【文档说明】2021-2022学年江西省南昌市南昌县九年级上期末物理试题及答案解析.docx，共(19)页，280.954 KB，由小喜鸽上传

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第1页，共19页2021-2022学年江西省南昌市南昌县九年级（上）期末物理试卷一、单选题（本大题共4小题，共8.0分）1.估测是物理学中常用的方法，下面是小华同学对生活中的一些物理量的估测，其中符合实际的是()A.电吹风工作时的功率大约为1000𝑊B.普通手机电池电压

约为40𝑉C.电饭锅正常工作时，其功率大约为50𝑊D.家庭中电视机正常工作时的电流约为10𝐴2.在探究“导体电流与电阻关系”时，选择了5𝛺、10𝛺、15𝛺、20𝛺四个电阻进行实验，实验电路图如图所示。下列说法正确的是()A.闭合开关

前，滑动变阻器的滑片应置于最左端B.将5𝛺的电阻换成10𝛺，应将滑片向左移C.实验过程中移动滑片的作用是控制电阻两端的电压一定D.实验获得多组数据是为了减小实验误差3.将一台标有“220𝑉1000𝑊”的取暖器单独

接在家庭电路中。正常工作1小时后，电能表示数如图所示，下列说法中正确的是()A.电能表主要用来测量用电器的电功率B.这段时间内电能表转盘转了2500转C.其他家用电器和取暖器一起正常工作时，电能表转盘转速不

变D.这段时间内取暖器消耗了31.6𝑘𝑊⋅ℎ的电能4.小刚按照如图所示的电路图连接电路，闭合开关后，发现两只灯泡都不亮，且电流表和电压表的示数均为零。他将𝐿1、𝐿2两只灯泡对调位置后，再次闭合开关，发现两只灯

泡仍然不亮，电流表指针没动，但是电压表的指针有了明显的偏转。对该电路中出现的故障，比较准确的判断是()A.电流表处断路B.灯泡𝐿1灯丝断路C.灯泡𝐿2灯丝断路D.𝑎𝑏两点间导线有断路第2页，共19页二、多选题（

本大题共2小题，共6.0分）5.下列事例，属于利用电流热效应的是()A.电热孵化器孵小鸡B.电热水壶烧水C.电脑散热风扇D.电熨斗熨衣服6.如图所示电路中，电源电压恒为3𝑉，灯泡𝐿1、𝐿2分别标有“3𝑉，2.5𝑊”和“3𝑉，5𝑊”字样，灯丝电阻不随温度的变化而变化，闭合

开关后，下列说法正确的是()A.通过𝐿1的电流比通过𝐿2的电流小B.𝐿1的电阻比𝐿2的电阻大C.𝐿1两端的电压大于𝐿2两端的电压D.𝐿1比𝐿2暗三、填空题（本大题共8小题，共16.0分）7.社会的发展离不开物理学家的突出贡献。英国物理学

家______经过大量的实验研究，归纳出了电流通过导体产生的热量与电流、电阻及通电时间的关系，用公式表示为______。8.我国照明电路的电压为______𝑉，对人体安全的电压为______𝑉。9.一段导体两端的电压为9𝑉时，通过它的电流为0.3𝐴，则导体的电阻为______。若导体两

端的电压为12𝑉时，导体的电阻将______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。10.某白炽灯上标有“𝑃𝑍220−100”字样，该灯不工作时，额定电压为______𝑉，实际功率是______

𝑊。第3页，共19页11.如图甲所示电路，当闭合开关后，电路无故障，两电表指针如图乙所示，则通过𝐿1的电流是______，通过𝐿2的电流是______。12.将两个阻值之比为3：4的定值电阻𝑅1、𝑅2串联接在电路中，则𝑅1、𝑅2两端电压之比为______。若把它们并

联接入电路中，则通过𝑅1、𝑅2的电流之比是______。13.如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关𝑆后，将滑动变阻器𝑅2的滑片𝑃向右滑动，电流表示数______，电压表𝑉1示数______。(选填“变大”、“减小”或“不变”)14.在如图所示的电路中，电阻�

�0为12𝛺，电源电压不变，把“6𝑉，3𝑊”的小灯泡接在𝐴𝐵间，𝐶𝐷间接电流表，闭合开关𝑆，小灯泡正常发光，则电流表示数为______𝐴，电源电压为______𝑉。四、实验探究题（本大题共4小题，共28

.0分）15.小明根据图甲所示电路连接实物图，探究“并联电路的电流特点”。(1)实验中，小明应选用规格______(选填“相同”或“不相同”)的两个小灯泡进行研究。第4页，共19页(2)连接好电路，闭合开关前，发现电流表示数如图乙所示，则小明应进行的操作是______。(3)如

