【文档说明】2021-2022学年贵州省贵阳市普通中学九年级上期末物理试题及答案解析.docx，共(22)页，499.979 KB，由小喜鸽上传

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第1页，共22页2021-2022学年贵州省贵阳市普通中学九年级（上）期末物理试卷1.自然现象中蕴含了大量的物态变化知识，如图所示现象中属于熔化的是()A.滴水成冰B.冰消雪融C.霜降枝叶D.露附叶表2.各式各样的家用电器是生活中不

可或缺的“帮手”，其中利用电流热效应工作的是()A.电风扇B.抽油烟机C.电冰箱D.电饭锅3.水沸腾时将壶盖顶开的过程中发生了能量转化，内燃机工作时的哪一冲程与之能量转化相同()A.吸气冲程B.压缩冲程C.做功冲程D.排气冲

程4.如图是小灯泡的结构图，现用电池和导线通过试触来检测小灯泡是否能通电发光，下列操作正确的是()A.B.第2页，共22页C.D.5.生活中带有三脚插头的用电器必须对应使用三孔插座，目的是使该家用电器的外壳接地线。下列说法正确的是()A.连接用电

器外壳的插脚较短一些B.只有大功率用电器才需要接地线C.用电器外壳接地是为了防止触电D.若不接地线一定会造成电源短路6.东汉思想家王充在《论衡》中记载了“顿牟掇(𝑑𝑢ō)芥(𝑔à𝑖)”这一物理现象，即用毛皮擦拭过的龟壳能吸引芥菜籽粉末。关于这一现象下列说法正确的是()A.

芥菜籽由于带有电荷吸引龟壳B.龟壳与芥菜籽带有异种电荷C.摩擦过的龟壳能吸引轻小物体D.龟壳与芥菜籽带有同种电荷7.如图所示电路，能使小灯泡𝐿1和𝐿2同时发光的操作是仅闭合开关()A.𝑆1、𝑆2B.𝑆2、𝑆3C.𝑆3D.𝑆18.如

图所示电路，电源电压恒为24𝑉，滑动变阻器的规格是“60𝛺2.4𝐴“，小灯泡𝐿1和𝐿2分别标有“6𝑉6𝑊“和“6𝑉3𝑊”字样，若不计温度对灯丝电阻影响，下列分析中正确的是()A.仅闭合开关𝑆1，向右移动滑片，灯𝐿1变暗B.仅闭合开关𝑆1，�

�1正常发光时，𝑅消耗的功率是18𝑊第3页，共22页C.仅闭合开关𝑆2，无论如何移动滑片𝐿2都不能正常发光D.仅闭合开关𝑆2，整个电路的最小功率是8𝑊9.随着冬季到来，方便面酱料包中的油______成块状(填写物态变化名称

)，酱料就容易被挤压出来了。10.炎热的夏季，教室外走廊上的铁栏杆被晒得发烫，而相邻的水泥墙面温度却低了很多，这是由于铁的比热容比水泥______(选填“大”或“小”)，相同条件下铁升温较______(选填“快”或“慢”)的

缘故。11.如图所示，摩擦焊接技术是将两金属紧压在一起反向高速旋转，通过剧烈摩擦使两者接触面温度迅速升高熔化，这是利用______的方式增大焊接面的内能，当降温冷却后从而实现金属焊接。12.如图甲所示是某手机的“超级快充”插头，匹配相应的数据线即可自动向该手机

电池实现“超级快充”，其铭牌参数如图乙所示，请判断哪一组输出参数可实现超级快速充电？______(选填“5𝑉2𝐴”或“9𝑉2𝐴”或“10𝑉4𝐴”)，由此可推断，“超级快充”的“快”是指______大(填写一个物理量名称)。13.如图所示电路电源电压保持不变，𝑅1是定值电阻，𝑅

2是滑动变阻器。闭合开关𝑆，当滑片𝑃处于𝑅2的最右端时，电路中的电流为𝐼1，𝑅1的功率是0.8𝑊；当滑片𝑃向左移至𝑅2的中点时，电路中的电流为𝐼2，且𝐼1：𝐼2=2：3。则该电路工

作时的最小功率是______𝑊。第4页，共22页14.前段时间，我市能源管理部门对城市地标建筑物的景观灯和装饰灯进行合理地调控，以达到节约用电的目的。生活中我们也要节约用电，请你列举两项节约用电的措施。15.冬天在浴室洗澡时，浴室

内的镜子表面往往会附着些水雾，即使用抹布擦拭镜面后，依然会再次产生水雾，若请你设计一款防止起雾的镜子，你会如何设计？请用所学的物理知识说明这样设计的理由。16.如图所示为家用电炉的空炉盘，现有长度和材料相同、横截面积不同的甲、乙两根新电阻丝(𝑆甲>𝑆乙)。选择哪根电阻丝绕制在炉盘上能实现电

炉的额定功率较大？为什么？17.如图所示电路，请用笔画线代替导线完成电路连接。要求：电压表测量串联电路两端总电压，导线不能交叉，不考虑电表量程的选择。18.如图所示是生活中使用的扫拖一体机器人，它有两个工作模式：只闭

