【文档说明】2021-2022学年山东省青岛大学市北附中九年级上期末物理试题及答案解析.docx，共(25)页，399.743 KB，由小喜鸽上传

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第1页，共25页2021-2022学年山东省青岛大学市北附中九年级（上）期末物理试卷1.首先发现“电磁感应”的科学家是()A.奥斯特B.法拉第C.安培D.焦耳2.下列说法中错误的是()A.正、负电荷定向移动都能形成电流B.喷洒消毒剂，离得远也能闻到刺鼻的气味，是扩散现象C.

破镜不能重圆，是因为分子间存在斥力D.雾霾中𝑃𝑀2.5颗粒悬浮在空中，说明分子在不停地做无规则运动3.关于温度、热量和内能，下列说法正确的是()A.一个物体的温度升高，它的内能增大B.做功改变物体内能的实质是内能与机械能相互转化的过程C.刚倒入杯

中的开水烫嘴，是因为开水含有的热量多D.物体吸收热量，内能增加，温度一定升高4.关于如图所示实验，下列说法错误的是()A.酒精灯燃烧，将化学能转化为内能B.利用酒精灯给水加热是通过热传递的方式增大了水的内能C.水蒸气对木塞做功的过程中，水蒸气内

能增加D.图示过程与内燃机的做功冲程原理相似5.关于电阻的说法正确的是()A.横截面积相同的导体，越长电阻越大B.两个电阻并联相当于增大了导体的横截面积，总电阻大于其中任何一个电阻C.电阻大小在数值上等于导体两端的电压与通过导体的电

流的比值D.根据𝑅=𝑈𝐼可知：电流相同时，导体的电阻与它两端的电压成正比6.关于电功、电功率，下列说法正确的是()第2页，共25页A.电功是表示电流做功快慢的物理量B.电流通过导体做功越少，电功率越小C.电功率大的用电器一定比电功率

小的用电器消耗电能多D.在相同时间内，电流通过导体做功越多，电功率越大7.甲、乙两灯并联接在同一电源上，通过甲、乙两灯电流之比是2：1，则下列说法正确的是()A.电压之比1：2B.实际功率之比2：1C.电阻之比1：1D.亮度相同8.如图电路，闭合开关，电压表𝑉1示数为6𝑉，电压表𝑉

2示数为3.4𝑉，下列说法错误的是()A.灯𝐿1和𝐿2串联B.灯𝐿1比𝐿2亮，是因为通过𝐿1的电流更大C.𝐿1两端电压为2.6𝑉D.电源电压为6𝑉9.如图所示四个实验中与发电机工作原理一致的是()A.B.C.D.10.

如图是探究焦耳定律实验的装置图，下列说法正确的是()A.图示实验可探究电流通过导体产生的热量与电阻大小的关系B.通过液面高度差来反映热量的多少，运用了类比法C.𝑅1的电功率比𝑅2的大第3页，共25页D

.通电时间相同，右侧𝑈形管中液面高度差较大，说明电流通过𝑅2产生的热量比𝑅1多11.下列关于物理概念的说法中，错误的是()A.并联电路的总电阻的倒数等于各并联电阻的和的倒数B.单位质量的某种物质温度升高1℃时吸收的热量叫做这种物质的比热容C.部分导体在磁场中做

切割磁感线运动，导体中会产生感应电流D.热值在数值上等于1𝑘𝑔的某种燃料完全燃烧时放出的热量12.在“探究导体中的电流与其两端电压关系”的实验中，根据实验数据得到如图所示图象，说法正确的是()A.当导体乙两端电

压为2𝑉时，通过导体乙的电流为0.2𝐴B.甲的电阻小于乙C.甲乙串联接到某电源上，通过甲的电流为0.3𝐴，则电源两端电压为3𝑉D.将甲、乙两导体并联后接到电压为3𝑉的电源上时，干路中的电流为0.9𝐴13.如

图电路中电源电压不变，下列说法中正确的是()A.只闭合开关𝑆、𝑆2，𝑅2和灯泡𝐿串联B.只闭合开关𝑆、𝑆2、𝑆3，灯泡不发光C.所有开关都闭合时，灯泡不发光，滑片向左移，电流表示数变大D.只闭合开关𝑆、𝑆

1，滑片向右移，电流表示数变大，电压表示数变小，灯泡电功率变大14.把标有“4𝑉，8𝑊”的灯泡𝐿1和“2𝑉，2𝑊”的灯泡𝐿2串联接到某电源上，其中一只灯泡正常工作，另一只没有达到其额定功率，不考虑温度对灯丝电阻的影响

，则正确的是()A.𝐿1正常发光B.𝐿2正常发光C.电源电压为4𝑉D.灯𝐿2比𝐿1亮15.为了营造良好的交通秩序，2018年元旦期间，我县交警加大力度排查违章和酒驾。如图甲是呼气式酒精测试仪的电路原理图，𝑅1为气敏电阻，它的阻值随酒精气体浓度的变化曲线第4页，共25页如图乙，𝑅2

为定值电阻，电源电压保持不变。检测时，当驾驶员呼出的酒精气体浓度越大，则()A.测试仪中电压表的示数越大B.测试仪中电流表的示数越大C.电路消耗的总功率越大D.电压表与电流表示数的比值越大16.探究物质的吸热能力：(1)如图1所示两只烧杯中

盛有质量相同的水和煤油，用同样酒精灯加热。如果使水和油都升高10℃，我们发现______加热时间较长，这表明质量相等的不同物质升高相同温度时，吸收的热量一般是______的，由此引入______；如果给水和油都加热2𝑚𝑖𝑛，则

______温度升高的多。实验中，通过______来反映物质吸热多少，运用了转换法。(2)如图2是水和煤油的𝑡温−𝑡时图象，则图线______是水，由图象可知煤油的比热容大小为______。(3)由于水的比热容______，质量相同的水和煤油，降低相同温度时，______放出的热量多

，因此家中暖气片用循环的______做热源。17.探究“电流与电阻的关系”：如图所示，电源电压6𝑉，三个定值电阻分别为10𝛺、15𝛺、20𝛺，滑动变阻器𝑅2。(1)请在图中用笔画线代替导线将实验电路连接完整

