【文档说明】2021-2022学年河南省南阳十三中九年级上期末物理试题及答案解析.docx，共(17)页，320.898 KB，由小喜鸽上传

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第1页，共17页2021-2022学年河南省南阳十三中九年级（上）期末物理试卷1.炎炎夏日，如图中的“液氮冰激凌”非常走红。它是利用标准大气压下，液态氮的沸点为−196℃，在牛奶、奶油等冰激凌原料上倒上液态氮，它会迅速______(填物态变化名称)成气态，同时_

_____(选填“吸收”或“放出”)热量使牛奶、奶油中的水凝固成冰。2.将踩瘪但没有破裂的乒乓球放入热水中，球内气体通过______方式增加内能使气压增大，瘪下去的部分很快恢复了原状。从能量的角度看，这是内能的______(选填“转移”或“转化”)

过程，对于球内气体而言，没有发生改变的物理量是______。3.在超导状态下，导体的电阻𝑅=______𝛺；如果利用超导输电线进行远距离输电，导线______(选填“会”或“不会”)发热。4.将塑料绳的一端扎紧，

尽可能将其撕成更多的细丝，用干燥的手从上向下捋几下，观察到如图所示的现象。这是因为塑料丝带电的实质是______在物体间转移。塑料丝张开是因为______。5.电流通过导体，导体会发热的现象叫做电流的______效应。当电流一定时，相同时间里导体的电阻越大，产生的热量就_____

_。某电热器接在40𝑉的电源上，其电阻是100𝛺，则通电8𝑚𝑖𝑛能产生的热量是______𝐽。6.在下列能源中：煤、石油、风能、核能和天然气，属于可再生的是______；根据能量守恒定律，世界上的能源总量是不变的，那么主要造成能源危机的原因是，能量

的转化和转移具有______性。7.在受太阳照射的条件相同时，将内陆地区与沿海地区相比较()A.内陆地区的夏季比较凉爽B.内陆地区的冬季比较温暖C.内陆地区一天气温变化较大D.内陆地区一天气温变化较小8.如图所示的电路中，𝑅1是定值电阻，𝑅2

是滑动变阻器，当合上开关𝑆时，如果电流表的示数减少，那么()A.𝑅2上的滑片在向左滑动B.电压表的示数增大第2页，共17页C.电压表的示数也减少D.电压表的示数不变9.如图所示电路中，当开关𝑆闭合后发现两只灯𝐿1和𝐿2均不发光。用电压表测量，发现𝑐、𝑑两点间和�

�、𝑑两点间均有电压并且相等，而𝑎、𝑏两点和𝑐、𝑏两点间的电压都为零，则电路故障的原因可能是()A.𝐿1的灯丝断了B.𝐿2的灯丝断了C.𝐿1或𝐿2发生了短路D.开关𝑆接触不良10.

用两节干电池作电源的家用手电筒，正常发光时电流约0.32𝐴，小灯泡的电功率接近()A.1𝑊B.10𝑊C.0.1𝑘𝑊D.1𝑘𝑊11.如图中1、2是用伏安法分别测定两个不同阻值的定值电阻𝑅1、𝑅2所得到的电流与电压的关系图线，则它们阻值的大小关系是(

)A.𝑅1>𝑅2B.𝑅1<𝑅2C.𝑅1=𝑅2D.无法判断12.磁悬浮列车将为交通运输事业开辟一方崭新的天地，下面有关它的说法中不正确的是()A.通过列车底部和下方轨道间的磁极互相作用，可使列车悬浮B.为产生极强的磁场使列车悬浮，制作电磁铁的线圈

宜选用超导材料C.由于列车在悬浮状态下行驶，因而一定做匀速直线运动D.列车悬浮行驶时，车体与轨道间无阻力、无震动、运动平稳13.关于“热机”，下列说法中错误的是()A.通过技术改进，可以使热机的效率达到100%B.减少城

