【文档说明】2021-2022学年河南省南阳市内乡县九年级上期末物理试题及答案解析.docx，共(19)页，395.913 KB，由小喜鸽上传

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第1页，共19页2021-2022学年河南省南阳市内乡县九年级（上）期末物理试卷一、单选题（本大题共6小题，共12.0分）1.下列物理量最接近实际的是()A.人体的正常体温约42℃B.一个中国家庭平均一个月正常用电量为10度C.台灯正常工作时的电流为0.1𝐴D.我国动力电路的电压为2

20𝑉2.下列关于温度、热量和内能的说法，正确的是()A.发生热传递时，热量总是从内能多的物体转移给内能少的物体B.物体温度越高，含有的热量越多C.0℃的水凝固成0℃的冰，内能减小D.物体吸收热量，内能增加，温度一定升高3.以下操作中，相应物理量的数值前后发生改变的是()A.

一根导线剪掉一半，剩下导线的电阻B.一根导线剪掉一半，剩下导线的密度C.一桶汽油燃烧掉一半，剩下汽油的热值D.一瓶水喝掉一半，剩下水的比热容4.“安全用电，珍惜生命”是每个人应有的意识，下列有关家庭用电的说法正确的是()A.空气开关跳闸，一定是电路发生了短路B.家庭电路起火时，应先用水灭火，然

后再断开电路C.在停电期间检修电器，不需要断开总开关D.使用试电笔时，手要接触笔尾金属体。5.如图为某品牌豆浆机，设置了安全开关𝑆1和工作开关𝑆2，当杯体放在主机上时，𝑆1自动闭合，安全指示灯亮起；

再闭合𝑆2，主机(电动机)启动工作，下列电路图符合上述要求的是()A.第2页，共19页B.C.D.6.如图所示，导体棒𝑎𝑏置于蹄形磁铁的磁场中，并垂直于金属导轨。闭合开关，导体棒向右运动。则下列措施中，能使导体棒向左运动的是()A.提高电源电压B.换更

粗的导体棒C.将蹄形磁铁的𝑁、𝑆极对调D.将蹄形磁铁的𝑁、𝑆极和电源正、负极的接线都对调二、多选题（本大题共2小题，共4.0分）7.如图所示的电路中，电源电压保持不变，𝑅1为定值电阻。闭合开关𝑆，滑动变阻器𝑅2的滑片向右滑动

的过程中，下列判断正确的是()A.电压表示数变小，电流表示数变大B.电压表示数不变，电流表示数变小C.𝑅1的功率不变，𝑅2功率变小D.𝑅2的功率不变，𝑅1功率变小第3页，共19页8.标有“220𝑉40𝑊”和“220𝑉25𝑊”字样的甲、乙两盏灯，下列说法正确的

是(忽略温度对灯丝电阻的影响)()A.若把两灯串联接在220𝑉电源上，甲灯比乙灯亮B.若把两灯并联接在220𝑉电源上，甲灯比乙灯亮C.若把两灯串联接在220𝑉电源上，两盏灯的总功率为65𝑊D.若把两灯并联接在220𝑉电源上，两盏灯的总功率为65𝑊三、填

空题（本大题共6小题，共14.0分）9.2021年10月16日，我国长征二号𝐹遥十三运载火箭搭载神舟十三号载人飞船顺利将翟志刚、王亚平、叶光富3名航天员送入太空，开始了为期6个月的太空之旅。火箭发射时，火箭下面的水池产生大量“白气”，这些“白气”产生

的原因是______，火箭穿越大气层时，火箭上部外壳(整流罩)温度升高，其内能的改变是通过______(选填“做功”或“热传递”)的方式实现的。10.海边昼夜温差变化比沙漠中______(选填“大”或“小”)，是因为水的比热容比沙石的______(选填“大”或“小”)得多。11.用丝

绸摩擦过的玻璃棒接触验电器的金属球，验电器的金属箔会张开，张开是因为______，金属箔张开瞬间电流的方向是由______(选填“金属箔到金属球”或“金属球到金属箔”)。12.电炉通电后电炉丝发热逐渐变红，此过程

______能转化为______能，电炉丝热的发红而导线却几乎不发热，原因是导线的电阻远远______(选填“大于”或“小于”)电炉丝的电阻。13.如图甲所示的智能电梯在有、无人乘坐时会以不同的速度运行，这样可以节约用电。图乙所示是其控制电路图，𝑅是一个压敏电阻，其阻值随压力的减小而增大。当