(滑片向左滑动时，电流表示数变大)，并画出对应的电路图；第5页，共25页(2)实验中将10𝛺电阻换成15𝛺电阻时，应将滑动变阻器的滑片向______(填“左“或“右”)移动，使定值电阻两端的电压______。(3)通过上述实验可得结论：导体两端电压相同时，通过导体的

______和导体的______成反比。18.测量小灯泡的电功率，实验数据如下：实验次数123电压𝑈/𝑉2.110.8电流𝐼/𝐴0.30.20.18实际功率𝑃/𝑊0.630.2亮度很亮正常发光很暗(1)请将表格补充完整，并画出小灯泡的𝐼−𝑈图象。(2)分析实验数据发现：_

_____越大，小灯泡越亮。小红进一步发现通过小灯泡的电流与它两端的电压不成正比，这是因为灯丝电阻值受______的影响发生了变化。(3)家庭电路中同时使用大功率用电器容易引起“跳闸”，这是为什么？答：根据公式______可知：在__

____一定时，电流与电功率成______比，所以同时使用大功率用电器，造成家庭电路的______过大，从而使总电流过大，造成跳闸。(4)将电阻𝑅1和𝑅2=10𝛺的电阻并联接在电源两极上，测得总电流为0.6𝐴，通过𝑅1的电流为0.4𝐴。则

：第6页，共25页①整个电路的总功率为______；②电阻𝑅1通电5𝑚𝑖𝑛产生______热量。19.探究“影响电磁铁磁性强弱因素”。(1)将甲、乙两个电磁铁串联，是为了使通过甲、乙的______相同，发现甲吸引铁钉更多，说明：电磁铁磁性强弱和______有关。(2)探究磁场

对电流的作用：实验过程如图，闭合开关，导体𝑎𝑏向右运动，说明通电导体在磁场中受______的作用；将𝑁、𝑆极对调后，闭合开关，导体𝑎𝑏向______运动，说明通电导体的受力方向与______有关。应用据

此原理制成了______。问题讨论将上述器材中的电源更换成电流表，就可以探究______实验。20.基本问答：(1)如图1，对着话筒说话时，膜片和与膜片连在一起的线圈由于受声波的作用而振动，由于线圈在磁场中做______，从而产生______，这样就把强弱不同的声信号转化成了强弱不同的

电流信号。这个过程中，话筒将机械能转化为______能。(2)如图2，闭合开关，电磁铁有______，______(填“向上“或“向下”)吸引______，碗锤击打铃碗，与此同时，电路被______(选填“断开”或“闭合”)，衔铁向____

__(填“上”或“下”)，电路复原。第7页，共25页21.如图所示家庭电路，𝑆控制灯泡，𝑆1控制两孔插座、𝑆2控制三孔捅座。用笔画线表示导线，将它们连入电路。22.在图中标出电源正负极，通电螺线管南北极、小磁针的𝑁、𝑆极23.如图𝑎的养生壶有保温、蒸煮两挡功能，图𝑏是其简化

电路图，𝑆是旋钮式开关，𝑅1、𝑅2是两个加热电阻。养生壶的部分参数如图。项目参数额定电压/𝑉220保温功率/𝑊200蒸煮功率/𝑊？容积/𝐿1求：(1)壶中加满水，蒸煮5𝑚𝑖𝑛能使初温

为20℃的水升高到70℃。养生壶的蒸煮效率为70%，则蒸煮功率多大？(2)𝑅1和𝑅2的阻值是？(画出保温、蒸煮模式的等效电路图)第8页，共25页24.电路如图，𝑅0阻值为10𝛺，灯泡𝐿“3𝑉，1.5𝑊”，电流表量程为0～0.6𝐴，

电压表量程0～15𝑉。求：(1)𝑆、𝑆1、𝑆2都闭合时，电流表示数为0.2𝐴，则电源电压多大？(2)所有开关都闭合，移动滑片𝑃，电路总功率为0.6𝑊时，此时滑动变阻器的阻值？(3)更换另一电源，闭合𝑆、𝑆3，断

开𝑆1、𝑆2，当滑片𝑃从最右端滑到中点时，小灯泡恰好正常发光，且滑片𝑃在中点时电压表的示数是𝑃在最右端时示数的56，在不损坏各元件的情况下，求这个电路的功率变化范围(不考虑温度对灯丝电阻的影响)。25.电梯为我们带来很大便利。小明查阅资料，了解到出于安全考虑，电梯都设置了超载自动

报警系统，其工作原理如图甲所示，电路由工作电路和控制电路组成；在工作电路中，当电梯没有超载时，动触点𝐾与静触点𝐴接触，闭合开关𝑆，电动机正常工作；当电梯超载时，动触点𝐾与静触点𝐵接触，电铃发出报警

铃声，即使闭合开关𝑆，电动机也不工作。在控制电路中，已知电源电压𝑈=6𝑉，保护电阻𝑅1=100𝛺，电阻式压力传感器(压敏电阻)𝑅2的阻值随压力𝐹大小变化如图乙所示，电梯自重和电磁铁线圈的阻值都忽略不计。(1)在控制电路中，当压敏电阻𝑅2受到的压力𝐹增大时，电磁铁的磁性___

___(选填“增强”、“减弱”或“不变”)。(2)某次电梯正常运行，当电梯载重为6000𝑁时，则通过电磁铁线圈的电流大小为______。(3)若电磁铁线圈电流达到20𝑚𝐴时，刚好接触静触点𝐵，电铃发出警报声。当该电梯厢内

站立总质量为1000𝑘𝑔的乘客时，试通过计算说明电梯是否超载？(𝑔取10𝑁/𝑘𝑔)第9页，共25页答案和解析1.【答案】𝐵【解析】解：𝐴、奥斯特首先发现电流的磁效应，故错误；B、英国物理学家法拉第最早发现了电磁感应现象，故正确；C、安培发

现了安培定则，故错误；D、焦耳发现了焦耳定律，故错误。故选：𝐵。根据课本中的基础知识可知英国物理学家法拉第是第一个发现电磁感应现象的科学家。记住相关的基础知识对于解决此类识记性的题目有很大的帮助。2.【答案】�

