2𝑈

2=5𝑈2−𝑈2𝑈2=41．在串联电路中，电流相等，由𝑈=𝐼𝑅可知，电阻𝑅1和𝑅2两端的电压之比等于𝑅1和𝑅2的阻值之比，所以，𝑅1𝑅2=𝑈1𝑈2=41．故选：𝐶．本题考查了串联电路的电

压特点和电压表的读数，关键是知道指针位置相同时大量程示数是小量第14页，共27页程示数的5倍．10.【答案】𝐷【解析】解：由电路图可知，𝑅1与𝑅串联，电压表测𝑅两端的电压，电流表测量电路中的电流；A、在热敏电阻

𝑅1上擦了一些酒精，用扇子对着它扇风时，由于酒精的蒸发，使热敏电阻𝑅1的温度降低，因𝑅1的阻值随温度的升高而减小，所以热敏电阻𝑅1的阻值变大，电路中的总电阻变大；由𝐼=𝑈𝑅可知，电路中的电流变小，即电流表示数变小；故A错误；B、因串联电路中各处的电流相等，所以由前

面解答可知通过电阻𝑅的电流变小；由𝑈=𝐼𝑅可知，𝑅两端的电压变小，即电压表的示数变小；故B错误；C、由𝐼=𝑈𝑅可知电压表与电流表示数之比为定值电阻𝑅的阻值，由于定值电阻𝑅的阻值不变，所以电压表与电流表示数之比不变，故C错误；D、电源电压保持不变

，电路中的电流变小，根据𝑃=𝑈𝐼可知电路的总功率变小，故D正确。故选：𝐷。由电路图可知，𝑅1与𝑅串联，电压表测𝑅两端的电压，由于在热敏电阻𝑅1上擦了一些酒精，用扇子对着它扇风时𝑅1的温度降低，根据题意可知𝑅1的温度降低时𝑅1的阻值变

化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和𝑅两端的电压变化，根据𝑃=𝑈𝐼可知功率的变化。本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是根据题意判断出热敏电阻阻值的变化。11.【答案

】𝐴【解析】解：开关都闭合时，为并联电路，并联电路两端电压等于电源电压；断开开关𝑆2，电路为电阻𝑅1的基本电路，电阻𝑅1两端的电压仍为电源电压，所以电压表示数不变；因为干路电流等于各支路电流之和，并且并联电路中各支路互不影响，断开开关𝑆2，电流表由测干路电流变为测量通过电阻𝑅1

的电流，但通过𝑅1的电流不变，故电流表示数变小。可见，电流表示数减小，电压表示数不变。故选：𝐴。首先进行电路分析，得出两种情况下的电路的连接方式和电路组成，然后由并联电路的特点得出电压表和电流表示数的示数变化。第15页，共27页本题考查了并联电路的特点，分析电路图得出�

�2断开前后的电路组成是关键。12.【答案】𝐵【解析】【分析】此题主要考查电磁波的应用，知道广播、电视、移动通信都靠电磁波传递信息。电磁波可以在真空中传播，可以实现地面与卫星之间的通信。【解答】A.光就是一种电磁波，故A错误；B.电磁波在日常生活中应用非常广泛，其中一个重要的应用就是用来传递信息

，我们现在生活中的移动通信、无线电广播、电视信号的传递，都是通过电磁波来完成的，故B正确；C.电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播，故C错误；D.电磁波看不见、摸不着，也听不见，故D错误。故选：𝐵。13.【答案】𝐶【解析】解：𝐴、手机扫码支付是利用电磁波来传递

信息，故A错误；B、光纤通信是利用激光从光纤的一端射入，在内壁上多次反射后在另一端放射出来，然后在接收端，检测器收到光信号后把它变换成电信号，经解调后恢复原信息，故B错误；C、化石能源、核能属于不可再生能源，故C正确；D、核能发电是利用铀原子核裂变时放出的核能

来发电的，故D错误。故选：𝐶。(1)手机既是电磁波的发射台，也是电磁波的接收台；(2)光纤通信是依靠激光在光导纤维内壁上多次发射反射来传递信息的；(3)从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源。化石能源、核能会越用越

少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；而风能、水能、太阳能、生物质能，可以在自然界里源源不断的得到补充，所以它们属于可再生能源；(4)核电站主要利用核裂变的可控链式反应来发电的。本题考查了电磁波的应用、能源的分类、光纤传递信息、核能的利用，属于基础知识。14.