市热岛效应的措施之一就是倡导“绿色出行”C.用水而不用其它循环物质降低热机的温度，主要是利用水的比热容小的特性D.严寒的冬天，有人晚上把热机水箱中的水放出，是防止气温降低时，水凝固而胀坏水箱14.关于安全用电知识，下列说法正确的是()A.保险丝可以用铜丝代替B.电器设备

失火时，先断开电源再灭火C.打扫卫生时，不能用湿抹布擦灯泡和开关D.发现有人触电，应立即用手将人拉开15.如图所示，𝑎是常用的插线板，插线板上的指示灯在开关闭合时发光，插孔正常通电；若指示灯损坏，开关闭合时插孔也能正常通电。请

在图𝑏中画出该插线板中开关、指示灯和插孔的连接方式，并与电源接通。第3页，共17页16.在如图所示的电路中，请用笔画线代替导线将电路补全。要求：将滑动变阻器和螺线管组成串联电路，闭合开关后，螺线管左端为𝑁极，且滑动变阻器的滑片向左移动时，螺线管的磁性增强。17.小明设计了如图所示

的实验装置来探究水和食用油的吸热本领。(1)写出调整实验器材的方法步骤。(2)依据小明的探究方案，实验探究过程中，除了选用相同规格的烧杯和酒精灯，还需要控制不变的量有哪些？(3)实验探究记录数据如表。加热时间𝑡/𝑚

𝑖𝑛012345678910水的温度/℃3031323334353637383940食用油的温度/℃3032.53537.54042.54747.55052.555在这些数据中______最可能是由于测量或者

记录的疏忽而产生了错误，分析实验数据，可以得出的结论是什么？______。18.小明手头有一个额定电压是6𝑉、正常工作电流约为0.3𝐴的小灯泡，他想测定这个小灯泡的额定功率。实验室给他提供的器材如下：电流表、电压表、开关各一个，三个规格分别为“10𝛺0

.5𝐴”、“50𝛺0.5𝐴”“1𝑘𝛺0.1𝐴”的滑动变阻器，导线若干，电压为12𝑉的电源。(1)小明设计了如图甲所示的电路，通过分析你认为小明应选用规格为______的滑动变阻器。(2)当小明刚正确连接完所有的导线，灯泡立即发光，且亮度很大，

其原因是______和______。(3)实验过程中，小明边调节滑动变阻器，边观察电压表示数，当电压表示数为6𝑉时，他观察第4页，共17页到电流表示数如图乙所示，此时通过灯泡的电流为______𝐴，该灯泡的额定功率为______𝑊。(4)根据这个电路，还可以完成的实验是______。19.

如图所示是老师设计的一个实验装置，用来探究“影响电磁铁磁性强弱因素”，它是由电源、滑动变阻器、开关、带铁芯的螺线管(线圈电阻忽略不计)和自制的针式刻度板组成，通过观察指针偏转角度的大小，来判断电磁铁磁性的强弱

。用竹片削制的指针下方加装固定一物体𝐸，导线𝑎与接线柱2相连。(1)为了使指针在受磁场力的作用时能够绕𝑂点转动，需要在𝐸处加装______(选填“铜块”、“铝块”或“铁块”)，加装物体后，为了确保指针能正确指示且具有一定的灵敏度，老师在

𝑂点转轴处涂抹润滑油，目的是______，使指针转动更灵活。(2)按如图所示连接好电路，闭合开关，调节变阻器滑片𝑃到某一位置，记下此时指针偏转的角度，保持滑片𝑃位置不变，导线𝑎改为与接线柱1相连，

可以探究电磁铁磁性强弱与______的关系；保持接线方式不变，移动变阻器滑片𝑃，可以探究电磁铁磁性强弱与______的关系。(3)保持滑片𝑃位置不变，导线𝑎改为与接线柱1相连时，闭合开关后，指针偏转的角度将会______，当滑动变阻器的滑片𝑃向左滑动时，指针偏转的

角度将会______(填“增大”或“减小”)。(4)你认为该装置中指针的偏转角度大小可能还与哪些因素有关？(只写出一个即可)。20.某油电混合动力小汽车，在一段平直的公路上匀速行驶速度为100𝑘𝑚/ℎ，受到的阻力为2×103𝑁，求：(1)若在这一过程

