【文档说明】2021-2022学年河南省平顶山市汝州市九年级上期末物理试题及答案解析.docx，共(23)页，390.655 KB，由小喜鸽上传

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第1页，共23页2021-2022学年河南省平顶山市汝州市九年级（上）期末物理试卷一、单选题（本大题共6小题，共12.0分）1.关于温度、热量和内能，下列说法中正确的是()A.0℃的冰水混合物内能为零B.冰在熔化过程中吸收热量，温度与内能均不变C.水的温度越高，所含热量

越多D.热量可以从内能少的物体传递到内能多的物体2.为了节约能源，需要提高热机的效率，下列措施不能提高热机效率的是()A.在设计与制造热机时要不断改进与创新，以减少能量的损失B.尽量减少热机内部各部件间的摩擦C.让燃料与空气混合充分，使燃料燃烧得比较完全D.尽量增加热机的工作时

间3.下列有关电流、电压和电阻的说法中正确的是()A.导体中电荷的定向移动形成了电流B.人们规定自由电荷定向移动的方向为电流方向C.电路两端有电压时，电路中一定有持续的电流D.导体两端的电压为零时，导体的电阻也为零4.如图所示，是定值电阻𝑅和小灯泡𝐿中电流随电压变化的图象

，由图象可知()A.乙是小灯泡的𝐼—𝑈图象B.定值电阻的阻值为5𝛺C.定值电阻𝑅和小灯泡𝐿并联接在4𝑉的电源上，干路中的电流是1.2𝐴D.定值电阻𝑅和小灯泡𝐿串联接在6𝑉的电源上，电路中的电流是0.4

𝐴第2页，共23页5.如图甲的电路中，电源电压为6𝑉且保持不变，闭合开关𝑆后，滑片𝑃从𝑏端移动到𝑎端的过程中，电压表的示数𝑈与电流表的示数Ⅰ的关系图像如图乙，下列判断正确的是()A.𝑅1的阻值为30𝛺B.电路消耗的最小功率为1.2𝑊C.滑动变阻器的最大阻值为10𝛺D.电

路消耗的最大功率为3𝑊6.如图所示为某家庭部分电路示意图。在三孔插座上刚插上电热烧水壶(开关未闭合)的插头时，保险丝𝑒熔断，家中其他用电器都正常工作。以下叙述正确的是()A.造成该故障的原因可能是电热烧水壶插头被短路了B.保险丝熔断后，应立即更换新保险丝，恢

复供电C.保险丝𝑒熔断后，用测电笔测试三孔插座的左右两孔，只有测右孔时氖管发光D.在选择保险丝的规格时(以保险丝𝑒为例)，保险丝𝑒熔断所需的电流应小于空调的额定电流二、多选题（本大题共2小题，共4.0分）7.如图所示，当开关𝑆闭合，下列说

法正确的是()A.若②表为电流表，①③表为电压表，则𝐿1、𝐿2串联B.若①②表为电流表，③表为电压表，则𝐿1、𝐿2串联C.若①③表为电流表，②表为电压表，则𝐿1、𝐿2并联D.若①②表为电流表，开关𝑆闭合，𝐿1、𝐿2、都能发光第3页，共23页8.为迎接建党1

00周年，学校在多功能报告厅开展了党史知识抢答赛活动，关于其中使用的多媒体设备蕴含的物理知识，下列说法正确的是()A.音响中的扬声器是把声信号转换成电信号的一种装置B.调节音响中上的音量按钮，是为了改变声音的响度C.话筒的原理是电磁感应现象D.使用的投影仪

，成的是正立、放大的虚像三、填空题（本大题共6小题，共14.0分）9.如图所示为我国古老的医疗技法——刮痧，刮痧时要在皮肤上涂一些药油，当体表温度升高后，药物渗入人体的速度______(选填加快、减慢或不变)；在刮痧的过

程中人们能闻到刺鼻的药味，这属于______现象。10.充电宝有两个输出端，通过电源线可以单独或同时为手机充电，这两个输出端连接方式是______联；用“充电宝”为手机充电时，充电宝相当于电路中的______，当充电宝接入家庭电

路蓄电时，充电宝相当于电路中的______。11.在如图所示电路中，两只相同的灯泡𝐿1、𝐿2在闭合开关后都能发光。过一会儿，两只灯泡突然都熄灭了，若电路发生的故障是灯𝐿1灯丝断了，则电流表______示数；若电路发生的故障是灯𝐿2灯丝断了，则电压表______示数。(均选填“有”或“无”

)12.如图是一种测定油箱内油量的装置。其中𝑅是滑动变阻器的电阻片，滑动变阻器的滑片跟滑杆连接，滑杆可以绕固定轴𝑂转动，另一端固定着一个浮子。当箱中的油量减少时，滑动变阻器接入电路中的阻值______(填“变大”不变”或“变小”)，

电流表的示数______(填“变大““不变“或“变小”)。𝑅0在电路中的作用是______。13.小强关闭家中其他用电器，只用一个电水壶烧水，使质量为1𝑘𝑔、初温为20℃的水被烧开(1个标准大气压下)，用

