【文档说明】2021-2022学年辽宁省盘锦市双台子区九年级上期末物理试题及答案解析.docx，共(24)页，457.041 KB，由小喜鸽上传

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第1页，共24页2021-2022学年辽宁省盘锦市双台子区九年级（上）期末物理试卷一、单选题（本大题共5小题，共10.0分）1.根据你对生活中物理量的认识，你认为最接近实际的是()A.手机电池的电压一般为36𝑉B.电水壶的功率为50𝑊C.教室内照明用的日光灯正常工作电流约为1𝐴D.

1度电能使电脑工作约5ℎ2.如图所示，对于图片中所描述的物理过程，下列分析中正确的是()A.图甲，是演示气体扩散现象的装置图B.图乙，瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气的内能减小C.图丙，“破镜难圆”，

说明分子间存在斥力D.图丁，汽缸内的气体推动活塞向下运动时，机械能转化为内能3.关于热现象，下列说法正确的是()A.等质量30℃的水比20℃的水所含热量多B.炎热夏天教室里洒水降温是利用水的比热容较大的特性C.把一杯水放入冰箱，水在凝固过程中

温度不变，因此水的内能不变D.向热汤中滴入香油会比冷汤更快散发出浓浓的香味，是由于温度越高分子热运动越剧烈4.如图所示的电路中，电源电压保持不变，𝑅0为定值电阻，灯泡阻值不变，𝑅为光敏电阻，其阻值随照射在它上面的光强(表示光照射强弱的物理

量)减小而增大，闭合开关𝑆，当光照増大时()第2页，共24页A.电压表𝑉1示数减小B.电压表𝑉2示数增大C.电压表𝑉1与电流表𝐴示数比值不变D.电压表𝑉2与电流表𝐴示数比值不变5.在如图所示的电

路中，电源电压保持不变。当电键𝑆闭合后，三个电表示数均未发生变化。若电路中故障只可能发生电阻𝑅1、𝑅2处，则下列关于电路故障的判断，正确的是()A.电阻𝑅1一定存在断路故障B.电阻𝑅2一定存在断路故障C.电阻𝑅

1可能存在短路故障D.电阻𝑅2可能存在短路故障二、多选题（本大题共4小题，共8.0分）6.下列说法中正确的是()A.毛皮和橡胶棒摩擦的过程中橡胶棒得到了电子B.金属导体中自由电子定向移动的方向与电流方向相

反C.当导体被均匀拉长至原来的2倍时，它的电阻增大为原来的2倍D.在通常情况下，塑料、汽油和陶瓷都属于绝缘体7.对于下列四个实验的描述完全正确的有()A.甲图实验现象说明了动圈式话筒的工作原理B.乙图中带电体接触验电器的金属球时箔片会张开，是因为异种电荷相互排斥第3页，共24页C.丙图实验说明

通电导线周围存在磁场D.丁图中开关闭合导体向左运动，若同时改变电流方向和磁场方向，则导体运动方向也改变8.如图是家庭电路，下列说法中正确的是()A.当有人不小心摸到𝐴点触电了，并不会导致熔丝熔断B.闭合开关𝑆灯泡正常发光，此时用试

电笔检测𝐶点氖管会发光C.若导线𝐸𝐻间断路，仍然可以安全使用三孔插座D.若闭合开关𝑆灯泡发光，电路中的电水壶不能工作，用试电笔检测三孔插座左右两孔氖管发光，则说明𝐶𝐷之间断路9.电路如图所示，电源

电压恒为4.5𝑉，电压表量程“0～3𝑉”，滑动变阻器规格“20𝛺1𝐴”，灯泡𝐿标有“2.5𝑉1.25𝑊”字样(忽略灯丝电阻变化)，在不损坏电路元件的情况下，下列判断正确的是()A.电路中电流变化的范围是0.18𝐴～0

.5𝐴B.滑动变阻器阻值变化的范围是4𝛺～10𝛺C.灯泡的最小功率是0.162𝑊D.该电路的最大功率是2.25𝑊三、填空题（本大题共6小题，共10.0分）10.一台单缸四冲程汽油机在一个工作循环中消耗了10𝑔汽油，若这台汽油机的效率为30%，则这些汽油完全燃烧输出的有用机械能为

______𝐽。若该汽油机的转速为3000𝑟/𝑚𝑖𝑛，1𝑠内对外做功______次。(汽油的热值为4.6×107𝐽/𝑘𝑔)第4页，共24页11.下水井盖的丢失给人们出行带来了安全隐患．为提示路人注意安

全，小明设计了如图所示的电路，电路中利用一元硬币代替铁质井盖．当井盖丢失时，灯泡发光报警，当电磁铁的线圈中有电流通过时，继电器的动触点与______(填“上”或“下”)静触点接触，电磁铁的上端是______极．12.如图所示电路中，定值电阻𝑅的阻值为20𝛺，电动机线圈电阻为2

𝛺；闭合开关𝑆，电流表𝐴1的示数为0.8𝐴，电流表𝐴2的示数0.3𝐴，则10𝑚𝑖𝑛内电流通过电动机产生的热量为______𝐽。13.如图所示，这是一款华为折叠屏5𝐺手机，其折叠屏主要是由______(选填“导体”

“半导体”“超导体”或“绝缘体”)材料制成的柔性发光二极管；使用时，屏幕发出亮丽的光，此时屏幕相当于简单电路中的______(选填“电源”“用电器”或“开关”)。14.如图甲所示，闭合开关𝑆，调节滑动变阻器的滑片，从最右端滑至最左端时，额定电压为6𝑉的小灯泡恰好正常发光。电流表示数与两电压

