【文档说明】2021-2022学年河南省南阳市邓州市九年级上期末物理试题及答案解析.docx，共(20)页，370.421 KB，由小喜鸽上传

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第1页，共20页2021-2022学年河南省南阳市邓州市九年级（上）期末物理试卷一、单选题（本大题共6小题，共12.0分）1.关于电现象，下列说法正确的是()A.摩擦起电是由于在摩擦的过程中产生了电荷B.电荷的

移动形成电流C.在物理学中，把电荷移动的方向规定为电流的方向D.毛皮摩擦橡胶棒后，毛皮带上了正电荷2.唐诗是我国优秀的文学遗产之一，下列诗句中所包含的物态变化分析正确的是()A.“露从今夜白，月是故乡明”，露的形成是汽化现象B.“蜡烛有心还惜别，替人垂泪到天明”，蜡烛“流泪”是

液化现象C.“鸡声茅店月，人迹板桥霜”，霜的形成是凝华现象D.“晚来天欲雪，能饮一杯无”，雪的形成是升华现象3.关于导体的电阻，下列说法正确的是()A.导体的横截面积越大，电阻越大B.长度相同的铜导线和铝导线，铝导线的电阻大C.导

体电阻的大小取决于导体本身D.由𝑅=𝑈𝐼可知，导体的电阻与其两端的电压和通过导体的电流有关4.两个相同的容器分别装了质量相同的两种液体，用同一热源分别对其加热，液体温度与加热时间的关系如图所示。根据图像可知()

A.甲液体的比热容大于乙液体的比热容B.如果升高相同的温度，两种液体吸收的热量一样多C.加热相同的时间，甲液体比乙液体温度升高的多D.加热相同的时间，甲液体吸收的热量大于乙液体吸收的热量5.如图所示电路中，电源电压保

持不变。闭合开关𝑆，电路正常工作。过了一会儿，电表的示数一个变大，一个变小，则对该电路故障的分析正确的是()第2页，共20页A.灯𝐿可能短路B.灯𝐿可能断路C.电阻𝑅一定断路D.电阻𝑅可能短路6.如图所示电路中，电源电压恒定，只闭合开关𝑆1，电流表的示数为0.3𝐴，再闭合开关𝑆2

，电流表的示数变化了0.4𝐴。同时闭合𝑆1、𝑆2，则𝑅1、𝑅2消耗的电功率之比为()A.3：4B.4：3C.7：3D.4：7二、多选题（本大题共2小题，共4.0分）7.小明在课外活动实验中，用导线绕城一个线圈自制成一个电磁铁，实

验中，他希望获得更强的磁性，设计了以下几种方案，能实现的是()A.增加电路中电池的节数B.减少线圈的匝数C.将电源的正、负极对调D.在线圈中插入一根铁钉8.在新型冠状病毒疫情防冶期间，经常使用图甲所示的非接触式红外线测温枪。图乙是它的工作原理图，𝑅0是定值电阻，𝑅是红外线热敏电阻，其

阻值随入体温度变化的图象如图丙所示。闭合开关𝑆后，对该电路分析正确的是()A.体温越高，𝑅的阻值越大B.体温越高，电压表的示数越大C.体温越低，通过𝑅0的电流越小D.体温越低，𝑅0消耗的电功率越大三、填空题（本大题共6小

题，共14.0分）9.隆冬季节天气寒冷，教室的窗户上出现晶莹的冰花，这是______(填物态变化名称)现象，冰花出现在窗户的______(选填“内侧”或“外侧”)。第3页，共20页10.如图为火箭发射的场景，火箭的燃料使用了液态氢，主要是因为它的______大，火箭发射升空时，

燃料的化学能转化为______能，再转化为火箭的机械能，这个过程中火箭的机械能______(选填“守恒”或“不守恒”)。11.如图甲所示电路中，闭合开关后两灯都发光，电流表指针的位置均如图乙所示，则通过灯𝐿1的电流为______𝐴，通过灯𝐿2的电流为______𝐴。12.如图所示，是

灯泡𝐿和电阻𝑅的𝐼−𝑈图像，若将两元件串联接入电路，使通过𝐿的电流为0.15𝐴，则电源电压是______𝑉；若将两元件并联接在2𝑉的电源两端，电路中的总电流为______𝐴，通电5𝑚𝑖𝑛电流通过电阻𝑅产生的热量

为______𝐽。13.小明家新购电热水壶的铭牌如表所示，待电热水壶装满水后，他关闭了家中的其他用电器，只让电热水壶工作，他记录到家里的电能表(如图)的指示灯在1𝑚𝑖𝑛内闪烁了50次，这段时间