时5𝑚𝑖𝑛，如图所示的第4页，共23页电能表刚好转过300𝑟。则水吸收的热量是______𝐽，电水壶的实际电功率为______𝑊。[水的比热容为4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)]14.人工心脏泵可短时间代替心脏工作，如图是该装置的示意图，磁体固定在左侧，线圈𝐴𝐵固定在用软铁制

成的活塞柄上(相当于一个电磁铁)，活塞筒通过阀门与血管相通。阀门𝑆1只能向外开启，𝑆2只能向内开启。线圈中的电流从𝐴流向𝐵时，电磁铁左端是______极，血液会______(选填“流入”或“流出”)活塞筒，该装

置工作时，线圈𝐴𝐵中的电流方向______(选填“需要”或“不需要”)改变。四、作图题（本大题共2小题，共4.0分）15.请将如图所示的电灯、开关和三孔插座正确接入家庭电路中，开关需控制电灯。16.如图所示，请用笔划线代替导线将实物图补充完整。要求：①小磁针的指向满足如图所示方向；

②滑动变阻器的滑片向右端滑动，通电螺线管的磁性减弱。第5页，共23页五、实验探究题（本大题共3小题，共18.0分）17.如图所示，是小明做“探究什么情况下磁可以生电”实验装置。(1)闭合开关，若导体不动，左右移动磁体，电路中______(选填“有”或“无”)

感应电流；(2)该实验的结论是：闭合电路的一部分导体，在磁场中做______运动时，导体中就会产生感应电流；这种现象叫______；(3)如果将小量程电流表换成______；可以探究磁场对通电导体的作用。18.丹麦物理学家奥斯特1820

年发现了电流的磁效应，在当时的科学界引起巨大的反响和重视，激励了科学家们的探索热情，他们让电流通过弯成各种形状的导线，研究电流产生的磁场。(1)同年10月，安培在法国科学院的例会上做了一个有趣的实验。如图甲所示，在做好的螺线管中央穿一细线，把它悬挂

起来，从理论上分析，螺线管通电后产生磁场的𝑁极会指向地理______附近(选填“南极”或“北极”)，进一步研究发现，通电螺线管外部的磁场与______磁体的磁场相似。(2)如图乙所示，在螺线管内插一个铁芯，当电流通过螺线管时，螺线管中的铁芯就被电流的磁场______，使它的

磁性______，我们可以通过______来判断磁场的场强，当电路断开时，它们的磁性______。19.在“测量小灯泡电功率”的实验中，电源电压恒为3𝑉，小灯泡的额定电压为2.5𝑉，滑动变阻器的规格为“20𝛺1𝐴”。第6页，共23页(1)如图甲所示，闭合开关后，发现只有____

__有示数，经检查发现有根导线连接错误。请在错误导线上打“×”，并用笔画线代替导线，将电路连接正确；(2)改正错误后，移动滑动变阻器的滑片到某一位置，电压表的示数如图乙所示。要测量小灯泡的额定功率，应将滑片适当向______(选填“左”或“右”)滑动；(3)图丙是小灯泡的电流随电压变化关系

的图象，根据图象可知，小灯泡的额定功率为______𝑊；(4)测量小灯泡的电功率______(选填“需要”或“不需要”)多次测量求平均值，原因是______；(5)在实际测量过程中，调节滑动变阻器使其接入电路中的电阻减小𝛥𝑅1

，相应的小灯泡的阻值变化𝛥𝑅2，则𝛥𝑅1______𝛥𝑅2(选填“>”、“<”或“=”)；(6)实验结束后，某同学设计了如图丁的电路来测定额定电压为3𝑉的小灯泡的额定功率。已知电源电压为9𝑉，定值电阻𝑅的阻值为10𝛺。请帮助他完成以下

实验步骤：①开关𝑆、𝑆1闭合，𝑆2断开，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为______𝑉时，灯泡正常发光；②保持滑片位置不动，开关𝑆、𝑆2闭合，𝑆1断开，此时电压表示数为4𝑉；再将滑动变阻器的滑片移至最______(选填“左”或“右”)端，此时电压表示数为7𝑉

；③小灯泡的额定功率为𝑃额=______𝑊。第7页，共23页六、计算题（本大题共2小题，共18.0分）20.电热直饮机非常普遍，它利用内部的电热丝将水烧开，打开水龙头即可有开水饮用，同时还有保温功能。图是某学校新安装的电热直饮机，

图乙是它的简化电路图(𝑅1、𝑅2均为电热丝)，各项参数如表所示。电热直饮机参数热水温度：100℃保温功率：100𝑊热胆容积：11𝐿额定电压：220𝑉加热功率：2200𝑊频率：50𝐻𝑧(1)该电热水器处于正常加热状态时的工作电流是

多少？(2)电阻丝𝑅1的阻值是多少？21.如图甲所示，是一种电加热恒温箱的简化工作原理电路图。工作电路由电压𝑈0=220𝑉的电源和阻值为𝑅0=88𝛺的电热丝组成。控制电路是由电压𝑈1=7.5𝑉的电源、开关、电磁继电器(