有人走下电梯后，左侧电路中电流______(选填“增大”、“减小”或“不变”)，则图中电磁铁的磁性将______(选填“增强”、“减弱”或“不变”)，电动机的功率将______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。第4页，

共19页14.如图甲所示滑动变阻器的滑片从最右端滑到最左端的过程中，电流表和电压表示数变化的规律如图乙所示。滑动变阻器的最大阻值为______𝛺，灯泡的最大电功率为______𝑊。(灯泡的电阻假设不变)四、作图题（本大题共2小题，共4.0分）15.如

图所示，根据小磁针静止时的指向，在通电螺线管的电路中标出螺线管的𝑁极和电源的正极。16.教室黑板前方的电灯𝐿1和𝐿2由一个开关𝑆单独控制，每盏灯都标有“220𝑉18𝑊”字样，请用笔画线表示导线，将电灯𝐿1、𝐿2和开关𝑆接入电路中，使两灯都能正常发光。(导线不能交叉)五、实验

探究题（本大题共3小题，共19.0分）第5页，共19页17.如图甲所示，是“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验装置。(1)除温度计外，本实验还需要的测量工具是______；(2)组装图甲所示实验装置时，应按照______(选填“自上而下”或“自下

而上”)的顺序进行；(3)某时刻温度计的示数如图乙所示，此时的水温为______℃；(4)丙图中𝑎图像是实验小组根据记录绘制的水沸腾图像，根据图像可以得出水沸腾时的特点是______；(5)如果增加烧杯中水的质量，水沸腾时图

像可能是图丙中的______(选填“𝑏”、“𝑐”或“𝑑”)。18.如图是“科学探究：怎样产生感应电流”的实验装置，用棉线将一段导体𝐴𝐵悬挂起来，放置于蹄形磁体的磁场中，再用导线把导体𝐴𝐵和灵

敏电流计连接起来，组成了闭合电路。序号磁体(磁极)放置方式导体𝐴𝐵运动情况电流计指针偏转情况1上𝑁下𝑆静止不偏转2竖直向上运动不偏转3竖直向下运动不偏转4上𝑁下𝑆向左运动向右偏转5向右运动向左偏转6上𝑆下𝑁向左运动向左偏转7向右运动向右偏转

(1)该实验中，灵敏电流计的作用是______、______；(2)某小组进行一系列实验后，观察到的现象如上表所示，由此可知，闭合电路的一部分导体在磁场中做______运动时，电路中会产生感应电流；第6页，共19页(3)比较第______次实验可

以得出感应电流方向与磁场方向有关；(4)在此实验过程中，能量转化情况是______能转化为电能，利用这一原理，人们在生产生活中制成了______。19.某实验小组用如图甲所示的器材，测量标有“2.5𝑉”字样

小灯泡的电功率，电源电压不变。(1)请用笔画线代替导线，将图甲中的实物图连接完整；(要求滑动变阻器滑片向𝐵端滑动时接入电路的阻值变大)(2)连接完电路，闭合开关后，发现无论怎样移动滑片，小灯泡不亮，电流表示数变化明显，电压表无示数，

那么出现该状况的原因可能是______；A.小灯泡短路𝐵.连接小灯泡的导线接触不良𝐶.滑动变阻器断路(3)排除故障后，移动滑片，记下多组对应的电压表和电流表的示数，绘制成如图丙所示的𝐼−𝑈关系图像，根据图像信息：①滑片移至某一位置时，电流表示数如图乙为

______𝐴，为使小灯泡正常发光，滑片应向______(选填“𝐴”或“𝐵”)移动；②可计算出小灯泡的额定功率是______𝑊；③小灯泡的实际功率随实际电压的增大而______(选填“增大”、“减小”或“不变”)；④图像是一条曲线，原因是______。六、计

算题（本大题共2小题，共17.0分）20.太阳能属于清洁且可再生能源，人们可以利用太阳能发电、加热。如图所示，小丽家利用太阳能电池板将太阳能转化为电能，给家庭供电。已知垂直于太阳光1𝑚2的面积上每秒接收的太阳能为500𝐽，小丽家太阳能电池板面积为10.5𝑚2，太阳能电池板将太阳能转化为电能的

第7页，共19页效率为20%，当太阳光垂直射向的太阳能电池板时。求：【水的比热容𝑐=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)】(1)1分钟内小丽家太阳能电池板转化的电能；(2)1分钟内该太阳能电池板转化的电能给热水壶烧水，热水壶的效率为80%，

