【文档说明】2021-2022学年重庆市万州区九年级上期末物理试题及答案解析.docx，共(23)页，584.083 KB，由小喜鸽上传

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第1页，共23页2021-2022学年重庆市万州区九年级（上）期末物理试卷一、单选题（本大题共8小题，共24.0分）1.下列描述中符合实际的是()A.万州的冬天最低温可达−30℃B.人体的安全电压为36𝑉C.家用电冰箱正常工作时电流大约为0.1𝐴D.教室里一盏日光灯的功

率约为40𝑊2.在险峻的边疆，有一群最可爱的人，时刻守护着祖国的疆土，他们用双脚丈量着祖国的国界，我们的岁月静好，得益于他们的负重前行。如图是他们日常工作的照片，其中关于物态变化表述正确的是()A.脸上的霜是凝华现象B.雪的形成是熔化现象C.雾的形成是汽化现象D.冰雪消融成河

是液化现象第2页，共23页3.人民有信仰，国家有力量，我国是全球抗击新冠疫情最成功的国家。如图是我国医院里常用的人脸识别测温一体机，可以实现扫健康码查验、口罩检测、体温检测自动报警功能：当出示的健康码为黄色或者红色时，开关𝑆1闭合，红灯亮起；未配戴口罩时，开关𝑆

2闭合，红灯亮起；体温超过正常体温时，开关𝑆3闭合，红灯亮起。下列电路设计正确的是()A.B.C.D.4.天问一号负责执行中国第一次自主火星探测任务，于2020年7月23日在文昌航天发射场发射升空。2021年2月到达火星附

近，2021年5月软着陆火星表面，实现中国在深空探测领域的技术跨越。其发射和着陆火星的过程蕴含很多热学知识，下列描述正确的是()A.发射过程中，火箭的机械能转化为燃料燃烧的内能B.发射过程中，火箭燃料逐渐减少，其

热值逐渐降低C.着陆火星的过程，着陆器的温度升高，其内能一定增大D.着陆器着陆时与火星大气摩擦，是通过热传递的方式改变内能5.每天中午，同学们都要去学校食堂吃营养丰富的午餐，这些午餐都是由食堂厨师精心制作而成。冬天为了保温，食堂的师傅还会用大量热水在菜盆下流动

来提供热量，可谓是用心良苦。以下关于这些热现象说法正确的是()A.冬天，食堂用热水来保温饭菜是利用水的比热容大的特点B.饭菜冷却得快，而汤却冷却得慢，是因为饭菜的比热容大C.吃饭的过程中，饭菜因不断向空气散热，饭菜的内能不变D.

我们不敢大口喝热气腾腾的汤，是因为汤含有的热量较多第3页，共23页6.如图所示的电路中，闭合开关𝑆后，灯泡𝐿1发光、𝐿2不发光，电流表、电压表指针均有偏转，则该电路故障可能是()A.灯泡𝐿1短路．B.灯泡𝐿1断路C.

灯泡𝐿2短路D.灯泡𝐿2断路7.现有两只标有“𝑃𝑍220𝑉50𝑊”和“𝑃𝑍220𝑉25𝑊”的灯泡𝐿1、𝐿2，不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列分析正确的是()A.两灯均正常发光时，𝐿1的电阻比较大B.将两灯串联接入220𝑉电路中，𝐿1比�

�2更亮C.将两灯串联接入220𝑉电路中，两灯消耗的总功率为75𝑊D.将两灯并联接入220𝑉电路中，通过𝐿1、𝐿2的电流之比为2：18.如图甲所示，电源电压恒定不变，𝑅1为标有“20𝛺1𝐴”的滑动变阻器，小灯泡𝐿标有“4.5𝑉2

.25𝑊”的字样(忽略温度对小灯泡电阻的影响)，电压表接0～3𝑉量程，电流表接0～0.6𝐴量程。当只闭合开关𝑆时，移动滑动变阻器的滑片，得到𝑅1的电功率𝑃1与𝑅1的关系如图乙所示。只闭合𝑆1、𝑆2时，移动滑动变阻

器的滑片，在保证各电路元件不被损坏的情况下，下列说法正确的是()A.小灯泡𝐿正常工作时的电阻值为2𝛺B.只闭合𝑆1、𝑆2时，电流表的变化范围为0～0.5𝐴C.只闭合𝑆1、𝑆2时，电压表的变化范围为0～3𝑉D

.只闭合𝑆1、𝑆2时，小灯泡功率变化范围为1～2.25𝑊第4页，共23页二、填空题（本大题共5小题，共10.0分）9.如图所示，英国物理学家______，做了很多实验研究热与功之间的联系以及电流的热效应；研究电流的热效应时，由于有多个因素影响导体的发热，所以探究过程应采用___

___的科学探究方法。10.随着时代的发展，我国汽车产业迅速崛起，汽车进入了千家万户。汽车不但要加油，有时也要加水，行驶过程中，汽车发动机将燃烧油料所产生的内能转换为______供其高速行驶；加水主要是为了冷却发动机，某汽车加了净含量

4𝑘𝑔的冷却水，𝑐水=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)，行驶一段时间后，水温从20℃升高到70℃，则这些水吸收了______𝐽的热量。11.做文明人，创文明城。近年来，万州市民齐动员，养习惯、讲文明、育新风，争创全国文明城区。私拉乱接电线是城市常见的不

