【文档说明】2021-2022学年山东省青岛市崂山区九年级上期末物理试题及答案解析.docx，共(30)页，536.679 KB，由小喜鸽上传

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第1页，共30页2021-2022学年山东省青岛市崂山区九年级（上）期末物理试卷1.他是能量守恒的发现者之一，且以他的名字命名能量或功的单位。这位科学家是()A.焦耳B.瓦特C.安培D.欧姆2.根据欧姆定律𝐼=𝑈𝑅，下列说法中正确的是

()A.电阻一定时，导体两端的电压越大，通过它的电流就越大B.导体中的电流与导体的电阻成反比C.导体的电阻越大，它两端的电压越大D.一段导体的电阻与加在它两端的电压成正比3.下列作图中，错误的是()A.B.C.D.4.

如图所示下列选项中，与电路图对应的实物连接图是()A.第2页，共30页B.C.D.5.用丝绸摩擦两根玻璃棒，手持一根玻璃棒，靠近另一根被吊起的玻璃棒，如图所示。下列说法错误的是()A.丝绸摩擦过的玻璃棒带正电荷B.丝绸摩擦玻璃棒，丝绸会得电子C.吊起

来的玻璃棒会被排斥D.此说明同种电荷相互吸引6.风扇是夏天家中常用的用电器之一，以下关于电风扇的说法错误的是()A.通电后，风扇会转动，电能转化为机械能B.电风扇工作时，电机会发热，电能转化为内能C.电风扇用久了，扇叶会脏，是因为扇叶转动时与空气摩擦生电

，吸附空气中的灰尘造成的D.电风扇工作工作时间越长，消耗电能越快第3页，共30页7.如图所示，在蹄形磁体的磁场中放置一根导线。利用此实验装置进行实验，下列说法正确的是()A.在𝑎、𝑏间接入电源，可以探究电磁感应现象B.在𝑎、𝑏间接入电

源，就是电动机的工作原理图C.在𝑎、𝑏间接入电流表，可以探究磁场对电流的作用D.在𝑎、𝑏间接入电流表，随意运动导线，电流表指针就会发生偏转8.探究小组利用导线将电源、开关、小灯泡、滑动变阻器、电流表、电压表连接起来，形成如图所示实验电路。在不拆开电路更换实验器材的情况下

，利用此电路不能够完成的实验是()A.探究滑动变阻器的作用B.探究电流与电压的关系C.测量灯泡的电阻D.测量灯泡的额定功率9.探究通过导体的电流与其电压的关系时，根据记录的数据作出了如图所示的图像。下列说法正确的是()A.𝑅甲=0.1𝛺B.导体甲的电阻大于乙的电阻C.将导体甲与乙串联后接入电路

，𝑈甲<𝑈乙D.将导体甲与乙并联后接入电路，𝐼甲<𝐼乙10.一块手机用的锂电池，上面标明电压为3.7𝑉，容量为1130𝑚𝐴⋅ℎ，它充满电后，大约存储的电能是()A.4.181𝐽B.4.181×103𝐽C.1.5×104𝐽D.15𝑘𝑊⋅ℎ11.下列关于

物理概念的说法中，错误的是()A.负电荷的定向移动方向与电流方向相反B.一定质量的某种物质温度升高时吸收热量与升高温度之比叫做这种物质的比热容第4页，共30页C.人类对太阳能的应用主要是把太阳能转化为内能D.电流通过导体产生的热跟电流成正比，跟电阻成正比，跟通

电时间成正比12.如图探究焦耳定律的实验装置，甲乙两个烧瓶中装着等质量、等温度的煤油，两瓶中的电阻𝑅甲<𝑅乙。下列说法正确的是()A.闭合开关，两电阻两端的电压𝑈甲>𝑈乙B.串联可以控制通过导体的电流和通电时间相同，应用了控制变量法C.闭合开关，1𝑚�

�𝑛后乙瓶温度计的示数更高D.移动滑动变阻器的滑片，可以探究电流通过导体产生热量与电流大小的关系13.疫情期间，手持式电子测温仪最为常见，如图甲是某款电子测温仪，图乙是它内部的原理图，其中电源电压保持不变，𝑅是热敏电阻，用于靠近人体测温，定值电阻𝑅0为保

护电阻；在测人的体温时，当被测温者体温较高时，显示仪的示数也会变时临大。下列关于此测温仪的分析正确的是()A.显示仪是由电流表改装成的B.被测温者温度越高，电路电流越大C.热敏电阻𝑅随着温度的升高阻值减小D.将𝑅0更换为阻值更大的电阻

，测相同温度，显示仪示数变大第5页，共30页14.在“比较不同物质吸热能力”的实验中，将初温相同的水和植物油分别放入如图甲两个相同的烧杯内，用相同的电加热器同时加热。记录相关数据，并绘制出如图乙所示的图象。下列说法正确的是()A.实验应选用质量相同

的水和植物油B.实验中利用加热时间显示两种液体吸收热量的多少，运用了转换法C.图象中的图线𝑎表示的是水D.如果加热的是500𝑔水，整个过程水吸收热量6.3×104𝐽15.如图是一款多功能养生壶及其简化电路图，𝑅1和𝑅2是两个加热电阻。此电热器有高温、中温、低温三个挡位。电路中电源电压

𝑈保持不变，下列说法正确的是()A.𝑆1闭合，𝑆2在𝑎处，电路中电流为𝐼=𝑈𝑅1B.𝑆1断开，𝑆2在𝑏处，电路的总功率是𝑃=𝑈2𝑅1+𝑅2C.𝑆1断开，𝑆2在𝑎处，是中温挡D.𝑆1闭合，𝑆2在𝑏处，是高温挡第6页，共30页16.测量并联电路的电流。实验小组

想要测量并联电路各支路及干路电流的大小，连接测量电路如图甲所示。(1)请你在图乙方框中画出此实验电路所对应的电路图。(2)闭合开关，发现𝐿1亮，而𝐿2不亮。则电路故障可能是𝐿2______。排除故障后继续实验，电流表的示数为0.

