【文档说明】2021-2022学年山东省淄博市张店区九年级上期末物理试题及答案解析.docx，共(27)页，534.502 KB，由小喜鸽上传

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第1页，共27页2021-2022学年山东省淄博市张店区九年级（上）期末物理试卷一、单选题（本大题共15小题，共30.0分）1.历史上有一位英国物理学家，通过大量实验研究了热和功之间的联系及电流的热效应，为能量守恒定律的建立奠定了坚实

的基础。这位科学家是()A.安培B.焦耳C.欧姆D.法拉第2.估测在实际生活中的应用十分广泛。下列所估测的数据中最接近实际的是()A.电冰箱正常工作电流为约为5𝐴B.手机电池电压约为220𝑉C.洗澡水的

温度大约是40℃D.某电烤箱正常工作1小时，所消耗的电能大约是1𝐽3.细心的小美发现古诗词中蕴含着很多的物理知识，以下是小美对古诗词中有关物态变化的分析，正确的是()A.“水光徵潋滟方好，山色空蒙雨亦奇”，雨的形成是汽化现象，需要放热B.“月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠”，霜的形

成是凝华现象，需要放热C.“可怜九月初三夜，露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象，需要吸热D.“天接云涛连晓雾，星河欲转千帆舞”，雾的形成是汽化现象，需要吸热4.如图为小明给爷爷买的一个环保型手电筒。筒内有一个

能滑动的圆柱形磁铁，外圈套着一个线圈。只要将手电筒沿图中箭头方向来回摇动，手电筒的小灯就能发光。下列与此手电筒工作原理相同的是()第2页，共27页A.B.C.D.5.如图所示，这是小亮家小区的门禁系统，内部车辆出入，能够被自动识别栏杆抬

起；外部车辆出入，需要门卫核实身份信息后用按钮将栏杆抬起。小亮把车辆识别装置看作一个开关，按钮看作一个开关，抬杆用电动机工作来实行，设计了如图所示电路图，符合门禁系统内部的电路是()A.B.C.D.6.如图为靳老师在课堂上给学生做的一个小实验：试管内装些水，用橡皮塞塞住

管口，用酒精灯将水加热一段时间，可以看到塞子飞出，瓶口有白雾产生。下列说法正确的是()A.瓶口的白雾是水蒸气B.酒精燃烧越充分，其热值越大第3页，共27页C.试管内水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能减少D.高温水蒸气将塞子顶出的过程中的能量转化与内燃机压缩冲程的能量

转化是相同的7.如图为小美在物理课上连接的一个实验电路。当开关𝑆闭合时，两灯泡均发光，且两个完全相同的电流表指针偏转均如图乙所示。下列说法正确的是()A.𝐿1两端电压大于𝐿2两端电压B.通过灯𝐿1的电

流为1.5𝐴C.拧下灯泡𝐿1，𝐿2就不发光了D.小灯泡𝐿1的实际功率比𝐿2的实际功率大8.小美在错题本上整理了以下四种说法，正确的是()A.物体温度越高所含热量越多B.温度低于0℃的室外，仍有水蒸气存在C.固体放

出热量，温度一定降低D.夏天，洒水车在马路上洒水是利用了水的比热容大的性质9.如图为小美家的电能表。下列说法正确的是()A.电能表是测量电功率的仪表B.电能表的读数为11234𝑘𝑊⋅ℎC.指示灯闪烁越快，电能表所在电路消耗的电能越多D.指示灯闪烁300次，表明该家庭电路这段时间消耗的

电能是3.6×105𝐽第4页，共27页10.如图是小美设计的家庭电路。下列说法正确的是()A.保险丝可以用铜丝代替B.两孔插座的连接正确，三孔插座的连接错误C.电灯开关断开时，人接触𝑀点不会触电D.试电笔插入三孔插座的左孔，氖管发光11.如图所示，

用漆包线(导线表面涂有绝缘漆)绕在圆筒上做成了一个螺线管，用来研究通电螺线管磁性强弱与哪些因素有关。闭合开关后，发现该通电螺线管的磁性较弱，下列措施能够使它的磁性增强的是()A.在圆筒中插入一根铁芯B.减少线圈匝数C

.滑动变阻器的滑片𝑃向右滑动D.将电源正负极互换12.下列说法正确的是()A.验电器的金属箔片张开，是因为异种电荷相互排斥B.与头发摩擦过的塑料小勺能吸起盘子里的碎纸屑，塑料小勺与头发摩擦时创造了电荷第5页，共27页C.闭合开关，让导线在磁场中运动，电流表的指针不一定会发生偏转D.地球是一

个巨大的磁体，地磁北极在地理北极附近，地磁南极在地理南极附近13.对于下列题目中的“不变”，分析正确的是()A.冰熔化时，吸收热量，内能不变B.水结成冰后比热容不变C.当某导体两端电压由2𝑉降为0𝑉时，该导体的电阻不变D.给正在发光的一个灯泡再串联一个相同的灯泡，电路中的电流

不变14.如图，把标有“3𝑉3𝑊”的灯𝐿1和标有“3𝑉1.5𝑊”的灯𝐿2连接到电源电压为3𝑉的电路中，开关𝑆闭合后(不考虑灯丝电阻的变化)，下列说法正确的是()A.通过灯𝐿1的电流比灯𝐿2的

电流大B.灯𝐿1与𝐿2两端电压之比是2：1C.灯𝐿2正常发光D.电路消耗的总功率是1𝑊第6页，共27页15.如图是某款电子测温仪及它内部的原理图，电源电压保持不变，𝑅为热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小，𝑅0为定值电阻。下列说法正确的是()A.显示仪由

电流表改装而成B.被测者体温越低，电路中的电流越大C.被测者体温越高，定值电阻𝑅0两端电压越大D.被测者体温越低，整个电路消耗的功率越大二、填空题（本大题共6小题，共12.0分）16.如图，闭合开关，导体𝑎�

�向左运动，若只改变电流方向，𝑎𝑏向______(选填“左”或“右”)运动，以此为原理可制成______(选填“电动机”或“发电机”)。17.寒冷的冬天，在体育课上跳绳可以使身体发热，这是通过______的方式改

变身体的内能；放学回到家，闻到香香的饭菜味儿，这是______现象；白炽灯的灯丝是用钨制成的，是利用了钨的______高。18.图甲为汽油机的______冲程。该冲程中，汽缸内燃气的内能______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。将一个电热水器单独接在清零的计量插座上工作2ℎ，屏幕显示如图乙

所示，已知电费单价为0.5元/𝑘𝑊⋅ℎ，该电热水器的功率为______𝑊。19.如图是小美在淄博市科技馆完成的“铁钉桥”。左右两侧的桥墩是电磁铁，闭合开关，电磁铁通电有磁性，这时将小铁钉沿右侧桥墩依次连接

起来，便可形成“天桥”。这是因为小铁钉和桥墩接触时被______，有了磁性，所以将铁钉逐个连接时不会掉下来。第7页，共27页20.在“探究电流与电压的关系”实验中，小明和小美经过讨论，将实验方案由甲图

改为乙图，这样改进的好处是______；实验结束，根据图像丙，他们得出的实验结论是______。21.如图甲所示电路，电源电压不变，𝑅=10𝛺。闭合开关𝑆，将滑动变阻器𝑅2的滑片𝑃从𝑏端移动到𝑎端的过程中，电压表的示数

逐渐______(选填“变大”或“变小”)；电压表和电流表的示数变化情况如图乙所示，则电源电压是______𝑉；当滑片𝑃在𝑎端时，通电1𝑚𝑖𝑛，电流通过𝑅2产生的热量是______𝐽。三、作图题（本大题共1小题，共2

.0分）22.根据图中通电螺线管的磁感线方向，请在括号中标出电流表下端接线柱的正负以及静止的小磁针左端的极性。四、实验探究题（本大题共3小题，共18.0分）23.小明和小美进行“探究电流相同时，通电导体产生热量的多少跟电阻的关系”的实验时，可供选用的器材有：6�

�电源一个、5𝛺的发热电阻两只、10𝛺的发热电阻两只、量程适合的温度计两支、规格相同的烧瓶两只、水、酒精、煤油、开关、导线若干。第8页，共27页(1)他们设计了图甲和图乙所示的两个方案，本实验应该选用图_

_____所示方案。(2)所选方案中两发热电阻的阻值应______，两个烧瓶内的液体应为质量______的同种液体。(均选填“相同”或“不同”)(3)已知比热容的大小为𝑐水>𝑐酒精>𝑐煤油，为了缩短实验时间，应选用的液体是______。(4)电流通过发热电阻产生热量的多少是

通过______显示出来的，这种研究问题的方法与下列哪种方法相同？______(选填字母的序号)。A.探究电流与电压、电阻的关系B.探究物质的吸热能力C.研究磁场时，引入磁感线24.物理课上，刘老师和学生一起进行了关于“水沸腾”的实验探究，让我

们跟随他们的脚步，一起解答下面的问题。(1)组装好器材，用酒精灯加热，在水温升高到90℃后，小明每隔1𝑚𝑖𝑛观察1次温度计的示数，记录在表中，直至水沸腾4𝑚𝑖𝑛后停止读数。时间/𝑚𝑖𝑛012345678温度/℃9092949697989

89898①小明观察到：第6𝑚𝑖𝑛时，水中气泡的情形为______图(选填“𝐶”或“𝐷”)。②由表格中数据可以推断，如果在其它条件不变的情况下继续对水加热1𝑚𝑖𝑛，则水的温度是第9页，共27页______℃，推断的依据是______。③如图甲所示

，在盛水的烧杯内放入一装水的试管，用酒精灯对烧杯缓慢加热，当烧杯中的水沸腾后，继续加热，则试管中的水______(选填“会”或“不会”)沸腾。(2)刘老师在课堂上给学生进行了乙图的实验演示：水停止沸腾后用橡皮塞塞住烧瓶口将其倒置并倒冷水，结

果发现水又重新沸腾了。请思考并回答以下问题：这是因为浇冷水时烧瓶内大低的水蒸气______(填物态变化名称)导致水面上方的气压减小，沸点______造成的。(选填“升高”或“降低”)25.关于小灯泡的几个小实验：(1)测量标有“2.5𝑉”小灯泡的额定功率。①请你用笔画线代替

导线将图甲中的实物电路连接完整，且滑动变阻器的滑片𝑃向入端移动时，电流表示数变大，连线不得交叉。②闭合开关，移动滑片，发现小灯泡始终不发光，小英猜想可能的原因：①小灯泡的灯丝断了；②小灯泡短路；③滑动

变阻器断路。她再观察，发现电流表示数为零，由此可判断猜想______是错误的；又进一步观察到电压表有示数，最终确定猜想______是正确的。(两空均选填“①”、“②”或“③”)③问题解决后，小美移动滑片

，眼睛观察______的示数(选填“电压表”或“电流表”)，当第10页，共27页示数为______时，说明小灯泡正常发光。测量完灯泡的额定功率后，小美又测了几组数据，并绘出小灯泡的𝐼−𝑈图像如乙图所示

，小灯泡的额定功率为______𝑊；继续分析乙图可知，小灯泡两端的实际电压越______，实际功率越大。小美利用图乙计算出了小灯泡在不同电压下的电阻，发现小灯泡在不同电压下电阻不同，是因为灯泡电阻受______影响。(2

)同组的小明将自己实验用的一个的小灯泡和小美的“2.5𝑉0.3𝐴”的小灯泡串联接在电路中，闭合开关后，发现小美的小灯泡发光较亮，自己的小灯泡发光较暗，根据所学知识，可以判断出______的小灯泡电阻大。(选填“小明”

