【文档说明】2021-2022学年山东省临沂市蒙阴县九年级上期末物理试题及答案解析.docx，共(25)页，554.250 KB，由小喜鸽上传

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第1页，共25页2021-2022学年山东省临沂市蒙阴县九年级（上）期末物理试卷1.会估测物理，是学好物理的基本功之一。对于以下估测你认为与实际情况最接近的是()A.家用空调的功率为50𝑊B.一节新干电池的电压为2𝑉C.我国家庭电路的电压为220𝑉D.考场内一盏日光灯正常发光

时的电流约为20𝐴2.第二十四届冬季奥林匹克运动会，于2022年2月4日在中华人民共和国首都北京开幕，于2022年2月20日闭幕。为确保2022年北京冬奥会顺利举行，需要进行人工造雪。造雪机在工作时，不断将水吸入，并持续从前方喷出“白雾”，在“白雾”下方沉积成一层“白雪”

，如图所示。造雪机在造雪过程中，水发生的最主要物态变化是()A.凝固B.凝华C.升华D.液化3.如图所示是某物质熔化时温度随时间变化的图像，由图像可知该物质()A.是非晶体B.在𝑐𝑑段处于液态C.熔化过程持续了14𝑚𝑖𝑛D.在𝑏

𝑐段不吸热，温度不变4.科幻大片《流浪地球》中地球为脱离木星，主人公点燃了木星上的可燃气体，从而将地球推离木星，其中“点燃木星”将地球推开相当于内燃机的()A.吸气冲程B.压缩冲程C.做功冲程D.排气冲程5.下面是小明同学热学“物理学习笔记”中

的摘录，其中正确的是()A.温度越高的物体具有的热量越多B.热量是在传递过程中物体内能改变的多少C.做功和热传递在改变物体热量上是等效的D.某种燃料在燃烧时所放出的热量叫做这种燃料的热值第2页，共25页6.由𝑐=𝑄𝑚(𝑡2−𝑡1)，关于同一种物质的比热容，下列说法正确的是()A

.无论质量多大，比热容都一样B.若质量增大一倍，则比热容减小一半C.若吸收的热量增大一倍，则比热容增大一倍D.若加热前后的温度差增大一倍，则比热容增大一倍7.如图所示是一个“充电宝”正在给手机充电，下列说法的是()A.手机电池相当于电源B.“充电宝”相当于电源C.连接线相

当于导线D.“充电宝”、手机电池连接线形成通路8.如图的电路中，当开关𝑆闭合时，下列说法中正确的是()A.𝐿1、𝐿2都不亮，电流表不会损坏B.𝐿1、𝐿2都不亮，电流表会损坏C.𝐿2不亮，𝐿1亮，电流表会损坏D.𝐿1不亮，𝐿2亮，电流表不会损

坏9.如图所示为某同学连接的电路，下列有关说法正确的是()A.滑动变阻器与灯泡并联B.滑动变阻器的滑片向右移动，灯泡亮度变暗C.滑动变阻器的滑片向右移动，灯泡亮度变亮D.滑动变阻器的滑片向右移动，灯泡亮度不变第3页，共25页10.如图电路，闭合开

关𝑆后，电压表𝑉1的示数为6𝑉，电压表𝑉2的示数为2𝑉，则电阻𝑅1两端的电压为()A.4𝑉B.2𝑉C.8𝑉D.6𝑉11.同学们在学习电流表时善于研究的同学就拆开观察过它的结构、通过老师了解过它的原理。如图所示是它的内部结构图，处在磁场

中的线圈有电流通过时，线圈会带动指针一起偏转。下列四幅图中与此电流表工作原理相同的是()A.B.C.D.12.“安全用电，珍爱生命”是同学们应有的意识。下列做法中符合安全用电原则的是()A.保险丝熔断后用铜丝代替B.家用电器的金属外壳一定要接地C.发现

有人触电，立即用手将他拉开D.使用测电笔辨别火线或零线时，手不能接触笔尾金属体13.关于电流、电压和电阻，下列说法中正确的是()A.当导体两端的电压为零时，其电阻也为零B.导体的电阻越大，表明其导电能力越强C.通过导体的电流越大，这段导体的电阻就越

小D.通过导体中的电流，与其两端的电压成正比，与其电阻成反比第4页，共25页14.如图所示，在“探究串联电路中电压的规律”时，小雨同学用电压表测出𝑈𝑎𝑏=3𝑉，𝑈𝑏𝑐=3𝑉，𝑈𝑎𝑐=6𝑉，在表格中记录数据后，下一步应该做的是()A.整理器材，分

析数据，得出结论B.对换𝐿1和𝐿2的位置，再测出一组电压值C.换用电压表的另一量程，再测出一组电压值D.换用不同规格的小灯泡，再测出几组电压值15.如图所示电路，开关𝑆2由断开到闭合的过程中，下列有关说法正确的是()A.电压表示数不变，电流表示数变大B.电压表示数变大，电流表示数变小C.电

压表和电流表的示数的比值不变D.电压表和电流表的示数的比值变大16.小明用如图所示的器材探究“影响电阻大小的因素”，𝑎、𝑏为长度一样的镍铬合金丝，𝑏比𝑎横截面积大。关于此实验，下列说法正确的()A.小灯泡越亮

，表示接入的合金丝电阻越大B.利用此装置只能探究导体电阻大小和横截面积的关系C.为了准确比较两条合金丝的电阻，可在电路中串联一个电压表D.利用此装置能探究导体电阻大小和横截面积、长度的关系17.下列各图能正确反映电荷之间、磁极之间相互作用规

律的是()第5页，共25页A.B.C.D.18.两个灯泡串联在电路中，其中一盏灯正常发光，另一盏灯发光较暗，则下列说法正确的是()A.发光较暗的灯泡电阻大，两端电压大，电功率小B.发光较暗的灯泡电阻小，两端电压小，电功率小C.正常发光的灯泡两端电压大，通过的电流大，电功率大D.