【答案】𝐶第16页，共27页【解析】解：𝐴、小磁针具有磁性，只能吸引铁、钴、镍等金属，不能吸引铜或铝。故A不可能实现；B、磁感线实际不存在，所以用放大镜也不能看到磁铁周围的磁感线。故B不可能实现；C、铜导线制成的轻质螺线管通过电流时，周围会产生磁场。所以用磁铁能够吸

起铜导线制成的通有电流的轻质螺线管。故C可能实现；D、磁体周围存在磁场，把小磁针放在磁铁周围的任何位置，静止后小磁针的北极都指向此磁铁的𝑆极。故D不可能实现。故选：𝐶。①物体能够吸引铁、钴、镍的性质叫磁性，具有

磁性的物体叫做磁体。磁体周围存在着磁场，磁场对放入磁场中的磁体有力的作用，为了描述磁场的性质而引入了有方向的曲线，称为磁感线；②通电导体周围存在磁场。此类问题需注意磁场是客观存在的，磁感线是人为加上去的，磁体周围的磁感线都是从𝑁极出发，回到𝑆极，磁

场对放入磁场中的磁体有力的作用。15.【答案】𝐵【解析】解：𝐴、陶瓷碗不容易导电，是绝缘体，不合题意；B、金属勺容易导电，是导体，符合题意；C、竹筷不容易导电，是绝缘体，不合题意；D、玻璃杯不容易导电，是绝缘体，不合题意。故选：𝐵

。根据导电性的不同，材料可分为导体，半导体，绝缘体三大类，容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体，导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体。常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘体包括：干木材、塑料、橡

胶、陶瓷等。导体和绝缘体没有明显的界线，在条件改变时是可以相互转化的。16.【答案】𝐴【解析】解：由题意知，闭合开关，指示灯不亮；断开开关，指示灯发光，所以指示灯与𝑆并联，但整个电路不会出现短路，即电路中必须串联一个电阻保护电路。结合选项可知𝐴符合题意，𝐵𝐶𝐷不符合。第17页，共27页

故选：𝐴。由题意知，未系好安全带时指示灯亮，系好安全带灯泡不亮，说明开关断开指示灯亮，否则灯泡不亮即被短路了。本题利用了对用电器短路时，用电器将不工作设计电路，注意不能出现对电源短路的情况，电阻是保护电阻，可使电路对电源不被短路。17.【答案】𝐵【解析】【分析】本题考查对串联电路的电

压和电流特点的认识和理解，正确分析电路是前提。分析两电阻的连接方式，由串联电路的电压特点分析两电阻电压关系。【解答】由图可知，电阻𝑅1、𝑅2串联在电路中，串联电路中电流各处都相等，故CD错误；通过两电阻的电流相等，𝑅1>𝑅2,由𝐼=𝑈𝑅

可知𝑈1>𝑈2，故A错误，B正确。故选B。18.【答案】𝐴𝐷【解析】解：𝐴、搓手取暖时，克服摩擦做功，摩擦生热，手的内能增加，属于通过做功的方式增加物体内能。故A正确；B、水蒸气将塞子冲出，是利用水蒸气的内能来做功，把内能转化为机械能。属于通过做功减小物体内能，故B错误；C、用

火烧水，水从火吸收热量，使水的内能增加、温度升高，是利用热传递的方式改变内能。故C错误；D、汽油机压缩冲程中，活塞对混合气体做功，燃料混合物温度升高，内能增加，属于通过做功的方式增加物体内能；故D正确。故选：𝐴𝐷。做功和热传递都可以改变物体的内能，做功是能量的转化，而热传递是能量的转

移。本题考查做功改变内能，要注意区分做功与热传递改变内能的区别。是中考热点，属于常考易错题目。第18页，共27页19.【答案】𝐶𝐷【解析】解：𝐴、组成物质的大量分子无规则运动的剧烈程度与温度有关，温度越高，分子无规则运动越剧烈，故A错误；B、汽油机在做功冲程中将