电热水壶消耗的电能是______𝐽，这段时间壶中的水温度升高了10℃，水吸收的热量是______𝐽，这段时间家庭电路的实际电压是______𝑉。额定电压220𝑉第4页，共20页频率50𝐻𝑧额定功率1210𝑊容量1𝐿14.如图是一款蓝牙音箱

，可实现与手机的无线信息传递，底座通电后，上面的音箱就会悬浮起来。请你分析以上情景，提出一个你认为应该探究的问题______，对于该问题，你的猜想是______。四、作图题（本大题共2小题，共4.0分）15.如图所示，请用

笔画线代替导线，将可以调节亮度的台灯和一个三孔插座接入电路。16.闭合开关，小磁针静止时的指向如图所示，请你在图中标出电源的正负极，并标出磁感线的方向。五、实验探究题（本大题共3小题，共19.0分）17.在探究“

水沸腾时的特点“实验中：(1)如图甲所示，组装实验器材时应按照______(选填“自下而上”或“自上而下”)的顺序，图中温度计的示数是______。第5页，共20页(2)沸腾前，杯底有气泡产生，气泡在上升的过程中逐渐______(选填“变大”或“

变小”)；由图乙可知，水在沸腾过程中不断吸热，温度______。18.在探究“电流与电压的关系”的实验中：(1)如图甲所示，𝑎应为______，𝑏应为______(选填“电流表”或“电压表”)。(2)连接电路时开关应处于______状态，实验中滑

动变阻器除保护电路外，还有______的作用。(3)第三次实验时，电流表的示数如图乙所示，该值是______𝐴。(4)请根据表格中的数据，在图丙的坐标图中画出定值电阻𝑅的𝐼−𝑈图像。次数电压𝑈/𝑉电流𝐼/𝐴11.50.3022.00.4

032.5(5)分析图你可知，电阻一定时，电流与电压成______比。19.某实验小组用“伏安法”测量小灯泡的电功率，待测小灯泡的额定电压为2.5𝑉，额定功率小于1𝑊。第6页，共20页(1)用笔画线代替导线，完成图甲中实物电路的连接。(2)检查电路连接无误后闭合开关

，灯泡不亮，电流表、电压表均有示数，但示数较小，产生这一现象的原因是______。(3)开始实验后，移动滑动变阻器的滑片，同时眼睛应注视______的示数，当电压表示数为2.5𝑉时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为______𝑊。(4)小组不用电压表，添加了已知阻

值为𝑅0的定值电阻，设计了测量额定电压为𝑈0的小灯泡额定功率的电路，如图丙所示。①断开开关𝑆1，闭合开关𝑆2，移动滑动变阻器滑片𝑃，当电流表示数为______时，小灯泡恰好正常发光；②保持滑动变阻器滑片𝑃位置不变

，闭合开关𝑆1，断开开关𝑆2，记下电流表示数为𝐼；③推导出小灯泡𝐿的额定功率表达式𝑃额=______(用已知量和测量量表示)。六、计算题（本大题共2小题，共17.0分）20.借乡村振兴之机，某村淘汰了传统灶台，改用更加清洁的天然气

，天然气的热值为4.2×107𝐽/𝑚3。(1)天然气的热值是4.2×107𝐽/𝑚3，表示的物理意义是______。(2)要将2𝑘𝑔初温为20℃的一壶水在一标准大气压下加热至沸腾，需要吸收多少热量[水的比热容为4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)]？(3)若天然气灶完全燃烧天然气放出的热

只有40%被水吸收，烧开这壶水需要燃烧多少立方米的天然气？第7页，共20页21.如图所示是一款电热桌垫的简化电路图，该电热桌垫有高、中、低三个加热挡位，旋钮开关可以分别置于“0−1”、“1−2”、“2−3”、“3−4”接线柱，

𝑅1、𝑅2、𝑅3为三个加热电阻。已知𝑅1=1936𝛺，𝑅2=880𝛺，电热桌垫正常工作时，高温挡电功率为低温挡电功率的2倍。(1)当旋钮开关在______位置时，电热桌垫处于高温挡。(2)𝑅3的阻值是多少？(3)该电热桌垫在中温挡正常工作5𝑚𝑖𝑛，消耗多少电能？第8

页，共20页答案和解析1.【答案】𝐷【解析】解：𝐴、摩擦起电的实质是电子的转移，是电子从一个物体转移到另一个物体上，并没有产生电荷，故A错误；B、电荷的定向移动才能形成电流，故B错误；C、物理学中规定正电荷定向移动的方向为电流方向，负电荷定向移