2𝐴，可知______(填“𝐿1支路”、“𝐿2支路”)的电流为0.2𝐴。(3)实验小组准备全部拆除电路后再次连接电路测量其它位置的电流。物理老师指出：在原电路基础上只需移动一根导线即可测量出干路电流。请找到需要移动的这根导线，在图丙中将这根导线上打上“×”，然后画出正确的连接。(4

)移动之后，闭合开关，电流表示数如图丁所示，则另一条支路的电流是______𝐴。17.探究串联电路的电压特点。实验小组想要“探究串联电路的电压特点”，设计实验电路如图甲所示。(1)想测量𝐿1两端的电压𝑈1，应当将电压表并联在图甲的______(填“𝐴与𝐵“

、“𝐵与𝐶”或“𝐴与𝐶“)之间。请在图乙的实物电路中，将电压表连接在电路中，使电压表测量𝐿1两端的电压𝑈1。第7页，共30页次数𝑈1/𝑉𝑈2/𝑉𝑈/𝑉12.81.34.122.02.54.531.43.14.5(2)分别测量𝐿1两端的电压𝑈1、𝐿

2两端的电压𝑈2、电源两端的电压𝑈，换用不同的灯泡进行多次实验，记录实验数据见表格。分析表格数据，可知串联电路中，电源电压等于______(写出文字描述)。(3)将两个灯泡更换为𝑅1=5𝛺、𝑅2=10𝛺的两个电阻，多次测量后，发现两电阻两端的电压𝑈1：𝑈2

=1：2，针对此，请你提出一个新的探究问题：______。18.探究影响电阻大小的因素。某小组探究电阻的大小与哪些因素有关。他们设计了如图所示的实验电路。电源电压不变，保持滑动变阻器滑片位置不变，分别将𝑎、𝑏、𝑐、𝑑四根电阻丝接入电路，得到表格所示的数据。编

号长度横截面积材料电流𝑎0.50.4锰铜合金0.20𝑏0.50.4镍铬合金0.16𝐶0.50.2镍铬合金0.08𝑑1.00.2镍铬合金0.04(1)在𝑀𝑁间分别接入𝑏、𝑐电阻丝，探究的是电阻跟导体的______的关系。(

2)要探究电阻与长度的关系，可选择______(填编号)电阻丝进行实验。(3)实验中𝑎、𝑏、𝑐、𝑑四根电阻丝的电阻由大到小排列应为______。第8页，共30页(4)一个同学探究电阻与横截面积的关系时将电阻丝𝑑接入

电路，读出电流表示数，然后再将电阻丝𝑑对折后接入电路中，发现电流表示数变大。据此，他得出结论：导体的横截面积越大，电阻越小。他的这种实验方法是______(选填“正确”或“错误”)的，理由是______。19.测量小灯泡的电功率。小灯泡的

额定电压为2.5𝑉，正常工作时电阻大约为10𝛺左右。实验时采用的电源电压恒定为6𝑉。(1)实验室中有规格分别有“10𝛺1𝐴”和“50𝛺2𝐴“的滑动变阻器，此实验中应选择规格为______的滑动

变阻器。(2)图甲已经连接好了一部分实验电路，请你将继续将实验电路连接完整。(3)闭合开关后，移动滑动变阻器滑片，发现灯泡亮度很暗且不发生变化，产生这一现象的原因可能是______。A.灯泡出现短路B.电流表出现短路C.滑动变阻器连接𝐴𝐵两

个接线柱D.滑动变阻器连接𝐶𝐷两个接线柱(4)排除故障后，移动滑动变阻器滑片，进行多次测量，记录小灯泡两端的电压和通过的电流如下表。实验中小灯泡的额定功率为______𝑊，正常工作时电阻为______𝛺。请你用描点法在图乙中画出实验中小灯泡的𝑈−𝐼图象。次数电压𝑈/𝑉电流𝐼/𝐴

11.00.1822.50.3033.00.32第9页，共30页(5)完成实验后，该组同学又找来了几个不同阻值不同的电阻代替小灯泡，继续探究“电压不变时，电流与电阻的关系”，得到实验数据如下表所示。该组同学做完第2次实验，更换好电

阻后闭合开关，应将滑动变阻器滑片𝑃向______(填“𝐴”或“𝐵”)，使电压表示数为______𝑉，才能完成第3次实验。次数1234电阻𝑅/𝛺5101520电流𝐼/𝐴0.60.30.20.1520.探究影响电磁铁磁性强弱的因素。利用如图所示装置探究影响电磁铁磁性强弱的因素，

𝐴是铁块，𝐵是电磁铁，𝑅是定值电阻，𝑅′是滑动变阻器。(1)开关接1时，电磁铁有磁性将铁块𝐴磁化，𝐴的下端为______极。(2)开关接1时，弹簧的长度______，向左移动滑动变阻器的滑片𝑃，弹簧的长度变______，说明：其它条件相同时，______越大，电磁铁的磁性越强

。(3)开关接1时，移动滑动变阻器的滑片𝑃到某位置，读出电流表示数𝐼1。然后再将开关接2时，向______移动滑动变阻器的滑片，使电流𝐼2=______，就可以探究电磁铁磁性强弱与______的关系。21.小雨的房间里有两盏灯，两灯互不干扰。闭合𝑆1，壁灯𝐿1亮；闭合𝑆2，房间吸项

灯𝐿2亮，再闭合开关𝑆3，𝐿2更亮。现有一个电源、3个开关、2个灯泡、1个定值电阻和若干导线，请你设计上述电路，并将电路图画在方框内。22.如图所示家庭电路，开关𝑆1控制灯𝐿；墙上还有一个三孔插座。用笔画线表示导线，按照要

求，将它们连入电路。第10页，共30页23.将一个多孔位插排连接在三孔插座上，家中多种用电器连接在插排上，如图所示。这样的使用方法会使用电器的______过大，造成电路中电流过大，使插座板发热甚至燃烧，不符合安全用电原则。为防止电流过大造成的危害，一般情况下会安装_____

_，它可以在电流过大时，自动切断电路，起到保护作用。24.如图甲所示，是一种自动测定油箱内油量的装置，𝑅0是定值电阻，𝑅是转动式滑动变阻器，油量表是电流表改装而成。从油量表指针所指的刻度，就可以知道油箱内

液面的高度，请回答：(1)闭合开关，向油箱内加油，浮标会带动杠杆，使𝑅的滑片向______移动，连入电路中的电阻变______，油量表示数变大，显示油量增加。(2)正常行车过程中，油量表指示一直满偏，检查发现油箱本身完好。最可能出现下列的故障是______。A.𝑅0短路B.�

�0断路C.𝑅短路D.𝑅断路(3)如果使用电压表改装成油量表，依然能够达到油量增加，油量表示数增加的效果，油量表应当安装在什么位置？请你在图中把电压表的位置填在图乙合适位置上。25.随着生活水平的提高