表示数的关系图像如图乙所示，则电源电压为______𝑉；当滑动变阻器的滑片在最右端时，小灯泡𝐿的实际功率为______𝑊。15.把标有“6𝑉6𝑊”的𝐿1和“3𝑉6𝑊”的𝐿2两个灯泡并联接入电路中，让其中一个灯泡正常发光，另一个灯泡的实际功率不超过额定功率，忽略灯丝

电阻随温度变化，则电源两端电压是______𝑉；干路电流是______𝐴；此时两灯消耗总功率为______𝑊。第5页，共24页四、实验探究题（本大题共4小题，共20.0分）16.如图，在探究“不同物质吸热能力”的实验中：(1)甲、乙两套装置你选择______装置。(2)在两个相同的烧杯中加入

初温相同、______相同的水和煤油。(3)水和煤油温度随时间变化的图像如图丙所示。①加热3分钟时，𝑏液体比𝑎液体的温度高，那么𝑏吸收的热量______𝑎吸收的热量(选填“大于”、“小于”或“等于”)。②根据图丙可判断出_

_____(选填”𝑎”或”𝑏”)液体是水。17.为探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”，进行如图所示的简易实验。(1)将导线绕在铁钉上制成简易电磁铁，并巧妙地通过吸引大头针的个数来比较电磁铁磁性的强弱，下面的实验也用这种方法的是______。A.认识电压时，我们

可以用水压来类比电压B.用磁感线来描述磁场C.在探究电热与电流关系时，通过观察𝑈形管液面高度差来判断产生热量的多少D.在探究电流与电压关系的实验时，要让电阻大小保持不变(2)当滑动变阻器滑片向左移动时，

电磁铁甲、乙吸引大头针的个数______(选填“增加”或“减少”)。(3)根据图示的情境可知，甲的磁性强，说明电流相同时，______，电磁铁磁性越强。(4)判断电磁铁乙的上端是______极。18.小鹏在探究“通过导体的电流与电阻的关系”时，电路如图甲所示，电源电压为6𝑉保持不变．(1)滑动变

阻器的作用除了保护电路外，还起到了______的作用．(2)实验中所用电阻的阻值分别为5𝛺、10𝛺、20𝛺，分别接入三个定值电阻，调节滑动变阻器第6页，共24页的滑片，记录数据，得到了如图乙所示的图像；由图像可以得出

结论：______．(3)实验中，小鹏用5𝛺的电阻做完实验后，保持滑动变阻器滑片的位置不变，接着把𝑅换为10𝛺的电阻接入电路，闭合开关，变阻器应向______(选填“左”或“右”)端移动滑片，直至电压表示数为______𝑉时，读出电流表的示数．(4)为确保所给的三个定值电阻

接入电路后都能正常进行实验，那么应该选取最大阻值不小于______𝛺的滑动变阻器．19.小丽同学利用图甲所示的电路测量小灯泡的电功率，小灯泡的额定电压为2.5𝑉(1)用笔画线代替导线，将图甲中的电路补充完整(导线不得交叉)。(2)连接电路后，闭合开关，灯泡不亮，电流表和电压表都有示数

，但是数值较小，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡都不发光，两电表示数均无变化，产生这一故障的原因可能是：______．(3)小丽同学排除故障后，移动滑动变阻器的滑片到某一位置，电压表的示数如图乙所示，此时小灯泡两端的电压为______𝑉.要测量小灯泡的额定电功率，应将图甲中滑动变阻器的

滑片向______(填“𝐴”或“𝐵”)端移动，使电压表的示数为2.5𝑉．(4)移动滑动变阻器的滑片，记下多组电压和电流值，并绘制成图丙所示的𝑈−𝐼图像，根据图像的信息可以计算出小灯泡的额定电功率

为______𝑊.第7页，共24页(5)小丽还想利用一个电压未知的电源(电压不变)、已知阻值为𝑅0的定值电阻测出额定电压为𝑈额的另一小灯泡的额定功率，于是设计了如图丁所示的电路．请完成下列实验步骤：①闭合开关𝑆1，

开关𝑆2接𝑎接线柱，移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数为______。②闭合开关𝑆1，开关𝑆2接𝑏接线柱，滑动变阻器的滑片保持不动，读出电压表示数为𝑈1；再将开关𝑆2接𝑐接线柱，读出电压表的示数为𝑈2。③则小灯泡额定功率的表达式�

�额=______.(用𝑈额、𝑈1、𝑈2、𝑅0表示)五、计算题（本大题共2小题，共12.0分）20.如图所示电路中，电源电压为6𝑉，灯泡𝐿规格为“6𝑉3𝑊”，其电流与电压的关系如图乙所示。当𝑆、𝑆1、𝑆3闭合，𝑆2断开时，

电流表示数为0.5𝐴。(1)求灯泡𝐿的额定电流；(2)求定值电阻𝑅1的阻值；(3)断开𝑆1、𝑆3，闭合𝑆、𝑆2，调节滑片𝑃，使𝑅2的电功率为灯泡的2倍，求此时滑动变阻器接入电路的阻值为多大。21.如图甲所示的多功能养生壶具有精细烹饪

、营养量化等功能，图乙是其简化电路图，该养生壶的部分参数如表所示。第8页，共24页项目参数额定电压220𝑉低温挡功率275𝑊中温挡功率550𝑊高温挡功率1100𝑊(1)求电阻𝑅2的阻值。(2)若该养生壶的高温挡加热效率

为80%，在标准大气压下将初温为12℃的1𝑘𝑔水烧开，求所需要的加热时间。(3)小红同学想利用所学的物理知识测量该养生壶的实际功率，于是她关闭家中其他用电器，只让养生壶在高温挡工作，发现在4𝑚𝑖𝑛内电能表的转盘转了80𝑟(已知电能表上标

有1200𝑟/𝑘𝑊⋅ℎ)，求该养生壶的实际功率。第9页，共24页答案和解析1.【答案】𝐷【解析】解：𝐴、手机电池电压一般为3.7𝑉，故A不符合实际；B、电水壶的功率比较大，一般在800𝑊左右，故B不符合实际；C、教室内照明用的日光灯正常工