�𝐷【解析】解：𝐴、正、负电荷定向移动都能形成电流，故A正确；B、因为一切物质的分子都在不停地做无规则运动，所以喷洒消毒液后，能闻到消毒液气味，这属于扩散现象，故B正确；C、“破镜不能重圆”是因为分子间距离大于分子力作用范围，故C错误；D、尘粒是由大量分子组成的，

尘粒的运动属于物体的机械运动，不能说明分子在做无规则运动，故D错误。故选：𝐶𝐷。(1)电流是电荷的定向移动形成的；(2)分子在不停地做无规则运动；(3)分子间存在相互作用的引力和斥力；(4)雾霾中𝑃𝑀2

.5颗粒运动是机械运动。本题考查分子运动的有关知识以及电流的形成，难度不大。3.【答案】𝐴【解析】解：A、一个物体的温度升高，其内部分子的热运动加快，分子动能增大，则物体的内能增大，故A正确；第10页，共25页B、做功改变物体内能的实质是内能和其他形式能的相互转化，不一定

是内能和机械能的相互转化，如电流做功也可以改变物体的内能，此时是电能转化为内能，故B错误；C、热量是一个过程量，不能说含有多少热量，故C错误；D、物体吸收热量，内能增加，但温度不一定升高，例如晶体熔化

时，吸收热量，温度不变，故D错误。故选：𝐴。(1)物体的温度升高，内能增大；(2)做功改变物体内能的实质是能量的转化；(3)热量是一个过程量，不能说具有多少热量；(4)内能的大小与质量、温度、状态等因素有关

。本题考查了热量、内能、温度的关系以及做功改变物体内能的实质，难度不大。4.【答案】𝐶【解析】解：𝐴、酒精燃烧时，酒精的化学能转化为内能，故A正确；B、利用酒精灯给水加热，水吸收热量，是通过热传递的方式增大了水的内能，故B

正确；C、水蒸气对瓶塞做功，水蒸气的内能转化为瓶塞的机械能，所以水蒸气的内能会减小，故C错误；D、燃料燃烧，化学能转化为内能，而后内能转化为机械能，故该过程与内燃机的做功冲程原理相似，故D正确。故选：𝐶。(1)酒精燃烧时，化学

能转化为内能；(2)(3)改变内能的方式有做功和热传递；对物体做功，物体的内能会增加，物体对外做功，其内能会减小；(4)在内燃机的做功冲程中能量转化关系是内能转化为机械能。此题结合木塞冲出的实验考查了能量转化关系，知道做功和热传递都可以改变物体的内能。此题是考查的知

识点较为全面，要结合相关的知识点进行分析解答，5.【答案】𝐶【解析】解：𝐴、导体电阻的大小与长度和横截面积有关，还与材料和温度有关，故A说法错误；B、两个电阻并联相当于增大了导体的横截面积，总电阻小于其中任何一个电阻，故B说法错误；第11页，共25页C、由欧

姆定律可得𝑅=𝑈𝐼，电阻大小在数值上等于导体两端的电压与通过导体的电流的比值，故C说法正确；D、导体的电阻是导体本身的一种性质，与它两端的电压和通过的电流无关，故D说法错误。故选：𝐶。影响导体电阻大小的因素有导体的材料、长度、横截面积、温

度，电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，据此分析解答。本题考查了学生对电阻的了解与掌握，关键要清楚电阻是导体本身的一种性质，只与影响其大小的材料、长度、横截面积和温度有关，而与电压和电流无关。6.【答案】𝐷【解析】解：𝐴𝐷、电功率是

表示电流做功快慢的物理量，而电功是用电器中电流所做的功，消耗多少电能就做多少功，若在相同时间内，电流通过导体做功越多(越小)，电功率越大(小)，故A错误、D正确；B、根据𝑃=𝑊𝑡可知，只知道做功的多少，不知道时间，无法比较电功率的大小，故B错误；C

、根据𝑊=𝑃𝑡知，在不确定做功时间的情况下，电功率大的用电器不一定比电功率小的用电器做的功多，故C错误。故选：𝐷。电功是用电器中电流所做的功，消耗多少电能就做多少功；电功率是表示电流做功快慢的物理量，定义是1秒内电流做功的多少。电流做功的多少和电流做功的快慢不要混

淆，掌握电功和电功率的概念是解决本题的关键。7.【答案】𝐵【解析】解：𝐴𝐶、因并联电路中各支路两端的电压相等，则甲、乙两灯电压之比为1：1，故A错误；通过甲、乙两灯电流之比是2：1，由欧姆定律可得甲、乙两灯电阻之比为：𝑅甲𝑅乙=𝑈𝐼甲

𝑈𝐼乙=𝐼乙𝐼甲=12，故C错误；𝐵𝐷、由𝑃=𝑈𝐼可知甲、乙两灯实际功率之比为：𝑃甲𝑃乙=𝑈𝐼甲𝑈𝐼乙=𝐼甲𝐼乙=21，灯泡的实际功率越大，灯泡越亮，所以两灯泡亮度不同，故B正确，D错误。第12页，共25页故选：𝐵。𝐴𝐶、根据并联电路电压特点可知甲、乙两灯电

压之比，已知通过甲、乙两灯电流之比，由欧姆定律可得甲、乙两灯电阻之比；𝐵𝐷、由𝑃=𝑈𝐼可知甲、乙两灯实际功率之比，灯泡的亮度是由灯泡的实际功率决定的。本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，是一道较为简单的应用题。8.【答案】𝐵【解析】解：由电路图可知，两灯泡串联，电

压表𝑉1测电源的电压，电压表𝑉2测𝐿2两端的电压，由两个电压表的示数可知，电源的电压𝑈=6𝑉，𝐿2两端的电压𝑈2=3.4𝑉，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以𝐿1两端电压：𝑈1=𝑈−𝑈2=6𝑉−3.4𝑉=2.6𝑉，因为串联电路中电流

处处相等，所以通过两灯的电流大小相等，由𝑃=𝑈𝐼可知，𝐿1的实际功率小于𝐿2的实际功率，灯𝐿2比𝐿1亮，故ACD正确，B错误。故选：𝐵。(1)由电路图可知，闭合开关，两灯泡串联，电压表𝑉1测电源