则可将25℃的1𝑘𝑔的水升高到多少摄氏度？21.小明家电热饮水机有加热和保温两种工作状态，它的简化电路图如图所示，𝑅1和𝑅2均为用来加热且阻值不变的电热丝，饮水机部分参数如表所示。额定电压220𝑉额定功率加热功率880𝑊保温功率242𝑊容量2.5𝐿(1)求

该饮水机加热时的电流；(2)求电阻𝑅2的阻值；(3)某一天，小明断开家中其他用电器，使饮水机处于加热状态，发现家中标着“3000𝑟/(𝑘𝑊⋅ℎ)”字样的电能表转盘在3𝑚𝑖𝑛内转了120转，求此饮水机加热的实际功率。第8页，共19页答案和解析1.【答案】𝐶【解析】解：A、人体

的正常体温约为37℃，上下变化幅度很小，故A错误；B、一个中国家庭平均一个月正常用电量为100度，故B错误；C、台灯正常工作时的电功率约为20𝑊，工作电流𝐼=𝑃𝑈=20𝑊220𝑉≈0.1𝐴，故C正

确；D、我国动力电路的电压为380𝑉，故D错误。故选：𝐶。不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识

，找出符合实际的选项即可。2.【答案】𝐶【解析】解：A、发生热传递的条件是：有温度差，所以内能从高温物体转移到低温物体，故A错误；B、描述热量的术语只能用”吸收“或”放出“，不能用“含有”，故B错误；C、一杯0℃的水凝固成0℃的冰的过程中，不断放热，内能减小，故C正确；D、物体吸收热量，内能

增大，但温度不一定升高，比如：晶体在熔化过程中吸收热量，而温度保持不变，故D错误。故选：𝐶。(1)发生热传递的条件是两物体间有温度差：高温物体放热，低温物体吸热；(2)根据描述热量的物理术语进行判断；(3)晶体在凝固过程中，不断放

热，温度保持不变，内能减小；(4)晶体在熔化过程中吸收的热量正好用来完成它的熔化，而温度不升高。本题是一道热学综合题，主要考查学生对内能、热传递的条件及晶体熔化过程的理解，是一道综合题。第9页，共19页3.【答案

】𝐴【解析】解：𝐴、导体的电阻与其长度、横截面、材料等有关，若一根导线剪掉一半，则剩下导线的电阻发生改变，故A符合题意；B、密度是物质的一种特性，与物质的种类、状态和温度有关，与质量、体积、形状无关；一根导线剪掉一半，质量变为原来的一半，但物质的种类不变，状态和温

度也没有发生变化，所以密度不变，故B不符合题意；C、热值是燃料的一种特性，只与燃料的种类有关，一桶汽油燃烧掉一半后燃料的种类没有发生变化，则剩下汽油的热值不变，故C不符合题意；D、比热容是物质的一种特性，反映了物质吸热和放热能力的大小，与物质种类和状态有关，与质量无

关，一瓶水喝掉一半后剩下水的比热容不变，故D不符合题意。故选：𝐴。(1)电阻是导体本身的一种特性，与其长度、横截面、材料和温度等有关；(2)密度和比热容都是物质的特性，热值是燃料的特性，由物质本身确定，这些特性是不变的。此题考查的是我们对电阻、比热容、热值和密度的理解，密

度、热值、比热容是物质的特性，与物体的质量无关。4.【答案】𝐷【解析】解：A、当发生短路或用电器的总功率过大时，都会引起电路中的电流过大，空气开关就会出现“跳闸”现象，故A错误；B、生活用水是导体，发生电火灾时如果直接用水去灭火，会发生触电事故，家庭电路发生火灾时要先断开电源，再灭火，故B错误

；C、在停电期间检修电器，必须要断开总开关，防止发生触电事故，故C错误；D、使用试电笔时，测电笔前端的金属探头和带电体相连接，不能用手去接触，否则会造成人身触电事故，但手要接触笔尾金属体，故D正确。故选：𝐷。(1)电流过大的原因：一是短路；二是用电器的总功

率过大；(2)发现用电器着火了，要立即断开电源再想法灭火；(3)为避免发生触电事故，检修电路及更换元件时，一定断开总开关；(4)使用试电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，否则容易造成误判，认为带电体不第10页，共19页

