【文档说明】2021-2022学年四川省成都市青羊区九年级上期末物理试题及答案解析.docx，共(31)页，646.049 KB，由小喜鸽上传

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第1页，共31页2021-2022学年四川省成都市青羊区九年级（上）期末物理试卷1.下列事例中，能说明分子不停地做无规则运动的是()A.春天，落英缤纷B.夏天，槐树飘香C.秋天，落叶飘零D.冬天，寒风瑟瑟2.下列事例中，改变物体内能的途径与其他三项不同的是()

A.酒精灯加热水B.弯折铁丝C.搓手取暖D.钻木取火3.汽车油箱中的汽油用去一半后，剩余汽油的密度、比热容和热值()A.以上各项数据和使用之前比都不发生改变B.热值变为原来的一半，密度、比热容不变C.各数据和使用之

前比都会变为原来的一半D.热值不变，密度、比热容变为原来的一半4.随着我国经济的高速发展，人们的生活水平日益提高，汽车成为家庭出行旅游主要工具之一。汽车的发动机是热机的一种，关于“热机”下列说法中正确的是()A.改进技术，可能使热机的效率达到100%B.在做功冲程中，热机将内能转化为机械能

C.用水循环来降低热机的温度，主要是利用水蒸发时会吸收热量D.北方冬天的晚上要把热机水箱中的水放出，因为水的比热容大5.如图所示，是加油站里常见的“静电释放器”，人在提油枪加油前，必须用手触摸金属体清除身体上的静电。下列有关说法中正确的是()A.人体带的电荷是人体与衣服摩擦过程中被人创造出来的

B.摸金属体清除身体上的静电后，人体的电荷将全部消失第2页，共31页C.“除电”时人体和金属球之间没形成通路，无电流通过D.人体若带有负电，说明在摩擦过程中人体容易得到电子6.生活中需要对一些物理量进行估测，下列估测合理的是()A.教室日光灯的工作电流约2�

�𝐴B.空调工作时的电流约为0.1𝐴C.一节新干电池的电压为1.5𝑉D.我国家庭用电器正常工作的电压一般是不高于36𝑉7.如图所示电路中，开关不能同时控制两盏灯的是()A.B.C.D.8.“用电流表测量电流”的实验电路如图所示，其中能正确测

出小灯泡𝐿1中电流的是()A.B.C.D.第3页，共31页9.如图所示，是我们使用的物理教科书中一幅插图，图中所展示的情况不可能直接导致下列哪种危害的发生()A.烧坏导线B.烧坏电源C.引起火灾D.人身触电10.如图所示，

𝐴𝐵和𝐵𝐶是由同种材料制成的长度相同、横截面积不同的两段导体，将它们串联后连入电路中。通过比较可以发现()A.𝐴𝐵段电压大，电流小B.𝐵𝐶段电压大，电流大C.𝐴𝐵段电压大，电流与𝐵𝐶段相等D.𝐵𝐶段电流大，电压与𝐴𝐵段相等11.对初中毕业生进行身

体柔韧性测试的“坐位体前屈测试仪”如图所示。测试者向前推动滑块，滑块被推动的距离越大，仪器的示数就越大。小雪同学设计了四种电路(如图所示)模拟测试，并要求电路中滑动变阻器的滑片向右滑动时，电表示数增大。其中符合要求的电路是()A.B.C.D.12.疫情防控已常态化，进入商场时会用到如

图甲所示的测温枪测量体温，图乙是它的工作原理图，𝑅0是定值电阻，𝑅是红外线热敏电阻，其阻值随人体温度变化的图象如图。对该电路分析正确的是()第4页，共31页A.体温越高，𝑅的阻值越大B.体温越高，电路消耗的总功率越小C.体温越高，电压表示

数越小D.体温越高，电路中的电流越大13.以前很多手机充电器输出的电压为5𝑉、电流为1𝐴。最近我国某公司研发出了125瓦超级闪充技术，这是目前充电效率最高的手机快充技术之一。从安全角度分析，该充电器最有可能使用了下列哪一种输出规格()A.25𝑉10

0𝐴B.5𝑉25𝐴C.20𝑉6.25𝐴D.125𝑉1𝐴14.如图是研究电流产生热量实验装置的一部分，两个透明容器内密封着等质量、同温度的空气，容器内的电热丝阻值不同。在通电时间相同的情况下，观察两个𝑈形管中液面高度的变化

。下列判断正确的是()A.该装置探究的是：通电导体产生的热量与电流的关系B.如果乙升高得多，则通过乙容器中电阻的电流一定大C.如果甲升高得少，容器甲中的电阻两端的电压一定大D.如果乙升高得多，则乙容器中的电阻的电阻值一定大15.如图所示，𝐿1、𝐿2的额定电压都是3𝑉，把两个小灯

泡串联后接到3𝑉的电源上，闭合开关，发现灯泡𝐿1比灯泡𝐿2亮一些。对这现象分析正确的是()第5页，共31页A.通过𝐿1的电流比通过𝐿2的电流大B.𝐿1两端的电压比𝐿2两端的电压大C.𝐿1的实际电阻比𝐿2的实际电阻小D.若将𝐿1、�

�2改为并联，则𝐿1更亮16.固体不容易被折断，是因为分子间存在着______，疫情期间学校都要给教室消毒，冬季喷洒消毒液时，闻到的刺鼻气味比夏季少一些，说明分子无规则运动与______有关。17.我国北方楼房中的“暖气”用水作为输送能量的介

质，是因为水的______较大。将相同质量的水与煤油比较，若它们都放出相同热量，______的温度会降低得更多些。18.如图，是小华家天然气表的两次读数照片，则在2021年11月她家一共用了______𝑚3天然气，这些天然气在完全燃烧以后可以释放出______𝐽的热量。(天然气热值取�

�=4×107𝐽/𝑚3)19.如图所示，用力将空气压缩引火仪的活塞迅速下压，玻璃筒底部的硝化棉冒烟燃烧，这是通过______方式改变物体的内能，此过程与汽油机的______冲程能量转化形式相同。20.用细线悬挂着𝐴，𝐵，𝐶三个

轻质小球，它们之间的相互作用如图甲所示，若𝐴带正电，则：𝐵带______电，𝐶带______电。21.一个完整的电路是由提供电能的______、消耗电能的______、控制电路通断的______和提供电的流动路径的______四部分组成的。22

.如图所示是电热“暖手宝”，它利用两节3.6𝑉的锂电池串联供电，发热时间长，深受广大用户喜爱，则：“暖手宝”工作电压为______𝑉，若“暖手宝”的电阻为4𝛺，则其工作电流为______𝐴。第6页，共31页23.如图，有一物体𝑀在导轨上平行移动时，可带动与之相连

的金属滑片𝑃移动，通过电表示数可反映物体𝑀移动的距离。当物体𝑀向右移动时，两只电表示数的变化情况是：电流表的示数______，电压表的示数______。24.如图所示是甲、乙两个电路元件的电流与电压的关系图，其中甲元件的电阻为______𝛺，乙元件为“2

𝑉0.4𝑊”的小灯泡，若把它们和一只电流表(0～0.6𝐴)串联接在电源电压为5.5𝑉的电路中，闭合开关，待电流表示数稳定后，其示数将为______𝐴。25.如图为某台灯用于调节亮度的电位器结构图，�

�、𝑏、𝑐是它的是三个接线柱，𝑎、𝑐分别与弧形电阻丝的两端相连，𝑏与金属滑片相连。若希望顺时针转动旋钮时台灯变亮，请用请用笔画线代替导线补上，要求导线不能交叉。26.在图的〇内填上适当的电表符号，保证开关闭合后两个小灯都能发光。27.李小聪同学的爷爷

住在乡村振兴示范村里，今年重阳节，村委会送给爷爷家一套新式液化石油气灶具。用新灶将质量为5𝑘𝑔，初温为10℃的水加热到100℃需燃烧液化石油气0.07𝑘𝑔.[液化石油气热值𝑞=4.5×107𝐽/𝑘𝑔，𝑐水=4.2×10³𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)]第7页，共31页(

1)水吸收多少热量？(2)求此灶具烧水的效率。28.如图甲所示的电压力锅，图乙是它的简化电路图，其中𝑅1、𝑅2是定值电阻。闭合开关𝑆1，开关𝑆2接𝑏；电压力锅处于加热状态，此时的功率为𝑃1=1320𝑊，通过𝑅1的电流为𝐼1；当锅内的

气压达到设定值时，𝑆2自动接𝑎，𝑆1仍闭合，处于保压状态，此时的功率为𝑃2，通过𝑅2的电流为𝐼2，且𝐼1=5𝐼2。如图丙所示是某次完整的做饭过程中，电压力锅消耗的电功率与时间的关系。求：(1)电压力锅处于正常

加热状态时，通过电阻𝑅1的电流𝐼1。(2)电压力锅在丙图所示的这次做饭过程中耗电多少𝑘𝑊⋅ℎ？(不考虑能量损失)29.如图所示的实验装置中，三个相同的烧瓶𝐴、𝐵、𝐶内部都盛有质量和初温均相等的液体，其中，𝐴、𝐵烧瓶中装

的是煤油，𝑐瓶中装的是水，𝐴、𝐵、𝐶瓶中电阻丝的阻值分别为𝑅𝐴、𝑅𝐵、𝑅𝐶，且𝑅𝐴<𝑅𝐵=𝑅𝐶(假设实验中没有任何热损失)。(1)小明用该装置探究“电流通过导体产生的热量与电阻大小的关系”，他应该观察

比较______两瓶中温度计的示数变化情况，这种实验方法叫______法。(2)小红用该装置完成“比较水和煤油吸热能力强弱”的实验，她应该观察比较______两瓶中温度计的示数变化情况，实验中水和煤油吸热的多少

是通过______(选填“温度计示数”或“加热时间”)来反映的。该实验中烧瓶中温度计示数变化越小的吸热能力越______(选填“强”或“弱”)。第8页，共31页30.小慧用如图甲所示的电路探究“通过导体的电流与导体两端电压的关系”。数据序号123456电压𝑈/𝑉0.40.81.21

.62.02.4电流𝐼/𝐴0.080.160.240.322.000.48(1)如表是她通过实验得到的几组数据，其中第五组数据有明显错误，错误的原因可能是______。(2)实验中，她所选择的变阻器是______。(选填字母)

A.10𝛺1𝐴B.20𝛺1𝐴C.30𝛺1𝐴D.50𝛺1𝐴(3)老师接下来让同学们用如图乙所示的电路测量未知电阻𝑅𝑥的阻值。器材有一个电源(电压第9页，共31页未知且恒定不变)，一个量程合适的电流表，一个

最大阻值为𝑅0的滑动变阻器。同学们首先把滑动变阻器的滑片𝑃移到𝑎端，读出电流表的示数为𝐼1；然后______为𝐼2。用测量的物理量写出𝑅𝑥的数学表达式：𝑅𝑥=______。31.新型冠状病毒直径为100𝑚左右，传播

方式之为病毒混杂在飞沫中传播(飞沫是指直径在0.005𝑚𝑚～2𝑚𝑚的小液滴)，而制造医用口罩的材料间院约为0.3𝜇𝑚，以下说法正确的是()A.飞沫能飞出1𝑚外，是因为飞沫在做分子运动B.虽然新冠病毒很小，但它还是由分子构成的C

.医用口罩对新型冠状病完全没有防御的能力D.制作口罩的材料，分子间没有相互作用的引力32.下列关于冰熔化时的说法中，正确的是()A.冰熔化前温度越高，它含有的热量就越多B.冰熔化前温度升高，但其内能会保持不变C.冰在熔化过程中会吸收

热量，内能会增加D.要使冰的内能增加，唯一方式是吸收热量33.如图所示，电源电压保持不变，电阻𝑅1>𝑅2，电压表𝑉1和𝑉2的示数分别为𝑈1和𝑈2，电流表𝐴1和𝐴2的示数分别为𝐼1和�

�2，则下列关系中正确的是()A.𝑈1=𝑈2，𝐼1<𝐼2B.𝑈1=𝑈2，𝐼1>𝐼2C.𝑈1>𝑈2，𝐼1=𝐼2D.𝑈1<𝑈2，𝐼1=𝐼234.如图所示，电源电压恒为24𝑉，小灯泡的规格为“6

𝑉3𝑊”，滑动变阻器𝑅1的规格为“60𝛺1𝐴”，定值电阻𝑅2的阻值为12𝛺。电压表使用的量程为0～15𝑉，电流表使用的量程为0～0.6𝐴。要求闭合开关后两电表的示数均不超过所选量程，灯泡电

压不超过正常工作电压(设灯丝电阻不变)。下列说法正确的是()第10页，共31页A.若滑动变阻器的滑片向右移动，电流表示数变小B.滑动变阻器允许接入的阻值范围是24𝛺～40𝛺C.定值电阻𝑅2消耗的电功率的最大值等于4.32𝑊D.电路总功率的

变化范围必须控制在9𝑊～14.4𝑊35.如图甲所示，电源电压恒为18𝑉，灯泡𝐿上标有“6𝑉3𝑊”字样(假设灯泡的电阻不变)，电流表量程为0～0.6𝐴，电压表量程为0～15𝑉，滑动变阻器𝑅1的最大阻值为200𝛺

，当只闭合𝑆和𝑆1，在一定范围内移动滑动变阻器的滑片𝑃时，它两端的电压与其接入电路的电阻关系如图乙所示。下列描述错误的是()A.灯泡𝐿正常发光时通过灯泡的电流为0.5𝐴B.定值电阻𝑅0的阻值与𝑅1的阻值比为1：2C.只闭合𝑆和𝑆1，电路消

耗的最大功率为10.8𝑊D.只闭合𝑆和𝑆2，滑动变阻器允许调节的范围是24𝛺～100𝛺36.小伊想要完成“探究电压一定时，电流与电阻的关系”的实验，她发现本实验中所使用的是两节串联的干电池。因为电池包装上写有1.5𝑉的字样，所以她认

为没有必要把电路第11页，共31页设计成为教科书上那样子了。于是她采用了如图的电路图来完成实验，并通过更换不同的电阻，她得到了下列数据。实验次数接入电阻/𝛺电流表读数/𝐴150.52100.273150.19(1)在连接电路时开关应该______。(2)第2次实验中，定值电阻两端的电压

是______𝑉。(3)通过她所测得数据______(选填“能”或“不能”)得到“电压一定时，电流与电阻成反比”这一结论？(4)教科书上完成本试验所采用的电路相比于小伊设计的电路优点在于：______。37.如图所示电路，电源电压不变。定值电阻𝑅1=10𝛺，滑动变