文明行为，劣质老化的电线常常会有绝缘层破损的情况，容易使过往行人直接或间接接触到______(选填“零线”、“火线”)造成触电事故；裸露的电线相互缠绕也容易发生______从而造成火灾，有极高的安全隐患。12.现有两个定值电阻，甲标有“10𝛺1𝐴”，乙标有“15𝛺0

.6𝐴“，将两电阻并联后的总电阻为______𝛺；若将它们串联在同一电路中，为保证它们安全工作，电路两端允许加的最大电压为______𝑉。13.如图甲所示电路中，电源电压恒定不变，已知𝑅1是定值电阻，阻值与温度无关。闭合开关𝑆，将滑动变阻器𝑅2的滑片𝑃从�

�端移动到𝑎端的过程中，电压表和电流表的示数变化情况如图乙，则定值电阻𝑅1的阻值是______𝛺，滑动变阻器𝑅2的最大功率是______𝑊。第5页，共23页三、作图题（本大题共1小题，共2.0分）1

4.用测电笔分别测家庭电路的𝐴、𝐵两条输电线如图所示，只有接触𝐴时测电笔氖管发光。请用笔画线表示导线，将图中的电灯、开关及三孔插座正确接入电路中。四、实验探究题（本大题共4小题，共22.0分）15.小向同学在4块相同的玻璃板

上各滴一滴质量相同的水，进行如下图所示的实验探究，探究水蒸发快慢与水的温度、水的表面积和水面上方空气流动快慢的关系。①通过𝐴、𝐵两图的对比，可以得出水蒸发快慢与水的______有关；②通过______两图的对比，可以得出水蒸发快慢与水的温度有关；③比较𝐴𝐷两图，

得出液体表面空气流速越快，蒸发速度______。16.在探究“冰熔化时温度随时间变化规律”的实验中，实验装置如图甲所示：①实验时应将______(选填“整块冰”或“碎冰”)放入图甲装置试管中；第6页，共23页②观察图乙，温度计的示数为______℃；③某同学根据记录的数据绘制了温

度随时间变化的图象丙，由图象可知：冰属于______(选填“晶体”或“非晶体”)。17.在“探究电流与电阻的关系”实验中：(1)图甲是实验的实物连线图，其中有一条导线连接错误，请在该导线上打“×”并画出正确连线；(2)连接电路时，开关应处于______状态，

闭合开关前滑动变阻器滑片应移动到______处；(3)滑动变阻器在该实验中的作用除了保护电路之外，还有______的作用；(4)实验过程中，将5𝛺的电阻接入电路中，闭合开关，调节滑动变阻器滑片至适当位置，此时

电流表示数如图乙所示，则电流表示数为______𝐴。将5𝛺的电阻更换为10𝛺的电阻，闭合开关，应将滑动变阻器的滑片向______(选填“左”或“右”)端移动，来保证电压表的示数为______𝑉。18.如图甲所示是小鹏测量小灯泡电功率

的实验电路图，已知小灯泡的额定电压为2.5𝑉，电源电压为3𝑉恒定不变，滑动变阻器标有“20𝛺1𝐴”的字样。第7页，共23页表一保持电阻不变时，研究电流随电压的变化实验序号电压𝑈/𝑉电流𝐼/𝐴10.50.

05210.1320.2(1)该实验的实验原理是______。(2)小鹏连接好电路后，闭合开关，缓慢移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡不发光，电流表无示数，电压表示数为3𝑉，则电路的故障可能是______。(3)排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，小

鹏获得了多组数据并将其绘制成𝐼−𝑈图像如图乙，则小灯泡的额定功率是______𝑊，其亮度由______(选填“实际功率”或“额定功率”)决定；(4)如图乙，小鹏还发现图象是弯曲的，细思其原因是灯丝的电阻随温度的升高而______(选填“增大”、“减小”或“不变”)；(5)小鹏做完实验，还

有一些时间，于是决定将小灯泡换成定值电阻，利用已有器材验证同组小刚的一组数据，这是小刚以前做的“电流与电压关系”的一组数据，记录在表格中，数据如表格所示；①小鹏应该找实验管理员借一个阻值为______𝛺的定值电阻，用来取代

小灯泡进行实验；②根据计算判断：小鹏同学不能完成第______组的实验数据；如果想要完成该组数据，他可以更换一个最大阻值至少为______𝛺的滑动变阻器。五、计算题（本大题共3小题，共22.0分）19.如图所示，电源电压保持不变，𝑅1

=10𝛺。闭合开关𝑆，电压表示数为6𝑉，电流表示数为0.3𝐴。求：(1)电阻𝑅2的阻值；(2)电源电压。20.随着国民经济逐渐强大，人民生活越发富裕，小明家换住的新楼房的厨电家电也越发丰富。小明某次烧开水，将水壶里加

入2𝑘𝑔水，第8页，共23页用温度计测得初温为20℃，大火加热直至沸腾，观察家里的燃气表发现使用了0.020𝑚3的天然气，又在物理书中查到天然气热值为8×107𝐽/𝑚3(当时的大气压为1标准大气压

)，𝑐水=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)。求：(1)烧开这壶水，水需要吸收多少热量；(2)烧开这壶水所用天然气完全燃烧释放出多少热量？(3)厨房还有电热水壶，小明还想测试电热水壶的热效率，于是断开其他用电器，只让