的电压，电压表𝑉2测𝐿2两端的电压，根据串联电路的电流特点可知通过两灯的电流大小关系；(2)根据𝑉1的示数即可得出电源电压；根据串联电路的电压特点求出𝐿1两端的电压；灯泡的亮度取决于其实际功率的大小，根据𝑃=𝑈𝐼比较两

灯的功率大小，从而可知它们的亮度关系。本题考查了串联电路的电压特点、电流特点和电功率公式的应用，关键是知道灯亮度取决于实际功率的大小，难度不大。9.【答案】𝐴【解析】解：𝐴、图中闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁

感线运动，导体中产生感应电流，是电磁感应现象，是发电机的原理，故A正确；B、该装置是奥斯特实验，说明电流的周围存在磁场，不是发电机的原理，故B错误；C、图中给导体通电，可使导体在磁场中受力而运动，是电动机的原理，故C错误；D、该装置是探究磁极间

的相互作用规律的实验，故D错误。故选：𝐴。发电机是根据电磁感应现象制成的，其工作过程是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中产生感应电流。结合各图的原理可做出判断。本题中所涉及的装置都是与电磁学相关的重要实验装置或原理，要特别注意发电机原理与电动机第13页，共2

5页原理的区分。10.【答案】𝐶【解析】解：𝐴、右侧两电阻并联后与左侧电阻串联接入电路，根据串联电路电流特点和并联电路电流特点可知通过瓶中两电阻的电流不同，通过左侧电阻的电流大于通过右侧电阻的电流，所以图示实验可探究电流通过导体产生的热量与电阻大小的关系，故A错误；B、电流通过导体

产生热量的多少不能直接观察，但烧瓶中的空气会热胀冷缩，会使的𝑈形管液面高度差发生变化，据此来判定放热多少，这种研究方法叫转换法，故B错误；C、根据𝑃=𝐼2𝑅可知𝑅1的电功率比𝑅2的大，故C正确；D、根据焦耳定律𝑄=𝐼2𝑅𝑡可知通电时间相同左侧电阻产生

的热量较多，故D错误；故选：𝐶。(1)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，探究电流产生热量跟电流关系时，控制电阻和通电时间不变；探究电流产生的热量跟电流大小和电阻大小关系时，要控制电流和通电时间不变；(2)电流通过导体产生热量的多少不能直接观

察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，体现的是转换思想；(3)根据𝑃=𝐼2𝑅可知两电阻电功率的大小；(4)根据焦耳定律𝑄=𝐼2𝑅𝑡判定电阻产生热量的多少，从而判定出𝑈形管中液面的高度差的变化关系。本题考查了学生对焦

耳定律的认识，并可以通过巧妙的实验来验证一些结论，同时在该实验中利用了控制变量法，该实验方法在实验探究中经常用到。11.【答案】𝐴𝐶【解析】解：A、并联电路总电阻的倒数等于各支路电阻倒数之和，故A错误；B、单位质量的某种物质，温度升高1℃所吸收的热量叫做这种物质的比

热容，故B正确；C、闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，电路中产生感应电流，故C错误；D、热值在数值上等于1𝑘𝑔某种燃料完全燃烧放出的热量，故D正确。故选：𝐴𝐶。(1)根据并联总电阻的倒数等于各支路电阻倒数之和进行分析；第14页，共

25页(2)比热容的概念：单位质量的某种物质，温度升高1℃所吸收的热量叫做这种物质的比热容；(3)电磁感应现象：闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，电路中产生感应电流；(4)1𝑘𝑔某种燃料完全燃烧放出的热量叫做这种燃料的热值。本题综合考查了热值定义、电阻的并联、感

应电流产生的条件、比热容等知识的掌握情况，都是基础性知识，应熟练掌握。12.【答案】𝐴𝐵𝐷【解析】解：𝐴、当导体乙两端的电压为2𝑉时，从图象中读出2𝑉时，通过乙的电流为0.2𝐴，故A正确；B、由图象可知，当通过甲、乙的电流都0.3𝐴时，乙两端电压大于甲两端电压，由𝑅=𝑈𝐼可知

导体甲的电阻小于导体乙的电阻，故B正确；C.因为串联电路中各处的电流相等，所以当将导体甲、乙串联接到某电源上时，通过导体的电流为0.3𝐴，即𝐼甲=𝐼乙=0.3𝐴时，由图象可知甲两端的电压为1.5𝑉，乙两端的电压为3𝑉，因为串联电路中总电压等于各分电压之和，所以此时电源的电压：𝑈=

𝑈甲+𝑈乙=1.5𝑉+3.0𝑉=4.5𝑉，故C错误；D、并联电路中各支路两端的电压相等，将导体甲、乙并联接到电压为2𝑉的电源上时，𝑈甲′=𝑈乙′=3𝑉，由图象可知，𝐼甲′=0.6𝐴，𝐼乙′=0.3𝐴，因为并联电路中

干路电流等于各支路电流之和，所以通过干路的总电流：𝐼=𝐼甲′+𝐼乙′=0.6𝐴+0.3𝐴=0.9𝐴，故D正确。故选：𝐴𝐵𝐷。(1)当导体乙两端的电压为2𝑉时，从图象中读出2𝑉时通过导体甲的电流；(2)由图象取电流相等的某点，根据欧姆

定律比较它们的电压可知两电阻关系；(3)将导体甲、乙串联接到某电源上时，通过导体的电流为0.3𝐴，根据串联电路的电压特点得出电源的电压；(4)将导体甲、乙并联接到电压为3𝑉的电源上时，两电阻两端的电压相等，根据图象读出对应的电流，利用并联电路的电流特点求出干路

电流。本题利用图象考查了对电阻的认识、电阻大小的大小比较，有关图象问题一定先明确图象中的坐第15页，共25页标各表示什么物理量，从图象中找到有用的信息。13.【答案】𝐴𝐵𝐷【解析】解：A、由电路图可知，只闭合开关𝑆、𝑆2，灯泡和定值电阻𝑅2串联，故A正确；B、