动的方向与电流的方向相反，故C错误；D、橡胶棒与毛皮摩擦过程中，由于橡胶棒原子核束缚电子的本领强，橡胶棒得到电子带负电，毛皮因失去电子带正电，电子从毛皮转移到橡胶棒，故D正确。故选：𝐷。(1)摩擦起电的实质是电子的转移；(2)电荷的定向移动形成

电流；(3)物理学中规定正电荷定向移动的方向为电流方向；(4)原子核束缚电子的能力强，得到电子带负电，原子核束缚电子的能力弱，失去电子带正电。本题考查摩擦起电现象以及电流的形成，难度不大。2.【答案】𝐶【解析】解：𝐴、“露”是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故A错误；B、蜡烛“流泪”是

蜡由固态变为液态，属于熔化现象，故B错误；C、“霜”是水蒸气遇冷放热变成固态的冰，是凝华现象，故C正确；D、“雪”是水蒸气遇冷放热变成固态的冰，是凝华现象，故D错误。故选：𝐶。物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从

液态变为气态叫做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华。分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的

吸热和放热情况也要有清晰的认识。第9页，共20页3.【答案】𝐶【解析】解：𝐴、导线的长度和材料不确定，电阻大小仅从横截面积大小无法比较，故A错误；B、导体的横截面积不确定，电阻大小无法比较，故B错误；𝐶𝐷、电阻是导体自身的一种特性，它由导体的材料、长度、横截面积和温度决定，与

加在导体两端的电压和通过导体的电流大小无关，故C正确，D错误。故选：𝐶。电阻是导体自身的一种特性，它由导体的材料、长度、横截面积和温度决定，与加在导体两端的电压和通过导体的电流大小无关。深入理解电阻的概念和影响电阻的因素，是解答此题的关键。4.【答案】𝐶【解析】解：

𝐴𝐶、用同一热源加热时，加热相同时间，吸收的热量相同；由图可知，当质量相同的甲、乙吸收相同的热量时(即加热相同时间)，甲的温度升高得较多，由𝑄=𝑐𝑚𝛥𝑡可知甲的比热容较小，即甲液体的比热容小于乙液体的比热容，故A错误，C正确；B、由图可知，若甲、乙升高相同的温度，乙的加热时

间较长，即乙吸收的热量较多，故B错误；C、加热相同时间，甲液体吸收的热量等于乙液体吸收的热量，故D错误。故选：𝐶。(1)用相同热源加热时，加热时间相同，吸收的热量相同；由图可知当甲、乙两种液体吸收相同的热量时，甲、乙升高的温度大小，再根据𝑄=𝑐𝑚𝛥

𝑡分析甲、乙的比热容即可；(2)由图可直接判断若甲、乙升高相同的温度，各自所需的加热时间长短，即吸收的热量多少。本题考查了比热容及其计算公式的应用，属于基础题，解题关键是要知道用相同的热源加热时，加热相同时间，吸收的热量相同。5.【答案】

𝐷【解析】解：由图可知，电阻𝑅与灯泡𝐿串联，电压表测量𝑅两端的电压，电流表测量电路电流；由题知，两表中一个示数变大，另一示数变小，有两种可能：①电流表的示数变大，电压表的示数变小；电流表示数变大，说明电路故障为短路，电压表示数变小，说明电压表所测部分被短路，

因此电路故障为电阻𝑅短路；②电压表的示数变大，电流表的示数变小；电压表示数变大，说明电压表测量电源电压，则电路故障可能是𝑅断路或𝐿短路；电流表示数变小，说明电路故障为电阻𝑅断路，此时灯泡熄灭；第10页，共20

页综合上述分析可知，原因是：电阻𝑅可能短路或者电阻𝑅可能断路，𝐷说法正确。故选：𝐷。由图可知，电阻𝑅与灯泡𝐿串联，电压表测量𝑅两端的电压，电流表测量电路电流；由电路中两表示数的变化可知故障的可能性，然后根据选项选出符合

要求的判断。本题考查学生对于电路故障分析的能力，要求学生能正确分析电路，并且全面考虑题目中出现的可能性。6.【答案】𝐴【解析】解：由电路图可知，当只闭合开关𝑆1时，电路为𝑅1的简单电路，电流表测量电路电流，即𝐼1=0.3𝐴；当再闭合开

关𝑆2时，两电阻并联，电流表测干路电流；由于并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以通过𝑅1的电流不变，仍为0.3𝐴，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过𝑅2的电流等于电流表的变化量，即𝐼2=0.4𝐴，由于并联电路中各支路两端的电压相等，所以闭合