电热水壶工作，烧开相同质量相同初温的水直到沸腾，并观察电能表转动700转，电能表如图所示，则电热水壶的热效率为多少？21.冬季到来，因气温低，水的蒸发量减少，所以空气湿度降低，导致人们皮肤、口、鼻干燥不适，所以市面上一种电热加湿器比较流行

。某型号电热加湿器的原理如图甲所示。𝑅1、𝑅2都是发热电阻，不考虑温度对电阻的影响，且𝑅2=3𝑅1；𝑆为旋转型开关，1、2、3、4为触点，通过旋转开关𝑆可实现“关”“低挡”“高挡”之间的切换，低挡为小功率加热，高挡为大功率加热。其部分技术参数如表所示。额定电压(𝑉)2

20高挡发热功率(𝑊)400注水仓最大注水量(𝑘𝑔)3(1)求电热加湿器中𝑅1的阻值；(2)用电高峰期，实际电压只有198𝑉，求此时“高挡”的实际功率；(3)某次在额定电压下使用电热加湿器，其30𝑚𝑖𝑛的功率与时间的

关系图象如图乙所示。请计算30𝑚𝑖𝑛内电加湿器消耗的总电能。第9页，共23页第10页，共23页答案和解析1.【答案】𝐷【解析】解：𝐴、万州的冬天最低温可达−10℃，不会达到−30℃，故A错误；B、人体的安全电压为不高于36𝑉，故B错误；C、家用电冰箱正常工作时电流大约为1𝐴，故C

错误；D、教室里一盏日光灯的功率约为40𝑊，符合实际，故D正确。故选：𝐷。首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。此题考查对生活中常见物理量的

估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。2.【答案】𝐴【解析】解：𝐴、霜是水蒸气遇冷变成的小冰晶，是凝华现象，故A正确；B、雪是水蒸气遇冷变成的小冰晶，是凝华现象，故B错误；C、雾是水蒸气遇冷凝

结成小水滴并与空气中的尘埃结合形成的，是液化现象，故C错误；D、冰雪消融是固态变成液态，是熔化现象，故D错误。故选：𝐴。(1)物态变化共有六种：①熔化是物质由固态变为液态；②凝固是物质由液态变为固态；③汽化是物质由液态变

为气态；④液化是物质由气态变为液态；⑤升华是物质由固态变为气态；⑥凝华是物质由气态变为固态；(2)解决此题的关键是知道物态变化的名称，依据各选项中的物态变化进行分析即可。判断一种现象是什么物态变化，一定要分析现象原来和现在的状态，然后根据六种物态变化的定义进行判断。3.【答案】𝐵【解析

】解：根据题意可知，当出示的健康码为黄色或者红色时，开关𝑆1闭合，红灯亮起；未配戴口罩时，开关𝑆2闭合，红灯亮起；第11页，共23页体温超过正常体温时，开关𝑆3闭合，红灯亮起，综上可知，三开关可以独立工作、互不影响即为并联，且红灯位于干

路，由选项可知，B正确、ACD错误。故选：𝐵。由题意可知，当出示的健康码为黄色或者红色时，开关𝑆1闭合，红灯亮起；未配戴口罩时，开关𝑆2闭合，红灯亮起；体温超过正常体温时，开关𝑆3闭合，红灯亮起，说明三开关可

以独立工作、互不影响即为并联，且红灯位于干路，据此结合电路图得出答案。本题考查了串并联电路的设计，根据题意得出三开关的连接方式是关键。4.【答案】𝐶【解析】解：𝐴、火箭从地面向上加速运动的过程中，火箭内燃

料的燃烧时将化学能转化为内能再转化为火箭的机械能，故A错误；B、热值是燃料的特性，与燃料的燃烧情况、燃料的质量无关，所以燃料的热值不变，故B错误；C、火箭从地面向上发射过程中，火箭外壳和大气摩擦后温度越来越高，其内能增大，故C正确；D、着陆器着陆时与火星大气摩擦，克服摩擦做功，是通过做功的方式改变

内能，故D错误。故选：𝐶。(1)燃料燃烧释放的内能部分转化成火箭的机械能；(2)1𝑘𝑔某种燃料完全燃烧放出的能量，叫做这种燃料的热值。热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关；(3)内能的大小与物质的质量、温度、状态等因素

有关；(4)改变物体内能的方法有两种：做功和热传递。本题是一道关于卫星发射的综合题，它涉及到能量转化、热值、内能的变化等多个知识点，属于基础题。5.【答案】𝐴【解析】解：A、因为水的比热容较大，降低相同的温度，放出的热量多，饭菜容易保温，所以

食堂用热水来保温饭菜，利用了水的比热容较大的特性，故A正确；B、在放出相同热量后，比热容小的物质降温快，比热容大的物质降温慢，所以饭菜冷却得快，而汤却冷却得慢，是因为饭菜的比热容小，故B错误；第12页，共23页C、饭菜从打饭处端到餐桌的过程，饭菜与空气之间发生热传递，会不断向空气中释放热量，

内能会减小，故C错误；D、我们不敢大口地喝热气腾腾的汤，是因为热汤的温度高；热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，故D错误。故选：𝐴。(1)对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低得少；升高或降低相同的温度，水吸收