图丙所示电路，电流表测______(选填“𝐿1”、“𝐿2”或“干路”)的电流。闭合开关后，若电流表示数如图丁所示，原因是______。(4)若拧下𝐿1，则灯泡𝐿2______(选填“仍发光”或“不发光”)，多次实验后，小明将数据填入表中，如右表所示，可

得出结论是：______。次数𝐼𝐴/𝐴𝐼𝐵/𝐴𝐼𝐶/𝐴10.240.220.4620.260.320.5830.200.320.52(5)以下实验中，与“探究并联电路电流特点”进行多次测量的目的不相同的是______。A.探究

光的反射定律B.伏安法测电阻C.探究杠杆平衡条件16.在探究影响导体电阻大小的因素时，小兵、小新两位同学做出了如下猜想：①导体的电阻与导体的材料有关。②导体的电阻与导体的横截面积有关。③导体的电阻与导体的长度有关。实验室提供了4根电阻丝，规格、材料如表：编号材料长度/𝑚横截面积/𝑚𝑚2𝐴镍

铬合金0.50.5𝐵镍铬合金10.5𝐶镍铬合金0.51𝐷锰铜合金0.50.5第5页，共19页为了验证上述猜想，他们设计了如图所示的实验电路。(1)在𝑀、𝑁之间分别接上不同的导体，通过观察电流表来比较

电阻的大小。小灯泡除了能显示电流大小以外，在电路中还能起到______的作用。(2)小新选用编号为𝐴𝐵的两根电阻丝进行实验，发现把𝐴接入电路时电流表的示数比把𝐵接入电路时电流表的示数大，说明𝐴电阻较______，由此得到结论：_____

_，长度越长，______。(3)有同学认为：可以只根据灯泡亮度的变化来判断接入的电阻丝阻值的变化情况，老师指出：此实验中这种方法不可取，这是因为电源电压一定时，所选电阻丝的阻值若是相差不大，那么灯泡亮度变化______(选填“明显”或“不明显”)。(4)细心的小

兵发现，白炽灯用久了之后，灯泡会变黑，灯丝变细，导致灯丝电阻变大，在使用时白炽灯的实际功率将______额定功率。(选填“大于”、“等于”或“小于”)。(5)小丽在探究同样的课题时，手边只有一根电阻丝，那么她利用这根电阻丝和上述电路，不

能够完成猜想______(填序号)的实验验证。17.某实验小组的同学做测量小灯泡的电功率的实验，电源为两节新干电池，小灯泡的额定电压是2.5𝑉。(1)请在图2虚线框内画出图1的实验电路图。(2)连接电路时，开关应______，滑动变阻

器的滑片应置于最______(选填“左”“右”)端实验过程中移动滑动变阻器滑片的作用是______。(3)本实验的原理是：______。(4)小明同学进行了实验，闭合开关𝑆，移动滑动变阻器的滑片，使𝐿发光，测出𝐿的相关物理量

，并在实验表格中记录数据和现象。根据表格数据可得：小灯泡的额定功率为______。第6页，共19页序号电压𝑈/𝑉电流𝐼/𝐴灯𝐿亮度实际功率𝑃/𝑊电功率平均值𝑃/𝑊12.20.28较暗0.620.7622.50.3正常

发光0.7532.80.32较亮0.9(5)在交流讨论中，小明知道了自己对实验现象的观察和数据记录都是正确的，但所设计的实验表格存在不妥之处，请指出：______。18.在“探究电流产生的热量与哪些因素有关

”的实验中：实验装置如图所示，两烧瓶中煤油的质量和初温相同，电阻丝𝑅1>𝑅2。(1)烧瓶中用煤油而不用水，因为______。(2)实验装置中，两电阻丝是______联的；实验目的是探究电流产生的热量与______的关系。(3)闭合开关，通电一会儿，观察

到甲瓶中的温度计的示数较乙的高，说明电阻丝______(选填“𝑅1”或“𝑅2”)产生的热量较多，此步骤用到的实验方法是______。(4)本实验的结论是：在______和通电时间相同时，导体电阻越大，电流产生的热量______。五、计算题（本大题共3小题，共22.0分）

19.如图所示，𝑅1为10𝛺的定值电阻，电源电压为9𝑉，开关闭合后电流表示数为0.3𝐴，求：(1)电阻𝑅2两端的电压；(2)电阻𝑅2的阻值；(3)电阻𝑅2的功率。第7页，共19页20.如图所示电路

