【文档说明】2021-2022学年山东省泰安市岱岳区九年级上期末物理试题及答案解析.docx，共(32)页，721.286 KB，由小喜鸽上传

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第1页，共32页2021-2022学年山东省泰安市岱岳区九年级（上）期末物理试卷一、单选题（本大题共22小题，共44.0分）1.根据生活经验，下列数据与实际最相符的()A.一节干电池的电压为2.5𝑉B.手电筒工作时的电流约为200𝑚𝐴C.人体的正常体温约为27℃D.家用空调工作时电功率

约为100𝑊2.如图所示的四个物态变化的实例中，属于液化的是()A.惊蛰时节冰化成水B.立秋时节露珠的形成C.立冬时节霜的形成D.大寒时节雾凇的形成3.喜爱创新发明的小乐同学设计了一个检测5𝐺高铁轨道螺丝松动的报警方案，其主要的科学原理是：螺丝(螺丝在

电路图中用虚线框表示，其电阻不计)连接在电路中，当螺丝松动时，它会与下端的导线分离而断开，此时电灯𝐿亮起而发出警报，提醒工人及时修理。图中符合题意的电路图是()第2页，共32页A.B.C.D.4.下列现象能说明分子做无规则运动的是()A.清晨湖面上雾气腾腾B.百花绽放时花

香四溢C.汽车驶过后尘土飞扬D.寒冬腊月里大雪纷飞5.下列做法符合安全用电要求的是()A.未断开电源时，直接更换灯泡B.发现有人触电时，直接用手把触电者拉开C.发现导线的绝缘部分有破损时一定要及时更换D.把用电器三脚插头中接地的脚弄掉后插入两孔插座使用6.如图所示的电路，是由

两节干电池、一个开关、两只小灯泡𝐿1、𝐿2和几根铜导线组成。当开关闭合后，小灯泡均发光，下列说法正确的是()A.电路中的电流是由正电荷定向移动形成的B.𝐿1两端的电压一定大于𝐿2两端的电压C.流过𝐿1的电流大于流过𝐿2的电流D.金属导线中自由电

子定向移动的方向与电流方向相反第3页，共32页7.如图所示为海波的熔化图象，从图象中获得的信息说法正确的是()A.海波的沸点是48℃B.海波在𝐶𝐷段是气态C.海波在𝐵𝐶段内能增加D.6𝑚𝑖𝑛时海波已全部熔化8.一只标有“220

𝑉40𝑊”字样的白炽灯泡，正常发光时，下列说法正确的是()A.电阻为5.5𝛺B.通过灯丝的电流是1.7𝐴C.1𝑘𝑊⋅ℎ的电能可以供给它正常发光25ℎD.正常发光1ℎ消耗的电能为40𝐽9.如图所示，已知两只灯泡𝐿1和𝐿2是并联的，则在①、②和③三个电表中(电流表或电压表)判断正确的

是()A.①和③是电流表，②是电压表B.①是电流表，②和③是电压表C.①和②是电流表，③是电压表D.①②和③都是电流表10.人类在探索自然规律的过程中，总结出了许多科学研究方法，如：“控制变量法”、“等效替代法”、“类比法”、“理想模型法”等。下面是初中物理中的几个研

究实例：①研究电流时，把电流比作水流；②研究磁场时，引入“磁感线”；③研究光的传播时，引入“光线”；④研究动能与速度的关系时，让物体的质量保持不变。其中，采用了相同研究方法的是()A.①和②B.②和③C.②和④D.③和④11.如图所示，

两灯均正常发光，过了一段时间，一盏灯熄灭，且只有一个电表示数变小，若电路中只有一处故障，且只发生在灯𝐿1或𝐿2上，则()第4页，共32页A.𝐿1断路B.𝐿1短路C.𝐿2断路D.𝐿2短路12.一杯酒精用掉一半，剩下一

半的酒精的体积、质量、密度、比热容和热值的情况是()A.体积、质量、密度、比热容和热值不变B.体积、质量和密度变为原来的一半，比热容和热值不变C.体积、质量和热值变为原来的一半，密度和比热容不变D.体积、质量变为原来的一半，密度、比热容和热值不变13.如图所示

，在“探究什么情况下磁可以生电”的实验中，保持磁体不动，下列现象描述正确的是()A.导线𝑎𝑏竖直向上运动时，电流表指针会偏转B.导线𝑎𝑏竖直向下运动时，电流表指针会偏转C.导线𝑎𝑏从图中所示位置斜

向上运动时，电流表指针不会偏转D.导线𝑎𝑏分别水平向右和水平向左运动时，电流表指针偏转的方向相反14.如图所示电路中，电源电压为4.5𝑉，𝐿1、𝐿2是小灯泡，当开关闭合时，电压表的示数为1.5𝑉，忽略温度对灯丝电

阻的影响，则()A.𝐿2两端的电压为4.5𝑉B.𝐿1两端的电压为1.5𝑉C.𝐿1与𝐿2的灯丝电阻之比为2：1D.通过𝐿1与𝐿2的电流之比为1：215.如图是内燃机的某个冲程。下列情况与该冲程能的转化方式一致的是()第5页，共32页A.瓶塞冲出B.搓手取暖C.压缩气体D.钻木取火16

.如图所示电路，电源电压不变，𝑅是定值电阻。将一个“6𝑉，2𝑊”的小灯泡𝐿1接在𝑎、𝑏两点间，𝐿1恰能正常发光；若换个“6𝑉，3𝑊”的小灯泡𝐿2接在𝑎、𝑏两点间，假设小灯泡𝐿1

、𝐿2的电阻均保持不变，则𝐿2()A.消耗的电能一定比𝐿1多B.两端的电压仍为6𝑉C.阻值一定比𝐿1大D.实际功率小于3𝑊17.如图是“静电章鱼”实验，用比塑料易失去电子的毛皮分别摩擦塑料丝和塑料管，然后把塑料丝往空中抛出后将塑料管放在下面，此时塑料

丝静止在空中形状像章鱼。下列分析正确的是()A.塑料丝与塑料管带异种电荷后吸附在一起B.塑料丝间带同种电荷相互排斥而呈章鱼状C.塑料管经毛皮摩擦得到电子后带正电D.塑料管得到的电子数等于毛皮两次失去的电子总数18.下列说法中正确的是()

①燃料的热值越大，燃烧时放出的热量越多②汽车发动机用水来冷却是因为水的比热容较大③铁棒很难被拉伸，这说明分子间存在相互作用的引力④厨房煤气泄露的时候，可以闻到煤气味，这种现象是扩散现象第6页，共32页A.只有①②正确B.只有③④正确

C.只有②③④正确D.①②③④都正确19.法国科学家阿尔贝费尔和德国科学家彼得⋅格林贝格尔由于发现了巨磁电阻(𝐺𝑀𝑅)效应而荣获2007年度诺贝尔物理学奖。图中𝐺𝑀𝑅代表巨磁电阻，在磁场中，其阻值随磁场的逐渐变强而减小。

闭合开关𝑆1、𝑆2，下列说法中()①电磁铁左端为𝑁极②电磁铁外部的磁感线从左端出发回到右端③将滑片𝑃向𝑏端滑动，电磁铁磁性变弱④将滑片𝑃向𝑎端滑动，指示灯亮度变强A.只有①③正确B.只有②④正确C.只有②③④正确D.①②

③④都正确20.如图所示，电源电压不变，𝑅1为定值电阻，闭合开关𝑆，将滑动变阻器𝑅2的滑片𝑃从最右端向中点移动的过程中，下列判断正确的是()①电流表𝐴的示数增大②电压表𝑉的示数减小③电压表𝑉的示数与电流表𝐴1示数的