正常发光的灯泡灯丝的电阻小，通过的电流大，电功率大19.丹麦物理学家______发现了电流的磁效应；如图甲所示，电能表的示数为______𝑘𝑊⋅ℎ；如图乙所示的电阻箱的示数为______𝛺。20.如图所示，𝐴是检验物体是否带电的

仪器叫______，它的工作原理是______，此状态表明𝐵物体______(选填“带电”或“不带电”)。21.汉江流经的地域广，且水量较大。大量的水蒸发时需要______(选填“吸热”或“放热”)，且水的______大，从而可以很好地调节两岸的湿度和气温。22.一个

导体两端的电压是12𝑉时，测得通过它的电流是0.3𝐴，导体的电阻是______𝛺；当它两端电压为0时，该导体的电阻为______𝛺。23.在如图所示的电路中，若使两灯串联，应闭合开关______；若使两灯并联，应闭合开关____

__；第6页，共25页24.如图所示电路，蓄电池电压恒定，两个完全相同的烧瓶内分别装有质量相等、初温相同的煤油，煤油中分别浸入电阻丝𝑅1和𝑅2，且𝑅1<𝑅2.利用该电路可探究电流通过导体产生的热量与导体______的关系，电流通过导体产生热量的多

少可通过______来反映。25.如图是电阻𝑅𝐴和𝑅𝐵两端电压与电流的𝑈−𝐼图象。如果将𝑅𝐴和𝑅𝐵串联起来，它们两端电压之比为______；如果将𝑅𝐴和𝑅𝐵并联起来，通过它们的电流之比为______。26.有甲、乙两只灯泡分别标有“220𝑉4

0𝑊”和“110𝑉40𝑊”字样，当它们正常发光时______(选填“甲灯较亮”、“乙灯较亮”、“一样亮”或“无法判断”)；小明养成随手关灯的良好习惯，当他关掉家中不用的电灯后，家中电路的总电阻______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。27.如图所示，是

小磁针放在通电螺线管左端静止时的情形，请判断并在合适的位置标出电源的正极和图中通电螺线管上方磁感线的方向。28.请用笔画线代替导线，将图中的电灯和开关正确的接入家庭电路中。29.小明在课下按教材“迷你实验室”自制成简易的电磁铁，并设计了如图所示的甲、乙、丙、丁电路去探究“影

响电磁铁磁性强弱的因素”。(1)实验通过观察电磁铁______来知道电磁铁磁性的强弱；第7页，共25页(2)比较______两图可知：匝数相同时，电流越大，磁性越强；(3)由图______可知：当电流一定时，匝数越多，磁性越强；(4)当丁图的滑

动变阻器滑片向左移动时，电磁铁𝑎、𝑏吸引大头针的个数______(填“增加”或“减少”)，说明电流越______。30.图甲是“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验装置。(1)在组装器材时，温度计的玻璃泡碰到了烧杯底部，此时应当将______(选填“𝐴处向上”或“𝐵处向下”)

调整；(2)某时刻温度计的示数如图甲所示，则该时刻的温度是______℃：(3)某小组用相同的装置先后做了水的质量分别为𝑚𝑎、𝑚𝑏的两次实验，绘制出如图乙所示的𝑎、𝑏两条图线。由图可知：实验中水的沸点为______℃；沸腾过程中水的

温度保持______；𝑚𝑎______𝑚𝑏(选填“>”“=”或“<”)：(4)各实验小组发现，水沸腾时的温度均低于100℃。那么，水的沸点可能与______有关。31.某同学在做“测量小灯泡的电功率”实验时，选取两节干电池作为电源，使用的小灯泡额定电压为2.5𝑉。

第8页，共25页(1)请使用笔画线代替导线，将图1所示的电路连接完整；(2)电路连接完成后，闭合开关前，应将图1中所示的滑动变阻器的滑片滑到______端(选填“𝐴”或“𝐵”)。(3)闭合开关，他发现灯泡不发

光，电流表示数不为零，电压表示数为零，则该故障可能是由于灯泡______(选填“断路”或“短路”)引起的。(4)故障排除后重新闭合开关，移动滑动变阻器滑片𝑃到某一位置时，电压表的示数如图2所示，此时灯泡两端的电压为______𝑉；若要使灯泡正常发光，他应

将图1中滑片𝑃向______(选填“𝐴”或“𝐵”)端移动。(5)移动滑片，使电压表示数为2.5𝑉，此时电流表的示数如图3所示，则灯泡的额定功率是______𝑊。32.某款电热饮水机具有加热和保温两挡，额定电压为220𝑉。图甲是其电路原理图。𝑆