𝑆、𝑆1后，𝑅1与𝑅2的电功率之比：𝑃1𝑃2=𝑈𝐼1𝑈𝐼2=𝐼1𝐼2=0.3𝐴0.4𝐴=34。故选：𝐴。由电路图可知，当只闭合开关𝑆1时，电路为𝑅1的简单电路，电流表测量电路电流；再

闭合开关𝑆2时，两电阻并联，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过𝑅1的电流不变，根据并联电路的电流特点可知电流表的变化量即为通过𝑅2的电流，根据并联电路的电压特点和𝑃=𝑈𝐼求出𝑅1与𝑅2的电功率之比。本题考查了电功率公式的应

用，关键是根据并联电路的特点判断出闭合开关𝑆2时电流表示数的变化量即为通过过𝑅2的电流。7.【答案】𝐴𝐷【解析】解：𝐴、增加电路中电池的节数，可以增大电路中的电流，增强磁性，符合题意；B、增加线圈的匝数，可以增强磁性，不符合题意；C、将电源的正负极对调，可

以改变电磁铁的极性，但不能改变磁性强弱，不符合题意；D、在线圈中插入一根铁钉，磁性会增强，符合题意。故选：𝐴𝐷。第11页，共20页电磁铁磁性的强弱跟电流大小、线圈匝数、有无铁芯有关，电流越大、匝数越多，插入铁芯，电磁铁的磁性越强。

此题主要考查的是学生对电磁铁磁性强弱影响因素的理解和掌握，基础性题目。8.【答案】𝐵𝐶【解析】解：由图可知，两个电阻串联，电压表测定电阻𝑅0两端的电压；A、体温越高，由图丙知，热敏电阻𝑅的阻值

越小，故A错误；𝐵𝐶、体温越高，热敏电阻𝑅的阻值减小，由串联分压原理可知，热敏电阻𝑅分得的电压越小，根据串联电路电压的规律，定值电阻𝑅0两端的电压越大，即电压表示数越大；相反，体温越低，热敏电阻𝑅的阻值越大，总

电阻越大，根据欧姆定律𝐼=𝑈𝑅可知，电路中的电流越小，即通过𝑅0的电流越小，故BC正确；D、体温越低，电路中的电流越小，根据𝑃=𝐼2𝑅可知，𝑅0消耗的电功率越小，故D错误。故选：𝐵𝐶。由

图可知，两电阻串联，电压表测定值电阻𝑅0两端的电压；由图丙知，体温越高，热敏电阻的阻值越小；由分压原理分析热敏电阻的电压变化，根据串联电路电压的规律确定电压表示数变化，利用欧姆定律可知电路中电流的变化；根据𝑃=𝐼2𝑅分析𝑅0消耗的电功率的变化。本题为动态电路分析题，

考查了串联电路的规律、电功率计算公式及欧姆定律的运用，关键是明确体温越高，热敏电阻的阻值越小。9.【答案】凝华内侧【解析】解：寒冷的冬天，室内温度高于室外的温度，所以室内空气中的水蒸气遇到很冷的玻璃会放出热量发生凝华现象形成冰花，附着在玻璃的内侧。故答案为：凝华；内侧。物质直接从气态变为固

态的过程叫凝华；冰花出现在温度高的一侧。此类题目是凝华现象的实际应用题目，要结合凝华现象去分析解答。10.【答案】热值内不守恒【解析】解：(1)运载火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较大的热值，完全燃烧相同质量的液态氢和其它燃料相比，液态氢可以释

放出更多的热量；并且所需的液态氢的体积小，第12页，共20页便于储存和运输。(2)火箭发射升空时，燃料通过燃烧将化学能转化为燃气的内能，燃气对火箭做功，又将内能转化为火箭的机械能，使得火箭的机械能增大，所以机械能不守恒。故答案为：热值；内；不守恒。(1)运载火箭采用液态氢作为火

箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量；(2)燃料的燃烧属于化学变化，将化学能转化为内能；火箭是热机的一种，它的工作原理就是将内能转化为机械能；根据机械能的变化判断机械能是否守恒。本题考查了对热值、能量的转化等知识的理解和应用，

对于实际问题，要了解具体情况后结合所学知识解答。11.【答案】1.280.32【解析】解：由电路图可知，两灯泡并联，电流表𝐴1测干路电流，电流表𝐴2测通过𝐿2的电流；因并联电路中干路电流等于各支路电