比值不变④电路中消耗的总功率变小A.只有①③正确B.只有②④正确C.只有③④正确D.只有①②③正确21.如图甲所示电路，电源电源为5𝑉，定值电阻𝑅1和小灯泡𝑅2的伏安特性曲线分别如图乙所示。下列说法中()第7页，共32页①定值电阻𝑅1阻值

10𝛺②小灯泡的实际功率1.5𝑊③2𝑚𝑖𝑛整个电路消耗的电能480𝐽④若将𝑅1和𝑅2串联后接在8𝑉的电源两端，整个电路消耗的总功率是2.4𝑊A.只有①②正确B.只有③④正确C.只有①②③正确D.①②③④都正确2

2.如图所示电路，电源电压不变，𝑅1为定值电阻，𝑅2为滑动变阻器。闭合开关𝑆，滑动变阻器𝑅2的滑片𝑃在某一端点时，两表的示数分别为0.2𝐴和3𝑉；移动滑片𝑃到某位置的过程中，两表的示数分别变化了0.2

𝐴和1𝑉。下列说法正确的是()①电源电压为6𝑉②𝑅2的最大阻值为15𝛺③电路消耗的总功率最小时，𝑅1与𝑅2接入电路的阻值之比为2：3④电流表示数为0.5𝐴时，𝑅1与𝑅2消耗的功率之比为5：3A.只有①③正确B.只有②④正确C.只有③④正确D.只有①②③正确第8

页，共32页二、填空题（本大题共5小题，共10.0分）23.1831年英国物理学家______发现了电磁感应现象，极大推动了人类文明进程。24.如图所示，盛夏将一块固态金属“镓”放在手心，很快______(选填物态变化名)成了一颗银白色的液

滴，因为其熔点为29.78℃，也说明它是______(选填“晶体”或“非晶体”)。25.奥斯特实验表明：通电导体周围存在着______。26.甲、乙两物体，比热容之比为2：3，吸收热量之比为3：1，它们升高的温度相同，则甲、乙两物体的质量之比为______。27.把标有“1𝐴6𝑊”

的𝐿1和“2𝐴6𝑊”的𝐿2两个灯泡并联接入电路中，如图所示，让其中一个灯泡正常发光，另一个灯泡的实际功率不超过额定功率，则两灯泡消耗的实际功率之和为______𝑊.(假设灯泡的电阻不变)三、作图题（本大题共2小题，共4.0分）28.请将下列电路元件连入电路。要求：开关控制灯泡，

连接时符合安全用电原则。29.如图，当闭合开关𝑆后，用细线悬挂的条形磁体与通电螺线管相互吸引，请在图中虚线上标出磁感线的方向，并在括号内标出条形磁体左端的极性。第9页，共32页四、实验探究题（本大题共3小题，共21.0分）30.利用如图甲所示的装置探究“水和沙子

谁的吸热本领大”，实验数据记录在表格中。质量𝑚/𝑔升高的温度𝛥𝑡/℃加热的时间𝑡/𝑠沙子5020120水5020200(1)此实验中把沙子或者水吸收热量的多少转换为______(升高温度的多少”或“

加热时间的长短”)。(2)为了保证水和沙子的质量相等，应向盛水的烧杯中倒入______𝑚𝐿水。(3)分析实验数据可得：质量相同的水和沙子，升高相同的温度，______(选填“水”或“沙子”)的吸热本领大。(4)实验结束后，继续用酒精灯加热烧杯中的至沸腾

，此时温度计示数如图乙，请读出此时水的温度是______℃。(5)由图乙可知当地气压______(选填“大于”、“等于”或“小于”)标准大气压。31.为了探究磁场，王瑞同学做了如下实验：(一)探究磁体周围的磁场：第10页，共32页(1)如图甲所示，

在玻璃板上均匀撒上一层铁屑，再将玻璃板放在条形磁体上方，然后轻敲玻璃板，观察铁屑的分布情况。铁屑在磁场中被______成一个个小磁针，从而在磁场中有序地排列起来。(2)如图乙所示，再在玻璃板上放一些小磁针，小磁针静止时黑色一端表示磁体的𝑁极，由此判断条形磁体右端的磁极为______极。(3)

人们仿照铁屑在磁场中措列的情况和小磁针𝑁极的指向画出一些带箭头的曲线来形象、直观地描述磁场，物理学中把这样的曲线叫作______。(二)探究通电螺线管周围的磁场：(4)把小磁针放在螺线管四周不同的位置，通电后发现小磁针的指向如图丙所示，说明通电螺线管周围的磁场

跟______磁体的磁场相似。(5)对调电源的正负极重复上述实验，小磁针的指向与之前相反，说明通电螺线管的极性跟______有关，断开开关后，小磁针静止时______极指向南方。32.在“测量小灯泡的电功率”实验中，已知小灯泡的额定电压为2.5𝑉，正常工作时

的电阻约为12𝛺。现有器材：电源(电压为6𝑉，保持不变)，电流表，电压表，开关、导线若干，可供选择的滑动变阻器有：𝑅1(10𝛺,1𝐴)、𝑅2(15𝛺,1𝐴)、𝑅3(50𝛺,2𝐴).请完成下列问题。(1)本次实验中应选

择的滑动变阻器是______(选填“𝑅1”、“𝑅2”或“𝑅3“)。(2)某同学连接成了如图甲所示的电路，该电路中存在一处连接错误，只要改接一根导线就可以使电路连接正确，请你把接错的那一根导线找出来打上“×”，再用笔画线代替导线画出正确的连接。(3)改正错误后，闭合开关，

变阻器滑片𝑃至某处时，电压表示数如图乙，若想测量小灯泡的额定功率，应将变阻器滑片𝑃向______端(填“𝐴”或“𝐵”)移动，使电压表的示数为______𝑉时，小灯泡正常发光，此时电流表示数如图丙所示，则小灯泡的

额定功率是______𝑊。(4)王瑞同学又取了一个规格、型号完全相同的旧灯泡进行实验，发现在额定电压下工作时，第11页，共32页灯泡亮度明显偏暗。仔细观察，发现这只灯泡的玻璃内壁变黑。灯泡亮度偏暗的原因是灯丝发光时发生升华，消耗的实际功率变______

(选填“大”或“小”)的缘故。(5)另一小组的同学在只有一只电压表的情况下，连接了如图丁所示的电路，测出了额定电压为𝑈额的小灯泡正常发光时的电阻。(已知滑动变阻器𝑅2的最大阻值为𝑅0，𝑈额小于电源电压)①闭合开关𝑆、𝑆1，断开

𝑆2，将𝑅1的滑片滑到最右端，𝑅2的滑片滑到最上端，读出此时电压表的示数𝑈，即为电源电压。②闭合开关𝑆、𝑆2，断开𝑆1，将𝑅1的滑片滑到最右端，调节𝑅2的滑片，使电压表的示数为______，此时小灯泡正常发光。③同时闭合三个开关

，保持𝑅2的滑片不动，然后调节𝑅1的滑片，使电压表的示数为______。保持𝑅1的滑片不动，将𝑅2的滑片滑到最上端，读出此时电压表的示数为𝑈1。④小灯泡正常发光时的电阻𝑅𝐿=______。(用已

知量和测量量的字母表示)五、计算题（本大题共3小题，共21.0分）33.某环保科技公司处理垃圾时提炼出了200𝑘𝑔燃料油，并用这些燃料油加热3×104𝑘𝑔的水用来供暖，可使水温升高60℃，供暖炉的加热效率为84