内能转化为机械能，故B错误；C、热机效率是指热机有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比；热机的效率高，消耗燃料少，从而节能减排；故C正确；D、水吸收的热量𝑄吸=𝑐𝑚𝛥𝑡=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃

)×10𝑘𝑔×10℃=4.2×105𝐽；故D正确。故选：𝐶𝐷。(1)一切物质的分子都在不停地做无规则的运动，分子热运动的剧烈程度与温度有关；(2)做功冲程中内能转化为机械能；(3)热机的效率是指用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比；比

值越大，效率越高。(4)知道水的质量、温度升高值，根据吸热公式计算水吸收的热量。本题综合考查了内能与温度的关系、汽油机的工作原理、热机的效率和热量的计算等知识点，属于基础知识的考查范围，难度不大。20.【

答案】𝐵𝐷【解析】解：A、电荷的定向移动形成电流，电荷的无规则移动不能形成电流，故A错误；B、物理学中规定正电荷定向移动的方向为电流方向，故B正确；C、电路两端有电压，且电路是闭合的，电路中才会有电流

，故C错误；D、电压是形成电流的原因，只有电路两端有了电压，电路中才可能有电流，故D正确。故选：𝐵𝐷。根据下列知识分析回答：(1)电荷的定向移动形成电流，规定正电荷定向移动的方向为电流方向，在金属导体中自由电子定向移动的方向与电流的方向相反；(2)

电压是形成电流的原因；得到持续电流的条件：一是有电源提供电压，二是电路是闭合的。本题考查了电流的形成、电流方向的规定、电压和电流的关系、得到持续电流的条件，认真审题分析即可解答。第19页，共27页21.【答案】无规则运动不可再生8.

4×106【解析】解：(1)闻到汽油味，这是扩散现象，说明汽油分子在不停地做无规则运动；(2)汽油属于化石能源，消耗后不可能在短时间内得到补充，属于不可再生资源；(3)水吸收的热量：𝑄吸=𝑐水𝑚(𝑡−𝑡0

)=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)×100𝑘𝑔×(40℃−20℃)=8.4×106𝐽。故答案为：无规则运动；不可再生；8.4×106。(1)扩散是指不同物质相互接触时彼此进入对方的现象，扩散现象说明分子在不停的

做无规则运动；(2)像水能、风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；(3)知道水的质量和水的初温、末温以及比热容，根据𝑄=𝑐𝑚(𝑡−�

�0)求出水吸收的热量。本题考查了分子的运动、能源分类以及热量的计算，属于基础题目。22.【答案】2.1×104小于【解析】解：(1)水吸收的热量(水的内能增加值)：𝑄吸=𝑐水𝑚水(𝑡−𝑡0)=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)×0.1�

�𝑔×(70℃−20℃)℃=2.1×104𝐽；(2)由于酒精不可能完全燃烧，有热量散失，且烧杯也会吸收一部分热量，所以，水增加的内能小于酒精完全燃烧所放出的热量。故答案为：2.1×104；小于。(1)根据𝑄

吸=𝑐水𝑚水(𝑡−𝑡0)求出水吸收的热量(水的内能增加值)；(2)由于酒精不可能完全燃烧，有热量散失，且烧杯也会吸收一部分热量，进而判断水增加的内能与酒精完全燃烧所放出的热量的关系。本题主要考查吸热公式的应用，知道在热传递过程中存

在热损失，只要细心应该容易解答，比较简单。23.【答案】越大越大【解析】解：由电路图可知，两电阻串联，电压表测𝑅0两端的电压，测试到的酒精气体浓度越大时，酒精气体传感器的电阻变小，电路的总电阻变小；第2

0页，共27页根据𝐼=𝑈𝑅可知，电路中的电流变大，即通过传感器的电流越大；根据𝑈=𝐼𝑅可知，定值电阻两端的电压变大，即电压表的示数越大。故答案为：越大；越大。由电路图可知，两电阻串联，电压表测𝑅0两端的电压，根据题意得出酒精气体浓度越大时酒精气体传感器电阻阻值的变