作的功率为40𝑊，电流为𝐼=𝑃𝑈=40𝑊220𝑉≈0.18𝐴，故C不符合实际；D、电脑的功率约200𝑊=0.2𝑘𝑊，1度=1𝑘𝑊⋅ℎ电能使电脑工作𝑡=𝑊𝑃=1𝑘𝑊⋅ℎ0.2𝑘𝑊=5ℎ，故D符合实际。故选：𝐷。不同物

理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。本题主要考查对电学中一些物理量的估测，注意观察与积累，并能运用相关公式进行简单的推算，是解答的关键。2.【答案】𝐵【解析】解：𝐴、图甲，二氧化氮的密度大

于空气的密度，如果把二氧化氮气体放到上方的话，由于自身密度大的缘故，二氧化氮会在重力作用下沉到下方的空气瓶子中去，就不能说明分子在不停地做无规则运动，故A错误；B、图乙，瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气对活塞做功，空气的内能减小，故B正确；C、图丙，

“破镜难圆”是因为分子之间的距离远，分子之间几乎没有作用力，故C错误；D、图丁，汽缸内的气体推动活塞向下运动时(即做功冲程)，内能转化为机械能，气缸内气体的内能减少，故D错误。故选：𝐵。(1)扩散现象，是指分子在永

不停息地做无规则运动，通过两只瓶内的气体颜色变化，来反映二氧化氮气体分子在做无规则运动；(2)(4)做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小；(3)分子之间存在着相互作

用的引力和斥力。第10页，共24页本题考查分子动理论的内容、做功改变物体的内能，根据温度与内能的关系和做功可以改变物体的内能角度分析解答问题。3.【答案】𝐷【解析】解：𝐴、热量是过程量，只能说“吸收”或“放出”不能说“含有”，故A错误；B、炎热的夏天

，在室内地面上洒水，水蒸发会从周围吸热而降低周围环境的温度，使人感到凉爽，不是利用水的比热容大的特点，故B错误；C、把一杯水放入冰箱，水在凝固过程中放出热量，内能减小，故C错误；D、向热汤中滴入香油会散发出浓浓的香味，是由

于温度越高分子热运动越剧烈，故D正确。故选：𝐷。(1)当物体之间有温度差时就会发生热传递现象，转移的能量就是热量，热量只能说“吸收”或“放出”不能说“含有”；(2)水分的蒸发会从周围吸热而降低周围环境的温度，即蒸发吸热；(3)凝固过程放出热量，内能减小

；(4)分子的无规则运动与温度有关，温度越高，分子运动越快。此题考查结合温度、热量与内能的关系，同时考查蒸发吸热现象以及扩散现象，是一道综合题。4.【答案】𝐶【解析】解：由电路图可知，光敏电阻𝑅与灯泡𝐿、定值电阻𝑅0串联，电压表𝑉1测𝐿两端的电压，电压表𝑉2测𝐿与𝑅两端

的电压之和，电流表测电路中的电流。因光敏电阻的阻值随照射在它上面的光强减小而增大，所以，当光照増大时，𝑅的阻值减小，电路中的总电阻减小，由𝐼=𝑈𝑅可知，电路中的电流增大，即电流表的示数增大，由𝑈=𝐼𝑅可知，定值电阻𝑅0和灯泡𝐿两端的电

压增大，由𝐿两端电压增大可知电压表𝑉1示数增大，故A错误；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，由电压表𝑉2的示数等于电源的电压减去𝑅0两端的电压可知，其示数减小，故B错误；由电压表𝑉2的示数减小、电流表𝐴的示数

变大可知，其比值变小，故D错误；由𝑅=𝑈𝐼可知，电压表𝑉1与电流表𝐴示数比值等于灯泡𝐿的阻值，则其比值不变，故C正确。第11页，共24页故选：𝐶。由电路图可知，光敏电阻𝑅与灯泡𝐿、定值电阻𝑅0串联，电压表𝑉1测𝐿两端的电压，电

压表𝑉2测𝐿与𝑅两端的电压之和，电流表测电路中的电流。根据“光敏电阻的阻值随照射在它上面的光强减小而增大”可知当光照増大时𝑅阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，再根据欧姆定律可知定值电阻𝑅0和灯泡𝐿两端的电压变化，根据串联电路的电压可知电压表𝑉2的示数

变化，进一步得出电压表𝑉2与电流表𝐴示数比值变化，利用欧姆定律结合电压表𝑉1与电流表𝐴示数比值变化。本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。5.【答案】𝐵【解析】解：A、若电阻𝑅1一定存在断路故障，𝑆断

开时电路是断路，电压表与电流表𝐴2串联在电源上，电压表测电源电压，电流表𝐴2示数为0，闭合开关后，只有𝑅2连入电路中，电流表测其电流，不为0，故不合题意；B、若电阻𝑅2一定存在断路故障，𝑆断开时只有𝑅1连入电路中，两电流表都测其电流

，电压表测电源电压，𝑆闭合后对电路没有影响，故三个电表示数都不变，符合题意；C、若电阻𝑅1存在短路故障，𝑆断开电路短路，会烧坏两电流表，故不合题意；D、若阻𝑅2可能存在短路故障，𝑆闭合会短路，会烧坏电流表𝐴2，故不

合题意。故选：𝐵。根据开关闭合后，电表示数均无变化，分析各选项解答。电路故障问题，是电学实验经常出现的问题，也是物理试题考查的热点、难点。本题解答要熟知短路和断路的不同情况，抓住三电表示数都不变。6.【答案】𝐴𝐵𝐷【解析】解：𝐴、毛皮和橡胶棒摩擦，橡胶棒带负电，