，家用电器在日常生活中已不可缺少。某品牌电热水壶的铭牌如图所示。假定电热水壶的阻值不变。求：第11页，共30页电热水壶的铭牌额定电压220𝑉频率50𝐻𝑧额定功率880𝑊(1)电热水壶正常工作时的电流是多大？(2)

如果这个电热水壶的加热盘产生的热量有90%被水吸收。在1标准大气压下，利用此电热水壶将1.2𝑘𝑔、温度为12℃水，加热至沸腾，需要多长加热时间。26.如图甲所示电路，保持电源电压12𝑉不变。图乙是电路中灯泡𝐿的电流跟其两端电压关系

的图像。灯泡正常工作时的电流是0.3𝐴。求：请画出每小题的等效电路图。(1)只闭合开关𝑆1和𝑆2时，电路消耗的功率为1.2𝑊。𝑅2的阻值是多少？(2)闭合开关𝑆1、𝑆2、𝑆3，滑动变阻器移动到最右端时，电流表的示数为

𝐼=0.5𝐴，求滑动变阻器的最大阻值𝑅3为多少？(3)只闭合开关𝑆3，保证灯泡正常工作，滑动变阻器连入电路中的电阻是多大？27.小宇将一条形磁铁的一端固定在铁架台上，另一端吸着一些小铁钉，用酒精灯给磁铁加热，如图甲所示，经过一段时间后，当磁铁被烧红时，发现铁钉纷纷落下。(1)根据实验现象，

小宇大胆设计了一个温度报警器，如图乙所示。当温度逐渐升高时，磁铁第12页，共30页的______减弱直至消失，无法______(填“排斥”或“吸引”)弹簧开关，弹簧开关向下恢复原状，这样下面的电路就被接通，从而使电铃报警。(2)爸爸认为小宇设计的温度报警器

有不足之处，他给小宇设计了如图丙所示的温度报警器。图丁是其中电磁铁的放大图，请根据图丙，将图丁中的电流方向、电磁铁的𝑁𝑆极标注出来。(3)请你简单叙述图丙报警器的工作过程，并写出与图乙方案相比有什么优点。工作过程：

______。优点：______。第13页，共30页答案和解析1.【答案】𝐴【解析】解：在物理学中，A、焦耳是功和各种能量的基本单位，故A符合题意；B、瓦特是功率的基本单位，故B不符合题意；C、安培是电流的基本单位，故C不符合题意；D、欧姆是电

阻的基本单位，故D不符合题意。故选：𝐴。根据对常见物理量及其单位的掌握作答。此题考查我们对常见物理量及其单位对应关系的掌握情况，属于识记性知识的考查，难度不大。2.【答案】𝐴【解析】解：𝐴、由欧姆定律可知：电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比，则导体两端电压越

大时通过这段导体的电流越大，故A正确；B、在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比，故B错误；C、由公式𝑈=𝐼𝑅可知，在电流一定时，导体的电阻越大，它两端的电压越大，故C错误；D、电阻是导体本身的一种性质，与导体两端的电压和通过的电流无关，故D错误。故选：𝐴。(1)电

阻是导体本身的一种属性，与材料、长度、横截面积、温度有关，与导体两端的电压和通过的电流无关；(2)欧姆定律的内容：一段导体中的电流跟这段导体两端的电压成正比，跟这段导体的电阻成反比。知道影响电阻大小的因素，并且知道导体的电阻与导体两端的电压和通过的电流无关，但可以根据欧姆定律计算电阻的大小。3.【

答案】𝐵【解析】解：A、图中小磁针的𝑆极与条形磁体的𝑁极互相吸引，故A正确；B、图中小磁针的𝑁极与条形磁体的𝑁极互相吸引，小磁针的𝑆极与条形磁体的𝑆极互相吸引，故B第14页，共30页错误；C、图中磁体周围的磁感线从磁体的𝑁极出来，回到磁体的𝑆极，故C正确；

D、图中磁体周围的磁感线从磁体的𝑁极出来，同名磁极相互排斥，故D正确。故选：𝐵。(1)在磁场中，小磁针静止时北极所指的方向为该点的磁场方向；(2)磁极之间相互作用的规律：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；(3)

在磁体的周围，磁感线从磁体的𝑁极出发，回到𝑆极。本题考查磁极间相互作用规律即磁体周围的磁感线的形状与附近磁体的磁极有关，要记住课本中常见磁体周围磁感线的形状。4.【答案】𝐵【解析】解：根据电路图可知，两灯泡并联，开关𝑆控制整个电路

，；A、𝐴图两灯泡串联，不符合题意，故A不符合题意；B、𝐵图两灯泡并联，开关𝑆控制整个电路，故B符合题意；C、𝐶图灯泡𝐿2被短路，不能工作，只有灯泡𝐿1工作，故C不符合题意；D、𝐷图两灯泡并联

，开关𝑆控制灯泡𝐿1，故D不符合题意。故选：𝐵。先分析用电器之间的连接方式以及开关的作用，然后根据电路图将实物电路连接起来。会识别串并联电路以及开关在电路中的作用，会根据电路图判断出正确的实物图。5.【答案】𝐷【解析】解：𝐴𝐵、两玻璃棒均失去电子带正电，丝绸会得电子带负电，故AB正确；

𝐶𝐷、丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，故两根玻璃棒都带正电，为同种电荷，相互排斥，故C正确、D错误。故选：𝐷。本题可根据对摩擦起电知识的掌握分析答题，丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，而毛皮摩擦过的橡胶棒带负电。同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。本题考查学生对静电

现象的认识和理解，此部分内容较为基础，要求学生在平时学习中做好积累，难度较低。第15页，共30页6.【答案】𝐷【解析】解：𝐴𝐵、电风扇工作时，消耗了电能，风扇会转动，得到了机械能，电机的发热得到了内能，因此将电能转化为了机械能和内能，故AB正确；C、电扇在使用时，叶片转动，与空气

摩擦，使扇叶带电，从而使扇叶吸引轻小灰尘，故C正确；D、电风扇的功率是一定的，由𝑊=𝑃𝑡可知工作时间越长，消耗电能越多，故D错误。故选：𝐷。(1)用电器工作时，用电器消耗了电能，得到了其它形式的；(2)不同物质组成的物体，相互摩擦带异种的电荷，摩擦带电的物体具有吸