或“小美”)五、计算题（本大题共2小题，共16.0分）26.“可燃冰”，专家们称之为“天然气水合物”或“甲烷水合物”，是水和天然气在高压和低温条件下混合产生的一种固态物质，外貌类似冰或固体酒精，点火即可燃烧。而且燃烧后不产生任何残渣和废气，且储量巨大，因此被国际公认为石油等的接替能源。1𝑚3可燃

冰可释放出160～180𝑚3的天然气。请计算：(1)完全燃烧168𝑚3的天然气可以释放的热量为？(2)若这些热量全部被水吸收，可以将质量为多少千克的水由20℃加热到70℃？[𝑞天然气=4×107𝐽/𝑚3

,𝑐水=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)]27.小明家的电热水壶有“加热”和“保温”两个挡位，其内部简化电路图如图甲所示，定值电阻𝑅1的𝑈−𝐼图象如图乙所示。已知𝑈=220𝑉、𝑅2=525.8𝛺

、𝑐水=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)、𝜌水=1.0×103𝑘𝑔/𝑚3。(1)求定值电阻𝑅1的阻值。(2)求电热水壶的加热功率。(3)已知电热水壶加热效率为80%，将1.5𝐿水从20℃加热到100℃，求：①水

吸收的热量？②需要消耗的电能？第11页，共27页第12页，共27页答案和解析1.【答案】𝐵【解析】解：𝐴、在物理学中，我们用安培定则来判断通电螺线管的极性与电流方向的关系，安培定则的内容是：用右手握住螺线管，弯曲的四指所指的方向是电流

的方向，大拇指所指的那端是螺线管的𝑁极。因此，首先发现这一关系的科学家是安培，故A不符合题意；B、焦耳通过大量的实验得出电流产生的热量与电流、电阻、通电时间的关系，即焦耳定律，故B符合题意；C、欧姆发现了著名的欧姆定律，故C不符合题意；D、法拉第发现了磁场

能产生电流，这是电磁感应，故D不符合题意。故选：𝐵。根据对物理学家及其成就的掌握作答。本题主要考查了学生对物理学史的了解，基础性题目。2.【答案】𝐶【解析】解：𝐴、电冰箱正常工作电流为约为1𝐴，故A错误；B、手机电池电压约为3.7𝑉，故B错误；C、

人的正常体温约为37℃，洗澡水的温度略高于人的正常体温，大约是40℃，符合实际，故C正确；D、电烤箱的电功率约为1𝑘𝑊，正常工作1小时，所消耗的电能大约𝑊=𝑃𝑡=1𝑘𝑊×1ℎ=1𝑘𝑊⋅ℎ=3.6×106𝐽，故

D错误。故选：𝐶。首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物

理单位的认识，找出符合实际的选项即可。3.【答案】𝐵第13页，共27页【解析】解：𝐴、雨是云层中的水蒸气液化形成的，液化放热，故A错误；B、霜是空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，是凝华现象，需要放热，故

B正确；C、露是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，是液化现象，需要放热，故C错误；D、雾是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，是液化现象，需要放热，故D错误。故选：𝐵。物质从固态变为液态的过程叫做熔化，物质从液态变为固态的过程叫

做凝固；物质从液态变为气态的过程叫做汽化，物质从气态变为液态的过程叫做液化；物质从固态直接变为气态的过程叫升华，物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华

。分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。4.【答案】𝐷【解析】解：手摇电筒是利用电磁感应现象制成的，磁铁在线圈中来回运动，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，使小灯泡发光；

A、奥斯特实验证明通电导体周围存在磁场。与手摇电筒的制成原理无关，故A错误；B、此图反映了通电线圈在磁场中受到力转动，与手摇电筒的制成原理无关，故B错误。C、此图反映了电流的磁效应，通电螺线管通电后具有磁性，故与手摇电筒的制成原理无关，故C错误。D、图中导体在磁场中做切

割磁感线运动时，电路中产生了感应电流(可以从电流计指针发生偏转来体现)，这是电磁感应现象，与手摇电筒的制成原理相符合，故D正确。故选：𝐷。(1)手摇电筒是利用电磁感应现象制成的，当沿图中箭头方向来回摇动时，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，使小灯泡发光。(2)

逐个分析下面四个选择项中各个设备的制成原理，将两者对应即可得到答案。此题考查了电磁感应、通电导体在磁场中受力、奥斯特实验等知识点；明确出手摇电筒的制成原理是解决此题的关键。第14页，共27页5.【答案】𝐵【解析】

【解答】由题知，小区内部车辆门禁系统可以自动识别将门打开，外部车辆需要门卫人员按动按钮才能将门打开，若将门禁系统看做一个自动开关，按钮看做一个手动开关，则两个开关都能单独打开门，即两开关并联后再与电动机串联，只有𝐵图正确。故选：𝐵。【分析】根据题意确定两开关的连接方式；开关控制电动机时，应与电

动机串联。本题结合生活实际考查了根据要求设计电路图，关键是确定两开关的连接方式。6.【答案】𝐶【解析】解：𝐴、瓶口的白雾是水蒸气液化而成的小水滴，故A错误；B、燃料的热值是燃料的一种特性，只决定于燃料的种类，与质量和燃烧情况等无关，故B错误；C、物体对外做功，内能减少，试管内

水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能减小，故C正确；D、高温水蒸气将塞子顶出的过程中水蒸气的内能转化为塞子的机械能，压缩冲程是将机械能转化为内能，故D错误。故选：𝐶。(1)瓶口的白雾是水蒸气液化而成的小水滴；(2)燃料的热值是燃料的一种特性，只决定于燃料的

种类，与质量和燃烧情况等无关；(3)物体对外做功，内能减少；(4)水蒸气又对塞子做功将内能转化为机械能。本题考查热值以及做功的有关知识，难度不大。7.【答案】𝐷【解析】解：A、由实物图知，两灯泡并联，根据并联电路中各支路两端的电压相等，故L1两端电压等于𝐿2两端电压，