所以橡胶棒得到了电子，故A正确；B、物理学规定，正电荷定向移动的方向为电流的方向，所以金属导体中自由电子定向移动的方向与电流方向相反，故B正确；C、影响电阻大小的因素是：材料、长度、横截面积、温度，电阻的大小和导体的长度成正比，和导体的

横截面积成反比，所以当导体被均匀拉长至原来的2倍时，它的电阻增大为原来的4倍，故B错误；第12页，共24页D、在通常情况下，塑料、汽油和陶瓷都属于绝缘体，故D正确。故选：𝐴𝐵𝐷。(1)物理学规定：毛皮摩擦后的橡胶棒带负电，两个

物体摩擦后，束缚电子本领弱的物体得到电子而带负电；(2)物理学规定，正电荷定向移动的方向为电流的方向；(3)影响电阻大小的因素是：材料、长度、横截面积、温度，电阻的大小和导体的长度成正比，和导体的横截面积成反比；(4)

不容易导电的物体叫做绝缘体，如：橡胶、玻璃、塑料等。本题主要考查了摩擦起电的实质、电流的方向、绝缘体、影响电阻的因素的知识点，题目有一定的综合性。7.【答案】𝐴𝐶【解析】解：A、图中闭合电路的一部分导体𝑎𝑏在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流，这就是电磁感应现象，动圈式话筒的工作

原理就是电磁感应现象，故A正确；B、图中是探究带电体接触验电器的金属球时箔片会张开，是因为同种电荷相互排斥，故B错误；C、图中是奥斯特实验，该图中的实验现象说明通电导体周围存在着磁场，故C正确；D、图中有电源，是演示磁场对电流作用的实验装置，导体受力的方向与电流方向和磁场

方向有关，若同时改变电流方向和磁场方向，导体𝑎𝑏运动方向不改变，故D错误。故选：𝐴𝐶。(1)电磁感应是指闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中会产生感应电流；(2)电荷间的相互作用规律：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；(3)奥斯

特实验说明电流磁效应，即电流能产生磁场；(4)研究磁场对电流的作用要先给导体通电，再将其放入磁场中，即说明通电导线在磁场中受力的作用，电动机就是利用该原理制成的。图中所示的四个实验，是电与磁中典型的四个实验，它们各自的特点不同，代表了不同的含义，学

习中我们应该加以重点区分才行。8.【答案】𝐴𝐷第13页，共24页【解析】解：𝐴、当有人不小心摸到𝐴点触电了，此时不会引起电路中的电流过大，并不会导致熔丝熔断，故A正确；B、闭合开关𝑆灯泡正常

发光，此时用试电笔检测𝐶点，𝐶点接触的是零线，氖管不会发光，故B错误；C、若导线𝐸𝐻间断路，则当连接的用电器外壳漏电时，会发生触电事故，因此不可以安全使用三孔插座，故C错误；D、若闭合开关𝑆灯泡

发光，电路中的电水壶不能工作，用试电笔检测三孔插座左右两孔氖管发光，这说明三孔插座的左孔通过电水壶与火线相连，所有故障𝐶𝐷之间断路，故D正确。故选：𝐴𝐷。(1)家庭电路电流过大的原因：短路、用电器总功率过大；(2)(4)家庭电路的两根线分

别是火线和零线，测电笔和火线接触时，氖管会发光，接触零线时，氖管不会发光；(3)三孔插座的“中间孔”是与大地相连的，防治用电器的金属外壳漏电发生触电事故。本题来源于日常生活的常见现象和行为，在考查安全用电的原则中，实

现安全用电知识的宣传和教育作用。9.【答案】𝐵𝐷【解析】解：由电路图可知，灯泡𝐿与滑动变阻器𝑅串联，电压表测𝑅两端的电压，电流表测电路中的电流。(1)灯泡正常发光时的电压为2.5𝑉，功率为1.25𝑊，由𝑃=𝑈𝐼可得，灯泡正常发光时电路中的

电流：𝐼=𝐼𝐿=𝑃𝐿𝑈𝐿=1.25𝑊2.5𝑉=0.5𝐴，因串联电路中各处的电流相等，且变阻器允许通过的最大电流为1𝐴，所以，电路中的最大电流𝐼大=0.5𝐴，此时变阻器接入电路中的电阻最小，电路的总功率最大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，

此时电压表的示数：𝑈𝑅=𝑈−𝑈𝐿=4.5𝑉−2.5𝑉=2𝑉，由𝐼=𝑈𝑅可得，变阻器接入电路中的最小阻值：第14页，共24页𝑅小=𝑈𝑅𝐼大=2𝑉0.5𝐴=4𝛺，电路的最大总功率：�

�大=𝑈𝐼大=4.5𝑉×0.5𝐴=2.25𝑊，故D正确；(2)灯泡的电阻：𝑅𝐿=𝑈𝐿𝐼𝐿=2.5𝑉0.5𝐴=5𝛺，当电压表的示数最大为3𝑉时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，灯泡的功率最小，此时灯泡两端的电压：𝑈𝐿′=𝑈−𝑈

𝑅′=4.5𝑉−3𝑉=1.5𝑉，电路中的最小电流：𝐼小=𝑈𝐿′𝑅𝐿=1.5𝑉5𝛺=0.3𝐴，则电路中电流变化的范围是0.3𝐴～0.5𝐴，故A错误；滑动变阻器接入电路中的最大阻值：𝑅大=�

�𝑅′𝐼小=3𝑉0.3𝐴=10𝛺，则滑动变阻器阻值变化的范围是4𝛺～10𝛺，故B正确；灯泡的最小功率：𝑃𝐿′=𝐼小2𝑅𝐿=(0.3𝐴)2×5𝛺=0.45𝑊，故C错误。故选：𝐵𝐷。由电路图可知，灯泡𝐿与滑动变阻器𝑅串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测

