【文档说明】2021-2022学年四川省成都市部分区县九年级上期末物理试题及答案解析.docx，共(29)页，533.245 KB，由小喜鸽上传

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第1页，共29页2021-2022学年四川省成都市部分区县九年级（上）期末物理试卷1.下列家用电器中，功率最接近100𝑊的是()A.空调B.电饭煲C.电视机D.微波炉2.诗句“雪似梅花，梅花似雪；似与不似都奇绝”描述了梅花在寒雪

中盛开的情景。在这样的美景中，属于分子运动的是()A.雪花的飘扬B.梅花香气的袭来C.梅花的绽放D.风吹花瓣的掉落3.小欣和家人开车到成都动物园看大象，在路上汽车消耗了部分汽油，油箱中剩余汽油的热值()A.不变B.变大C.变小D.无法判断4.一天在开车时，小蒙

突然发现自家汽车不能提供稳定的动力，汽车修理店师傅经检测告诉她是因为其中一个汽缸的火花塞坏掉，不能产生电火花导致做功冲程不能顺利进行。下列四个图中，属于做功冲程的是()A.B.C.D.5.下列改变内能的方式与其他三种不同的是()A.钻木取火B.冰块降温C.炙烤食物D.晒化沥青6.丝绸摩擦过

的玻璃棒带正电的原因是由于什么的转移()A.分子B.原子C.质子D.电子7.如图所示，闭合开关𝑆后，下列物品接入𝐴、𝐵之间时，能够使电路中灯泡𝐿发光的是()A.装饰小木棍B.金属钥匙C.塑料收纳盒

D.儿童漫画书第2页，共29页8.下图是直接用电压表测电灯𝐿2两端电压的电路图，其中正确的是()A.B.C.D.9.如图是医院病房与护士值班室的示意图，病人需要护理时，只要按床边的按钮开关就能及时通知护士：1号床的病人按下开关𝑆1，护士值班室的灯�

�1亮；2号床的病人按下开关𝑆2，护士值班室的灯𝐿2亮。下列电路图符合要求的是()A.B.C.D.10.根据图所示的电阻𝑅1、𝑅2的𝐼−𝑈图像，对其阻值大小判断正确的是()A.𝑅1>𝑅2

B.𝑅1<𝑅2C.𝑅1=𝑅2D.无法确定第3页，共29页11.如图所示，小明在四川科技馆用一根细线将一个磁极未知的条形磁铁悬挂在空中，静止时它的𝐴端指向地理北极，则该条形磁铁的𝐴端是()A.𝑁极B.𝑆极C.𝑁极和𝑆极都有可能D.无法确定是否具

有磁性12.下列用电器中，利用电流的热效应来工作的是()A.洗衣机B.电风扇C.电视机D.电水壶13.如图是电磁相互作用原理图，下列四个用电器的工作原理与该原理图相同的是()A.电风扇B.电铃C.扬声器D.动圈式话筒14.如图

所示电路，电源电压保持不变，先闭合开关𝑆，断开开关𝑆1，三个电表均有示数。闭合开关𝑆1后，三个电表的示数均不发生变化，若电路故障只发生在灯𝐿1或𝐿2处，则一定是()A.灯𝐿1断路B.灯𝐿1短路C.灯𝐿2断路D.灯𝐿2短路第4页，共29页15.如图所示电路，电阻

𝑅=10𝛺，滑动变阻器的规格是“10𝛺1𝐴”，电源电压恒定不变，在保证电路安全的情况下，将滑动变阻器的滑片𝑃从左向右移动，在此过程中，下列说法正确的是()A.电压表的示数变大，电流表的示数变小B.电压表、电流表的示数均变大C.滑动变阻器的功率

变大D.电路的总功率变大16.将一段粗熔丝(俗称保险丝)用刀斜着切成两段，再将两段粗熔丝的平滑表面紧密接触，然后把一端悬挂起来，在另一端挂一个较轻的物体，两段熔丝不会被拉开，如图，该现象说明分子之间存在______。秋天，晴天比阴天闻到的桂花香味更浓，说明温度越高，分子的无规则运动越____

__。17.成都市第二水源李家岩水库蓄水后，夏季库区气温将比周边气温低2℃左右，这主要是因为水的______大。长征系列火箭用液态氢作燃料，利用了液态氢______大的特点。18.验电器利用同种电荷相互______使金属箔片张开。某段电路中电子定向移动的方向

是由𝐴到𝐵，则电流方向是由______(选填“𝐴到𝐵”或者“𝐵到𝐴”)。19.信鸽飞出几百公里后能准确返回出发地是利用了地磁场，地磁场的南极在地理的______极附近。物理学家______发现了电磁感应现象，使大规模运用电能成为可能。20.一段粗细均匀的电阻丝，当它两端的电压为3

𝑉时，通过它的电流为0.2𝐴，当它两端的电压为零时，它的阻值为______𝛺。再把它均匀拉长后，其阻值会______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。21.电阻𝑅1=15𝛺，𝑅2=25𝛺，它们串联后的等效电阻为____

__𝛺，串联接入电压为3𝑉的电源后，它们两端分得的电压之比为𝑈1：𝑈2=______。22.利用如图所示的电路探究“电流跟电阻的关系”的实验中，将5𝛺的电阻更换为10𝛺的电阻后，再闭合开关𝑆，应该把滑动变

阻器的滑片𝑃向______(选填“左”或“右”)移动，使______(选填“电流表”或“电压表”)的读数和上一次相同，再读出另一个电表的读数并记录数据。23.小刚家4月底电能表读数为821.6𝑘𝑊⋅ℎ，5月底电能表读数如图所示，那么5月份他家消耗

了______𝑘𝑊⋅ℎ的电能。小刚发现半小时内第5页，共29页该电能表的表盘转了1250转，则他家半小时内消耗的电能为______𝑘𝑊⋅ℎ。24.如图所示电路，电源电压为3𝑉，电流表𝐴和𝐴1的读数分别为0.

45𝐴和0.3𝐴，则电阻𝑅1：𝑅2=______，通电1分钟内电流通过𝑅2产生的热量为______。25.如图所示的电路中，请用笔画线代替导线补上两根导线使电路完整。要求：①电压表测小灯两端电压；②闭合电键𝑆，向左移动滑动变阻器

的滑片𝑃，小灯变亮。26.请根据图中电流的方向，标出通电螺线管的𝑁极，并标出两条磁感线的方向。27.用天然气将200𝑘𝑔的水从40℃加热到100℃，假设天然气完全燃烧，放出的热量全部被水吸收。水的比热容

是4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)，天然气的热值是8.4×107𝐽/𝑚3求：(1)水吸收的热量是多少？(2)需要完全燃烧多少𝑚3天然气？28.如图所示电路，电源电压恒为6𝑉不变，小灯泡𝐿标有“6𝑉3𝑊”字样，定值电阻𝑅2=20𝛺，断开开关𝑆

1，闭合开关𝑆2、𝑆3，滑动变阻器𝑅1的滑片𝑃移至𝐵端时，电流表的示数为0.2𝐴。求：(1)小灯泡𝐿正常发光时的电阻；(2)闭合开关𝑆1、𝑆2和𝑆3，滑动变阻器𝑅1的滑片𝑃仍在𝐵端时，计算滑动变阻器𝑅1接入电路