或放出的热量多；(2)改变内能的方法有两种：做功和热传递；(3)物体放出热量，内能会变小；(4)热量是个过程量，区别于状态量，只是在热传递这个过程中才有热量这个物理量，当两物体温度相等时，热传递就停止。所以只能说某物体吸收了多少热量，放出了多少热量，而不能说含有多少热量。本题主要考查了学生对

水的比热容大的特点的应用、改变内能的方法、热量的概念，属于基础知识的考查。6.【答案】𝐶【解析】解：由图可知，该电路为串联电路，电压表测量𝐿1两端的电压，电流表测量电路中的电流；闭合开关𝑆后，灯泡𝐿1发光、𝐿2不发光，电流表指针偏转，说明电路是通路，电路出现了短路现象；

电压表指针偏转，说明与电压表并联部分是正常的，所以故障是灯泡𝐿2短路。故选：𝐶。由图可知，该电路为串联电路，电压表测量𝐿1两端的电压，电流表测量电路中的电流；根据电压表、电流表指针的偏转情况和灯泡的发光情况判定电路的故障。本题考查了根据电流表和电压表的示数情况判断串联

电路的故障，属于基础题。7.【答案】𝐷【解析】解：𝐴、由𝑃=𝑈2𝑅可知两只灯泡的电阻分别为：𝑅1=𝑈12𝑃1=(220𝑉)250𝑊=968𝛺，𝑅2=𝑈22𝑃2=(220𝑉)225𝑊=1936𝛺；因此两灯正常发光时，𝐿2的电阻比较大，故

A错误；B、将两灯串联在220𝑉电路中，通过两灯的电流相同，已知𝐿2的电阻比较大，由𝑃=𝐼2𝑅可知𝐿2的第13页，共23页实际功率较大，即𝐿2灯更亮，故B错误；C、两灯串联后的总电阻为：𝑅=𝑅1+𝑅2=968𝛺+1936𝛺=2904𝛺，则两灯消耗的总功率为：𝑃

=𝑈2𝑅=(220𝑉)22904𝛺≈17𝑊，故C错误；D、将两灯并联接入220𝑉电路中，由并联电路的电压特点和欧姆定律可知通过两灯的电流之比为：𝐼1：𝐼2=𝑈𝑅1：𝑈𝑅2=𝑅2：𝑅1=1936𝛺：

968𝛺=2：1，故D正确。故选：𝐷。(1)利用𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅可分别将两只灯泡的电阻求出来，进行比较即可；(2)串联电路中电流处处相等，由上述分析可知两灯泡的电阻大小，利用𝑃=𝐼2𝑅可知哪个灯的实际功率较大，即哪个灯更亮；(3

)串联电路的总电阻等于各个用电器的电阻之和，据此求出两灯串联后的总电阻，再利用𝑃=𝑈2𝑅可求出两灯消耗的总功率；(4)并联电路中各个支路两端的电压均等于电源电压，已知两灯电阻的大小，利用𝐼=𝑈𝑅可

求出通过两灯的电流之比。本题考查了对欧姆定律和电功率计算公式的应用，熟练掌握串、并联电路的电流、电压和电阻特点是解题的关键。8.【答案】𝐷【解析】解：由电路图可知，只闭合开关𝑆时，滑动变阻器𝑅1和定值电阻𝑅2串联，根据图乙可知电阻𝑅1=4

𝛺或𝑅1′=16𝛺时，电阻𝑅1的电功率都为1𝑊，根据𝑃=𝐼2𝑅求出电路电流，再根据串联电路电阻规律和欧姆定律求出电源电压和定值电阻𝑅2的阻值；根据图乙可知电阻𝑅1=4𝛺时，电阻𝑅1的电功率为1𝑊，由𝑃=𝐼2𝑅可知，此时电路电流：𝐼=√𝑃1𝑅1=√1

𝑊4𝛺=0.5𝐴，电阻𝑅1′=16𝛺时，电阻𝑅1的电功率为1𝑊，由𝑃=𝐼2𝑅可知，此时电路电流：𝐼′=√𝑃1𝑅1′=√1𝑊16𝛺=0.25𝐴，因串联电路的总电阻等于各分电阻之和，所以由𝐼=𝑈𝑅可知，电源电压：𝑈=𝐼𝑅总=0.5𝐴×(4𝛺+𝑅2

)=0.25𝐴×(16𝛺+𝑅2)第14页，共23页解得：𝑅2=8𝛺，𝑈=6𝑉；(1)由𝑃=𝑈2𝑅可知，灯泡正常发光的电阻：𝑅𝐿=𝑈𝐿2𝑃𝐿=(4.5𝑉)22.25𝑊=9𝛺，故A错误；(2)由电路图可知，只闭合𝑆1、𝑆2时，灯泡与滑动变

阻器𝑅1串联，电流表测量电路电流，电压表测量滑动变阻器𝑅1两端电压；由𝑃=𝑈𝐼可得，灯泡的额定电流：𝐼𝐿=𝑃𝐿𝑈𝐿=2.25𝑊4.5𝑉=0.5𝐴，由于灯泡的额定电流为0.5𝐴，滑动变阻器允许通过的最大电流为

