【文档说明】2021-2022学年江西省赣州市章贡区九年级上期末物理试题及答案解析.docx，共(22)页，404.538 KB，由小喜鸽上传

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第1页，共22页2021-2022学年江西省赣州市章贡区九年级（上）期末物理试卷一、单选题（本大题共4小题，共8.0分）1.下列有关电学知识最符合实际的是()A.家用中央空调正常工作电压为380𝑉B.对人体的安全电

压为不高于220𝑉C.房间灯泡中的电流约为0.2𝐴D.电风扇的工作原理是电磁感应现象2.下列说法中正确的是()A.敲碎煤块使煤充分燃烧能提高煤的热值B.炎热的夏天，往室内地面上洒水降温利用了水的比热容大的特

点C.当仅有热传递时，物体吸收热量时内能增加，放出热量时内能减少D.家庭电路中，正常使用的用电器越多，总电阻越大3.在探究“电流通过导体产生热量的多少跟什么因素有关”的实验中，三个透明容器中密封着等量的空气，容器内的电阻

连接情况如图所示，通电后，观察𝑈形管中液面高度的变化。则()A.甲、乙、丙三个容器内的导体，电流相等B.通电一段时间后，𝑈形管中液面高度变化最大的是乙C.要探究电流产生的热量与电阻的关系，需观察甲、丙两个𝑈形管中液面高度的变化D.要探

究电流产生的热量与电流的关系，需观察甲、乙两个𝑈形管中液面高度的变化4.疫情期间，手持式电子测温仪最为常见，如图甲是某款电子测温仪，图乙是它内部的原理图，其中电源电压保持不变，𝑅是热敏电阻，用于靠近人体测温，定值电阻𝑅0为保护电阻；在测人的体温时，当

被测温者体温较高时，显示仪的示数也会变大。正常条件下关于此测温仪，下列分析正确的是()第2页，共22页A.显示仪是由电流表改装成的B.被测温者温度越高，电路消耗的电功率越大C.热敏电阻𝑅随着温度的升高阻值增大D.将𝑅0更换为阻值更大的电阻，测相同温度，显示仪示数

变小二、多选题（本大题共2小题，共6.0分）5.如图所示的电路中，电源电压恒定不变。闭合开关𝑆，将滑动变阻器的滑片𝑃由𝑎点移动到𝑏点的过程中，下列说法正确的是()A.电压表𝑉2的示数将变小B.灯泡的亮度始终保持不变

C.电流表𝐴1的示数与电流表𝐴2的示数始终相等D.电压表𝑉1的示数与电流表𝐴3的示数比值将变小6.如图所示，是电学中常见的电路图，在𝐴、𝐵两点间分别接入下列选项中划线字的元件，并进行对应实验，对滑动变阻器在此实验中的作用描述正确的

是()A.探究电流与电压的关系——改变定值电阻两端电压B.探究电流与电阻的关系——调节定值电阻两端电压成倍数变化C.测量定值电阻的阻值——多次测量求平均值，减小误差D.测量小灯泡的电功率——改变小灯泡两端电压，求平均电功率第3页，共22

页三、填空题（本大题共8小题，共16.0分）7.“城市尚余三分热，秋光先到野人家”，说明在陆游那个时代，人们就察觉到城市暖于郊区。分析“热岛效应”的成因，其中一个原因是建筑群、马路中的沙石、水泥的______小

，在相同的日照条件下，温度上升更______。8.分子由原子组成，原子由带______电的原子核和核外电子组成，原子核与核外电子间互相______(选填“吸引”或“排斥”)。9.如图所示，图甲为汽油机工作冲程中的______冲程；图丙为我国传统的“走马灯”，点燃底部蜡烛，热空气上升驱动扇

叶转动，观众惊奇地看到纸片小人的影子动了起来，“走马灯”的工作原理与______图(选填“甲”或“乙”)所示的工作原理相同。10.请辨析下列两个与摩擦相关的物理现象：摩擦起电中的“电”是指______(选填“电流

”、“电荷”或“电量”)；摩擦生热中“热”的含义是______(选填“温度”、“热量”或“内能”)。11.在保证电路安全的前提下，把“3𝑉，1.5𝑊”和“6𝑉，6𝑊”的两灯串联起来，它们两端允许加的最大电压为______𝑉，若把它们并联起来，则______(选填“𝐿1更亮”、

“𝐿2更亮”或“𝐿1和𝐿2一样亮”)(不考虑温度对灯丝电阻的影响)。12.如图所示电路，三个小灯泡均标有“3𝑉，1.5𝑊”字样。所有开关都闭合，能发光的灯泡有______。第4页，共22页13.如图所示，将规格相同的小灯泡按照甲、乙两种连接方式接入电压均为𝑈且保持

不变的电路中，通过分别调节滑动变阻器𝑅1和𝑅2使所有灯泡均正常发光，则甲、乙两电路中的总电流之比𝐼甲：𝐼乙=______，电路的总功率之比𝑃甲：𝑃乙=______。14.如图所示，是利用被磁化的缝衣针制成的简易指南针，若静止时针尖指向地理位置的北方，则针尖

是简易指南针的______极。此时，将指南针底座逆时针旋转90°，针尖静止时将指向地理位置的______方。四、实验探究题（本大题共4小题，共28.0分）15.学会测量是科学研究的基本技能，如图中的仪器

你会使用吗？第5页，共22页(1)如图甲所示，这个方形仪表是实际电路中的一种仪表，它测量的物理量是______(填物理量名称)，其读数为______。(2)如图乙所示为实验室使用的电流表的内部结构图，

多匝线圈处于磁场中，当线圈中有电流通过时，线圈就受力转动而带动指针偏转，从而显示出电流的大小。根据上述介绍可知，电流表的工作原理是______。用已校零的电流表测量如图丙所示的电路时，有同学发现电流表𝐴1指针偏转较𝐴