引轻小物体的性质；(3)根据𝑊=𝑃𝑡可知工作时间越长，消耗电能的变化。本题综合考查了有关电风扇工作时的能量转化、摩擦起电现象以及功的计算公式，涉及的知识点多，但难度不大，理解相关的知识点是解题的关键。7.【答案】𝐵【解析】解：在𝑎、𝑏间接

入电流表，电路中无电源，闭合电路中的部分导体只有在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，可以探究电磁感应现象，与发电机的原理相同；在𝑎、𝑏间接入电源，通电导体在磁场中会受到力的作用，可以探究磁场对电流的作用，与电动机的原理相同。综上

所述，故只有𝐵说法正确。故选：𝐵。闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这就是电磁感应现象，利用该现象制成了发电机；通电导体在磁场中会受到力的作用，据此制成了电动机。本题中的实验装置设计的很有特点；要熟练掌握磁生电和电生磁的电路的特点。8.【答案】𝐵

【解析】解：𝐴、由图可知，移动滑动变阻器的滑片，观察灯泡的亮度或电流表的示数变化可知滑动变阻器接入电路电阻的变化，故A能完成；B、探究电流与电压的关系时，需要保持电阻不变，而灯丝的电阻受温度的影响，故B不能完成；C、由图可知，电压表测灯泡两端的电压，电流表测通过灯泡的电流

，利用欧姆定律可求灯泡的第16页，共30页电阻，故C能完成；D、由图可知，通过调节滑动变阻器的滑片使灯泡正常发光，电压表测灯泡两端的电压，电流表测通过灯泡的电流，利用𝑃=𝑈𝐼可求灯泡的额定功率，故D能完成。故选：𝐵。(1)探究滑动变阻器的作用需要移动滑片

，通过观察灯泡的亮度或电流表的示数变化分析滑动变阻器接入电路电阻的变化；(2)探究电流与电压的关系时，需要保持电阻不变；(3)测量灯泡的电阻，需要测量灯泡两端的电压和通过灯泡的电流，利用欧姆定律求灯泡的电阻；(4)测量灯泡的额定功率

，需要测量灯泡正常发光时的电压和通过灯泡的电流，利用𝑃=𝑈𝐼求灯泡的额定功率。本题考查控制变量法的应用、伏安法测电阻和电功率，是一道基础题。9.【答案】𝐶【解析】解：𝐴、从图中可知，通过导体

甲的电流为1𝐴时，两端的电压为10𝑉，根据欧姆定律可知𝑅甲=𝑈1𝐼1=10𝑉1𝐴=10𝛺，故A错误；B、从图中可知，通过导体乙的电流为0.6𝐴时，两端的电压为12𝑉，根据欧姆定律可知𝑅乙=𝑈

2𝐼2=12𝑉0.6𝐴=20𝛺>𝑅甲，故B错误；C、将导体甲与乙串联后接入电路，串联电路的电流处处相等，已知𝑅乙>𝑅甲，根据𝑈=𝐼𝑅可知，𝑈甲<𝑈乙，故C正确；D、将导体甲与乙并联后接入电路，根据并联

电路的电压特点可知两导体两端的电压相等，已知𝑅乙>𝑅甲，根据𝐼=𝑈𝑅可知，𝐼甲>𝐼乙，故D错误。故选：𝐶。A、从图中可知，通过导体甲的电流为1𝐴时，两端的电压为10𝑉，根据欧姆定律可知𝑅甲的阻

值；B、从图中可知，通过导体乙的电流为0.6𝐴时，两端的电压为12𝑉，根据欧姆定律可知𝑅乙的阻值，进而比较两电阻的大小关系；C、将导体甲与乙串联后接入电路，串联电路的电流处处相等，已知两电阻的大小关系，根据𝑈=

𝐼𝑅可知，𝑈甲、𝑈乙的大小关系；第17页，共30页D、将导体甲与乙并联后接入电路，根据并联电路的电压特点可知两导体两端的电压相等，已知两电阻的大小关系，根据𝐼=𝑈𝑅可知𝐼甲、𝐼乙的大小关系。本题考

查欧姆定律的应用和串并联电路的特点，关键是从图中得出有用信息。10.【答案】𝐶【解析】解：电池的容量为1130𝑚𝐴⋅ℎ，所以手机锂电池充满电后，储存的电荷量：根据𝐼=𝑄𝑡可知，𝑄=𝐼𝑡=1130×10−3𝐴×3600𝑠=4068𝐶，充电电流所做的功：𝑊=𝑈𝐼𝑡=

𝑈𝑄=3.7𝑉×4068𝐶=15051.6𝐽≈1.5×104𝐽，即大约储存了1.5×104𝐽的电能。故选：𝐶。知道电池的容量，根据𝐼=𝑄𝑡求出电池储存的电荷量，根据𝑊=𝑈𝐼𝑡=𝑈𝑄求出电流做的功即为储存的电能。本题考查电能的计算，难度不大。11.【答案

】𝐵𝐷【解析】解：𝐴、我们规定电流方向是正电荷的定向移动方向，所以与负电荷的定向移动方向相反；故A错误；B、根据公式𝑄=𝑐𝑚𝛥𝑡可知，应该是一定质量的某种物质在温度升高(或降低)时吸收(或放出)的热量与它的质量和升高的温

度乘积之比叫做这种物质的比热容，故B错误；C、人类对太阳能的应用主要是把太阳能转化为内能和电能。故C正确；D、根据焦耳定律𝑄=𝐼2𝑅𝑡知，通过导体产生的热量跟电流的平方成正比，跟电阻成正比，跟通电时间成正比，故D错误；故选：𝐵𝐷。(1)电流方向是正电荷的定向移动

方向；(2)比热容的概念：单位质量的某种物质升高或降低1℃吸收或放出热量叫做这种物质的比热容；(3)人类目前对太阳能的主要的应用：主要是把太阳能转化为内能和电能；(4)焦耳定律的主要内容：𝑄=𝐼2𝑅𝑡。第18页，共30页本题是关于电流方向、比热容、人类对太阳能的应用、

焦耳定律的考查，是一道基础性较强的题。12.【答案】𝐵𝐶𝐷【解析】解：𝐴、闭合开关，两电阻串联，串联电路的电流处处相等，且𝑅甲<𝑅乙，根据欧姆定律的变形式𝑈=𝐼𝑅可知，两电阻两端的电压𝑈甲<𝑈乙，故A错误；B、串联电路的电流处处相等，故串联可以