的阻值和电路在1𝑚𝑖𝑛内消耗的电能。29.如图所示，将一根直导线放在静止小磁针的正上方，并与小磁针平行放置．第6页，共29页(1)接通电路后，观察到小磁针偏转，说明______.若接通电路后移去小磁针，上述结论是否成立？______(成立/不成立)．(

2)实验中小磁针的作用是______．(3)改变直导线中的电流方向，小磁针偏转方向也发生______，表明______．(4)该实验中用到的一种重要科学研究方法是______A.类比法𝐵.转换法𝐶.控制变量法𝐷.等效替代法．30.小明按如图所示电路进行“探究串联电

路电压的特点”实验。𝑈𝐴𝐵/𝑉𝑈𝐵𝐶/𝑉𝑈𝐴𝐶/𝑉1.31.22.5(1)在连接电路过程中，开关𝑆应该处于______状态。(2)实验中应选择规格______(选填“相同”或“不同”)的灯泡。(3)测完灯泡𝐿1两端的电压后，保

持电压表的𝐵连接点不动，将𝐴连接点改接到𝐶连接点上，测量灯泡𝐿2两端的电压。他不能测出灯泡𝐿2两端的电压，原因是______。(4)小明分别测出𝐴𝐵、𝐵𝐶、𝐴𝐶间的电压并记录在如表格中，分析实验数据直接得出结论：串联电路

两端的电压等于串联电路中各部分电路两端的电压之和。小组同学讨论后作出评价：这样得出的结论是______(选填“合理”或“不合理”)的，理由是______。31.下列关于新材料、新技术及其应用的说法，不正确的是()A.若电动机的线圈使用超导材料制作，可以进一步减少电

能的损耗B.华为𝑃60使用14纳米核心麒麟𝑆𝑜𝐶芯片，该芯片不需要使用半导体材料C.“纳米材料”是指原料的几何尺寸达到纳米级，因而具有某些特殊性能D.家用电冰箱门内侧的四周装有磁性橡胶封条，可以使冰箱门关闭得严密32

.小明在某次实验中，在一个配有活塞的厚玻璃筒里放一小团硝化棉，迅速压下活塞并放手，可观察到硝化棉燃烧起来的同时，活塞被弹起(如图)。关于该实验，下列说法正确的是()A.在该实验中不需要考虑活塞的气密性B.压下活塞的过程中，筒内气体的内能减小

第7页，共29页C.活塞被弹起的过程中，筒内气体对活塞做了功D.压下活塞的过程中，气体的内能转化为活塞的机械能33.如图所示，物理兴趣小组在探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”时，利用了一个条形磁铁和一个右端固定在同一水平面上的电磁铁。当闭合开关𝑆后，滑动变阻器的滑片𝑃逐渐向右移动时，条形磁铁始

终保持静止，在此过程中条形磁铁所受摩擦力()A.方向水平向左，逐渐增大B.方向水平向左，逐渐减小C.方向水平向右，逐渐增大D.方向水平向右，逐渐减小34.电阻温度计的制造使用了热敏电阻。图甲是某热敏电阻𝑅的阻值随温度变化的关系图像。

根据这种电阻的特性，小明和他的同学设计了一个电路(图乙)，可以测定某一环境的温度，使用的器材有：热敏电阻𝑅、电源、电流表(0～0.6𝐴)、开关𝑆、定值电阻𝑅0(50𝛺)、导线若干。当环境温度为20℃时，电流表的读数为0

.2𝐴。下列说法正确的是()A.电源电压为20𝑉B.当环境温度升高时，电流表的示数变小C.当电流表的读数为0.25𝐴时，根据图甲分析可得当时的环境温度低于20℃D.当环境温度为100℃时，热敏电阻𝑅在3分钟内消耗的电能为200𝐽35.如图所示的电路，电源电压𝑈保持不

变，小灯泡𝐿上标有“12𝑉6𝑊”字样，𝑅为定值电阻，滑动变阻器的最大阻值为𝑅2，忽略温度对电阻的影响。闭合开关𝑆，将滑动变阻器的滑片𝑃移至最右端时，电压第8页，共29页表的示数为𝑈1，小灯泡𝐿的实际功率为其额定功率的14；将滑

动变阻器的滑片𝑃移至最左端时，电压表的示数为𝑈2，小灯泡𝐿正常发光，滑片𝑃在滑动变阻器左、右两端时电路消耗的总功率的变化量为𝛥𝑃。若𝑈1：𝑈2=5：2，则下列结果正确的是()A.𝑅1=32𝛺B.𝑈1=10𝑉C.𝑈=26𝑉D.�

�𝑃=4𝑊36.某校两个物理课外活动小组完成了以下两项任务：(1)笫一小组采用如图甲所示的电路测量其中一个电阻𝑅𝑥的阻值。①电源电压约为2𝑉～3𝑉且保持不变，𝑅𝑥的阻值约为10𝛺，滑动变

阻器最大阻值为𝑅𝑚=10𝛺。在连接完电路后发现导线𝐴、𝐵、𝐶、𝐷中有一根连接错误，这根导线是______；②改正连接错误并闭合开关后，第一小组的小云同学发现电压表始终无示数，经检查确定电压表已损坏，她灵机一动，在未添加其它

器材的条件下，利用如图甲所示的原有电路，移动滑动变阻器的滑片𝑃到两个端点，分别测量了两次电流值，并依次记录为𝐼1和𝐼2(𝐼1<𝐼2)，则被测电阻𝑅𝑥的阻值的表达式为𝑅𝑥=______(用𝑅𝑚、𝐼1、𝐼2表示

)。(2)第二小组采用如图乙所示的电路测量另一个电阻𝑅′𝑥的阻值，其中电源电压恒定不变。①他们的测量步骤如下：第1步：将𝑅′𝑥接在电路中𝐴、𝐵两点间，闭合开关𝑆，调节滑动变阻器的滑片𝑃至适当位置，此时电

压表的示数如图丙所示；断开开关𝑆，移走𝑅′𝑥；第2步：再将电阻箱𝑅接在𝐴、𝐵两点间，闭合开关𝑆，保持滑动变阻器的滑片𝑃位置不变，调节电阻箱使电压表的示数仍如图丙所示，此时电阻箱接入电路中的阻值为𝑅=40𝛺，则第二小组测得的𝑅′𝑥的阻值为______。②在第2步中，若第二小

组的同学无意中将滑动变阻器的滑片𝑃向右移了少许，设滑片𝑃的右移使滑动变阻器接入电路的阻值增大了4𝛺，则他们测得的𝑅′𝑥的阻值______。A.将保持不变第9页，共29页B.将偏小4𝛺C.将偏大4𝛺D.将偏大8𝛺37.如图所示是供

电设备向居民楼输电的示意图。当导线比较短时，其电阻通常忽略不计，但长距离输电时，输电线的电阻则不能忽略不计。为保证居民楼内的用户所有用电器都能正常工作，居民楼的输入电压𝑈0必须保证为220𝑉。已知夏天居民楼内消耗的功率为

