【文档说明】2021-2022学年河南省许昌市禹州市九年级上期末物理试题及答案解析.docx，共(22)页，392.312 KB，由小喜鸽上传

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第1页，共22页2021-2022学年河南省许昌市禹州市九年级（上）期末物理试卷一、单选题（本大题共6小题，共12.0分）1.四冲程内燃机在压缩冲程中，活塞上推，压缩气缸内的气体，此时气缸内气体的内能和温度变化情况是()A.

内能减少温度降低B.内能减少温度升高C.内能增加温度降低D.内能增加温度升高2.为促进城市节能减排和能源的可持续发展，禹州市出租车完成了“油改气”的改造。主要是因为液态天然气具有()A.较小的密度B.较大的比热容C.较高的热值D.较低的沸

点3.通过电学的学习我们知道，与毛皮摩擦过的橡胶棒带负电荷，这是因为摩擦使()A.橡胶棒创造了负电荷B.电子从毛皮转移到了橡胶棒C.橡胶棒失去电子，毛皮得到电子D.电子从橡胶棒转移到了毛皮4.如图所示的电路中，电源电压不变，𝑅为定值电阻。闭合开关𝑆，在滑动

变阻器的滑片向右移动的过程中，下列判断正确的是()A.电压表示数变大B.电流表示数变大C.电路总功率不变D.电压表示数与电流表示数的比值不变5.小萌随父母去豫西抗日根据地一一“方山寨”，进行红色研学之旅。需要提前给移动充电宝进行充

电，充电宝容量为60000𝑚𝐴⋅ℎ，充电电压为3.7𝑉，充电时剩余电量为0。于是她关闭家中其它用电器，并观察到家里电能表如图所示，要给充电宝充满电，电能表的转盘将转过()第2页，共22页A.222转B.1000转C.799转D.360转6.学校校园里大多都挂

有大喇叭(扬声器)，如图是扬声器的构造原理图。下列能说明它的工作原理的是()A.B.C.D.二、多选题（本大题共2小题，共4.0分）7.如图所示的电路中，电源电压为4𝑉，电流表的量程为“0～0.6𝐴”，电压表的量程为“0～3𝑉”，小灯泡标有“2.5𝑉1.2

5𝑊”字样(灯丝的电阻不变)，滑动变阻器上标有“20𝛺1𝐴”字样。闭合开关，在保证电路各元件安全的情况下，下列说法正确的是()A.小灯泡消耗的电功率最小为0.5𝑊B.电压表的示数变化范围是1～3𝑉第3页，共22页C.滑动变阻器接入电路中的阻值范围是3～1

5𝛺D.电路消耗的总功率变化范围是0.8～2.0𝑊8.关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是()A.把用电器的三脚插头改为两脚插头插在两孔插座上使用B.人体即使不接触带电体，也会发生触电事故C.为了方便，可以抓着导线拉出插座上的插头D.若空气开关“跳闸”，可能是使

用了大功率用电器三、填空题（本大题共6小题，共14.0分）9.如图是某同学在家用被磁化的缝衣针制成的简易指南针，若静止时针尖指向地理位置的北方，则针尖是简易指南针的______极。10.饺子是中国的传统美

食。包饺子时，用力捏面皮，面皮会粘在一起，说明分子间存在______；煮饺子时，可以闻到饺子扑鼻的香气，感受到家的“味道“，这是由于分子在不停地做______。11.如图是某晶体物质的温度随时间变化的图象，由图象可以看出，从第10𝑚�

�𝑛到第25𝑚𝑖𝑛，该物质吸收热量，温度不变，内能______(填“增大”、“减少”或“不变”)；该物质液态时比固态时的吸热能力______。12.滑滑梯是同学们小时候喜爱的娛乐活动，如图所示是从滑梯上滑下时的情景，滑下时会感到臀部

发热，此过程中______能转化为______能，能的总量______。第4页，共22页13.如图所示的电路中，电源电压不变，灯泡上标有“3.8𝑉0.76𝑊“字样，开关𝑆断开时，电灯工正常发光。当开关𝑆闭合后，电灯𝐿亮

度将______(填“变亮”、“变暗”或“不变”)，电路的总功率______(填“增大”、“减小”或“不变”)；若电流表示数变化0.25𝐴，则该电阻𝑅的阻值为______𝛺，电压表的示数与电流表变化的示数的比值将______(填“变大”、“变小”或“不变”)。14.如图所示，

𝐴𝐵和𝐶𝐷是两根固定且平行的水平光滑金属轨道，符号“×”代表垂直于金属导轨向下的磁场。现将空心铜棒𝐸𝐹和𝐺𝐻垂直放在金属导轨上静止，当水平拉动铜棒𝐸𝐹向右运动时，铜棒𝐺𝐻会跟着向右运动。若将磁场方向改为与原来相反。仍然向右拉动铜棒𝐸𝐹，则铜棒𝐺�

�的运动方向______(选填“向左”或“向右”)，理由是______。四、作图题（本大题共2小题，共4.0分）15.请用笔画线代替导线，将图中的三孔插座、螺丝口灯泡和控制电灯的开关正确连接到家庭电路中。16.如图所示，条形磁铁静止放在水平桌面上。闭合开关，滑片向右移动时，电磁铁磁性增强，条形

磁铁向右运动。请把图中电路连接补充完整，并标出电源的正负极。第5页，共22页五、实验探究题（本大题共3小题，共18.0分）17.在“探究串联电路电压规律”实验中，小亮按照如图1所示的电路图，连接了如图2所示的电路。(1)请按照图1电路图，帮小亮用笔画线代替导线将图2实物图补

充完整。(2)闭合开关，测出灯泡𝐿1两端电压𝑈𝐴𝐵。(3)电压表所接𝐵点不动，只断开𝐴接点，并改接到𝐶接点上，测量灯泡𝐿2电压𝑈𝐵𝐶。你认为这种接法______(填“正确”或“不正确”)，原因是______。改接电路时，开关应______。(4)改正

后继续进行实验，并正确测出𝐴𝐶两点间电压，并将所测电压值记录在如下表格中。电压𝑈𝐴𝐵/𝑉𝑈𝐵𝐶/𝑉𝑈𝐴𝐶/𝑉数值1.51.53.0于是，小亮便得出串联电路的电压规律。你认为下一步进行的操作应该是：______。18.为了探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”，某物

理兴趣小组利用干电池、开关、滑动变阻器、铁钉、铁架台、适量的大头针和足够长涂有绝缘漆的导线为主要器材，进行如下实验。(1)同学们用导线紧密绕在铁钉上，制成如图1所示简易的电磁铁，该实验是通过观察______来显示电磁铁磁性强弱的。利用

这种研究方法研究的实验还有______。(2)连接好电路，闭合开关，观察到如图1所示的现象，接着，把滑动变阻器的滑片向右滑动，观察到铁钉吸起大头针的数量______(填“增多”、“减少”或“不变”)，说明在线圈匝数第6页，共22页相

同情况下，电流越大，电磁铁的磁性______(填“越强”、“越弱”或“不变”)。(3)小组同学又自制了两个分别编有100匝和50匝的电磁铁甲、乙，连接了如图2所示的电路，则电磁铁乙的上端为______极，设计这个实验，是研究在______相同时，电磁铁磁性强弱与______的关系。19

.果果同学在“测量小灯泡的额定功率”的实验中，设计了如图1所示的电路，小灯泡上标有“2.5𝑉”字样，电源电压为3.0𝑉，滑动变阻器上标有“20𝛺1𝐴”字样。(1)请你用笔画线代替导线，帮果果同学将图1电路补充完整。要求

：滑动变阻器的滑片向左滑动时，灯泡亮度变暗。(2)果果同学检查电路时，发现电压表如图2所示，原因可能是______。(3)排除故障。闭合开关前，滑动变阻器的滑片应位于最______(填“左”或“右”)端。(4)移动滑片的位置，记下多组对应的电压表和电

流表的示数，并绘制成如图3所示的𝐼−𝑈变化的图象，由图象可以算出小灯泡的额定功率为______𝑊。(5)观察图象发现小灯泡的电阻并不是固定不变的，你判断的依据是______。(6)果果还想测量一未知电阻𝑅𝑥

的阻值，于是用这个未知电阻𝑅𝑥替换了小灯泡，同时撤掉发生故障的电流表，利用余下器材(电压未知的电源、滑动变阻器、开关、导线)，在不改动电压表位置及连线的情况下，很快测出了未知电阻𝑅𝑥的阻值。①闭合开关，将滑动

变阻器的滑片移到最左端，读出电压表的示数𝑈𝑥。②再将滑动变阻器的滑片移到最右端，读出电压表的示数为𝑈。则电阻𝑅𝑥=______(用测量值和已知量表示)。六、计算题（本大题共2小题，共18.0分）第7页，共22页20.豆浆是中国人喜爱的一种饮品，又是

老少皆宜的营养食品，妈妈在市场买了一台豆浆机，豆浆机主要由电动机和电热管组成。爱观察的果果同学注意到豆浆机的铭牌如下表所示，如图是用豆浆机在额定电压下，做一次豆浆过程中，电热管和电动机的𝑃−𝑡图像。×××牌豆浆机容量2𝐿额定电压220𝑉电动机额定功率150𝑊电热管额定功率1100𝑊频率

50𝐻𝑧(1)豆浆机中的电热管利用的是电流的______效应，电动机是利用______的原理工作的。(2)电热管正常工作时，电路中的电流多少？(3)豆浆机正常工作，做一次豆浆，若电热管所消耗的电能全部用来

烧水，可以使体积2𝐿、初温为20℃的水温度升高多少？[𝜌水=1.0×103𝑘𝑔/𝑚3,𝑐水=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)](计算结果保留整数，1标准大气压下)21.如图甲所示是小萌爸爸从网上购买的某品牌智能体重计，图乙是该体重计的简化电路结构图，𝑅0为定值电阻，体重计的表盘是