合开关𝑆1，仅有电动机𝑀1工作，开启扫地模式；再闭合开关𝑆2，电动机𝑀2开始工作，开启扫拖一体模式；若仅闭合开关𝑆2，机器人不工作。请在答题卡的虚线框中画出符合上述要求的电路图。(用“Ⓜ”表示电动机)第5页，共22页19.把初温为20℃的牛奶放入80℃的热水里加热，牛奶和水质量相同

，8𝑚𝑖𝑛后两者达到相同温度。请在如图所示的坐标系中分别画出0～8𝑚𝑖𝑛牛奶和热水温度随时间变化关系的大致图像。(𝑐牛奶<𝑐水，不考虑与外界发生热传递)20.如图甲所示是酒精浓度检测仪的简化

电路。电源电压30𝑉保持不变，定值电阻𝑅0=6𝛺，𝑅为感知酒精浓度的可变电阻，其阻值𝑅随酒精浓度𝑃的变化关系图像如图乙所示，通过电压表的示数即可判断酒精浓度。请根据以上信息在图丙中用平滑的曲线画出电压表示数𝑈随浓度𝑃变化关

系的图像。21.小明利用如图甲所示的实验装置研究冰的熔化特点。请你回答下列问题。(1)实验前，组装实验器材的合理顺序应是______；(填序号)A.烧杯；B.酒精灯；C.温度计；D.铁圈及石棉网；𝐸试管(2)实验过程中每隔1𝑚𝑖𝑛记录一次温度计示数，其中某时刻温度计示数如图甲所示，此

时冰的温度为______℃，实验中既要关注温度计的示数又要观察冰的______变化；(3)实验中，冰不断从烧杯里的水中______热量，温度升高，根据______现象可判断冰开始发生熔化；(4)实验完成后，小

明将实验数据绘制成如图乙所示的温度随时间变化关系的图像，他根据实第6页，共22页验过程并结合图像分析认为：酒精灯虽持续加热，冰熔化时温度却保持不变，所以冰熔化过程是不需要吸热的。小明的这一判断是否合理？______(

选填“合理”或“不合理”)，理由是______。22.探究“并联电路的干路和支路电流的关系”实验中，设计了如图甲所示的电路，实验器材有：干电池、开关、电流表、小灯泡3只(其中𝐿1、𝐿2规格不同，𝐿1、𝐿3

规格相同)，导线若干。(1)用导线连接各接线柱时务必拧紧螺母，这是为了避免造成______。若要测量𝐿1所在支路的电流，则电流表应串联在甲图中的______处(选填“𝐴”、“𝐵”或“𝐶”)；(2)按甲图连接电路元件测量支路电流时，闭合开关后发现电流表指针偏

转情况如图乙所示，为了正确读取电流值，你将采取的解决办法是______；(3)测量干路电流时，电流表指针如图丙所示，则干路电流𝐼=______𝐴，根据𝐴、𝐵、𝐶三处测量数据可得出初步结论：𝐼=𝐼1+𝐼2；(4)为了让实验结论更具有普遍性，需

要更换灯泡进行多次实验。你认为接下来应将灯泡______换为灯泡______进行实验(均选填“𝐿1”、“𝐿2”或“𝐿3”)，目的是改变______。23.某小组学习了电阻的知识后开展对“液体电阻大小与哪些因素有关”的探究，他们提

出了以下猜想：A.可能与液体的浓度有关；第7页，共22页B.可能与液体的体积有关。实验器材有：两端接有金属接线柱的塑料管、电源、开关、小灯泡、导线，将上述器材组装成如图所示的电路进行实验。请你回答下列问题：(1)你还能提出一个可利用此装

置进行实验探究的合理猜想是：______；(2)将适量盐水从注水口倒入塑料管中并闭合开关，观察到小灯泡发光，说明盐水是______(选填“导体”或“绝缘体”)，其电阻大小可以根据______进行判断；(3)探究猜想𝐴时，为了改变盐水的浓度，将会向塑料管中添加______(选填“

盐”或“清水”)并搅拌均匀。请你对这一方案的可行性进行评估：______；(4)探究猜想𝐵时，用注射器缓慢地从塑料管中抽取部分盐水，灯泡的亮度逐渐变暗。于是得出结论：液体浓度一定时，体积越小，电阻越大。分析操作过程及联系所学的“影响导体电阻大小的因素”回答下列问题：①容器内液体

体积减小的同时其______也在不断减小，导致电阻变大，②这一实验过程是否能完整验证猜想𝐵？______(选填“能”或“不能”)，原因是______。24.如图所示是家中常用的空气开关，其铭牌上标有“𝐶10”字样，表示允许通过的最大电流为10𝐴。

将它安装在家庭电路中，其后还连接有一台“220𝑉1100𝑊”的电熨斗和若干个“220𝑉88𝑊”的灯泡。(1)电熨斗和灯泡是什么连接方式？为什么？(2)求电熨斗正常工作时的电阻？(3)通过计算说明：在保证空气开关不跳闸的情况下，一台电熨斗最多能和多少个这样的灯泡同时工作？25.如图