阻器𝑅2标有“60𝛺1𝐴”字样，灯泡上标有“8𝑉4𝑊”字样，灯泡阻值不受温度影响。电流表可选用“0～0.6𝐴”或“0～3𝐴”两种量程，电压表可选用“0～3𝑉”或“0～15𝑉”量程。(1)求灯泡正常发光时的电阻。(2)闭合开

关𝑆和𝑆2，调节滑动变阻器的滑片在中点时，灯泡正常发光，求电路总功率。(3)若电源电压可变，电压表只用“0～15𝑉”量程。闭合开关𝑆和𝑆1，在电路安全的前提下，尽可能调节滑动变阻器，此过程中电流表的最大示数和最小示数如图所示(两次读数时电流表可能更换了量程)。求电源电压的可能

值以及其对应的电路总功率的最大值。第12页，共31页答案和解析1.【答案】𝐵【解析】解：𝐴、春天，落英缤纷，是物体的机械运动，故A不符合题意；B、夏天，槐树飘香，是香气分子在不停地做无规则运动造成的，故B符合

题意；C、秋天，落叶飘零，是物体的机械运动，故C不符合题意；D、冬天，寒风瑟瑟，是物体的机械运动，故D不符合题意。故选：𝐵。一切物质的分子都在不停地做无规则的运动，扩散现象是分子热运动的宏观体现；分子很小，肉眼不能观察到分子运动。本

题主要考查学生对分子运动和物质运动的区别的了解和掌握，是一道基础题。2.【答案】𝐴【解析】解：𝐴、用酒精灯加热水时，水从酒精灯火焰吸收热量，温度升高、内能增大，是通过热传递改变物体内能；B、用手反复弯折铁

丝，对铁丝做功，机械能转化为内能，所以弯折处会发烫，属于通过做功改变物体的内能；C、搓手取暖，是克服摩擦力做功，机械能转化为内能，属于做功改变物体的内能；D、钻木取火时，克服摩擦力做功，将机械能转化为内能，使木头的温度升高、内能增大，是通过做功

改变内能；综上所述，选项A与其他选项改变物体内能的方式不同。故选：𝐴。改变内能的方式有做功和热传递，其中做功改变物体内能的实质是能量的转化，热传递改变物体内能的方式是能量的转移。此题是考查对做功和热传递改变物体内能的辨别，是一道基础题。3.【答案】𝐴【解析】解：(1)密度是物质的一种特性，对于

确定的某种物质，它的密度不随质量、体积的改变而改变，所以汽油用去一半后，剩余汽油的的密度不变；第13页，共31页(2)比热容是物质的一种特性，各种物质都有自己的比热容，某种物质的比热容和其质量、体积、温度

无关，所以汽油用去一半后，剩余汽油的的比热容不变；(3)热值是燃料的一种特性，与燃料的质量、温度和体积无关，所以汽油用去一半后，剩余汽油的热值不变。综上所述，BCD错误，A正确。故选：𝐴。(1)比热容是物质的特性，仅与物质的种类和所处的状态有关，而与物体的温度、质量和体积无

关；(2)热值是燃料的特性，其大小仅与燃料的种类有关，而与燃料的质量和燃烧程度无关；(3)密度是物体本身的特性，其大小与质量和体积无关，与种类和状态有关。密度是物体本身的特性，热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关；比热容是物质的一种特性，它只与物质的种类、状态有关。

4.【答案】𝐵【解析】解：𝐴、热机工作过程中不可避免地要克服机械间地摩擦而做额外功，因此热机效率不能达到100%，故A错误；B、在热机的做功冲程中，热机将燃料的内能转化为机械能为热机提供动力，故B正确；C、水的比热容较大，由

𝑄=𝑐𝑚𝛥𝑡可知相同质量的水和其他物质相比较，升高相同的温度时，水吸收的热量较多，因此用水循环来降低热机的温度，主要是利用水的比热容较大，故C错误；D、水结冰后的质量不变，密度变小，由𝜌=𝑚𝑉可知结冰后体积变大，因此北方冬天的晚上要把热机水箱中的水放出，防止结冰后涨破水箱，因为水结

冰后体积变大，故D错误。故选：𝐵。(1)任何机器在工作过程中都不可避免地要克服机械间的摩擦而做额外功，因此效率不能达到100%；(2)热机在压缩冲程中，将机械能转化为内能；在做功冲程中，将内能转化为机械能；(3)由𝑄=𝑐𝑚𝛥𝑡可知，相同质量的不同物质，升高相同的温度，比热容较大的

物质吸收的热量较多；(4)水结冰后的质量不变，冰的密度较小，由𝜌=𝑚𝑉可知结冰后的体积变大，据此分析。本题考查了对热机效率、热机冲程、比热容和密度的理解，属于基础题，难度不大。第14页，共31页5.【答案】𝐷【解析】解：�

�、人体带电荷，是由于人体与衣服摩擦过程中发生电子的转移，不是被人创造出来的，故A错误；B、摸金属体清除身体上的静电时，发生了电子的转移，所以人体的电荷不会全部消失，故B错误；C、“除电”时人体和金属

球之间有电子的转移，所以有电流通过，故C错误；D、人体若带有负电，说明在摩擦过程中人体容易得到电子，故D正确。故选：𝐷。(1)由于不同物质的原子核束缚电子的本领不同，当两个不同物体互相摩擦的时候，束缚电子本领弱的就会失去电子，失去电子的物体

因缺少电子带正电；束缚电子能力强的就会得到电子，得到电子的物体因有多余的电子而带等量的负电；(2)摸金属体清除身体上的静电时，会发生电子的转移，人体的电荷不会全部消失。本题主要考查了摩擦起电的实质，是一道好题。6.【答案】𝐶【解析】解：𝐴、教室内日光灯正常工作的功率为40𝑊

，电流为𝐼=𝑃𝑈=40𝑊220𝑉≈0.18𝐴=180𝑚𝐴，故A不合理；B、空调的工作电流在5𝐴以上，故B不合理；C、一节新干电池的电压是1.5𝑉，故C合理；D、我国家庭电路用电器的工作电压一般是220𝑉，故D不合理。故选：𝐶。不同物理量的估算，有的需

要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最合理的是哪一个。本题主要考查对电学中一些物理量的估测，注意观察与积累，并能运用相关公式进行简单的推算，是解答的关键。7.【答案】𝐴【解析】解：𝐴、由图可知，

两盏灯并联，开关𝑆在支路上不能够同时控制两盏灯，故A符合题意；B、由图可知，两盏灯并联，开关𝑆在干路上，能够同时控制两盏灯，故B不符合题意。第15页，共31页𝐶𝐷、由图可知，两盏灯串联，开关能同时控制两盏灯，故CD不符合题意。故选：𝐴。(1)串联电

路：电流只有一条路径，各用电器相互影响，只需要一个开关就可以控制所有的电器；(2)并联电路：电流有多条电路，各用电器互不影响，干路开关控制整个电路，支路开关控制各自的支路。本题考查了学生辨析电路的能力，解题的关键在于学生能从题干描述中捕捉到有用的信息，实际

上也是对学生分析能力的考查。8.【答案】𝐴【解析】解：A、开关闭合后，两灯泡并联，电流表与𝐿1串联，且电流表的正负接线柱连接正确，能正确测出小灯泡𝐿1中的电流，故A正确；B、开关闭合后，电流表与灯𝐿1并联，𝐿1被短路，故B错；C、开关闭合后，两灯泡并联，电流表测量干路中的电流，故C错；