带电，是十分危险的。使用试电笔时，不能用手触及测电笔前端的金属探头，这样会造成人身触电事故。本题主要考查了安全用电的基础知识，涉及的知识点较多，但都是我们应掌握的基本技能。5.【答案】𝐵【解析】解：当杯体放在主机上时𝑆1自动闭合，安全指示灯亮起，说明该电路是

接通的，即𝑆1能控制灯泡；此时电动机不工作，说明电动机和灯泡是并联的；再闭合𝑆2，电动机启动，这说明𝑆2和电动机串联在一个支路中，所以开关𝑆1在干路中，故B正确。故选：𝐵。串联的各电路元件相互影响，不能独立工作；并联的各电路元件互不影响，能独立工作；根据题意确定两开关与电动机、

灯泡的连接方式，然后分析电路图答题。本题考查了电路图的设计，明确两个开关的作用是解题的关键。6.【答案】𝐶【解析】解：闭合开关，导体棒向右运动，使导体棒向左运动，可以改变磁场的方向，也可以改变电流的方向，故C正确；电源电压、导体棒的粗细对受力方向无影响，

所以AB错误；将蹄形磁铁的𝑁、𝑆极和电源正、负极的接线都对调，此时导体受力方向不变，故D错误。故选：𝐶。通电导体的受力方向与磁场方向和电流方向有关。知道通电导线在磁场中受力的作用，且所受力的方向与电流的方向和磁场的方向有关是解决该题的关

键。7.【答案】𝐵𝐶【解析】解：由电路图可知，𝑅1与𝑅2并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流。𝐴𝐵、因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表的示数不变；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过𝑅1的电流不变

；滑动变阻器𝑅2的滑片𝑃向右滑动的过程中，接入电路中的电阻变大，由𝐼=𝑈𝑅可知，通过𝑅2的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流表的示数变小，故B正确，A错误；第11页，共19页�

�𝐷、并联电路各支路互不影响，移动滑片时，𝑅1电功率不变；滑动变阻器接入电路中的电阻变大，根据𝑃=𝑈2𝑅可知𝑅2电功率变小，故C正确，D错误。故选：𝐵𝐶。由电路图可知，𝑅1与𝑅2并联

，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流。(1)根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化；根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过𝑅1的电流变化；根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化；根据欧姆定律可知通过𝑅2的电

流变化；利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化；(2)利用𝑃=𝑈2𝑅判断𝑅2电功率的变化情况；根据并联电路的工作特点分析𝑅1的功率的变化。本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，要注意并联电路中各支路独立工作、互不影响特点

的应用。8.【答案】𝐵𝐷【解析】解：两只灯泡的电阻分别为：𝑅1=𝑈2𝑃1=(220𝑉)240𝑊=1210𝛺；𝑅2=𝑈2𝑃2=(220𝑉)225𝑊=1936𝛺。A、两灯串联，通过的电流相等，甲灯电阻较小，由公式𝑃=𝐼2𝑅知：甲灯实际功率较小、

甲灯较暗，故A错误；B、两灯并联，两端电压相同，甲灯电阻较小，由公式𝑃=𝑈2𝑅知：甲灯较亮，故B正确；C、若把两灯串联接在220𝑉电源上，两盏灯的总电阻𝑅串=𝑅1+𝑅2=1210𝛺+1936𝛺=3146𝛺，此时电路

中的电流𝐼串=𝑈𝑅串=220𝑉3146𝛺=1101573𝐴，两盏灯的总功率𝑃总串=𝐼串2𝑅串=(1101573𝐴)2×3146𝛺≈15.4𝛺，故C错误；D、若把两灯并联接在220𝑉电源上，两盏灯的额定功率与其实际功率相等，则两盏灯的总功率为𝑃总并

=40𝑊+25𝑊=65𝑊，故D正确。故选：𝐵𝐷。①已知两只灯泡的额定电压和额定功率，利用公式𝑅=𝑈2𝑃可以得到两只灯泡的灯丝电阻；②灯泡的亮度决定于灯泡的实际功率。在串联电路中，电流处处相等，利用公式𝑃=𝐼2𝑅比较灯泡的实际

功率，可得灯泡的亮度关系；在并联电路中，各用电器两端电压相等，利用公式𝑃=𝑈2𝑅比第12页，共19页较灯泡的实际功率，可得灯泡的亮度关系；③若把两灯串联接在220𝑉电源上，求出两盏灯的总电阻，由𝐼=𝑈𝑅求得此时