甲所示电路，电源为电压可调的学生电源，灯泡𝐿1标有“8𝑉”字样，灯泡𝐿2标有“6𝑉“字样，其中𝐿2的𝑈−𝐼图像如图乙所示。(1)仅闭合开关𝑆1，电压表示数为1.2𝑉，电流表示数为0.3𝐴，求定值电阻𝑅0的阻值；(2)仅闭合开关𝑆1，调节电源电压使灯泡𝐿

1正常发光，此时𝑅0消耗的功率为1𝑊，求𝐿1的额定功率；第8页，共22页(3)仅闭合开关𝑆2，通过调节电源电压可使整个电路允许达到的最大功率是多少？第9页，共22页答案和解析1.【答案】𝐵【解

析】解：A、滴水成冰是液态的水变成固态冰的过程，是凝固现象，故A不符合题意；B、冰雪消融是固态的冰变成液态水的过程，是熔化现象，故B符合题意；C、霜降枝叶是气态的水蒸气变成固态小冰晶的过程，是凝华现象，故C不符合题意；D、露珠的形成是空气中的

水蒸气遇冷凝结成小水滴，是液化现象，故D不符合题意。故选：𝐵。物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态叫做做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成

气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华。分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。2.【答案】𝐷【解析】解：𝐴、电风扇工作时，主要是把电能转化为机械能，不是利用电流的热效

应，故A错误；B、抽油烟机工作时，主要将电能转化为机械能，不是利用电流的热效应，故B错误；C、电冰箱压缩机工作时，主要是把电能转化为机械能，不是利用电流的热效应，故C错误；D、电饭锅工作时，主要将电能转化为内能，利用了电流的热效应，故D正确。故选：𝐷。当电流通过电阻时，电

流做功而消耗电能，产生了热量，这种现象叫做电流的热效应。结合用电器工作地能量的转化，可逐一做出判断。主要考查电流的热效应在生活中的应用实例，只有认真把握其定义，明确不同用电器工作时的能量转化情况，才能真正区分它们。体现了物理来源于生活，又服务于社会

的理念。3.【答案】𝐶第10页，共22页【解析】解：水沸腾时将壶盖顶开的过程中，水蒸气对壶盖做功，水蒸气的内能转化为壶盖的机械能，内燃机工作时，在做功冲程将燃气的内能转化为机械能，与上述能量转化相同，故C符合题意。故选：𝐶。(1)做功可以改变物体的内能，对物体做功

，物体的内能会增加；物体对外做功，物体的内能会减小；(2)内燃机的做功冲程中，燃气的内能转化为机械能；在压缩冲程中，机械能转化为内能。本题考查了做功改变物体内能以及对内燃机四个冲程的了解，属于基础性题目。4.【答案】𝐴【解析】解：𝐴、由图可知，电流从电池正极出来，经过金属触点、灯丝

、金属螺纹壳、导线，最后回到电池的负极，组成一个闭合回路，此时能检测小灯泡是否通电发光，故A正确；B、由图可知，电池的正极与金属触点相连，电池的负极与小灯泡的玻璃外壳相连，由于玻璃是绝缘体，不容易导电，不能形成一个闭合回路，电路中没有电流，所以不能检测小灯泡是否通电发

光，故B错误；𝐶𝐷、电流从电池正极经过小灯泡的金属触点，经过导线直接回到电池负极，导线直接连接了电源的正、负极，所以该电路状态是短路，所以不能检测小灯泡是否通电发光，故CD错误。故选：𝐴。分析电流流过的路径，当有电流通过灯泡时，灯泡就能

亮，逐一分析各选项。本题主要考查了电路的正确连接，题目难度不大。5.【答案】𝐶【解析】解：家用电器的插头和插座大多采用带有接地线的三线，是因为插座的接地线和大地相连，若用电器的金属外壳带电，电流会通过接地线流入大地，不致造成触电事故。(或金属外壳带电，电流

流入大地。)A、连接用电器外壳的插脚较长一些，故A错误；B、有金属外壳的用电器都需要接地线，故B错误；C、使用三脚插头可以防止金属外壳的用电器意外带电引起人体触电，故C正确；D、若没有接地线，用电器能正常工作，但对于人体来说是不安全的，故D错误。故选：𝐶

。第11页，共22页掌握三孔插座的作用，就是将用电器的金属外壳与大地相连，防止漏电事故。知道三脚插头、三孔插座的作用是解决该题的关键。6.【答案】𝐶【解析】解：摩擦起电是指用摩擦的方法使物体带电，带电体的基

本性质是能吸引轻小物体；故“顿牟掇芥”这一现象分析正确的是带电体具有吸引轻小物体的性质，故C正确、AB错误；同种电荷相互排斥，故D错误。故选：𝐶。不同物体在相互摩擦的过程中，束缚电子本领强的得电子带负

电，束缚电子本领弱的失电子带正电，这就是摩擦起电的过程；带电体的基本性质是能吸引轻小物体。本题考查了摩擦起电的实质、带电体的性质，属于基础题。7.【答案】𝐴𝐶【解析】解：要使小灯泡𝐿1和𝐿2同时发光，若𝐿1、𝐿2串联，则电流只有一条路径，电流从正极出发依次