D、闭合开关后，两灯泡串联，但电流从电流表的负接线柱流入、正接线柱流出，接法错误，故D错。故选：𝐴。电流表的正确使用方法：①电流表要与用电器串联在电路中；②电流要从“+”接线柱入，从“−”接线柱出；③被测电流不要超过电流表的量程；④绝对不

允许不经过用电器而把电流表连到电源的两极上。据此分析判断。本题考查学生识别电路的能力以及电流表的使用方法，属于基础题目。9.【答案】𝐷【解析】解：图中用导线将电源的两端直接连接起来了，即短路，会造成电路中的电流过大，将导线、电源烧坏，甚至会引起火灾

；由于人体的电阻较大，通过人体的电流很小，不会引起人身触电，故D符合题意。故选：𝐷。不经过用电器直接把电源两极连接起来的电路状态时电源短路。本题考查了短路的危害，是一道基础题。第16页，共31页10.【答案】𝐶【解析】解：已知𝐴𝐵和𝐵𝐶是由同种

材料制成的且长度相同，𝐵𝐶的横截面积大于𝐴𝐵的横截面积，忽略温度的影响，则𝐵𝐶的电阻小于𝐴𝐵的电阻，即𝑅𝐴𝐵>𝑅𝐵𝐶；串联电路中各处电流相等，即通过它们的电流大小关系为：𝐼𝐴𝐵=𝐼𝐵𝐶；根据𝑈=𝐼𝑅可

知，𝐴𝐵两端的电压大于𝐵𝐶两端的电压，即：𝑈𝐴𝐵>𝑈𝐵𝐶。故选：𝐶。𝐴𝐵和𝐵𝐶是由同种材料制成的长度相同、横截面积不同的两段导体，横截面积越大，电阻越小；根据串联电路的电流规律

判断通过它们电流的大小关系，根据公式𝑈=𝐼𝑅确定电阻两端电压的大小关系。本题考查影响电阻大小的因素和欧姆定律的应用，关键知道影响电阻大小的因素是导体的材料、长度、横截面积和温度，要熟记串联电路电流、电压的特点，本题应用了控制变量法解题，这是今后学习中最长用的解题方法之一。11.

【答案】𝐶【解析】解：A、由图知，定值电阻与滑动变阻器并联，电流表测量变阻器支路的电流，变阻器两端电压等于电源电压不变，当滑片向右滑动时时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，由𝐼=𝑈𝑅可知电流表的示数减小，故A不符合要求；B、由图

知，定值电阻与滑动变阻器并联，电流表测量定值电阻的电流，并联电路各支路间互不影响，所以电流表的示数不变，故B不符合要求；C、由图知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测量变阻器两端的电压，当滑片向右滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻增大，根据串联电路的分压原

理可知变阻器分得的电压变大，电压表的示数变大，故C符合要求；D、由图知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测量定值电阻两端的电压，当滑片向右滑动时接入电路的电阻增大，电路中电流变小，定值电阻的阻值不变，由𝑈=

𝐼𝑅可知电压表的示数变小，故D不符合要求。故选：𝐶。根据各选项电路图，判断滑动变阻器滑片向右滑动接入电路的阻值的变化，根据电路特点和欧姆定律判断电压表和电流表示数的变化。第17页，共31页本题考查电路特点和欧姆定律的应用，要明确电表的测量对象，熟练应用欧姆定律、串联分压原理来分析电

路中电流、电压的变化是解题的关键。12.【答案】𝐷【解析】解：𝐴𝐶𝐷、由图乙可知，两电阻串联，电压表测定电阻两端的电压，体温越高，由图丙知，红外线热敏电阻越小；根据𝐼=𝑈𝑅可知，在电源电压不变时，电阻

越小，电路的电流越大；由串联电路的分压原理知，当热敏电阻减小时，热敏电阻两端的电压越小，根据串联电路电压的规律可知，定值电阻两端的电压越大，即电压表示数越大，故AC错误，D正确；B、体温越高，电路中的电流越大，根据𝑃=𝑈

𝐼知电路消耗的总功率越大，故B错误。故选：𝐷。(1)两电阻串联，电压表测定值电阻两端的电压，由图丙知，体温越高，红外线热敏电阻越小，根据欧姆定律分析电路中电流的变化；由串联电路的分压原理分析热敏电阻的电压变化，根据串联电路电压的规律确定电压表示数变化；(2)根据𝑃=�

�𝐼判断出电路消耗的总功率的变化。本题为动态电路分析题，考查串联电路的规律、欧姆定律的运用以及电功率的求解，关键是明确体温越高，红外线热敏电阻越小。13.【答案】𝐶【解析】解：手机充电器输出电压一般为5𝑉～20𝑉

，由𝑃=𝑈𝐼可知，当电压为5𝑉，电流：𝐼=𝑃𝑈=125𝑊5𝑉=25𝐴，电流太大，发热严重；当电压为20𝑉，电流：𝐼′=𝑃𝑈′=125𝑊20𝑉=6.25𝐴，符合实际情况。故选：𝐶。根据𝑃=𝑈𝐼分析解答。本题考查电功率公式的应用，是一道基础题。14.【答案】�

�【解析】解：𝐴、由图可知，两个电阻串联，电流和通电时间相同，电阻不同，故探究的是热量与电阻大小的关系，故A错误；𝐵𝐶𝐷、由图可知，两个电阻串联在电路中，各处的电流是相同的，如果甲升高得少，乙升高得多，第18页，共31页说明电流通过甲电阻产生的热

量比乙电阻多，根据公式𝑄=𝐼2𝑅𝑡可知，在电流和通电时间相同的情况下，电阻越大，产生的热量越多，则甲容器中的电阻小于乙中的电阻，根据𝑈=𝐼𝑅可知，电阻越大，其两端的电压越大，所以乙电阻两端的电压大于甲电阻两端的电

压，故BC错误，D正确。故选：𝐷。(1)两电阻串联接入电路，根据串联电路电流特点可知通过两电阻的电流相同，电阻不同，根据控制变量法分析可知；(2)根据公式𝑄=𝐼2𝑅𝑡可知，在电流和通电时间相同的情况下，电阻越大，

产生的热量越多，根据𝑈=𝐼𝑅可知，电阻越大，其两端的电压越大。本题探究“电流产生的热量与电阻大小的关系”，考查转换法和控制变量法串联电路的规律及焦耳定律的运用。15.【答案】𝐵【解析】解：𝐴、串联电路各处电流相等，两灯泡串联，所以通过两灯泡的电流相等，故A错误；B、灯泡𝐿1比

灯泡𝐿2亮一些，所以灯泡𝐿1的功率大于灯泡𝐿2的功率，根据𝑃=𝑈𝐼可知𝐿1两端的电压较大，故B正确；C、串联时𝐿1比𝐿2亮一些，即灯泡𝐿1的实际功率较大，而通过两灯的电流相等，根据𝑃=𝐼2𝑅可知灯泡𝐿

1的电阻较大，故C错误；D、若将𝐿1、𝐿2改为并联，并联电路各支路两端电压相等，由𝐶项解答可知𝐿1的电阻大于𝐿2的电阻，根据𝑃=𝑈2𝑅可知灯泡𝐿1的实际功率较小，即𝐿1更暗，故D错误。故选：𝐵。(1)串联电路各处电流相等；(2)灯泡的亮暗是