线圈电阻不计)、电阻箱𝑅1(可取值范围为0～120𝛺)和热敏电阻𝑅𝑡组成的，热敏电阻𝑅𝑡的阻值随温度变化的关系如图乙所示。当控制电路的电流达到50𝑚𝐴时，衔铁才吸合，从而切断右边工作电路，停止加热。第8页，共23页(1)由乙图可知

热敏电阻𝑅𝑡的阻值随温度的升高怎样变化？(2)求工作电路中电热丝𝑅0工作时的电流和工作5𝑚𝑖𝑛产生的热量。(3)如果恒温箱的温度设定为60℃则电阻箱𝑅1应取多大阻值。(4)该恒温箱可设定的最高温度是多少。第9页，共23

页答案和解析1.【答案】𝐷【解析】解：A、任何物体都有内能，0℃的冰水混合物内能不为零，故A错误；B、冰在熔化过程中吸收热量，内能变大，温度不变，故B错误；C、热量是一个过程量，不能用含有来表示，故C错误；D、发生热传递是因为物体间存在温度差，所以内能少的

物体的温度可能比内能多的物体的温度高，所以内能少的物体可以把热量传递给内能多的物体，故D正确。故选：𝐷。(1)任何物体都有内能；(2)同一物体吸热，内能变大；(3)热量是物体通过热传递方式改变的内能，是一个过程量；(4)发生热传递的条件是存

在温度差。知道内能、热量、和温度的关系，并能利用上述关系解释问题是解决该题的关键。2.【答案】𝐷【解析】解：热机效率是指热机有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的热量之比；所以减少热量的损失、使燃料充分燃烧、减少废气带走的热量、减少热机部件间的摩擦都可以减少热量的损失，提高效率；而增加热机的

工作时间，并不能减少热量的损失，所以不能提高热机的效率，故A、𝐵、𝐶不符合题意，𝐷符合题意。故选：𝐷。热机的效率是指用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出的热量之比，比值越大，效率越高，据此分析。本题考查了学生对热机

效率的理解，属于基础题，难度不大。3.【答案】𝐴【解析】解：𝐴、导体中电荷的定向移动形成了电流，故A正确；B、规定正电荷定向移动的方向为电流的方向，故B错误；第10页，共23页C、电路两端有电压，则电路中不一定有电流，要想有电流电路还必须闭合，故C错误；

D、导体的电阻是导体本身的一种性质，其大小由导体材料、长度、横截面积决定，与导体的电压、电流无关，故D错误。故选：𝐴。(1)导体中电荷的定向移动形成了电流，正电荷定向移动的方向为电流的方向；(2)物理学中，规定正电荷定向移动

的方向为电流的方向；(3)要想有持续的电流必须具备两个条件：一是有电源，二是电路是通路，二者缺一不可；(4)导体的电阻是导体本身的一种性质，其大小由导体材料、长度、横截面积决定，与导体的电压、电流无关。本

题考查电流、电压的相关知识。属于基础知识，比较简单。4.【答案】𝐶【解析】解：(1)由图象可知乙为定值电阻的图像，当𝑈=4𝑉时，𝐼=0.4𝐴，由欧姆定律可得，电阻𝑅的阻值：𝑅=𝑈𝐼=4𝑉0.4𝐴=10𝛺，故AB错误；(2)将𝑅和𝐿并

联在电源电压为4𝑉的电路中时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以它们两端的电压均为4𝑉，由图象可知对应的电流：𝐼𝐿=0.8𝐴，𝐼𝑅=0.4𝐴，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流：𝐼′=𝐼

𝐿+𝐼𝑅=0.8𝐴+0.4𝐴=1.2𝐴，故C正确；(3)串联电路各处电流相等，由图可知当通过电路的电流为0.4𝐴时，灯泡两端的电压为1𝑉，定值电阻两端的电压为4𝑉，串联电路总电压等于各部分电压之和，所以此时的电源电压：𝑈=𝑈𝐿+𝑈𝑅

=1𝑉+4𝑉=5𝑉，故D错误。故选：𝐶。(1)由图可知乙为定值电阻的图像，通过电阻的电流和两端的电压成正比，任意读出一组电压和电流，根据欧姆定律求出𝑅的阻值；(2)两灯泡并联时两端的电压相等，根据图象读出对应的电流，根据并联电路的电压特点得出干路电流；(

3)串联电路各处电流相等，由图可知当通过电路的电流为0.4𝐴时灯泡两端的电压和定值电阻两端第11页，共23页的电压，根据串联电路电压规律计算电源电压，比较可知。本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是从图象中得出灯泡和𝑅电流与电压之间的关系。5

.【答案】𝐵【解析】解：由电路图可知，闭合开关𝑆后，定值电阻𝑅1与滑动变阻器𝑅2串联，电压表测𝑅2两端的电压，电流表测电路中的电流。A、当滑片位于𝑎端时，变阻器接入电路中的电阻为零，此时电路中的电流最大，由

