【文档说明】2021-2022学年江西省九江市九年级上期末物理试题及答案解析.docx，共(22)页，448.367 KB，由小喜鸽上传

转载请保留链接：https://www.ichengzhen.cn/view-159587.html

以下为本文档部分文字说明：

第1页，共22页2021-2022学年江西省九江市九年级（上）期末物理试卷一、单选题（本大题共4小题，共8.0分）1.以下数据与实际情况基本相符的是()A.中学生正常爬楼的功率约为50𝑊B.家用取暖器工作15𝑚𝑖𝑛，消耗电能约0.3𝑘𝑊⋅ℎC.家用小汽车的热机效率

约60%D.家庭电路中台灯正常工作时，灯丝电阻约110𝛺2.质量、初温都相同的铜块和铝块，放出相同的热量后再相互接触(𝑐铜<𝑐铝)，则()A.热量从铝块传向铜块B.热量从铜块传向铝块C.温度从铜块传向铝块D.无法判断热量的

传递3.如图所示是小翼同学探究导体的电流与电阻关系时所用的实验电路，在实验过程中，他将10𝛺的定值电阻更换为15𝛺的定值电阻，闭合开关后，为了保持定值电阻的两端电压不变，他接下来要进行的操作是()A.记录电压表和电流表示数B.减少电池节数C.将滑动变阻器滑片向右移动D.将滑动变阻器滑

片向左移动4.用相同的滑轮和绳子分别组成如图所示的甲乙两个滑轮组，把相同的重物在相同的时间内匀速提升相同的高度。若不计绳重和摩擦，下列说法不正确的是()A.甲乙两滑轮组绳子自由端移动的距离之比为2：3B.甲乙两滑轮组拉力做功的功率之比为

2：3C.甲乙两滑轮组做的有用功之比为1：1第2页，共22页D.甲乙两滑轮组机械效率之比为1：1二、多选题（本大题共2小题，共6.0分）5.如图所示电路中，电源电压和小灯泡灯丝电阻均不变。下列说法正确的是()A.只闭合𝑆1，将𝑃向左移动一段距离，电压表示数与电流表示数的

比值不变B.只闭合𝑆1，将𝑃向左移动，𝐿消耗的功率减小C.开关都闭合，将𝑃向左移动，𝑅1消耗的功率不变，𝐿消耗的功率变大D.开关都闭合，将𝑃向左移动，电压表示数与电流表示数的比值不变6.如图所示，在水平台面上，

一轻质弹簧一端固定于竖直墙面，另一端系一小球，𝑂点是弹簧保持原长的位置，开始时通过小球将弹簧压缩至𝐴点，释放小球，小球向右运动至𝐵点，下列说法正确的是()A.小球从𝐴到𝐵的过程中动能先增大后减小B.若

𝑂𝐴=𝑂𝐵，则小球从𝐴到𝐵的过程中，在𝑂位置动能最大C.若𝑂𝐴>𝑂𝐵，则小球从𝐴点运动至𝐵点过程中，动能一直增大D.小球在运动过程中弹簧和小球总的机械能在减小三、填空题（本大题共8小题，共16.0分）7.请写出一个本学

期你所学习到的物理定律的名称及对应表达式：______(定律名称)、______(表达式)。8.中国航天从未停下探索的脚步，如图所示，是2021年11月27日00时40分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，将第3页，共22页“中星1𝐷”卫星发射升空的场景，发射台一般建在水池上方

，是利用水的______大的特性保护发射架，发射火箭时通常采用液氢作为燃料，主要是因为液氢的______高。9.如图所示为某段导体中电子的运动情况，此刻导体中______电流(选填“有”或“无”)，若导体中的所有电子运动方向为统一向右，则该导体左端接的是

电源的______极(选填“正”或“负”)。10.如图所示的实验中，用酒精灯给试管加热。试管内水的温度逐渐升高直至沸腾。水沸腾后，橡胶塞从试管口飞出，这一过程相当于内燃机的______冲程，瓶口出现大量“白气”是因为水蒸气内能______(选填“增大”或“减

小”)引起的。11.如图所示，灯泡𝐿上标有“4𝑉4𝑊”字样(不计灯丝电阻的变化)。电源电压为4𝑉且保持不变。定值电阻𝑅=8𝛺。只闭合开关𝑆2时，灯泡𝐿与电阻𝑅的电流之比为______；当闭合开关𝑆1、𝑆3，断开开关𝑆2时，灯泡𝐿与

电阻𝑅的电流之比为______。12.如图甲所示是小罗同学出去研学时，观察到的指南针的情景。当指南针静止时上部指向南方，说明指南针的上部是______极，小罗将指南针放在如图乙所示的电磁体左方，仍呈现如图甲所示的指向，则电源的下部为______极。13.如图所示是一位老师自制的教具，其中虚线框

中的器件叫做______，是由______、衔铁、簧片、触点组成。第4页，共22页14.如图所示为“探究电流通过导体产生的热量与电阻大小的关系”的实验装置，该实验利用𝑈形管两边液面高度差来反映导体产生的热量的多少，这种研究问题的方法叫做______，通电一段时间，左右两边电

阻丝产生的热量之比为______。四、实验探究题（本大题共4小题，共28.0分）15.如图所示是小聪和小红同学设计的“探究斜面机械效率”的实验装置：Ⅰ.小聪分别使用等重的木块𝑎和小车(有轮子)完成了机械效率的测量，相关数据如表所示：次数物体物重

𝐺/𝑁拉升高度ℎ/𝑚拉力𝐹/𝑁拉动距离𝑠/𝑚机械效率𝜂/%1木块60.11.201502小车60.10.751(1)每个实验都有需要特别强调的注意事项，如在本实验中，用弹簧测力计拉动物体时，需要注意两点：一是拉力方向要与斜面平行；