化和电路总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和电压表示数的变化。本题考查了电阻的串联和欧姆定律的应用，关键是“中酒精气体传感器的电阻𝑅与酒精气体的浓度成反比”这一条件的应用。24.【答案】1：4200【解析】解：(1)当两电阻串联在电路中时，因串联电路中各处的

电流相等，所以，由𝐼=𝑈𝑅可得，𝑅1、𝑅2两端的电压之比：𝑈1𝑈2=𝐼𝑅1𝐼𝑅2=𝑅1𝑅2=14；(2)已知𝑅1=10𝛺，𝑅1：𝑅2=1：4，所以𝑅2=4𝑅1=4×10𝛺=40𝛺，当两电阻并联在电路中时，因并联电路

中各支路两端的电压相等，所以，两个电阻在100𝑠内产生的热量：𝑄总=𝑊总=𝑊1+𝑊2=𝑈2𝑅1𝑡+𝑈2𝑅2𝑡=(4𝑉)210𝛺×100𝑠+(4𝑉)240𝛺×100𝑠=200𝐽。故答案为：1：4；200。(1)两电阻串联时通过的电流相等，根据欧姆定律求出

两电阻两端的电压之比；(2)两电阻并联时它们两端的电压相等，根据𝑄=𝑊=𝑈2𝑅𝑡求出两个电阻产生的热量。本题考查了串联电路的电流特点和并联电路的电压特点以及欧姆定律、电热公式的灵活应用，是一道较为简单的应用题。25.【答案】12；10【解析】解：由电路图可知，𝑅0与𝑅串联，电压表

测𝑅两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，𝑅与𝑅0的串联，电路中的电流最小，由图象可知，电路中的电流𝐼小=0.4𝐴，由𝐼=𝑈𝑅+𝑅0可得，电源的电压：第21页，共27页𝑈=𝐼小(𝑅0+𝑅)

=0.4𝐴×(20𝛺+𝑅0)-------①当滑动变阻器接入电路中的电阻最小时，电路中的电流最大，由图象可知，电路中的电流𝐼大=1.2𝐴，𝐼大=𝑈𝑅0=1.2𝐴-----②，解得：𝑅0=10

𝛺，电源的电压𝑈=𝐼大𝑅0=1.2𝐴×10𝛺=12𝑉。故答案为：12；10。由电路图可知，𝑅0与𝑅串联，电压表测𝑅两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路为𝑅0的简单电路，电路中的电流最大，根据图象读出电路中的电流，根据欧姆定律表示出电源的

电压；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最大，根据图象读出电表的示数，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出𝑅0的阻值，进一步求出电源的电压。本题考查了串联电路的特点和欧

姆定律，从图象中获取有用的信息是关键。26.【答案】91.5【解析】解：由𝐼=𝑈𝑅可得，两定值电阻两端允许所加的最大电压分别为：𝑈甲=𝐼甲𝑅甲=1𝐴×10𝛺=10𝑉，𝑈乙=𝐼乙𝑅乙=0.6𝐴×15𝛺

=9𝑉，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，两电阻并联在同一电路中时，电路中的最大电压𝑈=𝑈乙=9𝑉，此时通过乙的电流为0.6𝐴，通过甲的电流𝐼甲′=𝑈𝑅甲=9𝑉10𝛺=0.9𝐴，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路最大电流：𝐼=𝐼甲′+𝐼

乙=0.9𝐴+0.6𝐴=1.5𝐴。故答案为：9；1.5。根据欧姆定律求出两电阻两端允许所加的最大电压，根据并联电路的电压特点可知，两电阻并联时，并联电路两端允许加的最大电压为较小的一个，然后由欧姆定律求出通过两电阻的电流，再根据并

联电路的电流特点求出干路的最大电流。第22页，共27页本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是知道两电阻并联时电路两端的最大电压为两电阻允许所加最大电压中较小的。27.【答案】大不变不可2.8×106【解析】解：火箭发射时要选用热值大的固体燃料，原因是完全燃烧相同质量的燃料，热值大，可以

放出更多的热量；热值是燃料的特性，只与燃料的种类有关，与其质量、是否燃烧和燃烧是否充分无关，所以在燃料的质量减少时热值不变；天然气属于化石能源，不可能在短期内从自然界得到补充，属于不可再生能源；完全燃烧0.07𝑚3天然气释放的热量：𝑄放=𝑉𝑞天然气=0.