电流，由𝑃=𝐼2𝑅可求得两盏灯的总功率；④若把两灯并联接在220𝑉电源上，两盏灯的额定功率与其实际功率相等，由此可求得其总功率。已知用电器的额定电压和额定功率分析电路电流、用电器两端电压和实际功率时，一般要利用公式𝑅=𝑈2𝑃得到电阻值。9.【答案】水蒸气液化形成的

小水珠做功【解析】解：(1)发射台下是水池，而让火焰喷射到水中，则水是从液态变为气态的水蒸气，即发生汽化，从而能从周围吸取热量；这些水蒸气散发到空气中，遇到冷空气液化成的小水珠就是我们看到的“白气”；(2)火箭穿越大气层时，火箭上部外壳整流罩与空气之间存在摩擦，克

服摩擦做功，机械能转化为内能，使整流罩的温度升高、内能变大。故答案为：水蒸气液化形成的小水珠；做功。(1)物质由气态变为液态称为液化；物质由液态变为气态称为汽化；(2)改变物体内能的方式有做功和热传递，做功是能量转化的过程，热传递是能量转移的过程。本题考查了

物态变化和改变内能的方法，属于基础性题目。10.【答案】小大【解析】解：因为海水的比热容比沙子的比热容大，在吸收相同热量时，相同质量的沙子比海水温度上升得快，水的温度要低一些；因此海边昼夜温度变化比沙漠中要小一些，适宜居住。故答案为：

小；大。水的比热容较大，相同质量的水和沙子比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少。本题主要考查学生对“水的比热容大”的了解和掌握，是一道基础题。11.【答案】同种电荷相互排斥金属球到金属箔【解析】解：(1)用丝绸摩擦过的玻璃棒所带的

电荷，叫做正电荷；用带正电荷的玻璃棒与不带电的验电器金属球接触，验电器带上与玻璃棒相同的正电荷，根据同种电荷相互排斥，验电器的金属箔带电会张开；第13页，共19页(2)验电器金属箔片都带正电相互排斥，金属箔片都带正电，失去电

子，电子转移方向金属箔到金属球，则瞬间电流的方向是由金属球到金属箔。故答案为：同种电荷相互排斥；金属球到金属箔。(1)自然界只存在两种电荷：正电荷和负电荷；用丝绸摩擦过的玻璃棒所带的电荷，叫做正电荷，用毛皮摩擦过的橡胶棒所带的

电荷，叫做负电荷；可以用验电器检验物体是否带电。验电器的原理是同种电荷相互排斥。(2)人们把正电荷定向移动的方向规定为电流的方向，所以负电荷定向移动的方向与电流的方向相反。本题要求学生能熟记自然界中的两种电荷及验电器的原理，属于基础题。12.

【答案】电内小于【解析】解：电炉通电后电炉丝发热逐渐变红，此过程电能转化为内能，是电流的热效应；电炉丝与导线串联，通过电炉丝与导线中的电流相同，导线的电阻远远小于电炉丝的电阻，根据焦耳定律𝑄=𝐼2𝑅𝑡可知导线电阻产生的热量远小于电炉丝产生的热量，故电炉丝热的发红而

导线却几乎不发热。故答案为：电；内；小于。导体通电后发热，电能转化为内能，是电流的热效应。焦耳定律的表达式：𝑄=𝐼2𝑅𝑡。知道电流热效应中的能量转化，深入理解焦耳定律的内容，可解答此题。13.【答案】减小减弱变小【解析】解：当有人走出电梯后，压力减小，则压敏电阻𝑅的阻值增大，根

据欧姆定律可知，左侧控制电路中的电流减小，电磁铁磁性变弱，则衔铁被拉起，与触点1接触，此时电动机与电阻𝑅1串联，通过电动机的电流减小，电动机的功率将变小，转速变慢。故答案为：减小；减弱；变小。本题中有两个电路，左侧为压敏电阻与电磁铁

串联，右侧为电动机控制电路，当衔铁与触点1接触时，𝑅1与电动机串联，当衔铁与触点2接触时，电阻断路，电动机中电流增大。本题考查了电路的动态分析、应用物理知识解决实际问题的能力，在本题中应认清电路的构造联系所学知识进行解答。1

4.【答案】503.6第14页，共19页【解析】解：如图甲所示，闭合开关，灯泡和滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表测滑动变阻器两端的电压。当滑动变阻器的滑片位于最左端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，总电阻最大，电源电压不变，根据欧姆定律可知电路中