2的大，原因可能是______。(3)如图丁所示，电压表与待测定值电阻并联。如果要把这三个串联的电阻与电源连接，则______(选填“𝐴”或“𝐹”)端与电源正极相连。连接好电路闭合开关以后，电压表内部，其正负接线柱之间电子的移动方向为______(选填“从正到负”或“从负到正”)。若三个电

阻阻值相等，则电源电压不高于______𝑉才不会损坏电压表。16.在“探究电流与电阻的关系”的实验中，提供的器材如下：电源为干电池组，其电压恒为4.5𝑉，五个定值电阻𝑅1(5𝛺)、𝑅2(10𝛺)、𝑅3

(15𝛺)、𝑅4(20𝛺)、𝑅5(25𝛺)，滑动变阻器𝑅、电压表(0～3𝑉)、电流表(0～0.6𝐴)、开关各1只，导线若干。(1)小明同学设计了如图甲所示的实验电路，电路连接完毕，闭合开关𝑆，发现电流表有示数，电压表无示数。若电路故障只出现在𝑅1或𝑅上

，则电路故障是______；(2)排除电路故障后，将滑动变阻器的滑片𝑃移到最______端(选填“左”或“右”)，闭合开关，调节滑片𝑃，使电压表的示数为2.5𝑉时，记录此时定值电阻的阻值与对应的电流值；(3)完成步骤(2)后

，断开开关，用𝑅2替换𝑅1，闭合开关将出现______故障，正确操作应该是先断开开关，______，再闭合开关，向______(选填“左”或“右”)调节滑动变阻器的滑片；(4)重复上述步骤。根据实验所得的五组数据绘制出𝐼−�

�图像，如图乙所示，由图像可得出的结论是______；(5)为完成整个实验，应选取最大阻值不小于______𝛺的滑动变阻器。第6页，共22页17.在“测量小灯泡的功率”的实验中。(1)如图甲中是小华已连好

的导线，请指出小华在连入导线时存在的不妥之处是______。改正错误后进行正确操作，请你用笔画线代替导线，帮助小华将图甲中的实物连接完整。(2)闭合开关，电流表示数如图乙所示，其示数为______𝐴，再读出电压表

示数并观察灯的发光情况，在表中记下第1组数据；移动滑动变阻器的滑片，当小灯泡正常发光时，在表中记下第2组数据；再移动滑片到端点时，灯泡闪了一下后熄灭，在表中记下第3组数据；根据三组数据可知：小灯泡的额定功率是______𝑊，电源电压是______𝑉，滑动变阻器的最大阻值是___

___𝛺。序号电压表示数电流表示数小灯亮暗程度11.2𝑉暗22.5𝑉0.3𝐴正常发光36𝑉0𝐴不发光(3)小华根据滑片𝑃从阻值最大位置𝐴移至阻值最小位置𝐵的实验数据，描出灯泡的𝐼−𝑈图像如图丙，任取图像上一点𝐶构成图丙中阴影部分

的矩形，则矩形的面积表示的物理含义是______。18.1820年4月，丹麦物理学家______发现了电流的磁效应，打开了通向电与磁联系的大门。请回答下列电磁学方面的问题：第7页，共22页(1)如图甲所示是小乐设计的研究“电磁铁磁性强弱可

能跟线圈匝数多少有关”的实验电路图。实验步骤如下：步骤一：实验时，用铁芯和漆包线绕制匝数为20匝的电磁铁，并接入电路中的𝐴𝐵两端，其他元件如图正确连接。步骤二：闭合开关𝑆，调节滑动变阻器使电流表示数为1𝐴，用电磁铁去吸引大头针，记录数据。步骤三：断开开关𝑆，用匝数为50匝的

电磁铁替换20匝的电磁铁。闭合开关𝑆，再用电磁铁去吸引大头针，记录数据。请问：实验时通过观察______来判断电磁铁磁性的强弱；小乐分析后，发现步骤三中存在错误，该错误是______。(2)如图乙、丙为小红所做的探究实验。如图乙所示，当导体棒𝑎𝑏在蹄形磁

体中静止时，小磁针𝑁极指向下；如图丙所示，当导体棒𝑎𝑏水平向右运动时，小磁针的𝑁极指向右。当导体棒𝑎𝑏竖直向上运动时，小磁针的𝑁极指向______(选填“上”、“下”、“左”或“右”)；人们

利用该实验过程中的能量转化原理，在生活中制成了______。(3)小聪利用如图丁所示的装置“观察磁场对通电直导线的作用”。应在𝑀、𝑁之间接入______(选填“小量程电流表”、“电源”或“灯泡”)，装置中的导体

棒应选用轻质的______(选填“铁棒”或“铝棒”)。五、计算题（本大题共3小题，共22.0分）19.某款无人驾驶汽车在平直的公路上匀速行驶一段距离后，消耗汽油0.5𝑘𝑔。汽油机的效率为30%，汽油的热值为𝑞=4.5×107𝐽/𝑘𝑔。求：(1)汽油完

全燃烧放出的热量是多少？(2)该汽车消耗0.5𝑘𝑔汽油所做的有用功是多少𝐽？(3)假设该汽车在这次行驶过程中，发动机排出的废气带走的能量占汽油完全燃烧放出的热量的42%，这些废气的能量全部被质量25𝑘𝑔温度为20℃的水吸收，水温升高到多少摄氏度？[𝑐水=4.2×103

𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)，一标准大气压下]20.如图所示，电源电压不变，𝑅=10𝛺，滑动变阻器的最大阻值为20𝛺，电流表的量程为0～0.6𝐴，电压表的量程为0～15𝑉。第8页，共22页(1)只闭合开关𝑆1，且𝑅1的滑片在