0为温控开关，𝑅1，𝑅2为电热丝(阻值不变)，某次饮水机在额定电压下工作的电功率𝑃与时间𝑡的关系图像如图乙所示求：(1)饮水机处于保温挡阶段消耗的电能；(2)饮水机处于保温挡时，通过𝑅1的电流；(3)𝑅2的阻值。33.如图所示电

路，电源电压恒为8𝑉，小灯泡标有“6𝑉3𝑊”字样。若不考虑温度对灯泡电阻的影响，闭合开关，求：(1)小灯泡的额定电流；(2)灯泡正常发光时，滑动变阻器1𝑚𝑖𝑛产生的热量为多少𝐽；(3)移动滑动变阻器的滑片，当电压表示数为3𝑉时，小灯泡的实际功率。第9页，共

25页第10页，共25页答案和解析1.【答案】𝐶【解析】解：𝐴、家用空调的功率为1000𝑊，故A错误；B、一节新干电池的电压为1.5𝑉，故B错误；C、在我国，家庭电路中的电压为220𝑉，故C正确；D、考场内一盏日光灯正常发光时的功率约40𝑊，根据𝑃=𝑈𝐼可知通过灯泡的电流约为𝐼

=𝑃𝑈=40𝑊220𝑉≈0.18𝐴，故D错误。故选：𝐶。根据对家用空调、干电池电压、家庭电路的电压、电功率等的了解可逐一做出判断。本题主要考查了对电学相关物理量的了解与估测，属电学的基础知识，应多积累。2.【答案】𝐴【解析】解：人工造雪机

在造雪时，不断将水吸入，并持续从前方喷出“白雾”(小水珠)，在“白雾”下方沉积成一层“白雪”，因此这里的“雪”是由“小水珠”变化而来的，是由液态变为固态的过程，即水发生的物态变化是凝固，故A正确。故选：𝐴。物质由液态变成

固态的过程叫做凝固现象，本题中的雪是由小水珠造出来的，据此分析。本题考查了学生对物态变化的分析，要抓住物质变化前后的状态，这才是解题的关键。3.【答案】𝐵【解析】解：𝐴、由图知，此物质在熔化过程中保持

80℃不变，则该物质为晶体，并且熔点为80℃.故A错误；𝐵𝐶𝐷、由图可知，该物质从第4𝑚𝑖𝑛开始熔化到8𝑚𝑖𝑛即𝑏𝑐段完全熔化完，熔化过程持续了4𝑚𝑖𝑛，该物质在𝑏𝑐段处于熔化过程，吸收热量，温度不变，为固液共存态，𝑐𝑑段为液态，故

B正确；CD错误。故选：𝐵。要解决此题需要掌握晶体熔化过程的特点，并且要掌握熔点的概念。会分析晶体的熔化图像，若有一段时间温度不变，则为晶体。此时的温度即为该晶体的熔点。第11页，共25页从开始熔化到完全熔化完则为晶体的熔化时间。此题主要考查了学生对晶体熔化图像的分析，能够通过图像判断晶体或非晶

体，同时会判断晶体的熔点和熔化过程所用的时间。4.【答案】𝐶【解析】解：影片“流浪地球”开启了中国科幻元年，其中“点燃木星”将地球推开，内能转化为机械能，相当于内燃机的做功冲程，故C正确。故选：𝐶。内燃机的做功冲程将高温高压的燃气内能转化为机械能。本题考查了内燃机的冲程，根据能量的转化

可以解答。5.【答案】𝐶【解析】解：A、热量是过程量，只发生在热传递的过程中，只能说温度高的物体可能具有的内能大，故A错误；B、热量是在传递过程中物体内能改变的多少，故B正确；C、做功与热传递可以改变

物体的内能，做功与热传递在改变物体内能上是等效的，故C错误；D、单位质量的燃料完全燃烧时释放出的热量是燃料的热值，故D错误。故选：𝐶。(1)热量是过程量，就是说，热量只存在于热传递或热交换过程中，只能说吸收或放出热量，热量传递等；热量不是状态量，不能说含有或者具有热量；(2)做功与热传递是

改变物体内能的两种方式，它们在改变物体内能的效果上是等效的；(3)单位质量的燃料完全燃烧时释放出的热量是燃料的热值；热量是能量转化的量度，它是一个过程量。本题考查温度、热量、内能之间的关系，改变内能的方式以及热值的有关知识，难度不大。6.【答案】𝐴【

解析】解：比热容是物质本身的特性，无论质量多大，比热容都一样，它不会随物质吸收的热量、质量、温度的改变而改变，所以BCD错误，A正确。第12页，共25页故选：𝐴。知道比热容是物质本身的特性，它不会随物质吸收的热量、质量、温度的改变而改变。本题考查学生对比热

容概念的理解，知道比热容是物质本身的特性是解答的关键。7.【答案】𝐴【解析】解：𝐴、手机电池充电时，相当于用电器，故A错误；B、“充电宝”对手机充电，“充电宝”提供电能，“充电宝”相当于电源，故B正确；C、连接线相当于导线，故C正确；D、“充电宝”、

手机电池连接线形成通路，故D正确。故选：𝐴。(1)电路是指用导线把电源、用电器、开关连接起来组成的电流的路径；(2)手机电池和“充电宝”供电时是电源，充电时则为用电器。本题考查了电路的组成，电源的能量转化，是一道基础题。8.【答案】�

�【解析】解：由电路图可知，当开关𝑆闭合时，电流从电源的正极出发经电流表、导线直接回到电源的负极，此时造成电源短路，电路中的电流很大，会烧坏电流表，𝐿1、𝐿2都不亮，所以𝐴𝐶𝐷不正确，B正确。故选B。本题考查了电流表的使用及

电路的三种状态的分析，关键是知道开关𝑆闭合时会造成电流表不经用电器直接接在电源两极上，导致电源短路，电流表损坏，用电器短路时不能工作。9.【答案】𝐷【解析】解：𝐴、由图可知，该电路中电流的路径只有一条，滑动变阻器与灯泡是串联的，故A错误；𝐵𝐶

𝐷、图中滑动变阻器使用了下面2个接线柱，则变阻器的滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻保持不变，根据欧姆定律可知，电路中的电流不变，根据𝑃=𝐼2𝑅可知，灯泡的功率不变，其亮度不变，故D正确，BC错误。故选：𝐷。根据电流的路径判定

电路的连接方式；根据滑片移动的方向判定电阻的变化，根据欧姆定律判定第13页，共25页电流的变化，根据公式𝑃=𝐼2𝑅判定功率的变化。本题考查了电路的连接方式、滑动变阻器的作用，属于基础知识。10.【答案】𝐴【解析】解：由电路图

知，两电阻串联，电压表𝑉1测量的是电源电压，电压表𝑉2测量电阻𝑅2两端电压，因为串联电路两端的电压等于各部分电路两端的电压之和，所以电阻𝑅1两端电压为：𝑈1=𝑈−𝑈2=6𝑉−2𝑉=4𝑉。故选：𝐴。由电路图知，电压表𝑉1测量的是电源电压，电压表𝑉2测量电阻𝑅2两端电压，

根据串联电路的电压规律可以得到电阻𝑅1两端的电压值。能正确判断出两个电压表分别测量哪部分电压是解决此题的关键，基础题目。11.【答案】𝐷【解析】解：由题知，电流表的工作原理：通电线圈在磁场中受力而转动，并且电流越大，线圈受到的力越大，其转动的幅度越大；因

此可以利用电流表指针的转动幅度来体现电路中电流的大小。A、该装置是一个电磁铁，其原理是电流的磁效应，与电流表的工作原理无关，故A错误；B、该图为研究电流磁效应的实验，与电流表的工作原理无关，故B错误；C、该图为研

究电磁感应现象的实验，与电流表的工作原理无关，故C错误；D、该图为研究通电导体在磁场中受力而运动的实验，是电动机的原理图，与电流表的工作原理相同，故D正确。故选：𝐷。根据题意可知电流表是根据通电线圈在磁场中受力而转动的原理工作的，分析各选项图

所反映的原理，从而选择符合题意的答案。在学过的测量工具或设备中，每个工具或设备都有自己的制成原理，如：天平、温度计、电话、电磁继电器、测力计，以及此题中提到的这些设备。针对它们的制成原理的考查，是一个热点题型，需要重点掌握。12.【答案】𝐵第14页，共25页【解析】解：A、

铜丝的电阻小、熔点高，在电流过大时，产生的热量不容易达到熔点，因此不会熔断，起不到保险的作用，故A错误；B、带有金属外壳的用电器，外壳必须接地，防止金属外壳带电引起触电事故，故B正确；C、发现有人触电时，不应先用手拉他，而应先切断电源，故C错误；D、使用测电笔辨别零线和火线时，手要接触笔尾的金属

体，故D错误。故选：𝐵。(1)铜丝的电阻率小、熔点高，用铜丝代替保险丝，不能在电流过大时，自动切断电路；(2)带有金属外壳的用电器，外壳必须接地；(3)当发现用人触电时，不应该直接用手拉触电者，因为人体是导体，直接用手拉会让施救者也触电；正确做法是：切断电路，如果找不到

电路开关的情况下可以用绝缘棒把导线挑开；(4)正确使用测电笔：手接触笔尾金属体，笔尖金属体接触零线或火线，氖管发光的是火线，氖管不发光的是零线。本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不

能违反。13.【答案】𝐷【解析】解：𝐴、导体的电阻与导体中的电流、导体两端的电压大小无关，故A错误；B、导体的电阻越大，表明导体对电流阻碍作用越大，导电能力越弱，故B错误；C、导体中的电流的大小与电压和电阻的大小有关，故C错误；D、由欧姆定律可知，通过导体中的电流，与其两端的电压成正比，与其

电阻成反比，故D正确．故选D．导体的电阻是导体的一种性质，反映了导体对电流阻碍作用的大小；电阻大小与导体的材料、长度、横截面积有关，与导体中的电流、导体两端的电压大小无关．此题考查对电阻概念的理解和影响电阻大小因素的认识；

要抓住导体的电阻是导体本身具有的一种性质．14.【答案】𝐷【解析】解：在探究串联电路中的电压关系时。小华同学用电压表测出𝐴𝐵、𝐵𝐶、𝐴𝐶两端的电压分别为𝑈𝑎𝑏=3𝑉，第15页，共25页𝑈𝑏𝑐=3𝑉，𝑈𝑎𝑐=6𝑉.在表格中记录数

据后。再进行的步骤：①换用不同规格的小灯泡。再测出几组电压值；②整理器材，结束实验；③分析数据。得出结论。故选：𝐷。(1)串联电路两端的总电压等于各部分电路两端的电压之和。(2)探究串联电路中的电压关系时，应该使用相同规格的小灯泡、不同规格的小灯泡、不同的用电器进行多次实验，然后分析数据，