控制通过导体的电流和通电时间相同，应用了控制变量法，故B正确；C、闭合开关，串联电路的电流处处相等，且𝑅甲<𝑅乙，根据𝑄=𝐼2𝑅𝑡可知，1𝑚𝑖𝑛后乙瓶电阻产生的热量多，根据转换法可知，乙瓶温度

计的示数更高，故C正确；D、移动滑动变阻器的滑片，可改变电路中的电流，电阻的阻值不变，可以探究电流通过导体产生热量与电流大小的关系，故D正确。故选：𝐵𝐶𝐷。A、闭合开关，两电阻串联，串联电路的电流处处相等，且𝑅甲<𝑅乙，根据欧姆定律的变

形式𝑈=𝐼𝑅可知，两电阻两端的电压的大小关系；B、串联电路的电流处处相等，故串联可以控制通过导体的电流和通电时间相同；C、闭合开关，串联电路的电流处处相等，且𝑅甲<𝑅乙，根据𝑄=𝐼2𝑅𝑡可知哪一个瓶子的电阻产生的热量多，进而根据转换法可知，哪

一个瓶子的温度计的示数更高；D、移动滑动变阻器的滑片，可改变电路中的电流。本题为探究焦耳定律的实验，考查欧姆定律的应用、焦耳定律的应用和控制变量法等知识。13.【答案】𝐵𝐶𝐷【解析】解：𝐴、因为显示仪与𝑅0并联，所以显示仪是电压表，故A错误；B、被测温者温度越高，说明电压表示数

越大，由欧姆定律可知，电路电流越大，故B正确；C、被测温者温度越高，说明电压表示数越大，由欧姆定律可知，电路电流变大，由串联电路电压特点可知，𝑅两端电压越小，由𝑅=𝑈𝐼可知，热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，

故C正确；D、温度相同，说明热敏电阻的阻值不变，将𝑅0更换为阻值更大的电阻，由串联电路分压特点可知，𝑅0两端分得的电压变大，因此显示仪示数会变大，故D正确。故选：𝐵𝐶𝐷。第19页，共30页根据电路图可知，𝑅与𝑅0串联，显示仪与𝑅0并联；(1)根据电流表和电压表的正确使用确定显示

仪是电流表还是电压表；(2)根据电压表示数和欧姆定律可知电路电流的变化；(3)根据串联电路分压的特点和欧姆定律可知热敏电阻随温度的变化；(4)当温度相同，说明热敏电阻的阻值不变，若将𝑅0更换为阻值更大的电阻，由串联电路分压特点可知显示仪示数的变化。本题考查串联电路

的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是题干中获取有效的信息，难度不大。14.【答案】𝐴𝐵𝐷【解析】解：A、根据控制变量法可知，实验时，需要选用初温和质量相同的水和植物油，故A正确；B、实验中

利用加热时间显示两种液体吸收热量的多少，这种方法叫转换法，故B正确；C、水的比热容比植物油的比热容大，因此水的吸热能力强，由图示可知，加热相同时间，𝑎的温度变化快，𝑏的温度变化慢，因此图线𝑎表示的是植物油，图线𝑏表示的是水，故C错误；D、由

图像可知，水的初温为20℃，水的末温为50℃，则水吸收的热量：𝑄吸=𝑐水𝑚水𝛥𝑡=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)×500×10−3𝑘𝑔×(50℃−20℃)=6.3×104𝐽，故D正确。故选：𝐴𝐵𝐷。(1)我们使用相同的加热器加热，通过加热时间的长短来

比较吸热多少，这种方法叫转换法；比较物质吸热能力的2种方法：①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力

强；(2)根据图像读出水的初温和水的末温，根据𝑄吸=𝑐𝑚𝛥𝑡求出水的质量。本题比较不同物质的吸热能力以及热量的计算，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。15.【答案】𝐴𝐷第20页，共30页【解析】解：𝐶𝐷、由𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅

可知，电源电压一定时，总电阻越大，总功率越小，反之总功率越大，则：当𝑆1闭合，𝑆2在𝑎处，𝑅2被短路，电路为𝑅1的简单电路，此时电路中总电阻较小，总功率较小，为中温挡；𝑆1闭合，𝑆2在𝑏处，此时为𝑅1、𝑅2并联的电路，电

路中的总电阻最小，总功率最大，为高温挡；𝑆1断开，𝑆2在𝑎处，此时为𝑅1、𝑅2串联的电路，电路中的总电阻最大，总功率最小，为低温挡；𝑆1断开，𝑆2在𝑏处，电路为断路；故C错误，D正确；A、当𝑆1闭合，𝑆2在𝑎处，𝑅

2被短路，电路为𝑅1的简单电路，电路电流：𝐼=𝑈𝑅1，故A正确；B、当𝑆1断开，𝑆2在𝑏处，电路为断路，电路的总功率为0，故B错误。故选：𝐴𝐷。(1)当𝑆1闭合，𝑆2在𝑎处，𝑅2被短路，电路为𝑅1的简

单电路，此时电路中总电阻较小；𝑆1闭合，𝑆2在𝑏处，此时为𝑅1、𝑅2并联的电路，电路中的总电阻最小；𝑆1断开，𝑆2在𝑎处，此时为𝑅1、𝑅2串联的电路，电路中的总电阻最大；𝑆1断开，𝑆2在𝑏处，电路为断路；根据𝑃=𝑈2𝑅分析养生壶

的挡位；(2)当𝑆1闭合，𝑆2在𝑎处，𝑅2被短路，电路为𝑅1的简单电路，根据欧姆定律表示电路电流；(3)𝑆1断开，𝑆2在𝑏处，电路为断路，电路总功率为0。本题考查了串并联电路的特点和电功率公式的应用，分清养生壶处于不同状态时电路的连

接方式是关键。16.【答案】断路𝐿1支路0.36【解析】解：(1)两灯并联，电流表测通过𝐿1的电流，开关控制整个电路，如图所示：；(2)闭合开关，发现𝐿1亮，说明干路和𝐿1支路是通路，但灯𝐿2不亮，电路可能存在的故障是𝐿2断路造

成的；因为电流表与𝐿1串联，故电流表测通过𝐿1的电流，因此𝐿1支路的电流为0.2𝐴；第21页，共30页(3)要测干路电流，需要将电流表串联到干路上，如图所示：；(4)此时用电流表测干路中的电流时，电流表的示数如图丁所示，电流表选用小量程，