二是要让物体沿斜面做______运动。(2)第2次实验中斜面的机械效率为______。小聪的两次实验对比，可以研究斜面的机械效率与______的关系，得出的结论是______。Ⅱ.小红同学利用木块𝑏、木板、刻度尺、弹

簧测力计等器材测得的数据如表：实验次数斜面倾斜程度木块重力𝐺/𝑁拉升高度ℎ/𝑚拉力𝐹/𝑁拉动距离𝑠/𝑚机械效率𝜂1较缓30.21.6137.5%2较陡30.31.8150%第5页，共22页请你根据表中的数据解答下列问题：(1)小红的两次实验对比，可以研究斜面的机械效率与______

的关系，得出的结论是：用斜面拉同一个物体，______，斜面机械效率越高。(2)第2次实验中，木块受到的摩擦力大小为______。16.为比较酒精和汽油热值的大小，制定了以下实验方案：(1)取质量______(填“相同”或“不相同”)的酒精和汽油作燃料，制成酒精灯和汽油灯；

(2)两灯同时点燃后分别给两杯质量和初温相同的水加热(烧杯质量相同，如图所示)；(3)通过观察水温的变化，由此判断两种燃料热值的大小。请根据上面的设计方案回答：①如图甲中温度计的读数是______，当两灯的燃料______(选填“燃烧相同时间”或“完全燃烧完后”

)，甲装置中温度计读数是80℃，而乙装置的读数是90℃。由此判断______的热值比较大；②实验中燃料燃烧放出的热量，通过______方式使水的内能增大；③根据𝑄吸=𝑐𝑚水(𝑡−𝑡0)计算出水

吸收的热量，然后利用这个热量计算出汽油的热值，发现结果与资料中给出的汽油热值相比______(选填“偏大”或“偏小”)，分析原因可能是______。第6页，共22页17.如图所示为小明进行“伏安法”测电阻的实验电路。(1)用笔画线代替导线将电路补充完整。(2)小

明连接好电路后，闭合开关，发现电压表有示数，电流表无示数，则故障可能是______。(3)排除故障后，闭合开关，当滑动变阻器的滑片移动到某位置时，电压表和电流表指针位置如图乙，则被测电阻的阻值为_____

_𝛺。(4)为了______，需进行多次测量。完成第一次测量后，他接下来的操作是______。(5)小明将测出的数据填到表中电压𝑈/𝑉1.82.43.0电流𝐼/𝐴0.30.40.5利用表中数据，得出的结论是：______。

(6)小明将定值电阻换成小灯泡，移动滑动变阻器的滑片，记录电表的数据，得到小灯泡如图所示的𝑈−𝐼图象，图像为一条曲线，原因是______。18.在“探究影响电磁铁磁性强弱的因素”的实验中，小明制成简易电磁铁甲、乙，并设计了如图所示的电

路。(1)在实验时，通过______反映电磁铁的磁性强弱。(2)当滑动变阻器滑片向左移动时，电磁铁甲、乙吸引大头针的个数______(选填“增加”或“减少”)，说明电流越______，电磁铁磁性越强。第7页，共22页(3)根据图示的情境可知，______

(选填“甲”或“乙”)的磁性强，说明电流一定时，______，电磁铁磁性越强。(4)电磁铁吸引的大头针下端分散的原因是______。(5)电磁铁在生产、生活中应用广泛，请写出其中的一个应用：______。五、计算题（本大题共3小题，共22.0分）19.某单缸汽油发动机气缸的活塞面积是100�

�𝑚2，做功冲程中活塞移动的距离是50𝑐𝑚，气体的平均压强是5×105𝑃𝑎.求：(1)气体一次膨胀对活塞做的功是多少？(2)若汽油机的飞轮的转速是1200𝑟/𝑚𝑖𝑛，则汽油机的有用功率是多少瓦？(3)汽

油机每分钟做功耗油120𝑔，则汽油机的效率是多大？(汽油的热值是4.6×107𝐽/𝑘𝑔)20.如图所示，灯𝐿上标有“12𝑉0.3𝐴”字样，定值电阻𝑅1的阻值为10𝛺，滑动变阻器𝑅2上标有“50𝛺

1𝐴”。闭合𝑆1、𝑆2，灯𝐿正常发光。电流表、电压表的量程分别为0～0.6𝐴，0～15𝑉，求：(1)灯正常发光时的电阻及电源电压；(2)断开𝑆1、𝑆2，为确保电路中各元件安全，求滑动变阻器允许连入的阻值范围。

(3)闭合开关𝑆1、𝑆2，求电路消耗的最大电功率，及此时滑动变阻器的阻值。21.如图甲是小梦家豆浆机的工作原理图，其中电动机是用来带动刀头将原料进行粉碎打浆的，额定功率是200𝑊.𝑅是加热电阻，额定功率是1100𝑊，图乙、丙是此豆浆机做一次豆浆时的工作信息。小梦的妈妈向豆浆机中

加入黄豆和清水共1.5𝑘𝑔，求：(1)豆浆机的加热电阻是多少？第8页，共22页(2)从第6𝑚𝑖𝑛至第9𝑚𝑖𝑛，豆浆吸收的热量是多少？[𝑐豆浆=4.0×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)](3)豆浆机正常工作做一次豆浆，总共消耗的电

能是多少？第9页，共22页答案和解析1.【答案】𝐵【解析】解：A、中学生的体重在500𝑁左右，一层楼的高度在3𝑚左右，上一层楼的时间在10𝑠左右，爬楼的功率约𝑃=𝑊𝑡=𝐺ℎ𝑡=500𝑁×3𝑚10𝑠=150𝑊，故A与实际情