总结结论。(1)探究串联、并联电路的电流、电压的特点时要选择相同规格的灯泡，不同规格的灯泡，不同的用电器进行实验，才能使实验结论更准确。(2)掌握串联、并联电路的电流、电压的特点。15.【答案】𝐶【解析】

解：由电路图可知，开关𝑆2断开时两电阻串联，开关𝑆2闭合时电路为𝑅1的简单电路，电压表测𝑅1两端的电压，电流表测电路中的电流；因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，开关𝑆2由断开到闭合的过程中，电路中的总电阻变小，由𝐼=𝑈𝑅可得，电路中的电流变大

，即电流表的示数变大，故B不正确；由𝑈=𝐼𝑅可知，𝑅1两端的电压变大，即电压表的示数变大，故A不正确；因电压表和电流表的示数的比值等于定值电阻𝑅1的阻值，所以，电压表和电流表的示数的比值不变，故C正确，𝐷不正确。故选：𝐶。由电路图可知，开关𝑆2断开时两电

阻串联，开关𝑆2闭合时电路为𝑅1的简单电路，电压表测𝑅1两端的电压，电流表测电路中的电流；根据电阻的串联判断开关𝑆2由断开到闭合的过程中电路总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和𝑅1两端的电压变化，根据欧姆定律结合

定值电阻𝑅1的阻值判断电压表和电流表的示数的比值的变化。本题考查了电路的动态分析，涉及到电阻的串联特点和欧姆定律的应用，能把电表示数的比值转化为电阻的阻值来处理是关键。16.【答案】𝐷第16页，共25页【解析】解：𝐴、小灯泡越亮，电路中的电流越大，表示接入的合金丝电

阻越小，故A错误；B、利用此装置中的一根电阻丝，用夹子改变电阻丝的长度，也可以探究导体电阻大小和长度的关系，故B错误；C、为了准确比较两条合金丝的电阻，可在电路中串联一个电流表，根据电流的大小来判断电阻的大小。故C错误；D、利用此装置能探究导体电阻大小和横截面积的关系，也可以研究电阻与长度的

关系，长度可以选择其中一根导线，一次全部接入，另一次只接入其中一部分即可，故D正确。故选：𝐷。(1)在此实验装置中，运用转换法，电阻的大小通过比较小灯泡的亮度来判断，但是现象不是很明显，效果不好，为了准确比较电阻的大小，可以在电路中串联一只

电流表。(2)因为两根电阻丝的材料一样，故运用控制变量法，可以探究导体的电阻大小和横截面积、长度的关系。此题主要考查的是电阻大小的影响因素和转换法、控制变量法在物理实验中的熟练运用，是中考的常见题型。17.【答案】�

�【解析】解：𝐴、同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，该选项在都是正电荷，应该排斥，故A错误；B、该图中是𝑆极和𝑁极相互吸引，故B正确；C、异种电荷应该相互吸引，故C错误；D、𝑁极和𝑆极是异名磁极，应该相互吸引，故D错误。故选：𝐵

。自然界有两种电荷，正电荷和负电荷。电荷之间的相互作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。磁极间的相互作用规律：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。本题考查电荷间的相互作用规律和电磁间的相互作用，解答此题的关键是知道其

规律。18.【答案】𝐵【解析】解：𝐶𝐷、由题意可知，两个灯泡串联在电路中，根据串联电路的电流特点可知，通过两个灯泡的电流相等，故CD错误；第17页，共25页𝐴𝐵、灯泡的亮度由灯泡的实际功率决定，发光较暗的灯泡的实际功率较小，由𝑃=𝑈

𝐼=𝐼2𝑅可知，当电流相等时，实际功率较小，是因为灯泡的电阻较小，灯泡两端的电压较小，故B正确，A错误。故选：𝐵。(1)串联电路中，电流处处相等；(2)灯泡的亮度由灯泡的实际功率决定，灯泡越亮，实际功率越大

；由𝑃=𝑈𝐼=𝐼2𝑅可知，当电流相等时，灯泡的电阻越大，实际功率越大；灯泡两端的电压越大，实际功率越大。本题考查灯泡亮度与灯泡的实际功率的关系，串联串联的电流特点，题目比较基础。19.【答案】奥斯特2022.150【解析】解：(1)丹麦物理学家奥斯特最

早发现了通电导线周围存在磁场，即电流的磁效应；(2)电能表读数：数字方框中最后一位是小数，单位是𝑘𝑊⋅ℎ，由图甲可知，此时电能表的示数为2022.1𝑘𝑊⋅ℎ；(3)利用旋钮△对应的数字乘以对应的倍数，然后相加，即为电阻箱的示数，由图乙可知，电阻箱此时的示数𝑅

=0×1000𝛺+0×100𝛺+5×10𝛺+0×1𝛺=50𝛺。故答案为：奥斯特；2022.1；50。(1)丹麦物理学家奥斯特最早发现了通电导线周围存在磁场，即电流的磁效应；(2)电能表读数：数字方框中最后一位是小数，单位是𝑘𝑊⋅ℎ；(3)利用旋钮△对应的数字乘以对应的倍数，然后相加，