分度值为0.02𝐴，则干路电流为0.56𝐴，根据并联电路电流的规律可知，灯𝐿2支路的电流为：𝐼2=𝐼−𝐼1=0.56𝐴−0.2𝐴=0.36𝐴。故答案为：(1)如图所示；(2)断路；𝐿1支路；(3)如图所示；(4)0.36。(1)两灯并联，电流表测通过𝐿1的电流，开关控制

整个电路，据此画电路图；(2)闭合开关，发现𝐿1亮，说明干路和𝐿1支路是通路，根据灯𝐿2不亮分析电路可能存在的故障；电流表与被测电路串联；(3)电流表与被测电路串联，据此连接电路；(4)根据电流表选用小量程确定分度为读数；根据并联电路的电流特点求出另一条支路

的电流。本题探究并联电路的电流规律，考查电路连接、故障分析、电流表读数及并联电路电流的规律。17.【答案】𝐴与𝐵各用电器两端的电压之和(3)串联电路中，各元件两端的电压之比是否等于各元件的电阻之比【解析】解：(1)想测量𝐿1两端的电压𝑈1，应当将电压表

并联在图甲的𝐴与𝐵之间。电压表并联在𝐿1两端，通过电压表的电流“正进负出”，从表格中可知，𝐿1两端的电压都小于3𝑉，故电压表选用小量程。如图：(2)由表中的数据可以看出：第22页，共30页2.8𝑉+1.3𝑉=4.1𝑉；2.

0𝑉+2.5𝑉=4.5𝑉；1.4𝑉+3.1𝑉=4.5𝑉；因此可以得出：串联电路两端的总电压等于各用电器两端的电压之和；(3)将两个灯泡更换为𝑅1=5𝛺、𝑅2=10𝛺的两个电阻，故两电阻的阻值之比为：𝑅1𝑅2=5𝛺10𝛺=12，发现两

电阻两端的电压𝑈1：𝑈2=1：2，；两个比值相等，针对此，可提出的探究问题为：串联电路中，各元件的电阻之比是否等于各元件两端的电压之比。故答案为：(1)𝐴与𝐵；如图；(2)各用电器两端的电压之和；(3)串联电路中，各元件两端的电压之比是否等于各元

件的电阻之比。(1)想测量𝐿1两端的电压𝑈1，应当将电压表并联在𝐿1两端；电压表并联在𝐿1两端，通过电压表的电流“正进负出”，从表格中可知，𝐿1两端的电压都小于3𝑉，故电压表选用小量程：(2)根据表中的数据，分别计算出每一次实验中两灯泡两端的电压之和，再和总电压值比较，得出结论；(

3)将先得出两电阻的阻值之比，且已知两电阻两端的电压𝑈1：𝑈2=1：2，分析两个比值的大小，提出探究问题。本题为探究串联电路的电压特点的实验，考查电路连接、实验结论等知识。18.【答案】横截面积𝑐、𝑑𝑑、𝑐、𝑏、𝑎错误没有

控制电阻丝的长度相等【解析】解：(1)在𝑀𝑁间分别接入𝑏、𝑐电阻丝，由表中数据可知，长度和材料相同，而横截面积不同，故探究的是电阻跟导体的横截面积的关系；通过𝑎的电流大于通过𝑏的电流，则𝑎的电阻要

小于𝑏的电阻；(2)𝑐、𝑑的材料和横截面积相同，长度不同，要探究电阻与长度的关系，可选用编号为𝑐、𝑑的两根电阻丝进行实验；(3)电流表串联在电路中，由𝑅=𝑈𝐼可知电压一定，导体电阻越大，电路电流越小

，导体电阻越小，电路电流越大，根据表格数据可知实验中𝑎、𝑏、𝑐、𝑑四根电阻丝的电阻由大到小排列应为𝑑、𝑐、𝑏、𝑎；第23页，共30页(4)实验应采用了控制变量法，将电阻丝𝑑对折后既改变了横截面积，也改变了长度。故答案为：(1)横截面积；(2)𝑐

、𝑑；(3)𝑑、𝑐、𝑏、𝑎；(4)没有控制电阻丝的长度相等。(1)(2)(4)电阻的大小在不考虑温度的前提下，有三个决定因素：材料、长度、横截面积。因此要研究电阻的大小与每一个因素的具体关系时

，要用到控制变量法。即研究电阻的大小与哪个因素有关，就要让这个因素变化，其余的因素都相同去做实验。根据这个思路可以解决此类题目；(3)根据𝑅=𝑈𝐼判断电阻的大小。本题考查影响电阻大小的因素，主要是控制变量法和欧姆定律的应用。19.【答案】“50𝛺2𝐴”𝐶0

.758.3𝐵3【解析】解：(1)小灯泡的额定电压为2.5𝑉，电阻大约为10𝛺，由欧姆定律，灯的额定电流：𝐼=𝑈𝑅=2.5𝑉10𝛺=0.25𝐴，根据串联电路电压的规律，灯正常发光时，变阻器分得的电压为：𝑈滑=6𝑉−2.5𝑉=3.5𝑉

，由欧姆定律，滑动变阻器接入电路的电阻：𝑅滑=𝑈滑𝐼=3.5𝑉0.25𝐴=14𝛺>10𝛺，故应选用“50𝛺2𝐴”的滑动变阻器；(2)因为小灯泡的额定电压为2.5𝑉，所以电压表选用0～3𝑉的量程与小灯泡并联，因为小灯泡的

额定电流为0.25𝐴，所以电流表选用0～0.6𝐴的量程与小灯泡串联，图中滑动变阻器已经选用了下面的接线柱，故上面的接线柱任选一个，如图所示：；(3)某同学闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，发现灯泡的亮度很暗且不变，说明电路中电流很小，且电流大小不变，说明变阻器没有了变

阻的作用，且电阻较大，故可能的原因是：将变阻器下面两个接线柱连入了电路，故选C；(4)由表中数据可知，灯泡的额定电压为2.5𝑉，额定电流为0.30𝐴，故灯泡的额定功率为：𝑃额=第24页，共30页𝑈额�

�额=2.5𝑉×0.30𝐴=0.75𝑊，由𝐼=𝑈𝑅可知，小灯泡正常工作时电阻：𝑅𝐿=𝑈额𝐼额=2.5𝑉0.30𝐴≈8.3𝛺，根据表格中数据描点，并连线如图所示：；(5)由图表在数据可知，电流