由电压表改装而成，秤盘下方为一压敏电阻𝑅，在一定第8页，共22页范围内，压敏电阻的阻值与压力之间存在一定的关系，部分数据如下表所示。已知电源电压6.0𝑉恒定不变。(𝑔=10𝑁/𝑘𝑔)压力𝐹/𝑁0100200300400500600压

敏电阻𝑅/𝛺300280260240220200180(1)质量为50𝑘𝑔的小萌站在秤盘上时，电压表示数为1.0𝑉，此时电路中电流为多少？𝑅0的阻值是多少？(2)观察表格可知，当秤盘为空时，压敏电阻的阻值为______𝛺，此时

电路消耗电功率是多少？(计算结果保留两位小数)(3)小萌爸爸站在秤盘上时，电压表示数是1.25𝑉，则小萌爸爸的质量大约为多少千克？第9页，共22页答案和解析1.【答案】𝐷【解析】解：在四冲程内燃机在压缩冲程中，活塞压缩气体做功，机械能转化为气体的内能，使气体的内能增大、温

度升高，故ABC错误，D正确。故选：𝐷。内燃机的四个冲程中有两个冲程发生了能量转化，在压缩冲程中机械能转化为内能，在做功冲程中内能转化为机械能。本题考查了内燃机四个冲程中的压缩冲程的特点，要理解压缩冲程中的能量转化问题。2.【答案】𝐶【解析】解：

出租车“油改气”，原因是液态天然气具有较高的热值，完全燃烧相同质量的天然气时，可以释放出更多的热量，故C正确。故选：𝐶。热值是指1千克的某种燃料完全燃烧后释放的能量，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多，所以在选择火箭燃料时首先应该考

虑燃料热值的大小。本题考查了对热值概念及特性的了解，是一道基础题。3.【答案】𝐵【解析】解：擦起电的实质是电子的转移，当用毛皮摩擦橡胶棒时，毛皮上的电子转移到橡胶棒上，橡胶棒上就有多余的电子，从而使橡胶棒带上负电，毛皮由于失去电子而带正电。故选：𝐵。摩擦起电

的实质是电子的转移，失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电。明确摩擦起电的实质，是解答此题的关键。4.【答案】𝐷【解析】解：由电路图可知，滑动变阻器与定值电阻𝑅串联，电压表测𝑅两端的电压，电流表测电路中的电流；闭合开关𝑆，在滑动变阻器的滑片向右移动的过程中，滑动变阻器

接入电路的电阻变大，总电阻变第10页，共22页大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，电流表示数变小；、根据𝑈=𝐼𝑅可知，𝑅两端的电压变大，电压表示数变大；电源电压不变，根据𝑃=𝑈𝐼可知，电路消耗的总功率变大；根据𝑅=𝑈�

�可知，电压表示数与电流表示数的比值为𝑅的阻值，保持不变。综上可知，D正确。故选：𝐷。由电路图可知，滑动变阻器与定值电阻𝑅串联，电压表测𝑅两端的电压，电流表测电路中的电流；根据滑片的移动可知滑动变阻器接入电路中的电阻变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻

两端的电压变化，根据𝑃=𝑈𝐼分析总功率的变化；根据𝑅=𝑈𝐼分析电压表示数与电流表示数的比值的变化。本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，及电功率公式的简单应用。5.【答案】𝐴【解析】解：给充电宝充满电消耗的电能：𝑊=𝑈𝐼𝑡=3.7�

�×60000×10−3𝐴×1×3600𝑠=799200𝐽=0.222𝑘𝑊⋅ℎ；1000𝑟/(𝑘𝑊⋅ℎ)表示电路中用电器每消耗1𝑘𝑊⋅ℎ电能，电能表的转盘转过1000转，则消耗0.222𝑘𝑊⋅ℎ电能，电能表转盘的

实际转数：𝑛=0.222𝑘𝑊⋅ℎ×1000𝑟/(𝑘𝑊⋅ℎ)=222𝑟。故选：𝐴。利用𝑊=𝑈𝐼𝑡计算出给充电宝充满电消耗的电能；1000𝑟/(𝑘𝑊⋅ℎ)表示电路中用电器每消耗1𝑘𝑊⋅ℎ电能，电能表的转盘转过1000转，据此计算出电能表转盘的实际

转数。本题考查对电能表参数的理解和掌握、电能的计算，知道1000𝑟/(𝑘𝑊⋅ℎ)表示电路中用电器每消耗1𝑘𝑊⋅ℎ电能，电能表的转盘转过1000转是解题的关键。6.【答案】𝐷【解析】解：𝐴、是奥斯特实验图，小磁针发生偏转说明通电导体周围有磁

场，故A不符合题意；B、该实验是探究影响电磁铁磁性大小因素的实验，是电流的磁效应，故B不符合题意。C、图中没有电源，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流，是将机械能转化为电能，是发电机的实验图，故C不符合题意；第11页，共