图乙可知，电路中的最大电流𝐼大=0.6𝐴，由𝐼=𝑈𝑅可得，𝑅1的阻值：𝑅1=𝑈𝐼大=6𝑉0.6𝐴=10𝛺，故A错误；B、当电路中的电流最小时，电路消耗的电功率最小，由图乙可知，电路中

的最小电流𝐼小=0.2𝐴，则电路消耗的最小功率：𝑃小=𝑈𝐼小=6𝑉×0.2𝐴=1.2𝑊，故B正确；C、当滑片位于𝑏端时，变阻器接入电路中的电阻最大，此时电路的电流最小，电压表的示数最大，由图乙可知，电路中的最小电流𝐼小=0.2𝐴，电压表的最大示数𝑈2=4

𝑉，则滑动变阻器的最大阻值：𝑅2=𝑈2𝐼小=4𝑉0.2𝐴=20𝛺，故C错误；D、当电路中的电流最大时，电路消耗的电功率最大，则电路消耗的最大功率：𝑃大=𝑈𝐼大=6𝑉×0.6𝐴=3.6𝑊，故D错误。故选

：𝐵。由电路图可知，闭合开关𝑆后，定值电阻𝑅1与滑动变阻器𝑅2串联，电压表测𝑅2两端的电压，电流表测电路中的电流。(1)当滑片位于𝑎端时，变阻器接入电路中的电阻为零，此时电路中的电流最大，根据图乙读出电路中的最大电流，利用欧姆定律求出𝑅1的阻值；(2)当电路中的电流最小时

，电路消耗的电功率最小，根据图乙读出电路中的最小电流，利用𝑃=𝑈𝐼求出电路消耗的最小功率；(3)当滑片位于𝑏端时，变阻器接入电路中的电阻最大，此时电路的电流最小，电压表的示数最大，根据图乙读出电路中的最小电流和电

压表的最大示数，利用欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；第12页，共23页(4)当电路中的电流最大时，电路消耗的电功率最大，利用𝑃=𝑈𝐼求出电路消耗的最大功率。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功

率公式的应用，从图像中获取有用的信息是关键。6.【答案】𝐴【解析】解：A、在三孔插座上刚插上电热烧水壶(开关未闭合)的插头时，开关未闭合，保险丝𝑒熔断，说明电路出现了短路现象，即插头短路，故A正确；B、保险丝熔断后，

需要检查电路故障，排出故障后再重新更换保险丝，故B错误；C、保险丝𝑒熔断后，由于保险丝控制的是火线，三孔插座右孔与火线之间是断开的，故用测电笔测试两孔插座的左右两孔，右孔不发光，故C错误；D、为了能

使空调正常工作，保险丝的熔断电流应该要大于空调的额定电流，故D错误。故选：𝐴。(1)家庭电路电流过大的原因有两个：短路和用电器的总功率过大；(2)保险丝熔断后应检查电路故障，排出故障后重新更换保险丝；

(3)保险丝控制火线；(4)根据空调的电流判定保险丝的熔断电流。本题考查了安全用电的常识、保险丝的选择，属于基础知识，要掌握。7.【答案】𝐴𝐶【解析】解：𝐴𝐵、若𝐿1、𝐿2串联，则电流的路径只有一条，电流向后经过两个灯泡，所以②表为

电流表，①③表为电压表，故A正确，B错误；C、若𝐿1、𝐿2并联，则电流的路径有两条，电流分别流入两个灯泡，则①③表为电流表，②表为电压表，故C正确；D、若①②表为电流表，开关𝑆闭合，电源的两端被导线

相连，电源短路，𝐿1、𝐿2都不能发光，故D错误。故选：𝐴𝐶。电流表要串联在电路中；电压表要并联在电路中；知道电流表在电路中相当于导线，电压表相当于开路，所以电流表不能和用电器并联，电压表不能和用电器串联。第13页，共23页本

题考查学生对电流表和电压表使用特点的了解和掌握，是中考的热点。8.【答案】𝐵𝐶【解析】解：A、扬声器是把电信号转换成声音信号的一种装置，动圈式话筒(麦克风)是把声信号转换为电信号，故A错误；B、调节音量按钮是为了改变声音的响度

，故B正确；C、动圈式话筒是把声信号转变成电信号的，声信号的振动带动线圈在磁场中振动，产生电流，是电磁感应现象原理，故C正确；D、投影仪是利用凸透镜成倒立、放大的实像的原理工作的，故D错误。故选：𝐵𝐶。(1)

扬声器是把电信号转换成声音信号的一种装置；(2)响度是指声音的大小；(3)动圈式话筒是根据电磁感应原理制成的；(4)2𝑓>𝑢>𝑓时，凸透镜成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪。本题考查了扬声器和话筒的工作原理、响度、凸透镜成像等知识，属于基础题。9.【答案】加快扩散【解析】解：当体

表温度升高后，药物分子无规则运动的速度加快，所以渗入人体的速度加快；因为一切物质的分子都在不停地做无规则运动，所以在刮痧的过程中人们能闻到刺鼻的药味，这属于扩散现象。故答案为：加快；扩散。两种不同的物质相互接触时，彼此进入对