故A错误；B、由实物图知，𝐴1测干路电流，𝐴2测𝐿2支路电流，电流表𝐴1和𝐴2的指针所指位置相同，由图可知𝐴1使用0−3𝐴量程，所以𝐴2使用0−0.6𝐴量程，由图乙可知，𝐴1的示数为1.5𝐴

，𝐴2的示数为0.3𝐴，第15页，共27页所以通过𝐿1的电流：𝐼1=𝐼𝐴1−𝐼𝐴2=1.5𝐴−0.3𝐴=1.2𝐴，故B错误；C、在并联电路中各支路上用电器之间互不影响，拧下灯泡𝐿1，𝐿2不受影响，仍然发光，故C错误；D、并

联电路两端电压相等，灯𝐿2的电流小于灯𝐿1的电流，由𝑃=𝑈𝐼可知，灯泡𝐿1的实际功率大于𝐿2的实际功率，故D正确。故选：𝐷。(1)用电器并列连接的电路叫并联电路，并联电路中各支路两端的电压相

等；(2)电流表应被测电路元件串联。由实物图可知，两灯泡并联，𝐴1测干路电流，𝐴2测𝐿2支路电流，根据并联电路电流特点分析两电流表的量程并读出其示数，从而计算出通过𝐿1的电流；(3)在并联电路中各支路上用电器之间互不影响；(4)根据并联电路电压的规

律和𝑃=𝑈𝐼比较灯泡的实际功率，并且灯泡的亮暗取决于灯泡的实际功率。本题考查了电路连接方式的辨别、并联电路电流特点的理解和应用，关键是电表所测电路元件的辨别以及电表量程的判断以及实际功率。8.【答案】𝐵【解析】解：A、热量是一个过程量，不能说含有热量，故A错误

；B、冰可以直接由固态变为水蒸气，发生升华现象，故温度低于0℃的室外，仍有水蒸气存在，故B正确；C、物体放出热量，温度有可能不变，例如晶体在凝固过程中放出热量，但温度不变，故C错误；D、夏天，洒水车在马路上洒水是利用了水汽化吸热的特点，故D错误。故选：𝐵。(1)热量

是一个过程量；(2)物质由固态直接变成气态的过程叫做升华；(3)物体放出热量，温度不一定降低；(4)水汽化时会吸收热量。本题考查了内能的改变、热量、物态变化，属于基础题。9.【答案】𝐷第16页，共27页【解析】解：𝐴、电能表是测量电功的仪表，故A错误；B、电能表的读数：数字方框中最后一位是小

数，单位是𝑘𝑊⋅ℎ，由图可知，此时电能表的读数为1123.4𝑘𝑊⋅ℎ，故B错误；C、指示灯闪烁越快，表示电能表所在电路中的用电器的电功率越大，故C错误；D、3000𝑖𝑚𝑝/(𝑘𝑊⋅ℎ)表示电路中的用

电器每消耗1𝑘𝑊⋅ℎ电能，电能表的指示灯闪烁3000次，则指示灯闪烁300次，家庭电路这段时间消耗的电能：𝑊=300𝑖𝑚𝑝3000𝑖𝑚𝑝/(𝑘𝑊⋅ℎ)=0.1𝑘𝑊⋅ℎ=3.6×105𝐽，

故D正确。故选：𝐷。(1)电能表是测量电功的仪表；(2)电能表的读数：数字方框中最后一位是小数，单位是𝑘𝑊⋅ℎ；(3)指示灯闪烁越快，表示电能表所在电路中的用电器的电功率越大；(4)3000𝑖𝑚𝑝/(𝑘𝑊⋅ℎ)表示电路中的用

电器每消耗1𝑘𝑊⋅ℎ电能，电能表的指示灯闪烁3000次，据此可计算出指示灯闪烁300次，表明该家庭电路这段时间消耗的电能。本题考查对电能表参数的理解和掌握，题目比较基础。10.【答案】𝐵【解析】解：A、家庭电路发生短路或总功率过大时都会引起干路电流过大，保险丝熔断；用

铜丝代替保险丝，因铜丝的熔点高、电阻较小，所以当电路中电流过大时，铜丝不会熔断，故A错误；B、据图可知，两孔插座的接法正确，三孔插座的左孔接的是地线，上孔接的是零线，接法错误，故B正确；C、电灯开关断开时，图中𝑀点通过灯泡与火线连接，所以接触𝑀点会

发生触电事故，故C错误；D、三孔插座的左孔接的是地线，所以试电笔插入左孔，氖管不发光，故D错误。故选：𝐵。(1)保险丝通常安装在火线上，它是由电阻率大、熔点低的铅锑合金制成的，当电路中有过大电流通过时，保险丝发热自动熔断，切断电路，从而起到保护电路

的作用；(2)家庭电路中，各插座和各家用电器之间都是并联的；开关控制灯泡时，开关要接在灯泡和火线之间；且三孔插座是“左零右火上接地”；试电笔接触火线时，氖管会发光；对于两孔插座是：左零右火。第17页，共27页掌握家庭电路中三孔插座

、两孔插座、开关、灯泡的接法，并理解各种接法的原因是正确判断的关键。11.【答案】𝐴【解析】解：通电螺线管的磁性强弱与电流大小、线圈匝数的多少和有无铁芯有关，A、在纸筒中插入一根铁芯可以使通电螺线管的磁性增强，能吸引更多铁钉，故A符合题意；B、减少线圈匝数会使通电螺线管的磁性减弱，不能吸

引更多铁钉，故B不符合题意；C、使滑动触头𝑃向右滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，电路中的电流变小，通电螺线管的磁性减弱，不能吸引更多铁钉，故C不符合题意；D、将电源正负极互换，不能增强螺线管的磁性，不能吸引更