的电流最小，从图乙可知，此时电路中的电流𝐼=0.1𝐴，滑动变阻器两端的电压𝑈滑=5𝑉，根据欧姆定律可知滑动变阻器的最大阻值𝑅滑=𝑈滑𝐼=5𝑉0.1𝐴=50𝛺；根据欧姆定律，结合串联电路的电压特点可知，电源电压𝑈=𝑈𝐿+𝑈滑=𝐼𝑅𝐿+5𝑉=0

.1𝐴×𝑅𝐿+5𝑉.......①，当滑动变阻器的滑片位于最右端时，滑动变阻器接入电路的阻值为0，总电阻最小，电源电压不变，根据欧姆定律可知电路中的电流最大，从图乙可知，此时电路中的电流𝐼′=0.6𝐴，根据欧姆定律可知电源电压𝑈=𝑈𝐿′=𝐼′𝑅𝐿=0.6𝐴×�

�𝐿.......②，联立①②可知：𝑈=6𝑉，𝑅𝐿=10𝛺；灯泡的最大电功率𝑃𝐿=𝑈𝐼′=6𝑉×0.6𝐴=3.6𝑊。故答案为：50；3.6。如图甲所示，闭合开关，灯泡和滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表测滑动变阻器两端的电压。当滑动变阻器

的滑片位于最左端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，总电阻最大，电源电压不变，根据欧姆定律可知电路中的电流最小，从图乙可知，此时电路中的电流和滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律可知滑动变阻器的最大阻值𝑅；根据欧姆定律，结合串联电路的电压特点可知电源电压的表达式，当滑动变阻器的滑片位于最

右端时，滑动变阻器接入电路的阻值为0，总电阻最小，电源电压不变，根据欧姆定律可知电路中的电流最大，从图乙可知此时电路中的电流，根据欧姆定律可知电源电压的表达式，联立以上两个表达式可得出电源电压和灯泡的电阻，根

据𝑃=𝑈𝐼得出灯泡的最大电功率。本题考查欧姆定律的应用和电功率的计算，关键是图中得出有用信息。15.【答案】解：小磁针𝑁极向右，根据异名磁极相互吸引可知，通电螺线管的左侧为𝑆极，右侧为𝑁极；由安培定则可知电流由左

端流入，则电源左端为正极，如图所示：第15页，共19页【解析】根据小磁针静止时的指向，根据磁极间的相互作用规律判定螺线管的极性；利用安培定则判定判定电流方向，进而得出电源的正极。本题考查了磁极间的相互作用规律和安培

定则的应用，属于基础知识。16.【答案】解：家庭电路中两盏灯并联，由开关𝑆控制，所以𝑆应在两灯的干路部分，为了安全，开关应先连接火线，由此连接电路如图所示：【解析】家庭电路中灯泡应并联，开关要接在火线和所控制两盏灯之间。本题主要考查了家庭电路的连接，电路连接注意要规范并符合安全用电的要求。17

.【答案】秒表自下而上96继续吸热，温度保持不变𝑐【解析】解：(1)在实验中，还需要用秒表记录时间；(2)在使用酒精灯时，需要用其外焰加热，所以要先根据酒精灯确定铁圈的位置；又因为使用温度计时，温度计的玻璃泡要完全浸没在液体中，但不能碰到容器底和容器壁，所以要根据温度计的长度确定铁夹的位置，因此

按照“由下至上”安装实验装置；(3)温度计的分度值为1℃，示数为96℃，故此时的水温是96℃；(4)液体沸腾的特点是继续吸热，温度保持不变；(5)在同样加热的情况下，增加水的质量，水升温较慢，沸点不变，水沸腾时图像可能是图乙中的𝑐．故答

案为：(1)秒表；(2)自下而上；(3)96；(4)继续吸热，温度保持不变；(5)𝑐。(1)观察水的沸腾实验中，要探究水的温度随时间的变化，所以还需要秒表记录时间；(2)要正确解决此题，需要掌握酒精灯与温度计的使用规则。要用酒精灯的外焰加热，温度计的玻璃泡要完全浸没在被测液体中，但不能碰

到容器壁和容器底；(3)温度计的分度值为1℃，读出示数，进而得出此时的水温；(4)液体沸腾的条件是达到沸点，继续吸热；(5)利用知识在装置相同的情况下，水的质量越小，升温会越快分析。第16页，共19页此题是“观

察水的沸腾”的实验，考查了温度计的读数，同时还考查了沸腾时的特点，常见题目。18.【答案】判断产生感应电流的大小判断产生感应电流的方向切割磁感线4、6(或5、7)机械发电机【解析】解：(1)实验中灵敏电流计的作用是判断产