中，灯𝐿上标有“6𝑉，3.6𝑊”字样，电源电压恒为18𝑉，灯𝐿的电阻保持不变，求：(1)灯𝐿的电阻；(2)灯𝐿正常工作时，滑动变阻器的电功率；(3)当滑动变阻器的滑片置于最左端时，灯泡𝐿的实际功率。21.天气变冷，小亮妈妈给小亮买了块暖桌垫

如图甲所示，小亮把手放在桌垫上感到特别暖和，通过观察和研究，他了解到该桌垫有“高温”、“低温”和“关”三个挡位，“高温”挡功率为72𝑊，“低温”挡功率为36𝑊。该桌垫的电路简图如图乙所示，电源电压为24𝑉，𝑆为挡位切换开关，𝑅1和𝑅2为电热丝。(1)当桌垫处于“

高温”挡加热时，通过桌垫的电流是多少安？(2)电热丝𝑅2的阻值是多少欧？(3)该桌垫在高温挡工作10𝑚𝑖𝑛产生的热量是多少焦？第8页，共19页答案和解析1.【答案】𝐴【解析】解：𝐴、电吹风的功率在1000𝑊左右，故A符合实际；B、普通手机电池电压一般为3.7�

�，故B不符合实际；C、电饭锅的功率在1000𝑊左右，故C不符合实际；D、家庭中电视机的电功率在150𝑊左右，工作时通过的电流约为𝐼=𝑃𝑈=150𝑊220𝑉≈0.7𝐴，故D不符合实际。

故选：𝐴。此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。2.【答案】𝐶【解析】解：𝐴、

闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片𝑃应置于最大阻值处，由图可知该实验中𝑃应置于右端，故A错误；B、实验过程中电源电压不变，定值电阻两端的电压不变，则滑动变阻器两端的电压不变，因串联电路中导体两端的电

压之比等于电阻之比，则定值电阻和滑动变阻器接入电路的阻值之比不变，所以将5𝛺电阻换成10𝛺电阻时，需增大滑动变阻器接入电路的阻值，所以滑动变阻器的滑片应向右移动，故B错误；C、在探究“导体电流与电阻关系”时，更换定值电

阻时，要用滑动变阻器来保持电阻两端电压不变，故C正确；D、探究电流跟电阻的关系时，要控制电压不变，多次改变定值电阻的阻值，记录电流值，判断电流跟电阻的关系，故D错误。故选：𝐶。(1)闭合开关前滑动变阻器的滑片𝑃应置于最大阻值处；(2)在该实验中，滑

动变阻器的作用是保护电路和控制定值电阻两端的电压不变；(3)串联电路中电阻起分担电压的作用，实验过程中电源电压不变，定值电阻两端的电压不变，则第9页，共19页滑动变阻器两端的电压不变，则定值电阻和滑动变阻器接

入电路的阻值之比不变；(4)探究电流跟电阻的关系时，要控制电压不变，多次改变定值电阻的阻值，记录电流值，判断电流跟电阻的关系。本题利用控制变量法探究导体中的电流跟导体电阻的关系，这是电学中重要的实验，要正确理解并掌握。3

.【答案】𝐵【解析】解：𝐴、电能表是测量电功的仪表，故A错误；𝐵𝐷、由𝑃=𝑊𝑡可知，将“220𝑉1000𝑊”的取暖器单独接在家庭电路中，正常工作1小时消耗的电能：𝑊=𝑃𝑡=1000×10−3𝑘𝑊×1ℎ=1𝑘𝑊⋅ℎ；2500�

�/𝑘𝑊⋅ℎ表示的是电路中每消耗1𝑘𝑊⋅ℎ的电能，转盘转2500圈，所以这段时间内电能表转盘转了2500转，故B正确、D错误；C、电路中正常工作的用电器的总功率越大，单位时间内消耗的电能越多，电能表转盘转速越快，故C错误；故

选：𝐵。(1)电能表是测量电功的仪表；(2)(4)利用𝑃=𝑊𝑡是变形公式求出了这段时间内消耗的电能，2500𝑟/𝑘𝑊⋅ℎ表示的是电路中每消耗1𝑘𝑊⋅ℎ的电能，转盘转2500圈，据此求出这段时间内电能表转盘的转数；(3)电路

中正常工作的用电器的总功率越大，单位时间内消耗的电能越多。本题考查了电能表的作用、用电器消耗电能的计算、电能表转数的计算，明确电能表相关参数的含义是解题的关键，4.【答案】𝐶【解析】解：两灯对调位置前，因为电流表示数为零，所