多铁钉，故D不符合题意；故选：𝐴。通电螺线管的磁性强弱与电流大小、线圈匝数的多少和有无铁芯有关；磁体磁性的强弱是无法直接观察的，但可以通过磁体吸引铁钉数目的不同来反映磁性强弱的不同，这采用了转换法。本题考查了影响通电螺线管磁性强弱的

因素，比较简单。12.【答案】𝐶【解析】解：𝐴、验电器的金属箔片张开，是因为同种电荷相互排斥，故A错误；B、通过摩擦的方法可以使物体带电，在摩擦起电过程中，塑料小勺和头发都带上了等量的异种电荷，所以在干燥的头发上摩擦过的塑料小勺带上了电荷，带电体具有吸引轻小物体的性质，摩擦后梳子能吸

起一些碎纸屑，摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷，故B错误；C、图中是电磁感应实验，闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动时，会产生感应电流，电流表的指针会发生偏转，故C正确；D、地磁的北极在地理的南极附近，地磁的南极在地理的北极附近，故D错误。故选

：𝐶。(1)电荷间的作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。(2)通过摩擦的方法使物体带电叫摩擦起电；带电体具有吸引不带电轻小物体的性质。(3)产生感应电流的条件：电路是闭合的，并且是部分导体做切割磁感线运动。(4)地磁的北极在地理的南极附近，地磁的南极在

地理的北极附近。本题考查摩擦起电的实质、验电器的工作原理、产生感应电流的条件，以及地磁场等有关知识，第18页，共27页属于中等题。13.【答案】𝐶【解析】解：A、冰熔化时，吸收热量，内能会变大，故A错误；B、水结成冰后，物质的状态

发生了改变，比热容发生了变化，故B错误；C、电阻是导体本身的一种性质，导体电阻的大小与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与导体两端的电压和通过导体的电流无关，当某导体两端电压由2𝑉降为0𝑉时，该导体的电阻不变，故C正确；D、给正在发光的一个灯泡再串联一个相同的灯泡，电路中的总电阻变大，

电源电压不变，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，故D错误。故选：𝐶。(1)物体吸收热量，内能变大；(2)比热容是物质的一种特性。只跟物体的种类和状态有关，与物体质量的大小、温度高低、吸收或放出热量的多少均无关；(3)电阻的大小与导体的材料

、长度、横截面积和温度有关，与导体两端的电压和通过导体的电流无关；(4)根据欧姆定律分析电流的变化。本题考查了内能的改变、比热容、电阻的大小、电流的大小变化，属于基础题。14.【答案】𝐷【解析】解：闭合开关，两灯泡串

联，电压表测量𝐿1两端的电压。A、由𝑃=𝑈𝐼可得，两灯泡的额定电流分别为：𝐼1=𝑃1𝑈1=3𝑊3𝑉=1𝐴，𝐼2=𝑃2𝑈2=1.5𝑊3𝑉=0.5𝐴，由𝐼=𝑈𝑅可得，两灯泡的电阻分别为：𝑅1=𝑈1𝐼1=3𝑉1𝐴=3𝛺，𝑅2=𝑈2𝐼2=3𝑉0.5

𝐴=6𝛺；由电路图可知，开关𝑆闭合后，𝐿1与𝐿2串联，电压表测𝐿1两端的电压，因串联电路中各处的电流相等，且已知电灯灯丝电阻不变，根据欧姆定律可知通过灯的电流𝐼=第19页，共27页𝑈𝑅总=3𝑉3𝛺+6𝛺=13𝐴≈0.33𝐴≠𝐼2，故通过两灯的电流相等，且𝐿2

不能正常发光，故AC错误；B、电路中的电流相同，根据欧姆定律可知灯𝐿1与𝐿2两端电压之比：𝑈1′𝑈2′=𝐼𝑅1𝐼𝑅2=𝑅1𝑅2=3𝛺6𝛺=12，故B错误；D、电路消耗的总功率：𝑃=�

�𝐼=3𝑉×13𝐴=1𝑊，故D正确。故选：𝐷。𝐴𝐶、由𝑃=𝑈𝐼可分别得出两灯泡的额定电流，由𝐼=𝑈𝑅可分别得出两灯泡的电阻；由电路图可知，开关𝑆闭合后，𝐿1与𝐿2串联，电压表测𝐿1两端的电压，因串联电路中各处的电流相等，且已知电

灯灯丝电阻不变，根据欧姆定律可知通过灯的电流，并与𝐿2的额定电流比较，即可判断𝐿2能否正常发光；B、电路中的电流相同，根据欧姆定律可知灯𝐿1与𝐿2两端电压之比；D、利用𝑃=𝑈𝐼得出两灯消

耗的总功率。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意本题中两灯泡的电阻是不变的。15.【答案】𝐶【解析】解：𝐴、因为显示仪与𝑅0并联，所以显示仪是电压表，故A错误；B、由电路图可知，𝑅与𝑅0串联，显示仪(

电压表)测𝑅0两端的电压；被测温者温度越低，说明电压表示数越小，由欧姆定律可知，电路电流越小，故B错误；C、被测温者温度越高，说明电压表示数越大，由欧姆定律可知，电路电流变大，根据𝑈=𝐼𝑅可知，定值电阻𝑅0两端电压越大，故C正确；D、被测

者体温越低，电路电流越小，电源电压不变，根据𝑃=𝑈𝐼可知，电路消耗的总功率越小，故D错误。故选：𝐶。根据显示仪的连接方式判定显示仪的种类；由电路图可知，𝑅与𝑅0串联，显示仪(电压表)测𝑅0两端的电压；因热

敏电阻𝑅的阻值随温度的升高而减小，所以可知被测者体温越高时，热敏电阻的阻值变化以及总电阻的变化；根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻𝑅0两端电压的变化；第20页，共27页同理可知被测者体温越低时电路中电流的