流之和，所以电流表𝐴1的量程为0～3𝐴，分度值为0.1𝐴，示数为1.6𝐴；电流表𝐴2的量程为0～0.6𝐴，分度值为0.02𝐴，示数为0.32𝐴，即通过灯𝐿2的电流：𝐼2=0.32𝐴；则通过灯泡𝐿1的电流：𝐼1=𝐼𝐴1−𝐼2=1.6𝐴−0.32𝐴

=1.28𝐴。故答案为：1.28；0.32。由电路图可知，两灯泡并联，电流表𝐴1测干路电流，电流表𝐴2测通过𝐿2的电流；根据并联电路电流规律求出两电流表的量程、分度值，并得出电流表的示数，然后根据并联电路电流规律求出通过灯泡𝐿1的电流。本题考查了并

联电路的特点，关键分清电路的连接方式和仪表的测量对象。12.【答案】40.3560【解析】解：(1)灯泡𝐿和电阻𝑅串联时，通过𝐿的电流为0.15𝐴，因为串联电路中各处电流相等，所以通过𝑅的电流也为0.15𝐴，由图像可知，此

时它们两端的电压分别为𝑈𝐿=1𝑉，𝑈𝑅=3𝑉，因为串联电路两端的总电压等于各部分电路两端的电压之和，所以电源电压为：𝑈=𝑈𝐿+𝑈𝑅=1𝑉+3𝑉=4𝑉；(2)灯泡𝐿和电阻𝑅并联时，

电源电压为2𝑉，因为并联电路各支路两端的电压相等，且等于电源电第13页，共20页压，所以它们两端的电压均为2𝑉，由图像可知，此时通过它们的电流分别为𝐼𝐿=0.25𝐴，𝐼𝑅=0.1𝐴，因为并联电路干路中的电流等于各支路中的电流之和，所以

电路中的总电流为：𝐼=𝐼𝐿+𝐼𝑅=0.25𝐴+0.1𝐴=0.35𝐴；通电5𝑚𝑖𝑛电阻𝑅产生的热量为：𝑄=𝐼𝑅2𝑅𝑡=𝑈𝑅𝐼𝑅𝑡=2𝑉×0.1𝐴×5×60𝑠=60𝐽。故答案为：4；0.35；60。(1)灯

泡𝐿和电阻𝑅串联时，已知通过𝐿的电流大小，根据串联电路的电流规律可知通过𝑅的电流大小，根据图像可知它们两端的电压大小，根据串联电路的电压规律可知电源电压大小；(2)灯泡𝐿和电阻𝑅并联时，已知电源电压大小

，根据并联电路的电压规律可知它们两端的电压大小，根据图像可知通过它们的电流大小，根据并联电路的电流规律可知干路中电流大小；根据𝑄=𝐼2𝑅𝑡=𝑈𝐼𝑡计算通电5𝑚𝑖𝑛电阻𝑅产生的热量。本题考查串、并联电路

的电流、电压规律应用以及热量的计算，能根据电路的特点从图像中获取相关信息是解题的关键，难度不大。13.【答案】6×1044.2×104200【解析】接：(1)3000𝑖𝑚𝑝/(𝑘𝑊⋅ℎ)表示电

路中用电器消耗1𝑘𝑊⋅ℎ电能，电能表的指示灯闪烁3000次，则指示灯闪烁了50次，电热水壶消耗的电能：𝑊=50𝑖𝑚𝑝3000𝑖𝑚𝑝/(𝑘𝑊⋅ℎ)=160𝑘𝑊⋅ℎ=6×104𝐽；(2)由𝜌=𝑚𝑉可知，壶中水的质量：𝑚=

𝜌𝑉=1.0×103𝑘𝑔/𝑚3×1×10−3𝑚3=1𝑘𝑔；水吸收的热量：𝑄吸=𝑐𝑚𝛥𝑡=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)×1𝑘𝑔×10℃=4.2×104𝐽；(3)由𝑃=𝑈2𝑅可知，电热水壶的发热电阻：𝑅=𝑈2𝑃

=(220𝑉)21210𝑊=40𝛺；则由𝑊=𝑈2𝑅𝑡可知，这段时间家庭电路的实际电压：𝑈=√𝑊𝑅𝑡=√6×104𝐽×40𝛺60𝑠=200𝑉。故答案为：6×104；4.2×104；200。(1)3000𝑖𝑚𝑝/(𝑘𝑊⋅ℎ)表示电路中用电器消耗1�

�𝑊⋅ℎ电能，电能表的指示灯闪烁3000次；据此可以求出指示灯闪烁了50次，电热水壶消耗的电能；(2)利用密度公式计算出壶中水的质量，利用𝑄吸=𝑐𝑚𝛥𝑡计算出水吸收的热量；(3)知道电热水壶的额定电压和额定功率，由𝑃=𝑈2𝑅计算出电热水壶的发热电阻，再利用𝑊=𝑈2𝑅