表定值电阻两端的电压为：𝑈𝑉=𝐼𝑅=0.6𝐴×5𝛺=3𝑉，根据串联电路的分压原理可知，将定值电阻由10𝛺改接成15𝛺的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，根据串联电路电压的规律可知，为了保持定值电阻两端电压不变，应增大滑动变阻器分得的

电压，由串联分压的分压原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向𝐵端移动，使电压表的示数为3𝑉不变。故答案为：(1)“50𝛺2𝐴”；(2)如图所示；(3)𝐶；(4)0.75；8.3；如图所示；(5)𝐵；3

。(1)由欧姆定律求出灯的额定电流，根据串联电路的规律及欧姆定律求出灯正常发光时变阻器连入电路的电阻，确定应选用的滑动变阻器；(2)根据小灯泡的额定电压确定电压表量程并联在小灯泡的两端，根据小灯泡的额定电流确定电流表的量程与小灯泡串联，滑动变阻器采用一上一

下的方式串联在电路中；(3)移动滑动变阻器的滑片，发现灯泡的亮度很暗且不变，说明电路中电流很小，且电流大小不变，可知变阻器没有了变阻的作用，且电阻较大，据此分析；(4)根据表中灯泡的额定电压和额定电流，利用𝑃=𝑈𝐼即可得出灯泡的额定功率；根据表一实验数据应用描点法

作出电阻的𝑈−𝐼图象；(5)利用欧姆定律计算出定值电阻两端所控制的电压；根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联

电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向。本题测量小灯泡的电功率，考查器材选择、电路连接、故障分析、电功率计算、欧姆定律的应用、控制变量法及实验操作。第25页，共30页20.【答案】𝑁变长长电流右𝐼1线圈匝数【解析】解：(1)由图可知，电流从𝐵电磁铁的上端流入、

下端流出，根据安培定则可知，电磁铁的上端为𝑆极，下端为𝑁极；电磁铁有磁性，将铁块𝐴磁化，由磁化规律可知𝐴的下端为𝑁极；(2)开关接1，电磁铁有磁性将铁块吸下，弹簧的长度变长；当滑片𝑃向左的滑动过程中，变阻

器的阻值变小，电路中的电流变大，电磁铁的磁性变强，对铁块的吸引力增大，故弹簧会变长一些。这说明：其它条件相同时，电流越大，电磁铁的磁性越强；(3)实验中，他将开关𝑆从1换到2上时，连入电路中线圈的匝数减少，连入

电路中线圈的电阻减小；由实验操作可知该实验是为了探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，则应控制两次实验中电流的大小不变(即𝐼2=𝐼1)，电路的总电阻不变，因连入电路中线圈的电阻减小，由电阻的串联可知变阻器接入电路的阻值应增大，所以应向

右调节变阻器的滑片。故答案为：(1)𝑁；(2)变长；长；电流；(3)右；𝐼1；线圈匝数。(1)根据安培定则判定电磁铁的极性。在电磁铁的磁场中被磁化后，铁块的极性是：靠近𝑁的为𝑆，靠近𝑆的为𝑁；(2)根据滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，由

欧姆定律可得出电流的变化，进而可知电磁铁的磁性强弱的变化；(3)影响电磁铁磁性强弱的因素有电流的大小和线圈匝数的多少；在实验中，应注意控制变量法的运用。本题考查了探究影响电磁铁磁性强弱的因素、安培定则的应用，难度适中。21.【答案】解：由

题意可知，两灯互不影响，即两灯应并联在电路中。当𝑆1闭合时，壁灯𝐿1亮；𝑆2闭合，房间吸顶灯𝐿2亮，再闭合开关𝑆3，𝐿2更亮，这说明电路中的电流变大，电阻变小，定值电阻和房间吸顶灯𝐿2串联，

闭合开关𝑆3时，定值电阻被短路，所以𝐿2亮变大，开关𝑆2控制房间吸顶灯𝐿2，设计电路图如下：第26页，共30页【解析】当𝑆1闭合时，壁灯𝐿1亮；𝑆2闭合，房间吸顶灯𝐿2亮，再闭合开关𝑆3，𝐿2更亮，这说明电路中的电流变大，电阻变小，定值电阻和房间吸顶灯𝐿2串联，闭合

开关𝑆3时，定值电阻被短路，所以𝐿2亮变大，开关𝑆2控制房间吸顶灯𝐿2。解决本题的关键是会根据要求判断电路元件的连接方式和设计出正确的电路，会用元件符号画出正确的电路图。22.【答案】解：首先辨别上面三根线分别为火线、零线、地线。(1)

灯泡的接法：火线先进入开关，再进入灯泡，零线直接接在灯泡的另一端；(2)安装三孔插座的方法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。如图所示：【解析】(1)灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。(2)三孔插

座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。23.【答案】总功率空气开关【解析】解：由图可知，多个用电器同时工作，此时导致家庭电路中电流过大的原因是用电器的总功

率过大；人们通常安装空气开关来防止这种现象带来的危害；当电路中的电流过大时，空气开关会自动切断电路。故答案为：总功率；空气开关。家庭电路中电流过大的原因有两个，即短路和总功率过大；当电路中有过大电流通过时，空气开关自动断开

，切断电路，从而起到保护电路的作用。该题考查了家庭电路中电流过大的原因、空气开关的作用等知识点，是一道综合题。24.【答案】下小𝐶第27页，共30页【解析】解：(1)由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，油量表串联在电路中；当往油箱内加油时，油面上升，浮标向上移动，在杠杆的作用

下滑片下移，变阻器连入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，显示油量增加；(2)正常行车过程中，油表指示一直满偏，说明电流表示数不变，由𝐼=𝑈𝑅可知，在电源电压不变时，电路中的电阻不变，即电路为定值电

阻的简单电路，则电路故障为滑动变阻器𝑅短路，故选C；(3)当往油箱内加油时，油面上升，浮标向上移动，在杠杆的作用下滑片下移，变阻器连入电路中的电阻变小，根据串联电路的分压规律可知，滑动变阻器分担的电压变小，根据串联电路的电压规律可知，定值电阻分担的电压变大，所以应该把电压表并联到定值电阻

的两端，如图所示：。故答案为：(1)下；小；(2)𝐶；(3)如上图。(1)由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，油量表串联在电路中；当往油箱内加油时，油面上升，据此可知滑片移动的方向和变阻器接入电路中的电阻