电路中的电流。(1)灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，功率和额定功率相等，根据𝑃=𝑈𝐼求出灯泡正常发光时电路中的电流，然后结合变阻器允许通过的最大电流确定电路中的电流，此时变阻器接入电路中的电阻最小，电路的总功率

最大，根据串联电路的电压特点求出此时电压表的示数，根据欧姆定律求出变阻器接入电路中的最小阻值，利用𝑃=𝑈𝐼求出电路的最大总功率；(2)根据欧姆定律求出灯泡的电阻，当电压表的示数为3𝑉时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，灯泡的功率最小，根

据串联电路的电压特点求出此时灯泡两端的电压，利用欧姆定律求出电路中的最小电流和滑动变阻器接入电路中的最大阻值，利用𝑃=𝑈𝐼求出灯泡的最小功率，然后得出答案。第15页，共24页本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功

率公式的应用，正确的确定电路中的最大电流和最小电流是关键。10.【答案】1.38×10525【解析】解：汽油的质量：𝑚=10𝑔=0.01𝑘𝑔，这些汽油完全燃烧产生的热量：𝑄放=𝑞𝑚=4.6×107𝐽/𝑘𝑔×0.01𝑘𝑔=4.6×105𝐽；由𝜂=𝑊

有𝑄放可知一个工作循环中输出的有用机械能：𝑊有=𝜂×𝑊总=30%×4.6×105𝐽=1.38×105𝐽；由题知，飞轮转速是3000𝑟/𝑚𝑖𝑛，因为一个工作循环(包括4个冲程)中飞轮转动2圈才对外做功1次，所以汽

油机每分钟可以做功1500次，则1𝑠做功25次。故答案为：1.38×105；25。知道汽油的质量和热值，利用燃料完全放热公式𝑄放=𝑞𝑚求汽油完全燃烧产生的热量(总能量)；知道汽油机的效率，利用效率公式求有用机械能；知道汽油机的转速，而汽油机在一个工作循环中做功1次，飞轮转

动2圈，据此求1𝑚𝑖𝑛做功次数，进而得出1𝑠内对外做功次数。本题考查了燃料完全燃烧放热公式、效率公式、内燃机的工作特点的了解与掌握，很多学生容易忽略有用功和总功的差别，是易错点。11.【答案】下；𝑁【解析】【分析】本题既考查

电磁继电器原理的分析，综合性比较强，解题时要仔细分析。根据图中电路，当井盖丢失时，控制电路断开，继电器的下触点接触，上触点分离，灯泡不发光，表明没有危险．当电路中有电流时，则电磁铁有磁性，继电器的下触点

接触，灯泡不工作；由线圈中的电流方向，根据安培定则判断出电磁铁的𝑁𝑆极。【解答】由图可知，当井盖丢失时，控制电路断开，电磁铁无磁性，所以动触点与上方触电接触，使工作第16页，共24页电路连通，此时灯泡发光

报警；当电磁铁的线圈中有电流通过时，电磁铁有磁性，继电器的动触点与下静触点接触，灯泡不发光，表明没有危险。由安培定则可判断出线圈的上端是𝑁极，下端为𝑆极。故答案为：下；𝑁。12.【答案】300【解析】解：由图可知，闭合

开关后，𝑅与电动机𝑀并联，𝐴2测通过𝑅的电流，𝐴1测干路的电流；闭合开关，𝐴2的示数为𝐼2=0.3𝐴，即为通过𝑅的电流，根据并联电路电流的规律可得，通过电动机的电流：𝐼𝑀=𝐼−𝐼2=0.8𝐴−0

.3𝐴=0.5𝐴，电动机线圈的电阻2𝛺，所以，10𝑚𝑖𝑛内电流通过电动机产生的热量：𝑄=𝐼𝑀2𝑅线圈𝑡=(0.5𝐴)2×2𝛺×1×600𝑠=300𝐽；故答案为：300。闭合开关后，𝑅与电动机𝑀并联，𝐴2测通过𝑅的电流，𝐴1测干路的电流；根据并联电路电流的

规律，求出通过电动机的电流，根据𝑄=𝐼2𝑅线圈𝑡求10𝑚𝑖𝑛内电流通过电动机产生的热量。本题考查并联电路电流的规律及根据焦耳定律求电动机产生的热量，电动机为非纯电阻用电器，计算电热必须使用焦耳定律。13.【答案】半导体用电器【解析】解：折叠屏主要是

由半导体材料制成的柔性发光二极管；使用时，屏幕发出亮丽的光，在这一过程中消耗电能产生光能，即是将电能转化为光能的过程，则屏幕相当于简单电路中的用电器。故答案为：半导体；用电器。(1)二极管是由半导体做成的器件，它具有单向导电性

；(2)手电筒在使用时将电能转化为光能的过程。此题主要考查半导体的应用以及电路的组成，属于基础知识的考查。14.【答案】121第17页，共24页【解析】解：由电路图可知，灯泡𝐿、定值电阻𝑅0和滑动变阻器𝑅串联，电压表𝑉1测𝑅两端的电压，电压表𝑉2测𝑅0两端的电

压，电流表测电路中的电流。(1)当滑片位于最左端时，接入电路中的电阻为零，此时电路中的电流最大；由图乙可知，电路中的最大电流𝐼大=1.0𝐴，电压表𝑉1的示数为0𝑉，则电压表𝑉2的示数𝑈0=6𝑉；由于此时灯泡正常发光，则灯泡两端电压：𝑈𝐿=𝑈额=6𝑉，因串联电

路两端电压等于各部分电压之和，所以电源电压为：𝑈=𝑈𝐿+𝑈0=6𝑉+6𝑉=12𝑉；(2)当滑片位于最右端时，接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，由图像可知，电路中的最小电流𝐼小=0.