由电路图可知，只闭合开关𝑆、𝑆2、𝑆3，灯泡被短路，电路为定值电阻𝑅2的简单电路，所以灯泡不发光，故B正确；C、由电路图可知，所有开关都闭合时，定值电阻𝑅2与滑动变阻器并联，灯泡被短路，所以灯泡不发光；当滑动变阻器的滑片向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，且电源电压不变，

所以由𝐼=𝑈𝑅可知，通过滑动变阻器的电流变小，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，移动滑片时通过定值电阻𝑅2的电流不变，又因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流变小，即电流表示数变小，故C错误；D、由电路图可知，只闭合开关𝑆、�

�1，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路的电流；当滑动变阻器的滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，则电路总电阻变小，所以由𝐼=𝑈𝑅可知，通过电路的电流变大；由𝑈=𝐼𝑅可知，灯泡两端的电压变大；又因串联电路两端电压等于各部分电压之和，且电

源电压不变，所以滑动变阻器两端电压变小，即电压表的示数变小；因电路中电流变大，灯泡两端的电压变大，则由𝑃=𝑈𝐼可知，灯泡的电功率变大，故D正确。故选：𝐴𝐵𝐷。(1)由电路图可知，只闭合开关𝑆、𝑆2，灯泡

和定值电阻𝑅2串联；(2)由电路图可知，只闭合开关𝑆、𝑆2、𝑆3，灯泡被短路，电路为定值电阻𝑅2的简单电路；(3)由电路图可知，所有开关都闭合时，灯泡被短路，定值电阻𝑅2与滑动变阻器并联，电流表测量干路电流，据此可知灯泡是否

发光；根据滑片移动的方向可知滑动变阻器接入电路中阻值的变化，根据欧姆定律可知通过滑动变阻器电流的变化，再根据并联电路各支路独立工作、互不影响的特点和并联电路电流规律判断干路电流的变化，即电流表示数的变化；(4)由电路图可知，只闭合开关𝑆、𝑆1，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测量滑动变阻器两端

的电第16页，共25页压，电流表测量电路的电流；根据滑片移动的方向可知滑动变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据𝑈=𝐼𝑅判断小灯泡两端电压的变化，根据串联电路电压的规律判断电压表示数的变化，根据𝑃=𝑈𝐼判断灯泡电功率的变

化。本题考查了电路的动态分析，涉及到串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。14.【答案】𝐵𝐶【解析】解：由𝑃=𝑈𝐼知道，两灯泡的额定电流分别是：𝐼1=𝑃1𝑈1=8𝑊4𝑉=2𝐴，

𝐼2=𝑃2𝑈2=2𝑊2𝑉=1𝐴；由𝐼=𝑈𝑅可知，两灯泡的电阻分别是：𝑅1=𝑈1𝐼1=4𝑉2𝐴=2𝛺，𝑅2=𝑈2𝐼2=2𝑉1𝐴=2𝛺，由于𝐿1的额定电流大于𝐿2的额定电流，所以

两灯泡串联时，𝐿2正常发光，且电路中的电流为𝐼=1𝐴；由𝐼=𝑈𝑅可知，电源的电压为：𝑈=𝐼(𝑅1+𝑅2)=1𝐴×(2𝛺+2𝛺)=4𝑉；因串联电路通过两灯泡的电流相等，且两灯泡的电阻相等，由𝑃=𝐼2𝑅知道，两灯泡的实际电功率

相等，亮度相同；综上所述，BC正确，AD错误。故选：𝐵𝐶。(1)根据灯泡的铭牌可知额定电压和额定功率，根据公式𝐼=𝑃𝑈求出两灯泡的额定电流，根据欧姆定律可知两灯泡的电阻；(2)两灯泡串联时电流相

等，正常发光的是额定电流较小的灯泡；根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出电源的电压；两灯泡串联时电流相等，且知道两灯的电阻大小关系，由𝑃=𝐼2𝑅可知两灯的实际功率大小关系和亮度的关系。本题考查了电流、电阻、实际电压、实际功率、总功率

等的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，要知道串联电路的电流和电压规律。15.【答案】𝐴𝐵𝐶【解析】解：由电路图可知，气敏电阻𝑅1与定值电阻𝑅2串联，电压表测电阻𝑅2两端的电压，电流表测电路中的电流。由图象可

知气敏电阻的阻值随酒精气体浓度的增大而减小，当驾驶员呼出的酒精气体浓度越大时，电路中的总电阻越小，第17页，共25页由𝐼=𝑈𝑅可得，电路中的电流越大，即电流表的示数越大，故B正确；由𝑈=𝐼𝑅可得，定值电阻𝑅2两端的电压越大，即电压表的示数越大，故A正确；由𝑃=𝑈𝐼可知

，电路消耗的总功率越大，故C正确；因电压表与电流表示数的比值等于定值电阻𝑅2的阻值，所以，电压表与电流表示数的比值不变，故D错误。故选：𝐴𝐵𝐶。由电路图可知，气敏电阻𝑅1与定值电阻𝑅2串联，电压表测电阻𝑅2两端的电压，电流表测电路中的电流。由图

象可知气敏电阻随酒精气体浓度的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻𝑅2两端的电压变化，根据𝑃=𝑈𝐼可知电路消耗总功率的变化，再根据欧姆定律结合定值电阻𝑅2的阻值判断电压表与电流表示数的比值变化。本题考查了电

路的动态分析，涉及到欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据图象得出气敏电阻的阻值随酒精浓度的变化关系。16.【答案】水不同比热容煤油加热时间𝑏2.1×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)大水水【解析】解：

(1)由实验可知，质量相同的水与煤油，升高相同的温度，水需要的加热时间长，水吸收的热量多，由此可知，如果使水和煤油都升高10℃，给水加热的时间长，水吸收的热量多，水的吸热能力强，这表明质量相等的不同物质升高相同温

度时，吸收的热量一般是不同的。由此引入比热容这个物理量；由于水的吸热能力强，如果给水和油都加热2𝑚𝑖𝑛，则煤油的温度升高的多；实验中，用相同的酒精灯加热，在相同时间内水和煤油吸收的热量相同，所以实验中通过加热时间来反映物质吸热多少，运用了转换法；(2)由图知加热相同的时间，𝑎、𝑏吸收