%，已知𝑐水=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)求：(1)水吸收的热量。(2)燃料油的热值。34.如图所示电路，电源电压为12𝑉且保持不变，灯泡𝐿的额定功率是6𝑊。滑动变阻器𝑅的铭牌上标有“30𝛺，2𝐴”字样，当开关

𝑆、𝑆1均闭合时灯泡𝐿正常发光。若灯丝电阻不变，求：(1)依据铭牌信息，滑动变阻器两端允许加的最大电压。(2)灯泡𝐿的阻值。(3)当开关𝑆闭合、𝑆1断开时，灯泡𝐿消耗的功率为1.5𝑊，求滑动变阻器连入电路的阻值和消耗的功率。35.王瑞同学学习了

电功率知识后，回家观察家用电器的功率，完成实践性作业。该同学发现家里的电炖锅能通过手机软件远程设定预约加热模式，自动实现预热、加热和保温功能。已知保温功率大于预热功率，查看说明书发现保温功率为250𝑊，低挡预热功率和高挡加热功率信息因污

渍看不清楚。该同学利用所学知识测高挡加热功率，电路两端电压为220𝑉，断开第12页，共32页家中其它所有用电器，只接电炖锅在电路中煲汤，记下在高挡加热过程中标有2400𝑟𝑒𝑣𝑠/(𝑘𝑊⋅ℎ)字样的电能表的转盘在5𝑚𝑖𝑛内转了250圈。图乙所示是本次使用电炖锅煲汤工

作3.5ℎ的𝑃−𝑡图象。图甲为智能电炖锅电路原理图，𝑅1、𝑅2为发热电阻，不考虑温度对电阻的影响。求：(1)电炖锅的高挡加热功率。(2)𝑅1、𝑅2的阻值。(3)本次使用电炖锅工作3.5ℎ煲汤消耗的电

能。第13页，共32页答案和解析1.【答案】𝐵【解析】解：𝐴、一节干电池的电压为1.5𝑉，故A不符合实际；B、手电筒的工作电压一般是2.5𝑉，小灯泡灯丝电阻在12𝛺左右，工作电流在𝐼=𝑈𝑅=2.5𝑉12𝛺≈0.2𝐴=200𝑚𝐴左右，

故B符合实际；C、人体正常体温在37℃左右，变化幅度很小，故C不符合实际；D、家用空调的电流在5𝐴左右，其功率在𝑃=𝑈𝐼=220𝑉×5𝐴=1100𝑊左右，故D不符合实际。故选：𝐵。首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单

位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法。2.【答案】𝐵【

解析】解：A、惊蛰时节冰化成水，是熔化现象，故A错误；B、草叶上形成“露珠”，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，故B正确；C、立冬时节霜的形成，是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的，故C错误；D、树枝上形成“雾凇”，是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的，故D错误。故选：𝐵。判断物态变化现象首先要知道各种

物态变化的定义，然后看物体是由什么状态变为了什么状态，从而得出结论；物体由气态变为液态的过程叫液化，看选项中哪个生成物是液态，再看是否由气态形成。此题考查的是我们对于生活中物态变化的分析能力，物态变化是中考必考的一个知识点。3.【答案】𝐴【解析】解：根据题意可

知，螺丝连接在电路中，当螺丝松动时，它会与下端的导线分离而断开，螺丝不接入电路中，即螺丝所在电路发生了断路，此时指示灯会发光，这表明螺丝与灯泡是并联第14页，共32页在电路中的，由于螺丝的电阻很小，能把灯泡短路；为了保护电路，防止电源短路，在干路中应该接上一个

保护电阻，故A符合题意。故选：𝐴。螺丝连接在电路中，当螺丝松动时，它会与下端的导线分离而断开，螺丝不接入电路中，指示灯会发光，据此分析电路的连接方式。本题考查了电路图的设计，明确螺丝与灯泡的连接方式是解题的关键。4.【答案】𝐵【解析】解：

A、雾气腾腾，不是分子的无规则运动，雾不是分子，属于宏观物体的运动，是机械运动，故A错误；B、花香四溢是香味分子在空气中发生了扩散现象，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动，故B正确；C、尘土飞扬，不是分子的无规则运

动，尘土不是分子，属于宏观物体的运动，是机械运动，故C错误；D、大雪纷飞，不是分子的无规则运动，大雪不是分子，属于宏观物体的运动，是机械运动，故D错误。故选：𝐵。(1)不同的物质在相互接触时，分子彼此进入对方的现象叫做扩散，这一现象说明一

切物体的分子都在不停地做无规则运动；(2)由于分子的体积很小，分子的运动无法用肉眼直接看到，但可以通过气味、颜色的变化来体现。无论是液体还是固体，它们的分子在永不停息地做无规则运动，分子运动是肉眼看不见的，要把它与机械运动区别开来。5.【答案】𝐶【解析】解：𝐴、更换灯泡时

容易碰到金属部分，容易发生触电事故，因此切断电源可以保证金属部分不带电；B、发现有人触电时，立即用手将其拉离电源会造成被救者也触电，应立即切断电源或用绝缘体把导线挑开，所以这种做法是不符合安全用电原则，此选项不正确；C、一旦绝缘外皮损坏，要及时更换，否则会造成漏电事故或触

电事故现象，所以这种做法是符第15页，共32页合安全用电原则，此选项正确；D、三角插头是专门针对金属外壳用电器的，因此当把接地的脚弄掉后，万一外壳带电，人会发生触电事故，因此不符合安全用电原则。故选：𝐶。(1)安全用电的基本原则是不接触低压带电体，不靠近高压带电体；(2)当有人触电或

发生电火灾的时候，不能先进行抢救，要先断开电源。需要牢记安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。6.【答案】𝐷【解析】解：𝐴、铜导线中含有大量的自由电子，开关闭合后，该电路中的电流是由自由电子定向移动形成的，故A错误；B、两灯串联

，两灯的规格不知道，𝐿1两端的电压不一定大于𝐿2两端的电压，故B错误；C、串联电路中电流处处相等。由图知两灯串联，则流过𝐿1的电流与流过𝐿2电流大小相等，故C错误；D、物理学中规定正电荷定向移动的方向为电流方向，而电子带负电，所以金属导线中自由电子定向移动的

方向与电流方向相反，故D正确。故选：𝐷。(1)电荷的定向移动形成电流；(2)正电荷移动的方向是电流的方向；自由电子的定向移动方向与电流方向相反；(3)串联电路中电流处处相等。理解电流的形成及方向、理解串联电路的电流特点，可解答此题。7.

【答案】𝐶【解析】解：𝐴、海波熔化过程中，温度保持不变，这个不变的温度是海波的熔点，熔点是48℃，不是沸点，故A错误。B、由图象可知，海波在𝐴𝐵段还没有开始熔化，所以是固态；𝐵𝐶段是熔化过程，处于固

液共存态，𝐶𝐷段已经熔化完毕，是液态的吸热升温过程，不是气态，故B错误。C、𝐵𝐶段是海波的熔化过程，在此过程中，海波吸收了热量，内能增加，但温度不变，故C正确。D、海波6𝑚𝑖𝑛时开始熔化，在𝐵𝐶段是熔化过程，此时处于固液共存态；到12𝑚𝑖𝑛已全部熔化完毕，

全为液态，故D错误。第16页，共32页故选：𝐶。海波固态时，吸收热量温度升高。达到熔点，继续吸收热量，海波熔化，温度保持不变，这个不变的温度是熔点。当海波全部熔化，不断吸收热量，温度不断升高。能从晶体熔化图象和凝固图象上，读出各段和各点的状态、熔化时间、