况不相符；B、取暖器的功率约为1200𝑊=1.2𝑘𝑊，家用取暖器工作15𝑚𝑖𝑛，消耗电能约为：𝑊=𝑃𝑡=1.2𝑘𝑊×1560ℎ=0.3𝑘𝑊⋅ℎ，故B与实际情况基本相符；C、家用小汽车的热机是汽油机，效率在20%～30%

之间，不可能为60%，故C与实际情况不相符；D、家庭电路中台灯的功率约为10𝑊，正常工作时灯丝电阻约为：𝑅=𝑈2𝑃=(220𝑉)210𝑊=4840𝛺，故D与实际情况不相符。故选：𝐵。(1)根据𝑃=𝑊𝑡=𝐺ℎ𝑡估算出中学生正常爬楼的功率

；(2)根据𝑊=𝑃𝑡估算出家用取暖器工作15𝑚𝑖𝑛消耗的电能；(3)汽油机的效率在20%～30%之间；(4)根据𝑃=𝑈2𝑅算出庭电路中台灯正常工作时灯丝电阻。估测是一种科学的近似值，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法而且是一种重要的科学研究方

法，在生产和生活中也有着重要的作用，应用日常知识积累解答此题。2.【答案】𝐴【解析】解：𝐴𝐵、因为铝块和铜块的质量、放出的热量相同，𝑐铜<𝑐铝，由𝛥𝑡=𝑄放𝑐𝑚可知降低的温度𝛥𝑡铜>𝛥𝑡铝，又因为二者的初温相同，所以铜块的末温比铝块的末温低，热量将从铝块传给铜块

，故A正确、B错误；𝐶𝐷、在热传递中，传递的是热量，而不是温度，故CD错误。故选：𝐴。第10页，共22页知道铝块、铜块的质量、初温相同，放出的热量相同，根据𝛥𝑡=𝑄放𝑐𝑚判断出两金属块降低的温度关系，进而确定末温的高低，而热量(不是温度)总是从高温物体传给低温物体，据此分析判断。本

题考查了放热公式的应用，以及热传递的条件，关键是根据题中已知条件利用公式判出二者的末温，才能确定热量的传递方向。3.【答案】𝐶【解析】解：在滑动变阻器的电阻值𝑅𝑝不变的情况下，电路中由于将10𝛺的定值电阻换成15𝛺的定值电阻，使整个电路的电阻值𝑅总增大。利用公式�

�=𝑈𝑅可知，电路中的总电流𝐼减小。此时滑动变阻器两端的电压𝑈𝑝=𝐼𝑅𝑝，由于𝑅𝑝不变，𝐼减小，导致了𝑈𝑝的减小，而定值电阻两点之间的电压等于总电压减去滑动变阻器两端的电压，由于滑动

变阻器两端的电压减小导致了定值电阻两点之间的电压增大，所以要减小定值电阻两点之间的电压𝑈2.根据公式𝑈2=𝐼𝑅2可知，𝑅2为15𝛺不变，只能减小电路中的电流，所以要使电路中的电阻增大，即滑片𝑃向右端移动增大电阻。故选：𝐶。研究导体中的电流与电阻的关系，由控制变量法的思

路可知，需要保证导体两端的电压不变，当电路中的电阻由10𝛺换成15𝛺时，分析定值电阻两点之间的电压怎样变化是此题的解题思路。研究导体中的电流与电阻的关系，需要保证导体两端的电压不变是此题的突破点。4.【答案】𝐵【解析】解：𝐴、由图可知，�

�甲=2，𝑛乙=3，则𝑠甲=2ℎ，𝑠乙=3ℎ，因此甲乙两滑轮组绳子自由端移动的距离之比：𝑠甲𝑠乙=2ℎ3ℎ=23，故A正确；𝐵𝐶、因为不计绳重和摩擦，所以滑轮组拉力做的额外功为：𝑊额=𝐺动ℎ，由于动滑轮和提升的高度均相同，所以两滑轮组拉力

做的额外功相等，拉力做的有用功为：𝑊有=𝐺ℎ，由于重物和提升的高度相同，所以两滑轮组拉力做的有用功也相等，因此甲乙两滑轮组做的有用功之比为1：1，故B错误；由𝑊总=𝑊有+𝑊额可知，拉力做的总功相等，根据𝑃=𝑊总𝑡可知，甲

乙两滑轮组拉力做功的功率之比为1：1，故C正确；D、因为拉力做的有用功和总功都相等，所以由𝜂=𝑊有𝑊总×100%可知，甲乙两滑轮组机械效率之第11页，共22页比为1：1，故D正确。故选：𝐵。(1)由图可知提升动滑轮绳子的股数𝑛，利用𝑠=𝑛ℎ求甲乙两滑轮组绳子自由端

移动的距离之比；(2)利用𝑊额=𝐺动ℎ求拉力做的额外功，利用𝑊有=𝐺ℎ表示出拉力做的有用功，根据𝑊总=𝑊有+𝑊额求拉力做的总功，根据𝑃=𝑊𝑡求甲乙两滑轮组拉力做功的功率之比；(3)

利用𝑊有=𝐺ℎ求甲乙两滑轮组做的有用功之比；(4)利用𝜂=𝑊有𝑊总×100%求甲乙两滑轮组机械效率之比。本题考查使用滑轮组时有用功、总功、功率和机械效率的计算，明确有用功和额外功是解题的关键。5.【答案】𝐴𝐶【解析】解：𝐴𝐵

、只闭合𝑆1，𝑅2、𝐿串联，电压表测𝐿两端电压，电流表测电路中电流；将𝑃向左移动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，通过灯泡的电流变大，灯泡的实际功率

变大，灯泡变亮；根据𝑅=𝑈𝐼可知，电压表示数与电流表示数的比值为灯丝的电阻，灯丝电阻不变，电压表示数与电流表示数的比值不变，故A正确，B错误；𝐶𝐷、开关都闭合时，𝐿与𝑅2串联后再与电阻𝑅1并联在