22页D、电路中有电流，通电导体受到磁场力的作用发生运动，与扬声器的工作原理相同，故D符合题意。故选：𝐷。扬声器的工作原理是：通电导体在磁场中受力运动。本题涉及的内容有电流的磁效应、电动机的原理和发电机的原理。注意电磁感应和通电

导体在磁场中受力运动的装置是不同的，前者外部没有电源，后者外部有电源。7.【答案】𝐵𝐶𝐷【解析】解：(1)由𝑃=𝑈𝐼可得，灯泡的额定电流为：𝐼额=𝑃额𝑈额=1.25𝑊2.5𝑉=0.5𝐴，由𝐼=𝑈𝑅可得

，灯泡的电阻：𝑅𝐿=𝑈额𝐼额=2.5𝑉0.5𝐴=5𝛺，因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0～0.6𝐴，所以，电路中的最大电路𝐼𝑚𝑎𝑥=0.5𝐴，电路消耗的最大功率：𝑃𝑚𝑎𝑥=𝑈𝐼𝑚𝑎𝑥=4𝑉×0.5𝐴=

2𝑊，灯泡正常发光时，两端的电压为2.5𝑉，功率为1.25𝑊，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的最小电压：𝑈滑𝑚𝑖𝑛=𝑈−𝑈额=4𝑉−2.5𝑉=1.5𝑉，则滑

动变阻器接入电路中的最小电阻值：𝑅滑𝑚𝑖𝑛=𝑈滑𝑚𝑖𝑛𝐼𝑚𝑎𝑥=1.5𝑉0.5𝐴=3𝛺；(2)当电压表的示数为3𝑉时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，则电压表的示数范围是1.5𝑉～3𝑉，故B错误；灯泡两端的电压：𝑈𝐿=𝑈−𝑈滑𝑚𝑎𝑥=4𝑉−3

𝑉=1𝑉；所以电压表的示数变化范围是1～3𝑉；电路中的电流：𝐼𝑚𝑖𝑛=𝑈𝐿𝑅𝐿=1𝑉5𝛺=0.2𝐴，灯泡的最小功率为：𝑃𝐿𝑚𝑖𝑛=𝑈𝐿𝐼𝑚𝑖𝑛=1𝑉×0.2𝐴=0.2𝑊

；电路消耗的最小功率：第12页，共22页𝑃𝑚𝑖𝑛=𝑈𝐼𝑚𝑖𝑛=4𝑉×0.2𝐴=0.8𝑊，则电路总功率的变化范围是0.8𝑊～2𝑊；滑动变阻器接入电路中的最大阻值：𝑅滑𝑚𝑎𝑥=𝑈

滑𝑚𝑎𝑥𝐼𝑚𝑖𝑛=3𝑉0.2𝐴=15𝛺，则滑动变阻器允许接入电路的阻值范围是3𝛺～15𝛺；综上所述，BCD正确。故选：𝐵𝐶𝐷。(1)知道灯泡的额定电压和额定功率，根据𝑃=𝑈𝐼求出通过的电流，利用欧姆定律求

出灯泡的电阻，结合电流表的量程确定电路中的最大电流，根据𝑃=𝑈𝐼求出电路消耗的最大功率；电路中的电流最大时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出滑动

变阻器接入电路中的最小电阻；(2)当电压表的示数最大时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的电流和滑动变阻器接入电路中的最大阻值，利用𝑃=𝑈𝐼求出电路最小功率；根据最小电流，利用𝑃=𝑈𝐼求出灯泡的最小功率

，综合可知电压表示数变化、滑动变阻器接入电路中的阻值和电路消耗的总功率范围。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，关键是电路中最大电流的确定和滑动变阻器接入电路中最大值、最小值的判断

。8.【答案】𝐵𝐷【解析】解：𝐴、把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用，这样当金属外壳漏电时，不能将电及时导向大地，易引发触电，故A错误；B、靠近高压带电体时，有可能会发生高压电弧触电或跨步电压触电，因此，有时不直接接触带电体，也会发生触电事故，故B

正确；C、抓住导线拉出插座上的插头，容易使电线损坏，发生触电事故，故C错误；D、若空气开关“跳闸“，是因为电路中电流过大，可能是使用了大功率用电器，也可能是电路发生了短路，故D正确。故选：𝐵𝐷。(1)用电器的三脚插头能防止金属外壳漏电而触电，不能用两脚插头代替；(2)

安全用电的原则是：不接触低压带电体、不靠近高压带电体；第13页，共22页(3)不能抓住导线用力拔出插头，否则会损坏导线；(4)家庭电路电流过大会造成空气开关“跳闸“，电流过大的原因：短路或用电器总功率过大。本题考查安全用电的常

识，解决此类题目要结合安全用电的知识进行分析解答。为防止因电带来的伤害，不能违反。9.【答案】北【解析】解：指南针静止时，它的南(𝑆)极指向地理南方，它的北(𝑁)极指向地理北方。由题可知简易指南针静止时针尖指向地理位置的北方，则针尖是北极。故答案为：北。地