以是串联电路的某处出现断路；又因为电压表示数为零，所以电压表所测电路完好，即：灯泡𝐿1和电流表完好。两灯对调位置后，电压表有了示数，说明电压表所测电路发生了断路，结合上面的情况，可断定是灯𝐿2发生了断路。故选：𝐶。根据电流表和电压表在电路中的作用进行分析，即

电流表示数为零，表明所测电路出现断路；而第10页，共19页电压表无示数，表明电压表测量的电路完好；若电压表有示数，说明电压表测量的电路断路(电源除外)。知道电压表和电流表在电路中的作用，会根据电压表和电流表检测电路的故障。5.【答案】𝐴𝐵𝐷【解析】解：𝐴𝐵𝐷、电热孵化器孵小鸡、电热

水壶烧水，电熨斗熨衣服时，都是消耗电能转化为内能，是利用电流的热效应工作的，故ABD符合题意；C、电脑散热风扇工作时，主要是电能转化为机械能，不是利用电流的热效应，故C不符合题意。故选：𝐴𝐵𝐷。电流流过导体时，导体要发热，这种现象是电流的热效应，发生电流的热效应时，电能转化为内

能。利用电流的热效应工作的家用电器，都是电能转化为内能，这是判断的关键。6.【答案】𝐵𝐶【解析】解：𝐴、由电路图可知，两灯泡串联，因串联电路中各处的电流相等，所以，通过𝐿1的电流等于𝐿2的电流，故A错误；B、由两灯泡的铭牌可知，两灯泡

的额定电压相等，𝐿1的额定功率小于𝐿2的额定功率，由𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅可知，灯泡𝐿1的电阻大于𝐿2的电阻，即𝑅1>𝑅2，故B正确；C、已知𝑅1>𝑅2，且通过它们的电流相等，由𝑈=𝐼𝑅可知，𝐿1两端电压大于𝐿2两端电压，故C正确；D、通过两灯的电流相等，且，�

�1两端电压大于𝐿2两端电压，由𝑃=𝑈𝐼可知，𝐿1的实际功率比𝐿2的实际功率大，即𝐿1比𝐿2亮，故D错误。故选：𝐵𝐶。(1)由两灯泡的铭牌可知，两灯泡的额定电压相等，额定功率不同，根据𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅比较两灯泡的电阻关系；(2)由电路图可知，两灯泡串联，根

据串联电路的电流特点可知通过它们的电流关系，根据欧姆定律可知两灯泡两端的电压关系，利用𝑃=𝑈𝐼可知两灯泡的实际功率关系及两灯的亮暗关系。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，是

一道较为简单的应用题。第11页，共19页7.【答案】焦耳𝑄=𝐼2𝑅𝑡【解析】解：社会的发展离不开物理学家的突出贡献。英国物理学家焦耳经过大量的实验研究，归纳出了电流通过导体产生的热量与电流、电阻及通电时间

的关系，用公式表示为𝑄=𝐼2𝑅𝑡。故答案为：焦耳；𝑄=𝐼2𝑅𝑡。根据对焦耳和焦耳定律内容的了解回答。焦耳定律是初中物理电学部分最重要的规律之一，需要熟练掌握其内容、表达式及公式变形，难度不大。8.【答案】220不高于36【解析】解：我国

照明电路电压是220𝑉。对人体的安全电压不高于36𝑉。故答案为：220；不高于36。我国照明电路的电压是220𝑉.对人体的安全电压不高于36𝑉。我国照明电路电压和一节干电池的电压，在题目中有时不直接给出，而是隐含在题目中，注意挖掘。人体安全电压是

不高于36𝑉，不是等于36𝑉，学生如何模糊36𝑉前面的修饰词。9.【答案】30𝛺不变【解析】解：已知导体两端的电压为𝑈=9𝑉，通过该导体的电流为𝐼=0.3𝐴，由𝐼=𝑈𝑅可知导体的电阻为：𝑅=𝑈𝐼=

9𝑉0.3𝐴=30𝛺；电阻是导体的特性，其大小只与导体的长度、材料、横截面积和温度有关，与导体两端的电压大小等因素无关，因此若导体两端的电压为12𝑉时，导体的电阻将不变。故答案为：30𝛺；不变。已知导体两端的电压和通过的电流，利

用欧姆定律可求出导体的电阻；电阻是导体的特性，其大小只与导体的长度、材料、横截面积和温度有关。本题考查了对欧姆定律的应用和对电阻特性的理解，属于基础题，难度不大。10.【答案】2200第12页，共19页【解析】解：