的热量相同，𝑏的温度升高的少，𝑏的吸热能力强，所以𝑏的图线是水的实验图线；由图知，质量相同的水和煤油都升高60℃，水的加热相同的时间20𝑚𝑖𝑛，煤油的加热时间为10𝑚𝑖𝑛，所以水吸收的热量是煤油吸收热量的2倍，根据𝑄=𝑐�

�𝛥𝑡知，吸收的热量与比热容成正比，所以水的比热容为煤油比热容的2倍，所以煤油的比热容为：𝑐煤油=12𝑐水=12×4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)=2.1×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)；(3)家中暖气片内用水做循环物质的原因：因为水的比热容比较大，与其它液体相比较，在降低相同温度

的情况下，水放出的热量最多，取暖效果最好。第18页，共25页故答案为：(1)水；不同；比热容；煤油；加热时间；(2)𝑏；2.1×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)；(3)大；水；水。(1)比较吸热能力的两种方法：①相同质量的不同物质，吸收相同热量，比较升高的温度，温度升高慢的吸热能力强；②相同质量的

不同物质，升高相同温度，比较吸收的热量，吸热多的吸热能力强；根据比热容的定义分析答题；用相同的酒精灯加热，在相等时间内吸收的热量相等，加热时间越长，液体吸收的热量越多，可以用加热时间的长表示液体吸收热量的多少，把吸收热量的多少用加热时间的长短表示

，应用了转换法；(2)根据图象，水和煤油加热相同的时间，通过比较升高的温度判断出物质的种类；根据吸热的关系结合公式𝑄=𝑐𝑚𝛥𝑡便可求出煤油的比热容；(3)水的比热容较大，放出相等热量，水降低的温度低水的比热容较大，放出相等热量，水降低的温度低。解决此题要学

会用控制变量法进行分析，把吸收的热量转化为加热时间的长短，考查了学生对数据的分析和理解，是中考中常见的题目。17.【答案】右不变电流电阻【解析】解：(1)电流表、定值电阻与滑动变阻器串联，滑片向左滑动时电流表示数变大，由欧姆定律，电路的电阻变小，故变阻

器左下接线柱连入电路中，实物图如图所示；；电路图如图所示：；(2)根据串联电路的分压原理可知，将定值电阻由10𝛺改接成15𝛺的电阻，电阻增大，其分得的电第19页，共25页压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，根据串联电路电压的规律可知，为了保持定值电阻两端电压不

变，应增大滑动变阻器分得的电压，由串联分压的分压原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数不变；(3)导体两端电压相同时，通过导体的电流和导体的电阻成反比。故答案为：(1)如图所示；如图所示；(2)右；不变；(3)电流；电阻。(1)电流表、定值

电阻与滑动变阻器串联，根据滑片向左滑动时电流表示数变大确定变阻器左下接线柱连入电路中；(2)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方

向；(3)导体两端电压相同时，通过导体的电流和导体的电阻成反比。本题探究“电流与电阻的关系”，考查电路连接、欧姆定律的应用、控制变量法及实验操作。18.【答案】实际功率温度𝑃=𝑈𝐼电压正电流1.2𝑊240𝐽【解析】解：(1)根据表中数据描点

、连线画出小灯泡的𝐼−𝑈图象如图所示：；(2)分析实验数据发现：灯泡两端电压越大，通过的电流越大，灯泡的实际功率越大，小灯泡越亮。通过小灯泡的电流与它两端的电压不成正比，这是因为灯丝电阻值受温度的影响发生了

变化；(3)根据公式𝑃=𝑈𝐼可知：在电压一定时，电流与电功率成正比，所以同时使用大功率用电器，电路的总功率越大，造成家庭电路的电流过大，从而使总电流过大，造成跳闸；(4)①两电阻并联在电源两极上，根据并联电路特点知，通过𝑅2的电流𝐼2=𝐼−𝐼1=0.

6𝐴−0.4𝐴=0.2𝐴，电源电压𝑈=𝑈1=𝑈2=𝐼2𝑅2=0.2𝐴×10𝛺=2𝑉，整个电路的总功率𝑃=𝑈𝐼=2𝑉×0.6𝐴=1.2𝑊；第20页，共25页②电阻𝑅1通电5𝑚𝑖𝑛产生热量𝑄1=𝑊1=𝑈1𝐼1𝑡=2𝑉×0.4𝐴×5×60𝑠

=240𝐽。故答案为：(1)见上图；(2)实际功率；温度；(3)𝑃=𝑈𝐼；电压；正；电流；(4)①1.2𝑊；②240𝐽。(1)根据表中数据描点、连线画出小灯泡的𝐼−𝑈图象；(2)灯泡的亮度是由灯泡的实际功率决定的；灯丝电阻与温度有关，据此分析解答；(3)家庭电路中电流过

大的原因有两个：短路和电路总功率过大；(4)①根据并联电路特点和欧姆定律公式计算出电源电压，根据𝑃=𝑈𝐼计算电路的总功率；②根据焦耳定律计算𝑅1通电5𝑚𝑖𝑛产生热量。本题是测灯泡电功率的实验，考查了根据数

据画图象、灯泡的亮度的影响因素、电阻的影响因素的理解以及并联电路特点、欧姆定律、电功率和电热计算公式的灵活应用，考查知识点多，综合性强，难度适中。19.【答案】电流线圈匝数力左磁场方向电动机电磁感应【解析】解：(

1)如图，将甲、乙两个电磁铁串联，说明通过两个电磁铁的电流相同，甲电磁铁线圈匝数更多，发现甲吸引铁钉更多，说明：电磁铁磁性强弱和线圈匝数有关；(2)如图，闭合开关，导体𝑎𝑏向右运动，导体棒运动是因为受到力

的作用；将𝑁、𝑆极对调后，电流方向没变，导体棒运动方向与之前相反，说明导体棒受力方向改变，故说明通电导体的受力方向与磁场方向有关；根据通电导线在磁场中受力的作用制成电动机；将上述器材中的电源更换成电流表，让导体棒切割磁感线运动可以看到电流表指针