中消耗燃油0.01𝑚3，求这一过程中燃油燃烧放出的热量(已知燃油密度为0.8×103𝑘𝑔/𝑚3，热值为4.6×107𝐽/𝑘𝑔)。第5页，共17页(2)小汽车行驶100𝑘𝑚发动机做的功为多少？(3)若该车改用电动力行驶，若每行驶100𝑘𝑚消耗电能100𝑘𝑊⋅ℎ，

求此过程的效率。21.电梯为居民出入带来很大的便利，小明家住某小区某栋6楼，放学后乘电梯回家。小明查阅资料，了解到出于安全考虑，电梯都设置了超载自动报警系统，其工作原理如图甲所示，电路由工作电路和控制电路组成：在工作电路中，当电梯

没有超载时，动触点𝐾与静触点𝐴接触，闭合开关𝑆，电动机正常工作；当电梯超载时，动触点𝐾与静触点𝐵接触，电铃发出报警铃声，即使闭合开关𝑆，电动机也不工作。在控制电路中，已知电源电压𝑈=6𝑉，保护电阻𝑅1=100𝛺，电阻式

压力传感器(压敏电阻)𝑅2的阻值随压力𝐹大小变化如图乙所示，电梯自重和电磁铁线圈的阻值都忽略不计。(1)在控制电路中，当压敏电阻𝑅2受到的压力𝐹增大时，电磁铁的磁性______(选填“增强”、“减弱”或“不变”)。(2)若小明的体重为400𝑁，他站在静止的电梯上，脚与电梯地面的总接

触面积为0.04𝑚2，则此时小明对电梯地面的压强为多少？(3)某次电梯正常运行时，测得通过电磁铁线圈的电流为10𝑚𝐴，则此时电梯载重为多少？(4)若电磁铁线圈电流达到20𝑚𝐴时，刚好接触静触点𝐵，电铃发出警报声。当该电梯厢内站立总质量为1000𝑘𝑔的乘客时，试通过计算说明电

梯是否超载？(𝑔取10𝑁/𝑘𝑔)第6页，共17页答案和解析1.【答案】汽化吸收【解析】解：在标准大气压下，液态氮的沸点为−196℃，在常温下达到沸点，会沸腾，沸腾过程中液态氮迅速汽化为气体，吸收热量，使牛奶、奶油中的水凝固成冰，制成“液氮冰

激凌”。故答案为：汽化；吸收；物质从液态到气态是汽化，汽化吸收热量。此题考查了物态变化的应用，比较简单，需要分析题目中所给物质前后的状态变化。2.【答案】热传递转移质量【解析】解：将踩瘪但没有破裂的乒乓球放入热水中，球内气体吸收热量，内能增加，这是通过热传递的方式改变内能的，属于内能的转移；气

球内部气压增大，所以瘪下去的部分很快恢复了原状；瘪下去的部分很快恢复了原状，虽然球内的气体体积增大，但由于球没有破裂，球内气体的分子数量没有增多也没有减少，所以球内气体的质量没有发生变化。故答案为：热传递；转移；质量。(1)改变物体内能的方法有做功和热传递；做功改变物体内能的实质是能量的转化

过程，热传递改变物体内能的实质是能量的转移过程；(2)质量是物体内所含物质的多少。此题考查了学生对质量属性的理解以及改变内能的方法等知识，属于对基础知识的考查。3.【答案】0；不会【解析】解：当导体的温度降至某一低温时，它的电阻突然变为零，这种特性称超导性。由于

超导体的电阻为零，所以在用超导体进行远距离输电时不会消耗电能产生热量，可以减少在输电过程中的能量损耗，大大节约能源。故答案为：0；不会。超导体的电阻为零，不会放热，所以电能无法转化为内能，也就避免了内能的损耗，适合做