最上端时，电压表的示数为6𝑉，求电源电压；(2)只闭合开关𝑆3，当𝑅1的滑片移到阻值最大处时，灯𝐿正常发光，此时电流表的示数为0.2𝐴，求灯𝐿的额定电压；21.图1为某电烤箱的铭牌，高温挡额定功率模糊不清。如图2

虚线内所示是电烤箱内部的简化电路图，𝑅1和𝑅2均为电热丝，𝑅2=72.6𝛺.电烤箱开关接1时是低温挡，接2时是高温挡。求：(1)电烤箱在低温挡正常工作10𝑚𝑖𝑛电流做的功。(2)𝑅1的阻值。(3)在某用电高峰期，若家庭电路中只有电烤箱在高温挡工作，发现标有“3000�

�𝑚𝑝/(𝑘𝑊⋅ℎ)”的电能表的指示灯闪烁81次共用时2𝑚𝑖𝑛，求此时家庭电路两端的实际电压。第9页，共22页答案和解析1.【答案】𝐶【解析】解：𝐴、我国家庭电路的电压为220𝑉，家用中央空调正常

工作电压为220𝑉，故A不符合实际；B、不高于36𝑉的电压对人体是安全的，故B不符合实际；C、房间灯泡的功率约为40𝑊，通过的电流𝐼=𝑃𝑈=40𝑊220𝑉≈0.2𝐴，故C符合实际；D

、电风扇的工作原理是通电线圈在磁场中受力转动，不是电磁感应，故D不符合实际。故选：𝐶。(1)我国家庭电路的电压为220𝑉；(2)经验证明，不高于36𝑉的电压对人体是安全的；(3)房间灯泡的功率约为40𝑊，利用𝑃=𝑈

𝐼求通过的电流；(4)电风扇的用电元件是电动机，电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理工作的。本题考查了我国家庭电路的电压、对人体的安全电压、电流的估测、电风扇的工作原理，属于基础题目。2.【答案】𝐶【解析】解：𝐴、热值的大小只与燃料的种类有关，与燃料的燃烧情况无关，故A

错误；B、往室内地面上洒水降温，利用的是液态水蒸发吸热的致冷作用，故B错误；C、当仅有热传递时，物体吸收热量，内能增加；物体放出热量，内能减小，故C正确；D、家庭电路中同时工作的用电器越多，即并联的用电器越多，电路的总电阻越小，故D错误。故选：𝐶。(1)热值的大小只与燃

料的种类有关；(2)物质由液态变成气态的现象叫做汽化，汽化有蒸发和沸腾两种方式，汽化吸热；(3)改变内能的方法有两个：做功和热传递；(4)家庭电路中，所有用电器都是并联的，并联电路中，支路越多，总电阻越小。本题考查燃料热值的概念、蒸发吸热、改变内能的

方式、并联电路的电阻特点，熟记物理概念和物理规律是解题的关键。第10页，共22页3.【答案】𝐵【解析】解：(1)丙容器中两电阻并联后再与甲、乙两容器中的电阻串联接入电路，根据串联电路和并联电路电流的规律可知通

过甲、乙两容器中的电阻的电流相同，都大于通过丙容器中的电阻的电流，故A错误；(2)甲容器中的电阻与丙容器中的电阻相同，电流不同，要探究电流产生的热量与电流的关系，需观察甲、丙两个𝑈形管中液面高度的变化，故D错误；(3)通过甲容器中

的电阻与乙容器中的电阻的电流相同，两容器中的电阻不同，要探究电流产生的热量与电阻的关系，需观察甲、乙两个𝑈形管中液面高度的变化，故C错误；(4)甲、乙装置中，将容器中的电阻丝串联起来接到电源两端，通过他们

的电流𝐼与通电时间𝑡相同，左边甲容器中的电阻小于右边乙容器中的电阻，由𝑄=𝐼2𝑅𝑡可知，右边乙容器中的电阻产生的热量多，温度升得较快；甲、丙装置中，丙装置并联一个相同阻值的电阻，再将容器中的电阻丝串联起来接到电源两端，通过他们

的电阻与通电时间𝑡相同，左边甲容器中的电阻流大于右边丙容器中的电流，由𝑄=𝐼2𝑅𝑡可知，甲容器中的电阻产生的热量多，温度升得较快；所以通电一段时间后，𝑈形管中液面升高的高度最高的是乙，故B正确。故选：𝐵。(1)丙容器中两电阻并联后再与甲、乙两

容器中的电阻串联接入电路，串联电路各处电流相等，并联电路干路电流等于各支路电流之和；(2)根据焦耳定律𝑄=𝐼2𝑅𝑡分析答题。掌握电流产生热量多少的影响因素，利用控制变量法和转换法探究电流产生热量多少和各影响因素之间的关系。4.【答案】𝐵【解析】解：𝐴、因为显

示仪与𝑅0并联，所以显示仪是电压表，故A错误；B、被测温者温度越高，说明电压表示数越大，由欧姆定律可知，电路电流越大，由𝑃=𝑈𝐼可知，电路消耗的功率也越大，故B正确；C、被测温者温度越高，说明电压表示数越大，由欧姆定律可知，电路电流变

大，由串联电路电压特点可知，𝑅两端电压越小，由𝑅=𝑈𝐼可知，热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，故C错误；D、温度相同，说明热敏电阻的阻值不变，将𝑅0更换为阻值更大的电阻，由串联电路分压特点可知，𝑅0两端分得的电压变大，因此显示仪示

数会变大，故D错误。第11页，共22页故选：𝐵。根据电路图可知，𝑅与𝑅0串联，显示仪与𝑅0并联；(1)根据电流表和电压表的正确使用确定显示仪是电流表还是电压表；(2)根据电压表示数和欧姆定律可知电路电流的变