，根据欧姆定律可知电路中电流的变化；(2)正常行车过程中，油表指示一直满偏，说明电路为定值电阻的简单电路，据此分析；(3)根据串联电路的分压规律分析电压表的位置。本题考查了电表的正确使用、电路的动态分析、欧姆定律的应用等，难度不大。25.【答案】解：(1)根据𝑃=𝑈𝐼知电热

水壶正常工作时的电流为：𝐼=𝑃𝑈=880𝑊220𝑉=4𝐴；(2)在一个标准大气压下，水沸腾时的温度𝑡=100℃，则水吸收的热量：𝑄吸=𝑐水𝑚(𝑡−𝑡0)=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)×1.2𝑘𝑔×(100℃−12℃)=4.4352×105𝐽，由𝜂

=𝑄吸𝑊×100%可得消耗的电能：𝑊=𝑄吸𝜂=4.4352×105𝐽90%=4.928×105𝐽，第28页，共30页由𝑃=𝑊𝑡可得需要的时间：𝑡′=𝑊𝑃=4.928×105𝐽880𝑊

=560𝑠。答：(1)电热水壶正常工作时的电流是4𝐴；(2)如果这个电热水壶的加热盘产生的热量有90%被水吸收。在1标准大气压下，利用此电热水壶将1.2𝑘𝑔、温度为12℃水，加热至沸腾，需要加热560𝑠。【解析

】(1)根据𝑃=𝑈𝐼算出电热水壶正常工作时的电流；(2)在一个标准大气压下，水沸腾时的温度为100℃，根据𝑄吸=𝑐𝑚(𝑡−𝑡0)求出水吸收的热量，然后根据𝜂=𝑄吸𝑊和𝑊=𝑃𝑡即可求出加热时间。本题考查了吸热公式、电功率公式及效率公

式的灵活运用，熟练公式是关键。26.【答案】解：(1)由电路图可知，只闭合开关𝑆1和𝑆2时，灯泡被短路，电路为𝑅2的简单电路，电流表测量电路电流，等效电路如下图所示：由𝑃=𝑈2𝑅可知，𝑅2的阻值：𝑅2=𝑈2𝑃2=(12𝑉)21.2𝑊=120𝛺；(2)

由电路图可知，闭合开关𝑆1、𝑆2、𝑆3，灯泡被短路，𝑅2与𝑅3的最大阻值并联，电流表测量干路电流，等效电路如下图所示：通过𝑅2的电流：𝐼2=𝑈𝑅2=12𝑉120𝛺=0.1𝐴，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过滑动变阻器的电流：𝐼3=𝐼−𝐼2=0.

5𝐴−0.1𝐴=0.4𝐴，由𝐼=𝑈𝑅可得，滑动变阻器的最大阻值：𝑅3=𝑈𝐼3=12𝑉0.4𝐴=30𝛺；(3)由电路图可知，只闭合开关𝑆3，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量灯泡两端电压，电流表测第29页，共30页量电路电流，等效电路如下图所示：已知灯

泡正常发光的电流为0.3𝐴，由图乙可知，灯泡正常发光时，灯泡两端电压为6𝑉，因串联电路两端电压等于各部分电路两端电压之和，所以此时滑动变阻器两端电压：𝑈3′=𝑈−𝑈𝐿=12𝑉−6𝑉=6𝑉，因串

联电路处处电流相等，所以此时滑动变阻器接入电路的阻值：𝑅3′=𝑈3′𝐼𝐿=6𝑉0.3𝐴=20𝛺。答：(1)𝑅2的阻值是120𝛺；(2)滑动变阻器的最大阻值为30𝛺；(3)只闭合开关𝑆3，保证灯泡正常工作，滑动变阻器连入电路中的电阻是20𝛺。【解析】(1)由电路

图可知，只闭合开关𝑆1和𝑆2时，灯泡被短路，电路为𝑅2的简单电路，电流表测量电路电流，根据𝑃=𝑈2𝑅求出𝑅2的阻值；(2)由电路图可知，闭合开关𝑆1、𝑆2、𝑆3，滑动变阻器移动到最右端时，灯泡被短路，𝑅2与𝑅3的最大阻值并联，电流表测量

干路电流，根据并联电路电压规律和欧姆定律求出通过𝑅2的电流，再根据并联电路电流规律和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的阻值，即滑动变阻器的最大阻值；(3)由电路图可知，只闭合开关𝑆3，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量灯泡两端电压，电流表测量电路电流

，已知灯泡正常发光的电流，根据图像读出灯泡正常发光时两端电压，再根据串联电路电压规律和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的阻值。本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分析开关闭合、断开时电路的连接方式和电表所测的电路元件

是关键。27.【答案】磁性吸引当温度上升到80℃时，控制电路接通，电路中有电流，电磁铁具有磁性，吸引衔铁，使得电铃的电路接通，电铃发出响声丙方案可以设定报警的具体温度【解析】解：(1)如图甲所示，开始磁体的右端吸引了很多的铁钉，说明磁体的磁性很强，加热一段时间后，当磁铁被烧红时，发现铁钉纷纷落

下，说明没有了磁性。实验表明温度影响磁体的磁性，温度越高，磁性越弱，高温下可以消磁；如图乙所示，开始时磁体吸引弹簧开关，当温度逐渐升高时，磁铁的磁性减弱直至消失，无法吸第30页，共30页引弹簧开关，弹簧开关向下恢复原状，这样下面的电路就

被接通，从而使电铃报警；(2)电流从电磁铁的右端流入，左端流出，根据安培定则可知，电磁铁的右端为𝑁极，左端为𝑆极；根据安培定则可知，电流从电磁铁的右端流入，左端流出，如图所示：；(3)当温度上升到80℃时，控制电路接通，电路中有电流，电磁

铁具有磁性，吸引衔铁，使得电铃的电路接通，电铃发出响声；通过对比乙丙实验设计，图丙报警器可以设定具体的报警温度，而乙图设计难以设定具体的报警温度。故答案为：(1)磁性；吸引；(2)如上图；(3)当温度上升到80℃时，控制电路接通，电路中

有电流，电磁铁具有磁性，吸引衔铁，使得电铃的电路接通，电铃发出响声；丙方案可以设定报警的具体温度。(1)通过磁体吸引铁钉的多少说明磁体磁性的强弱。根据实验现象得出结论：温度影响磁性强弱，利用这一结论解

释问题。(2)根据安培定则判定电磁铁的两极；(3)通过实验设计进行对比找到存在的问题。掌握磁体的磁性强弱和温度有关。利用这一特点设计成自动报警装置。