1𝐴，电流表的量程为0～0.6𝐴，则电路的最大电流为0.5𝐴，因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以电压表的最小示数：𝑈小=𝑈−𝑈𝐿=6𝑉−4.5𝑉=1.5𝑉，灯泡的最大功率为灯泡的额定功率2.25𝑊；因电压表的量程为0～3𝑉，所

以电压表的最大示数为3𝑉，此时滑动变阻器接入电路阻值最大，电路电流最小，此时灯泡两端电压：𝑈𝐿′=𝑈−𝑈大=6𝑉−3𝑉=3𝑉，电路最小电流：𝐼小=𝑈𝐿′𝑅𝐿=3𝑉9𝛺=13𝐴≈0.33𝐴，

灯泡的最小功率：𝑃小=𝐼小2𝑅𝐿=(13𝐴)2×9𝛺=1𝑊，故电流表的变化范围为0.33𝐴～0.5𝐴；电压表的变化范围为1.5𝑉～3𝑉；小灯泡功率变化范围为1～2.25𝑊，故BC错误，D正确。故选：�

�。由电路图可知，只闭合开关𝑆时，滑动变阻器𝑅1和定值电阻𝑅2串联，根据图乙可知电阻𝑅1=4𝛺或𝑅1′=16𝛺时，电阻𝑅1的电功率为1𝑊，根据𝑃=𝐼2𝑅求出电路电流，再根据串联电路电阻规律

和欧姆定律求出电源电压和定值电阻𝑅2的阻值；(1)已知灯泡的额定电压和额定功率，根据𝑃=𝑈2𝑅求出灯泡正常发光的电阻；(2)由电路图可知，只闭合𝑆1、𝑆2时，灯泡与滑动变阻器𝑅1串联，电流表测

量电路电流，电压表测量滑动变阻器𝑅1两端电压；根据𝑃=𝑈𝐼求出灯泡的额定电流，由灯泡的额定电流、滑动变阻器允许通过的最大电流以及电流表的量程确定电路的最大电流，再根据串联电路电压规律求出电压表的最小示数，并确定灯泡的最大功率；第15页，共23页根据电压表量程可知电压表示数最大值，此时滑动变

阻器接入电路阻值最大，电路电流最小，根据串联电路电压规律和欧姆定律求出电路最小电流，根据𝑃=𝑈𝐼求出灯泡的最小功率。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用，从图象中获取有用的信息和利用好电源的

电压不变是关键。9.【答案】焦耳控制变量法【解析】解：英国物理学家焦耳做了很多实验研究热与功之间的联系以及电流的热效应，研究电流的热效应时，由于有多个因素影响导体的发热，所以探究过程应采用控制变量法的科学探究方法。故

答案为：焦耳；控制变量法。英国物理学家焦耳做了很多实验研究热与功之间的联系以及电流的热效应，物理实验中出现三个量时应采用控制变量法保持某个量不变才能进行比较。本题考查学生对焦耳定律的连接和掌握，属于基础题。10.【答案】

机械能8.4×105【解析】解：(1)发动机工作时，在做功冲程中燃烧油料所产生的内能转换为机械能；(2)水吸收的热量：𝑄吸=𝑐水𝑚𝛥𝑡=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)×4𝑘𝑔×(70℃−20℃)=8.4×105𝐽。故答案为：机械能；8.4×105。

(1)汽油机的做功冲程中，将燃烧油料所产生的内能转化为机械能；(2)知道水的质量、水的比热容、水的温度升高值，利用公式𝑄吸=𝑐𝑚𝛥𝑡计算水吸收热量的多少。本题以小汽车为背景，考查了汽油机四冲程中的能量转化、热量的计算，常

见题目。11.【答案】火线短路【解析】解：劣质老化的电线常常会有绝缘层破损的情况，容易使过往行人直接或间接接触到火线，通过人体有电流，会造成触电事故；裸露的电线相互缠绕，也容易发生短路，使得电路中的电流过大，从而造成火灾，有极高的安全隐患。故答案为：火线；

短路。第16页，共23页生活中的触电事故都是人体在接触火线的同时又接触零线或大地引起的。家庭电路电流过大的原因：短路和用电器的总功率过大。本题考查了触电事故的原因、家庭电路电流过大的原因，属于基础题。12.【答

案】615【解析】解：并联电路总电阻的倒数等于各分电阻的倒数之和，甲标有“10𝛺1𝐴”，乙标有“15𝛺0.6𝐴“，根据并联电路电阻规律可得两电阻并联后的总电阻为：𝑅=𝑅甲𝑅乙𝑅甲+𝑅乙=10𝛺×15𝛺10𝛺+15

𝛺=6𝛺；串联电路处处电流相等，两只定值电阻串联时，电路中的最大电流为0.6𝐴，联电路的总电阻等于各分电阻之和，所以串联电路的总电阻𝑅′=𝑅甲+𝑅乙=10𝛺+15𝛺=25𝛺，由欧姆定律可得，串联电路两端允许加的最大电压：𝑈=𝐼�

�′=0.6𝐴×25𝛺=15𝑉。故答案为：6；15。甲标有“10𝛺1𝐴”，乙标有“15𝛺0.6𝐴“，根据并联电路电阻规律计算将两电阻并联后的总电阻；将它们串联在同一电路中，根据串联电路电流特点确定通过电路的电流，根据串联电路电阻规律