𝑡可以计算出这段时间家庭电路的实际电压。本题考查了电功率公式、密度公式、吸热公式的应用，涉及到电能表参数的理解，要求灵活应用第14页，共20页相关公式。14.【答案】音响悬浮的原因音响是一个磁体，底座中有螺线管【解析】解：、音箱悬浮时处于平衡状态受力平衡，

它受到竖直向下的重力和竖直向上的磁场的作用力，是一对平衡力，底座通电后能产生磁场是因为通电导体周围存在磁场，利用了同名磁极相互排斥的原理，音箱悬浮利用了同名磁极相互排斥的原理。根据音箱悬浮受力平衡进行分析；通电导体周围存在磁场；同名磁极相互排斥，异种磁极相互吸引．本题主要考查二力平衡、通电导体

周围存在磁场、磁极间的相互作用等知识，综合性较强。15.【答案】解：(1)台灯的接法：火线进入开关，再连接滑动变阻器，然后进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套；(2)三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。如图所示：【解析】(1)可以调节亮度的台灯：火线进入开关，

再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套；为了调节亮度需要串联一个滑动变阻器。(2)三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。本题考查了开关与灯、三孔插座的连接方法，要同时考虑使用性和安全性。16.【答案】解：①由图可知，小磁针静止

时的左端为𝑆极，右端为𝑁极，根据异名磁极相互吸引，同名磁极相互排斥，则通电螺线管的右端为𝑆极，左端为𝑁极；②因为在磁体外部，磁感线总是从𝑁极发出，回到𝑆极；③根据安培定则，伸出右手使大拇指指示螺线管的右端𝑁极，则四指弯曲所指

的方向为电流的方第15页，共20页向，所以电流从螺线管的右端流入，则电源的左端为正极，右端为负极；如图所示：【解析】知道小磁针静止时𝑁极的指向，根据磁极间的相互作用判断出通电螺线管的磁极；根据通电螺线管的

磁极判断出磁感线的方向，在磁体外部，磁感线总是从𝑁极发出，回到𝑆极；根据右手定则判断出电流的方向，确定电源的正负极。本题考查了磁极间的相互作用规律，磁感线的特点以及利用安培定则判断螺线管极性或电流方向的重要方法，应能做到灵活应用；同时还要注意小磁针静止时𝑁极所指的方向为该点磁感

线的方向。17.【答案】自下而上86℃变小不变【解析】解：(1)实验中要用酒精灯的外焰加热，需要先根据酒精灯外焰的高度固定石棉网，再确定烧杯和温度计的位置，因此组装实验器材时应按照自下而上的顺序；图中温度计的分度值是1℃，液面在零上，因此

读数是86℃，(2)水沸腾前，底部的温度高于上部的温度，根据热胀冷缩可知，气泡在上升过程中逐渐变小；由图乙可知水在沸腾过程中不断吸热，温度保持在沸点不变。故答案为：(1)自下而上；86℃；(2)变小；不变。(1)酒精灯外焰温度最高，实验时要用外焰加热，需要先根据酒精灯外焰的高度固定石棉

网的高度，再据此调节烧杯和温度计的位置，据此分析；温度计读数时要注意观察分度值和液面在零上或零下；(2)水沸腾时上升的气泡体积逐渐变大，迅速到达液面破裂开；水沸腾前上升的气泡体积逐渐变小；水沸腾时的特点是持续吸热，温度不变。本题考查了对

水沸腾实验的理解，属于基础题，难度不大。18.【答案】电流表电压表断开改变定值电阻两端的电压0.5正第16页，共20页【解析】解：(1)电流表要串联在待测电路中，电压表要并联在待测电路中，故𝑎是电流表，𝑏

是电压表；(2)为了保护电路，连接电路时开关应断开；探究电流与电压的关系时，需要通过移动滑动变阻器的滑片来改变定值电阻两端的电压；(3)由图乙可知，电流表的量程为0～0.6𝐴，分度值为0.02𝐴，示数为0.5𝐴；(4)根据表中数据描点

画出图像，如图所示：；(5)由图像可知，电流随电压的变化图像为过原点的直线，因此可得结论为：当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比。故答案为：(1)电流表；电压表；(2)断开；改变定值电阻两端的电压；(3)0.5；(5)正。(1)电流表要串联在待测电路中，电压表要并联在待测电路中，据