电路中，电流表测量干路中的电流，电压表测量灯泡两端的电压；将𝑃向左移动，由于并联电路各支路互不影响，所以𝑅1消耗的功率不变；此时滑动变阻器接入电路中的电阻变小，灯泡与滑动变阻器的总电阻变小，根据欧姆定律可知，该支路中的电

流变大，通过灯泡的电流变大，灯泡消耗的功率变大，灯泡变亮，灯泡所在支路的电流变大；根据𝑈=𝐼𝑅可知，灯泡两端的电压变大；根据欧姆定律和并联电路的电流关系可知：电压表示数与电流表示数的比值为：𝑈𝑅2+𝑅�

�𝑅𝐿𝑈𝑅1+𝑈𝑅2+𝑅𝐿=𝑅𝐿𝑅2+𝑅𝐿1𝑅1+1𝑅2+𝑅𝐿=𝑅𝐿𝑅1𝑅𝐿+𝑅1+𝑅2，由于𝑅1、𝑅𝐿不变，且滑动变阻器的电阻变小，所以比值变大；故C正确，D错误

。故选：𝐴𝐶。第12页，共22页(1)只闭合𝑆1，𝑅2、𝐿串联，电压表测𝐿两端电压，电流表测电路中电流，由串联电路特点和欧姆定律分析判断将𝑃向左移动时两电表示数比值的变化情况，根据通过灯泡电流的变化判定灯泡功率的变化；(2)开关都闭合，

𝐿与𝑅2串联后再与电阻𝑅1并联在电路中，由并联电路特点分析𝑅1消耗的功率的变化；根据欧姆定律和电功率公式分析判断电表示数比值的变化及灯泡功率变化。本题考查了串联电路和并联电路的特点、欧姆定律的应用，正确分析开关在不同状态下电

路结构是解题的关键。6.【答案】𝐴𝐵【解析】解：A、小球在从𝐴到𝑂的过程中，弹簧的弹性形变程度变小，弹性势能变小，小球的速度变大，动能变大，弹簧的弹性势能转化为动能，故在𝑂点时动能最大；小球从𝑂运动到𝐵的过程中，弹簧的形变程度变大，弹性势能变大，小球的速度变

小，动能变小，小球的动能转化为弹簧的弹性势能，故A正确；B、小球在𝐴、𝐵点时的动能为0，若𝑂𝐴=𝑂𝐵，这表明小球在运动过程中，小球的动能和弹簧的弹性势能的总和是守恒的，保持不变；在𝐶点时，弹性势能为0，则小球的动能是最大的，故B正确；C、若𝑂𝐴>𝑂𝐵，小球从𝐴点运动至𝐵点

过程中，需要克服摩擦力做功，弹簧的弹性势能先转化为动能和内能，然后小球的动能转化为弹性势能和内能，所以动能先变大后变小，故C错误；D、若𝑂𝐴=𝑂𝐵，表明小球在运动的过程中，弹簧和小球总的机械能不变；若𝑂𝐴>𝑂𝐵，表明小球在

运动的过程中，弹簧和小球总的机械能减小，故D错误。综上所述，AB正确，CD错误。故选：𝐴𝐵。动能的大小与质量、速度有关；弹性势能的大小与弹性形变程度的大小有关；根据𝑂𝐴和𝑂𝐵距离的大小判定弹簧和小球总的机械能的变化。此题考查动能和势能的大小变化，关键是掌握动能和弹性势能大小的影

响因素，并能分析其相互转化。7.【答案】欧姆定律(或焦耳定律)𝐼=𝑈𝑅(或𝑄=𝐼2𝑅𝑡)第13页，共22页【解析】解：电学中的定律有：欧姆定律和焦耳定律，表达式分别为：𝐼=𝑈𝑅和𝑄=𝐼2𝑅𝑡。故答案为：欧姆定律(或焦耳定律)；𝐼=𝑈𝑅(或𝑄=

𝐼2𝑅𝑡)。初中物理中电学物理定律有欧姆定律和焦耳定律，由此解答。本题考查了学生对学过的物理定律、公式的记忆能力，对于比较重要的公式定律，我们要牢牢的记住。8.【答案】比热容热值【解析】解：发射台下装满水来降低发射

台的温度，是利用水的比热容比较大，由𝑄吸=𝑐𝑚𝛥𝑡得，相同质量的水升高相同的温度，吸收的热量比较多。由于液氢的热值比较大，由𝑄放=𝑚𝑞得，相同质量的液氢比其他燃料完全燃烧放出的热量多，因此选择液氢作为燃料。故答案为：比热容；热值。(1)发射台下装满水来降

低发射台的温度，是利用水的比热容比较大；(2)热值是指1千克的某种燃料完全燃烧后释放的能量，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多，所以在选择火箭燃料时首先应该考虑燃料热值的大小。本题考查氢热值大的利用、比热容等知识点，是一道综合题，但难度不大。9.【答案

】无负【解析】解：电荷的定向移动可以形成电流。由图知，电子做无规则运动，所以此刻导体中无电流；物理学规定正电荷定向移动的方向为电流的方向。由于电子带负电，所以图中的电流方向与电子定向移动方向相反，即从右到左。在电

源外部，电流从电源正极出发，经用电器回到负极，所以该导体左端接电源的负极。故答案为：无；负。电荷的定向移动形成电流；物理学规定正电荷定向移动的方向为电流的方向；在金属导体中能够定向移动的是自由电子，自由电子带负电。第14

页，共22页此题考查了形成电流的条件及电流方向的规定，是一道基础题。10.【答案】做功减小【解析】解：图中试管内水沸腾后，水蒸气推动橡胶塞迅速冲出试管口，水蒸气对橡胶塞做功，水蒸气的内能转化为橡胶塞的机械能；在