输电线路。本题考查了超导体的特点及应用，体现了物理服务于社会的课标理念。解答本题的关键是超导体第7页，共17页是零电阻，不会产生热量的损耗。4.【答案】电子同种电荷相互排斥【解析】解：(1)摩擦起电的实质是电子的转移。(2)手和塑

料绳之间摩擦，使这些塑料绳带上同种电荷，根据同种电荷相互排斥，所以塑料丝张开。故答案为：电子；同种电荷相互排斥。(1)摩擦起电不是创造了电，是电子的转移。(2)同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。利用生

活中的小实验考查了电荷间的作用和摩擦起电的实质。5.【答案】热越大7680【解析】解：电流通过导体，导体会发热的现象叫做电流的热效应，当电流一定时，导体的电阻越大，产生的热量就越多。电热器是纯电阻电路，电

流做功全部用来产生热量，电热器产生的热量：𝑄=𝑊=𝑈2𝑅𝑡=(40𝑉)2100𝛺×8×60𝑠=7680𝐽。故答案为：热；越大；7680。电流通过导体，导体会发热的现象叫电流的热效应，电热的影响因素有电流、电阻和通电时间等。对于纯电阻用

电器，电流做功全部用来产生热量，电热器产生的热量𝑄=𝑊=𝑈2𝑅𝑡。本题主要考查了电流的热效应、电热的影响因素、电热的计算，注意：对于纯电阻用电器，电流做功全部用来产生热量，则电流通过纯电阻用电器产生的热量𝑄=�

�。6.【答案】风能；方向【解析】解：风能可以源源不断从自然界获得，它们是可再生能源；煤、石油、核能和天然气等都属于不可再生能源；发生热传递时热量只能由高温物体传递给低温物体，而不能反向传递；电烙铁工作时放出的热量很难再转化为电能，这两个事实说明能量的转化和转移具有方

向性。故答案为：风能；方向。(1)能源源不断从自然界获得的能源是可再生能源；不能源源不断从自然界获得的能源是不可再生第8页，共17页能源。(2)能量的转化和转移都是具有方向性的，不能反过来转化。知道能源不可再生的特点，能量的转移和转化具有方向性，这些

都属于基础知识。7.【答案】𝐶【解析】解：内陆地区多泥土沙石，沿海地区水多，因为水的比热容比砂石比热容大，相同质量的水和沙石吸收相同的热量后，沙石升高的温度大；相同质量的水和沙石放出相同的热量后，沙石降低的温度大，因此，在受太阳照射条件相同时

，内陆地区的夏季比沿海地区炎热，冬季比沿海地区寒冷，在一天之内气温变化也较大，故ABD错误，C正确。故选：𝐶。沿海地区水多，因为水的比热容较大，相同质量的水和泥土沙石比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，据此分析。本题主要考查学生对：水的比热容大在生活中的应用

的了解，属于常见题型。8.【答案】𝐶【解析】解：由电路图可知，𝑅1与𝑅2串联，电压表测𝑅2两端的电压，电流表测电路中的电流；当合上开关𝑆时，如果电流表的示数减少，根据欧姆定律可知，电路中的总电阻变大，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，所以滑片是向右移

动的；根据𝑈=𝐼𝑅可知，𝑅2两端的电压变小，即电压表示数变小；综上所述，C正确。故选：𝐶。由电路图可知，𝑅1与𝑅2串联，电压表测𝑅2两端的电压，电流表测电路中的电流；根据电流表示数的变化判定电路中总电阻的变

化和滑动变阻器接入电路电阻的变化；根据𝑈=𝐼𝑅分析电压表示数的变化。本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律的应用，难度不大。9.【答案】𝐴【解析】解：A、如果𝐿1的灯丝断了，𝐿1和𝐿2均不发光，把电压表并联在𝑎𝑏和𝑐𝑑间时，电压表无示数；把电压表

并联在𝑐𝑑和𝑏𝑑间时，电压表有示数。符合题意；B、如果𝐿2的灯丝断了，𝐿1和𝐿2均不发光，把电压表并联在𝑏𝑐间时，电压表有示数。不符合题意；C、如果𝐿1或𝐿2发生了短路，则另一个灯泡会发光，不符