化，再根据𝑃=𝑈𝐼可知电路消耗的电功率的变化；(3)根据串联电路分压的特点和欧姆定律可知热敏电阻随温度的变化；(4)当温度相同，说明热敏电阻的阻值不变，若将𝑅0更换为阻值更大的电阻，由串联电路分压特点可知显示仪示数的变化

。本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是题干中获取有效的信息，难度不大。5.【答案】𝐵𝐷【解析】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电压表𝑉1、𝑉2均测电源两端的电压，电流表𝐴1、𝐴3测滑动变阻器支路的电流，电流表𝐴2

测灯泡支路的电流。A、因电源电压恒定不变，所以，滑片移动时，电压表𝑉1、𝑉2的示数均不变，故A错误；B、因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，电流表𝐴2的示数不变，灯泡的亮度始终保持不变，故B正确；𝐶𝐷、

将滑动变阻器的滑片𝑃由𝑎点移动到𝑏点的过程中，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，由𝐼=𝑈𝑅可知，通过滑动变阻器的电流变大，即电流表𝐴1、𝐴3的示数变大，则电流表𝐴1的示数与电流表𝐴2的示数不会始终相等、电压表𝑉1的示数与电流表𝐴3的示数比值变小，故C错误，D正确。故选：𝐵�

�。由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电压表𝑉1、𝑉2均测电源两端的电压，电流表𝐴1、𝐴3测滑动变阻器支路的电流，电流表𝐴2测灯泡支路的电流，根据电源的电压不变判断电压表𝑉1、𝑉2的示数变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响判断通过灯泡的电流的变化，进

一步判断出灯泡亮度的变化，根据滑片的移动可知滑动变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过变阻器电流的变化，然后判断出电流表𝐴1的示数与电流表𝐴2的示数关系、电压表𝑉1的示数与电流表𝐴3的示数比值变化。本题考查了电路的动态分析，涉及到并

联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。第12页，共22页6.【答案】𝐴𝐶【解析】解：𝐴、探究电流与电压的关系时滑动变阻器的作用一般有保护电路和改变电路电流或改变被测电阻两端电压，故A正确；B、根据控制变量法

的思路，研究导体中的电流与电阻的关系时，要保持导体两端的电压不变，而电路中换用阻值不同的电阻时，电阻两端的电压就要改变，为了保持电阻两端的电压不变，故B错误；C、测量导体的电阻时，通过改变滑动变阻器接入电路的阻值，从而改变了待测电阻两端的电压和通过它的电流，可以多测几组数据，通过求平均值来

减小误差，故C正确；D、在“伏安法”测小灯泡电功率的实验中，滑动变阻器的作用是：通过改变小灯泡两端的实际电压与通过小灯泡的电流，可比较灯泡的实际功率与小灯泡亮度之间的关系，不需要测量平均功率，故D错误。故选：𝐴𝐶。(1)为了保护电路，闭

合开关前，滑动变阻器应处于最大阻值处，探究电流与电压的关系时滑动变阻器的作用一般有保护电路和改变电路电流或改变被测电阻两端电压；(2)根据控制变量法的思路，结合滑动变阻器的使用目的可以确定滑动变阻器此时的作用

；(3)由于电阻是导体本身的一种性质，其大小与导体两端的电压和通过它的电流无关，所以为了防止测量的偶然性，往往采取多次测量求平均值的方法来减小误差；(4)根据滑动变阻器使用目的，可以确定其在电路中的作用。滑动变阻器可以改变电路中

的电流，也可以调节电路两端的电压，要认真审题，注意语言的准确性。7.【答案】比热容高【解析】解：城市中的建筑群、马路中沙石、水泥等建筑材料比热容较小，郊区多水，水的比热容较大，在相同的日照下(吸收相同的热量)城

市温度上升较高。故答案为：比热容；高。城市多水泥、沙石，郊区多水，沙石比水的比热容小，吸收相同的热量，沙石的温度升高多，据此分析解答。本题主要考查利用比热容解释生活中的一些现象的了解和掌握，属于基础题。8.【答案】正吸引第13页，共22页【解析】解：原子是由带

正电的原子核和核外带负电的电子组成；由于异种电荷相互吸引，所以带正电的原子核与核外带负电的电子相互吸引。故答案为：正；吸引。原子是由位于原子中心的原子核与带负电的核外电子组成，电子绕原子核运动；原子核由带正电的质子与不带电的中子组

成；同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。本题考查原子结构的特点、原子内各微粒所带电荷的情况以及电荷之间的相互作用，是一道基础题，难度不大。9.【答案】做功甲【解析】解：(1)图甲中两个气门关闭，活塞下行，为做功冲程，内能转化为机械能；图乙中两个气门关闭

，活塞上行，为压缩冲程，机械能转化为内能；(2)点燃蜡烛时，气体温度升高，气体的密度变小，热空气就会向上运动，运动的热空气推动扇叶转动，运动的热空气对外做功，将内能转化为机械能，“走马灯”的工作原理与甲

所示的工作原理相同。故答案为：做功；甲。(1)内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，将机械能转化为内能的是压缩冲程，将内能转化为机械能的是做功冲程；压缩冲程和做功冲程都是通过做功的方式改变内能的；(2)气体温度升高，气体的密度变小，

热空气向上运动。再结合能量的转化的特点可做出判断。本题考查了气体受热膨胀的特点及能量的转化，同时还要明确内燃机四个冲程中的能量转化情况，是一道基础题。10.【答案】电荷内能【解析】解：从摩擦起电的实质可知，通过摩擦，使电子由