内燃机的做功冲程中，内能转化为机械能，故此过程与内燃机的做功冲程能量转化方式相同；在此过程中，水蒸气的内能转化为橡胶塞的机械能，其内能减小，液化形成“白气”。故答案为：做功；减小。(1)对物体做功时，机械能转化为物体的内能，物体的内能增大；物体对外做功时，物体的内能转

化为机械能，物体的内能减小；(2)内燃机在做功冲程将内能转化为机械能，压缩冲程将机械能转化内能。此题来源于课本插图，考查了做功可以改变物体的内能和能量转化的知识，要求学生在学习中一定要注意课本上的插图，明白每个

插图蕴含的物理意义。11.【答案】1：12：1【解析】解：已知灯泡𝐿上标有“4𝑉4𝑊”字样，由𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅可知灯泡𝐿的电阻为：𝑅𝐿=𝑈𝐿2𝑃𝐿=(4𝑉)24𝑊=4𝛺；(1

)只闭合开关𝑆2时，该电路为𝐿和𝑅的串联电路，由于串联电路中电流处处相等，因此通过灯泡𝐿与电阻𝑅的电流之比为1：1；(2)当闭合开关𝑆1、𝑆3，断开开关𝑆2时，该电路为𝐿和𝑅的并联电路；并联电路中各个支路两端的电压均等于电源电压，由𝐼=𝑈𝑅可知灯泡𝐿与电阻𝑅的电流

之比为：𝐼𝐿′：𝐼𝑅=𝑈𝑅𝐿：𝑈𝑅=𝑅：𝑅𝐿==8𝛺：4𝛺=2：1。故答案为：1：1；2：1。已知灯𝐿的额定电压和额定功率，利用𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅可求出灯泡𝐿的电阻；(1)只闭合开关𝑆2时，该电路为𝐿和𝑅的串联电路；串联电

路中电流处处相等，据此可知道灯泡𝐿与电阻𝑅的电流之比；(2)当闭合开关𝑆1、𝑆3，断开开关𝑆2时，该电路为𝐿和𝑅的并联电路；并联电路中各个支路两端的电压均等于电源电压，再利用𝐼=𝑈𝑅可求出灯泡𝐿与电阻𝑅的电

流之比。第15页，共22页本题考查了对欧姆定律的应用，理解并掌握串、并联电路的电流和电压特点是解题的关键。12.【答案】𝑆正【解析】解：地磁场的𝑁极在地理南极附近，其𝑆极在地理北极附近，小磁针的𝑁极指向地磁场的𝑆极，小磁针的𝑆极指向地磁场的𝑁极，所以“小磁针

”的上部是𝑆极；根据异名磁极相互吸引可知，电磁铁的上端为𝑁极，下端为𝑆极；根据安培定则可知，电流从下端流入，上端流出，则电源的下部为正极。故答案为：𝑆；正。(1)地球是一个巨大的磁场，周围存在着地磁场；(2)磁极间相互作用规律：同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引；根据磁极

间的相互作用规律判定螺线管的极性；根据安培定则判定电流的方向和电源的正负极。本题的解题关键是知道：地磁场的𝑁极在地理南极的附近，地磁场的𝑆极在地理北极附近。13.【答案】电磁继电器电磁铁【解析】解：虚线框中的器件相当于一个开关，能控制小风扇电路的通断，所以虚线框中的器件

叫做电磁继电器，是由电磁铁、衔铁、弹簧、触点组成。故答案为：电磁继电器；电磁铁。电磁继电器是利用电磁铁控制工作电路通断的开关，电磁继电器的构造：由电磁铁、衔铁、簧片、触点(静触点、动触点)组成。此题考查了电磁继电器

的组成，是一道基础题。14.【答案】转换法1：2【解析】解：利用𝑈形管两边液面高度差来反映导体产生的热量的多少，这种研究问题的方法叫做转换法；由题可知，两电阻丝是串联，流过两电阻丝的电流和通电时间相等，根据

焦耳定律𝑄=𝐼2𝑅𝑡，左边容器中产生的热量𝑄1=𝐼2𝑅1𝑡；右边容器中产生的热量𝑄2=𝐼2𝑅2𝑡；得出：𝑄1𝑄2=𝐼2𝑅1𝑡𝐼2𝑅2𝑡=𝑅1𝑅2=5𝛺10𝛺=12；故答案为：转换法；1：2。第16页，共22页当容器

中的电阻丝产生热量后，容器中的空气受热膨胀，会使与之连接的𝑈形管两侧液面产生高度差，电阻丝产生的热量越多，容器中空气的体积膨胀越大，𝑈形管两侧液面高度差越大，所以该实验是通过观察𝑈形管两侧液面的高度差来比较各容器中电阻丝产生热量的多少，将电阻丝产生热量的多少转换为𝑈形管

中液面的高度差来比较，这种研究物理问题的方法叫做转换法；由题可知，两电阻丝是串联，通过两电阻丝的电流和通电时间相等，根据焦耳定律𝑄=𝐼2𝑅𝑡，得出通电一段时间后，左右两边电阻丝产生的热量之比。本题考查了焦耳定律实验中的转换法思想、电热和电阻的关系，

属于基础题。15.【答案】匀速直线80%摩擦力大小其他条件相同时，斜面的机械效率与摩擦力的大小有关，摩擦力越大，机械效率越低斜面的倾斜程度斜面的倾斜程度越大0.9𝑁【解析】解：Ⅰ(1)“测量斜面机械效率”的实验中，为使弹簧测力计的示数稳定，便于读数，一是拉力方向要与斜面平行；二