44𝑘𝑊，输电线总电阻为𝑟=0.1𝛺。求：(1)通过输电线的电流为多少安？(2)供电设备的输出电压𝑈为多少伏？(3)冬天，居民楼内由于家用电器的增加，将向供电部门申请“增容”，即增大用电功率。为保证居民楼的用电器仍能正常工作即输入电压仍为𝑈0，则供电设备的输出电压也相应增大

，若供电设备的输出电压增大了𝛥𝑈，输电线总电阻为𝑟，“增容”前居民楼的总功率为𝑃，则输电线路损失的功率比“增容”前增大了多少？(用𝑈0、𝛥𝑈、𝑃、𝑟表示)第10页，共29页答案和解析1.【答案】𝐶【解析】解：空调、电饭煲、微波炉，正常工作时的功率

大约为1000𝑊，电视机正常工作时的功率约为100𝑊，故C符合题意。故选：𝐶。根据常见家庭用电器的额定功率进行选择。本题主要考查学生对常用家用电器的功率的了解和掌握，这类题目要求学生注重生活中知识的积累，是我们应该掌握的技能。2.【答案】𝐵

【解析】解：𝐴、雪花的飘扬，是物体的机械运动，故A不符合题意；B、梅花香气的袭来，是香气分子在不停地做无规则运动造成的，故B符合题意；C、梅花的绽放，是生命运动，故C不符合题意；D、风吹花瓣的掉落，是机械运动，故D不符合题意。故选：𝐵。一切物质的分子都在不停地做无规则的运动

，扩散运动是分子热运动的宏观体现；分子很小，肉眼不能观察到分子运动。本题主要考查学生对分子运动和物质运动的区别的了解和掌握，是一道基础题。3.【答案】𝐴【解析】解：燃料的热值是燃料本身的一种特性，热值的大小只与燃料的种类有关，与燃料

的质量无关，所以汽车消耗了部分汽油，油箱中剩余汽油的质量变小，但热值不变，故A正确，BCD错误。故选：𝐴。燃料的热值是燃料本身的一种特性，热值的大小只与燃料的种类有关，与燃料的质量、放出热量的多少、是否完全

燃烧无关。本题考查燃料热值的概念，知道热值的大小只与燃料的种类有关，与燃料的质量、放出热量的多第11页，共29页少、是否完全燃烧无关是解题的关键。4.【答案】𝐶【解析】解：𝐴、图中：进气门打开，活塞向下运行，气缸容积增大，是吸气冲程，故A不符合题意。B、图中：排气门打开，活塞向上运动，气缸容积

减小，是排气冲程，故B不符合题意；C、图中：气门都关闭，火花塞点火，活塞向下运行，气缸容积增大，是做功冲程，故C符合题意；D、图中：气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积减小，是压缩冲程，故D不符合题意。故选：𝐶。判断汽油机的四个冲程，

先看进气门和排气门的关闭情况，进气门打开的是吸气冲程，排气门打开的是排气冲程，进气门和排气门都关闭的是压缩冲程或者做功冲程；活塞上行为压缩冲程和排气冲程；活塞下行为吸气冲程和做功冲程。此题考查了对内燃机四个冲程的判断，要结合气门和活塞运动情况进行判断。5.

【答案】𝐴【解析】解：𝐴、钻木取火时，克服摩擦力做功，将机械能转化为内能，使木头的温度升高、内能增大，是通过做功改变内能；B、使用冰块降温时，冰块熔化吸收热量，使物体的温度降低、内能减小，是通过热传递改变物体内能；C、炙烤食

物时，食物吸收热量，温度升高、内能增大，是通过热传递改变物体内能；D、晒化沥青，沥青从太阳光中吸收热量，温度升高、内能增大，是通过热传递改变物体内能；综上所述，选项A与其他选项改变物体内能的方式不同。故选：𝐴。改变内能的方式有做功和热传递，其中做功改变物

体内能的实质是能量的转化，热传递改变物体内能的方式是能量的转移。此题是考查对做功和热传递改变物体内能的辨别，是一道基础题。6.【答案】𝐷第12页，共29页【解析】解：丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，是由于丝绸和玻璃棒摩擦的过程中，丝绸原子核束缚电子的本领强，得到电子带负电，而玻璃棒的原子核束缚电子的本

领弱，所以失去电子带正电。故选：𝐷。摩擦起电的实质是电荷的转移，由于不同物质的原子核束缚电子的本领不同，当两个不同物体互相摩擦的时候，束缚电子本领弱的就会失去电子，失去电子的物体因缺少电子带正电；束缚电子能力强的就会得到电子，得到电子的物体因有多余的电子而带等量的负电。本题主

要考查了摩擦起电的实质，是一道基础题。7.【答案】𝐵【解析】解：题中四个选项中，装饰小木棍、塑料收纳盒、儿童漫画书都不容易导电，属于绝缘体；只有金属钥匙容易导电、是导体，所以要使开关𝑆闭合后灯泡𝐿发光，在𝐴、𝐵间应接入金属

钥匙。故选：𝐵。容易导电的物体是导体；不容易导电的物体是绝缘体，根据导体和绝缘体的定义进行判断，𝐴𝐵之间接入导体，小灯泡发光，接入绝缘体小灯泡不发光。常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘体包

括：塑料、橡胶、陶瓷、空气、玻璃等。8.【答案】𝐷【解析】解：𝐴、电压表与𝐿2串联，故A选项不正确；B、电压表与𝐿1串联，故B选项不正确；C、电压表串联在干路中，故C选项不正确；D、开关闭合后，𝐿1、𝐿2并联

，电压表并联在电路两端，因此电压表测𝐿2两端的电压，故D选项正确。故选：𝐷。根据电压表的使用规则分析：①电压表要并联在电路中；②电流要从“+“接线柱流入，从“−“接线柱流出(否则指针反转)。③被测电压不要超过电流表的量程(可以采用试触的方法来看是否超

过量程)。本题考查了电压表的正确使用。注意在判断电压表与那个电灯并联的同时，还要看电压表的正负第13页，共29页接线柱是否正确。9.【答案】𝐴【解析】解：因为每盏灯与对应的开关串联，且并联接在电源上，故选项A正确，选项B𝐶D错误；故选：𝐴。该电路为并联电路，且每盏

灯与对应的开关串联，然后再并联接在电源上。会设计串、并联电路，并且会根据要求分析出正确的电路。10.【答案】𝐵【解析】解：由图可知，当通过的电流相同时，𝑅2两端的电压大于𝑅1两端的电压；由𝐼=𝑈𝑅可知

𝑅2的电阻大于𝑅1的电阻，即𝑅1<𝑅2，故B正确，ACD错误。故选：𝐵。在图中画一条平行于横轴的直线，使通过𝑅1、𝑅2的电流相同，可知两电阻两端的电压大小，再利用𝐼=𝑈𝑅分析两电阻的大小。本题考查了对欧姆定律的应用，从图像中读取相关信息是解题的关键。11.【答案】𝐴【解

析】解：可自由转动的条形磁铁，由于受地磁场的影响，静止时，𝑆极总是指向地理的南极方向，𝑁极总是指向地理的北极方向，磁铁静止时𝐴端总是指向地理北方，则𝐴端是磁铁的北极；故A正确；故选：𝐴。地球是一个大磁体，地磁南极在地理北极附近，地磁