“𝑃𝑍220−100”，“220100”表示灯泡的额定电压是220𝑉，额定功率是100𝑊，则灯泡不工作时，额定电压为220𝑉，通过灯泡的电流为0𝐴，由𝑃=𝑈𝐼可知，实际功率是0𝑊。故答案为：220；0。明确灯泡上的各个字母和数字代表的含义；即电压表示额定电压，电功率表示额定

功率，根据𝑃=𝑈𝐼求出其实际功率。本题考查用电器铭牌上各种参数的含义以及电功率计算公式的应用。11.【答案】1.2𝐴0.3𝐴【解析】解：由图可知，两灯泡并联，𝐴2测灯𝐿2的电流，𝐴1测干路电流；因并联电路中干路电流等于各支路的电流之和

，所以，电流表𝐴1的示数应大于𝐴2的示数，而电流表𝐴1、𝐴2的指针偏转一样，这说明电流表𝐴1选择的量程是0～3𝐴，电流表𝐴2选择的量程是0～0.6𝐴，由图知，电流表𝐴2的分度值是0.02𝐴，由指针位置可知，𝐴1的示数是0.3𝐴，即通

过灯𝐿2的电流𝐼2=0.3𝐴；电流表𝐴1的分度值是0.1𝐴，由指针位置可知，其示数为1.5𝐴，即干路电流𝐼=1.5𝐴，因并联电路中干路电流等于各支路的电流之和，所以通过𝐿1的电流：𝐼1=𝐼−𝐼2=1.5𝐴−0.3𝐴=1.2𝐴。故答案为：1.2�

�；0.3𝐴。(1)并联电路中，总电流等于各并联支路的电流之和；(2)电流表读数时，应先看清量程和分度值，再根据指针位置读数。本题考查了并联电路的电流规律和电流表的使用和读数等，确定好电流表的量程是关键。12.【答案】3：44：3【解析】解：(1)若将𝑅1、𝑅2串联接在电路中，通过𝑅1和�

�2的电流相同，由𝐼=𝑈𝑅可知𝑅1、𝑅2两端电压之比为：𝑈1：𝑈2=𝐼𝑅1：𝐼𝑅2=𝑅1：𝑅2=3：4；(2)若把两电阻并联接在电路中，两电阻两端的电压均等于电源电压，由𝐼=𝑈𝑅可知通过𝑅1、𝑅2的电流之比为：𝐼1：𝐼2=𝑈𝑅1：𝑈�

�2=𝑅2：𝑅1=4：3。故答案为：3：4；4：3。第13页，共19页(1)串联电路中电流处处相等，由欧姆定律可知，串联电路中两电阻两端的电压之比等于电阻之比；(2)并联电路中各个支路两端的电压均等于电源电压，由欧姆定律可知，通过各个支路的电流等于电阻的反比。本题

考查了对欧姆定律的应用，理解并掌握串、并联电路的电流和电压特点是解题的关键。13.【答案】变大不变【解析】解：由电路图可知，电阻𝑅1与滑动变阻器串联，电流表测电路电流，电压表𝑉1测电源的电压，电压

表𝑉2测滑动变阻器两端电压；闭合开关，滑片𝑃向右移动时，由于电源电压不变，所以电压表𝑉1示数不变；此时滑动变阻器接入电路的阻值变小，电路总电阻变小，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流变大，电流表示数变大。故答案

为：变大；不变。由电路图可知，电阻𝑅1与滑动变阻器串联，电流表测电路电流，电压表𝑉1测电源的电压，电压表𝑉2测滑动变阻器两端电压，根据滑动变阻器滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后根据电源电压、欧姆定律判断各电表示数如何变化。本题是一

道闭合电路的动态分析题，根据滑片移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化、熟练应用串联电路特点、欧姆定律是正确解题的关键。14.【答案】0.16【解析】解：把“6𝑉3𝑊”的小灯泡接在𝐴𝐵间，�

�𝐷间接电流表，闭合开关𝑆，灯泡和𝑅0并联，电流表测量电路电流，根据灯泡正常发光可知灯泡电压为6𝑉，根据并联电路电压特点可知𝑅0两端的电压和电源电压均为6𝑉；此时电流表测量干路电流，根据𝑃=𝑈𝐼可知灯泡的电流：𝐼𝐿=𝑃𝐿𝑈𝐿=

3𝑊6𝑉=0.5𝐴，根据欧姆定律可知，电阻𝑅0的电流为：𝐼0=𝑈𝑅0=6𝑉12𝛺=0.5𝐴，根据并联电路电流特点可知，电流表示数为：第14页，共19页𝐼𝐴=𝐼𝐿+𝐼0=0.5𝐴+0.5𝐴=1𝐴。故答案为