偏转，就可以探究电磁感应实验。故答案为：(1)电流；线圈匝数；(2)力；左；磁场方向；电动机；电磁感应。要解决此题，需要掌握(1)影响电磁铁磁性强弱的因素：电流的大小和线圈的匝数。(2)磁场对通电导线有力的作用，力的方向与电流方向和磁场方向有关。本题考查了影响电磁铁磁性强弱因素和磁场对电流

的作用，属于电磁学中档难度试题。20.【答案】切割磁感线运动电流电磁场向下衔铁断开上【解析】解：(1)当你对着话筒说话时，与膜片连在一起的线圈会振动，线圈在永久磁体提供的磁场中振动，实际上是线圈在做切割磁感线运动，从而产生感应电流，这是电磁感

应现象，此过程中消耗机械能，得到电能，即将机械能转化为电能；(2)当闭合开关后，电磁铁产生的磁场将衔铁吸引向下来敲击铃碗，这时两触点脱离接触，电磁铁第21页，共25页失去磁性。与此同时，电路被断开，衔铁向上，电路复原。故答案为：(1)切割磁感线运动；电流；电；(2)磁场；向下；衔铁

；断开；上。(1)当闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中就会产生感应电流；(2)通电后的电磁铁线圈会产生的磁场。本题考查动圈式话筒工作过程和电磁铁的应用，重点是掌握其工作原理。21.【答案】解：�

�控制灯泡，则先从火线连接到开关𝑆、灯泡，然后回到零线上；𝑆1控制两孔插座，则火线通过开关𝑆1连接到插座的右孔，插座的左孔接零线；𝑆2控制三孔捅座，则火线通过开关𝑆2连接到插座的右孔，插座的左孔接零线

，插座的上孔接地线，如图所示：【解析】家庭电路中的用电器是并联的；开关控制用电器时，开关要接在用电器和火线之间；三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；两孔插座的接法：左孔接零线、右孔接火线。掌握家庭电路灯泡、开关、两孔插座、三孔插座、保险丝的接法，注重将物理知识

联系生活实际。22.【答案】解：因外部磁感线总是由𝑁极指向𝑆极，故螺线管右侧为𝑁极，左侧为𝑆极；则小磁针所在处的磁感线向右，故小磁针右侧为𝑁极，左端为𝑆极；再根据右手螺旋定则可知电流由左侧流入；故电源左侧为正极，右侧为负极；答案如图所示：【

解析】由磁感线的方向根据外部磁感线的特点可知螺线管的磁极，由磁感线的特点可知小磁针的𝑁极的指向，则由右手螺旋定则可知电流方向及电源的正负极．第22页，共25页外部磁感线总是由𝑁极指向𝑆极，并且磁感线的方向是由小磁针的指向来定义的，故小磁针静

止时𝑁极所指的方向即为该点的磁场方向．23.【答案】解：(1)由𝜌=𝑚𝑉可得，水的质量：𝑚水=𝜌水𝑉=1.0×103𝑘𝑔/𝑚3×1×10−3𝑚3=1𝑘𝑔，水吸收的热量：𝑄吸=𝑐水𝑚水𝛥𝑡=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)×1𝑘𝑔×(70℃−20℃)=

2.1×105𝐽，由𝜂=𝑄吸𝑊可得，消耗的电能：𝑊=𝑄吸𝜂=2.1×105𝐽70%=3×105𝐽，养生壶的蒸煮功率：𝑃=𝑊𝑡=3×105𝐽5×60𝑠=1000𝑊；(2)由电路图可知，𝑆拨到2、3时，�

�1、𝑅2串联，电路电总电阻较大，根据𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅可知，电路功率较小，为保温挡，如下图1所示：𝑆拨到3、4时，𝑅2短路，电路为𝑅1的简单电路，电路电总电阻较小，根据𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅可知，电路功率较大，为蒸煮挡，如

下图2所示：图1图2𝑆拨到3、4时，𝑅2短路，电路为𝑅1的简单电路，为蒸煮挡，由𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅可得，𝑅1的阻值：𝑅1=𝑈2𝑃=(220𝑉)21000𝑊=48.4𝛺；𝑆拨到3时，𝑅1、𝑅2串联

，为保温挡，由𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅可得，电路的总电阻：𝑅=𝑈2𝑃低=(220𝑉)2200𝑊=242𝛺，因串联电路的总电阻等于各部分电阻之和，所以𝑅2的阻值：𝑅2=𝑅−𝑅1=242𝛺−48.4𝛺=193.6𝛺。答：(1)蒸煮功率为10

00𝑊；(2)等效电路如图所示；𝑅1和𝑅2的阻值分别为48.4𝛺和193.6𝛺。【解析】(1)根据密度公式求出水的质量，根据𝑄吸=𝑐𝑚𝛥𝑡求出水吸收的热量，再根据𝜂=𝑄吸𝑊求出消耗的电能，最后根据𝑃=𝑊𝑡求

出养生壶的蒸煮功率；第23页，共25页(2)由电路图可知，𝑆拨到2、3时，𝑅1、𝑅2串联，电路电总电阻较大，根据𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅可知，电路功率较小，为保温挡；𝑆拨到3、4时，𝑅2短路，电路为𝑅1的简单电路，电路电总电阻较小，根据𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅可知，电

路功率较大，为蒸煮挡；据此画出等效电路；𝑆拨到3、4时，𝑅2短路，电路为𝑅1的简单电路，根据𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅求出𝑅1的阻值；𝑆拨到2、3时，𝑅1、𝑅2串联，根据𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅求出电路的总电阻，

再根据串联电路电阻规律求出𝑅2的阻值。本题考查了密度公式和电功率公式、吸热公式、效率公式的综合应用等，分清养生壶处于不同状态时电路的连接方式是关键。24.【答案】解：(1)当𝑆、𝑆1、𝑆2都闭合时，电路为𝑅0的简单电路，由欧姆定律可得电源电压：𝑈=𝐼0𝑅0=0.2𝐴×10𝛺

=2𝑉；(2)所有开关都闭合，𝑅0与𝑅1并联，电流表测干路电流，干路电流为：𝐼=𝑃𝑈=0.6𝑊2𝑉=0.3𝐴，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过滑动变阻器的电流：𝐼1=𝐼−𝐼0=0.3𝐴−0.2𝐴=0.1𝐴，此