即为电阻箱的示数。本题考查物理学史、电能表的读数、电阻箱的读数，都是基础题，需要我们熟记。20.【答案】验电器同种电荷相互排斥带电【解析】解：如图所示的仪器是用来检验物体是否带电的仪器，叫验电器；用带电体接触它的金属球，电荷通过验电器的金属球传给金属杆传给两片金属箔，两片

金属箔带同种电荷，同种电荷相互排斥而张开；图示中两片金属箔张开，说明𝐵物体是带电的。故答案为：验电器；同种电荷相互排斥；带电。验电器是根据同种电荷相互排斥的原理制作的，是用来检验物体是否带电的仪器。若验电器的两金属薄片张开，表明此时与验电器接触的物体是

带电的。第18页，共25页本题考查对验电器用途、原理及其使用特点的了解，要牢记。21.【答案】吸热比热容【解析】解：水蒸发吸热，大面积的水体蒸发会带走较多的热量；水的比热容较大，与其他物质相比，在相同条件下，吸收或放出相同的热量，水温变化较小

。所以大面积的水体可以调节空气的湿度和气温。故答案为：吸热；比热容。(1)蒸发是汽化的一种，汽化吸热，所以蒸发也吸热；(2)水的比热容比较大，在相同质量、升高相同的温度时，水可以吸收更多的热量。此题考查了蒸发吸热和水的比热容较大对气温的影响，是一道联系实际的应用题。22.【答案】4040【解析】

解：(1)由欧姆定律𝐼=𝑈𝑅得导体电阻为：𝑅=𝑈𝐼=12𝑉0.3𝐴=40𝛺；(2)导体两端电压为0时，导体材料、长度、横截面积、温度不变，导体电阻不变为40𝛺。故答案为：40；40。(1)已知电压𝑈、电流

𝐼，由欧姆定律可求出电阻；(2)导体电阻与导体两端的电压无关，取决于导体的材料、长度、横截面积和温度。本题考查了欧姆定律、影响导体电阻的因素，是一道基础题；应用相关知识解题即可。23.【答案】𝑆3𝑆1、𝑆2【解析】解：由电路图可知，只闭合开关𝑆3，两灯顺次

连接，则为串联；闭合𝑆1、𝑆2，两灯并列连接在电源的两极之间，故为并联。故答案为：𝑆3；𝑆1、𝑆2。各电路元件首尾顺次连接的连接方式是串联，各电路元件并联连接的连接方式是并联；分析电路图然后答题。

本题考查了电路连接方式的判断，分析清楚电路结构即可正确解题。24.【答案】电阻；温度计示数变化第19页，共25页【解析】(1)由图可知，两电阻丝串联，则通过两电阻丝的电流和通电时间是相同的，电阻不同，所以探究的是热量与电阻的关系；(2)电流通过电阻丝做

功，消耗的电能转化为内能，产生的热量被煤油吸收，煤油吸收热量、温度升高，所以，本实验是通过温度计的示数变化反映电流产生的热量多少。根据图中的相同点和不同点，利用控制变量法分析实验探究的内容；此实验中用温度计示数变化的

大小反映产生热量的多少。本题主要考查焦耳定律的探究实验，注意控制变量法和转换法的应用，常见题目。25.【答案】2：11：2【解析】解：由图可知，∵当𝐼𝐴=𝐼0时，𝑈𝐴=2𝑈0；当𝐼𝐵=𝐼0时，𝑈𝐵=𝑈0，∴𝑅𝐴=𝑈𝐴𝐼𝐴=2𝑈0𝐼0=2⋅𝑈0𝐼0�

�𝐵=𝑈𝐵𝐼𝐵=𝑈0𝐼0，所以𝑅𝐴：𝑅𝐵=2：1，当电阻𝑅𝐴和𝑅𝐵串联时，因串联电路中电流处处相等，所以𝑈𝐴：𝑈𝐵=𝐼𝑅𝐴：𝐼𝑅𝐵=𝑅𝐴：𝑅𝐵=2：1当电阻𝑅𝐴和𝑅𝐵并联时，各支路两端的电压相等，所

以𝐼𝐴：𝐼𝐵=𝑈𝑅𝐴：𝑈𝑅𝐵=𝑅𝐵：𝑅𝐴=1：2故答案为：2：1，1：2由图象可知，𝐼𝐴=𝐼𝐵=𝐼0时对应的电压值，根据欧姆定律求出两电阻的比值；分别根据串联电路电流特点和并联电路电压特点

以及欧姆定律，分别求出串联时两端电压之比和并联时通过它们的电流之比。本题考查了串联和并联电路的特点，以及欧姆定律的应用；关键是能从图中读出有用的信息，得出两电阻的比值。26.【答案】一样亮变大【解析】解：(1)两个灯泡都在额定电压下工作，则�

�实=𝑃额，第20页，共25页因为两个灯泡的额定电功率相等，则实际电功率相等，所以当它们正常发光时，两灯一样亮；(2)家庭电路中各用电器是并联的，当他关掉家中不用的电灯后，家中开启的用电器减少，相当于横截面积变小，故家中电路的总电阻变大。故答案为：一样亮；变

大。(1)灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率；额定电压下的实际功率与额定功率相等。(2)导体的电阻是导体的一种性质，反映了导体对电流阻碍作用的大小；电阻大小与导体的材料、长度、横截面积以及温度有关。解决本题的关键：一是掌握额定电压和额定功率关系，