方的现象叫扩散现象，扩散现象表明分子不停地做无规则的运动；分子无规则运动的速度与温度有关，温度越高，分子无规则运动的速度越快。本题综合考查了分子无规则运动和扩散现象等知识的理解和应用，属于基础知识的考查。10.【答

案】并电源用电器【解析】解：(1)由于两个输出端能独立工作，互不影响，故两输出端是并联的。(2)用“充电宝”为手机充电时，为手机提供电能，故充电宝相当于电路中的电源。(3)当充电宝接入家庭电路蓄电时，此时充电宝消耗电能，将电能转化为化学能，故充电宝相当

于第14页，共23页电路中的用电器。故答案为：并；电源；用电器。(1)在电路中，若各元件相互影响则是串联，若各元件互不影响则是并联。(2)在电路中提供电能的是电源，消耗电能的是用电器。充电宝在不同状态下有不同的作用

，有时是电源，有时是用电器，需要仔细辨别。11.【答案】无有【解析】解：由图可知，灯𝐿1和灯𝐿2串联，电压表测灯𝐿2两端电压；若电路发生的故障是灯𝐿1灯丝断了，则电路中无电流，电流表无示数；若电路发生的故障是灯𝐿2灯丝断了，电压表的正负接线柱与电源之间是接通的，所以电压表有示

数。故答案为：无；有。电路故障分为短路和断路；根据电路的连接方式判定电流表、电压表示数的变化。此题考查了电路故障，要学会使用电流表、电压表来检测电路故障。12.【答案】变大变小保护电路【解析】解：由图可知，该电路为𝑅和𝑅0的串联电路，

电流表测电路中的电流；当油箱中的油量减少时，液面会下降，浮子也会跟着下降，另一端的滑杆会向上移，则滑动变阻器连入电路的阻值会变大，电路的总电阻会变大，由𝐼=𝑈𝑅可知，通过电路的电流会变小，即电流表

的示数变小；当油量增加时，液面上升，浮子上升，另一端的滑杆下降，滑动变阻器连入电路的阻值变小，由𝐼=𝑈𝑅可知，此时电路中的电流会变大，𝑅0在电路中的作用是为防止电路中的电流过大时，烧坏用电器和电源，即保护电路的作用。故答案为：变大；变小；保护电路。根据油量变化判断滑动变阻器

接入电路的电阻变化，滑动变阻器和𝑅0串联在电路中，串联电路总电阻等于各分电阻之和，结合欧姆定律可知电流表示数的变化；𝑅0在电路中的作用是防止电流过大时，损坏用电器和电源。本题考查了学生对欧姆定律的应用，解题关键是准确分析出滑动变阻器连入电路的

阻值与油量之第15页，共23页间的关系。13.【答案】3.36×1051200【解析】解：(1)1标准大气压下水的沸点是100℃，则水吸收的热量：𝑄吸=𝑐𝑚(𝑡−𝑡0)=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)×1𝑘𝑔×(100℃−20℃)=3.36×105

𝐽；(2)电能表的转盘转过300转消耗的电能：𝑊=300𝑟3000𝑟/(𝑘𝑊⋅ℎ)=0.1𝑘𝑊⋅ℎ，所用时间𝑡=5𝑚𝑖𝑛=112ℎ，该电热水壶的实际功率：𝑃实=𝑊𝑡=0.1𝑘𝑊⋅ℎ112ℎ=1.2𝑘𝑊=1200𝑊。故答案为：3.36×105；1200

。(1)1标准大气压下水的沸点是100℃，根据𝑄吸=𝑐𝑚(𝑡−𝑡0)求出水吸收的热量；(2)“3000𝑟/(𝑘𝑊⋅ℎ)”表示电路中每消耗1𝑘𝑊⋅ℎ的电能，电能表的转盘转3000转，据此求出转过300𝑟时电水壶消耗的电能，根据𝑃=𝑊𝑡求出该电热水壶的实

际功率。本题考查了学生对电功率公式、吸热公式、电功公式的掌握和运用，关键是公式及其变形的灵活运用，还要学会从题目所给信息中找到有用的数据。14.【答案】𝑆流入需要【解析】解：线圈中的电流从𝐴流向𝐵时，由安培

定则可知，电磁铁的右端为𝑁极，其左端为𝑆极，电磁铁和左侧磁体的异名磁极相对，因异名磁极相互吸引，故活塞左移，活塞筒的气压减小，而血管内气压较大、外界大气压较大，使得阀门𝑆1关闭，𝑆2打开，则血液经过𝑆2流入活塞筒；由题知，阀门𝑆1只能向外开启，𝑆2只能向内开

启，说明活塞筒的气压应增大，则活塞应右移，所以电磁铁应受到左侧磁体的排斥力(即需要改变电磁铁的磁极)，故该装置工作时，线圈𝐴𝐵中的电流方向需要改变。故答案为：𝑆；流入；需要。根据安培定则可知通电磁铁的极性，由磁极间的相互作用规律可知活塞的移动方向；改变线圈中的电