一个物体转移到另一个物体，得到电子的物体带负电，失去电子的物体带正电，也就是摩擦起电现象，所以摩擦起电的“电”是指电荷。“摩擦生热”中的“热”是能量转化过程中的热，指内能。故答案为：电荷；内能。摩擦起电是由于不同物质的原子核对核外电子的束缚本领不同造成的，在摩

擦的过程中束缚本领第14页，共22页强的得电子带负电，束缚本领弱的失电子带正电。“热”有不同含义，有“温度”“内能”“热量”等多种含义，温度表示物体的冷热程度；内能表示物体具有内能；热量是热传递过程中吸收或放出热量的多

少。本题考查了摩擦起电的实质、摩擦生热的含义，属于基础题。11.【答案】6𝐿1和𝐿2一样亮【解析】解：(1)由𝑃=𝑈𝐼，灯泡正常工作时的电流：𝐼1=𝑃1𝑈1=1.5𝑊3𝑉=0.5𝐴，𝐼2=𝑃2𝑈2=6𝑊6𝑉=1𝐴，由𝐼=𝑈𝑅可得灯泡

电阻：𝑅1=𝑈1𝐼1=3𝑉0.5𝐴=6𝛺，𝑅2=𝑈2𝐼2=6𝑉1𝐴=6𝛺，为保证电路安全，电路电流应等于额定电流较小灯泡的电流，所以允许通过两灯泡的最大电流𝐼=𝐼1=0.5𝐴，所

以电路两端允许加的最大电压为：𝑈=𝐼(𝑅1+𝑅2)=0.5𝐴×(6𝛺+6𝛺)=6𝑉；(2)并联电路中各支路两端电压与电源电压都相等且两灯的电阻相同，根据𝑃=𝑈2𝑅知两灯的实际功率相同，故L1

和𝐿2一样亮。故答案为：6；𝐿1和𝐿2一样亮。(1)根据灯泡的铭牌可知额定电压和额定功率，由𝑃=𝑈𝐼分别求出额定电流，再根据欧姆定律分别求出灯泡的电阻；根据串联电路各处的电流相等和允许的最大电流确定电路中的最大电流，根据串联电路电阻特点和

欧姆定律求出两端的最大电压；(2)实际功率越大，灯泡越亮，由𝑃=𝑈2𝑅可判断更亮的灯泡。本题考查串联和并联电路特点，欧姆定律以及电功率公式的灵活应用，关键是根据串联电路的特点确定电路的最大电流，还要知道灯泡的实际功率决定了灯泡

的亮度。12.【答案】𝐿2、𝐿3【解析】解：闭合开关𝑆1、𝑆2、𝑆3，电流从电源正极出发分两支，一支经灯泡𝐿3、电流表𝐴、开关𝑆2，另一支经灯泡𝐿2、开关𝑆2，两支汇合到𝑆1回负极，因此所有开关都闭合

，灯泡𝐿2、𝐿3发光。第15页，共22页故答案为：𝐿2、𝐿3。串联电路电流只有一条路径，电流依次经过各用电器从正极回到电源负极；并联电路电流有多条路径，分别经过各用电器从电源正极回到负极。本题考查了学生识别串、并联电路的能力，电路的识别一般就从电流

路径上分析，只有一条路径的是串联，有多条路径的是并联。13.【答案】1：21：2【解析】解：由题意可知，小灯泡的规格都相同，设每个小灯泡正常发光时的电流均为𝐼。①甲图中，两灯泡和滑动变阻器𝑅1串联，因串联电路中各处的电流相等，所以，当两灯泡均正常发光时，电路中的电流𝐼甲=𝐼，则电路的

总功率：𝑃甲=𝑈𝐼甲=𝑈×𝐼=𝑈𝐼；②乙图中，乙图中两灯并联后与变阻器𝑅2串联，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，所有灯泡均正常发光时，干路电流为𝐼乙=2𝐼，则电路的总功率：𝑃乙=𝑈𝐼乙=𝑈×2𝐼=2𝑈𝐼；则甲、乙两

电路中的总电流之比𝐼甲：𝐼乙=𝐼：2𝐼=1：2；甲、乙两电路的总功率之比为𝑃甲：𝑃乙=𝑈𝐼：2𝑈𝐼=1：2。故答案为：1：2；1：2。规格相同小灯泡正常发光时的电流相等，甲图中两个灯

泡和滑动变阻器𝑅1串联，根据串联电路的电流特点求出电路中的电流，利用𝑃=𝑈𝐼表示出电路的总功率；乙图中两个灯泡并联后再与滑动变阻器𝑅2串联，根据并联电路的电流特点求出干路电流，根据𝑃=𝑈�

�表示出电路的总功率；然后求出甲、乙两电路的总电流之比和总功率之比。本题考查了串联和并联电路的电流特点以及电功率公式的应用，知道规格相同的灯泡正常工作时电流相等，正确分析电路的连接方式是解题的关键。14.【答案】𝑁北【解析】解：

若静止时针尖指向地理位置的北方，说明指向地磁南极附近，则针尖是简易指南针的𝑁极。无论如何转动底座，𝑁极指向是不变的，所以针尖𝑁极还是指向地理北方。第16页，共22页故答案为：𝑁；北。地球是个巨大的磁体，地磁南极的地理北极附近，地磁

北极在地理南极附近。正确区分地理北极和地磁北极，地理南极和地磁南极，它们是不同的概念。15.【答案】电功率75𝑘𝑊通电线圈在磁场中受力转动电流表选择的量程不同𝐹从负到正45【解析】解：(1)甲图中，表盘的左上角标有“𝑘𝑊”的字样，说

明该仪表是测量功率的仪表，在“0～50𝑘𝑊”之间有10个小格，故分度值为5𝑘𝑊，则其示数为75𝑘𝑊；(2)通过电流表的内部构造显示电流表的制成原理：通电线圈在磁场中受力转动；由于串联电路中，电流处处相同，两个电流表指针的偏转角度不同，