生感应电流的大小、判断产生感应电流的方向；(2)根据表格中的数据可知，由此可知闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中会产生感应电流；(3)探究感应电流方向与磁场方向是否有关时，需要控制导体运动的方向不变，改变磁场的方

向，故需要比较第4、6(或5、7)次实验数据；(4)在此实验过程中，能量转化情况是机械能转化为电能，利用这一原理，人们在生产生活中制成了发电机。故答案为：(1)判断产生感应电流的大小；判断产生感应电流的方向；(2

)切割磁感线；(3)4、6(或5、7)；(4)机械；发电机。(1)实验中用灵敏电流计来显示感应电流的大小和方向；(2)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线的运动时，导体中就会产生电流；(3)电磁感应现象中，导体中感应电流的方

向与磁场方向和导体的运动方向有关；(4)能量转化情况是导体运动的机械能转化为电能；根据电磁感应现象制成了发电机。本题考查电磁感应现象，实验中要注意控制变量法，了解电磁感应现象中能量的转化，并掌握产生感应电流

的条件。19.【答案】𝐴0.24𝐴0.75增大灯泡电阻随温度的变化而变化【解析】解：(1)要求滑动变阻器滑片向𝐵端滑动时接入电路的阻值变大，故变阻器左下接线柱连入电路中，因灯的电压为2.5𝑉，故电压表选用小量程与灯

并联，如下所示：第17页，共19页(2)连接完电路，闭合开关后，发现无论怎样移动滑片，电流表示数变化明显，电路为通路，小灯泡不亮，电压表无示数，出现该状况的原因可能是小灯泡发生短路，故A正确；(3)①电流表量程为0−0.6𝐴，分度值为0.02𝐴，示数为0.2

4𝐴，即通过灯泡的电流0.24𝐴，由丙图知小灯泡正常发光的电流为0.3𝐴，所以小灯泡的电流小于小灯泡的额定电流，要使灯泡在正常发光需要增大通过小灯泡的电流，由𝐼=𝑈𝑅知应该减小滑动变阻器的电阻，故滑片向𝐴移动；②小灯泡额定功率

：𝑃=𝑈𝐼=2.5𝑉×0.3𝐴=0.75𝑊；③由小灯泡的𝐼−𝑈图象可知，随着灯泡两端的电压增大，通过灯泡的电流增大，由𝑃=𝑈𝐼可知，灯泡的实际功率增大，故小灯泡的实际功率随实际电压的增大而增大；④其图像是一

条曲线的原因是：灯泡电阻不是定值，灯泡电阻随温度的变化而变化。故答案为：(1)见上图；(2)𝐴；(3)①0.24；𝐴；②0.75；③增大；④灯泡电阻随温度的变化而变化。(1)根据滑动变阻器滑片向𝐵端滑动时接入电路的阻值变大，确定变阻器左下接线柱连入电路中，根据灯的电压为2.

5𝑉确定电压表选用小量程与灯并联；(2)连接完电路，闭合开关后，发现无论怎样移动滑片，电流表示数变化明显，则电路为通路，根据小灯泡不亮，电压表无示数分析原因；(3)①根据电流表的量程和分度值读出电流表的示数，由图丙知小灯泡的额

定电流，并与电流表的示数比较，根据欧姆定律判定出电阻的变化，进而判断出滑片移动的方向；②根据𝑃=𝑈𝐼求出小灯泡的额定功率；③根据灯泡电流随电压的变化关系，由𝑃=𝑈𝐼判断灯泡实际功率如何随电压变化；④灯泡电阻不是定值，

灯泡电阻随温度的变化而变化。本题测量标有“2.5𝑉”字样小灯泡的额定功率，考查电路连接、故障分析、操作过程、功率计算等知识。20.【答案】解：(1)由题知，垂直于太阳光的1𝑚2面积上每1秒接收的太阳能为500𝐽，𝐸太阳能=500𝐽/(𝑚2⋅𝑠)×1

0.5𝑚2×60𝑠=3.15×105𝐽，因太阳能电池板将太阳能直接转化为电能的效率为20%，所以1分钟内通过该太阳能电池板获得的电能：𝑊=𝜂𝐸太阳能=20%×3.15×105𝐽=6.3×104𝐽；(2)1分钟内该太阳能