二是知道判断灯泡的亮暗是根据实际功率的大小。27.【答案】解：根据磁极间的作用可以判断通电螺线管的左端是𝑁极，右端为𝑆极，根据安培定则，可以判断电流从螺线管的右端进入，从左端流出，所以电源的右端是正极

，左端是负极。且在磁体外部，磁感线从𝑁极出发回到𝑆极，即磁感线方向是向右的，如图所示：【解析】(1)知道小磁针的磁极，根据磁极间的作用判断通电螺线管的磁极，利用安培定则判断电流方向，确定电源的正负极。(2)在磁体外部，磁感线从𝑁极出发回到𝑆极；对于通电螺线管的题，知道电流方向、螺线管的磁极

、小磁针的磁极中的任意一者，都可以根据磁极间的作用和安培定则判断另外两者。28.【答案】解：灯泡的接法：火线直接进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接进入灯泡的螺旋套，如图所示：第21页，共25页【解析】灯泡的接法：火线直接进入开关，再进

入灯泡顶端的金属点；零线直接进入灯泡的螺旋套。掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。29.【答案】吸引大头针的多少乙、丙丁增加大，电磁铁磁性越强【解析】解：(1)线圈的磁性越强，吸引的大头针越多，所以可以根据吸引大头针的多少判断电

磁铁磁性的强弱，这是转换法；(2)研究磁性强弱与电流的关系，应控制线圈的匝数相同，改变电流的大小，应比较乙、丙两图；(3)丁图中两个电磁铁串联，通过电磁铁的电流相等，线圈匝数越多的电磁铁吸引大头针数量越多，磁性越强；(4)根据图示可知，滑动变阻器滑片向左移动时，变阻器连

入电路中的电阻变小，由𝐼=𝑈𝑅可知，电路中的电流变大，电磁铁𝐴、𝐵吸引大头针的个数增加，说明线圈匝数相同时，电流越大，电磁铁磁性越强。故答案为：(1)吸引大头针的多少；(2)乙、丙；(3)丁；(4)增加；

大，电磁铁磁性越强。(1)实验中是利用电磁铁吸引大头针数目的不同来反映磁性强弱的不同的，这是一种转换的方法；(2)(3)电磁铁的磁性强弱与电流的大小、线圈匝数有关，根据控制变量法分析；(4)据图示可知，分析滑动变阻器滑片向左移动时，变阻器连入电路中的电阻变化，由欧姆定律分析电路中的电流变化

，电磁铁磁性的强弱和线圈的匝数、电流大小有关，在匝数一定时，电流越大，磁性越强。此题是探究影响电磁铁磁性强弱的实验，要知道电磁铁的磁性强弱与电流大小和线圈匝数有关，要探究磁性强弱跟它们之间的关系，需用到控制

变量法。30.【答案】𝐴处向上7998不变<气压【解析】解：(1)实验中，温度计玻璃泡碰到了烧杯的底部，若将𝐵处向下调整，则不能保证用酒精灯的外焰加热，所以该小组应适当将𝐴处向上调整，使温度计的玻璃泡不能碰到容器底；(2)由图知，温度计的分度值是1℃，温度计的示数是7

9℃；(3)由图可知：实验中水的沸点为98℃，沸腾过程中水的温度保持不变；根据图像可知两次实验水的初温相同，沸腾时沸点相同，水沸腾所用的时间𝑎的小于𝑏的，故两次实验所用水的质量𝑚𝑎<𝑚𝑏；第22页，共25页(4)水的沸点低于100℃，是因为水的沸点与气压有关。故答案为：(1)𝐴处向上

；(2)79；(3)98；不变；<；(4)气压。(1)在测量水的温度时，温度计的玻璃泡不能碰到容器底或容器壁，并要求用酒精灯的外焰加热；(2)温度计读数，注意要先认清其分度值；(3)液体沸腾时吸热，温度保持在沸点不变；缩短水沸腾所用时间的方法：减少水量、提高水的初温或

加盖；(4)液体沸点随气压增大而升高。此题是“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验，考查了温度计的使用及读数，同时考查了水沸腾的特点及液化现象。31.【答案】𝐵短路1.8𝐴0.75【解析】解：(1)因为小灯泡的额定电压为2.5𝑉，则电压表选用0～3𝑉的量程

与灯并联，由图3可知，电流表选用0～0.6𝐴量程与灯串联，如图所示：；(2)为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片𝑃移到阻值最大的𝐵处；(3)小灯泡不亮，电流表示数不为零，说明电路是通路，电压表示数为零，说明与电压表并联的

小灯泡处短路；(4)由图2可知，电压表的量程为0～3𝑉，分度值为0.1𝑉，示数为1.8𝑉；灯泡电压达到额定电压时正常发光，此时灯泡电压低于额定电压，根据串联电路的分压原理可知，应减小变阻器连入阻值，即将滑片向𝐴端滑动；(5)由图3可知，电流表的量程为0～

0.6𝐴，分度值为0.02𝐴，示数为0.3𝐴，通过灯泡的电流为0.3𝐴，所以灯泡的额定功率：𝑃=𝑈𝐼=2.5𝑉×0.3𝐴=0.75𝑊。故答案为：(1)如图所示；(2)𝐵；(3)短路；(4)1.8；𝐴；(5)0.75。第23页，共25页(1)