变化，再根据𝑃=𝑈𝐼可知整个电路消耗电功率的变化。本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是题干中获取有效的信息，难度不大。16.【答案】右；电动机【解析】解：通电导体在磁场中受力

的作用，磁场力的方向与磁场方向和电流方向有关；闭合开关，导体𝑎𝑏向左运动，若只改变电流方向，则导体𝑎𝑏受到磁场力的方向与原来相反，故𝑎𝑏向右运动。应用此原理可制成电动机。故答案为：右；电动机。(1)电路中电流方向是：从电源

正极经过用电器回到电源负极。(2)通电导体在磁场中受到力的作用，受力方向与两个因素有关：一个是磁场方向，另一个是电流方向。如果只改变一个因素，则导体受力方向改变，如果同时改变两个因素，则导体受力方向不变。本题考查了电流方向是怎么规定的，以及

影响通电导体在磁场中受力方向的因素。要改变通电直导线的运动方向，只能改变电流方向和磁场方向中的一个即可，两个因素不能同时改变。17.【答案】做功扩散熔点【解析】解：改变物体内能的两种方式分别是做功和热传递，在体育课上跳绳可以使身体发热，此过程是通过做功的方式改变身体的内能；闻到香香的饭菜味

儿，说明分子都在不停地做无规则运动，这属于分子的扩散现象；白炽灯的灯丝要耐高温，不易熔化，所以要求灯丝的熔点要高，选用钨丝作为灯丝就是因为钨的熔点高。故答案为：做功；扩散；熔点。改变物体内能的方式有两种：做功

和热传递；一切物质的分子都在不停地做无规则的运动，扩散现象是分子无规则运动的结果；根据钨的熔点分析。本题主要考查学生对扩散现象、改变物体的内能、物质的物理特性的了解和掌握，是一道基础题。18.【答案】做功变小700第21页，共27页【解析】解：(1)图甲中，汽油机

的进气门和排气门都是关闭的，活塞下行，火花塞点火，是汽油机的做功冲程，在该冲程中，内能转化为机械能，气缸内燃气的内能会变小；(2)电热水器在2ℎ内消耗的电能为：𝑊=0.7元0.5元/𝑘𝑊⋅ℎ=1.4𝑘

𝑊⋅ℎ；电热水器的功率为：𝑃=𝑊𝑡=1.4𝑘𝑊⋅ℎ2ℎ=0.7𝑘𝑊=700𝑊。故答案为：做功；变小；700。(1)由进气门和排气门的关闭和打开情况、活塞的上行和下行情况来判断是哪个冲程；汽

油机四个冲程中压缩冲程是机械能转化为内能，做功冲程是内能转化为机械能，排气和吸气冲程没有能的转化；(2)根据电费和单价求出消耗的电能，再由𝑃=𝑊𝑡求出功率。本题考查了汽油机四冲程的判定方法和其中的能量

转化的了解，本题同时考查了电功计算，属于综合性题目。19.【答案】磁化【解析】解：左右两侧的桥墩是电磁铁，小铁钉和桥墩接触时被磁化，小铁钉有了磁性，所以将铁钉逐个连接时不会掉下来。磁化是使没有磁性的物体获得磁性的过程。本题考查磁化知识，还考查的

是我们的分析能力和自学能力。20.【答案】可方便改变电阻的电压，从而多次测量得出普遍性的结论导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比【解析】解：(1)探究电流与电压的关系实验中，为得出普遍性的结论，要多次测量，而甲图中，电压表示数等于电源电压

，只能得出一组数据；而乙图中，滑动变阻器与电阻串联，通过移动变阻器的滑片可方便改变电阻的电压，从而多次测量得出普遍性的结论；(2)由图丙知，绘制出电阻𝑅的𝐼−𝑈图象为过原点的直线，据此可得结论：

导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。故答案为：(1)可方便改变电阻的电压，从而多次测量得出普遍性的结论；(2)导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。(1)探究电流与电压的关系实验中，为得出普遍性的结论，要多次测量，据此分析；第22页，共27页(2)根据绘制出

电阻𝑅的𝐼−𝑈图象为过原点的直线得出结论。本题探究电流与电压的关系实验，主要考查归纳法的运用。21.【答案】变大648【解析】解：闭合开关，定值电阻和滑动变阻器串联，电流表测量电路电流。将滑动变阻器𝑅2的滑片𝑃从𝑏端移动到𝑎端的过程中，滑动变阻器接入电

路的阻值逐渐变大，根据串联分压特点可知电压表的示数逐渐变大。当滑动变阻器接入电路的阻值为0时，电路为𝑅1的简单电路，电压表的示数为0，从图中可知此时电路中的电流为0.6𝐴，根据欧姆定律可知电源电压𝑈=𝐼𝑅1=0.6𝐴×10𝛺=6𝑉；当滑片�

�在𝑎端时，滑动变阻器接入电路中的阻值最大，根据串联分压特点可知电压表的示数最大，从图中可知此时滑动变阻器两端的电压为4𝑉，电路中的电流为0.2𝐴，通电1𝑚𝑖𝑛，电流通过𝑅2产生的热量𝑄=𝑊=𝑈𝐼𝑡=4𝑉×0.2𝐴×1×60𝑠

=48𝐽。故答案为：变大；6；48。闭合开关，定值电阻和滑动变阻器串联，电流表测量电路电流。将滑动变阻器𝑅2的滑片𝑃从𝑏端移动到𝑎端的过程中，滑动变阻器接入电路的阻值逐渐变大，根据串联分压特点可知

电压表的示数的变化情况。当滑动变阻器接入电路的阻值为0时，电路为𝑅1的简单电路，电压表的示数为0，从图中可知此时电路中的电流，根据欧姆定律可知电源电压；当滑片𝑃在𝑎端时，滑动变阻器接入电路中的阻值最大，根据串联