通过两灯泡，最后回到负极，由图可知，应闭合𝑆3，断开开关𝑆1、𝑆2；若使𝐿1、𝐿2并联，则电流应分为两条支路，分别经过两个灯泡，然后回到电源负极，由图可知，需闭合𝑆1、𝑆2，断开开关𝑆3。故选：𝐴𝐶。要使两灯泡并联，则电流可分成两条支路，分别经过两个灯泡，然

后回到电源负极；要使灯泡串联，则电流只有一条路径，从正极出发依次通过两灯泡，最后回到负极。此题考查了对动态电路的分析，通过开关的开合状态改变电路的连接方式，要掌握串联电路和并联电路的特点。8.【答案】𝐴𝐵𝐷【解析】解：𝐴、仅闭合开关𝑆1，灯𝐿1与滑动变阻器串联，滑片向右移动，

变阻器连入阻值变大，由串联电路的分压原理可知，变阻器分得电压增大，由串联电路电阻的规律知灯泡分得电压减小，由𝑃=𝑈2𝑅可知灯泡的实际功率变小，灯泡变暗，故A正确；B、仅闭合开关𝑆1，灯𝐿1与滑动变阻器串联，当𝐿1正常发光时，电路的电流为：𝐼=𝑃1额𝑈1额=6𝑊6𝑉

=1𝐴，由串联电路电压的规律知滑动变阻器𝑅两端的电压为𝑈滑=𝑈−𝑈1额=24𝑉−6𝑉=18𝑉，𝑅消耗的第12页，共22页功率是：𝑃𝑅=𝑈滑𝐼=18𝑉×1𝐴=18𝑊，故B正确；C、仅闭合开关𝑆2，灯𝐿2与滑动变阻器串联，若𝐿2正常发光，电路的电流为

：𝐼′=𝑃2额𝑈2额=3𝑊6𝑉=0.5𝐴，滑动变阻器接入电路的电阻为：𝑅滑=𝑈−𝑈2额𝐼′=24𝑉−6𝑉0.5𝐴=36𝛺，即滑动变阻器接入电路的电阻为36𝛺时灯泡𝐿2能正常发光，故C错误；D、灯泡𝐿2的电阻为：𝑅2=𝑈2额2𝑃2额=(6𝑉)23

𝑊=12𝛺；仅闭合开关𝑆2，灯𝐿2与滑动变阻器串联，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路的电流最小，整个电路的功率最小，最小功率为：𝑃小=𝑈2𝑅2+𝑅滑大=(24𝑉)212𝛺+60𝛺

=8𝑊，故D正确。故选：𝐴𝐵𝐷。(1)只闭合开关𝑆1，灯泡𝐿1与滑动变阻器串联；由向右移动滑动变阻器的滑片，判断电路中电阻变化，根据串联电路的分压原理判断电压表示数变化，由𝑃=𝑈2𝑅判断出灯泡实际功率的变化，从而知灯泡亮度变化情况；(2)仅闭合开关𝑆1，灯𝐿1与滑动变阻

器串联，根据𝑃=𝑈𝐼算出当𝐿1正常发光时电路的电流，由串联电路电压的规律算出滑动变阻器𝑅两端的电压，由𝑃=𝑈𝐼算出𝑅消耗的功率；(3)仅闭合开关𝑆2，灯𝐿2与滑动变阻器串联，根据𝑃=𝑈𝐼算出灯泡𝐿2正

常发光时电路的电流；由欧姆定律算出滑动变阻器接入电路的电阻；(4)根据𝑅=𝑈2𝑃算出灯泡𝐿2的电阻；仅闭合开关𝑆2，灯𝐿2与滑动变阻器串联，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路的电流最小，整个电路的功率最小，根据𝑃小=𝑈

2𝑅2+𝑅滑大算出整个电路的最小功率。本题考查电路的动态分析，考查电阻、电流、电压和电功率的变化情况，考查的知识点比较多，难点是知道开关断开与闭合时电路的连接情况。9.【答案】凝固【解析】解：随着冬季到来，方便面酱料包

中的油由液态变成固态，属于凝固现象。故答案为：凝固。物质由液态变成固态的过程叫凝固。第13页，共22页本题考查凝固现象，知道凝固的定义，属于基础题。10.【答案】小快【解析】解：炎热的夏季，铁栏杆和水泥墙面都吸收热量，铁栏杆是由铁制成，水泥墙面是由水泥、沙石组成，根据𝑄吸

=𝑐𝑚𝛥𝑡可知，当物体的质量和吸收的热量相同时，比热容越大的物体升高的温度越小，由于铁的比热容小于水泥的比热容，当铁和水泥在质量和吸收的热量相同时，铁升高的温度比水泥升高的温度大，即在相同条件下铁升温较快。故答案为：小；快。炎热的夏季，铁栏杆和

水泥墙面都吸收热量，铁栏杆是由铁制成，水泥墙面是由沙石组成，根据𝑄吸=𝑐𝑚𝛥𝑡可知，当物体的质量和吸收的热量相同时，比热容越大的物体升高的温度越小，由此可得出结论。本题主要考查比热容的概念及应用，理解比热容是物质的一种特