其原因是选择的量程不同；(3)读图可知，电压表的左端为负接线柱，右端为正接线柱，根据电压表“正进负出”的连接要求，必须使电流从右端的𝐷接线柱流入电压表，即电阻的𝐹端应该接电源的正极；在电源的外部电流从正极出发，经过用电器流回负极，即𝐷𝐸接线柱之间电流的方向从𝐸

到𝐷；电子带负电，移动方向与电流的方向相反，即电子的移动方向为从负到正；电压表的量程为0−15𝑉，即电阻两端的电压最大为15𝑉，因为串联电路总电压等于各用电器电压之和，且三个电阻相等，所以电源电压不高于3×15�

�=45𝑉才不会损坏电压表。故答案为：(1)电功率；75𝑘𝑊；(2)通电线圈在磁场中受力转动；电流表选择的量程不同；(3)𝐹；从负到正；45。(1)首先根据表盘上的标识判断仪表的用途，然后根据量程和分度值读出示数；(2)首先利用图示的装置分析出其

制成原理，即通电线圈在磁场中受力转动，线圈的转动可以带动指针的偏转；串联电路中电流处处相同；(3)电压表在使用时要与被测用电器并联，且要求电流正进负出，选择合适的量程；在电源的外部电流从正极出发，经过用电器流回负极；把正电荷定向移动的方向规定为电流的方向，负

电荷定向移动的方向与电流的方向相反；串联电路总电压等于各用电器电压之和。知道并理解电流表和电压表的正确使用、电流的方向的规定以及串联电路电压的规律等知识是解决该题的关键。16.【答案】𝑅1短路右烧坏电压表的

将滑动变阻器的滑片𝑃移到阻值最大处，用𝑅2替换𝑅1左电压一定时，电流与电阻成反比20【解析】解：(1)电流表有示数，说明电路是通路，电压表无示数，说明定值电阻两端无电压，根据𝑈=𝐼𝑅可知，定值电阻的阻值为

0，若电路故障只出现在𝑅1和𝑅上，则电路故障是𝑅1短路；第17页，共22页(2)为了保护电路，闭合开关实验前，应将滑动变阻器的滑片移到最大阻值处，由图知，滑片左侧电阻丝接入电路，所以滑片应移到阻值最大的最右端；(3)将𝑅1接入电路时，电路中的电流：𝐼1=𝑈

𝑉𝑅1=2.5𝑉5𝛺=0.5𝐴，电路中的总电阻：𝑅总1=𝑈𝐼1=4.5𝑉0.5𝐴=9𝛺，由串联电路的电阻特点可知，此时滑动变阻器接入电路的电阻：𝑅滑1=𝑅总1−𝑅1=9𝛺−5𝛺=4𝛺；由题意可知

，用𝑅2替换𝑅1时没有移动滑动变阻器的滑片，此时电路中的电流：𝐼1′=𝑈𝑅2+𝑅滑1=4.5𝑉10𝛺+4𝛺≈0.32𝐴，则定值电阻𝑅2两端的电压：𝑈𝑉′=𝐼1′𝑅2=0.32𝐴×10𝛺=3.2𝑉>3𝑉，即定值电阻𝑅2两端电压超过电压表的量

程，故将会出现烧坏电压表的故障；为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片𝑃移到阻值最大处，因此正确操作应该是先断开开关，将滑动变阻器的滑片𝑃移到阻值最大的最右端，用𝑅2替换𝑅1，再闭合开关，向左调节滑动变阻器的滑片；(4)根据实验所得的五组数据绘制出

𝐼−𝑅图像，电阻两端的电压始终保持：𝑈𝑉=𝐼𝑅=0.1𝐴×25𝛺=-----=0.5𝐴×5𝛺=2.5𝑉，为一定值，由图像可得出的结论是：电压一定时，电流与电阻成反比；(5)实验中使用的定值电阻阻值最大

为25𝛺，电阻两端的电压始终保持𝑈𝑉=2.5𝑉，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：𝑈滑=𝑈−𝑈𝑉=4.5𝑉−2.5𝑉=2𝑉，滑动变阻器分得的电压为电压表示数的2𝑉2.5𝑉=0.8倍，根据分压原理，当接入

25𝛺电阻时，滑动变阻器连入电路中的电阻为：𝑅滑=0.8×25𝛺=20𝛺，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少20𝛺的滑动变阻器。故答案为：(1)𝑅1短路；(2)右；(3)烧坏电压表的；将滑动变阻器的

滑片𝑃移到阻值最大的最右端，用𝑅2替换𝑅1；左；(4)电压一定时，电流与电阻成反比；(5)20。(1)电流表有示数，说明电路是通路，电压表无示数，说明定值电阻两端无电压，根据𝑈=𝐼𝑅可知，定值电阻的阻值为0，由此可判断电路故障；(2)

为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片𝑃移到阻值最大处；(3)由题意可知，用𝑅2替换𝑅1时没有移动滑动变阻器的滑片，根据欧姆定律和串联电路的电阻特点求出此时滑动变阻器接入电路的电阻，再利用欧姆定律和串

联电路的电阻特点求出用𝑅2替换𝑅1后定值电阻𝑅2两端的电压，进而分析电路将会出现的故障，为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片𝑃移到阻值最大处；(4)根据实验所得的五组数据绘制出𝐼−𝑅图像，求出电阻两端的电压为一定值分析；(5

)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分第18页，共22页得的电压，根据分压原理，求出当接入25𝛺电阻时变阻器连入电路中的电阻。本题“探究电流与电阻的关系”的实验，考查故障分析、欧姆定律的应用、控制