根据小灯泡的额定电压为2.5𝑉确定电压表选用小量程与灯并联，由图3可知，电流表选用小量程与灯串联；(2)为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片𝑃移到阻值最大处；(3)小灯泡不亮，可能是灯泡断路或短路或灯泡之

外的电路断路；电压表示数为零，电压表并联电路短路或电压表并联电路之外电路断路；电流表示数不为零，电路不存在断路；综合分析可知，电路故障是灯泡短路。(3)由图2所示的电压表所选量程确定分度值读数；灯泡电压达到

额定电压时正常发光，由此根据串联电路的分压原理分析可得。(4)由图3所示的电流表所选量程确定分度值读数，然后由𝑃=𝑈𝐼求出灯泡功率。本题测量小灯泡的电功率，考查电路连接、故障分析、电表读数、操作过程及额定功率的计算。32.【答案】解：(1)由图乙知，保温挡的功率

为𝑃保温=44𝑊，加热时间为𝑡=8𝑚𝑖𝑛−5𝑚𝑖𝑛=3𝑚𝑖𝑛=180𝑠，饮水机处于保温挡阶段消耗的电能为：𝑊=𝑃保温𝑡=44𝑊×180𝑠=7.92×103𝐽。(2)当

开关𝑆、𝑆0闭合时，𝑅1与𝑅2并联，电路中的总电阻最小，根据𝑃=𝑈2𝑅可知，饮水机的总功率最大，此时为加热状态，当只闭合开关𝑆时，电路为𝑅1的简单电路，饮水机处于保温状态，由图乙知保温挡的功率为44𝑊，根据𝑃=𝑈𝐼知，保温挡时通过𝑅1的电流为：

𝐼=𝑃保温𝑈=44𝑊220𝑉=0.2𝐴。(3)因电路的总功率等于各用电器功率之和，所以，加热时电阻丝𝑅2的电功率：𝑃2=𝑃加热−𝑃保温=484𝑊−44𝑊=440𝑊，因并联电路中各支路两端的电压相等，由𝑃=𝑈2𝑅可得，电阻

𝑅2的阻值：𝑅2=𝑈2𝑃2=(220𝑉)2440𝑊=110𝛺。答：(1)饮水机处于保温挡阶段消耗的电能为7.92×103𝐽。(2)饮水机处于保温挡时，通过𝑅1的电流为0.2𝐴。(3)𝑅2的阻值为110𝛺。第24页，共25页【解析】(1

)根据图乙判断出保温挡的功率和加热时间，根据𝑊=𝑃𝑡算出饮水机处于保温挡阶段消耗的电能。(2)当开关𝑆、𝑆0闭合时，𝑅1和𝑅2并联，电路中的总电阻最小，此时为加热状态，当只闭合开关𝑆时，电路为𝑅1的简单电路，饮水机处于

保温状态，由图乙判断出保温挡的功率，根据𝑃=𝑈𝐼算出保温挡时通过𝑅1的电流。(3)当开关𝑆、𝑆0闭合时，两电阻并联，电路中的总电阻最小，根据𝑃=𝑈2𝑅分析电路功率大小可知饮水机处于哪种工作状态，饮水机保温时电路为𝑅1的简单电路，饮水机加热时𝑅1与𝑅

2并联，饮水机加热功率减去保温功率即为𝑅2的电功率，根据并联电路的电压特点和𝑃=𝑈2𝑅求出𝑅2的阻值。本题考查了并联电路的特点和电功率公式的灵活运用，关键是知道保温时只有𝑅1连入电路，要从图中获取有用信息。3

3.【答案】解：(1)灯泡的额定电压是6𝑉，额定功率是3𝑊，由𝑃=𝑈𝐼得，灯泡的额定电流：𝐼𝐿=𝑃𝑈=3𝑊6𝑉=0.5𝐴，由欧姆定律得，灯泡的电阻：𝑅=𝑈𝐼=6𝑉0.5𝐴=12𝛺

；(2)灯泡正常工作时电路中的电流为：𝐼=𝐼𝐿=0.5𝐴，滑动变阻器两端的电压：𝑈′=𝑈总−𝑈=8𝑉−6𝑉=2𝑉，滑动变阻器1𝑚𝑖𝑛产生的热量𝑄=𝑊=𝑈′𝐼𝑡=2𝑉×0.5𝐴×1×60𝑠=60𝐽；(3)当电压表示数为3𝑉时，灯泡两端的

电压为3𝑉，此时灯泡的实际功率为：𝑃实=𝑈𝐿′2𝑅=(3𝑉)212𝛺=0.75𝑊。答：(1)小灯泡的额定电流为0.5𝐴，(2)灯泡正常发光时，滑动变阻器1𝑚𝑖𝑛产生的热量为60𝐽；(3)移动滑动变阻器的滑片，当电压表示数为3𝑉时，小灯泡的实际功率为0.75�

�。【解析】(1)知道灯泡的额定电压和额定功率，根据𝑃=𝑈𝐼求出额定电流，根据欧姆定律得出小灯泡的电阻。(2)知道电源电压和灯泡的电压求出滑动变阻器电压，根据𝑄=𝑊=𝑈𝐼𝑡得出滑动变阻器1𝑚𝑖𝑛产生的热量；(3

)知道灯泡的电压和电阻，根据𝑃=𝑈2𝑅求出实际功率。第25页，共25页本题考查电功率和热量的计算，综合性较强。