凝固时间等。8.【答案】𝐶【解析】解：𝐴、正常发光时，根据𝑃=𝑈2𝑅可知电阻𝑅=𝑈2𝑃=(220𝑉)240𝑊=1210𝛺，故A错误；B、根据𝑃=𝑈𝐼可知通过灯丝的电流𝐼=𝑃𝑈=40𝑊220𝑉≈0.18𝐴，故B错误；C、1𝑘𝑊⋅ℎ的电能

可以供给它正常发光的时间𝑡=𝑊𝑃=1𝑘𝑊⋅ℎ40×10−3𝑊=25ℎ，故C正确；D、正常发光1ℎ消耗的电能𝑊′=𝑃𝑡′=40𝑊×1×3600𝑠=1.44×105𝐽，故D错误。故选：𝐶。A、正常发光时，根据𝑃=𝑈2𝑅可知

电阻；B、根据𝑃=𝑈𝐼可知通过灯丝的电流；C、根据𝑡=𝑊𝑃得出1𝑘𝑊⋅ℎ的电能可以供给它正常发光的时间；D、根据𝑊=𝑃𝑡得出灯泡正常发光1ℎ消耗的电能。本题考查电功率和电能的计算，属于对基础知识的考查

。9.【答案】𝐴【解析】解：已知两只灯泡𝐿1和𝐿2是并联的，有两条支路，则②是相当于断路的电压表；电表①与灯泡𝐿2串联，电表③与灯泡𝐿1串联，所以①和③是电流表。故选：𝐴。电流表与用电器串联，电压表与用电器并联；电流表电阻非常小，在电路

中相当于导线，电压表电阻非常大在电路中相当于断路。据此分析判断。该题考查了电流表和电压表在电路中的连接情况，只要把握电压表在电路中相当于断路，电流表在电路中相当于导线，就可快速确定。10.【答案】𝐵第17页，共32页【解析

】解：①研究电流时把它与水流相比，采用的是类比法；②研究磁场时，引入“磁感线”，采用的是模型法；③研究光的传播时，引入“光线”，采用的是模型法；④研究动能与速度的关系时，让物体的质量保持不变，采用的是控制变量

法。故选：𝐵。对每个物理实验进行分析，明确各自采用的研究方法，就能确定符合题意的选项。①物理学中对于多因素(多变量)的问题，常常采用控制因素(变量)的方法，把多因素的问题变成多个单因素的问题。每一次只改变其中的某一

个因素，而控制其余几个因素不变，从而研究被改变的这个因素对事物的影响，分别加以研究，最后再综合解决，这种方法叫控制变量法。②类比法也叫“比较类推法”，是指由一类事物所具有的某种属性，可以推测与其类似的事物也应具有这种属性的推理方法。③通过建立模型来揭示原型的形态、特征和本质的方法称为理想模型法。

11.【答案】𝐴【解析】解：根据电路图可知，两灯泡并联，电流表𝐴1测量干路电流，电流表𝐴2测量灯泡𝐿2中的电流，电压表测量电源电压。A、若𝐿1断路，则电路为𝐿2的基本电路，电流表𝐴1、电流表𝐴2均测量电路电流，并且电

流表𝐴1示数变小，电流表𝐴2、电压表示数均不变，故A正确；B、若𝐿1短路，则直接形成电源短路，电流表𝐴1被烧坏，另外两仪表均无示数，故B错误；C、若𝐿2断路，则电路为𝐿1的基本电路，电流表𝐴1示数

变小，电流表𝐴2无示数，电压表示数不变，故C错误；D、若𝐿2短路，则直接形成电源短路，电流表𝐴1、𝐴2均被烧坏，电压表无示数，故D错误。故选：𝐴。此题可依照可选项所述，逐一进行假设，根据电路特点及欧姆定律，判断其说法是否成立，最终找出符合要求的判断

。电路故障问题是中考物理考查的热点，也是难点，一般题目设计的都是一处故障，原因只有两个：短路或开路。12.【答案】𝐷第18页，共32页【解析】解：体积是物体所占用空间的多少，与物体的大小有关；质量是物质本身的一种性质，只与物体所含物质的多少有关；密度、比热容和热值是物质的特性，与物

质的质量、体积无关。所以一杯酒精用掉一半后质量还剩一半；体积还剩一半，密度、比热容和热值不变。故选：𝐷。质量是物质本身的一种性质，只与物体所含物质的多少有关，密度、比热、热值都是物质的特性与物体质量无关。本题考查学生对了体积、质量、密度、

比热容、热值的理解，属于基础题，易于解答。13.【答案】𝐷【解析】解：A、导线𝑎𝑏竖直向上运动，即平行于磁感线运动，所以不能产生感应电流，电流表指针不会偏转，故A错误；B、导线𝑎𝑏竖直向下运动，即平行于磁感线运动，所以不能产生感应电流，电流表指针不会偏转，故B错误；C、导线𝑎

𝑏从图中所示位置斜向上运动，此时导线𝑎𝑏做切割磁感线运动，所以在电路中会有感应电流，电流表指针会偏转，故C错误；D、导线𝑎𝑏分别水平向右和水平向左运动时，即在磁场方向不变的情况下，改变导体的运动方向，感应电流的方向会改变，则电流

表指针偏转的方向相反，故D正确。故选：𝐷。解答本题要求知道产生感应电流的条件，电磁感应现象原理告诉我们，闭合电路的一部分导体在做切割磁感线运动时，会产生感应电流，由此可知产生电流的条件之一是导体做切割磁感线运动。且所产生的感应电

流的方向与磁场的方向和导体运动的方向有关。理解电磁感现象，关键在于三个词：一是“闭合电路”，“一部分导体”，“切割磁感线运动”，三个条件缺少一个都不会产生感应电流。14.【答案】𝐵【解析】解：由图可知，当开关闭合后，该电路为𝐿1和𝐿2的串联电路，电压表测𝐿1两端的

电压；已知电压表的示数为1.5𝑉，即𝐿1两端的电压为𝑈1=1.5𝑉；由串联电路的电压特点可知，𝐿2两端的电压为：𝑈2=𝑈−𝑈1=4.5𝑉−1.5𝑉=3𝑉；串联电路中电流处处相等，因此通过�

�1与𝐿2的电流之比为1：1；第19页，共32页由𝐼=𝑈𝑅可知𝐿1和𝐿2的灯丝电阻之比为：𝑅1：𝑅2=𝑈1𝐼：𝑈2𝐼=𝑈1：𝑈2=1.5𝑉：3𝑉=1：2；由上述可知ACD错误，B正确。故选：𝐵。由图可知，当开关闭合后，该电路为𝐿1和𝐿2的串联电路，电压

表测𝐿1两端的电压；已知电压表示数，即𝐿1两端的电压；已知电源电压，由串联电路的电压特点可得出𝐿2两端的电压；串联电路中电流处处相等，再根据𝐼=𝑈𝑅可得出𝐿1和𝐿2的灯丝电阻之比。本题考查了对串联电路电

流、电压特点的理解和对欧姆定律的应用，属于基础题，难度不大。15.【答案】𝐴【解析】解：由图可知，内燃机进气门和排气门都是关闭的，火花塞点火，活塞下行，因此是做功冲程，做功冲程中内能转化为机械能；A、瓶塞冲出时，水蒸气膨胀做功，水蒸气的内能转化为塞子的机械能，其能量转化情况与内燃机

做功冲程相同，故A符合题意；B、搓手取暖是克服摩擦做功，将机械能转化为内能，故B不合题意；C、向下迅速压活塞，压缩空气做功，消耗机械能转化为内能，使筒内气体的内能增大、温度升高，故C不合题意；D、钻木取火是克服摩擦做功，将机械能转化为内能，故D不合题意。故选：𝐴。四冲程内燃机一个工作循环包括吸气