变量法、数据分析、操作过程、对器材的要求及串联电路的规律的应用。17.【答案】连接电路时开关闭合了0.240.75620滑动变阻器的实际电功率【解析】解：(1)由图甲可知，连接电路时开关是闭合的；滑动变阻器要采取“一上一下”的连接方式，且与小灯泡、电流表串联，电流表选择0～0.6𝐴量程，如

图所示：(2)由图乙可知，电流表的量程是0～0.6𝐴，分度值是0.02𝐴，电流表的示数为0.24𝐴；由表格数据可知，当灯泡正常发光时，灯泡两端的电压为2.5𝑉，通过灯泡的电流是0.3𝐴，灯泡正常

发光时的功率𝑃=𝑈𝐼=2.5𝑉×0.3𝐴=0.75𝑊；根据序号3可知，电流表示数为0，电压表示数为6𝑉，可知此时灯泡已经烧坏，电压表与电流表、滑动变阻器、开关和电源组成通路，所以电压表测量的是

电源电压，故电源电压𝑈=6𝑉；刚闭合开关时，滑动变阻器的滑片在最大阻值端，电路中的电流最小，由表格数据可知，当电路中的电流为0.24𝐴时，滑片在最大阻值端，此时灯泡两端的电压为𝑈𝐿=1.2𝑉，滑动变阻器两端的电压𝑈滑=𝑈−𝑈𝐿=6𝑉−1.2𝑉=4.8𝑉，

滑动变阻器的最大阻值是𝑅滑=𝑈滑𝐼滑=4.8𝑉0.24𝐴=20𝛺；(3)由图丙可知，阴影部分的面积等于横坐标与纵坐标的乘积，横坐标是电源电压减去灯泡两端的电压，即是滑动变阻器两端的电压，纵坐标是通过灯泡的电流，也是通过滑动变阻器的电流，由此可知阴影部分的面积等于滑动变阻器两端的电压

与通过滑动变阻器的电流的乘积，由𝑃=𝑈𝐼可知，故阴影部分的面积是滑动变阻器的实际功率。故答案为：(1)连接电路时开关闭合了；如图所示；(2)0.24；0.75；6；20；(3)滑动变阻器的实际电功率。(1)由图甲可知，连接电路时开关是闭合的；

滑动变阻器要采取“一上一下”的连接方式，且与小第19页，共22页灯泡、电流表串联，电流表选择量程；(2)电流表的量程是0～0.6𝐴，分度值是0.02𝐴，由图乙可读出电流表的示数；由表格数据可知，当灯泡正常发光时，灯泡两端的电压为2.5𝑉，通过灯泡的电流是0.3𝐴，根据𝑃=�

�𝐼可以计算出灯泡正常发光时的功率；根据序号3可知，此时灯泡已经烧坏，电压表与电流表、滑动变阻器、开关和电源组成通路，所以电压表测量的是电源电压；根据序号1的数据和电源电压，利用串联电路电流、电压规律和欧姆定律可计算出滑动变阻器的最大阻值；(3)由图丙可知，阴影部分的面积等

于横坐标与纵坐标的乘积，横坐标是电源电压减去灯泡两端的电压，即是滑动变阻器两端的电压，纵坐标是通过灯泡的电流，也是通过滑动变阻器的电流，由此可得出结论。本题主要考查了测量小灯泡的功率，串联电路电流、电压规律，欧姆定律，难度较大。18.【答案】奥斯

特电磁铁吸引大头针的数目多少没有控制电流大小一定下发电机电源铝棒【解析】解：1820年，丹麦物理学家奥斯特在一次讲课结束时，在助手收拾仪器时，注意到通电导体的小磁针发生了偏转，正是由于他的敏锐的洞察力，发现了电流的磁效应；(1)实验时通过观察电磁铁吸引大头针的数目

多少来判断电磁铁磁性的强弱，实验时电磁铁吸引大头针的数目越多，说明磁性越强；通电螺线管磁性跟有无铁芯、电流大小、线圈匝数多少有关，探究通电螺线管磁性强弱跟线圈匝数的关系时，需保持保持铁芯和电流的大小不变

，改变线圈的匝数，步骤三中没有控制电流大小一定，故正确的操作应该是：闭合开关𝑆，移动滑动变阻器的滑片，使电流表示数为1𝐴后，再用电磁铁去吸引大头针，记录数据；(2)当𝑎𝑏棒竖直向上运动时，没有做切割磁感线运动，不能够产生感应电流，螺线管不能够产生磁场，故小磁针𝑁极仍然指向下；(3)利

用如图所示的装置研究“磁场对电流的作用”时，即必须有电源，所以在𝑎𝑏间应接电源；探究磁场对电流作用时，因为磁体能够吸引磁性材料，因此通电导体不能为磁性材料，故不能选择铁棒进行实验，而是铝棒。故答案为：

奥斯特；(1)电磁铁吸引大头针的数目多少；没有控制电流大小一定；(2)下；发电机；(3)电源；铝棒。丹麦物理学家奥斯特发现了电流周围有磁场；(1)通电螺线管磁性强弱跟电流大小、线圈匝数、有无铁芯有关，电流一定时，线圈匝数越多，通第20页，共22页电螺线管的磁性

越强；线圈匝数一定时，电流越大，通电螺线管磁性越强；物理上一个物理量受多个因素影响时，探究物理量和其中一个因素的关系时，控制其他因素不变，这种方法是控制变量法；(2)感应电流的方向与磁场方向和切割磁感线的运动方向有关；若磁场方向和切割磁感线的运动方向同时改变，感应电流的方向不变

；通电螺线管的磁场方向与电流方向有关，电流方向改变，螺线管的磁场方向改变；根据电磁感应现象制成了发电机；(3)通电导线在磁场中受力运动；磁体能够吸引磁性材料，说明验证通电导体在磁场中受力运动时，导体棒不能为磁性材料。此题属于电磁学中比较复杂的题