计算电路总电阻，根据串联电路电压规律计算电源电压。本题可行串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律的运用，将不同规格的导体串联或并联在电路中时，为元件安全，基本原则是“照顾弱者”--以元件的最小电流串联，以最低电压并联。13.【答案】100.9【

解析】解：(1)由图甲可知，该电路为𝑅1和𝑅2的串联电路，电流表测电路中的电流，电压表测𝑅2两端的电压；由图乙可知，当电路中的电流最大为𝐼1=0.6𝐴时，电压表的示数为0𝑉，即𝑅2两端的电压为0𝑉，由欧姆定律可知电源电压为：𝑈=𝑈1=𝐼1𝑅1=0.6

𝐴×𝑅1------①；当电路中的电流为𝐼2=0.2𝐴时，电压表的示数为4𝑉，即𝑅2两端的电压为𝑈2=4𝑉，由串联电路的电压特点和欧姆定律可知电源电压为：𝑈=𝑈1′+𝑈2=𝐼2𝑅1

+4𝑉=0.2𝐴×𝑅1+4𝑉------②；联立①②可解得：𝑈=6𝑉，𝑅1=10𝛺；(2)滑动变阻器的最大阻值为：𝑅2大=𝑈2𝐼2=4𝑉0.2𝐴=20𝛺；滑动变阻器𝑅2的功率为：𝑃=𝐼2𝑅2=(𝑈�

�1+𝑅2)2𝑅2=𝑈2𝑅2(𝑅1+𝑅2)2=𝑈2𝑅2(𝑅1−𝑅2)2+4𝑅1𝑅2，第17页，共23页当𝑅2=𝑅1=10𝛺时，𝑅2的功率最大；则滑动变阻器𝑅2的最大功率为：𝑃=𝑈2𝑅2(𝑅1−𝑅2)2+4𝑅1𝑅2=(6�

�)2×10𝛺(10𝛺−10𝛺)2+4×10𝛺×10𝛺=0.9𝑊。故答案为：10；0.9。(1)由图甲可知，该电路为𝑅1和𝑅2的串联电路，电流表测电路中的电流，电压表测𝑅2两端的电压；从图乙中读取两组电流值，及对应的

电压表示数(即𝑅2两端的电压)，利用电源电压不变，结合串联电路的电压特点和欧姆定律将电源电压表示出来，再将两组表达式联立即可解出电源电压𝑈和电阻𝑅1的阻值；(2)先利用𝑅=𝑈𝐼将滑动变阻器的最大阻值求出，再利用𝐼=𝑈𝑅和𝑃=𝐼2𝑅将滑动变阻器𝑅2的功率表示出来，

利用数学知识即可求出滑动变阻器𝑅2的最大功率。本题考查了对欧姆定律和电功率计算公式的应用，解题关键是利用电源电压不变，通过解方程组将电源电压和电阻𝑅1的阻值求出来。14.【答案】解：家庭电路中，能使测电

笔氖管发光的是火线。则𝐴为火线，𝐵为零线。(1)灯泡的接法：火线首先接开关，再接灯泡的金属点；零线直接接灯泡的螺旋套。(2)三孔插座的上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。当金属外壳的用电器插入三孔插座时，能使金属外壳接地，防止漏电时发生触电事故。如图所示：【解析】(1

)家庭电路中，能使测电笔氖管发光的是火线。开关控制灯泡时，火线首先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接进入灯泡的螺旋套。(2)家庭电路中，三孔插座的上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。在家庭电路中，安装

各个元件，不但考虑各元件能使用，更要考虑使用的安全性。15.【答案】表面积𝐴、𝐶越快【解析】解：要研究水蒸发的快慢与水温度、水的表面积的大小、以及水上方空气流动的速度的关系时，应用控制变量法。①通过𝐴、𝐵两图的对比可知，水的温度、表面上方空气的流动速度相同，水的表面积不同，

故可第18页，共23页以得出水蒸发快慢与水的表面积有关；②要想得出水蒸发快慢与水的温度有关，应控制水的表面积和表面上方空气的流动速度相同，而温度不同，故可通过𝐴、𝐶两图的对比得出；③比较𝐴𝐷两图可以看出，水的表面积和温度相同，表面上方

空气的流动速度不同，可以得出液体表面空气流速越快，蒸发速度越快。故答案为：①表面积；②𝐴，𝐶；③越快。(1)要解答本题需掌握：液体温度的高低、液体表面积的大小、液体上方空气流动的速度都是影响蒸发快慢的因素。(2)物理学研究方法中的控制变量法的应用。本题主要考查学生对：影

响蒸发快慢因素的了解和掌握，以及控制变量法的应用。16.【答案】碎冰−2晶体【解析】解：①：将碎冰放入试管采用水浴法加热，可以使物质受热均匀，且温度上升较慢，便于记录实验数据；②：温度计的分度值是1℃，液面位于0℃以下两格处，所以读数为：−2℃；③由图

象丙可知：冰熔化时温度不变，所以冰是晶体。故答案为：①碎冰；②−2；③晶体。(1)从温度上升较慢，便于记录实验数据进行分析；(2)温度计读数要看清分度值和液面位置；(3)晶体熔化时温度不变。本题考查晶体熔化特点，属于热学基础题，要求学生掌握。17.【答案】断开阻值最大控制定值电阻