时滑动变阻器接入电路的阻值：𝑅1=𝑈𝐼1=2𝑉0.1𝐴=20𝛺；(3)更换另一电源，闭合𝑆、𝑆3，断开𝑆1、𝑆2，𝑅1与𝐿串联，电压表测𝑅1两端的电压，设滑片在中点时电路中的电流为𝐼𝑐，滑片在最右端时电路中的电流为𝐼𝑏

，因滑片在中点时电压表的示数是滑片在最右端时示数的56，所以，𝑈1𝑐𝑈1𝑏=𝐼𝑐𝑅𝑐𝐼𝑏𝑅𝑏=𝐼𝑐𝑅𝑐𝐼𝑏×2𝑅𝑐=56，解得：𝐼𝑏=0.6𝐼𝑐，又因滑片在中点时灯泡𝐿恰好正常工作，根据串联电路电流特点可知此时通过电路的电流最大，此

时通过电路的电流等于灯泡正常工作时的电流，所以此时通过电路的电流为：𝐼𝑐=𝐼𝐿=𝑃𝐿𝑈𝐿=1.5𝑊3𝑉=0.5𝐴，第24页，共25页灯泡的电阻：𝑅𝐿=𝑈𝐿𝐼𝐿=3𝑉0.5𝐴=6𝛺，则𝐼𝑏=0.6𝐼𝑐=0.

6×0.5𝐴=0.3𝐴，因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源的电压不变，所以，电源的电压：𝑈′=𝐼𝑐𝑅𝑐+𝑈𝐿=𝐼𝑏𝑅𝑏+𝑈𝐿′，即0.5𝐴×𝑅𝑐+3𝑉=0.3𝐴×2𝑅𝑐+6𝛺×0.3�

�，解得：𝑅𝑐=12𝛺，则电源的电压：𝑈′=𝐼𝑐𝑅𝑐+𝑈𝐿=0.5𝐴×12𝛺+3𝑉=9𝑉，当滑片位于最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，此时滑动变阻器两端的电压：𝑈𝑏=𝐼𝑏𝑅𝑏=𝐼𝑏×2𝑅𝑐=0.

3𝐴×2×12𝛺=7.2𝑉<15𝑉，此时电路的总功率最小，最小总功率为：𝑃=𝑈′𝐼𝑏=9𝑉×0.3𝐴=2.7𝑊，通过电路的电流最大时，电路的总功率最大，则最大总功率为：𝑃′=𝑈′𝐼𝑐=9𝑉×0.5𝐴=4.5𝑊，所以电路的功率变化范围为2.

7𝑊～4.5𝑊。答：(1)电源电压为2𝑉；(2)滑动变阻器的阻值为20𝛺；(3)这个电路的功率变化范围为2.7𝑊～4.5𝑊。【解析】(1)当𝑆、𝑆1、𝑆2都闭合时，电路为𝑅0的简单电路，由欧姆定律可得电源电压；(2)所有开关都闭合，𝑅0与𝑅

1并联，电流表测干路电流，根据𝐼=𝑃𝑈计算干路电流，根据并联电路电流规律计算通过滑动变阻器的电流，根据欧姆定律计算滑动变阻器的阻值；(3)更换另一电源，闭合𝑆、断开𝑆1和𝑆2时，𝑅1与�

�串联，电压表测𝑅1两端的电压，滑片在中点时电压表的示数是滑片在最右端时示数的56，根据欧姆定律求出滑片处于两位置时电路的电流之比，滑片在中点时灯泡𝐿恰好正常工作，通过电路的电流最大，电路总功率最大，通过的电流和灯泡额定电流相等，根据欧姆定律计算灯泡的电阻，根据串联电路的特点和

欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出电源的电压；当滑片位于最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，电路的总功率最小，根据𝑃=𝑈𝐼求出电路的最小总功率和最大总功率，进一步明确电路电功率的变化范围。本题考查了串联电路

和并联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的灵活运用，有一定难度。25.【答案】增强0.01𝐴第25页，共25页【解析】解：(1)在控制电路中，当压敏电阻𝑅2受到的压力𝐹增大时，由图乙可知其阻值减小，控制电路中的总电阻减小，由𝐼=𝑈𝑅知，电路中的电流变大，则电磁铁的磁性增强。(2)由图乙知

当电梯载重为6000𝑁时，𝑅2的阻值为500𝛺，根据串联电路电阻的规律和欧姆定律可知通过电磁铁线圈的电流大小为：𝐼=𝑈𝑅1+𝑅2=6𝑉100𝛺+500𝛺=0.01𝐴；(3)电梯自重忽略不计，电梯厢内站立总质量为1000𝑘𝑔的乘客时，压敏电阻受

到的压力等于乘客的重力，即𝐹=𝐺=𝑚𝑔=1000𝑘𝑔×10𝑁/𝑘𝑔=104𝑁；由图乙可知，当压力𝐹=104𝑁时，对应的压敏电阻阻值𝑅2′=100𝛺，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，则控制电路中的电流；𝐼′=𝑈𝑅1+𝑅2′=6𝑉100𝛺+100

𝛺=0.03𝐴=30𝑚𝐴；因30𝑚𝐴>20𝑚𝐴，所以，此时电梯超载；答：(1)增强；(2)0.01𝐴；(3)电梯超载。(1)在控制电路中，当压敏电阻𝑅2受到的压力𝐹增大时，由图乙可知其阻值减小，根据欧姆定律

可知控制电路中电流的变化；在线圈匝数一定时，通过电磁铁的电流越大，电磁铁的磁性越强；(2)由图乙知当电梯载重为6000𝑁时𝑅2的阻值，根据串联电路电阻的规律和欧姆定律算出电路的电流；(3)电梯自重忽略不计，根据𝐺=𝑚𝑔求出乘客的总重力，也就是压敏电阻

受到的压力，找出图像中压力对应的𝑅2电阻值，根据欧姆定律计算出此时电路中的电流，将这个电流和20𝑚𝐴比较得出结论。本题考查了欧姆定律的灵活应用，明白电梯超载自动报警系统的工作原理、知道电磁铁磁性强

弱与电流的关系是解题的关键。