07𝑚3×4×107𝐽/𝑚3=2.8×106𝐽。故答案为：大；不变；不可；2.8×106。(1)热值是燃料的一种特性，在完全燃烧相同质量的燃料时，热值越大的燃料放出的热量越多；(2)热值是燃料的一种特性，只与燃料的种类有关，与其质量、

是否燃烧和燃烧是否充分无关；(3)从能源是否可再生的角度可分为可再生能源和不可再生能源，化石能源不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；(4)利用𝑄放=𝑉𝑞计算出天然气完全燃烧放出的热量。本

题考查热值的概念、能源的分类以及燃料燃烧放热的简单计算。28.【答案】做功压缩9.2×107【解析】解：(1)刹车片发热，是刹车片克服摩擦做功，使刹车片的内能增加、温度升高，是通过做功途径改变物体内能；(2)汽油机的一个工作循环包括：吸气、压缩、做功、排气四个冲程，将机械能转

化为内能的是压缩冲程；(3)2𝑘𝑔汽油完全燃烧释放的热量：𝑄放=𝑚𝑞=2𝑘𝑔×4.6×107𝐽/𝑘𝑔=9.2×107𝐽。故答案为：做功；压缩；9.2×107。(1)改变内能的方法：一是做功，对物体做功(克服摩擦做功、压缩气体做

功)，物体内能会增加；物体对外做功，物体内能会减少；二是热传递。(2)内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，将机械能转化为内能的是压缩冲程，将内能转化为机械能的是做功冲程第23页，共27页(3)知道汽油的质量和热值

，利用𝑄放=𝑚𝑞求汽油完全燃烧产生的热量；本题为热学综合题，考查了改变内能的方法、汽油机四冲程的能量转化、有关热量的计算，虽知识点多、综合性强，但都属于基础，难度不大。29.【答案】𝑁增强【解析】解：伸出右手，四指弯

曲指示电流的方向，大拇指所指的方向即螺线管的𝐴端为𝑁极，𝐵端为𝑆极。当滑动变阻器的滑片𝑃向右移动时，接入电路中的电阻变小，电流变大，通电螺线管的磁性将增强。故答案为：𝑁；增强。(1)根据右手螺旋定则判断通电螺线管的磁极。(2)影响电磁铁磁性强弱的因素

：电流的大小，线圈的匝数。滑动变阻器滑片移动，如何引起电流变化，从而引起的电磁铁磁性强弱的变化。本题考查了影响电磁铁磁性强弱的因素和根据右手螺旋定则判断通电螺线管的极性。30.【答案】解：首先辨别上面三根线地线、火线、零线。灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接

接入灯泡的螺旋套；安装三孔插座的方法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。如图所示：【解析】对于电灯接线的基本要求是：“火线零线并排走，零线直接进灯口，火线接在开关上，通过开关进灯头”。三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火

线。掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。31.【答案】电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比0.35小于操作方便，电路安全，数据收集方便15右电压表保持定值电阻两端电压一定调节滑动变阻器，使电压表的示数为1.5𝑉，记下电流表的示数𝐼3

“50𝛺1𝐴”电压表的大量程并在滑动变阻器两端当电阻两端电压一定时，电流与电阻成反比60第24页，共27页【解析】解：(一)(1)电压表并联在其测量的用电器两端，探究电流与电压、电阻的关系时，电压表测电阻两端

的电压，据此分析电路中电压表右端连线错误，应接在电阻的右端，如图所示：(2)根据欧姆定律可知，定值电阻的阻值𝑅=𝑈𝐼=1.0𝑉0.2𝐴=1.5𝑉0.3𝐴=3.0𝑉0.6𝐴=5𝛺，分析数据可得出结论：

电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比；(3)电流表选择0～0.6𝐴量程，最小分度值为0.02𝐴，示数为0.3𝐴；根据欧姆定律和表中数据，电阻的阻值是𝑅=𝑈𝐼=1.5𝑉0.3𝐴=5𝛺；(4)