此解答；(2)为了保护电路，连接电路时开关应断开；探究电流与电压的关系时，需要改变定值电阻两端的电压，据此分析；(3)根据图乙电流表所选量程确定分度值读数；(4)根据表中数据描点画图像；(5)根据图像得出结论。本题探究“电流与电压的关系”，考查电路连接、注意事项、滑动变阻器的作用、电流表读数

、图像画法及数据分析。19.【答案】滑动变阻器接入电路的阻值过大，电路中的电流太小，小灯泡的实际功率太小电压表0.75𝑈0𝑅0𝑈0×(𝐼−𝑈0𝑅0)【解析】解：(1)滑动变阻器选用“一上一下”两个接线柱串联接入电路，故

可将滑动变阻器的右下接线柱与电流表的“−”接线柱相连；待测小灯泡的额定电压为2.5𝑉，故电压表选用小量程并联在灯泡的两端，电流“正进负出”。如图：第17页，共20页(2)检查电路连接无误后闭合开关，灯泡不亮，电流表、电压表均有示数，但示数较小，则电路已接通，产生这

一现象的原因是滑动变阻器接入电路的阻值过大，电路中的电流太小，小灯泡的实际功率太小；(3)开始实验后，移动滑动变阻器的滑片，同时眼睛应注视电压表的示数；电流表选用小量程，分度值为0.02𝐴，示数为0.3𝐴，则小灯泡的额定

功率𝑃𝐿=𝑈𝐿𝐼𝐿=2.5𝑉×0.3𝐴=0.75𝑊；(4)①断开开关𝑆1，闭合开关𝑆2，此时灯泡𝐿与定值电阻𝑅0并联后再与滑动变阻器串联，所以灯泡与定值电阻两端电压相同。移动滑动变阻器滑片𝑃，当灯泡两端的电压为

额定电压𝑈0时，𝑅0两端的电压也为𝑈0，根据欧姆定律可知当电流表的示数为𝑈0𝑅0时，小灯泡恰好正常发光；②保持滑动变阻器滑片𝑃位置不变，闭合开关𝑆1，断开开关𝑆2，记下电流表示数为𝐼，此时通过灯泡

的电流𝐼额=𝐼−𝑈0𝑅0；③推导出小灯泡𝐿的额定功率表达式𝑃额=𝑈额𝐼额=𝑈0×(𝐼−𝑈0𝑅0)。故答案为：(1)如图；(2)滑动变阻器接入电路的阻值过大，电路中的电流太小，小灯泡的实

际功率太小；(3)电压表；0.75；(4)①𝑈0𝑅0；③𝑈0×(𝐼−𝑈0𝑅0)。(1)滑动变阻器选用“一上一下”两个接线柱串联接入电路，故可将滑动变阻器的右下接线柱与电流表的“−”接线柱相连；待测小灯泡的额定电压为2.5𝑉，故电压表选用小量程并联在

灯泡的两端，电流“正进负出”；(2)检查电路连接无误后闭合开关，灯泡不亮，电流表、电压表均有示数，但示数较小，则电路已第18页，共20页接通，滑动变阻器接入电路的阻值过大，据此分析；(3)开始实验后，移动滑动变阻器的滑片，同时眼睛应注

视电压表的示数；电流表选用小量程，分度值为0.02𝐴，据此得出示数，根据𝑃=𝑈𝐼计算小灯泡的额定功率；(4)已知灯的额定电压，根据𝑃=𝑈𝐼，求出灯正常发光时的电流即可，①分析断开开关𝑆1，闭合开关𝑆2时电路的连接，首先

使灯正常发光；②分析保持滑动变阻器滑片𝑃位置不变，闭合开关𝑆1，断开开关𝑆2时电路的连接，得到灯正常发光时的电流大小；③根据𝑃=𝑈𝐼写出灯的额定功率表达式。本题考查测量小灯泡电功率的实验，考查电路连接、现象分析、电功率的计算和实

验步骤等知识。20.【答案】1𝑚3的天然气完全燃烧放出的热量为4.2×107𝐽【解析】解：(1)天然气的热值是4.2×107𝐽/𝑚3，表示的物理意义是1𝑚3的天然气完全燃烧放出的热量为4.2×107𝐽；(2)一标准大气

压下水沸腾时的温度为100℃，需要吸收的热量为：𝑄吸=𝑐水𝑚(𝑡−𝑡0)=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)×2𝑘𝑔×(100℃−20℃)=6.72×105𝐽；(3)由𝜂=𝑄吸𝑄放可知烧开这壶水需要天然气完全燃烧放出的热量为：𝑄放=𝑄吸𝜂=6.72×105𝐽40