两端的电压不变0.3右1.5【解析】解：(1)实验中定值电阻应串联接入电路，故定值电阻与滑动变阻器相连的导线错误，应将滑动变阻器的左上接线柱与定值电阻的右侧接线柱相连，如图：第19页，共23页(2)连接电路时，为保护电路，开关应处于断开状

态，闭合开关前滑动变阻器滑片应移动到阻值最大处；(3)滑动变阻器在该实验中的作用除了保护电路之外，还有控制定值电阻两端的电压不变的作用；(4)电流表选用小量程，分度值为0.02𝐴，示数为0.3𝐴，根据欧姆定律

可知定值电阻两端的电压𝑈=𝐼𝑅=0.3𝐴×5𝛺=1.5𝑉；实验中应控制定值电阻两端的电压为1.5𝑉不变。将5𝛺的电阻更换为10𝛺的电阻，闭合开关，根据串联分压特点可知，定值电阻两端的电压变大，为控制定值电阻两端的

电压不变，应让滑动变阻器两端的电压变大，应将滑动变阻器的滑片向右端移动，来保证电压表的示数为1.5𝑉。故答案为：(1)如图；(2)断开；阻值最大；(3)控制定值电阻两端的电压不变；(4)0.3；右；1.5。(1)实验中定值电阻应串联接入电路，故定值电阻与滑

动变阻器相连的导线错误，应将滑动变阻器的左上接线柱与定值电阻的右侧接线柱相连；(2)连接电路时，为保护电路，开关应处于断开状态，闭合开关前滑动变阻器滑片应移动到阻值最大处；(3)实验中，应控制定值电阻两端的电压不变；(4)电流表选用小量程，分度值为0.

02𝐴，据此得出示数，根据欧姆定律可知定值电阻两端的电压；实验中应控制定值电阻两端的电压为1.5𝑉不变。将5𝛺的电阻更换为10𝛺的电阻，闭合开关，根据串联分压特点分析滑动变阻器滑片的移动方向，并保证电压表的示数为1.

5𝑉不变。本题为“探究电流与电阻的关系”的实验，考查电路连接、注意事项、控制变量法等知识。第20页，共23页18.【答案】𝑃=𝑈𝐼小灯泡开路了0.75实际功率增大10150【解析】解：(1)伏安法测小灯泡电功率的原理为𝑃=𝑈𝐼；(2)电路连接正确，闭合开关后

，灯泡不发光，电流表无示数，电路可能有开路发生，而电压表有示数且等于电源电压，说明电压表两接线柱到电源间是通路，所以故障的原因可能灯泡开路；(3)根据小灯泡的𝐼−𝑈图像知，灯在额定电压下的电流为0.3𝐴，则小灯泡的额定功率是：𝑃额=𝑈额𝐼额=2.5𝑉×0.3𝐴=0.75𝑊；灯泡

的亮度是由灯泡的实际功率决定的；(4)由图乙可知，灯泡两端的电压增大，通过灯泡的电流也增大，但灯泡两端的电压增加比通过灯泡的电流增加的更快，由欧姆定律可知，小灯泡的电阻随电压增大而增大，由𝑃=𝑈𝐼可知，电压和电流都增大时，电功率增大，

温度升高，说明小灯泡的电阻随温度的升高而增大；(5)①取代小灯泡的定值电阻的阻值为：𝑅=𝑈𝐼=0.5𝑉0.05𝐴=10𝛺；②假设滑动变阻器的最大阻值为𝑅𝑋，根据串联电路的分压关系可知，𝑅𝑈𝑅=𝑅𝑥3𝑉

−𝑈𝑅；当定值电阻为10𝛺，定值电阻两端的电压为0.5𝑉时，可得：10𝛺𝑅𝑋=0.5𝑉3𝑉−0.5𝑉所以𝑅𝑋=50𝛺。故答案为：(1)𝑃=𝑈𝐼；(2)小灯泡开路了；(3)0.75；实际功率；(4)增大；(5)1；50.。(1)伏

安法测小灯泡电功率的原理为𝑃=𝑈𝐼；(2)若电流表示数为0，灯不亮，说明电路可能开路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路开路了；(

3)根据小灯泡的𝐼−𝑈图像知灯在额定电压下的电流，根据𝑃=𝑈𝐼得出小灯泡的额定功率；(4)由图丙可知，灯泡两端的电压增大，通过灯泡的电流也增大，但灯泡两端的电压增加比通过灯泡的电流增加的更快，根据欧姆定律和𝑃=𝑈𝐼分析灯丝电阻随温度的变化；(5)根据𝑅=𝑈𝐼计算出定值电阻的

阻值；根据串联电路的分压关系计算出滑动变阻器的最大阻值。本题测量小灯泡的额定功率，考查实验原理、故障分析、电功率的计算及串联电路中的分压关系，难度较大。第21页，共23页19.【答案】解：由电路图可知，𝑅1、𝑅2串联，电压表测

𝑅2两端的电压，电流表测电路中的电流。(1)因为串联电路中的电流处处相等，所以通过𝑅1、𝑅2的电流相等，均等于0.3𝐴，由𝐼=𝑈𝑅可知，电阻𝑅2的阻值：𝑅2=𝑈2𝐼=6𝑉0.3𝐴=20𝛺；(2