5𝐴，电压表𝑉1的示数为7𝑉，电压表𝑉2的示数为3𝑉；因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以灯泡两端的实际电压为：𝑈𝐿实=𝑈−𝑈0′−𝑈𝑅=12𝑉−3𝑉−7𝑉=2𝑉，则灯泡的实际功率为：𝑃𝐿实=𝑈𝐿实

𝐼小=2𝑉×0.5𝐴=1𝑊。故答案为：12；1。由电路图可知，灯泡𝐿、定值电阻𝑅0和滑动变阻器𝑅串联，电压表𝑉1测𝑅两端的电压，电压表𝑉2测𝑅0两端的电压，电流表测电路中的电流。(1)当滑片位于最左端时，接入电路中的电阻为零，此时电路中的电流最大，电

压表𝑉1被短路，电压表𝑉2测𝑅0两端电压，根据图像读出电压表𝑉2和电流表的示数，由于灯泡恰好正常发光则根据灯泡的额定电压可知灯泡的电压，根据串联电路电压特点求出电源电压；(2)当滑片位于最右端时，接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，根据图像读出𝑉

1、𝑉2的示数和电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的实际电压，利用𝑃=𝑈𝐼求出灯泡𝐿的实际功率。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的判断两电压表和电流表对应的示数关系是关键。15.【答案】32.57.5【解析】解：由电路图可知，两灯

泡并联，因并联电路中各支路两端的电压相等，且让其中一个灯泡正常发光，另一个灯泡的实际功率不超第18页，共24页过额定功率，所以，𝐿2正常发光，𝐿1不能正常发光，电源的电压𝑈=𝑈2=3𝑉，由𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅可得

，𝐿1的电阻：𝑅1=𝑈12𝑃1=(6𝑉)26𝑊=6𝛺，此时通过𝐿1的实际电流：𝐼1=𝑈𝑅1=3𝑉6𝛺=0.5𝐴，由𝑃=𝑈𝐼可得，通过𝐿2的实际电流：𝐼2=𝑃2𝑈2=6𝑊3𝑉=2𝐴，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路

中的电流：𝐼=𝐼1+𝐼2=0.5𝐴+2𝐴=2.5𝐴，电路消耗的总功率：𝑃=𝑈𝐼=3𝑉×2.5𝐴=7.5𝑊。故答案为：3；2.5；7.5。两灯泡并联时它们两端的电压相等，能正常发光的为额定电压较小的灯泡，根据𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅求出不能正常发光灯

泡的电阻，根据欧姆定律求出通过不能正常发光灯泡的电流，根据𝑃=𝑈𝐼求出正常发光灯泡的电流，利于并联电路的电流特点求出干路电流，根据𝑃=𝑈𝐼求出两灯消耗的实际总功率。本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意两灯泡并联时能正常发光的灯泡为额定电压较小的灯泡。16.【答

案】乙质量等于𝑎【解析】解：(1)甲用酒精灯，乙用电加热器，电加热器的规格相同，甲、乙两套装置选择乙装置加热器，是因为电加热器更容易控制在相同时间内产生相同的热量；(2)根据探究物质的吸热能力的两种方法，要控制不同物质的质量相同，所

以在两个相同的烧杯中加入初温相同、质量相同的水和煤油；(3)①同是加热3𝑚𝑖𝑛，根据转换法，水和煤油吸收热量相同；②根据图丙可知，𝑎的温度变化慢，吸热能力强；由图知，加热时间相同，吸热相同，𝑎的温度变化较慢，根据比较吸热能力的第2种方法，𝑎吸

热能力较强，可知𝑎是水。故答案为：(1)乙；(2)质量；(3)①等于；②𝑎。(1)我们使用相同的酒精灯(或加热器)通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法。从实验中易于控制𝑎、𝑏液体受热情况相同分析；(2)(3)比较物质吸热能力的2种方法：①使相同质量的不同

物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强第19页，共24页②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。本题属于研究物质比热容性质的探究

实验，考查了学生的分析归纳能力，利用好控制变量法和转换法是本题的关键。17.【答案】𝐶增加线圈匝数越多𝑆【解析】解：(1)电磁铁磁性强弱通过比较电磁铁吸引大头针的多少来反映，电磁铁吸引的大头针越多，电磁铁磁性越强；此实验运用的是转换法；A.认识电压

时，我们可以用水压来类比，运用类比方法；B.用磁感线形象地描述磁场，运用理想模型法；C.在探究电热与电流关系时，通过观察𝑈形管液面高度差来判断产生热量的多少，运用的是转换法；D.在探究电流与电压关系的实验时，要让电阻大小保持不变，运用的

是控制变量法。故选：𝐶；(2)当滑动变阻器滑片向左移动时，接入电路的电阻变小，电流变大，电磁铁的磁性越强，电磁铁吸引大头针个数增加；(3)甲、乙串联在电路中，电流相等，甲的线圈匝数多，吸引的大头针数量多，

说明电流一定时，线圈匝数越多，电磁铁磁性越强；(4)如图，电流从乙电磁铁的下端进入，上端流出，根据安培定则可以判断乙电磁铁的下端是𝑁极，上端是𝑆极。故答案为：(1)𝐶；(2)增加；(3)线圈匝数越多；(4)𝑆。(

1)要掌握转换法。知道电磁铁的磁性强弱是通过吸引大头针的多少来体现的；(2)滑动变阻器向左移动，接入电路的电阻变小，电流变大，电磁铁吸引大头针越多，说明电磁铁的磁性越强；(3)在电流一定时，线圈匝数越多，电磁铁的磁性越强；(4)知道电流方向，根据安培定则判断电磁铁的磁极。本

题考查影响电磁铁磁性强弱的因素，电磁铁的磁性强弱跟电流大小、线圈匝数有关，电磁铁磁极由电流方向来控制。18.【答案】保持定值电阻两端的电压不变电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比右240第20页，共24页【解析】