：1；6。把“6𝑉3𝑊”的小灯泡接在𝐴𝐵间，𝐶𝐷间接电流表，闭合开关𝑆，灯泡和𝑅0并联，电流表测量电路电流，根据灯泡正常发光可知灯泡电压为6𝑉，根据并联电路电压特点可知𝑅0两端的电压和电源电压；根据𝑃=𝑈𝐼可知灯泡的电流，根据欧姆定律可得出

电阻𝑅0的电流，根据并联电路电流特点可得出电流表示数。本题考查等效电路分析和欧姆定律的应用及电功率的计算问题，属于基础题目。15.【答案】不相同将电流表指针调零干路电流表正负接线柱接反了仍发光并联电路中干路电流等于各支路电流之和𝐵【解析】解：(1)实验中，为得出普遍性

的结论，小明应该选择规格不相同的两个小灯泡来进行实验；(2)开关闭合前，发现电流表𝐴的指针不在零刻度线处，说明电流表没调零，所以小明应进行的操作是将电流表指针调零；(3)由图丙可知，电流表串联在干路上，故电流表测的是干路电流；闭合开关后，若电流表示数如图丁所示，即指

针反向偏转，其原因是电流表正负接线柱接反了；(4)图甲中两灯泡并联，因为并联电路中各支路互不影响，所以若拧下𝐿1，灯泡𝐿2所在支路不受影响，故灯泡𝐿2仍然发光；由表中数据可以分析得出：并联电路中干路电流等于各支路电流之和；(3)“探究并联电路

电流特点”，进行多次测量是为了得出普遍性的结论；A.探究光的反射定律，进行多次测量是为了得出普遍性的结论；B.伏安法测电阻，进行多次测量是为了取平均值减小误差；C.探究杠杆的平衡条件，进行多次测量是为了得出普遍性的结论；选B。故答案为：(1)不相同；(2)将电流表指针调零；

(3)干路；电流表正负接线柱接反了；(4)仍发光；并联电路中干路电流等于各支路电流之和；(5)𝐵。(1)用归纳法得出普遍性的结论，一要选用的样本有代表性，二要数量足够多；(2)实验前需要对电表校零；(3)电流表与待测电路

串联；电流从电流表正接线柱流入，从负接线柱流出；第15页，共19页(4)根据并联电路的特点分析灯泡的发光情况；由表中实验数据得出结论；(5)“探究并联电路电流特点”进行多次测量是为了得出普遍性的结论，逐一分析每个选顶得出答案。本题探究“并联电路的电流特点”，考查

归纳法的应用、电流表的使用、并联电路的特点、数据分析及多次测量的目的。16.【答案】保护电路小在导体的材料、横截面积相同时电阻越大不明显大于①【解析】解：(1)灯泡在电路中的作用是保护电路，从而防止烧坏电流表；(2)选取𝐴、𝐵

导体进行实验时，导体的材料、横截面积相同，长度不同，𝐵的长度大，发现把𝐴接入电路时电流表的示数比把𝐵接入电路时电流表的示数大，说明𝐴电阻较小，𝐵的电阻较大，故结论为：在导体的材料、横截面积相同时，长度越长，电阻越大；(3)由于电源电压一定时，所

选电阻丝的阻值相差太小，灯泡亮度变化不明显，所以不可以根据灯泡亮度的变化来判断接入的电阻丝阻值的变化情况；(4)灯泡的灯丝烧断了，把断了的灯丝搭在一起，灯丝的长度变短、横截面积变大，因此灯丝电阻减小，由公式𝑃=𝑈2𝑅可知，灯泡

的电压不变，而电阻变小，故功率变大，所以实际功率将大于额定功率；(5)要探究电阻大小与导体材料的关系时，需保证电阻丝的长度、横截面积相同，材料不同，小丽在探究同样的课题时，手边只有一根电阻丝，那么，他利用这根电阻丝和上述电路不能完成

对猜想①的实验验证。故答案为：(1)保护电路；(2)小；在导体的材料、横截面积相同时；电阻越大；(3)不明显；(4)大于；(5)①。(1)电路中接入小灯泡，可以保护电路；(2)(5)影响导体电阻大小的因素：导体

的材料、长度和横截面积，在研究电阻与其中某个因素的关系时，要采用控制变量法的思想，要研究导体的电阻大小与一个量之间的关系，需要保持其它量不变；(3)若电阻变化不大时，灯泡的亮暗变化不能，不能通过灯泡的亮暗变化的方法判断出电流的变化；(4)把断了的灯丝搭在一起，从影响电阻大小的因素考虑其电阻的