北极在地理南极附近，条形磁铁放在地球这个磁体的磁场中，即可指南北。此题考查了地磁场，及磁极间相互作用规律，是道基础题难度不大。12.【答案】𝐷【解析】解：𝐴、洗衣机工作时，主要是电能转化为机械能，不是利用

电流的热效应，故A不符合题意。第14页，共29页B、电风扇工作时，主要是电能转化为机械能，不是利用电流的热效应，故B不符合题意。C、电视机工作时，主要将电能转化为光能、声能和少部分内能，不是利用电流的热效应，故C不符合题意；D、

电水壶工作时，电能转化为内能，是利用电流的热效应工作的，故D符合题意。故选：𝐷。电流流过导体时，导体要发热，这种现象是电流的热效应，发生电流的热效应时，电能转化为内能。利用电流的热效应工作的家用电器，都是电能转化为内能，这是判断的

关键。13.【答案】𝐷【解析】解：图中闭合电路的一部分导体在做切割磁感线运动，导体中就会产生感应电流，这就是电磁感应现象。A、电风扇主要靠电动机工作，电动机利用了通电导体在磁场中受力运动的原理，不是利用电磁感应，故A不合题意；B、电铃是利用电磁铁来工作的，

是利用电流的磁效应制成的，故B不合题意；C、扬声器工作时，通电线圈就会在磁场中受到力的作用，由于线圈中的电流是交变电流，它的方向不断变化，线圈就不断地来回振动，带动纸盆也来回振动，于是扬声器就发出了声音，故C不合题意；D、动圈式话筒是把声信号转变成电信号的，声信号的振动带动线圈在磁场中振动

，产生电流，是电磁感应现象原理，故D符合题意。故选：𝐷。当闭合电路中的部分导体做切割磁感线运动时，电路中可以产生感应电流，这就是电磁感应现象。结合选项中四个用电器的原理可逐一进行对照。知道电和磁中常见的实验及原理

，并能正确的区分是解决该题的关键。重点区分扬声器和动圈式话筒工作原理的不同之处。14.【答案】𝐶【解析】解：因为开关由断开到闭合，电流表𝐴1示数不变，说明𝐿2所在的支路一定为断路；故灯𝐿2断路。故选：𝐶。第15页，共29页由图知，两个灯泡并联，电键𝑆控制灯泡𝐿

2；开关闭合后，𝐴1测量干路电流，因此闭合开关后，并且只有一个灯泡出现了故障，三个电表示数均不发生变化，可知增加的支路一定有故障，否则干路中的电流会发生改变即𝐿2断路。该题考查了电路故障的一种常见情况，可根据电流有无示数确定电路是短路还是断路，然后再根据电压表

确定故障的准确位置。15.【答案】𝐶【解析】解：由电路图可知，定值电阻𝑅与滑动变阻器串联，电压表𝑉测定值电阻𝑅两端的电压，电流表测电路中的电流。𝐴𝐵、将滑动变阻器的滑片𝑃从左向右移动的过程中，接入电路中的电阻变大，电路中的总电

阻变大，由𝐼=𝑈𝑅可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，由𝑈=𝐼𝑅可知，𝑅两端的电压变小，即电压表𝑉的示数变小，故AB错误；C、滑动变阻器消耗的功率为：𝑃滑=(𝑈𝑅+𝑅滑)2×𝑅滑=𝑈2(𝑅+𝑅滑)2𝑅滑

=𝑈2𝑅2+𝑅滑2+2𝑅𝑅滑𝑅滑=𝑈2(𝑅−𝑅滑)2𝑅滑+4𝑅，由于滑动变阻器的最大电阻为10𝛺，定值电阻的阻值为10𝛺，所以将滑动变阻器的滑片𝑃从左向右移动时滑动变阻器连入电路的电阻逐渐增大，当滑动变阻器达

到阻值最大时滑动变阻器消耗的功率最大，所以滑动变阻器的功率变大，故C正确；D、由𝑃=𝑈𝐼可知，电路消耗的总功率变小，故D错误；故选：𝐶。由电路图可知，定值电阻𝑅与滑动变阻器串联，电压表𝑉测

定值电阻𝑅两端的电压，电流表测电路中的电流。根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和𝑅两端的电压变化；根据𝑃滑=(𝑈𝑅+𝑅滑)2×𝑅滑=𝑈2(𝑅+𝑅滑)2𝑅滑=𝑈2𝑅

2+𝑅滑2+2𝑅𝑅滑𝑅滑=𝑈2(𝑅−𝑅滑)2𝑅滑+4𝑅判断出滑动变阻器消耗功率的变化；根据𝑃=𝑈𝐼判断电路消耗总功率的变化。第16页，共29页本题考查了电路的动态分析和串联电路的特点、欧姆定律、电功率公式的应用，关键是判断滑动变阻器功率的变化是关键。16.【答案】引力剧烈【

解析】解：将一段粗熔丝(俗称保险丝)用刀斜着切成两段，再将两段粗熔丝的平滑表面紧密接触，然后把一端悬挂起来，在另一端挂一个较轻的物体，两段熔丝不会被拉开，该现象说明分子间存在相互作用的引力；秋天，晴天比阴天闻到的桂花香味更浓，说明温度越高，分子的无规

则运动越剧烈。故答案为：引力；剧烈。(1)分子间存在相互作用的引力和斥力；(2)分子热运动与温度有关，温度越高，分子热运动越剧烈。本题考查了分子间的相互作用力、影响分子热运动的因素，属于基础题。17.【答案】比热容热值【解析】解：

水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，故成都市第二水源李家岩水库蓄水后，夏季库区气温将比周边气温低2℃左右，这主要是因为水的比热容大。液态氢具有较高的热值，相同质量的液态氢与其他燃料相比，完全燃烧放出的热量更多，故长征系列火箭用液态氢作燃料，利

用了液态氢热值大的特点。故答案为：比热容；热值。水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；液态氢具有较高的热值，相同质量的液态氢与其他燃料相比，完全燃烧放出的热量更

多。本题考查比热容、热值的有关知识，属于对基础知识的考查。18.【答案】排斥𝐵到𝐴【解析】解：(1)自然界存在两种电荷：正电荷和负电荷。同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。验电器是根据同种电荷相互

排斥的原理制成的。(2)电荷的定向移动形成电流，规定正电荷定向移动的方向为电流的方向。某段电路中自由电子从𝐴定向移动到𝐵，所以电流方向是从𝐵到𝐴。第17页，共29页故答案为：排斥；𝐵到𝐴。(1)电荷的定向移动形成电流，规定正电荷

定向移动的方向为电流的方向，自由电子定向移动方向与电流的方向相反；(2)验电器是根据同种电荷相互排斥的原理制成的。本题考查了电流的方向，属于识记性内容，比较简单。注意负电荷定向移动的方向与电流方向是相反的。19.【答案】北法拉第【解析】