性，物质的比热容越大，表示在质量和吸收的热量相同时，升高的温度较小是解题的关键。11.【答案】做功【解析】解：将两金属紧压在一起反向高速旋转时，剧烈摩擦使焊件温度迅速升高，此过程机械能转化为内能，是通过做功的方法改变物体的内能的。故答案为：做功。做功和热传递都可以改变物体的内能，当

对物体做功时，机械能转化为内能，当物体对外做功时，内能转化为机械能。本题主要考查学生对：改变物体内能方法的了解和掌握，是一道基础题。12.【答案】“10𝑉4𝐴”电功率【解析】解：根据电功率定义式的变形式𝑡=𝑊𝑃可知，在手机电池储存的电能一

定时，充电功率越大，手机的充电时间越短，由此可知，超级快充”的“快”是指充电的电功率大；由图乙可知，该充电插头的三个充电功率分别为：𝑃1=𝑈1𝐼1=5𝑉×2𝐴=10𝑊，𝑃2=𝑈2𝐼2=9𝑉×2𝐴=1

8𝑊，𝑃3=𝑈3𝐼3=10𝑉×4𝐴=40𝑊，可见，使用参数“10𝑉4𝐴”功率最大，可实现超级快速充电。故答案为：“10𝑉4𝐴”；电功率。第14页，共22页根据电功率定义式的变形式𝑡=𝑊𝑃可知，在手机电池储存的电能一定时，充电功率越大，手机的充电时间越短，根

据𝑃=𝑈𝐼计算最大充电功率。本题考查电功率公式的应用，难度不大。13.【答案】2.4【解析】解：闭合开关𝑆，𝑅1、𝑅2串联。当滑片𝑃处于𝑅2的最右端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，电路中的电流为𝐼1=𝑈𝑅1+𝑅2......①，根据𝑃=𝐼2𝑅可知𝑅1的功率𝑃1

=𝐼12𝑅1=(𝑈𝑅1+𝑅2)2𝑅1=0.8𝑊.......②，当滑片𝑃向左移至𝑅2的中点时，电路中的电流𝐼2=𝑈𝑅1+𝑅22........③，且𝐼1：𝐼2=2：3.......④，联立①

②③④可知：𝑅2=2𝑅1，𝑈2𝑅1=7.2𝑊。电源电压不变，根据𝑃=𝑈2𝑅可知，总电阻最大时，总功率最小。当滑动变阻器的滑片在最右端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，该电路工作时的最小功率𝑃小=𝑈2𝑅1+𝑅2=𝑈23𝑅1=7.2𝑊3=2.4

𝑊。故答案为：2.4。闭合开关𝑆，𝑅1、𝑅2串联。当滑片𝑃处于𝑅2的最右端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，根据欧姆定律得出电路中的电流表达式，根据𝑃=𝐼2𝑅可知𝑅1的功率的表达式；当滑片𝑃向左移至𝑅2的中点时，根据欧姆定律得出电路中的电流表达式，且𝐼1：𝐼2

=2：3，联立以上4个式子可得出𝑅2和𝑅1的关系以及𝑈2𝑅1的值。电源电压不变，根据𝑃=𝑈2𝑅可知，总电阻最大时，总功率最小。当滑动变阻器的滑片在最右端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，根据𝑃=𝑈2𝑅结合𝑅2和𝑅

1的关系以及𝑈2𝑅1的值，可得出该电路工作时的最小功率。本题考查电功率的计算，有一定难度。第15页，共22页14.【答案】解：根据公式𝑊=𝑃𝑡可知，我们可以减小用电器的功率、缩短用电器的工作时间。具体措施有：看完电视后及时关闭电源；夏天，将空调的设

定温度调高；将家中的白炽灯换为𝐿𝐸𝐷灯等。【解析】根据公式𝑊=𝑃𝑡可知，要想减少电能的消耗，需要从减小功率、缩短用电时间两个方面进行考虑。目前，我国的发电方式虽然多样，但是煤电仍占主体地位，节约用电，有利于减少化石能源的使用。15.【答案】答：在卫生间里洗过热水澡后，室内的水

蒸气在玻璃镜面上发生了液化现象，变成小水滴附着在玻璃镜面上，镜面模糊；要想让镜子不产生水雾，就必须提高镜子的温度，可以在镜子背面安装一个电加热器，给镜面加热。【解析】物质由气态变为液态的物态变化是液化，由液态变为气态的物态变化是汽化。判断一种现象是什么

物态变化，一定要分析现象原来和现在的状态，然后根据六种物态变化的定义进行判断。16.【答案】答：电阻的大小与导体的材料、长度、横截面积和温度有关；长度和材料相同、横截面积不同的甲、乙两根新电阻丝(𝑆甲>𝑆乙)，则甲的

电阻要小于乙的电阻；电阻丝绕制在炉盘上能实现电炉的额定功率较大，由于电源电压不变，根据𝑃=𝑈2𝑅可知，电阻丝的电阻越小，功率越大，所以应选择甲。【解析】根据影响电阻大小的因素和电功率的计算公式𝑃=𝑈2𝑅分析。本题考查了影响电阻大小的因素、电功率公式的应用，难度不大。第16页，共22页1