解：(1)研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，故滑动变阻器的作用除了保护电路外，还起到了保持定值电阻两端的电压不变的作用；(2)由乙图图像中数据可知，导体的电阻增大，通过导体的电流减小，通过导体的电流与导体的电阻的乘积保持

不变，故可得出结论：电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比；(3)由乙图图像可知，定值电阻两端的电压：𝑈𝑉=𝐼𝑅=0.1𝐴×20𝛺=-----=0.4𝐴×5𝛺=2𝑉；根据串联电路的分压原理可知，将定值

电阻由5𝛺改接成10𝛺的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，根据串联电路电压的规律可知，为了保持定值电阻两端电压不变，应增大滑动变阻器分得的电压，由串联分压的分压原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以

滑片应向右端移动，使电压表的示数为2𝑉不变；(4)实验中使用的定值电阻阻值最大为20𝛺，定值电阻两端的电压始终保持𝑈𝑉=2𝑉，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：𝑈滑=𝑈−𝑈𝑉=6𝑉−2𝑉=4𝑉，变阻器分得的电压为电压表示数的4𝑉2𝑉

=2倍，根据分压原理，当接入20𝛺电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：𝑅滑=2×20𝛺=40𝛺，即小明所选择的变阻器的最大阻值不能小于40𝛺。故答案为：(1)保持定值电阻两端的电压不变；(2)电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比；(

3)右；2；(4)40。(1)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变；(2)由图乙图像中电流与电阻的乘积为一定值分析得出结论；(3)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电

压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；(4)根据串联电路电压的规律和分压原理确定变阻器连入电路中的最大阻值，从而确定变阻器的规格。本题探究“通过导体的电流与电阻的关系”，考查了控制变量法、数据分析、操作过程及对器材

的要求，属于常考命题点。19.【答案】将变阻器下面两个接线柱连入了电路中2.2𝐴0.5𝑈额𝑈额⋅𝑈2−𝑈1𝑅0第21页，共24页【解析】解：(1)电流表与小灯泡串联，电压表与小灯泡并联，如图所示：；(2)连接电路后，闭合开关，小灯泡不

亮，电流表、电压表都有示数，电路为通路，电路的电流较小，电路的电阻较大，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡都不发光，两电表示数均无变化，则变阻器没有了变阻的作用，产生这一现象的原因是将变阻器下面两个接线柱连

入了电路中；(3)灯在额定电压下正常发光，图乙中电压选用小量程，分度值为0.1𝑉，示数为2.2𝑉，小于灯的额定电压2.5𝑉，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，

故滑片向𝐴移动，小灯泡两端的电压达到2.5𝑉；(4)根据绘制成图丙所示的𝑈−𝐼图像知，灯在额定电压下的电流为0.2𝐴，小灯泡的额定功率为：𝑃=𝑈𝐼=2.5𝑉×0.2𝐴=0.5𝑊；(5)①闭合开关𝑆1，开关𝑆2接𝑎接线柱，移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数为𝑈额；②闭

合开关𝑆1，开关𝑆2接𝑏接线柱，滑动变阻器的滑片保持不动”，读出电压表示数为𝑈1；再将开关𝑆2接𝑐接线柱，读出电压表的示数为𝑈2；③在②中，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，此时定值电阻的

电压：𝑈0=𝑈2−𝑈1，由欧姆定律可求出灯的额定电流：𝐼=𝑈2−𝑈1𝑅0，则小灯泡额定功率的表达式：𝑃额=𝑈额𝐼=𝑈额⋅𝑈2−𝑈1𝑅0。故答案为：(1)如图所示；(2)将变阻器下面两个接线柱

连入了电路中；(3)2.2；𝐴；(4)0.5；(5)𝑈额；𝑈额⋅𝑈2−𝑈1𝑅0。(1)测量小灯泡的电功率时，电流表与小灯泡串联，电压表与小灯泡并联；(2)连接电路后，闭合开关，小灯泡不亮，电流表、电压表

都有示数，电路为通路，电路的电流较小，电路的电阻较大，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡都不发光，两电表示数均无变化，第22页，共24页则变阻器没有了变阻的作用，据此分析；(3)灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原

理确滑片移动的方向；(4)根据绘制成图丙所示的𝑈−𝐼图像知灯在额定电压下的电流，根据𝑃=𝑈𝐼得出小灯泡的额定功率；(5)要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，先将电压表与灯并联，通过移动滑片的位置，使灯的电压为额定电压；保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与变阻器的电压，最后

通过开关的转换用电压表测电源电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时定值电阻的电压，由欧姆定律可求出灯的额定电流，根据𝑃=𝑈𝐼可求出灯的额定功率。本题测量小灯泡的电功率，考查电路连接、反常现象的分析、操作过程、电功率计算和设计

方案测额定功率的能力。20.【答案】解：(1)灯泡𝐿规格为“6𝑉3𝑊”，是指额定电压为6𝑉、额定功率为3𝑊。由𝑃=𝑈𝐼可得灯泡𝐿的额定电流：𝐼额=𝑃额𝑈额=3𝑊6𝑉=0.5𝐴；(2)由图甲可得，当𝑆、𝑆1、𝑆3闭合，𝑆2断开时，灯𝐿被短路，滑动

变阻器没有连入电路，电路中只有𝑅1，由欧姆定律可得：𝑅1=𝑈𝐼=6𝑉0.5𝐴=12𝛺；(3)断开𝑆1、𝑆3，闭合𝑆、𝑆2，灯𝐿与滑动变阻器串联，通过的电流相等，调节滑片𝑃，使𝑅2的电功率为灯泡的2倍，由𝑃=𝑈𝐼可知：𝑅2两端的电压、灯𝐿两端电压之