合题意；第9页，共17页D、如果开关𝑆接触不良，𝐿1和𝐿2均不发光，把电压表并联在𝑎𝑏间时，电压表有示数。不符合题意；故选：𝐴。由图知：两只灯泡串联，闭合开关两灯都不亮，故障只能是断路，具体位置根据电压表有无示数判

定。利用电压表检验串联电路故障时，将电压表与某一用电器并联，闭合开关，如果电压表无示数，可能是此用电器短路或其它串联部分断路；如果电压表显示电源电压，可能是此用电器并联或其它串联部分短路。10.【答案】𝐴【解析】

解：灯泡电源电压：𝑈=1.5𝑉×2=3𝑉，灯泡的功率：𝑃=𝑈𝐼=3𝑉×0.32𝐴=0.96𝑊≈1𝑊；故选：𝐴。每节干电池的电压是1.5𝑉，求出电源电压，已知流过灯泡的电流，由电功率公式𝑃=𝑈𝐼可以求出灯

泡功率。本题考查了求手电筒的功率，知道干电池电压、熟练应用电功率公式即可正确解题。11.【答案】𝐴【解析】解：根据欧姆定律可知：在导体两端的电压相同时，通过导体的电流越大，导体的电阻就越小；(或者在通过导体的电流相同时，导体两端的电压越大，导体的电阻

就越大)由图可知：在电压相同时，通过1定值电阻的电流比2小，所以1的电阻比较大。(或者在电流相同时，1定值电阻两端的电压比2大，所以1的电阻比较大)故选：𝐴。第10页，共17页根据电压一定时，通过电阻的电流与电压成反比；电阻一定时，电阻两端的电压和电阻成正比，结合图象即可判断两电阻的阻

值关系。本题考查了欧姆定律的实际应用，侧重考查了控制变量法。控制变量法是我们初中阶段学习的最重要方法之一，所以我们要好好掌握。12.【答案】𝐶【解析】解：𝐴、列车悬浮行驶，是因为列车底部与下方轨道间的磁极有相

互作用力，而这个作用力与列车的重力相等时，便可悬浮了，故A正确，不符合题意；B、磁悬浮列车是利用电流的磁效应工作的，而利用超导材料作为电磁铁的线圈，可避免电流的热效应，可减少电能的不必要的损耗，故B正确，不符合题意；C、列车处于悬浮状态，是因为在竖直方向所受的重力和磁力是平衡力，但水平方向上受力

不一定平衡，则列车不一定做匀速直线运动，故C错误，符合题意；D、列车行驶时，悬浮在空中，与轨道不接触，所以与轨道间无阻力，且可无震动、平稳的行驶，故D正确，不符合题意。故选：𝐶。𝐴𝐷、磁悬浮列车利用“同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引”的原理，利用车体与轨道间的磁场力，

使车体完全脱离轨道；B、超导材料电阻为零；C、物体受力平衡，处于静止或匀速直线运动状态。本题主要考查学生对：磁悬浮列车的特点的了解和掌握，其中难点是对超导现象的理解，解题时拓展知道：超导现象都是在低温的条件下才出现

的，现实中超导材料的低温环境可以用氮气来产生。13.【答案】𝐴𝐶【解析】解：𝐴、热机在工作过程中不可避免地要克服机械间的摩擦而做额外功，因此热机效率不可能达到100%，故A错误；B、“绿色出行”可以减少热机工作时的二氧化碳和热量

的排放，是减少城市热岛效应的措施之一，故B正确；C、水的比热容大，相同质量的水和其他物质升高相同的温度，水吸收的热量多，因此用水而不用其它循环物质降低热机的温度，主要是利用水的比热容大的特性，故C错误；第11页，

共17页D、水结冰后质量不变，冰的密度比水小，由𝜌=𝑚𝑉可知水结冰后体积会变大，因此晚上把热机水箱中的水放出，是防止气温降低时，水凝固而胀坏水箱，故D正确。故选：𝐴𝐶。(1)热机是指有效利用的能量与燃料完全燃