%=1.68×106𝐽，由𝑄放=𝑞𝑉可知需要燃烧天然气的体积为：𝑉=𝑄放𝑞=1.68×106𝐽4.2×107𝐽/𝑚3=0.04𝑚3。答：(1)1𝑚3的天然气完全燃烧放出的热量为4.2×107𝐽；(2)需要吸收的热量为6

.72×105𝐽；(3)烧开这壶水需要燃烧0.04立方米的天然气。(1)热值是指单位质量(或单位体积)的某种燃料完全燃烧放出的热量；(2)一标准大气压下水沸腾时的温度为100℃，利用𝑄吸=𝑐水𝑚(𝑡−𝑡0)可求出水吸收

的热量；(3)利用𝜂=𝑄吸𝑄放求出烧开这壶水需要天然气完全燃烧放出的热量，再利用𝑄放=𝑞𝑉可求出需要燃烧天然气的体积。本题考查了对热值的理解和对比热容、效率、热值及其计算公式的应用，需要熟练掌握相关的计第1

9页，共20页算公式及变形式。21.【答案】“3−4”【解析】解：(1)旋钮开关置于“0−1”接线柱，电路未接通；旋钮开关置于“1−2”接线柱，𝑅2和𝑅3串联，总电阻最大，根据𝑃=𝑈𝐼=𝑈2�

�可知总功率最小，为低温挡；旋钮开关置于“2−3”接线柱，𝑅3被短路，电路为𝑅2的简单电路，总电阻较小，根据𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅可知总功率较大，为中温挡；旋钮开关置于“3−4”接线柱，为𝑅1、𝑅2的并联的电路，总电阻最小，根据𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅可知总功率最大，为高温挡

。(2)旋钮开关置于“3−4”接线柱，电热桌垫处于高温挡；高温挡的功率：𝑃=𝑃1+𝑃2=𝑈2𝑅1+𝑈2𝑅2=(220𝑉)21936𝛺+(220𝑉)2880𝛺=80𝑊，已知电热桌垫正常工作时，高温挡电功率为低温挡电功率的2倍，则低温挡的功率：𝑃低=12𝑃

=12×80𝑊=40𝑊，旋钮开关置于“1−2”接线柱，𝑅2和𝑅3串联，电热桌垫处于低温挡，由𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅可知，低温挡电路的总电阻：𝑅=𝑈2𝑃低=(220𝑉)240𝑊=1210𝛺，因串联电路的总电阻等于各分电阻之和，所以𝑅3的阻值：𝑅3=𝑅−𝑅

2=1210𝛺−880𝛺=330𝛺；(3)关置于“2−3”接线柱时，电热桌垫处于中温挡，中温挡的功率：𝑃中=𝑈2𝑅2=(220𝑉)2880𝛺=55𝑊，电热桌垫在中温挡正常工作5𝑚𝑖𝑛，消耗的电能：𝑊=𝑃中𝑡=55𝑊×5×60𝑠=1.65×1

04𝐽。答：(1)当旋钮开关在“3−4”位置时，电热桌垫处于高温挡；(2)𝑅3的阻值是330𝛺；(3)该电热桌垫在中温挡正常工作5𝑚𝑖𝑛，消耗的电能为1.65×104𝐽。(1)旋钮开关置于“0−1”接线柱，电路未接通；旋钮开关置于“1−2”接线柱，𝑅2和𝑅3串

联，总电阻最大，根据𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅可知总功率最小，为低温挡；第20页，共20页旋钮开关置于“2−3”接线柱，𝑅3被短路，电路为𝑅2的简单电路，总电阻较小，根据𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅可知总功率较大，为中温挡；旋钮开关置于“3−4”接线柱，𝑅1、𝑅2的并联，总电阻最小，

根据𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅可知总功率最大，为高温挡。(2)旋钮开关置于“3−4”接线柱，𝑅1、𝑅2的并联，电热桌垫处于高温挡，高温挡的功率等于电阻𝑅1、𝑅2的电功率之和，根据𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅求出高温挡的功率，进一步求出低温挡的功率，再根据

𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅求出低温挡时电路的总电阻，最后根据串联电路电阻规律求出电阻𝑅3的阻值；(3)当开关置于“2−3”接线柱时，电热桌垫处于中温挡，根据𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅求出求出中温挡的电功率，再根据𝑊=𝑃𝑡求出电热桌垫在中温挡正常

工作5𝑚𝑖𝑛，消耗的电能。本题主要考查用电器挡位问题，涉及到电功公式、电功率公式、串并联电路的特点等，会利用𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅判断用电器处于的挡位，有一定难度。