目，考查内容较多，主要考查了电流的磁效应、电动机的原理、产生感应电流的条件、影响电磁铁磁性大小的因素，考查较全面，应重点掌握。19.【答案】解：(1)0.5𝑘𝑔汽油完全燃烧放出的热量：𝑄放=𝑚

𝑞=0.5𝑘𝑔×4.5×107𝐽/𝑘𝑔=2.25×107𝐽；(2)由𝜂=𝑊𝑄放可得，汽车消耗0.5𝑘𝑔汽油所做的有用功：𝑊=𝜂𝑄放=30%×2.25×107𝐽=6.75×106𝐽；(3)由题意可知，水吸收的热量：𝑄吸=𝜂′𝑄

放=42%×2.25×107𝐽=9.45×106𝐽；由𝑄吸=𝑐𝑚△𝑡得水升高的温度：△𝑡=𝑄吸𝑐𝑚=9.45×106𝐽4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)×25𝑘𝑔=90℃；

由于水的初温为20℃，标准大气压下水的沸点为100℃，90℃+20℃>100℃，所以水的末温是100℃。答：(1)汽油完全燃烧放出的热量是2.25×107𝐽；(2)该汽车消耗0.5𝑘𝑔汽油所做的有用功是6.75×106𝐽；(3)水温升高到100℃。【解析】(1)利用𝑄放=𝑚𝑞求汽油

完全燃烧放出的热量；(2)根据𝜂=𝑊𝑄放可求出汽车消耗0.5𝑘𝑔汽油所做的有用功；(3)由题知，水吸收的热量𝑄吸=42%𝑄放，利用△𝑡=𝑄吸𝑐𝑚求出水升高的温度。本题综合考查了学生对吸热公式、燃料完全燃烧放热公式、效率公式的了

解与掌握，计算时注意第21页，共22页单位统一。20.【答案】解：(1)只闭合开关𝑆1，且𝑅1的滑片在最上端时，只有𝑅连入电路，电压表示数即为电源电压，则电源电压为6𝑉；(2)只闭合开关𝑆3，当𝑅1的

滑片移到阻值最大处时，灯𝐿正常发光，此时灯𝐿与变阻器𝑅1串联，电流表测电路中电流，则变阻器两端电压𝑈1=𝐼𝑅1=0.2𝐴×20𝛺=4𝑉，由串联电路电压规律可知，灯𝐿两端的电压为：𝑈𝐿=𝑈−𝑈1=6𝑉−4𝑉=2𝑉，即灯𝐿的额定电压为2𝑉。答：(1)电源电压

为6𝑉；(2)灯𝐿的额定电压为2𝑉。【解析】(1)只闭合开关𝑆1，且𝑅1的滑片在最上端时，只有𝑅连入电路，电压表示数即为电源电压；(2)只闭合开关𝑆3，当𝑅1的滑片移到阻值最大处时，灯𝐿正常发光，此时灯𝐿与变阻器𝑅1串联，根据欧姆定律可

求出变阻器𝑅1两端的电压，由串联电路电压规律可求出灯𝐿的额定电压。本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。21.【答案】解：(1)由𝑃=𝑊𝑡可得，电烤箱在低温档正常工作10

𝑚𝑖𝑛电流做的功：𝑊=𝑃低𝑡=400𝑊×10×60𝑠=2.4×105𝐽；(2)由图可知，开关接1时，𝑅1与𝑅2串联，总电阻最大，由𝑃=𝑈2𝑅可知总功率最小，电烤箱处于低温档；开关接2时，只有𝑅1接入电路，电阻小，由𝑃=𝑈2𝑅可知功率大，电烤箱处于高温挡

；处于低温挡时，电路的总电阻：𝑅=𝑈2𝑃低=(220𝑉)2400𝑊=121𝛺；则𝑅1的阻值：𝑅1=𝑅−𝑅2=121𝛺−72.6𝛺=48.4𝛺；(3)指示灯闪烁81次，电烤箱消耗的电能：𝑊=81×13

000𝑘𝑊⋅ℎ=0.027𝑘𝑊⋅ℎ，工作时间：第22页，共22页𝑡=2𝑚𝑖𝑛=130ℎ，则电烤箱在高温档的实际功率：𝑃=𝑊𝑡=0.027𝑘𝑊⋅ℎ130ℎ=0.81𝑘𝑊=810𝑊；根据𝑃=𝑈2𝑅可得，此时家庭电路两端的实际电压：𝑈=√𝑃𝑅1=

√810𝑉×48.4𝛺=198𝑉。答：(1)电烤箱在低温档正常工作10𝑚𝑖𝑛电流做的功为2.4×105𝐽；(2)𝑅1的阻值为48.4𝛺；(3)此时家庭电路两端的实际电压为198𝑉。【解析】(1)已知电烤箱在低温档工作时的功率和时间，利用𝑃=𝑊𝑡可求得

工作10分钟所消耗的电能；(2)由图可知，开关接1时，𝑅1与𝑅2串联，总电阻最大，由𝑃=𝑈2𝑅可知总功率最小，电烤箱处于低温档；开关接2时，只有𝑅1接入电路，电阻小，由𝑃=𝑈2𝑅可知功率大，电烤箱处于高温挡；已知低温挡的电功率与工作电压，由电功率的变

形公式𝑅=𝑈2𝑃分别可以求出总电阻，根据电阻𝑅2的阻值，然后可求得𝑅1的阻值。(3)根据电能表参数的含义求出指示灯闪烁81次消耗的电能，根据𝑃=𝑊𝑡求出该用电器的实际功率。根据𝑃=𝑈2𝑅算出实际电压。本题考查了电功、电阻、电功率的计算，计算过程要注意单位的换算和统一

，是一中等题目。