是要让物体沿斜面做匀速直线运动；(2)第2次实验中斜面的机械效率：𝜂=𝑊有𝑊总×100%=𝐺ℎ𝐹𝑠×100%=6𝑁×0.1𝑚0.75𝑁×1𝑚×100%=80%；根据表中实验数据可知，两次实验数据中的拉升高度与拉动距离的

比值相等，因此斜面的坡度相同；在其它条件都相同时，滚动摩擦力小于滑动摩擦力，故木块受到滑动摩擦力大于小车受到滚动摩擦力，因为第2次实验时的机械效率较大，所以该实验探究斜面的机械效率与摩擦力大小的关系；根据表格中的数据可知，其

他条件相同时，斜面的机械效率与摩擦力的大小有关，摩擦力越大，机械效率越低；Ⅱ(1)根据实验数据可知，木块的重力相同，斜面的倾斜程度不同，倾斜程度越大，机械效率越高，故小红的两次实验可以研究斜面的机械效率与斜面的倾斜程度的关系，得出的结论是：用斜面拉同一个

物体，斜面的倾斜程度越大，斜面机械效率越高；(2)由第2次实验的数据可知，沿斜面拉木块做的有用功𝑊有=𝐺ℎ=3𝑁×0.3𝑚=0.9𝐽，拉力做的总功𝑊总=𝐹𝑠=1.8𝑁×1𝑚=1.8𝐽，则额外功𝑊额=𝑊总−𝑊有=1.8𝐽−0.9

𝐽=0.9𝐽，由𝑊额=𝑓𝑠得，木块所受摩擦力𝑓=𝑊额𝑠=0.9𝐽1𝑚=0.9𝑁。故答案为：Ⅰ(1)匀速直线；(2)80%；摩擦力大小；其他条件相同时，斜面的机械效率与摩擦力的大小有关，摩擦力越大，机械效率越低；Ⅱ(1)斜面的倾斜程度；斜面的倾斜程

度越大；(2)0.9𝑁。第17页，共22页Ⅰ：(1)从实验操作方便的角度考虑，要测量沿斜面的拉力，就要让拉力方向要与斜面平行，且物体做匀速直线运动，因为只有这样，弹簧测力计的示数稳定，测量才够准确；(2)根据𝜂=𝑊有

𝑊总×100%=𝐺ℎ𝐹𝑠×100%求出第2次实验中斜面的机械效率；比较两次实验数据中的拉升高度与拉动距离的比值可知斜面坡度关系，分别拉动木块和小车在斜面上做匀速直线运动时，结合减小摩擦力的方法可知，在其它条件都相同时，滚动摩擦力小于滑动摩擦力，木块受到滑

动摩擦力大于小车受到滚动摩擦力，据此分析影响斜面机械效率的因素；Ⅱ：(1)根据表格中的数据分析机械效率的影响因素；(2)先根据𝑊有=𝐺ℎ和𝑊总=𝐹𝑠分别求出有用功和总功，然后根据𝑊额=𝑊总−𝑊有求出额外功，克服摩擦力做功就是额外功，利用𝑓=𝑊额𝑠求出摩擦力。本题考查了测量斜面

机械效率实验注意事项、机械效率的计算以及分析实验数据得出结论的能力，有一定的难度。16.【答案】相同56℃完全燃烧完后汽油热传递偏小因为存在热损失，水吸收的热量小于汽油完全燃烧放出的热量【解析】解：(1)比较酒精和汽油热值的大小时，采用的是控制变量法，需要控制酒

精和汽油的质量相同；(3)①由图知，温度计的分度值是1℃，所以温度计的示数为56℃；当两灯的燃料完全燃烧完后，甲装置中温度计读数是80℃，而乙装置的读数是90℃.根据公式𝑄吸=𝑐𝑚𝛥𝑡可知，在相同情况下，汽油加热的水吸收的热量较多，说明汽油放出的热量较多

。根据公式𝑄放=𝑚𝑞可知，𝑞=𝑄放𝑚，所以汽油的热值大于酒精的热值。②热传递，是内能从温度高的物体传到温度低的物体，或者从物体的高温部分传到低温部分的过程。所以燃料燃烧放出的热量是通过热传递的

方式使水的内能增大的；③由于热量的直接散失、烧杯未加盖等，所以汽油燃烧放出的热量大部分未被水吸收，所以根据𝑄吸=𝑐𝑚水(𝑡−𝑡0)计算出水吸收的热量偏小，从而根据公式𝑞=𝑄放𝑚=𝑄吸𝑚计算出的汽

油的热值偏小。故答案为：(1)相同；(3)①56℃；完全燃烧完后；汽油；②热传递；③偏小；因为存在热损失，水吸收的热量小于汽油完全燃烧放出的热量。(1)根据控制变量法分析；第18页，共22页(3)①在进行温度计的读数时，注意

分度值；根据水温的变化情况比较酒精和汽油放出热量的多少，然后根据𝑄放=𝑚𝑞的变形公式𝑞=𝑄放𝑚判断热值的大小；②掌握热传递的概念。热传递，是内能从温度高的物体传到温度低的物体，或者从物体的高温部分传到低温部分的过程；③在此实验中，酒精和汽油燃烧放出的热量大部分未被水吸收。此题考

查了控制变量法在此实验中的应用，为了比较汽油和酒精的热值，在装置中采用的汽油、酒精的质量相同；水的初温、质量相同。同时考查了温度计的读数、热量公式、燃料燃烧放热公式的应用。并能够对实验做出合理的评析。17.【答案】电阻断路6减小实验误差移动滑动变阻器的滑片，记录电压表和电流表示数

在电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比灯泡的电阻随温度的升高而增大【解析】解：(1)将变阻器按一上一下连接，如下所示：(2)连好电路闭合开关，电流表没有示数说明电路为断路，电压表有示数，说明电压表与电源的两端相连，则故障可能是电阻发生断路；(3)闭合开关，当滑动变阻器的滑片移动到某一位