7.【答案】解：由题知，两灯串联，应将两灯顺次连接，电压表测串联电路两端的总电压，应将电压表并联在𝐿1和𝐿2的两端，如图所示：。【解析】用电器逐个顺次连接的电路叫串联电路，电压表与被测用电器应并联。本题考查根据要求连接实物图，属于一道基础题。18.【答案】解：

根据题意可知：只闭合开关𝑆1，仅有电动机𝑀1工作，这说明开关𝑆1能控制电动机𝑀1；再闭合开关𝑆2，电动机𝑀2开始工作，这说明开关𝑆2能控制电动机𝑀2；这两个电动机能独立工作，该电路为并联电路；若仅闭合开关𝑆2，机器人不工作，这说明开关𝑆2在支路中；所以开关�

�1在干路中控制整个电路，开关𝑆2与电动机𝑀2串联在一条支路中，另一条支路是电动机𝑀1；电路图如下所示：【解析】根据题意分析两个电动机的连接方式和开关的作用，然后画出电路图。会根据要求设计串、并联电路，同时会根据已知电路

分析出符合要求的电路是解决本题的关键。19.【答案】解：由于不考虑牛奶与热水与外界发生热传递，所以牛奶吸收的热量等于热水放出的热量，即𝑄牛奶吸=𝑄水放，𝑐牛奶𝑚𝛥𝑡牛奶=𝑐水𝑚𝛥𝑡水，由于𝑐牛奶<𝑐水，所以𝛥𝑡牛奶>𝛥𝑡水，即热水降低的温度小于牛奶升高的

温度；当末温为50℃时，此时热水降低的温度等于牛奶升高的温度，即𝛥𝑡水=80℃−50℃=30℃，𝛥𝑡牛奶=50℃−20℃=30℃，所以当牛奶和水温度相同时，末温应大于50℃；一开始两者温度相差较大，牛奶升温和热水降温都较快，随着两者温度差逐渐减小，牛奶升温和第17页，共22页热水

降温都较慢，由此可知，牛奶和热水温度随时间变化关系的大致图像如图所示。【解析】由于不考虑牛奶与热水与外界发生热传递，所以牛奶吸收的热量等于热水放出的热量，即𝑄牛奶吸=𝑄水放，根据𝑄=𝑐𝑚𝛥𝑡可知，当𝑄、𝑚相同时，𝑐越大，𝛥𝑡越小，所以热水降低的温度小于牛奶升高的温度

；一开始两者温度相差较大，牛奶升温和热水降温都较快，随着两者温度差逐渐减小，牛奶升温和热水降温都较慢，由此可画出牛奶和热水温度随时间变化关系的大致图像。本题主要考查热平衡方程的应用，其中分析牛奶和水的末温，以及牛奶升温和水

降温的快慢是解本题的关键，也是难点。20.【答案】解：由乙图可知可变电阻的阻值𝑅与酒精浓度𝑃的乘积为定值，即𝑅=240𝛺⋅𝑚𝑔⋅(100𝑚𝑙)−3𝑃，由甲图可知，闭合开关，两电阻串联接入电路，电

压表测定值电阻两端的电压，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，通过欧姆定律可得通过电路的电流：𝐼=𝑈′𝑅+𝑅0=30𝑉240𝛺⋅𝑚𝑔⋅(100𝑚𝑙)−3𝑃+6𝛺，所以电压表示数为：𝑈=𝐼𝑅0=

30𝑉240𝛺⋅𝑚𝑔⋅(100𝑚𝑙)−3𝑃+6𝛺×6𝛺，当𝑃=20𝑚𝑔⋅(100𝑚𝑙)−3时，𝑈=10𝑉，当𝑃=40𝑚𝑔⋅(100𝑚𝑙)−3时，𝑈=15𝑉，当𝑃=60𝑚𝑔⋅(100𝑚𝑙)−3时，𝑈=18𝑉，当𝑃=80�

�𝑔⋅(100𝑚𝑙)−3时，𝑈=20𝑉，第18页，共22页在图丙中描点、连线可得：。【解析】由乙图可知可变电阻的阻值𝑅与酒精浓度𝑃的乘积为定值，由甲图可知，闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测定值电阻两端的电压，根据串联电路电阻规律和欧姆定律表示此时通过电路的

电流，根据𝑈=𝐼𝑅表示电压表的示数，代入相关数据计算后，描点、连线作图即可。本题考查串联电路特点、欧姆定律的灵活运用以及学生的作图能力。21.【答案】𝐵𝐷𝐴𝐸𝐶−12状态吸收出现液态水不合理因为烧杯中的水温高于试管中冰的温度，所以冰会从水中吸热【解析】

解：(1)酒精灯要使用外焰加热，所以合理顺序应先放好酒精灯，由其外焰高度确定铁圈及石棉网的高度；温度计测量液体温度时，玻璃泡要浸没在液体中，不能接触容器底和壁，所以接着应放置烧杯，试管，最后安装温度计。即顺序为𝐵𝐷𝐴𝐸𝐶；(2)由图甲知，温度计的分度值为