分压特点可知电压表的示数最大，从图中可知此时滑动变阻器两端的电压和电路中的电流，根据𝑄=𝑊=𝑈𝐼𝑡得出通电1𝑚𝑖𝑛，电流通过𝑅2产生的热量。本题考查欧姆定律的应用和热量的计算，关键是从图中得出有用信息。2

2.【答案】解：在磁体的周围，磁感线是从磁体的𝑁极出发，回到𝑆极，所以图示通电螺线管的左端为𝑁极、右端为𝑆极；根据异名磁极相互吸引可知，小磁针的左端为𝑁极。通电螺线管的左端为𝑁极，利用安培定则可以确定电流是

从螺线管的左端流入、右端流出，从而可以确定电流表的下端接线柱为负接线柱，如图所示第23页，共27页故答案为：负；𝑁(见上图)。【解析】从通电螺线管周围的磁感线方向入手，确定螺线管的𝑁、𝑆极，然后再结合线圈的绕向利用安培定则确定螺线管中电流的方向，进一步可以知道电流表的正负接线柱，最后根据磁

极间的相互作用得出小磁针左端的极性。本题属于安培定则的简单应用，安培定则不但可以由电流方向和线圈绕向判断磁极，也可根据磁极和线圈的绕向判断电流方向。23.【答案】甲不同相同煤油温度计示数的变化𝐵【解析】解：(1)探究电流通过导体产生热量的多少与导体的电阻大小的关系时，应控制电流大小

和通电时间相等，图甲两电阻串联接入电路，控制通过两个电阻的电流和通电时间相同，图乙两电阻并联接入电路，控制两个电阻两端的电压和通电时间相同，由此可知，应选图甲所示的方案来进行实验；(2)探究电流通过导体产生热量的多

少与导体的电阻大小的关系时，应只改变导体电阻的大小，控制烧瓶内液体种类和质量相同；(3)根据𝑄吸=𝑐𝑚𝛥𝑡可知，液体吸收的热量和质量一定时，液体的比热容越小，升温越快，可以节省实验时间，所以应该选择比热容最小的煤油；(4)电流通过导体产生

热量的多少是通过温度计示数的变化来显示的，这是转换法，探究电流与电压、电阻的关系需采用控制变量法，探究物质的吸热能力也是通过观察温度计示数的变化来反映的，采用转换法，研究磁场时，引入磁感线，磁场是存在

的，磁感线不存在的，这是模型法，故选B。故答案为：(1)甲；(2)不同，相同；(3)煤油；(4)温度计示数的变化；𝐵。(1)探究电流通过导体产生热量的多少与导体的电阻大小的关系时，应控制电流大小和通电时间相

等，由此可得出结论；(2)探究电流通过导体产生热量的多少与导体的电阻大小的关系时，应改变导体电阻的大小，其余物理量应控制相同；(3)根据𝑄吸=𝑐𝑚𝛥𝑡分析液体升温快慢，得出结论；第24页，共27页(4)电流通过导体产生热量的多少

是通过温度计示数的变化来显示的，这是转换法，进一步分析𝐴𝐵𝐶三个选项哪个采用转换法。本题利用了控制变量法来研究电流产生的电热的影响因素。由于电流产生的热量不容易观察，故用相同材料的等质量的液体来吸收电热，通过温度计来观察液体的温度的变化来反映电热的多少。24.【答

案】𝐶98水沸腾的特点是不断吸收热量，温度保持不变不会液化降低【解析】解：(1)①𝐶图中气泡在上升过程中体积不断增大，所以是沸腾时的现象；𝐷图气泡在上升过程中体积减小，所以是沸腾前的现象；第6𝑚𝑖𝑛时，水在沸腾，水中气泡的情形为图乙中𝐶图；

②水在98℃时沸腾，水沸腾的特点是不断吸收热量，温度保持不变；③当大烧杯中的水沸腾后，尽管不断吸热，但烧杯中的水温度不再升高，保持水的沸点温度不变；小试管中的水从大烧杯中吸热，温度达到水的沸点后，就和烧杯中的水的温度一样，就不能从烧杯中继续吸热，这时虽然达到了沸

点，但不能吸收热量，所以不会沸腾；(2)在瓶底浇冷水后，瓶内温度降低，水蒸气液化，气体压强减小，因为水的沸点会随气压的减小而降低，因此水会重新沸腾起来。故答案为：(1)①𝐶；②98；水沸腾的特点是不断吸收热量，温度保持不变；③不会；④低于；；

(2)液化；降低。(1)①掌握水沸腾时和沸腾前的现象：水沸腾时气泡上升过程中体积变大；水沸腾前气泡在上升过程中体积减小；②掌握水沸腾时吸热但温度保持不变的特点，水的沸点指水沸腾时的温度；③水沸腾的条件：达到沸点，继续吸热；(2)水的沸点随大气压的减小而降低。本题主要考查观察水的沸

腾的实验器材、现象、沸腾条件等知识。要理解掌握水沸腾的条件：达到沸点，继续吸热。25.【答案】②①电压表2.5𝑉0.75大温度小美【解析】解：(1)①由题知，滑动变阻器应与小灯泡串联，滑动变阻器的滑片𝑃向左端移动

时，电流表示数变大，说明变阻器连入电路的阻值减小，故应将𝐴接线柱接入电路；电压表与灯泡并联测其两端电压，因为灯泡的额定电压为2.5𝑉，所以电压表使用0～3𝑉量程，如图所示：第25页，共27页；②闭合开关，移动滑片，发现小灯泡始终不发光，电流

表示数为零，可以判断电路是断路，由此可判断猜想②小灯泡短路是错误的；又进一步观察到电压表有示数，说明电压表与电源之间的电路连接是通路，最终确定猜想①小灯泡的灯丝断了是正确的；③因为灯泡在额定电压下才能正常发光，所以移动滑片时眼睛观察