置时，电压表和电流表的指针位置如图乙，电压表选用小量程，分度值为0.1𝑉，电压为1.8𝑉；电流表选用小量程，分度值为0.02𝐴，电流为0.3𝐴，由欧姆定律得被测电阻的阻值为：𝑅=𝑈𝐼=1.8𝑉0.3𝐴=6𝛺；(4)为减小实验误差，需进行多次测量，完成第一次测量后，接下来的操作

是：移动滑动变阻器的滑片，记录电压表和电流表示数；(5)由表格数据知：𝑅=𝑈𝐼=1.8𝑉0.3𝐴=2.4𝑉0.4𝐴=3.0𝑉0.5𝐴=6𝛺是个定值，故可以得出：在电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比；第19页，共22页(6)灯泡两端电压增大时，通过灯泡的

电流也增大，灯泡的实际功率也增大，灯丝的温度升高，电阻变大，所以，造成这一现象的原因是灯泡的电阻随温度的升高而增大(或灯泡的电阻受温度的影响)。故答案为：(1)如上所示；(2)电阻断路；(3)6；(4)减小实验误差；移动滑动变阻器的滑片，记录电压表和电流表示数；(5)在

电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比；(6)灯泡的电阻随温度的升高而增大。(1)将变阻器按一上一下连接；(2)连好电路闭合开关，电流表没有示数说明电路为断路，电压表有示数，则故障可能是电阻发生断路；(3)根据电表选用的小量程确定分

度读数，由欧姆定律得出被测电阻的阻值；(4)为减小实验误差，需进行多次测量取平均值，据此分析回答；(5)根据表格数据得出结论；(6)灯丝的电阻与温度有关，温度高，电阻大。本题用“伏安法”测电阻，考查电路连接、电表读数及数据处理，是一道中考常见题。1

8.【答案】吸引大头针的数量增加大甲线圈匝数越多大头针被磁化，同名磁极相互排斥电磁起重机【解析】解：(1)磁性的强弱是直接看不出来的，可以通过电磁铁吸引大头针的多少来认识其磁性强弱，电磁铁吸引的大头针越多说明磁性越强；(2)当滑动变阻器滑片向左移动时，接入电路中的总电阻变小，根据欧姆定律可知电路

中的电流变大，发现电磁铁甲、乙吸引大头针的个数增加，说明电流越大，电磁铁磁性越强；(3)根据图示的情境可知，甲电磁铁吸引的大头针多，说明甲的磁性强。究其原因，电流相同，甲缠绕的线圈的匝数多，便得出：电流一定时，线圈匝数越多，电磁

铁磁性越强；(4)大头针被磁化，大头针下端的磁极相同，互相排斥，所以下端分散；(5)电磁铁在生产、生活中应用：电磁起重机、扬声器、磁悬浮列车等。故答案为：(1)吸引大头针的数量；(2)增加；大；(3)甲；线圈匝数越多；

(4)大头针被磁化，同名磁极相互排斥；(5)电磁起重机。(1)利用转换法，通过电磁铁吸引大头针的多少来认识其磁性强弱；(2)影响电磁铁磁性强弱的因素：电流的大小、线圈的匝数；分析滑动变阻器滑片向左移动时，电第20页，共22页流的变化，得出电磁铁磁性的变化及吸引大头针个数的多少；(3)根据

电磁铁吸引大头针个数的多少判断电磁铁磁性的强弱并分析甲、乙磁性不同的原因；(4)利用磁化和磁极间的作用规律进行分析；(5)根据生活常识分析。此题是一道探究性实验题目，考查了转换法的应用，知道在此实验中通过电磁铁吸引大头针的多少来判断

电磁铁磁性的强弱，同时还考查了控制变量法的应用。19.【答案】解：由𝑝=𝐹𝑆得，燃气对活塞的平均压力：𝐹=𝑝𝑆=5×105𝑃𝑎×100×10−4𝑚2=5000𝑁；一个做功冲程中燃气对活塞做的功：𝑊=𝐹𝑠=5

000𝑁×0.5𝑚=2500𝐽；(2)曲轴每转两圈对外做功一次，所以1𝑚𝑖𝑛转动1200周，要做功600次，所以，𝑃=𝑊𝑡=2500×600𝐽60𝑠=25000𝑊；(3)该汽油机每分钟

耗汽油产生的热量是：𝑄=𝑚𝑞=0.12𝑘𝑔×4.6×107𝐽/𝑘𝑔=5.52×106𝐽；汽油机的效率：𝜂=𝑊𝑄放=2500×600𝐽5.52×106𝐽×100%=27.2%。答：(1)气

体一次膨胀对活塞做的功是2500𝐽；(2)若汽油机的飞轮的转速是1200𝑟/𝑚𝑖𝑛，则汽油机的有用功率是25000𝑊；(3)汽油机的效率是27.2%。【解析】(1)知道气体的平均压强和气缸的活塞面积，根据𝐹=𝑝𝑆求出燃气对活塞的平均压力。再根据𝑊=𝐹𝑠求出气体

一次膨胀对活塞做的功；(2)根据曲轴每转两圈对外做功一次，求出做一次功的时间，根据𝑃=𝑊𝑡求出该汽油机的有用功率；(3)根据𝑛=𝑊𝑄放×100%求出该汽油发动机的效率。本题是一道综合题，考查燃料的热值及计

算、功及汽油机效率、效率的计算。20.【答案】解：(1)由灯泡铭牌字样可知，其正常发光时的电阻为：𝑅𝐿=𝑈𝐿额𝐼𝐿额=12𝑉0.3𝐴=40𝛺；闭合𝑆1、𝑆2，灯𝐿与滑动变阻器𝑅2并联，因为并联电路各支路两端的电压相等，等于电源电压，且灯𝐿正常发光，所以电源电压