球周围存在地磁场，地磁南(𝑆)极在地理北极附近，地磁北(𝑁)极在地理南极附近，由于地磁场的作用，指南针静止时，它的南(𝑆)极指向地理南方，它的北(𝑁)极指向地理北方。始终牢记指南针静止时，指向地理南方的一端是它

的南(𝑆)极；指向地理北方的一端是它的北(𝑁)极。10.【答案】引力无规则运动【解析】解：包饺子时，用力捏面皮，面皮会粘在一起，说明分子间存在引力；煮饺子时，可以闻到饺子扑鼻的香气，感受到家的“味道“，这是由于分子在不停地做无规则运动。故答案为：引力；无规则

运动。(1)构成物质的分子间存在引和斥力。(2)构成物质的分子总在不停地做无规则运动。深入理解分子动理论，可解答此题。11.【答案】增大强【解析】解：该物质是晶体，在从第10𝑚𝑖𝑛到第25𝑚𝑖𝑛，处于熔化过程温度不变，但要不断吸热，内能增大。由题意知

，该物质在0～10𝑚𝑖𝑛是固态，25～35𝑚𝑖𝑛是液态，由𝑄=𝑐𝑚𝛥𝑡可知，质量相同的固态和液态，吸收相同的热量，温度变化小的，液态比热容大于固态的比热容，所以该物质液态时比固态时的的吸热能力强。故答案为：增大；强。晶体熔化的特点：吸热但温度保持不变。晶

体在熔化过程中处于固液共存态。晶体熔化时的温度叫做熔点。物体吸热，内能增大。第14页，共22页知道物体吸收热量的多少与哪些因素有关：由𝑄=𝑐𝑚𝛥𝑡分析。此题通过对图象的分析，考查了对晶体熔化

过程中的特点，同时还考查了对物体吸热多少以及比热容的分析。12.【答案】机械内不变【解析】解：同学在下滑过程中克服摩擦做功，机械能转化为内能，臀部内能增加，温度升高，所以有灼热的感觉，这是通过做功的方式改变了他的内能；根据能量守恒定律可知，能量在转移和转化的过程中

，能量的总量保持不变。故答案为：机械；内；不变。改变物体内能的两种方法：做功和热传递。对物体做功(克服摩擦力做功、压缩气体做功等)，将机械能转化为物体的内能，使物体的内能增加、温度升高；能量既不会创生，也不会消灭，它只能从一种形式转化为

另一种形式，或者从一个物体转移到另一个物体，在转化或转移的过程中，能量的总量不变，这就是能量守恒定律。解决本题时要知道做功与热传递是改变物体内能的两种方式，做功的过程是能量转化过程，热传递是能量的转移过程。13.【答案】不变增大

15.2不变【解析】解：(1)开关闭合后，电路变成并联电路，由于并联电路各支路互不影响，所以通过灯泡的电流不变，灯泡的亮度不变；并联电路中，干路中的电流等于各支路电流的和，所以干路中的电流变大，即电流表示数变大；根据𝑃=𝑈�

�可知，电路的总功率变大；(2)若电流表示数变化0.25𝐴，根据并联电路的电流规律可知通过𝑅的电流为0.25𝐴；灯泡正常发光，灯泡两端的电压为3.8𝑉，根据并联电路的电压规律可知，𝑅两端的电压为3.8𝑉，根据欧姆定律可知，𝑅的阻值为：𝑅=𝑈𝐼=3.8𝑉

0.25𝐴=15.2𝛺；电压表示数不变，电流表示数的变化值为一个定值，所以电压表的示数与电流表变化的示数的比值将不变。故答案为：不变；增大；15.2；不变。(1)分析开关断开和闭合时，电路的变化情况，根据并联电路的特点分析灯泡亮度的变化；根据并第15页，共22页联电

路的电流规律判定干路中电流的变化，再根据电功率公式𝑃=𝑈𝐼分析总功率的变化；(2)根据并联电路的电流规律得出通过𝑅的电流，根据欧姆定律求出电阻的大小；根据电流表和电压表示数的变化分析电压表的示数与电流表变化的示数的比值的变化。熟练运用并联电路的电流、电压规律，并运用欧姆定律和电功

率的知识，可做出解答。14.【答案】向左电流方向和磁场方向都发生了变化，导体𝐺𝐻受力的方向不变【解析】解：将铜棒𝐸𝐹和𝐺𝐻垂直静止放在导轨上，当拉动铜棒𝐸𝐹向左运动时，铜棒𝐸𝐹切割磁感线，𝐸𝐹中会产生感应电流，通电的铜棒𝐺𝐻在磁场中受到力的

作用，铜棒𝐺𝐻会跟着向左运动；若将磁场方向改为与原来相反，仍然向左拉动铜棒𝐸𝐹，则𝐸𝐹中的感应电流的方向与原来相反；𝐺𝐻中的电流方向也与原来相反，磁场的方向也发生了改变，则𝐺𝐻受力的方向不变，所以𝐺�

�仍然会向左运动。故答案为：向左；电流方向和磁场方向都发生了变化，导体𝐺𝐻受力的方向不变。闭合电路一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流；感应电流的方向与导体运动的方向和磁场的方向有关；通

电导体在磁场中受到力的作用，力的方向与电流的方向和磁场的方向有关。本题考查了学生对电磁感应现象和通电导体在磁场中受力运动的掌握，以及影响感应电流方向和磁场力方向的因素，有一定难度。15.【答案】解：首先辨别上面三根线地线

、火线、零线。(1)灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。(2)三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线，如图所示：第16页，共

22页【解析】(1)灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。(2)三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同

时考虑使用性和安全性。16.【答案】解：根据题意可知，闭合开关，滑片向右移动时，电磁铁磁性增强，这说电路中的电流变大，滑动变阻器接入电路的电阻变小；条形磁铁向右运动，条形磁铁的左端为𝑁极，这说明受到了排斥力的作用，所以

电磁铁的右端为𝑁极，根据安培定则可知，电源的左端为负极，右端为正极，如图所示：【解析】影响电磁铁磁性强弱的因素：电流的大小、线圈的匝数；同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；根据安培定则判定电源的正负极。本题考查了安培定则的应用、磁极间的相互作用、滑动变阻器的使用，难度不大，是一道好题。17.

【答案】不正确电压表正负接线柱接反了断开更换规格不同的小灯泡多次实验【解析】解：(1)图甲中，两灯串联，电压表测灯𝐿1的电压，因电源电压为3𝑉，故电压表选用小量程与灯𝐿1并联，如图所示：(3)当电压表𝐵点不动，只断开𝐴点

，并改接到𝐶点上时，虽然电压表此时与𝐿2并联，但电压表的正负接线柱却是反的，闭合开关后，指针会反向偏转，所以不能测出𝐿2两端的电压；拆接电路时，为了安全，开关必须断开；(4)由实验可知，该实验只进行了一次实验，

只测出了一组实验数据，实验次数太少，不具备普遍第17页，共22页性，应更换规格不同的小灯泡多次实验。故答案为：(1)如图所示；(3)不正确；电压表正负接线柱接反了；断开；(3)更换规格不同的小灯泡多次实验。(1)分析电路的连接，根据电源电压为3𝑉确定电压表选用的量程与

灯𝐿1并联，根据电路图连接实物图；(3)电压表要准确的测量用电器两端的电压，必须严格按照电压表的使用规则进行操作，所以判断小瑞同学能不能用此方法测出𝐿2两端的电压，就看电压表此时是否与𝐿2并联，正负接线柱的接法是否正确；拆接电路时，为了安全，开关必须断开；

(4)根据表中数据分析出实验结论；为得出普遍结论，应使用不同规格的实验器材进行多次实验，测出多组实验数据。本题是一道实验题，做此题时要围绕串联电路的电压规律去分析解答，需要注意的是在电学实验中，连接电路时开关都必须是断开的。18.【答案】吸引大头

针的多少压力作用效果与那些因素有关增多越强𝑆电流线圈匝数【解析】解：(1)电磁铁磁性强弱是通过比较电磁铁吸引大头针的多少来反映的，电磁铁吸引的大头针越多，说明电磁铁的磁性越强；此实验运用的是转换法；在压力作

用效果与那些因素有关实验中，比较压力的作用效果的大小，可以通过使海绵形变的大小来比较，运用转换法；(2)当滑片右移时，电路中电流增大，则吸引大头针的数目增多，说明螺线管的磁性与电流有关，电流越大，螺线管的磁性越强；(3

)如图，电流从乙电磁铁的下端进入，上端流出，根据安培定则可以判断乙电磁铁的下端是𝑁极，上端是𝑆极。由实验装置可知，两电磁铁的电流相同，线圈匝数不同，故可研究电磁铁磁性与线圈匝数的关系。故答案为：(1)吸引大头针的多少；压力作用效果与那些因素有关；(2)增多；越强；(3)

𝑆；电流；线圈匝数。(1)要掌握转换法，知道电磁铁的磁性强弱是通过吸引大头针的多少来体现的；(2)螺线管的磁性与通电电流有关，电流越大，则磁性越强，则由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，则可知电

流的变化；(3)知道电流方向，根据安培定则判断电磁铁的磁极。从实验装置可知，可知两电磁铁的电流相同，线圈匝数不同。第18页，共22页本题考查探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验，重点考查了实验结论及转换法、控制变量法的使

用。19.【答案】电压表没有调零左0.75通过灯丝的电流与电压不成正比20𝛺×𝑈𝑥𝑈−𝑈𝑥。【解析】解：(1)因为小灯泡的额定电压为2.5𝑉，所以电压表选用0～3𝑉的量程与小灯泡并联，滑片向左滑动时，灯泡亮度变暗，说明滑动变阻器连入电路的电阻变大，故变阻

器右下接线柱连入电路中，如图所示：；(2)果果同学检查电路时，发现电压表如图2所示，即电压表指针没有对准零刻度线，说明电压表没有调零；(3)为了保护电路，闭合开关实验前，应将滑动变阻器的滑片移到最大阻值处，由图知，滑片右侧电阻