电池板转化的电能给热水壶烧水，第18页，共19页根据公式𝜂=𝑄吸𝑊可得，水吸收的热量为：𝑄吸=𝑊𝜂′=6.3×104𝐽×80%=5.04×104𝐽；由𝑄吸=𝑐𝑚(𝑡−𝑡0)可得，将25℃的1𝑘𝑔的水升高到的温度为：𝑡=𝑄

吸𝑐𝑚+𝑡0=5.04×104𝐽4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)×1𝑘𝑔+25℃=37℃。答：(1)1分钟内小丽家太阳能电池板转化的电能为6.3×104𝐽；(2)1分钟内该太阳能电池板转化的电能给热水壶烧水，热水壶的效率为80%，则可将25℃的1𝑘𝑔的水升高到37摄氏度。【

解析】(1)由题知，垂直于太阳光的1𝑚2面积上每1秒接收的太阳能为500𝐽；先计算太阳能电池板1分钟接收的太阳能，再由效率公式计算太阳能电池板获得的电能；(2)1分钟内该太阳能电池板转化的电能给热水壶烧水，根据热水壶的效率算出水吸收的热量，再由𝑄=𝑐

𝑚(𝑡−𝑡0)算出可将25℃的1𝑘𝑔的水升高到多少摄氏度。本题考查对太阳能发电的认识、效率公式的应用以及能量的转化等，体现物理来源于生活，服务于生活，是一道好题。21.【答案】接：(1)由表格数据可知，饮水机加热时的额定功

率𝑃加=880𝑊，额定电压𝑈=220𝑉；由𝑃=𝑈𝐼可知，饮水机加热时的电流：𝐼=𝑃加𝑈=880𝑊220𝑉=4𝐴；(2)当开关𝑆接𝑎时，只有𝑅2工作，当开关𝑆接𝑏时，电热丝

𝑅1、𝑅2串联；根据串联电路的电阻特点可知，串联后的总电阻大于各电热丝的电阻，电压一定时，根据𝑃=𝑈2𝑅可知，当开关𝑆接𝑎时，只有𝑅2工作，此时电路中的电阻最小，电功率最大，为加热状态；电热丝𝑅1的阻值：𝑅1=𝑈2𝑃加=(2

20𝑉)2880𝑊=55𝛺；当开关𝑆接𝑏时，电热丝𝑅1、𝑅2串联，此时电路中的电阻最大，电功率最小，为保温状态；电热丝𝑅1、𝑅2的总电阻：𝑅=𝑈2𝑃保=(220𝑉)2242𝑊=200𝛺；则𝑅2=𝑅−𝑅1=200�

�−55𝛺=145𝛺；(3)3000𝑟/(𝑘𝑊⋅ℎ)表示电路中用电器每消耗1𝑘𝑊⋅ℎ电能，电能表的转盘转过3000转，则电能表转盘转了120转，饮水机消耗的电能：𝑊=120𝑟3000𝑟/(𝑘𝑊⋅ℎ)=0.0

4𝑘𝑊⋅ℎ；第19页，共19页饮水机加热的实际功率：𝑃=𝑊𝑡=0.04𝑘𝑊⋅ℎ360ℎ=0.8𝑘𝑊=800𝑊。答：(1)该饮水机加热时的电流为4𝐴；(2)电阻𝑅2的阻值为145𝛺

；(3)此饮水机加热的实际功率为800𝑊。【解析】(1)知道饮水机的加热的额定功率和额定电压，利用𝑃=𝑈𝐼计算出饮水机加热时的电流；(2)当开关𝑆接𝑎时，只有𝑅2工作，当开关𝑆接𝑏时，电热丝𝑅1、𝑅2串联，根据串联电路的电阻特点可知，串联后的总

电阻大于各电热丝的电阻；电压一定时，根据𝑃=𝑈2𝑅可知两种情况下电路总功率的关系，功率大的为加热状态，反之为保温状态；利用𝑃=𝑈2𝑅计算出加热状态下𝑅1的阻值，保温状态下，𝑅1、𝑅2的总

电阻，据此可以求出𝑅2的阻值；(3)3000𝑟/(𝑘𝑊⋅ℎ)表示电路中用电器每消耗1𝑘𝑊⋅ℎ电能，电能表的转盘转过3000转，据此可以求出电能表转盘转了120转，饮水机消耗的电能，利用𝑃=𝑊𝑡计算出饮水机加热的实际功率。本题考查

对饮水机电路的分析、电能表参数的理解、用电器消耗电能和实际功率的计算，题目综合性较强，有一定的难度。