𝑈=𝑈𝐿额=12𝑉；(2)断开𝑆1、𝑆2，𝑅1、𝑅2串联，电压表测量滑动变阻器两端电压，电流表测量电路电流。第21页，共22页当电流表示数最大时，即电路中的电流最大为：𝐼大=0.6𝐴，此时滑动变阻器接入电路的阻值最

小，电路中的总电阻为：𝑅=𝑈𝐼大=12𝑉0.6𝐴=20𝛺，此时滑动变阻器接入电路的最小阻值为：𝑅2小=𝑅−𝑅1=20𝛺−10𝛺=10𝛺；根据串联电路的分压规律可知，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电压表示数

最大，因为电压表量程为0～15𝑉，电源电压为12𝑉，所以当滑动变阻器接入电路的阻值最大为50𝛺时，它两端的电压也不会超量程，故滑动变阻器允许连入的阻值范围为：10～50𝛺。(3)闭合𝑆1、𝑆2，灯𝐿与滑动变阻器𝑅2并联，电流表

测量干路中的电流，此时灯正常发光，通过它的电流：𝐼𝐿=𝐼𝐿额=0.3𝐴；当滑动变阻器达到允许通过的最大电流1𝐴时，干路电流为1𝐴+0.3𝐴=1.3𝐴>0.6𝐴，所以干路中的最大电流为：𝐼最大=0.6𝐴，电路消耗的最大电功率，𝑃=𝑈𝐼最大=12𝑉×0

.6𝐴=7.2𝑊；此时通过滑动变阻器的电流为：𝐼2=𝐼最大−𝐼𝐿=0.6𝐴−0.3𝐴=0.3𝐴，滑动变阻器接入电路的阻值为：𝑅2=𝑈𝐼2=12𝑉0.3𝐴=40𝛺。答：(1)灯正常

发光时的电阻为40𝛺；电源电压为12𝑉；(2)断开𝑆1、𝑆2时，滑动变阻器允许连入的阻值范围为：10～50𝛺。(3)闭合开关𝑆1、𝑆2时，电路消耗的最大电功率为7.2𝑊，此时滑动变阻器的阻值为40𝛺。【解析】(1)已知灯泡的额定电压和额定电流，根据欧姆定律计算灯泡正常发光时的

电阻；闭合𝑆1、𝑆2，灯𝐿、滑动变阻器𝑅2并联，灯泡正常发光，根据并联电路的电压规律可知电源电压等于灯泡两端的电压；(2)断开𝑆1、𝑆2，𝑅1、𝑅2串联，电压表测量滑动变阻器两端电压，电流表测量电路电流；

根据电流表的量程确定电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路的阻值最小，根据欧姆定律计算电路中的总电阻，根据串联电路的电阻规律计算滑动变阻器的最小阻值；根据串联电路的分压规律可知，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电压表示数最大，根据电源电压和

电压表的量程大小确定滑动变阻器接入电路的最大阻值；(3)闭合𝑆1、𝑆2，灯𝐿、滑动变阻器𝑅2并联，灯泡正常发光，电流表测量干路中的电流，已知灯正常发光时的电流，根据电流表量程和滑动变阻器允许通过的最大电流确定干路中的最大电流，根据𝑃=𝑈𝐼计算电路的

最大功率；根据并联电路的电流规律计算通过滑动变阻器的电流，根据欧姆第22页，共22页定律计算此时滑动变阻器接入电路的电阻。本题考查欧姆定律和电功率公式的应用，分析清楚电路结构、熟练应用串联、并联电路特点及欧姆定律是解题的关键，分析各量的最大值、最小值是解题的难点。2

1.【答案】解：(1)由题知，加热功率𝑃1=1100𝑊，𝑈=220𝑉，∵𝑃=𝑈2𝑅，∴豆浆机的加热电阻：𝑅=𝑈2𝑃=(220𝑉)21100𝑊=44𝛺；(2)豆浆吸收的热量：𝑄吸=𝑐豆浆𝑚𝛥𝑡=4.0×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)×1.5𝑘𝑔×(100℃

−70℃)=1.8×105𝐽；(3)由图象可知，豆浆机正常工作一次电热管工作时间𝑡1=11𝑚𝑖𝑛，电动机工作时间𝑡2=2𝑚𝑖𝑛，豆浆机正常工作做一次豆浆消耗的电能：𝑊=𝑃1𝑡1+𝑃2𝑡2=1100𝑊×11×60

𝑠+200𝑊×2×60𝑠=7.5×105𝐽。答：(1)豆浆机的加热电阻是44𝛺；(2)从第6𝑚𝑖𝑛至第9𝑚𝑖𝑛，豆浆吸收的热量是1.8×105𝐽；(3)豆浆机正常工作做一次豆浆，总共消耗的电能是7.5×105𝐽。【

解析】(1)由题知豆浆机的加热功率和工作电压，利用公式𝑃=𝑈2𝑅求豆浆机的加热电阻；(2)从第6𝑚𝑖𝑛至第9𝑚𝑖𝑛，豆浆基本形成，知道豆浆的质量、比热容，从图丙得出温度变化，利用吸热公式𝑄吸=𝑐𝑚𝛥𝑡求豆浆吸收的热量；(3)由图乙可知，豆浆机正常工作一次电热管工

作时间和电动机工作时间，利用𝑊=𝑃𝑡求豆浆机正常工作做一次豆浆消耗的电能。本题为电功和热量的综合计算题，考查了学生对电功率公式及其变形公式𝑃=𝑈2𝑅、𝑊=𝑃𝑡和吸热公式的掌握和运用，关键是公式及其

变形的灵活运用，难点是求豆浆机正常工作一次电热管工作时间和电动机工作时间，要学会从题目所给信息中找到有用的数据，解题过程中还要注意单位的换算。