丝接入电路，所以滑片应移到阻值最大的最左端；(4)根据图3所示的小灯泡电流随电压变化的关系图象知，灯在额定电压2.5𝑉时的电流为0.3𝐴，则小灯泡的额定功率是：𝑃额=𝑈额𝐼额=2.5𝑉×0.3𝐴=0.75𝑊；(5)由图3可知，灯

泡的𝐼−𝑈图线不是一条直线，通过灯丝的电流与电压不成正比，灯泡两端的电压增加比通过灯泡的电流增加的更快，由欧姆定律可知，小灯泡的电阻随电压增大而增大；(6)实验步骤：①闭合开关，将滑动变阻器的滑片移到最左端，读出电压表的示数𝑈𝑥，由于滑动变阻器的规格已

知，此时滑动变阻器相当于一个定值电阻，未知电阻𝑅𝑥两端的电压为𝑈𝑥；。②再将滑动变阻器的滑片移到最有端，读出电压表的示数为𝑈，此时滑动变阻器接入电路的电阻为0，电路为未知电阻𝑅𝑥的简单电路，电压表测电源电压，即电源电压为𝑈；由串联电路的电压特

点可知，在①中滑动变阻器两端的电压：𝑈滑=𝑈−𝑈𝑥，由串联电路的电流第19页，共22页特点可知，此时通过未知电阻𝑅𝑥的电流：𝐼𝑥=𝐼滑=𝑈滑𝑅滑=𝑈−𝑈𝑥20𝛺，则电阻𝑅𝑥=𝑈𝑥𝐼𝑥=𝑈𝑥𝑈−𝑈𝑥

20𝛺=20𝛺×𝑈𝑥𝑈−𝑈𝑥。故答案为：(1)如图所示；(2)电压表没有调零；(3)左；(4)0.75；(5)通过灯丝的电流与电压不成正比；(6)20𝛺×𝑈𝑥𝑈−𝑈𝑥。(1)根据小灯泡的额定电压确定电压表的量程与小灯泡并联，滑片向左

滑动时，灯泡亮度变暗，说明滑动变阻器连入电路的电阻变大，据此确定滑动变阻器接入的接线柱；(2)电压表使用前要调零；(3)为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片𝑃移到阻值最大处；(4)灯泡在额定电压下正

常发光，由图3中的图象得出额定电压下的电流，根据𝑃=𝑈𝐼可求出灯泡的额定功率；(5)由图3可知，灯泡两端的电压增大，通过灯泡的电流也增大，但灯泡两端的电压增加比通过灯泡的电流增加的更快，根据欧姆定律分析灯丝电阻的变化；(6)没有电流

表，未知电阻𝑅𝑥与滑动变阻器串联，电压表测未知电阻𝑅𝑥两端的电压，先把滑动变阻器的滑片移至阻值为0最右端，测电源电压，再把滑动变阻器的滑片移至阻值最大的最左端，由于滑动变阻器的规格已知，因此当滑动变阻器的滑片移至阻值最大的最左端时相当于一个定值电阻，根据欧姆定律和串联电路

的特点求解未知电阻𝑅𝑥的阻值。本题测量小灯泡的额定功率，考查电路连接、电流表的使用、注意事项、额定功率的计算、数据分析和设计方案测电阻的能力。20.【答案】热通电线圈在磁场中受到力的作用而转动【解析】解：(1)电热管工作时将电能转化为内能，是利用电流

的热效应工作的；电动机的原理是通电线圈在磁场中受到力的作用而转动；(2)由表知，电热管的额定功率为1100𝑊，由根据𝑃=𝑈𝐼知豆浆机正常加热时通过电热管的电流：𝐼=𝑃热𝑈=1100𝑊220𝑉=5𝐴；(3)由上图可知，加热的功率为1100𝑊，对应的加热时间：𝑡𝑅

=4𝑚𝑖𝑛×2+2𝑚𝑖𝑛=10𝑚𝑖𝑛=600𝑠；电动机工作时间：𝑡𝑀=2𝑚𝑖𝑛+4𝑚𝑖𝑛=6𝑚𝑖𝑛=360𝑠，第20页，共22页由𝑃=𝑊𝑡可得，加热消耗的电能：𝑊𝑅=𝑃𝑅𝑡𝑅=1100

𝑊×600𝑠=6.6×105𝐽，电动机工作消耗的电能：𝑊𝑀=𝑃𝑀𝑡𝑀=150𝑊×360𝑠=5.4×104𝐽，豆浆机正常工作做一次豆浆总共消耗的电能：𝑊=𝑊𝑅+𝑊𝑀=6.6×105𝐽+5.4×104𝐽=7.14×105𝐽；若电热管所消耗的电能全部用来烧水，

即𝑄吸=𝑊=7.14×105𝐽；根据密度公式𝜌=𝑚𝑉知水的质量为：𝑚=𝜌水𝑉=1.0×103𝑘𝑔/𝑚3×2×10−3𝑚3=2𝑘𝑔，水升高的温度为：𝛥𝑡=𝑄吸𝑐水𝑚=7.14×