由灯泡的实际功率决定的，根据𝑃=𝑈𝐼判断灯泡两端电压的大小；(3)根据电功率公式𝑃=𝐼2𝑅判断出灯泡电阻的大小；(4)并联电路各支路两端电压相等，根据𝑃=𝑈2𝑅可比较并联后灯泡的亮度

。本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用，知道灯泡的亮度由灯泡的实际功率决定。16.【答案】引力温度第19页，共31页【解析】解：固体不容易被折断，是因为分子间存在着引力；冬季喷洒消毒液时，闻到的刺鼻气味比夏季少一些，是因为夏天的温度高于冬天，分子热运动更剧烈，说明分子

无规则运动与温度有关。故答案为：引力；温度。(1)分子间存在相互作用的引力和斥力；(2)分子热运动与温度有关，温度越高，分子热运动越剧烈。本题考查了分子间的相互作用力、影响分子热运动的因素，属于基础题。17.【答案】比热容煤油【解析】解：因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比

较，降低相同的温度，水放出的热量多，取暖效果好，所以暖气装置中用水来供热；将相同质量的水与煤油比较，若它们都放出相同热量，由于水的比热容大，根据𝑄=𝑐𝑚𝛥𝑡可知，煤油的温度会降低得更多些。故答案为：比热容；煤油。因

为水的比热容较大：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多，据此分析。本题主要考查了学生对水的比热容大的了解。对水的比热容大的理解：相同质量的水

和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。18.【答案】301.2×109【解析】解：从图中可知，在2021年11月她家一共用的天然气的体积𝑉=398.277𝑚3−368.277𝑚3=30𝑚

3，这些天然气在完全燃烧以后可以释放出的热量𝑄放=𝑉𝑞=30𝑚3×4×107𝐽/𝑚3=1.2×109𝐽。故答案为：30；1.2×109。从图中可知，2021年11月1日和2021年12月1日的天然气读数，相减即可得出2021年11月她家一共用的天然气的体积，根据𝑄

放=𝑉𝑞得出这些天然气在完全燃烧以后可以释放出的热量。本题考查燃料完全燃烧所产生的热量的计算，关键是从图中得出有用信息。第20页，共31页19.【答案】做功压缩【解析】解：在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小撮干燥的棉絮，用力将活塞迅速向下压

，棉絮燃烧起来，这是因为压缩筒内空气做功，使空气的内能增加；该实验中，压缩筒内空气做功，活塞的机械能转化为筒内空气的内能，与内燃机的压缩冲程的能量转化相同。故答案为：做功；压缩。(1)改变内能的方法有：做功和热传递；当对物体做功

，物体的内能将增大，温度升高；(2)内燃机有四个冲程，在压缩冲程中，活塞压缩空气做功，将机械能转化为内能。此题主要考查了改变物体内能的方法以及内燃机的工作过程和原理(能量的转化)，难度不大。20.【答案】负负【

解析】解：已知𝐴带正电，𝐴和𝐶相互吸引，所以𝐶带负电或不带电。𝐵和𝐶相互排斥，根据同种电荷相互排斥，所以𝐵、𝐶带负电。故答案为：负；负。带电体的性质是能够吸引轻小物体，轻小球本身能够被带电的物体吸引；根据同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。相互排斥一定是同种电荷，相

互吸引有可能是异种电荷，也有可能是带电体吸引轻小物体。此题考查电荷间相互作用的规律和带电体的性质，可根据这两个知识来判断。21.【答案】电源用电器开关导线【解析】解：电路是指用导线把电源、用电器、开关连接起来组成

的电流的路径，其中提供电能的是电源，消耗电能的是用电器，控制电路通断的是开关，提供电的流动路径达到输送电能的是导线。故答案为：电源；用电器；开关；导线。根据电路的组成和作用填写。本题考查了电路的组成和作用。

22.【答案】7.21.8第21页，共31页【解析】解：(1)“暖手宝”工作时电压：𝑈=3.6𝑉×2=7.2𝑉；(2)暖手宝工作的电流：𝐼=𝑈𝑅=7.2𝑉4𝛺=1.8𝐴。故答案为：(1)7.2；(2)1.8。(1)根据串

联电池的总电压等于各节串联电池电压之和的规律求解工作电压；(2)根据欧姆定律即可求出暖手宝的工作电流。本题主要考查对干电池电压、串联电源电压特点的记忆以及欧姆定律的应用，属于基础题目。23.【答案】不变变大【解析】解：由电路图可知，电路为滑动变阻器的简

单电路，电压表测滑片左侧部分电阻两端的电压，电流表测电路中的电流；因电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，所以，当物体𝑀向右移动时，电路中的总电阻不变，滑片左侧部分的电阻变大，由欧姆定律可知，电路中的电流不变，即电流表的示数不变；由𝑈=𝐼𝑅可知，滑片左侧部分电阻两端的电压变大，即电

压表的示数变大。故答案为：不变；变大。由电路图可知，电路为滑动变阻器的简单电路，电压表测滑片左侧部分电阻两端的电压，电流表测电路中的电流，根据电压表的内阻很大、在电路中相当于断路可知，滑片移动时不能改变接入电路中的电阻，但可以改变滑片左侧部分的电

阻，根据物体𝑀的移动可知可知滑片左侧部分电阻丝电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和电压表示数的变化。本题考查了电路的动态分析，涉及到电压表、滑动变阻器和欧姆定律的灵活应用，关键是根据电压表的内阻特点判断出滑片移动时不能改变接入电路中的电阻。24.【答案】50.6【解析】解：从图中可

知，当甲元件两端的电压为2.5𝑉时，通过甲元件的电流为0.5𝐴，根据欧姆定律可知甲元件的电阻𝑅=𝑈1𝐼1=2.5𝑉0.5𝐴=5𝛺；根据串联电路的电流和电压特点可知，当电路中的电流为0.6𝐴时，甲元件和乙元件两端的电压分别为2.5𝑉、3

𝑉，总电压等于2.5𝑉+3𝑉=5.5𝑉，符合题意，故电流表的示数为0.6𝐴。故答案为：5；0.6。从图中可知，当甲元件两端的电压为2.5𝑉时，通过甲元件的电流为0.5𝐴，根据欧姆定律可知甲元件的电阻；第22页，

共31页根据串联电路的电流和电压特点可知，结合图中数据可得出，把它们和一只电流表(0～0.6𝐴)串联接在电源电压为5.5𝑉的电路中，电流表的示数。本题考查欧姆定律的应用和串联电路的特点，关键是从图中得出有用信息。25.【答案】

解：电位器要控制灯泡亮度，应与灯泡串联，顺时针转动旋钮时台灯变亮，说明电路中电流变小，应使用𝑏、𝑐接线柱接入电路中，如图所示：。【解析】电位器其实质也是一个滑动变阻器，根据顺时针转动旋钮时台灯变亮，确定其接线柱后与灯

泡串联。本题以可调光台灯为情景考查了对电位器的认识和使用的掌握，属于一道基础题。26.【答案】解：由图可知，上面的“〇”与𝐿1并联，所以此“〇”应填入电压表；下面的“〇”与𝐿1串联，所以，此“〇”应填电流表

，如图所示：【解析】电压表并联在电路中，电流表要串联在电路中，据此结合电路图做出判断。本题考查电压表和电流表的正确使用方法，填入符号后应再进行进一步确认。27.【答案】解：(1)水吸热的热量：𝑄吸=𝑐水𝑚(𝑡−𝑡0)=4.2