为了进行多次实验，多次改变定值电阻两端的电压，小阳的方案需要更换电池的个数，需要拆装电路，不仅操作不方便，并且不安全，同时小于的方案电路只需移动滑动变阻器的滑片，操作简单，故选择小于的方案比较合理；(二)(1)根据欧姆定律

可知电路中的电流𝐼1=𝑈1𝑅1=1.5𝑉5𝛺=0.3𝐴，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压𝑈滑=𝑈−𝑈1=6𝑉−1.5𝑉=4.5𝑉，根据欧姆定律可知此时滑动变阻器接入电路的阻值𝑅滑=𝑈滑𝐼1=4.5𝑉0.3𝐴=15𝛺；(2)实验中应保持定值电阻两

端的电压不变，将5𝛺电阻换成10𝛺电阻后，闭合开关，定值电阻两端的电压变大，为保持定值电阻两端的电压不变，应让滑动变阻器两端的电压变大，故此时滑片应向右端移动，同时要观察电压表才可能达到实验目的。移动滑动变阻器滑片的目的是保

持定值电阻两端的电压不变；(3)将10𝛺电阻换成15𝛺电阻后，闭合开关，接下来的操作是调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为1.5𝑉，记下电流表的示数𝐼3。(4)根据实验数据可知，电路中的电流最小为0.1𝐴，根据欧姆定律可知此时电路中的总电阻𝑅总=𝑈�

�3=6𝑉0.1𝐴=60𝛺，根据电阻串联的特点可知滑动变阻器接入电路的阻值𝑅滑′=𝑅总−𝑅3=60𝛺−15𝛺=45𝛺，为了能用以上三个定值电阻进行实验，应选择规格是“50𝛺1𝐴”的滑动变阻器；第25页，共27页(5)小明在换用15

𝛺电阻做实验时，发现电压表的小量程突然损坏，他灵机一动，断开开关，将电压表的大量程并在滑动变阻器两端就解决了这个问题；(6)根据欧姆定律可知𝑈=𝐼𝑅=0.3𝐴×5𝛺=0.15𝐴×10𝛺=0.1𝐴×15𝛺=1.5𝑉

，分析实验数据，得出的结论：当电阻两端电压一定时，电流与电阻成反比；(7)实验中应保持定值电阻两端的电压不变，为1.5𝑉，根据串联分压特点可知：𝑅𝑅滑=𝑈𝑉𝑈滑=1.5𝑉6𝑉−1.5𝑉=13，根实验时用20

𝛺的定值电阻做该实验，则滑动变阻器的最大阻值不能小于：3×20𝛺=60𝛺。故答案为：(一)(1)如上图；(2)电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；(3)0.3；5；(4)小于；操作方便，电路安全，数据收集方便；(二)(1)15；(2)右；电压表；保持定值电阻两端电压一定；(

3)调节滑动变阻器，使电压表的示数为1.5𝑉，记下电流表的示数𝐼3；(4)“50𝛺1𝐴”；(5)电压表的大量程并在滑动变阻器两端；(6)当电阻两端电压一定时，电流与电阻成反比；(7)60。(一)(1)电压表并联在其测量的用电器两端，探究电流与

电压、电阻的关系时，电压表测电阻两端的电压，据此分析电路中电压表的连接错误；(2)分析数据得出结论；(3)确定电流表选择的量程和最小分度值，读出示数；根据欧姆定律和表中数据，计算电阻的阻值；(4)评估两个设计的优缺点：从操作的简单和繁琐分析；从对实验元件的安全性

分析；从收集数据对数据得出结论的正确性分析；(二)(1)根据欧姆定律可知电路中的电流，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律可知此时滑动变阻器接入电路的阻值；(2)实验中应保持定

值电阻两端的电压不变，将5𝛺电阻换成10𝛺电阻后，闭合开关，定值电阻两端的电压变大，为保持定值电阻两端的电压不变，应让滑动变阻器两端的电压变大，故此得出滑片的移动方向，同时要观察电压表才可能达到实验目的。移动滑动变