、压缩、做功、排气四个冲程；由进气门和排气门的关闭和打开情况、活塞的上行和下行情况来判断是哪个冲程；其中压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能。此题要结合内燃机的四个冲程特点和冲程中的能量转化关系以及分析清楚不同场景中涉及的能量转化。16.【答案】𝐷【解析】解：由灯泡的

铭牌可知，两灯泡的额定电压相等，𝐿2的额定功率大于𝐿1的额定功率，由𝑃=𝑈2𝑅的变形式𝑅=𝑈2𝑃可知，𝐿2的阻值小于𝐿1的阻值，故C错误；灯泡𝐿1接在𝑎、𝑏两点间时，𝐿1恰能正常发光，说明𝐿1两端的电压为6𝑉，

第20页，共32页因𝐿2的阻值小于𝐿1的阻值，所以由串联分压的规律(即电阻小的分得的电压小)可知，灯泡𝐿2接在𝑎、𝑏两点间时，灯泡𝐿2两端的电压会小于6𝑉，则灯泡𝐿2消耗的功率小于3𝑊，即𝐿2比正常发

光时暗些，故B错误，D正确；由𝑊=𝑈𝐼𝑡可知，工作时间不确定，所以消耗电能的多少无法比较，故A错误。故选：𝐷。灯泡的实际功率是由灯泡两端的实际电压决定的，根据公式𝑅=𝑈2𝑃可知两灯泡电阻的大小关系；根据串联电路电阻的分压特点

可知灯泡两端电压的变化；根据𝑊=𝑈𝐼𝑡可知消耗电能的多少与时间有关，进而得出答案。本题考查了串联分压原理和电功公式、电功率公式的灵活运用。17.【答案】𝐵【解析】解：𝐴、塑料丝和塑料管带同种电荷，同种电荷相互排斥，故A错误；B、因为塑料丝之间相互排斥，所以塑料丝间带了同种电荷，故

B正确；C、因为毛皮易失去电子，所以在与塑料管摩擦后得到电子带负电，故C错误；D、由电荷守恒定律可知塑料管得到的电子等于毛皮和它摩擦一次所失去的电子，故D错误。故选：𝐵。(1)摩擦起电的实质是电荷的转移；(2

)异种电荷相互吸引，同种电荷相互排斥；(3)用毛皮摩擦过塑料丝和塑料管后，因为毛皮易失去电子，所以毛皮失去电子带正电。塑料丝和塑料管为同种材料，得到电子带负电。本题考查了摩擦起电的实质、电荷间的相互作用规律，难

度不大，要掌握。18.【答案】𝐶【解析】解：①由𝑄放=𝑚𝑞可知，燃料放出热量的多少与燃料的热值和质量有关，燃料的热值越大，燃烧时放出的热量不一定多，故①错误；②与其他物质比较，水的比热容大，在质量相同、

升高的温度相同时，由𝑄吸=𝑐𝑚𝛥𝑡可知水吸收的热量多，所以汽车的发动机用水来冷却，故②正确；③固体分子之间的作用比较大，存在着引力，所以铁棒很难拉伸，故③正确；④由于分子在不停地做规则运动，厨房煤气泄露的时候，煤气分子扩散到空气中，发生扩散现象，第21页，共32页所以可以闻

到煤气味，故④正确。故选：𝐶。(1)燃料放出热量的多少与燃料的热值和质量有关；(2)相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；(3)构成物体的

分子之间同时存在着引力和斥力，故铁棒很难拉伸，也很难被压缩；(4)物质是由分子组成的，两物质相互接触时，由于分子运动，彼此进入对方的现象叫扩散。本题考查了学生对燃料热值、水比热容较大的特点、分子间的作用力，以及扩散现象的理解与掌握，是一道较为简单的热学综合题。

19.【答案】𝐷【解析】解：①根据安培定则判断电磁铁的左端为𝑁极、右端为𝑆极，故①正确；②在磁体的外部，磁感线是从𝑁极出来回到𝑆极的，所以电磁铁外部的磁感线从左端出发回到右端，故②正确；③将滑片𝑃向𝑏端滑动，滑动变阻器连入电路中的电阻变大，根据欧姆定律可知，

电路中的电流变小，电磁铁的磁性减弱，故③正确；④将滑片𝑃向𝑎端滑动，滑动变阻器连入电路中的电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，电磁铁的磁性增强，则巨磁电阻的阻值变小，灯泡所在电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，通过灯泡的电流变大，

则灯泡变亮，故④正确。故选：𝐷。①利用安培定则判断电磁铁的磁极；②在磁体的外部，磁感线是从𝑁极出来回到𝑆极的；③由滑动变阻器滑片的移动得知电路中电流的变化情况，通过电路中电流的变化结合电磁铁磁性强弱的决定因素可以确定滑片移动时，其磁性强弱的变化；④

根据巨磁电阻的阻值与磁场强度的关系判定电路总电阻的变化，根据欧姆定律判定电路中电流的变化和灯泡亮度的变化。本题考查了电路的动态分析，涉及到电磁铁磁性与电流的关系和电功率公式的应用等，判读出巨磁电阻的变化是解题的关键。第22页，共3

2页20.【答案】𝐴【解析】解：由电路图可知，𝑅2与𝑅1并联，电流表𝐴1测𝑅1支路的电流，电流表𝐴测干路电流，电压表测电源两端的电压；电源电压不变，则滑片移动过程中电压表示数不变；滑动变阻器

𝑅2的滑片𝑃从最右端向中点移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流变大；并联电路各支路互不影响，则通过𝑅1的电流不变，即电流表𝐴1示数不变；根据并联电路的电流关系可知，干路中的电流变大，即电流表𝐴示数

变大；电压表𝑉的示数不变，电流表𝐴1示数不变，其比值不变；根据𝑃=𝑈𝐼可知，电路的总功率变大；综上所述，①③正确。故选：𝐴。由电路图可知，𝑅2与𝑅1并联，电流表𝐴1测𝑅1支路的电流，电流表𝐴测干路电流，电压表测电源两端的电压；根据电源电压可知滑片移动时电压表

𝑉的示数变化，根据并联电路电流特点、欧姆定律可知电路中电流的变化，然后得出电压表示数与电流表示数的比值的变化；根据𝑃=𝑈𝐼分析总功率的变化。本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。

21.【答案】𝐷【解析】解：(1)将𝑅1和𝑅2并联接在5𝑉的电源两端时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，它们两端的电压均为5𝑉，由图像可知，𝐼1=0.5𝐴，𝐼2=0.3𝐴，定值电阻𝑅1的阻值𝑅1=𝑈𝐼1=5𝑉0.5𝐴=10𝛺，故①正确；小灯泡的实际功率�

�2=𝑈𝐼2=5𝑉×0.3𝐴=1.5𝑊，故②正确；因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流：𝐼=𝐼1+𝐼2=0.5𝐴+0.3𝐴=0.8𝐴，则2𝑚𝑖𝑛整个电路消耗的电能：𝑊=𝑈𝐼𝑡=5𝑉×0.8𝐴×2×

60𝑠=480𝐽，故③正确；(2)将𝑅1和𝑅2串联后接在8𝑉的电源两端时，因串联电路中各处的电流相等，且总电压等于各分电压之和，第23页，共32页所以，由图像可知，当𝐼′=0.3𝐴、𝑈1′=3𝑉、𝑈2′=5𝑉时符合，整个电路消耗的总功率𝑃=𝑈′𝐼

′=8𝑉×0.3𝐴=2.4𝑊，故④正确。故选：𝐷。(1)由图甲可知，定值电阻与灯泡并联时它们两端的电压相等，根据图像读出对应的电流，根据并联电路的电流特点求出干路电流，利用𝑊=𝑈𝐼𝑡求出两分钟整个电路消耗的电能；(2)定值电阻与灯泡串联时通过它们的电流相等，由图像找出它