×103𝐽/(𝑘𝑔・℃)×5𝑘𝑔×(100℃−20℃)=1.68×106𝐽；(2)液化石油气完全燃烧放出的热量：第23页，共31页𝑄放=𝑚气𝑞=0.07𝑘𝑔×4.5×107𝐽/𝑘𝑔=3.15×106𝐽，液化石油气灶烧水的效率：𝜂=𝑄吸𝑄放×100%=1.68

×106𝐽3.15×106𝐽×100%≈53.3%。答：(1)水吸热多少热量为1.68×106𝐽；(2)液化石油气灶加热水时的效率为53.3%。【解析】(1)知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式𝑄吸=𝑐𝑚(𝑡−𝑡0)求出水吸收的热量；(2)知道液

化石油气的质量和热值，利用𝑄放=𝑚𝑞求出完全燃烧放出的热量，然后根据效率公式求出液化石油气灶烧水的效率。本题主要考查学生对吸热公式、燃料完全燃烧放热公式和效率公式的了解和掌握，是一道较为简单的计算题。28.【答案】解：(1

)闭合开关𝑆1，开关𝑆2与触点𝑏接通时，电路为𝑅1的简单电路，电压力锅处于加热状态，由𝑃=𝑈𝐼可得，通过电阻𝑅1的电流：𝐼1=𝑃1𝑈=1320𝑊220𝑉=6𝐴；(2)当锅内的气压达到

设定值时，𝑆2自动与触点𝑏断开并与触点𝑎接通，此时电路为𝑅2的简单电路，电压力锅处于保压状态，由𝐼1=5𝐼2可得，此时电路中的电流：𝐼2=15𝐼1=15×6𝐴=1.2𝐴，则保压状态时的功率：𝑃2=𝑈𝐼2=220𝑉×1.2𝐴=264𝑊；由图丙可知，加热时间𝑡1=10

𝑚𝑖𝑛=600𝑠，保压时间𝑡2=20𝑚𝑖𝑛−10𝑚𝑖𝑛=10𝑚𝑖𝑛=600𝑠，由𝑃=𝑊𝑡可得，电压力锅在这次做饭过程中消耗电能：𝑊=𝑊1+𝑊2=𝑃1𝑡1+𝑃2𝑡2=1320𝑊×6

00𝑠+264𝑊×600𝑠=9.504×105𝐽=0.264𝑘𝑊⋅ℎ。答：(1)电压力锅处于正常加热状态时，通过电阻𝑅1的电流𝐼1为6𝐴；(2)电压力锅在丙图所示的这次做饭过程中耗电0.264𝑘𝑊⋅ℎ。第24页，共31页【解析】(1)闭合开关𝑆1，开关𝑆

2与触点𝑏接通时，电路为𝑅1的简单电路，电压力锅处于加热状态，根据𝑃=𝑈𝐼求出通过电阻𝑅1的电流；(2)当锅内的气压达到设定值时，𝑆2自动与触点𝑏断开并与触点𝑎接通，此时电路为𝑅2的简单电路，根据𝐼1=5𝐼2求出电路中的电流，根据�

�=𝑈𝐼求出保压状态时的功率；由图丙可知加热和保压时的通电时间，根据𝑊=𝑃𝑡求出两种状态下消耗的电能，两者之和即为电压力锅在这次做饭过程中消耗电能。本题考查了电功率公式、电功公式的灵活运用，根据题意分清电路的连接方式和图中获取有用的信

息是关键。29.【答案】A、𝐵控制变量𝐵、𝐶加热时间强【解析】解：三个电阻串联接入电路，串联电路各处电流相等，所以通过各个电阻的电流相同。(1)探究电流通过导体产生的热量与电阻大小的关系，应控制电流和通电时间相等，改变电阻丝的阻值。因为𝑅𝐴<

𝑅𝐵，通电后给质量相同的同种液体加热，所以应比较𝐴、𝐵两瓶中温度计的变化情况，这是控制变量法；(2)为了比较水和煤油吸热升温的情况，应采用相同的加热装置(即电阻丝的阻值相同)，通过加热时间长短来比较，因为𝑅𝐵=𝑅𝐶，所以要选

择𝐵、𝐶两瓶中温度计的示数变化情况；根据𝑄=𝑐𝑚𝛥𝑡可知质量相等物体，吸收相同的热量，温度计示数变化越小，比热容越大，即吸热能力越强。故答案为：(1)𝐴𝐵；控制变量；(2)𝐵、𝐶；加热时间；强。三个电阻串联接入电路，串联电路各处电

流相等，所以通过各个电阻的电流相同。(1)探究电流通过导体产生的热量与电阻大小的关系，应控制电流和通电相等，改变电阻。由此选择并分析；(2)比较水和煤油吸热升温的情况的实验中，应用相同的加热装置，使相同质量不同液体升高相同温度，根据加热时间长短来判断，根

据焦耳定律𝑄=𝐼2𝑅𝑡可知应选择阻值相等的电阻；根据𝑄=𝑐𝑚𝛥𝑡可知质量相等物体，吸收相同的热量，温度计示数变化越小，比热容越大。本题考查了电流通过导体产生热量的影响因素、水和煤油吸热能力情况两个实验

，关键是熟练运用控制变量法和转换法。第25页，共31页30.【答案】电流表选用小量程却按大量程读数了𝐷把滑动变阻器的滑片移到𝑏端，读出电流表的示数𝐼2𝑅0𝐼1−𝐼2【解析】解：(1)由表中数据可知，电压增加几倍，通过的电流也增加几倍，而第

5组数据不符合这个规律，原因选用电流表小量程，却按电流表大量程读数了(实际电流应为0.40𝐴)；(2)由图甲可知，电源使用的是两节干电池，故电源电压为2×1.5𝑉=3𝑉，实验中的最小电流𝐼=0.08𝐴，此时滑动变阻器

连入阻值最大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压：𝑈滑=𝑈−𝑈𝑅=3𝑉−0.4𝑉=2.6𝑉，由𝐼=𝑈𝑅可得，滑动变阻器接入电路中的电阻：𝑅滑=𝑈滑𝐼最小=2.6𝑉0.08𝐴=32.5𝛺>3

0𝛺，故选D；(3)把滑动变阻器的滑片𝑃移到𝑎端，读出电流表的示数为𝐼1；然后把滑动变阻器的滑片移到𝑏端，读出电流表的示数为𝐼2；因为电源电压不变，因此𝐼1𝑅𝑥=𝐼2(𝑅𝑥+𝑅0)，则𝑅𝑥=𝐼2𝑅0𝐼1−

𝐼2。故答案为：(1)电流表选用小量程却按大量程读数了；(2)𝐷；(3)把滑动变阻器的滑片移到𝑏端，读出电流表的示数；𝐼2𝑅0𝐼1−𝐼2。(1)由表中数据分析得出规律，找出不符合这个规律的数据，根据电

流表大小量程之比为5：1确定原因；(2)根据表中数据可知实验中的最小电流，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器的阻值即可确定滑动变阻器的规格。(3)根据滑动变阻器接入电路的阻值为0和最大时读

出电流表的示数，然后根据欧姆定律和串联电路电压规律即可求出被测电阻的阻值。本题探究“通过导体的电流与导体两端电压的关系”，考查了电流表读数、欧姆定律的应用、器材的选择计特殊方法测电阻等问题，难度较大。31.【答案】𝐵【解析】解：�

�、飞沫一般是直径大于5微米的含水颗粒，是物体，不是分子，所以飞沫能飞出1𝑚外不是因为飞沫分子在运动，故A错误；B、物质是由分子组成的，新冠病毒是由分子构成的，故B正确；C、医用口罩对新型冠状病完全有防御的能力，依靠“过滤层”吸附、

阻隔病毒等微颗粒(气溶胶第26页，共31页)，故C错误；D、制作口罩的材料，分子间有相互作用的引力，故D错误。故选：𝐵。(1)构成物质的分子在不停地做无规则运动；(2)物质是由分子组成的；(3)医用口罩实现“防病毒”的手段都是依

靠“过滤层”吸附、阻隔病毒等微颗粒(气溶胶)；(4)分子间存在相互作用的引力和斥力。本题以新型冠状病毒传播为背景，考查了分子动理论的内容。32.【答案】𝐶【解析】解：A、热量是一个过程量，不能说含有多少热量，故A错误；B、冰熔化前温度升高，分子无规则运动变快，内能增大，故B

错误；C、冰在熔化过程中，吸收热量，温度不变，冰的内能增大，故C正确；D、要使冰的内能增加，可以让冰吸收热量，也可以对冰做功，故D错误。故选：𝐶。(1)热量是一个过程量，存在于热传递过程中，只能说吸收或者放出热量，不能说含有或者具有热

量；(2)物体的内能发生变化，可能表现在物体的温度变化，也可能是状态的变化；(3)改变内能的方法有两种：做功和热传递。本题考查了内能的改变、热量的概念，以及改变内能的方式，属于基础题。33.【答案】𝐵【解析】解：根据电路图可

知，电阻𝑅1、𝑅2并联，电流表𝐴1测量干路电流，电流表𝐴2测量通过𝑅1的电流，电压表𝑉1测量𝑅1两端电压，电压表𝑉2测量𝑅2两端电压；因为并联电路两端电压相等，所以𝑈1=𝑈2；因为并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，所以𝐼1>𝐼2。

故选：𝐵。根据电路图可知，电阻𝑅1、𝑅2并联，电流表𝐴1测量干路电流，电流表𝐴2测量通过𝑅1的电流，电压表𝑉1测量𝑅1两端电压，电压表𝑉2测量𝑅2两端电压；第27页，共31页并联电路两端电压相等；并联电路中，干路电流等于各支路电流之和。本题考查并联电路中电流和电压的规律，

关键明确电路的连接方式以及仪表测量的对象。34.【答案】𝐴𝐵【解析】解：由图可知，灯泡、电阻及滑动变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量滑动变阻器两端电压；(1)当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，则电路的总电阻变大，由欧姆定律可知电路电流变小，即电流表示数变

小，故A正确；(2)由功率公式𝑃=𝑈𝐼可得，灯泡的额定电流𝐼额=𝑃额𝑈额=3𝑊6𝑉=0.5𝐴，则电路中电流不能超过0.5𝐴；由欧姆定律得，灯泡的电阻𝑅𝐿=𝑈额𝐼额=6𝑉0.5𝐴=12𝛺；①当滑动变

阻器接入电阻最小时，电路中电流应为0.5𝐴时，由欧姆定律和串联电路的电阻规律可得：𝑅=𝑈𝐼额=𝑅1+𝑅𝐿+𝑅2；则滑动变阻器接入电路的最小阻值：𝑅1=24𝑉0.5𝐴−12𝛺−12𝛺=24𝛺；电路的总功率：𝑃=𝑈𝐼额=24𝑉×0.5𝐴=12𝑊；电阻𝑅2消

耗电功率的最大值：𝑃2=𝐼额2𝑅2=(0.5𝐴)2×12𝛺=3𝑊，故C错误；②当电压表示数为𝑈1=15𝑉时，此时灯泡及电阻𝑅2两端的电压𝑈2𝐿=𝑈−𝑈1=24𝑉−15𝑉=9

𝑉；则此时电路中的电流𝐼=𝑈2𝐿𝑅2+𝑅𝐿=9𝑉12𝛺+12𝛺=0.375𝐴；则电路的总功率：𝑃′=𝑈𝐼=24𝑉×0.375𝐴=9𝑊；电路总功率的变化范围是9𝑊～12𝑊，故D错误；则此时滑动变阻器的接入最大

的阻值𝑅1′=𝑈1𝐼=15𝑉0.375𝐴=40𝛺；即滑动变阻器允许接入的电阻范围为24𝛺～40𝛺，故B正确。故选：𝐴𝐵。由图可知，灯泡、电阻及滑动变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量滑动变阻器两端电压；(1)当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的

阻值变小，根据串联电路电阻特点和欧姆定律可知电路电流的变化；(2)已知灯泡的额定电压及额定功率则可求出灯泡的电阻及额定电流，比较灯泡的额定电流及电流第28页，共31页表的最大量程，可得出电路中允许通过的最大电流，根据𝑃=𝑈𝐼=𝐼2𝑅求出定值电阻𝑅2

消耗电功率的最大值、电路消耗的最大功率；根据串联电路的特点和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的阻值；随着滑动变阻器接入电阻的增大，电路中电流减小，故电流表不会超过量程，由串联电路的电压规律可得出电压表示数越大，则当电压表达最大电压时，滑动变阻器的阻

值为最大允许接入阻值，根据欧姆定律求出此时电路中的电流，再求出此时电路的总功率。本题难点在于如何分析得出两电表及灯泡的额定电流与滑动变阻器阻值的关系，并能求出滑动变阻器对应的阻值，进一步求出电功率；对学生的分析能力要求较高。35.【答案】𝐴𝐶【解析

】解：𝐴、已知灯泡的额定电压𝑈𝐿=6𝑉，额定功率𝑃𝐿=3𝑊，由𝑃=𝑈𝐼可知灯泡正常发光时的电流为：𝐼𝐿=𝑃𝐿𝑈𝐿=3𝑊6𝑉=0.5𝐴，故A正确；B、当只闭合𝑆和𝑆1时，𝑅0与𝑅1串联，电压表测

𝑅1两端的电压，电流表测电路中的电流，则变阻器接入电路中的为𝑅1和4𝑅1时，电路中的电路中的电流分别为：𝐼1=𝑈𝑅0+𝑅1=18𝑉𝑅0+𝑅1，𝐼2=𝑈𝑅0+4𝑅1=18𝑉𝑅0+4𝑅1，由图乙可知，变阻器

接入电路中的为𝑅1和4𝑅1时对应电压表的示数分别为𝑈1、2𝑈1，则两次电压表的示数之比：𝑈𝑅𝑈𝑅′=𝐼1𝑅1𝐼2×4𝑅1=𝐼1𝐼2×𝑅14𝑅1=18𝑉𝑅0+𝑅118𝑉𝑅

0+4𝑅1×14=𝑅0+4𝑅1𝑅0+𝑅1×14=𝑈12𝑈1=12，解得：𝑅1=12𝑅0，即𝑅0：𝑅1=2：1，故B错误；C、当只闭合𝑆和𝑆1时，𝑅0与𝑅1串联，电压表测𝑅1两端的电压，电流表测电路中的电流

；已知电流表量程为0～0.6𝐴，所以电路最大电流为0.6𝐴，则电路消耗的最大功率：𝑃大=𝑈𝐼大=18𝑉×0.6𝐴=10.8𝑊，故C正确；D、当只闭合𝑆和𝑆2时，灯泡与𝑅1串联，电压表测𝑅1两端的电压，电流表测电路中的电流；已知灯泡的额定电流为0.5𝐴，电流表