105𝐽4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)×2𝑘𝑔=85℃；水的末温度为：𝑡=𝑡0+𝛥𝑡=20℃+85℃=105℃由于标准大气压下水的沸点为100℃，所以水升高的温度为：𝛥𝑡′=100℃−20℃=80℃。答：(1)热；通电线圈在磁场中受到力的作用而转动；(2)电热管正常

工作时，电路中的电流为5𝐴；(3)豆浆机正常工作，做一次豆浆，若电热管所消耗的电能全部用来烧水，可以使体积2𝐿、初温为20℃的水温度升高80℃。(1)电热管工作时利用了电流的热效应；电动机的工作原理是：通电线圈在磁场中受力转动；(2)由表中数据，根据𝑃=𝑈𝐼求解；(3)由上图知豆浆机正常

工作一次电热管工作时间和电动机工作时间，利用𝑊=𝑃𝑡求豆浆机正常工作做一次豆浆消耗的电能；若电热管所消耗的电能全部用来烧水，根据密度公式算出水的质量，根据𝑄=𝑐𝑚𝛥𝑡算出可以使体积2𝐿、初温为20℃的水温度升

高的度数，根据标准大气压下水的沸点为100℃算出水最终升高的温度。本题为电热综合题，考查密度公式、电功的实质、电功率公式、吸热公式和电功公式及效率公式第21页，共22页的应用，弄懂图象、从表中找出有用的数据是

解决此题的关键。21.【答案】300【解析】解：(1)小萌站在秤盘上时，压敏电阻受到的压力：𝐹1=𝐺1=𝑚1𝑔=50𝑘𝑔×10𝑁/𝑘𝑔=500𝑁；根据表格可知此时压敏电阻的阻值为：𝑅1=200𝛺，根据串联电路的总电压等于各用电器两端

的电压之和可得：𝑈1=𝑈−𝑈01=6𝑉−1.0𝑉=5𝑉，则电路中电流：𝐼1=𝑈1𝑅1=5𝑉200𝛺=0.025𝐴，由𝐼=𝑈𝑅可得：𝑅0=𝑈01𝐼1=1𝑉0.025𝐴=40𝛺；(

2)当秤盘为空时，压敏电阻受到的压力：𝐹0=0𝑁，根据表格可知压敏电阻的阻值：𝑅′=300𝛺，此时电路中的总电阻为：𝑅总=𝑅′+𝑅0=300𝛺+40𝛺=340𝛺，则此时电路消耗电功率：𝑃=𝑈2𝑅总=(6𝑉)2340𝛺≈0.11

𝑊；(3)小萌爸爸站在秤盘上时，电压表示数是1.25𝑉，则电路中的电流：𝐼2=𝑈02𝑅0=1.25𝑉40𝛺=0.03125𝐴，则电路中的总电阻为：𝑅总2=𝑈𝐼2=6𝑉0.03125𝐴=192𝛺，根据串联电路的总电阻等于各用电器的电阻之和可得：此时

压敏电阻的阻值为：𝑅′=𝑅总2−𝑅0=192𝛺−40𝛺=152𝛺，根据表格数据可知压敏电阻的阻值与压敏电阻受到的压力的关系式为：𝑅=300𝛺−0.2𝛺/𝑁×𝐹；则小萌爸爸的重力为：𝐺2=

𝐹2=5𝑁/𝛺×(300𝛺−𝑅2)=5𝑁/𝛺×(300𝛺−192𝛺)=540𝑁，所以小萌爸爸的质量：𝑚2=𝐺2𝑔=540𝑁10𝑁/𝑘𝑔=54𝑘𝑔。答：(1)质量为50𝑘𝑔的小萌站在秤盘上时，电压表示数为1.0𝑉

，此时电路中电流为0.025𝐴，𝑅0的阻值是40𝛺；(2)观察表格可知，当秤盘为空时，压敏电阻的阻值为300𝛺，此时电路消耗电功率是0.11𝑊；(3)小萌爸爸站在秤盘上时，电压表示数是1.25𝑉，则小萌爸爸的质量大约为54𝑘𝑔。(1)小萌站在秤盘上时，根据𝐹=𝐺=𝑚�

�求出压力，利用串联电路的电压特点和欧姆定律求出电第22页，共22页路中的电流，利用欧姆定律求出定值电阻𝑅0的阻值；(2)当秤盘为空时，根据表格分析出，当𝐹=0𝑁时压敏电阻的阻值，利用串联电路的电阻特点和𝑃=𝑈2𝑅求出此时电路消耗的电功率；(3)电

压表示数是1.25𝑉，利用欧姆定律求出电路中的电流，利用串联电路的电阻特点求出压敏电阻的阻值，根据表格分析出此时的压力，最后根据𝐹=𝐺=𝑚𝑔求出小萌爸爸的质量。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，根据表格数据得出压敏电阻的阻值与压力的关系是关键。