解：地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近；法拉第发现了电磁感应现象，由此发明了发电机，使大规模运用电能成为可能，开辟了电气化的时代。故答案为：北；法拉第。(1)地球是一个大磁体，地球周围存在的磁场叫地磁场；

地磁场的南北极与地理南北极相反，且不重合，即：地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近；(2)法拉第发现了磁能生电的现象。本题考查地磁场及电磁学的物理学史，难度不大。20.【答案】15变大【解析】解：由欧姆定律可得，电阻丝的电阻：𝑅=𝑈𝐼=3𝑉0.2𝐴

=15𝛺，因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，所以，当两端电压为0时，该电阻丝的电阻仍为15𝛺；因导体的电阻只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，且导体横截面积越小、长度越长、电阻越大，把它均匀拉长后，长度变长，横截面积变小，其阻值会变大。故答案为：15；

变大。知道电阻丝两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律求出电阻丝的电阻；电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关；导体的电阻只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，且导体横截面积越小、长度越长、电阻越大。第18页，共29页本题考查了欧姆定律以及影响电阻大小因素的应用，属于基础题。21

.【答案】403：5【解析】解：根据电阻串联的特点可知它们串联后的等效电阻𝑅=𝑅1+𝑅2=15𝛺+25𝛺=40𝛺；串联接入电压为3𝑉的电源后，根据欧姆定律可知电路中的电流𝐼=𝑈𝑅=𝑈1𝑅1=𝑈2𝑅2，它们两端分得的电压之比为：𝑈1𝑈2

=𝑅1𝑅2=15𝛺25𝛺=35。故答案为：40；3：5。根据𝑅=𝑅1+𝑅2得出它们串联后的等效电阻；串联接入电压为3𝑉的电源后，根据欧姆定律可知电路中的电流表达式，进而得出它们两端分得的电压之比。本题考查电阻

串联的特点和欧姆定律的应用，难度不大。22.【答案】右电压表【解析】解：根据串联电路的分压原理可知，将定值电阻由5𝛺改接成10𝛺的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，根据串联电路电压的规律可知，为了保持定值电阻两端电压不变，应增大滑动

变阻器分得的电压，由串联分压的分压原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数和上一次相同，再读出另一个电表的读数并记录数据。故答案为：右；电压表。根据控制变量法，研究电流

与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向。本题探究“电流跟电阻的关系”，考查欧姆定律的应用和实验操作。23.【答案】1100.5【解析】解：(1)5月底电能表的示数为9

31.6𝑘𝑊⋅ℎ，5月份他家消耗的电能：𝑊=931.6𝑘𝑊⋅ℎ−821.6𝑘𝑊⋅ℎ=110𝑘𝑊⋅ℎ；(2)电能表表盘中“2500𝑅/𝑘𝑊⋅ℎ”，表示电路中用电器每消耗1𝑘𝑊⋅ℎ的电能，电能表的转盘转第1

9页，共29页2500转，则电能表转盘转1250𝑅时，小刚家半小时内消耗的电能：𝑊′=12502500𝑘𝑊⋅ℎ=0.5𝑘𝑊⋅ℎ。故答案为：110；0.5。(1)某月消耗电能的测量方法：本月底电能表的示数减去

上月底电能表的示数，读数时注意：最后一位是小数、单位是𝑘𝑊⋅ℎ；(2)电能表表盘中“2500𝑅/𝑘𝑊⋅ℎ”，表示电路中用电器每消耗1𝑘𝑊⋅ℎ的电能，电能表的转盘转2500转，据此求电能表转盘转1250𝑅时，小刚家半小时内消耗的电能。本题考查了

电能表的读数、电能的计算，读数时，要注意电能表的最后一位是小数。24.【答案】1：227𝐽【解析】解：(1)由图知𝑅1与𝑅2并联，电流表𝐴测干路电流，电流表𝐴1测𝑅1的电流，根据并联电路的电流

特点知通过电阻𝑅2的电流为：𝐼2=𝐼−𝐼1=0.45𝐴−0.3𝐴=0.15𝐴，并联电路各支路电压相等，根据欧姆定律𝐼=𝑈𝑅知电阻𝑅1：𝑅2的比为：𝑅1𝑅2=𝑈𝐼1𝑈𝐼2=𝐼2𝐼1=0.15𝐴0.3𝐴=12；

(2)通电1分钟电流通过电阻𝑅2产生的热量：𝑄2=𝑊2=𝑈𝐼2𝑡=3𝑉×0.15𝐴×60𝑠=27𝐽。故答案为：1：2；27。(1)由图知𝑅1与𝑅2并联，电流表𝐴测干路电流，电流表𝐴

1测𝑅1的电流，根据并联电路的电流特点求出通过电阻𝑅2的电流，根据欧姆定律算出电阻𝑅1：𝑅2的比；(2)利用𝑄=𝑊=𝑈𝐼𝑡求出通电1分钟电流通过电阻𝑅2产生的热量。本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电热公式的应用，是一道较为简单的应用题。第20页，共29页25.【答案】解：

由题意可知，电压表并联在灯泡两端测其两端的电压，滑动变阻器的左下方接线柱与灯泡串联，如下图所示：【解析】由电压表测小灯两端电压可知，电压表与灯泡并联；滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中，根据向左移动滑动变阻

器的滑片𝑃时小灯泡变亮可知变阻器的左下方接线柱必须接入电路中，据此进行解答。本题考查了实物图的连接，根据题意确定滑动变阻器的接法是正确解题的关键。26.【答案】解：由图可知电流由左侧流入、右侧流出，根据安培定则可知该螺线管

的左端为𝑁极，其右端为𝑆极；磁体外部的磁感线是从𝑁极出来回到𝑆极的，所以图中两条磁感线的方向都向右，如图所示：【解析】安培定则的内容为：用右手握住螺线管，四指指向线圈中电流的方向，则大拇指所指的那一端为螺线管的𝑁极；磁体外部

的磁感线是从𝑁极出来回到𝑆极的。本题考查了安培定则的应用和磁体外部的磁感线方向，是一道基础题。27.【答案】解：(1)水吸收的热量：𝑄吸=𝑐𝑚𝛥𝑡=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)×200𝑘𝑔×(100℃−40℃)=5.04×107𝐽；(2)假设天然气

完全燃烧，且放出的热量全部被水吸收，𝑄吸=𝑄放=5.04×107𝐽；由𝑄放=𝑞𝑉，可得需要完全燃烧天然气的体积，𝑉=𝑄放𝑞=5.04×107𝐽8.4×107𝐽/𝑚3=0.6𝑚3。第21页，共29页答：(1)水吸收的热量为5.04×107𝐽；(2)需要完全燃烧0

.6𝑚3的天然气。【解析】(1)已知水的比热容、质量和温度变化，可利用公式𝑄=𝑐𝑚𝛥𝑡计算水吸收热量。(2)已知天然气的热值和完全燃烧放出的热量，利用公式𝑉=𝑄𝑞计算天然气的体积。本题考查学生对燃料完全燃烧放

出热量公式、吸热公式和效率公式的掌握和运用，计算时注意假设天然气完全燃烧，且放出的热量全部被水吸收𝑄吸=𝑄放。28.【答案】解：(1)根据𝑃=𝑈2𝑅得小灯泡𝐿正常发光时的电阻为：𝑅𝐿=𝑈额2𝑃额