电压表的示数，当电压表示数为2.5𝑉时，小灯泡正常发光；根据图乙所示的小灯泡的𝐼−𝑈图像知，灯在额定电压2.5𝑉时的电流为0.3𝐴，则小灯泡的额定功率是：𝑃额=𝑈额𝐼额=2.5𝑉×0.3𝐴=0.75𝑊；由图乙可知，灯泡两端的电压增大，通过灯泡的电流也增大，但灯泡两端的

电压增加比通过灯泡的电流增加的更快，由欧姆定律可知，小灯泡的电阻随电压增大而增大，由𝑃=𝑈𝐼可知，电压和电流都增大时，电功率增大，温度升高，说明小灯泡的电阻随温度的升高而增大；(2)小美的小灯泡

发光较亮，小明的小灯泡发光较暗，说明小美的小灯泡的实际功率比小明的大，由串联电路中电流处处相等可知，通过两灯泡的电流相等，根据𝑃=𝐼2𝑅可知，小美的小灯泡的电阻大。故答案为：(1)①如图所示；②②；①；③电

压表；2.5𝑉；0.75；大；温度；(2)小美。(1)①滑动变阻器应与小灯泡串联，根据滑片移动方向灯泡亮度变化确定其接线柱，根据小灯泡的额定电压确定电压表量程，电压表并联在小灯泡的两端；②电流表无示数，说明电路可

能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，与电压表并联的支路断路了；③灯泡在额定电压下正常发光；由图乙中的图像得出额定电压下的电流，根据𝑃=𝑈𝐼可求出灯泡的额定功率；根据𝑈−𝐼图像和𝑃=𝑈𝐼分析得出结论；由图像可知，灯泡两端的电压增大，通

过灯泡的电流也增大，但灯泡两端的电压增加比通过灯泡的电流增加的更快，根据欧姆定律和𝑃=𝑈𝐼分析灯丝电阻随温度的变化；(2)根据串联电路的电流特点和𝑃=𝐼2𝑅分析解答。第26页，共27页本题测量小

灯泡的额定功率，考查电路连接、故障分析、实验操作、电功率的计算、电阻的影响因素及串联电路的特点。26.【答案】解：(1)天然气完全燃烧所放出的热量：𝑄放=𝑉𝑞天然气=168𝑚3×4×107𝐽/𝑚3=6.72×109𝐽；(2)水吸收的热量：𝑄吸=𝑄放=6.72×109𝐽

；由𝑄吸=𝑐水𝑚水(𝑡−𝑡0)得，水的质量：𝑚水=𝑄吸𝑐水(𝑡−𝑡0)=6.72×109𝐽4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)×(70℃−20℃)=3.2×104𝑘𝑔。答：(1)完全燃烧168𝑚3的天然气可以释放

的热量为6.72×109𝐽；(2)若这些热量全部被水吸收，可以将质量为3.2×104𝑘𝑔的水由20℃加热到70℃。【解析】(1)根据𝑄放=𝑉𝑞天然气求出天然气完全燃烧所放出的热量；(2)若这些热量全部被水吸收，根据𝑄吸=𝑐水𝑚水

(𝑡−𝑡0)的变形公式求出水的质量。本题主要考查吸热公式、燃料完全燃烧放热公式的应用，难度不大。27.【答案】解：(1)由图乙可知：当𝑈1=12.1𝑉时通过的电流为𝐼1=0.5𝐴，则根据𝐼=𝑈𝑅可得𝑅1的阻值：𝑅1

=𝑈1𝐼1=12.1𝑉0.5𝐴=24.2𝛺；(2)由电路图可知，开关𝑆1闭合、𝑆2断开时，两电阻串联，当开关𝑆1、𝑆2均闭合时，为电阻𝑅1的简单电路；根据串联电路的电阻特点可知，串联的总电阻大于任一串联电阻的阻值，根据𝑃=�

�2𝑅，当两电阻串联时，电阻最大，电功率最小，为保温状态；当只有电阻𝑅1工作时，电阻最小，电功率最大，为加热状态；故当开关𝑆1、𝑆2均闭合时，为电阻𝑅1的简单电路，此时为加热状态，电热水壶的加热功率：𝑃加=𝑈2𝑅1=(220𝑉)224.2𝛺=2000𝑊；(3)①水的体积𝑉

=1.5𝐿=1.5×10−3𝑚3，由𝜌=𝑚𝑉得，水的质量：𝑚=𝜌水𝑉=1.0×103𝑘𝑔/𝑚3×1.5×10−3𝑚3=1.5𝑘𝑔；水吸收的热量：𝑄吸=𝑐水𝑚(𝑡−𝑡0)

=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)×1.5𝑘𝑔×(100℃−20℃)=5.04×105𝐽；第27页，共27页②根据𝜂=𝑄吸𝑊可得，需要消耗的电能：𝑊=𝑄吸𝜂=5.04×105𝐽80%=6.3×105𝐽。答：(1)定值电阻𝑅1的阻值24.2𝛺；

(2)电热水壶的加热功率为2000𝑊；(3)①水吸收的热量为5.04×105𝐽；②需要消耗的电能为6.3×105𝐽。【解析】(1)由图乙读出一组电压和电流值，利用欧姆定律即可求出𝑅1的阻值；(2

)由电路图可知，开关𝑆1闭合、𝑆2断开时，两电阻串联，当开关𝑆1、𝑆2均闭合时，为电阻𝑅1的简单电路；根据串联电路的电阻特点可知，串联的总电阻大于任一串联电阻的阻值，根据𝑃=𝑈2𝑅分析电热水壶状态并计算

出加热状态的电功率；(3)①先利用密度公式计算出水的质量，再根据吸热公式求出水吸收的热量；②根据效率公式求出消耗的电能。解答本题的关键是能正确辨别电路的保温与加热状态，熟练运用电功率公式及其变形，以及运用吸热公式和效率

公式进行计算，综合性较强。