量程为0～0.6𝐴，所以电路最大电流：𝐼大′=𝐼𝐿=0.5𝐴，因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以滑动变阻器两端电压：𝑈滑小=𝑈−𝑈𝐿=18𝑉−6𝑉=12𝑉，由𝐼=𝑈𝑅可得

，滑动变阻器接入电路的最小阻值：𝑅滑小=𝑈滑小𝐼大′=12𝑉0.5𝐴=24𝛺；第29页，共31页当电压表示数为15𝑉时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，此时灯泡两端电压：𝑈𝐿′=𝑈−𝑈𝑉

=18𝑉−15𝑉=3𝑉，灯泡的电阻：𝑅𝐿=𝑈𝐿𝐼𝐿=6𝑉0.5𝐴=12𝛺，电路最小电流：𝐼小=𝑈𝐿′𝑅𝐿=3𝑉12𝛺=0.25𝐴，滑动变阻器接入电路的最大阻值：𝑅滑大=𝑈𝑉𝐼小=15𝑉

0.25𝐴=60𝛺，因此滑动变阻器接入电路的阻值范围为24𝛺～60𝛺，故D错误。故选：𝐴𝐶。(1)已知灯泡的额定电流和额定功率，根据𝑃=𝑈𝐼求出灯泡的额定电流；(2)当只闭合𝑆和𝑆1时，𝑅0与𝑅1串联，电压表测𝑅1两端的电压，电流表测电路中的电流，根

据电阻的串联和欧姆定律分别表示出变阻器接入电路中的为𝑅1和4𝑅1时电路中的电路中的电流，再根据欧姆定律表示出电压表的示数，根据图乙可知两次电压表的示数，据此求出𝑅0与𝑅1之间的关系；(3)当只闭合𝑆和𝑆1时，�

�0与𝑅1串联，电压表测𝑅1两端的电压，电流表测电路中的电流，根据电流表的量程确定电路最大电流，根据𝑃=𝑈𝐼求出电路消耗的最大功率；(4)当只闭合𝑆和𝑆2时，灯泡与𝑅1串联，电压表测𝑅1两端的电压，电流表测电路中

的电流，根据灯泡的额定电流和电流表的量程确定电路最大电流，根据串联电路电压规律和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最小阻值；当电压表示数为15𝑉时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，根据欧姆定律求出灯泡的电阻，根据串联电路电

压规律和欧姆定律求出电路最小电流，再根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最大阻值，进一步确定滑动变阻器接入电路的阻值范围。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，根据题意确定电路的最大电流和最小电流是解题的关键

和难点。36.【答案】断开2.7不能可以利用滑动变阻器控制定值电阻两端的电压不变【解析】解：(1)为了保护电路，连接电路时开关应断开；(2)由欧姆定律可知，第2次实验中，定值电阻两端的电压：𝑈2=𝐼2𝑅2=0.27𝐴×10𝛺=2.7𝑉；(3)由欧姆定律可

知，第1次实验中，定值电阻两端的电压：𝑈1=𝐼1𝑅1=0.5𝐴×5𝛺=2.5𝑉，同理第2、3两次定值电阻两端的电压分别为2.7𝑉、2.85𝑉，即电流与电阻的乘积逐渐增大，故不能得到“电压一定时，电流与电阻成反比”这一结论；(4)教科书上完成本试验所采用的电

路相比于小伊设计的电路多了一只滑动变阻器，可以利用滑动第30页，共31页变阻器控制定值电阻两端的电压不变。故答案为：(1)断开；(2)2.7；(3)不能；(4)可以利用滑动变阻器控制定值电阻两端的电压不变。(1)为了保护电路，连接电路时开关应断开；(2

)根据欧姆定律计算出定值电阻两端的电压；(3)根据表中数据计算出三次实验中定值电阻两端的电压分析；(4)根据滑动变阻器的作用分析。本题“探究电压一定时，电流与电阻的关系”，考查注意事项、欧姆定律的应用，数据分析

及控制变量法的应用。37.【答案】解：(1)根据𝑃=𝑈2𝑅可知，灯泡正常发光时的电阻为：𝑅𝐿=𝑈额2𝑃额=(8𝑉)24𝑊=16𝛺；(2)闭合开关𝑆和𝑆2，灯泡和滑动变阻器串联，滑片在中点时电阻为30𝛺，此时灯泡正常发光，则：𝑈𝐿=𝑈额=8𝑉，根据

串联电路电流处处相等可知电流为：𝐼=𝐼2=𝐼𝐿=𝑈𝐿𝑅𝐿=8𝑉16𝛺0.5𝐴，故电路总功率为：𝑃总=𝑈𝐼=𝐼2𝑅总=𝐼2(𝑅𝐿+𝑅′2)=(0.5𝐴)2×(16𝛺+30𝛺)=11.5𝑊；(3)闭合开关𝑆和𝑆1时，𝑅1与𝑅2串联，电压表测

𝑅2两端的电压，电流表测电路中的电流，由图可知，左边电流表示数可能为1.5𝐴、0.3𝐴，右边电流表示数可能为1𝐴、0.2𝐴，由于滑动变阻器允许通过的最大电流是1𝐴，所以电流表的示数不能是1.5𝐴，所以电流表的最大是值1�

�，最小值是0.3𝐴，或电流表的最大值是0.3𝐴，最小值是0.2𝐴，①当最大电流为1𝐴、最小电流为0.3𝐴时，当电流最小为0.3𝐴时，滑片不能调到最右端，因为此时变阻器电压为：𝑈=𝐼𝑅=60𝛺×0.3𝐴=1

8𝑉，会超过电压表的最大量程，故变阻器两端最大电压为15𝑉，此时电源电压：𝑈总=𝐼𝑅1+𝑈=0.3𝐴×10𝛺+15𝑉=18𝑉；最大功率为：𝑃大=𝑈𝑙大=18𝑉×1𝐴=18𝑊；②当最大电流为0.3𝐴、最小电流为0.2

𝐴时；当电流最小为0.2𝐴时，滑片能调到最右端，不会超过电压表的最大量程，此时电源电压为：𝑈=𝐼𝑅=𝐼(𝑅1+𝑅2)=0.2𝐴×(10𝛺+60𝛺)=14𝑉，第31页，共31页但该情况下0.3𝐴小于电路安全下电

路中电流的最大值0.6𝐴，故不合理舍去，故电源电压的可能值为18𝑉，电路总功率的最大值18𝑊。答：(1)灯泡正常发光时的电阻为16𝛺。(2)电路总功率为11.5𝑊。(3)电源电压的可能值为1

8𝑉，电路总功率的最大值18𝑊。【解析】(1)知道灯泡的额定电压和额定功率，根据𝑃=𝑈2𝑅求出小灯泡𝐿的电阻；(2)闭合开关𝑆、𝑆2，滑动变阻器与𝐿串联，当调节滑动变阻器的滑片在中点时，

灯泡正常发光，根据欧姆定律求电路电流，根据𝑃=𝑈𝐼求出电路总功率；(3)闭合开关𝑆和𝑆1，调节滑动变阻器滑片的过程中，𝑅1、𝑅2串联，电压表测𝑅2两端的电压，电流表测电路中的电流，由于电源电压是可变的，根据电流表

的示数判断出变阻器两端电压，然后与电压表的量程比较即可判断；根据串联电路的电流特点求出电路中的电流，利用𝑃=𝑈𝐼求出电路的最大功率。本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，会判断电路中的最小电流是解决问题的关键和难点。