=(6𝑉)23𝑊=12𝛺；(2)断开开关𝑆1，闭合开关𝑆2、𝑆3时，滑片𝑃移至𝐵端，电路中只有𝑅1接入电路，且连入阻值为其最大值，此时电流表的示数为：𝐼=0.2𝐴，滑动变阻器𝑅1的最大阻值为：𝑅1=𝑈𝐼=6𝑉0.2𝐴=30𝛺闭合

开关𝑆1、𝑆2、𝑆3，滑片在𝐵端时，两电阻并联，并联电路中各支路间互不影响，所以通过𝑅1的电流不变，仍为0.2𝐴；此时通过𝑅2的电流为：𝐼′=𝑈𝑅2=6𝑉20𝛺=0.3𝐴，并联电路干路的电流为：𝐼

总=𝐼+𝐼′=0.2𝐴+0.3𝐴=0.5𝐴，1𝑚𝑖𝑛内电路消耗的电能为：𝑊=𝑈𝐼总𝑡=6𝑉×0.5𝐴×60𝑠=180𝐽；答：(1)小灯泡𝐿正常发光时的电阻为12𝛺；(2)闭合开关𝑆1、𝑆2和𝑆3，滑动变阻

器𝑅1的滑片𝑃仍在𝐵端时，滑动变阻器𝑅1接入电路的阻值为30𝛺，电路在1𝑚𝑖𝑛内消耗的电能为180𝐽。【解析】(1)根据𝑃=𝑈2𝑅算出小灯泡𝐿正常发光时的电阻；(2)只闭合开关𝑆2、𝑆3时，滑片𝑃移至𝐵端，电路只有电阻𝑅1工作，可用𝑅1=𝑈𝐼计算滑动

变阻器的最第22页，共29页大阻值；闭合开关𝑆1、𝑆2、𝑆3，滑片在𝐵端时，两电阻并联，用并联电路的电流关系得出𝑅2的电流，用𝑊=𝑈𝐼′𝑡计算电路消耗的电能。本题考查电功、电功率的计算问题，并考查了欧姆定律的应用，有

一定综合性。29.【答案】电流周围存在磁场；成立；验证电流周围是否存在磁场；改变；电流的磁场方向与电流方向有关；𝐵【解析】解：(1)实验中，开关闭合时，小磁针发生偏转，说明通电导体周围存在着磁场，这是著名的奥斯特实验；若接通电路后移去小磁针，上述结论仍然成立；(2)小磁针受到磁场力的作用能

够发生偏转，故小磁针可以检测磁场的存在；(3)改变电流方向，小磁针的方向也发生了偏转，说明了通电导体周围的磁场方向与电流方向有关；(4)小磁针可以检测磁场的存在，用到了转换法．故答案为：(1)电流周围存

在磁场；成立；(2)验证电流周围是否存在磁场；(3)改变；电流的磁场方向与电流方向有关；(4)𝐵．(1)奥斯特实验通过小磁针偏转说明了通电导体周围存在磁场；接通电路后移去小磁针，上述结论仍然成立；(2)通过小磁针的偏转可

以检验磁场是否存在．(3)当电流方向改变时，产生的磁场方向也改变，所以小磁针的偏转方向也改变．(4)通过小磁针的偏转可以检验磁场是否存在用到了转换法．本题考查了小磁针指南北是由于受到地磁场的缘故；磁场的性质是对放在磁场中的磁体

有力的作用；电流周围存在着磁场和磁场的方向与电流方向有关．更加深入的研究了电流的磁效应，在物理学习中不能只注重了结论的学习，还要注意过程的学习．30.【答案】断开不同电压表的正负接线柱接反不合理一次实验得出

的结论具有偶然性【解析】解：(1)为了保护电路，在连接电路时，开关应该处于断开状态；(2)探究串联电路的电压特点，为了寻找规律，必须换用不同规格的小灯泡进行多次实验，这样得出的规律才有说服力；(3)图中电压表测𝐿1两端电压，电流电压表左侧流入，右侧流出，若保持电压表的𝐵接点不动，只第23页

，共29页断开𝐴接点，并改接到𝐶接点上，这样流入方向与前面相反，即正负接线柱反接了，所以这样不能测𝐿2两端电压；(4)该实验中，只做了一次实验就得出了结论，实验次数太少，结论具有偶然性，这样得出的结论是

不合理的。故答案为：(1)断开；(2)不同；(3)电压表的正负接线柱接反；(4)不合理；一次实验得出的结论具有偶然性。(1)为了保护电路，在连接电路时，开关应该处于断开状态；(2)为得出普遍规律，应使用不同规格的器材进行实验；(3)电压表的使用时要求电流从正接线柱流进，负接线柱

流出，由此分析改接后是否合理；(4)为得出普遍规律，应使用多种规格的器材进行多次实验，得到多组数据分析。本题考查探究串并联电路电压规律实验，解题关键是将实验操作要求及结论熟练掌握，认真审题分析。31.【答案】𝐵【解析】解：A、超导材料的定义就是有些材料在温度降到足够低的时候，它的

电阻变为0.假如科学家已研制出常温下就能使用的超导体，利用超导体的零电阻可以实现远距离输电，也可以做电动机线圈等。故A正确；B、二极管和三极管由半导体材料制成，芯片需要使用半导体材料，故B错误；C、所谓纳米指的是10−9米，即指原料的几何尺寸达到这个级别，可以获得特殊性能，故C正确；D、家

用电冰箱门为了关闭得更严，采用了带有磁性的橡胶封条，故D正确。故选：𝐵。(1)超导体的电阻为零，电流流过超导体时不会产生热量，凡是利用电流热效应工作的设备，都不能使用超导体。超导体适合制作输电导线和电动机线圈等。(2)二极管和三极管由半导体材料制成，二极管具有单

向导电的特性；(3)电冰箱门有带有磁性的橡胶封条。本题考查了超导现象以及超导体的应用，属于基础知识的考查，相对比较简单。32.【答案】𝐶第24页，共29页【解析】解：𝐴、该实验是压缩气体做功，由此可知该实验中活塞的气密性必须良好，故A错误；�

�𝐷、下压活塞时，筒内气体体积减小，活塞对筒内的空气做功，机械能转化为空气的内能，使气体的内能增加、温度升高，当温度升高达到棉花的着火点时，筒内棉花燃烧起来，故BD错误；C、活塞被弹起的过程中，筒内气体对活塞做功，气体的内能转化为活塞的机械

能，故C正确。故选：𝐶。(1)该实验是压缩气体做功，据此分析该实验中要不要考虑活塞的气密性；(2)做功可以使内能与机械能之间进行转化：对物体做功，物体内能会增加；物体对外做功，物体内能会减少。知道做功可以改变物体的内能，并能准确判断其能量的转化过程是解决该题的关键。33.【

答案】𝐷【解析】解：由图可知，根据安培定则，电流从左端流入，用右手握住螺线管，四指指向电流的方向，则大拇指所指的左端为电磁铁的𝑁极，根据同名磁极相互排斥，所以左端条形磁体受到向左的磁力；摩擦力阻碍相对运动趋势方向，因此条形磁体受到水平向右的摩擦力。当滑动变阻器的滑片向右移动时，