1℃，所以其示数为−12℃；实验中既要关注温度计的示数又要观察冰的状态变化；(3)实验中，冰不断从烧杯里的水中吸收热量，温度升高，实验中判断冰熔化的依据是出现液态水。(4)小明的这一判断不合理，因为烧杯中的水温高于试管中冰的温度，所以冰会从水中吸热。故答案为：(1)𝐵𝐷𝐴𝐸𝐶；(2)

−12；状态；(3)吸收；出现液态水；(4)不合理；因为烧杯中的水温高于试管中冰的温度，所以冰会从水中吸热。(1)实验器材装配要根据酒精灯来确定铁圈及石棉网的高度；温度计测量液体温度时，玻璃泡要浸没在液体中，不能接触容器底和壁，

由此分析解答；(2)在进行温度计的读数时，注意分度值；(3)晶体在熔化过程中不断吸热温度保持不变，当物质在熔点温度时，可以是固态，也可以是液态，也可以是固液共存态；第19页，共22页(4)物质由固体变为液态的过程是熔化，熔化吸收热量。本

题考查了冰熔化时温度与时间的关系的实验、晶体熔化特点等，考查内容较基础。22.【答案】接触不良𝐴将正负接线柱上的导线对调0.44𝐿2𝐿3灯泡的规格多次测量【解析】解：(1)用导线连接各接线柱时务必拧紧螺母，这是为了避免造成接触不良

；电流表与待测电路串联，若要测量𝐿1所在支路的电流，电流表应串联在甲图中的𝐴处；(2)连好电路闭合开关前，发现电流表指针位置如图乙所示，即指针反偏，说明电流表的正负接线柱接反了，应将正负接线柱上的导线对调；(3)由图丙可知，电

流表选择的量程是0～0.6𝐴，分度值为0.02𝐴，示数为0.44𝐴；(4)为得出普遍性的结论，要换用不同规格的灯泡多次测量，因为𝐿1、𝐿2规格不同，𝐿1、𝐿3规格相同，因此应将灯泡𝐿2换成𝐿3进行实验。故答案为：(1)接触不良；

𝐴；(2)将正负接线柱上的导线对调；(3)0.44；(4)𝐿2；𝐿3；灯泡的规格多次测量。(1)为了避免造成接触不良，用导线连接各接线柱时必须拧紧螺母；电流表与待测电路串联；(2)电流表使用时，要让电流从它的正接线柱流入，从负接线柱流出，否则指针会反偏；(3)电流表读

数时，首先确定电流表的量程和分度值，然后根据指针的位置读数；(4)用归纳法得出普遍性的结论要满足2个条件：一是样本要有代表性，二是样本数量足够多。本题探究并联电路的电流规律，考查电流表使用与读数及归纳法的运用等知识。23.【答案】液体电阻大小可能与液体的横截面积

有关导体灯泡的亮度盐灯泡亮度的微小变化不容易观察横截面积不能没有控制横截面积不变【解析】解：(1)利用此装置进行实验，可以通过加入盐水的多少，改变液体的横截面积，可以探究液体电阻大小与液体的横截面积的关系，所以猜想为：液

体电阻大小可能与液体的横截面积有关。(2)将适量盐水从注水口倒入塑料管中并闭合开关，观察到小灯泡发光，说明盐水容易导电，所以盐水是导体。盐水浓度不同，灯泡的亮度不同，可以根据灯泡的亮度判断盐水电阻的大小。(3)探究猜想𝐴时，为了改变盐水的浓度，将会向塑料管中添加盐，并搅拌均匀，观察灯泡的亮度变化

。倘若盐水浓度变化小，盐水的电阻变化比较小，电路中电流变化小，灯泡的亮度变化也小，灯泡亮度的微小变化不容易观察。第20页，共22页(4)因为电阻的大小受横截面积的影响，用注射器缓慢地从塑料管中抽取部分盐水，盐水的体积

变小，盐水的横截面积也变小，没有控制盐水的横截面积，不能探究盐水电阻跟体积的关系，得到的实验结论是不可靠的。故答案为：(1)液体电阻大小可能与液体的横截面积有关；(2)导体；灯泡的亮度；(3)盐；灯泡亮度的微小变化不容易观察；(4)横截

面积；不能；没有控制横截面积不变。(1)从导体电阻大小的影响因素进行分析，导体的电阻跟导体的长度、材料、横截面积有关。(2)容易导电的物体是导体，不容易导电的物体是绝缘体。通过灯泡的亮度来反映电阻的大小。(3)盐水中增加盐的质量，可以增

加盐水的浓度。灯泡亮度的微小变化不容易观察到。(4)从导体电阻大小的影响因素进行分析，导体的电阻跟导体的长度、材料、横截面积有关。探究液体电阻大小时，要控制导体的长度、材料、横截面积。本题利用控制变量法和转换法探究液体电阻大小的影响因素，题目很新颖，

能考查学生的应变能力，是一道很好的的习题。24.【答案】解：(1)电熨斗和灯泡并联接入电路，并联电路各支路两端电压相等，并联电路互不影响，这样才能保证两者正常工作；(2)电熨斗正常工作时的电阻：𝑅1=𝑈2𝑃1=(220𝑉)21100𝑊=44𝛺；(3)电熨斗正常工作时的