烧放出的热量的比值，任何机械在工作过程中都要克服摩擦而做额外功，因此效率不可能达到100%；(2)热岛效应的形成是多个因素造成的，如人类生活排出大量二氧化碳和热量等，要降低“热岛效应”就要从热岛产生的

原因来分析；(3)由𝑄=𝑐𝑚𝛥𝑡可知，相同质量的不同物质升高相同的温度，比热容大的物质吸收的热量多，据此分析；(4)水箱中装有水，水凝固时体积要变大，就会胀破水箱。本题考查了热机效率、比热容和密度特性的理解，属于基础题

，难度不大。14.【答案】𝐵𝐶【解析】解：𝐴、用铜丝代替保险丝，当电路电流过大时，不能自动熔断而保护电路，故A错误；B、发现家用电器或导线失火时，不要直接去救援，因为人在救援时可能直接或间接接触火线，发生

触电事故，一定先切断电源，然后救火，故B正确；C、湿抹布容易导电，不能擦拭灯泡和开关，故C正确；D、发现有人触电，应当先断开电源，不能用手将人拉开，否则施救者也会触电，故D错误。故选：𝐵𝐶。(1)保险丝是用熔点低的铅锑合金制成的，而铜的熔点高，起不到保险作用；(

2)发现有人触电或电引起的火灾，首先切断电源，再实行救援措施；(3)水是导体。此题考查了生活中的安全用电知识和会触电的现象，一定要掌握安全用电原则，不能违反。15.【答案】解：插线板上的指示灯在开关闭合时会发光，插孔正常通电，说明开关同时控制灯泡和插座；

第12页，共17页当指示灯损坏时，开关闭合时插孔也能正常通电，说明灯泡和插座之间是并联的；因此开关串联在干路中，控制指示灯和插孔。如下图所示：【解析】并联电路中，干路开关控制整个电路中的用电器，支路开关控制支路中的用电器；并联电路各用电器之间互不影响，串联电路的用电器互相影响。(1)根据用电

器之间是否相互影响是判断用电器串联和并联的方法之一。(2)家庭电路中，开关控制用电器，开关一定接在用电器和火线之间，既能控制用电器，又能保证使用安全。16.【答案】解：因为要求滑动变阻器的滑片向左移动时，螺线管磁性增强，所以变阻器应该选

“左下”的接线柱。因为连接“左下”接线柱，滑片向左移动时，变阻器的阻值减小，电流变大，磁性增强。由安培定则(用右手握住螺线管，大拇指指向𝑁极，则四指弯曲的方向就是螺线管中线圈的电流方向)可知，螺线管中线圈的电流方向是“前上后下”，则应将

滑动变阻器“左下”接线柱与螺线管的右边导线相连，这样螺线管中的电流方向就是“前上后下”，最后将螺线管左边的导线与电源负极相连。答案如图：【解析】连接电路时，应按照电流的方向依次连接，所以应先根据题中的要求判断滑动变阻器应该接“左下”接线柱还是“右下”接线柱；然后根

据安培定则判断通电螺线管中的电流方向，从而确定滑动变阻器应该和螺线管左边的导线相连还是和右边的导线相连；最后将通电螺线管的另一根导线和电源的负极相连。本题是一道作图题，作图时一定要先分析题中的要求，看有几个要求。在连接时

，要根据各种仪器的使用规则、串并联电路的定义以及物理知识去逐一连接，以达到题中的要求。17.【答案】第6𝑚𝑖𝑛食用油的温度水的吸热本领比食用油大【解析】解：(1)调整实验器材的步骤：①调整下面的铁圈，使石棉网处于适当的高度；②调整上面铁夹，使温度计处于适当的高度；第13页，共1

7页(2)探究水和食用油的吸热本领，除了要选用相同规格的烧杯和酒精灯，还要使水与食用油的质量和初始温度相同；(3)分析表中数据可以看出，食用油每分钟温度升高2.5℃，所以第6𝑚𝑖𝑛食用油的温度记录错误，应该是45℃。分析表中的数据