接入电路的电阻变大，电流变小，电磁铁产生的磁性变弱，对左端条形磁体产生的排斥力也变弱；条形磁体始终静止，所以受到水平向左的排斥力和水平向右的摩擦力二力平衡，大小总是相等的，因此可知摩擦力也会随之减小。综上所述，在此过程中条形磁铁所受摩擦力方向水平向右，逐渐减小。故选：𝐷。(1)

根据安培定则判断电磁铁的极性；再根据磁极间的相互作用规律判断条形磁体受到磁力的方向；根据摩擦力阻碍相对运动趋势的方向判断条形磁体受摩擦力的方向。(2)根据电流的大小影响电磁铁磁性强弱来判断磁力大小的变化，根据条形磁体所受磁力和所受

的摩擦力二力平衡，来判断摩擦力大小的变化。本题是电磁学和二力平衡知识的综合分析题，涉及的知识规律有：安培定则的运用、磁极间的相互作用规律、影响电磁铁磁性强弱的因素、二力平衡的判断及应用等。34.【答案】𝐴𝐷【解析】解：由电路图可知，闭合开关，热敏电阻𝑅与定值电阻�

�0串联，电流表测电路中的电流。A、当温度环境为20℃时，由图像可知，热敏电阻的阻值𝑅=50𝛺，第25页，共29页因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由𝐼=𝑈𝑅可得，电源电压：𝑈=𝐼𝑅总=𝐼(𝑅+𝑅0)=0.2𝐴×(50𝛺+50𝛺)=2

0𝑉，故A正确；B、当环境温度升高时，热敏电阻的阻值变小，总电阻变小，电源电压不变，根据欧姆定律可知电路中的电流变大，则电流表的示数变大，故B错误；C、当电流表的读数为0.25𝐴时，电路的总电阻：𝑅总′=𝑈𝐼′=20𝑉0

.25𝐴=80𝛺，此时热敏电阻的阻值𝑅′=𝑅总′−𝑅0=80𝛺−50𝛺=30𝛺，由图像可知，热敏电阻为50𝛺时，环境温度是20℃，热敏电阻为20𝛺时，环境温度是40℃，且热敏电阻的阻值随温度的上升而变小，故热敏电阻为30𝛺时，环境温度是高

于20℃，故C错误；D、由图甲可知，当环境温度为100℃时，热敏电阻的阻值𝑅″=10𝛺，则：𝑅总″=𝑅″+𝑅0=10𝛺+50𝛺=60𝛺，所以，电流：，热敏电阻𝑅在3分钟内消耗的电能𝑊=𝐼2𝑅𝑡=(13𝐴)2×10𝛺×3×

60𝑠=200𝐽，故D正确。故选：𝐴𝐷。由电路图可知，闭合开关，热敏电阻𝑅与定值电阻𝑅0串联，电流表测电路中的电流。A、当温度环境为20℃时，由图像可知热敏电阻的阻值，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

由𝐼=𝑈𝑅可得电源电压；B、当环境温度升高时，热敏电阻的阻值变小，总电阻变小，电源电压不变，根据欧姆定律可知电路中的电流的变化情况，进而得出电流表的示数变化情况；C、当电流表的读数为0.25𝐴时，根

据欧姆定律得出电路的总电阻，根据电阻串联的特点得出此时热敏电阻的阻值，分析图像判断此时的温度是否低于20℃；D、由图甲可知，当环境温度为100℃时，热敏电阻的阻值，根据电阻串联的特点得出总电阻，根据欧姆定律得出电路中的电流，根据𝑊=

𝐼2𝑅𝑡得出热敏电阻𝑅在3分钟内消耗的电能。本题考查了串联电路的特点、欧姆定律的应用和电能的计算，从图像中获取有用的信息是关键。35.【答案】𝐵𝐷【解析】解：①闭合开关𝑆，将滑动变阻器的滑片移至最右端(即阻值最大处)时，等效电路图如左图所示：第26页，共29页②闭合开关𝑆，将滑动

变阻器的滑片移至最左端(即其连入电路中的电阻为0)时，等效电路图如右图所示：(1)由𝑃=𝑈2𝑅可知，灯正常发光时的电阻为：𝑅𝐿=𝑈额2𝑃额=(12𝑉)26𝑊=24𝛺。在①状态下，𝑃𝐿实=14𝑃额=14×6𝑊=1.5𝑊；由𝑃=𝐼2𝑅可知，此时电路中的电

流为：𝐼1=√𝑃𝐿实𝑅𝐿=√1.5𝑊24𝛺=0.25𝐴，因为在②状态下，小灯泡正常发光，所以此时电路中的电流为：𝐼2=𝑃额𝑈额=6𝑊12𝑉=0.5𝐴。(2)在①状态下，𝑈1=𝐼1(𝑅1+𝑅2)=0.25𝐴×(𝑅1+𝑅2)，在②状态

下，𝑈2=𝐼2𝑅1=0.5𝐴×𝑅1，即𝑈1𝑈2=0.25𝐴×(𝑅1+𝑅2)0.5𝐴×𝑅1=52，解得：𝑅2=4𝑅1……①；(3)在①状态下，𝑈=𝐼1(𝑅1+𝑅2+𝑅𝐿)=0.25�

�×(𝑅1+𝑅2+24𝛺)……②，在②状态下，𝑈=𝐼2(𝑅1+𝑅𝐿)=0.5𝐴×(𝑅1+24𝛺)……③，①②③组成方程组，解得：𝑅1=8𝛺，𝑅2=32𝛺，𝑈=16𝑉；

则电压表的示数𝑈1为：𝑈1=𝐼1(𝑅1+𝑅2)=0.25𝐴×(8𝛺+32𝛺)=10𝑉；(4)因为𝐼1=0.25𝐴，𝐼2=0.5𝐴，𝑈=16𝑉，所以滑片在变阻器左、右两端时电路消耗的总功率的变化量为：𝛥𝑃=𝑈𝛥𝐼=𝑈(𝐼2−𝐼1

)=16𝑉×(0.5𝐴−0.25𝐴)=4𝑊。故A、𝐶不符合题意，𝐵、𝐷符合题意。故选：𝐵𝐷。①闭合开关𝑆，将滑动变阻器的滑片移至最右端(即阻值最大处)时，灯泡𝐿、电阻𝑅1和𝑅2串联，电流表

测量的是整个电路中的电流，电压表测量的是电阻𝑅1和𝑅2两端的电压；第27页，共29页②将滑动变阻器的滑片移至最左端(即其连入电路中的电阻为0)时，灯泡𝐿和电阻𝑅1串联，电流表测量的是整个电路中的电流，电压表测量的是

电阻𝑅1两端的电压；(1)知道灯泡的额定电压和额定功率，可利用公式𝑃=𝑈2𝑅计算出灯泡的电阻。在①状态下，小灯泡的实际功率为其额定功率的14，从而可利用公式𝑃=𝐼2𝑅计算出此时电路中的电流𝐼1；在②状态下，小灯泡正常发光，可利用公式𝑃=𝑈𝐼计算出此时电路中的电流