们两端的电压之和为8𝑉的电压，然后由𝑃=𝑈𝐼求出他们的功率之比。本题考查了串联电路的电流特点和并联电路的电压特点以及电功率公式、电功公式的应用，关键是根据串联电路特点由图像得出符合题意的电流和电压值。22.【答案】

𝐵【解析】解：由电路图可知，𝑅1与𝑅2串联，电压表测𝑅2两端的电压，电流表测电路中的电流。①②、由题意可知，𝑅2的滑片𝑃在某一端点时，两表的示数分别为0.2𝐴和3𝑉，即电压表的示数不为零，所以，此时滑片应位于左端即接入电路中的

电阻最大，由𝐼=𝑈𝑅可得𝑅2的最大阻值：𝑅2大=𝑈2大𝐼1=3𝑉0.2𝐴=15𝛺，故②正确；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以电源的电压：𝑈=𝐼1𝑅1+𝑈2大=0.2𝐴×𝑅1+3𝑉------

𝑎，滑片移动时，只能是减小接入电路中的电阻，此时电路中的电流变大，由串联电路的分压特点可知电压表的示数变小，由两表的示数分别变化了0.2𝐴和1𝑉可知，此时电路中的电流𝐼2=0.4𝐴，电压表的示数𝑈2=2𝑉，则电源的电压：𝑈=𝐼2𝑅1

+𝑈2=0.4𝐴×𝑅1+2𝑉----------𝑏，由𝑎𝑏可得：𝑅1=5𝛺，𝑈=4𝑉，故①错误；③当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的总电阻最大，由公式𝑃=𝑈2𝑅可知，

电路消耗的总功率最小，则𝑅1与𝑅2接入电路的阻值之比：𝑅1𝑅2=5𝛺15𝛺=13，故③错误；④当电流表示数为0.5𝐴时，电路的总电阻：𝑅=𝑈𝐼=4𝑉0.5𝐴=8𝛺，因串联电路中总电阻等于各

分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的电阻：𝑅2′=𝑅−𝑅1=第24页，共32页8𝛺−5𝛺=3𝛺，因串联电路中各处的电流相等，由𝑃=𝐼2𝑅可知，𝑅1与𝑅2消耗的功率之比为：𝑃1𝑃2=𝐼2𝑅1𝐼2𝑅2′=𝑅1𝑅2′=5𝛺3𝛺=53，故④正

确。故选：𝐵。(1)由题意可知，闭合开关，𝑅1与𝑅2串联，电压表测量𝑅2两端的电压，电流表测量电路中的电流；当𝑅2的滑片𝑃在某一端点时，两表的示数分别为0.2𝐴和3𝑉，即电压表的示数不为零，据此判断出此时滑片应位于左端即接入电路中的电阻最大，根据欧姆定律求出𝑅2的

最大阻值，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压；滑片移动时，只能是减小接入电路中的电阻，此时电路中的电流变大，由串联电路的分压特点可知电压表的示数变小，根据两表的示数分别变化了0.2𝐴和1𝑉得出此时电路中的电流和电压表的示数，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压，然

后联立等式即可求出𝑅1的阻值和电源的电压；(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的总电阻最大，电路消耗的总功率最小，然后求出𝑅1与𝑅2接入电路的阻值之比；(3)当电流表示数为0.5𝐴时，根据欧姆定律求出电路的总电阻，利用电阻的串联求出

滑动变阻器接入电路中的电阻，根据串联电路的电流特点和𝑃=𝑈𝐼=𝐼2𝑅求出𝑅1与𝑅2消耗的功率之比。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用，正确判断出开始时滑片所处的位置是关键。23.【答案】法拉第【解析】解：1831年英国物理学家法拉第发现了电磁感应现象

，进一步揭示了电和磁之间的联系。故答案为：法拉第。法拉第发现了电磁感应现象。多了解物理学史，对培养我们学习物理的兴趣是有帮助的，同时考试中也时有涉及，在学习中应注意物理学史知识的积累。24.【答案】熔化晶体【解析】解：将

一块金属“镓”放在手心，好端端的一块银白色的金属，却很快熔化成了一颗银白色的液滴，这是熔化过程；晶体有一定的熔化温度，而非晶体却没有一定的熔化温度，所以金属“镓”是晶体。第25页，共32页故答案为：熔化；晶体。物质由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变

为固态的过程叫凝固；晶体在熔化时温度保持不变，这一温度就叫晶体的熔点。本题主要考查学生对：熔点和凝固点的认识和了解，是一道基础题。25.【答案】磁场【解析】解：奥斯特将电流放于小磁针上方时，发现小磁针发生偏转，故证明通电导体周围和磁体的

周围一样，存在着磁场。故答案为：磁场。解答本题应掌握：奥斯特的电流的磁效应。通电导体周围存在着磁场，这是电流的磁效应，是奥斯特最先发现的，了解物理学史可以帮助我们培养学习物理兴趣。26.【答案】9：2【解析】解：由𝑄=𝑐𝑚△𝑡得𝑐=𝑄𝑚△𝑡；所以，𝑐甲=𝑄甲𝑚甲△𝑡甲

；𝑐乙=𝑄乙𝑚乙△𝑡乙。所以，𝑚甲𝑚乙=𝑄甲𝑐甲△𝑡甲𝑄乙𝑐乙△𝑡乙=31×32×11=9：2故答案为：9：2。已知比热容、热量、升高的温度，求质量，利用热量的计算公式计算计算本题采用公式法，即利用公式变形把要计算的物理量的表达式列出，然后进

行比值计算即可27.【答案】7.5【解析】解：由𝑃=𝑈𝐼可得，两灯泡的额定电压分别为：𝑈1=𝑃1𝐼1=6𝑊1𝐴=6𝑉，𝑈2=𝑃2𝐼2=6𝑊2𝐴=3𝑉，因并联电路中各支路两端的电压相等，且让其中一个灯泡正常发光，另一个灯泡的实际功率

不超过额定功率，所以，电路两端的电压𝑈=𝑈2=3𝑉，此时𝐿2正常发光，则𝐿2的实际功率为6𝑊，第26页，共32页由𝐼=𝑈𝑅可知，灯泡𝐿1的电阻：𝑅1=𝑈1𝐼1=6𝑉1𝐴=6𝛺，此时𝐿1的实际功率：𝑃1实=𝑈2𝑅1=(3𝑉

)26𝛺=1.5𝑊，两灯消耗的实际总功率：𝑃=𝑃1实+𝑃2实=1.5𝑊+6𝑊=7.5𝑊。故答案为：7.5。知道两灯泡的额定电流和额定功率，根据𝑃=𝑈𝐼求出两灯泡的额定电压，两灯泡并联时它们

两端的电压相等，电路的电压为两灯泡额定电压中较小的，根据欧姆定律求出不能正常发光灯泡的电阻，根据𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅求出不能正常发光灯泡的实际功率，两灯泡功率之和即为电路消耗的总功率。本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意两灯泡并联时电路两端的最大电压为两灯泡额定电压

中较小的。28.【答案】解：为了用电的安全，开关应接在灯泡与火线之间，如图所示：。【解析】电灯的接法：开关控制电灯时和电灯是串联的，火线首先进入开关，然后连接灯泡。本题主要考查了家庭电路中，基本电路图的连接；要掌握电灯与开