)由𝐼=𝑈𝑅可知，电阻𝑅1两端的电压：𝑈1=𝐼𝑅1=0.3𝐴×10𝛺=3𝑉，由串联电路的电压特点可知，电源电压：𝑈=𝑈1+𝑈2=3𝑉+6𝑉=9𝑉。答：(1)电阻𝑅2的阻值为20𝛺；(2)电源电压为9𝑉。【解析】由电路图可知，𝑅1、𝑅2串联，电压表

测𝑅2两端的电压，电流表测电路中的电流。(1)根据𝐼=𝑈𝑅求电阻𝑅2的阻值；(2)根据𝐼=𝑈𝑅求电阻𝑅1两端的电压，根据串联电路的电压特点求电源电压。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道

基础题。20.【答案】解：(1)水吸收的热量：𝑄吸=𝑐水𝑚水(𝑡−𝑡0)=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)×2𝑘𝑔×(100℃−20℃)=6.72×105𝐽；(2)烧开这壶水所用天然气完全燃烧释

放出的热量为：𝑄放=𝑉𝑞=0.020𝑚3×8×107𝐽/𝑚3=1.6×106𝐽；(3)因3000𝑟/(𝑘𝑊⋅ℎ)表示电能表的转盘每转1𝑟，电路中消耗13000𝑘𝑊⋅ℎ的电能，所以，电能表转盘转了700转消耗的电能：𝑊=700×13000𝑘�

�⋅ℎ=730𝑘𝑊⋅ℎ=730×3.6×106𝐽=8.4×105𝐽；电热水壶的热效率为：𝜂=𝑄吸𝑊×100%=6.72×105𝐽8.4×105𝐽×100%=80%。答：(1)烧开这壶水，水需要吸收的热量为6.72×105𝐽；(2)烧开这壶

水所用天然气完全燃烧释放出的热量1.6×106𝐽；(3)电热水壶的热效率为80%。【解析】(1)已知水的质量；知道水的初温和末温(1标准大气压水的沸点为100℃)，根据公式𝑄吸=𝑐水𝑚水(𝑡−𝑡0)可求水吸收的热量；第22页，

共23页(2)已知需要燃烧的天然气的体积，利用𝑄放=𝑉𝑞可求得燃料完全燃烧放出的热量；(3)3000𝑟/(𝑘𝑊⋅ℎ)表示的是电路中每消耗1𝑘𝑊⋅ℎ的电能，电能表的转盘转3000𝑟(或电能表的转盘每转1𝑟，电路

中消耗13000𝑘𝑊⋅ℎ的电能)；据此求出电能表转盘转了700转时电路所消耗的电能；再根据𝜂=𝑄吸𝑊×100%可求得电热水壶的热效率。本题考查热量的计算、电功公式的应用和能量的利用效率，关键是公式及其变形的灵活应用。21.【答案】(1)由图甲知，开关𝑆接“1、2触点”时，电路断

路，为关；接“2、3触点”时两电阻串联，接“3、4触点”时只有𝑅1接入电路；电源电压一定，由𝑃=𝑈2𝑅可知，接“2、3触点”时电阻最大，总功率最小，为低挡；接“3、4触点”时电阻最小，总功率最大，为高挡；由表格数据知高挡功率：𝑃高=

400𝑊，则𝑅1的阻值：𝑅1=𝑈2𝑃高=(220𝑉)2400𝑊=121𝛺；(2)用电高峰期，实际电压只有198𝑉，此时“高挡”的实际功率：𝑃高′=𝑈′2𝑅1=(198𝑉)2121𝛺=324𝑊；(3)由图乙知，工作30𝑚�

�𝑛时，其中高挡工作时间为10𝑚𝑖𝑛，低挡工作时间为30𝑚𝑖𝑛−1𝑚𝑖𝑛=20𝑚𝑖𝑛，由题知，𝑅2=3𝑅1=3×121𝛺=363𝛺，则低挡的发热功率：𝑃低=𝑈2𝑅=𝑈2𝑅1+𝑅

2=(220𝑉)2121𝛺+363𝛺=100𝑊；则加湿器消耗的总电能：𝑊=𝑊高+𝑊低=𝑃高𝑡高+𝑃低𝑡低=400𝑊×10×60𝑠+100𝑊×20×60𝑠=3.6×105𝐽。答：(1)电热加湿器中𝑅1的阻值为121𝛺；(2

)此时“高挡”的实际功率为324𝑊；(3)加湿器消耗的总电能为3.6×105𝐽。【解析】(1)首先根据开关𝑆在不同位置时，由𝑃=𝑈2𝑅分析加湿器的工作状态；根据发热功率利用𝑃=𝑈2𝑅即可求出𝑅1的阻值；(2)根据𝑃=𝑈2𝑅计算实际电

压只有198𝑉时“高挡”的实际功率；(3)已知𝑅2=3𝑅1，根据串联电路的特点和𝑃=𝑈2𝑅计算加湿器处于低挡位置时的发热功率；由图乙读出加湿器30𝑚𝑖𝑛内的高挡和低挡工作时间，由𝑊=𝑃𝑡计算消耗的电能。本题考查了电功与热量的综合计算，涉及到电路的识别、串联电路特

点、电功率公式的灵活应用，第23页，共23页正确分析出高低挡工作状态，并能将图象结合起来是解题的关键。