流方向可以改变电磁铁的极性，结合“阀门𝑆1只能向外开启，𝑆2只能向内开启”利用气压知第16页，共23页识进行解答。本题考查了主要安培定则的应用、磁极间的相互作用规律，难点是分析两个开关的闭合和打开情况。15.【答案】【解析】【分析】

(1)家庭电路中，开关控制灯泡时，火线首先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接进入灯泡的螺旋套。(2)家庭电路中，三孔插座的上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。在家庭电路中，安装各个元件，不但考虑各

元件能使用，更要考虑使用的安全性。【解答】灯泡的接法：火线首先接开关，再接灯泡的金属点；零线直接接灯泡的螺旋套。三孔插座的上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。当金属外壳的用电器插入三孔插座时，能使金属外壳接地，防止漏电时发生触电事故。如图所示：16.【答

案】解：①如图，根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以螺线管的右端是𝑆极，左端是𝑁极；根据安培定则判断电流从螺线管的右端进入，从左端流出。②在匝数一定时，电流越小，磁性越弱。滑片向右端移动后，通电螺线管的磁性减弱，螺线管的第17页，共23页电流减小，滑动变阻器接入电路的电阻增大，所以滑动

变阻器一定接入左端下面接线柱。如图。。【解析】(1)根据磁极间的作用判断螺线管的磁极；根据安培定则判断电流方向。(2)通电螺线管的磁性强弱跟电流大小和匝数有关。在匝数一定时，电流越小，磁性越弱；滑动变阻器有四个接线柱，选择一上一下接入电路，滑动变阻器接入电路的电阻越大，电流越小。本题把磁

极间的作用、滑动变阻器的使用、欧姆定律、螺线管磁性强弱的影响因素有机的结合起来。综合性很强，是一个好题。17.【答案】有切割磁感线电磁感应现象电源【解析】解：(1)闭合开关，若导体𝐴𝐵不动，左右移动磁体，导体做切割磁感线运动，电路中有感应电流；(2)该实验的结论是：闭合电路的一部

分导体，在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流，这是电磁感应现象；(3)如果将小量程电流表换成电源，闭合开关后电流流过导体棒，导体棒受安培力作用，可以探究磁场对通电导体的作用。故答案为：(1)有；(2)切割磁感线；电磁感应现象；(3)电源。(1)(2)产生感应

电流的条件是闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动；(3)通电导体在磁场中会受到力的作用。此题是探究电磁感应现象的实验，考查了学生对产生感应电流条件的掌握。18.【答案】北极条形磁化增强吸引大头针的数目多少消失【解析】解：(1)螺线管

通电后，在地磁场的作用下，螺线管将会发生转动，螺线管的𝑆极指向地理的南极，螺线管的𝑁极指向地理的北极；进一步研究发现，通电螺线管外部的磁场与条形磁体的磁场相似。(2)当电流通过螺线管时，螺线管周围存在磁场，螺线管中的铁芯就被该磁场磁化成一个磁体，它第18页，共23页周围也有磁场，和通

电螺线管的磁场叠加在一起，使螺线管的磁性增强。实验中通过铁钉吸引大头针数目的多少来反映电磁铁磁性的强弱；通电螺线管有电流时有磁性，无电流是无磁性，故当电路断开时，它们的磁性消失。故答案为：(1)北极；条形；(2)磁化；增强；吸引大头针的数目多少；消失。(1)通电后

的螺线管相当于一个条形磁铁，然后利用磁体在地磁场的作用下指示南北方向。通电螺线管的磁场分布与条形磁体相似；(2)影响电磁铁磁性强弱的因素：电流大小、线圈匝数、有无铁芯；等效替代法在实验中的应用，实验中通过铁钉吸引大头针数目的多少来反映电磁铁磁性的

强弱；通电螺线管的特点：有电流时有磁性，无电流是无磁性。此题主要考查的是学生对通电螺线管、磁化概念的理解和掌握，加入铁芯的螺线管磁性会增强，是磁化后的铁芯的磁场与线圈磁场叠加造成的磁性增强。19.【答案】电压表左0.625不需要灯泡在不同电压下的功率不同>6左0.9【解析】

解：(1)观察图甲可知由于开关与灯泡之间的导线连接错误，电压表串联在电路中，所以闭合开关后，导致电压表测量电源电压，电压表有示数，由于电压表相当于开路，则电流表的没有示数；要测灯的额定功率，应将电压表并联在灯泡两端，如下图：(2)图乙中电压表选用小

量程，分度值为0.1𝑉，示数为1.8𝑉，小于灯泡的额定电压2.5𝑉，应增大灯泡的电压，根据串联电路电压的规律，应减小滑动变阻器的电压，由分压原理可知，应减小滑动变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向左移动，直到电压表示数为灯泡的额

定电压2.5𝑉；(3)根据图丙所示的小灯泡电流随电压变化的关系图象知，灯在额定电压2.5𝑉时的电流为0.25𝐴，则小灯泡的额定功率是：𝑃额=𝑈额𝐼额=2.5𝑉×0.25𝐴=0.625𝑊；第19页，共23页(4)测量小灯泡的电功率不需