电流：𝐼1=𝑃1𝑈1=1100𝑊220𝑉=5𝐴，灯泡正常工作时的电流：𝐼′=𝑃′𝑈=88𝑊220𝑉=0.4𝐴，并联电路干路电流等于各支路电流之和，所以通过灯泡的电流之和为：𝐼2=𝐼−𝐼1=10𝐴−5𝐴=5𝐴，灯泡的个数：𝑛=5𝐴0.4𝐴=12.5，

干路允许通过的最大电流为10𝐴，所以灯泡的个数为12个。答：(1)电熨斗和灯泡并联接入电路，并联电路各支路两端电压相等，并联电路互不影响，这样才能保证两者正常工作；(2)电熨斗正常工作时的电阻为44𝛺；(3)在保证空气开关不跳闸的情况下，一台电熨斗最

多能和12个这样的灯泡同时工作。【解析】(1)并联电路各支路两端电压相等，并联电路互不影响，据此分析可知电熨斗和灯泡是什么连接方式；第21页，共22页(2)根据𝑅=𝑈2𝑃计算电熨斗正常工作时的电阻；(3

)根据电功率公式计算灯泡和电熨斗正常工作时的电流，根据并联电路电流规律计算通过灯泡的电流之和，进一步计算灯泡的个数。本题考查并联电路特点和电功率公式的灵活运用，属于基础题。25.【答案】解：(1)仅闭

合开关𝑆1，由图可知，该电路为𝑅0和𝐿1的串联电路，电流表测电路中的电流，电压表测𝑅0两端的电压；已知此时电压表的示数为1.2𝑉，即𝑅0两端的电压为𝑈0=1.2𝑉，此时电流表的示数为0.3𝐴，即电路中的电流为𝐼1=0.3𝐴

，由欧姆定律可知𝑅0的阻值为：𝑅0=𝑈0𝐼1=1.2𝑉0.3𝐴=4𝛺；(2)由题知𝐿1的额定电压为𝑈1=8𝑉，此时𝑅0消耗的功率为𝑃0=1𝑊，由𝑃=𝐼2𝑅可知此时电流的平方为：𝐼22=𝑃0𝑅0=1𝑊4𝛺=(0.5𝐴)2，则此时电路中的电流为：𝐼2=0

.5𝐴，𝐿1的额定功率为：𝑃1=𝐼2𝑈1=0.5𝐴×8𝑉=4𝑊；(3)仅闭合开关𝑆2，该电路为𝐿1和𝐿2的串联电路，电流表测电路中的电流；由题可知𝐿1两端的额定电压为𝑈1=8𝑉，𝐿2两端的额定电压为𝑈2=6𝑉，由图可知通过𝐿2的额定电流为𝐼3=

0.6𝐴，已知𝐿1的额定电流为𝐼2=0.5𝐴；由于串联电路中电流处处相等，为确保电路安全，电路中的最大电流为𝐼=𝐼2=0.5𝐴，由图可知当电流为0.5𝐴时，𝐿2两端的实际电压最大为𝑈2′=4𝑉；由串联电路的电压特点可知电源电压最大为：𝑈=𝑈1

+𝑈2′=8𝑉+4𝑉=12𝑉；则通过调节电源电压可使整个电路允许达到的最大功率为：𝑃=𝐼𝑈=0.5𝐴×12𝑉=6𝑊。答：(1)定值电阻𝑅0的阻值为4𝛺；(2)𝐿1的额定功率为4�

�；(3)仅闭合开关𝑆2，通过调节电源电压可使整个电路允许达到的最大功率是6𝑊。【解析】(1)仅闭合开关𝑆1，由图可知，该电路为𝑅0和𝐿1的串联电路，电流表测电路中的电流，电压表测𝑅0两端的电压；已知电压表的示数，即𝑅0两端电压；已知电流表的示

数，即电路中的电流；利用欧姆定律𝐼=𝑈𝑅可求出𝑅0的阻值；(2)由题可知𝐿1的额定电压；已知𝑅0消耗的功率和𝑅0的阻值，利用𝑃=𝐼2𝑅可求出此时电路中的电流；再利用𝑃=𝑈𝐼可求出𝐿1的额定功率；第22页，共22页(3)仅

闭合开关𝑆2，该电路为𝐿1和𝐿2的串联电路，电流表测电路中的电流；已知𝐿1的额定电流，由图读出𝐿2的额定电流，串联电路中电流处处相等，为确保电路安全，电路中的最大电流不能超出用电器的额定电流，因此选择𝐿1和𝐿2中额定电流较小的作为最大电流；再由图读出𝐿2的实际电压；由串联电路

的电压特点可求出电源电压最大值，最后根据𝑃=𝑈𝐼可求出整个电路允许达到的最大功率。本题考查了对欧姆定律和电功率计算公式的应用，解题关键是要理解为保证电路元件的安全，电路中的电流不能超出用电器的额定电流，用电器两端的最大电压不能超出其额定

值。