关、两孔插座、三孔插座、保险丝的接法等。29.【答案】解：电流从螺线管的右端流入，左端流出，根据安培定则可知，螺线管的右端为𝑆极，根据异名磁极相互吸引可知，条形磁铁的左端为𝑁极，如图所示：【解析】根据安培定则判定螺线管的极性；根据磁极间的相互作用(同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引)

判断出条形磁体的𝑁、𝑆极。第27页，共32页本题考查了安培定则的应用、磁极间的相互作用规律，属于基础题。30.【答案】加热时间的长短50水98小于【解析】解：(1)实验中，把沙子或者水吸收热量的多少转换为加热时间的长短；(2)为了保

证水和沙子的质量相等，水的质量为50𝑔，则应向盛水的烧杯中倒入水的体积为：𝑉=𝑚𝜌水=50𝑔1𝑔/𝑐𝑚3=50𝑐𝑚3=50𝑚𝐿水；(3)由表格中数据知，质量相同的水和沙子升高相同的温度，水吸收的热量大于沙子吸收的热量，说明水的吸热本领大；(4)由图乙可知，温

度计的分度值是1℃，此时是零上，液柱上表面对准了90℃上面第8个小格处，其示数为98℃；(5)一个标准大气压下，水的沸点是100℃，此时沸点98℃低于100℃，所以气压小于一个标准大气压。故答案为：(1)加热时间的长短；(2)50；(3)水；(4)98；(5)

小于。(1)使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；(2)根据密度公式求出水的体积；(3)比较物质吸热能力的2种方法：①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时

间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；(4)温度计的读数：首先确定零上还是零下，确定每一个大格和每一个小格各代表的示数，从小数字读向大数字；(5)一个标准大气压下，水的沸点是100℃。本题考查的知识点有比较不同物质的吸热能力、温度计的读数、沸点等，重点考查控

制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。31.【答案】磁化𝑁磁感线条形电流方向𝑆【解析】解：(1)铁屑原来没有磁性，但在磁场的作用下能够获得磁性，说明铁屑被磁化了；(2)在玻璃板上放一些小磁针，小磁针静止时𝑁极所指的方向就是该点的磁场方向，由此判断条形第28页，共32

页磁体右端的磁极为𝑁极；(3)为了形象地描述磁场，人们用一些带箭头的曲线来表示磁场的存在以及磁场的强弱，这样的曲线叫做磁感线；(4)由图可看出，通电螺线管外部的磁场与条形磁体的磁场相似；(5)对调电源的正负极重复上述实验，电流的方向发生了变化，小

磁针的指向与之前相反，说明通电螺线管的极性跟电流方向有关；断开开关后，在地磁场的作用下，小磁针静止时𝑆极指向南方。故答案为：(1)磁化；(2)𝑁；(3)磁感线；(4)条形；(5)电流方向；𝑆。(1)在磁体或电流的作用下，使原

来没有磁性的物体获得磁性的过程叫磁化；(2)小磁针在磁场中静止时𝑁极的指向为磁场的方向；(3)人们为了描述磁场的性质，引入了磁感线；(4)通电螺线管的磁场分布与条形磁体相似；(5)当电流方向改变时，产生的磁场方向也改变，所以小磁针的偏转方向也改变；地球本身就是一个

大磁体；地磁场与条形磁铁的磁场相似；地磁的北极在地理的南极附近；地磁的南极在地理的北极附近。本题考查探究通电螺线管周围的磁场、磁化等知识，难度不大。32.【答案】𝑅3𝐴2.50.55小𝑈−𝑈额𝑈−𝑈额𝑈−𝑈1𝑈1⋅𝑅0【解

析】解：(1)当灯泡正常发光时，电流大约为：𝐼=𝑈𝐿𝑅𝐿=2.5𝑉12𝛺=524𝐴，滑动变阻器的阻值：𝑅滑=𝑈滑𝐼=6𝑉−2.5𝑉524𝐴=16.8𝛺>15𝛺，所以应选择𝑅3；(2)原电路中，灯泡与电流表并联，电压表串联在电路中是错误的，为了测量灯泡

的额定功率，应让电流表与灯泡串联，电压表与灯泡并联，改正后如图所示：；第29页，共32页(3)图乙中电压表选用小量程，分度值为0.1𝑉，示数为2.6𝑉，大于灯泡的额定电压2.5𝑉，应减小灯泡的电压，根据串联电路电压的规律，应增大滑动变阻器的电压，由分压

原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向𝐴移动，直到电压表示数为灯泡的额定电压2.5𝑉；图丙中电流表选用小量程，分度值为0.02𝐴，示数为0.22𝐴，则小灯泡的额定功率是：𝑃额=𝑈额

𝐼额=2.5𝑉×0.22𝐴=0.55𝑊；(4)灯丝发光时发生升华而变细，由电阻的影响因素可知，灯泡电阻变大，根据𝑃=𝑈2𝑅可知，在电压不变的情况下，电阻变大，实际功率变小；(5)①闭合开关𝑆、𝑆1，断开𝑆2，将𝑅

1的滑片滑到最右端，𝑅2的滑片滑到最上端，读出此时电压表的示数𝑈，即为电源电压；②闭合开关𝑆、𝑆2，断开𝑆1，将𝑅1的滑片滑到最右端，调节𝑅2的滑片，使电压表的示数为𝑈−𝑈额，此时小灯泡正常发光。③同时闭合三个开关

，保持𝑅2的滑片不动，然后调节𝑅1的滑片，使电压表的示数为𝑈−𝑈额.保持𝑅1的滑片不动，将𝑅2的滑片滑到最上端，读出此时电压表的示数为𝑈1；④在②中，灯与变阻器串联，变阻器𝑅2滑片𝑃以上电阻丝被短路，电压表测𝑃以下电阻丝的电压，当电压表示数

为𝑈−𝑈额，灯一定正常发光；在③中，变阻器𝑅1与变阻器𝑅2串联，然后调节𝑅1的滑片，使电压表的示数为𝑈−𝑈额，根据等效替代法，此时𝑅1的连入电路中的电阻即灯正常发光时的电阻，根据串联电路电压

的规律，𝑅1的电压为：𝑈−𝑈1，由分压原理可知，𝑈−𝑈1𝑈1=𝑅1𝑅0，故小灯泡正常发光时的电阻：𝑅𝐿=𝑅1=𝑈−𝑈1𝑈1⋅𝑅0。故答案为：(1)𝑅3；(2)如图所示；(3)𝐴；2.5；0.55；(4)小；(5)𝑈−𝑈额；𝑈−𝑈额；�

�−𝑈1𝑈1⋅𝑅0。(1)根据欧姆定律计算出灯泡正常发光时所需滑动变阻器的阻值，选择合适的变阻器；(2)原电路中，灯泡与电流表并联，电压表串联在电路中是错误的，电流表应与灯泡串联，电压表与灯泡并联；(3)根据电压表选用小量程确定

分度值读出示数，与灯泡的额定电压比较，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；根据电流表选用小量程确定分度值读出示数，根据𝑃=𝑈𝐼可求出灯泡的额定功率；第30页，共32页(4)根据电阻的影响因素分析灯泡电阻的变化，利用𝑃=𝑈2𝑅分析小灯泡实际功率的变化；(5)①电压表测变

阻器𝑅2滑片𝑃以下电阻丝的电压，根据电路连接，为使电压表示数为电源电压，确定𝑅2的滑片滑动；②分析电路连接，根据串联电路电压的规律，当电压表的示数为𝑈−𝑈额，此时小灯泡正常发光；③根据等效法，使𝑅1连入电路中的电阻等于灯正常发光时的电阻；④根据串联电路电压的规律和分压