𝐼2。(2)知道两种状态下𝑈1：𝑈2=5：2，可利用公式𝑈=𝐼𝑅列出一个电压的比值式，从而可以计算出电阻𝑅1和𝑅2的关系。(3)在两种状态下电源电压不变，可利用公式𝑈=𝐼𝑅列出两个电源电

压的表达式，便可以计算出电阻𝑅1和𝑅2的阻值，电源电压𝑈.再在图1状态下，利用公式𝑈=𝐼𝑅计算出电压表的示数𝑈1。(4)知道了电源电压，又知道两种状态下的电流，可利用公式𝑃=𝑈𝐼计算出滑片在变阻器左、右两端时电路消耗的总功率的变化

量为𝛥𝑃。本题考查了学生对串、并联电路的判断，串联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用。本题难点在于很多同学无法将三种状态下的功率关系及电压关系联系在一起，故无法找到突破口。解答此类问题时，可将每一种情况中的已知量和未知量都找出来，仔细分析找出各情况中的关联，即可求解

。36.【答案】𝐷𝐼1𝐼2−𝐼1×𝑅𝑚40𝛺𝐷【解析】解：(1)①由图可知，𝐷导线使电压表和𝑅𝑥短路，因此𝐷导线连接错误；②甲中，将变阻器的滑片移动到最左端，记下电流表示数为𝐼1甲中，将变阻器的滑片移动到最右端，记下电流表示数为𝐼

2在第一次操作中，待测电阻和𝑅𝑚串联，由电阻的串联和欧姆定律，电源电压：𝑈=𝐼1(𝑅𝑥+𝑅𝑚)-----①；在第二次操作中，为待测电阻的简单电路，由欧姆定律，电源电压：𝑈=𝐼2𝑅𝑥----②由①②得：𝑅𝑥=𝐼1𝐼2−𝐼1×𝑅𝑚；(2)①1步：将

𝑅𝑥接在电路中𝐴、𝐵两点间，闭合开关𝑆，调节滑动变阻器的滑片𝑃至适当位置，此时电压表的示数如图丙；电压表测用0−3𝑉量程，最小分度为0.1𝑉，示数为2𝑉；断开开关𝑆，移第28页，共29页走𝑅𝑥；2步：再将电阻箱𝑅接在𝐴、𝐵两点间，闭合开关𝑆，

保持滑动变阻器的滑片𝑃位置不变，调节电阻箱使电压表的示数仍如图丙，此时电阻箱接入电阻值𝑅=40𝛺，根据等效替代法，则小茗测得𝑅𝑥的阻值为40𝛺；②如果向右移动滑片，则此时变阻器接入电路的电阻变大，由分压原理：由𝑅滑𝑅𝑋=𝑈滑𝑈𝑋，变

阻器未移动时接入电路的阻值，𝑅滑=𝑈滑𝑈𝑋×𝑅𝑥=3𝑉−2𝑉2𝑉×40𝛺=20𝛺，滑片𝑃的右移使滑动变阻器接入电路的阻值增大了4𝛺，即𝑅′滑=20𝛺+4𝛺=24𝛺时，𝑅′滑𝑅′𝑋=1𝑉2𝑉，即𝑅𝑥=2𝑅′滑=2×24𝛺

=48𝛺，48𝛺−40𝛺=8𝛺，即将偏大8𝛺，故D正确。故答案为：(1)①𝐷；②𝐼1𝐼2−𝐼1×𝑅𝑚；(2)①40𝛺；②𝐷。(1)①由图可知，𝐷导线使电压表和𝑅𝑥短路，据此回答；②将将变阻器的滑片移动到最左和最右端，分别记下电流表示数

，由电阻的串联和欧姆定律，根据电源电压列方程求出𝑅𝑥；(2)①根据等效替代法可测得𝑅𝑥的阻值；②由分压原理求出变阻器未移动时接入电路的阻值；滑片𝑃的右移使滑动变阻器接入电路的阻值增大了3𝛺时，得出此时变阻器的大小，由分压原理求出𝑅𝑥的值。本题考

查电路的连接、测电阻的方法、等效替代法、串联电路的规律及欧姆定律的运用。37.【答案】解：(1)根据𝑃=𝑈𝐼得通过输电线的电流为：𝐼1=𝑃1𝑈1=44×103𝑊220𝑉=200𝐴。(2)输电线分担的电压为：𝑈2=𝐼𝑅=200𝐴×0.1𝛺=20𝑉；供电设备的输出电

压：𝑈=𝑈1+𝑈2=220𝑉+20𝑉=240𝑉；(3)增容后，居民楼的用电器仍能正常工作即输入电压仍为𝑈0，第29页，共29页已知变电站的输出电压增加了𝛥𝑈，则此时输电线上的电压为：𝑈1′=𝑈1+𝛥𝑈=𝑃𝑈0𝑟+𝛥𝑈；由欧姆定律可得，此时输电线

上的电流为：𝐼′=𝑈1′𝑟=𝑃𝑈0𝑟+𝛥𝑈𝑟=𝑃𝑈0+𝛥𝑈𝑟；未增容前输电线上的功率为：𝑃𝑟=𝑈1𝐼=𝑃𝑈0𝑟×𝑃𝑈0；增容后输电线上的功率为：𝑃′𝑟=𝑈1′𝐼′=(𝑃𝑈0𝑟+𝛥𝑈)×(𝑃𝑈0+𝛥𝑈𝑟)=𝑃𝑈0�

�×𝑃𝑈0+𝑃𝑈0𝑟×𝛥𝑈𝑟+𝛥𝑈×𝑃𝑈0+𝛥𝑈×𝛥𝑈𝑟，则输电线增大的功率为：𝛥𝑃′𝑟=𝑃′𝑟−𝑃𝑟=𝑃𝑈0𝑟×𝑃𝑈0+𝑃𝑈0𝑟×𝛥𝑈𝑟+𝛥𝑈×𝑃𝑈0+𝛥𝑈×𝛥𝑈𝑟−𝑃𝑈0𝑟×𝑃𝑈0=𝑃𝑈

0𝑟×𝛥𝑈𝑟+𝛥𝑈×𝑃𝑈0+𝛥𝑈×𝛥𝑈𝑟=2𝑃𝛥𝑈𝑈0+(𝛥𝑈)2𝑟。答：(1)通过输电线的电流为200𝐴；(2)供电设备的输出电压𝑈为240𝑉；(3)若供电设备的输出电压增大了𝛥𝑈，输电线总电阻为𝑟，“增容”前居民楼的总功率为𝑃

，则输电线路损失的功率比“增容”前增大了2𝑃𝛥𝑈𝑈0+(𝛥𝑈)2𝑟。【解析】(1)已知电压和消耗的功率，根据𝑃=𝑈𝐼可求通过输电线的电流；(2)已知输电线电阻，先求输电线分担的电压，再加上用户的电

压，就是供电设备的输出电压；(3)根据输电线上的电压和电阻求出增容后输电线电流，再根据𝑃=𝑈𝐼求出输电线上增加的功率。本题考查电功率的计算，串联电路的电压规律，欧姆定律的应用，是一道综合题有一定的难度。