要多次测量求平均值，原因是灯泡在不同电压下的功率不同；(5)在实际测量过程中，调节滑动变阻器接入电路中的电阻减小时，灯泡两端电压增大，电流也增大，根据欧姆定律可知电路中总电阻变小，由于灯泡两端电压增大，电流增大，则灯泡的功率变大，由于灯泡电阻受温度的影响，则灯泡的电阻会变大

，根据𝑅=𝑅滑+𝑅灯可知：只有当滑动变阻器接入电路中的电阻减小量𝛥𝑅1大于灯泡的阻值增加量𝛥𝑅2才会让总电阻变小；(6)根据上面的分析，具体步骤：①开关𝑆、𝑆1闭合，𝑆2断开，滑动变阻器滑片右边的电阻与灯泡串联，电压表测

变阻器的电压，要使小灯泡正常发光，则灯泡两端的电压：𝑈𝐿=𝑈额=3𝑉，根据串联电路电压的规律可得：𝑈滑=𝑈−𝑈𝐿=9𝑉−3𝑉=6𝑉，所以，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为6𝑉，则灯泡正常发光；②保

持滑片位置不动，开关𝑆、𝑆2闭合，𝑆1断开，滑动变阻器的全部电阻𝑅′与定值电阻𝑅串联，电压表测量变阻器滑片右边电阻两端的电压，此时电压表示数为𝑈右=4𝑉；由于滑动变阻器的全部电阻连入电路，为了间接测出定值电阻𝑅两端的电压，所

以需要测出滑动变阻器两端的电压，故再将滑动变阻器的滑片移至最左端，此时电压表示数为滑动变阻器两端的电压，即𝑈′=7𝑉；③在②中，滑动变阻器的全部电阻𝑅′与定值电阻𝑅串联，根据串联电路电压的规律可得，𝑅的电压为：𝑈𝑅=𝑈=𝑈′=9𝑉−7𝑉=2𝑉，由分压原理可得：𝑅𝑅右

=𝑈𝑅𝑈右，所以变阻器滑片右边电阻的阻值：𝑅右=𝑈右𝑈𝑅×𝑅=4𝑉2𝑉×10𝛺=20𝛺；故在①中，灯的额定电流为：𝐼𝐿=𝑈𝑉𝑅右=6𝑉20𝛺=0.3𝐴，则小灯泡的额定功率：𝑃额=𝑈𝐿𝐼𝐿=3𝑉×0.3𝐴=0.9𝑊。第2

0页，共23页故答案为：(1)电压表；如上所示；(2)左；(3)0.625；(4)不需要；灯泡在不同电压下的功率不同；(5)>；(6)①6；②左；③0.9。(1)观察图甲可知电压表串联在电路中，由于电压表相当于开路，据此可知闭合开关后可

能出现的现象；然后根据电压表应并联使用，将电压表并联在灯泡两端；(2)根据电压表选用小量程确定分度值得出示数，与灯泡的额定电压比较，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；(3)灯泡在额定电压下正常发光，由图丙中的图象得出额定电压下的电流，根

据𝑃=𝑈𝐼可求出灯泡的额定功率；(4)灯泡在不同电压下的功率不同，据此分析；(5)通过对滑动变阻器的电阻、灯泡的电阻和总电阻变化情况分析得出结论；(6)由图丁可知：电路中只有电压表，没有电流表，则需要根据串并联电路的特点间接测出通过

灯泡的电流；所以，首先让灯正常发光，开关𝑆、𝑆1闭合，𝑆2断开，移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数为6𝑉，由串联电路电压的规律可知，这时小灯泡正常发光；若求出此时变阻器连入电路的电阻，由欧姆定

律即可得出灯的额定电流；为得出此时变阻器连入电路的电阻，可保持滑动变阻器滑片的位置不变，闭合开关𝑆、𝑆2，断开开关𝑆1，根据电压表示数，由串联电路电压的规律和分压原理得出变阻器连入电路的电阻，最后根据欧姆定律求出小灯泡正常发光时的电流，即为灯泡的额定电流；利用𝑃=𝑈𝐼即可求出灯泡的额

定功率𝑃额。本题主要考查了注意事项、欧姆定律的运用和串联电路的规律、控制变量法、数据分析、电功率公式的运用及设计方案测额定功率的能力，对于预设电压问题，难度较大，有一定的创新点，需要引起重视。20.【答

案】解：(1)由𝑃=𝑈𝐼可得，该电热水器处于正常加热时的电流：𝐼加热=𝑃加热𝑈额=2200𝑊220𝑉=10𝐴；(2)当𝑆1、𝑆2都闭合时，𝑅1短路，只有𝑅2接入电路，第21页，共23页电路消耗的总功率为𝑃2=𝑈2𝑅2；当𝑆1断开，𝑆2闭合时，两只电