变化；判断灯泡的亮度，依据的是小灯泡的实际功率，可利用公式𝑃=𝑈2𝑅进行分析。第16页，共19页探究影响电阻大小的因素采用了控制变量法的思想，电阻大小的变化是通过电流表的示数变化体现的，这里采用了转换法的思想。

17.【答案】断开右保护电路𝑃=𝑈𝐼0.75𝑊计算灯泡电功率平均值没有意义【解析】解：(1)根据实物图可知可知电源、开关、电流表、灯泡、滑动变阻器串联接入电路，电压表与灯泡并联接入电路，电路图如下：；(2)连接电路时应断开开关，为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到阻值最大

处，所以动变阻器的滑片应置于最最右端；(3)测小灯泡额定电功率的实验原理为：𝑃=𝑈𝐼；(4)灯在额定电压下正常发光，由表格中的数据可知灯泡两端的电压为2.5𝑉时，通过灯泡的电流为0.3𝐴，小灯泡的额定功率：𝑃=𝑈𝐼=2.5𝑉×0.3𝐴=0.75𝑊；(5)灯

泡两端的电压不同时，灯泡的实际功率是不同的，所以计算灯泡的平均功率没有意义。故答案为：(1)如图；(2)断开；右；保护电路；(3)𝑃=𝑈𝐼；(4)0.75；(5)计算灯泡电功率平均值没有意义。(1)根据实物图可知电源、开关、电流表、灯泡、滑动变阻器串联接入电路，电压表与灯泡并联接入

电路，据此画出电路图；(2)连接电路时应断开开关，为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到阻值最大处；(3)测小灯泡额定电功率的实验原理为𝑃=𝑈𝐼；(4)由表格中的数据可知灯泡两端的电压为2.5𝑉时，通过灯泡的电流为0.3𝐴，根据𝑃=𝑈𝐼计算灯泡的额定功率；(5)

灯泡两端的电压不同时，灯泡的实际功率是不同的。测量小灯泡的电功率的实验考查电路图、实验操作过程、注意事项、电功率公式的灵活运用。18.【答案】煤油的比热容比水的比热容小串电阻𝑅2转换法电流越多第17页，共19页【解析】解：(1)因为煤油的比热容比水的比热容小，相同质量的煤油和水比较，吸收相同的

热量，煤油温度升高的多，用煤油做实验效果更明显，便于观察；(2)由图可知，电路中电阻丝的连接方式串联是为了控制电流相等；闭合开关，因电流和通电时间相同，电阻不同，可以探究电流产生的热量与电阻的大小有关；(3)闭合开关通

电一会儿后，甲瓶中的温度计的示数较乙的高，因电流和通电时间相同，电阻不同，说明𝑅2电阻大，𝑅2产生的热量越多；电阻丝放出热量的多少，是通过温度计的示数变化来进行判断的，此步骤用到的实验方法是转换法；(4)本实验的结论是：在电流和通电时

间都相同时，导体电阻越大，产生的热量越多。故答案为：(1)煤油的比热容比水的比热容小；(2)串；电阻；(3)𝑅2；转换法；(4)电流；越多。(1)煤油的比热容比水的比热容小；(2)因电流和通电时间相同，根据𝑅1和𝑅2的大小关系分析出电流

产生的热量与什么因素有关；(3)(4)由焦耳定律可知，电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关；串联电路各处的电流相等；电流产生的热量不易比较，可让初温、质量相同的煤油吸热，比较煤油升高的温度确定产生的热量，采用了转换法。本题考查了学

生对焦耳定律、串联电路的电流关系的了解和掌握，属于中考常见题型，利用好控制变量法、比较法等是本题的解决关键。19.【答案】解：由电路图可知，两电阻串联，电流表测电路中的电流；(1)由𝐼=𝑈𝑅可知，

𝑅1两端的电压：𝑈1=𝐼𝑅1=0.3𝐴×10𝛺=3𝑉，由串联电路的电压特点可知，电阻𝑅2两端电压：𝑈2=𝑈−𝑈1=9𝑉−3𝑉=6𝑉；(2)由𝐼=𝑈𝑅可知，电阻𝑅2的阻值：𝑅2=𝑈2𝐼=

6𝑉0.3𝐴=20𝛺；(3)电阻𝑅2的功率：𝑃2=𝑈2𝐼=6𝑉×0.3𝐴=1.8𝑊。答：(1)电阻𝑅2两端的电压为6𝑉；(2)电阻𝑅2的阻值为20𝛺；(3)电阻𝑅2的功率1.