比：𝑈2：𝑈𝐿′=2：1，因为𝑈2+𝑈𝐿′=𝑈=6𝑉，所以𝑅2两端的电压为4𝑉、灯𝐿两端电压为2𝑉，由图乙可知此时通过灯的电流，即电路中的电流：第23页，共24页𝐼′=0.25𝐴，滑动变阻器连入的电阻：𝑅2=𝑈2𝐼′=4𝑉0.25𝐴=16�

�。答：(1)灯泡𝐿的额定电流为0.5𝐴；(2)定值电阻𝑅1的阻值为12𝛺；(3)此时滑动变阻器接入电路的阻值为16𝛺。【解析】(1)知道灯泡𝐿规格(额定电压、额定功率)，利用𝑃=𝑈𝐼求灯泡𝐿的额

定电流；(2)由图甲可得，当𝑆、𝑆1、𝑆3闭合，𝑆2断开时，灯𝐿被短路，滑动变阻器没有连入电路，电路中只有𝑅1，利用欧姆定律求𝑅1的阻值；(3)由图甲可得，断开𝑆1、𝑆3，闭合𝑆、𝑆2，灯𝐿与滑动变阻器串联，通过的电流相等，调节滑片𝑃，使𝑅2

的电功率为灯泡的2倍，利用𝑃=𝑈𝐼求𝑅2两端的电压、灯𝐿两端电压之比，知道电源电压，可求𝑅2两端的电压、灯𝐿两端电压；由图乙可知此时通过灯的电流，即电路中的电流，利用欧姆定律求滑动变阻器连入的电阻。本题考查了电功率公式、欧姆定律、串联电路特点的应用以及对灯的铭牌含义的理解

，分析通过灯的电流与电压图象得出相关信息是关键。21.【答案】解：(1)①当𝑆1断开时，当𝑆2接𝑎时，两电阻串联；②当𝑆2断开，𝑆1闭合时，只有电阻𝑅1接入电路，③当开关𝑆1闭合，𝑆2接𝑏

时，两电阻并联；①中，两电阻串联，因串联时电阻的电阻大于其中任一电阻，这时电路的电阻最大，根据𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅可知，功率最小，所以，当𝑆1断开时，当𝑆2接𝑎时为低温挡；③中两电阻并联，根据并联电阻的规律，并联的电阻小于其中任一电阻，电路的电阻最小，根据𝑃=𝑈𝐼=𝑈2

𝑅可知，功率最大，所以当开关𝑆1闭合，𝑆2接𝑏时为高温挡；当𝑆2断开，𝑆1闭合时，只有𝑅1接入电路，为中温挡，由𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅可知，电阻𝑅1的阻值：𝑅1=𝑈2𝑃中=(2

20𝑉)2550𝑊=88𝛺；电阻𝑅1和𝑅2的总阻值：𝑅=𝑈2𝑃低=(220𝑉)2275𝑊=176𝛺；则电阻𝑅2的阻值：𝑅2=𝑅−𝑅1=176𝛺−88𝛺=88𝛺；(2)在1个标准大气压下，水的沸点是100℃，第24页

，共24页初温是12℃的一壶水烧开，水吸收的热量：𝑄吸=𝑐𝑚(𝑡−𝑡0)=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)×1𝑘𝑔×(100℃−12℃)=3.696×105𝐽；由𝜂=𝑄吸𝑊可知，养生壶消耗的

电能：𝑊=𝑄吸𝜂=3.696×105𝐽80%=4.62×105𝐽；由𝑃=𝑊𝑡可知，烧开一壶水需要的时间：𝑡=𝑊𝑃高=4.62×105𝐽1100𝑊=420𝑠；(3)1200𝑟/𝑘𝑊⋅ℎ表示电路中用电器每消耗1𝑘𝑊⋅ℎ电能，电能表的转盘转过1200转，则电能表

的转盘转了80𝑟，养生壶消耗的电能：𝑊′=80𝑟1200𝑟/𝑘𝑊⋅ℎ=230𝑘𝑊⋅ℎ养生壶的实际功率：𝑃=𝑊𝑡=230𝑘𝑊⋅ℎ460ℎ=1𝑘𝑊=1000𝑊。答：(1)电阻�

�2的阻值为88𝛺。(2)所需要的加热时间为420𝑠；(3)养生壶的实际功率为1000𝑊。【解析】(1)分析开关转换时电路的连接，①当𝑆1断开时，当𝑆2接𝑎时，两电阻串联；②当𝑆2断开，𝑆1闭合时，只有电阻𝑅1接入电路，③当开关𝑆1闭合，

𝑆2接𝑏时，两电阻并联；根据并联和串联电阻的规律，结合𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅，分析开关转换时电路的状态；当𝑆2断开，𝑆1闭合时，为电阻𝑅1的简单电路，养生壶处于中温挡，由𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅求出𝑅1；当𝑆1断开时，当𝑆

2接𝑎时，两电阻串联，养生壶处于低温挡，由𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅求出𝑅1和𝑅2的总电阻，利用串联电路的电阻特点计算出𝑅2的阻值；(2)根据𝑄吸=𝑐𝑚𝛥𝑡求出将初温是12℃的一壶水烧开，水吸收的热量

，根据𝜂=𝑄吸𝑊计算出养生壶消耗的电能；利用𝑃=𝑊𝑡求出烧开一壶水需要的时间；(3)1200𝑟/𝑘𝑊⋅ℎ表示电路中用电器每消耗1𝑘𝑊⋅ℎ电能，电能表的转盘转过1200转；据此可计算出电能

表的转盘转了80𝑟，养生壶消耗的电能；利用𝑃=𝑊𝑡可计算出养生壶的实际功率。本题为电热综合题，考查串联、并联电路的规律及欧姆定律和电功率公式及吸热公式和效率公式的运用，对电能表参数的理解和掌握，关键是确定不同挡位电路的连接。