阻串联，此时电路消耗的总功率为𝑃串=𝑈2𝑅1+𝑅2。因为𝑃2>𝑃串，所以𝑃2=𝑃加热=2200𝑊，𝑃串=𝑃保温=100𝑊，由𝑃=𝑈2𝑅可得：电阻丝𝑅2的阻值为：𝑅2=𝑈2𝑃2=(220𝑉)22200𝑊=

22𝛺，总电阻为：𝑅=𝑅1+𝑅2=𝑈2𝑅串=(220𝑉)2100𝑊=484𝛺，所以𝑅1=𝑅−𝑅2=484𝛺−22𝛺=462𝛺；答：(1)该电热水器处于正常加热状态时的工作电流是10𝐴；(2)电阻丝𝑅1的阻值是462𝛺。【解析】(1)已知加热功率和

额定电压，利用公式𝐼=𝑃𝑈可以得到热水器加热状态下的电流；(2)首先明确𝑆1闭合前后的电路连接关系，然后利用𝑃=𝑈2𝑅确定电路所对应的状态；最后利用串联电路特点和𝑅=𝑈2𝑃得到𝑅1阻值。此题是一道联系实际的综合题，包含的

知识点较多，涉及到电功率与电能、时间的关系、欧姆定律的应用等，正确判断电路连接方式及对应状态，熟悉有关公式并且根据需要正确选择，是解答此题的关键。21.【答案】解：(1)由乙图可得热敏电阻𝑅𝑡的阻值随温度的升高而减小；(2)由题知，工作电路电压𝑈0=220𝑉，𝑅

0=88𝛺，工作电路中电热丝𝑅0工作时的电流为：𝐼0=𝑈𝑅0=220𝑉88𝛺=2.5𝐴；工作电路工作5𝑚𝑖𝑛=300𝑠产生的热量为：𝑄=𝑊0=𝑈0𝐼0𝑡=220𝑉×2.5𝐴×300𝑠=1.65×105𝐽；第22页，共23页(3)由图甲知

，控制电路中阻箱𝑅1与热敏电阻𝑅𝑡串联，由图像可知，当恒温箱的温度设定为60℃时，热敏电阻𝑅𝑡的阻值𝑅𝑡1=90𝛺，此时控制电路的电流𝐼=50𝑚𝐴=0.05𝐴时，衔铁才被吸合，从而切断右边工作电路，停止加热，根据欧姆定律𝐼=𝑈𝑅可得，控制电路的总电

阻：𝑅总=𝑈1𝐼=7.5𝑉0.05𝐴=150𝛺，由串联电阻的规律，则电阻箱连入电阻：𝑅1=𝑅总−𝑅𝑡1=150𝛺−90𝛺=60𝛺；(4)由图乙可知，当恒温箱可设定的温度最高时，热敏电阻𝑅𝑡的阻值最小，由于控制电路的电源电压和衔铁的吸合电流不变，根据𝑅

=𝑈𝐼可知，电路总电阻不变，要使可设定的温度最高，则使热敏电阻𝑅𝑡的阻值最小，电阻箱𝑅1接入的阻值应最大，即𝑅箱大=120𝛺，由第(2)可知，控制电路总电阻：𝑅总=150𝛺，根据串联电路电阻的特点可知，热敏电阻𝑅𝑡的最小阻值：𝑅𝑡小=�

�总−𝑅箱大=150𝛺−120𝛺=30𝛺，由图乙可知，当热敏电阻阻值为30𝛺，恒温箱可设定的最高温度是180℃。答：(1)热敏电阻𝑅𝑡的阻值随温度的升高而减小；(2)工作电路中电热丝𝑅0工作时的电流为2.5𝐴，工作5𝑚𝑖𝑛产生的热量为1.65×105𝐽。(

3)如果恒温箱的温度设定为60℃，电阻箱𝑅1的取值为60𝛺；(4)该恒温箱可设定的最高温度是180℃。【解析】(1)由乙图可得热敏电阻𝑅𝑡的阻值随温度升高的变化情况；(2)利用欧姆定律求工作电路中电热丝𝑅0工作时的电流；再利用𝑄=𝑊=𝑈𝐼𝑡计算工作5𝑚𝑖𝑛产

生的热量；(3)由图像可知，当恒温箱的温度设定为60℃时热敏电阻𝑅𝑡的阻值，利用欧姆定律和串联电路电阻的特点求出电阻箱应取的阻值；(4)由图乙可知，当恒温箱可设定的温度最高时，热敏电阻𝑅𝑡的阻值最小，由于控制电路的电源电压和衔铁的吸合电流不变，根据𝑅=𝑈

𝐼可知，电路总电阻不变，要使热敏电阻𝑅𝑡的阻值最小，电阻箱𝑅1接入的阻值应最大，根据串联电路电阻的特点求出热敏电阻𝑅𝑡的阻值，再结合图像即可得出该恒温箱可设定的最高温度。第23页，共23页本

题以电加热恒温箱为情景，综合考查了对电磁继电器的认识，欧姆定律、焦耳定律以及串联电路电阻特点的应用，明确衔铁的吸合的电流不变是本题的关键。