8𝑊。【解析】由电路图可知，两电阻串联，电流表测电路中的电流。(1)根据欧姆定律求出𝑅1两端的电压，根据串联电路的电压特点求出𝑅2两端的电压；(2)根据欧姆定律求出𝑅2的阻值；第18页，共19页(3)根据𝑃=𝑈𝐼求电阻𝑅2的功率。本题考查了串联电路的特点、欧姆定律的应用和电

功率的计算，是一道基础题。20.【答案】解：由电路图可知，闭合开关𝑆，灯泡𝐿与滑动变阻器𝑅串联，电压表测滑动变阻器𝑅两端的电压，电流表测电路中的电流。(1)由𝑃=𝑈2𝑅可得，灯𝐿的电阻：𝑅𝐿=𝑈𝐿额2�

�𝐿额=(6𝑉)23.6𝑊=10𝛺；(2)灯泡正常工作时的电流：𝐼𝐿额=𝑈𝐿额𝑅𝐿=6𝑉10𝛺=0.6𝐴；因为串联电路两端电压等于各部分电路两端电压之和，所以，灯𝐿正常工作时滑动变阻器

两端的电压：𝑈𝑅=𝑈−𝑈𝐿=18𝑉−6𝑉=12𝑉；因为串联电路中各处的电流相等，所以滑动变阻器消耗的功率：𝑃𝑅=𝑈𝑅𝐼𝑅=𝑈𝑅𝐼𝐿额=12𝑉×0.6𝐴=7.2𝑊；(3)当

滑动变阻器的滑片置于最左端时，滑动变阻器连入电路的阻值为0；灯泡𝐿两端的电压为𝑈𝐿=𝑈=18𝑉，远远大于灯泡的额定电压，此时灯泡被烧毁，灯泡的实际功率为0𝑊。答：(1)灯𝐿的电阻为10𝛺；(2)灯𝐿正常工作时，滑动变阻器的电功率为7.2𝑊；(3

)当滑动变阻器的滑片置于最左端时，灯泡𝐿的实际功率为0𝑊。【解析】由电路图可知，闭合开关𝑆，灯泡𝐿与滑动变阻器𝑅串联，电压表测𝑅两端的电压，电流表测电路中的电流。(1)已知灯泡的额定电压和额定功

率，根据𝑃=𝑈2𝑅求出灯𝐿的电阻；(2)根据欧姆定律求出灯泡正常工作时的电流，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，利用串联电路的电流特点和𝑃=𝑈𝐼求出滑动变阻器消耗的功率；(3)当滑动变阻

器的滑片置于最左端时，滑动变阻器接入电路的电阻为零，比较灯泡的实际电压和额定电压的大小关系，从而得出灯泡𝐿的实际功率。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，知道灯泡的实际电压远远大于额定电压时，灯泡会被烧毁是解题的一

个关键，这也是本题的一个易错点。第19页，共19页21.【答案】解：(1)由𝑃=𝑈𝐼可得，处于“高温”挡加热时通过座椅垫的电流为：𝐼=𝑃高温𝑈=72𝑊24𝑉=3𝐴；(2)由电路图知，开关𝑆接高温挡位时，电路为𝑅1的简单电路，根据𝐼=𝑈𝑅可得，电热丝𝑅

1的阻值为：𝑅1=𝑈𝐼=24𝑉3𝐴=8𝛺；开关𝑆接低温挡位时，两个电阻串联，此时电路的总电阻为：𝑅总=𝑈2𝑃低温=(24𝑉)236𝑊=16𝛺；根据串联电路的电阻关系可知，𝑅2的阻值为；𝑅2=𝑅总−𝑅1=16𝛺−8�

�=8𝛺；(3)座椅垫工作5𝑚𝑖𝑛产生的热量：𝑄=𝑊=𝑃高温𝑡=72𝑊×10×60𝑠=4.32×104𝐽。答：(1)通过座椅垫的电流是3𝐴；(2)电热丝𝑅1的阻值是8𝛺；(3)座椅垫工作10�

�𝑖𝑛产生的热量是4.32×104𝐽。【解析】(1)已知电源电压和高温挡功率，根据𝑃=𝑈𝐼计算处于高温挡加热时通过座椅垫的电流；(2)由图知，开关𝑆接高温挡位时，电路为𝑅1的简单电路，根据欧姆定律计算电热丝𝑅1的阻值；低温

时，根据𝑅总=𝑈2𝑃低温求出串联电路的总电阻，根据串联电路的电阻关系求出𝑅2的阻值；(3)根据𝑄=𝑊=𝑃𝑡计算座椅垫工作10𝑚𝑖𝑛产生的热量。本题以桌垫为情景，考查了欧姆定律、电功率以及电热计算公式的灵活应用，难度

不大。