阻器滑片的目的是保持定值电阻两端的电压不变；(3)实验中应保持定值电阻两端的电压不变，并记录电流值，据此分析；(4)根据实验数据可知，电路中的电流最小为0.1𝐴，根据欧姆定律可知此时电路中的总电阻，根据电阻串联的特点可知滑动变阻器接入电路的阻值；(5)电压表的小量程突然损坏，

可将电压表的大量程并在滑动变阻器两端；(6)分析数据得出结论；第26页，共27页(7)实验中应保持定值电阻两端的电压不变，根据串联分压特点可得出滑动变阻器的最大阻值不能小于多少。本题为探究电流与电压、电阻的关系的实验，考查全面、难度较大。3

2.【答案】解：(1)水吸收的热量：𝑄吸=𝑐𝑚(𝑡2−𝑡1)=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)×0.5𝑘𝑔×(100℃−20℃)=1.68×105𝐽；(2)电热壶加热时的功率：𝑃=𝐼2𝑅=(5𝐴)2×40𝛺=1000𝑊，当电热水壶消耗的电能全部被

水吸收时所用的加热时间最小，则最小加热时间：𝑡=𝑊𝑃=𝑄吸𝑃=1.68×105𝐽1000𝑊=168𝑠．答：最少需要吸收热量1.68×105𝐽；电热水壶至少要工作168𝑠．【解析】(1)知道水

的质量和温度的变化，根据𝑄=𝑐𝑚(𝑡2−𝑡1)求出水最少需要吸收的热量；(2)根据𝑃=𝐼2𝑅求出电热壶的加热功率，当电热水壶消耗的电能全部被水吸收时所用的加热时间最小，根据𝑄=𝑊=𝑃𝑡求出最小加热时间．本题考查了

电功与热量的综合题，要注意当电热水壶消耗的电能全部被水吸收时所用的加热时间最小，是一道较为简单的计算题．33.【答案】解：(1)当开关𝑆闭合时，该电路为只含有𝑅1的简单电路，此时为高温加热状态，加热功率为𝑃加热=110𝑊，由𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅可知该电热毯的电热丝𝑅1的阻值为：

𝑅1=𝑈2𝑃加热=(220𝑉)2110𝑊=440𝛺；(2)当电热毯处于高温加热状态时，30𝑚𝑖𝑛消耗的电能为：𝑊=𝑃𝑡=110𝑊×30×60𝑠=1.98×105𝐽；(3)当开关𝑆断开时，该电路为𝑅1

和𝑅2的串联电路，此时处于低温加热状态；由串联电路的电阻特点可知电路总电阻为：𝑅=𝑅1+𝑅2=440𝛺+660𝛺=1100𝛺，则电路中的电流为：𝐼=𝑈𝑅=220𝑉1100𝛺=0.2𝐴

，则𝑅1的实际功率为：𝑃1=𝐼2𝑅1=(0.2𝐴)2×440𝛺=17.6𝑊。答：(1)该电热毯的电热丝𝑅1的阻值为440𝛺；第27页，共27页(2)该电热毯处于正常工作的高温加热状态时，30𝑚�

�𝑛消耗的电能为1.98×105𝐽；(3)若𝑅2的阻值为660𝛺，则当该电热毯处于低温加热状态时，𝑅1的实际功率为17.6𝑊。【解析】(1)由电路图可知当电热毯处于高温加热状态时，电路为只含有𝑅1的简单电路，已知加热功率和电源电压，利用𝑃=𝑈𝐼=𝑈

2𝑅可求出该电热毯的电热丝𝑅1的阻值；(2)利用𝑊=𝑃𝑡可求出当电热毯处于高温加热状态时，30𝑚𝑖𝑛消耗的电能；(3)当电热毯处于低温加热状态时，电路为𝑅1和𝑅2的串联电路，串联电路的总电阻等于各个分电阻之和，再利用𝐼=𝑈𝑅求出电路中的电流，最后根据𝑃=𝐼2𝑅

求出𝑅1的实际功率。本题考查了欧姆定律的应用、电能和电功率的计算，需要熟练掌握相关计算公式及变形式的应用是解题的关键。