原理得出𝑅1连入电路中的电阻大小，即小灯泡正常发光的电阻大小。本题“测量小灯泡的电功率”，考查了器材的选择、电路连接、电表读数、电功率的计算、电阻的影响因素及特殊的方法测量电阻等知识，涉及的知识点多。33.【答案】解：(1)水吸收的热量：𝑄吸=𝑐水𝑚�

�𝑡=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)×3×104𝑘𝑔×60℃=7.56×109𝐽；(2)由𝜂=𝑄吸𝑄放×100%可得200𝑘𝑔燃料油放出的热量：𝑄放=𝑄吸𝜂=7.56×109𝐽84%=9

×109𝐽，由𝑄放=𝑚𝑞可求燃料油的热值：𝑞=𝑄放𝑚燃料油=9×109𝐽200𝑘𝑔=4.5×107𝐽/𝑘𝑔。答：(1)水吸收的热量是7.56×109𝐽；(2)燃料油的热值是4.5

×107𝐽/𝑘𝑔。【解析】(1)已知水的质量、比热容和升高的温度，根据吸热公式𝑄吸=𝑐𝑚𝛥𝑡可求水吸收的热量；(2)已知加热效率，利用𝜂=𝑄吸𝑄放×100%求出放出的热量，最后由𝑄放=𝑚𝑞可求燃料油的热值。本题考查了燃料完全燃烧放热

公式、吸热公式的应用，是热量公式的综合应用。34.【答案】解：(1)滑动变阻器两端允许加的最大电压：𝑈𝐻=𝐼𝐻𝑅𝐻=2𝐴×30𝛺=60𝑉；(2)当开关𝑆、𝑆1均闭合时，电路为𝐿的简单电路，此时灯𝐿正常发光，灯泡两端的电压为12�

�，灯泡的功率为6𝑊，由灯泡的阻值：𝑅𝐿=𝑈𝐿2𝑃𝐿=(12𝑉)26𝑊=24𝛺；第31页，共32页(3)当开关𝑆闭合、𝑆1断开时，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，串联电路各处电流相等，此时通过电路的电流为：𝐼=√𝑃𝐿′𝑅𝐿=√1.5

𝑊24𝛺=0.25𝐴，灯泡两端的电压为：𝑈𝐿′=𝐼𝑅𝐿=0.25𝐴×24𝛺=6𝑉，串联电路总电压等于各部分电压之和，所以滑动变阻器两端的电压为：𝑈𝑅=𝑈−𝑈𝐿′=12𝑉−6𝑉=6𝑉，滑动变阻器接入电路的阻值为：𝑅=𝑈𝑅𝐼=6𝑉0.2

5𝐴=24𝛺，滑动变阻器的功率为：𝑃=𝑈𝑅𝐼=6𝑉×0.25𝐴=1.5𝑊。答：(1)依据铭牌信息，滑动变阻器两端允许加的最大电压为60𝑉；(2)灯泡𝐿的阻值为24𝛺；(3)滑动变阻器连入电路的阻值为24𝛺，消耗的功率为1.5𝑊。【解析】(

1)由铭牌可知滑动变阻器的最大阻值和允许通过的最大电流，根据𝑈=𝐼𝑅计算滑动变阻器两端允许加的最大电压；(2)当开关𝑆、𝑆1均闭合时，电路为𝐿的简单电路，此时灯𝐿正常发光，由题意可知灯泡两端的电压和功率。利用𝑅=𝑈2

𝑃计算灯泡的电阻；(3)当开关𝑆闭合、𝑆1断开时，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，根据串联电路电流特点，利用𝐼=√𝑃𝑅计算此时通过电路的电流，根据𝑈=𝐼𝑅计算灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律计算滑动变阻器两端的电压，根据𝑅=𝑈𝐼计算

滑动变阻器此时接入电路的电阻，根据𝑃=𝑈𝐼计算滑动变阻器的功率。本题考查串联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用。35.【答案】解：(1)2400𝑟𝑒𝑣𝑠/(𝑘𝑊⋅ℎ)表示电路每消耗1𝑘�

�⋅ℎ的电能，电能表的转盘转2400圈。在5𝑚𝑖𝑛内电能表转盘转了250圈，则电炖锅在高挡加热状态下工作5𝑚𝑖𝑛内消耗的电能为：𝑊=250𝑟2400𝑟𝑒𝑣𝑠/(𝑘𝑊⋅ℎ)=5

48𝑘𝑊⋅ℎ，电炖锅的高挡加热功率为：𝑃3=𝑊𝑡=548𝑘𝑊⋅ℎ560ℎ=1.25𝑘𝑊=1250𝑊；(2)由图甲可知，当开关𝑆1断开，𝑆2接𝑎时，两电阻串联；当开关𝑆1闭合，𝑆2接𝑏时，两

电阻并联；当开关𝑆1闭合，𝑆2接𝑎时，电路为𝑅1的简单电路。根据串、并联电路的电阻特点可知，两电阻串联时，总电阻最大；两电阻并联时，总电阻最小；第32页，共32页根据𝑃=𝑈2𝑅可知，在电源电压不变时，开

关𝑆1断开，𝑆2接𝑎时，电炖锅消耗的功率最小，处于低挡预热状态；开关𝑆1闭合，𝑆2接𝑏时，电炖锅消耗的功率最大，处于高挡加热状态；开关𝑆1闭合，𝑆2接𝑎时，电炖锅消耗的功率居中，处于中挡保温状态。𝑅1的阻值为：𝑅1=𝑈2𝑃2=(220𝑉)2

250𝑊=193.6𝛺，电炖锅处于高挡加热状态时，𝑅2消耗的功率为：𝑃𝑅2=𝑃3−𝑃2=1250𝑊−250𝑊=1000𝑊，𝑅2的阻值为：𝑅2=𝑈2𝑃𝑅2=(220𝑉)21000𝑊=48.4𝛺；(3)电炖锅的低挡预热功率为：𝑃1=𝑈2𝑅串=𝑈2𝑅

1+𝑅2=(220𝑉)2193.6𝛺+48.4𝛺=200𝑊，由图乙可知，电炖锅工作3.5ℎ煲汤低挡预热、中挡保温和高挡加热的时间分别为：𝑡1=2.5ℎ，𝑡2=3.5ℎ−3ℎ=0.5ℎ，𝑡2=3ℎ−2.5ℎ=0.5ℎ，电炖锅工作3.5ℎ煲汤消耗

的电能为：𝑊总=𝑊1+𝑊2+𝑊3=𝑃1𝑡1+𝑃2𝑡2+𝑃3𝑡3=200×10−3𝑘𝑊×2.5ℎ+250×10−3𝑘𝑊×0.5ℎ+1250×10−3𝑘𝑊×0.5ℎ=1.25𝑘𝑊⋅ℎ。答：(1)电炖锅的高挡加热功率为

1250𝑊；(2)𝑅1、𝑅2的阻值分别为193.6𝛺和48.4𝛺。(3)本次使用电炖锅工作3.5ℎ煲汤消耗的电能为1.25𝑘𝑊⋅ℎ。【解析】(1)根据电能表参数和已知条件求出电炖锅在5𝑚𝑖𝑛内消耗的电能，根据公式𝑃=𝑊𝑡计算电炖锅的高挡加热功率；(2)根据开

关的状态确定电路的连接方式，根据串联、并联电路的电阻特点比较电路总电阻的大小，结合公式𝑃=𝑈2𝑅确定电炖锅的加热状态，并计算加热电阻的大小；(3)根据图乙确定电炖锅在三种加热状态下的工作时间，根据𝑊=𝑃𝑡计算整个过程电炖锅消耗的

电能。本题考查电能和电功率公式的应用计算，关键是能根据开关的变换确定电路的连接方式和电路消耗的功率大小，难度较大。