可知，加热时间相同时，食用油升高的温度比水高；分析比较水在第5𝑚𝑖𝑛、10𝑚𝑖𝑛和食用油在第2𝑚𝑖𝑛、4𝑚𝑖𝑛的数据可知，升高相同的温度，水需要加热的时间比食用油的长，进而得出水的吸热本领比

食用油大。故答案为：(1)①调整下面的铁圈，使石棉网处于适当的高度；②调整上面铁夹，使温度计处于适当的高度；(2)水与食用油的质量和初始温度；(3)第6𝑚𝑖𝑛食用油的温度；水的吸热本领比食用油大。要比较不

同物质的吸热能力，有两种办法：(1)让质量相同的不同物质加热相同的时间(用相同的加热装置，加热时间就表示了吸收热量的多少)，看温度的变化值，温度变化值大的物质吸热能力弱；(2)将质量相同的不同物质加热到相同的温度，比较加热时间的不同，加热时间长的物质吸

热能力强。此题考查的是比较物质吸热能力的方法，是一道热学的基础题。比较常见的为探究性实验，要求我们应注重探究实验的过程，运用控制变量法分析问题。18.【答案】“50𝛺0.5𝐴”电路连接过程中开关未断开滑动变阻器未移到阻值最大处0.321.92伏安法测灯泡的电阻【

解析】解：(1)电源电压是12𝑉，灯泡和滑动变阻器是串联，根据串联电路两端的总电压等于给串联导体的电压之和，串联电路的电流处处相等。灯泡正常工作的电压是6𝑉，电流约是0.3𝐴，灯泡正常工作时，滑动变阻器的电压是6𝑉，电流约是0.

3𝐴，根据𝑅=𝑈𝐼得，滑动变阻器的最小电阻是20𝛺，允许通过的电流不小于0.3𝐴.所以滑动变阻器选择“50𝛺0.5𝐴”。(2)小明刚正确连接完所有的导线，灯泡立即发光，说明连接电路时，开关没有处于断开状态；亮度很

大，说明电路中电流很大，电源电压一定时，电阻很小，滑动变阻器没有处于最大阻值处。(3)电流表使用的量程是0～0.6𝐴，每一个大格代表0.2𝐴，每一个小格代表0.02𝐴，示数是0.32𝐴。灯泡的额定电压是6𝑉，额定电流是0.32𝐴，第14页，共17页𝑃=𝑈�

�=6𝑉×0.32𝐴=1.92𝑊。(4)电压表测量测量电压，电流表测量电流，根据𝑃=𝑈𝐼能测量电功率，根据𝑅=𝑈𝐼能测量电阻。所以这个电路图既能测量电功率，也能测量电阻。故答案为：(1)50𝛺0.5𝐴；(2)电路连接过程中开关未断开；滑动变阻器未移到阻

值最大处；(3)0.32；1.92；(4)伏安法测灯泡的电阻。(1)电源电压是12𝑉，灯泡和滑动变阻器是串联，灯泡正常工作的电压是6𝑉，电流约是0.3𝐴，灯泡正常工作时，滑动变阻器的电压是6𝑉，电流约是0.3𝐴，根据欧姆定律得，滑动变阻器的最小电

阻是20𝛺，允许通过的电流不小于0.3𝐴。(2)小明刚正确连接完所有的导线，灯泡立即发光，说明连接电路时，开关没有处于断开状态，亮度很大，说明电路中电流很大，电阻很小，滑动变阻器没有处于最大阻值处。(3)电流表的读数：首先确定使用的量程，然后确定每一个大格和每一

个小格代表的示数。(4)知道额定电压和额定电流，根据𝑃=𝑈𝐼求出额定功率。(5)测出电压和电流，根据𝑃=𝑈𝐼能测量电功率，根据𝑅=𝑈𝐼能测量电阻。(1)根据实验要求能正确选择电压表、电流表的量程，滑动变阻器的规格。(2)根据实验现象，能排除电路故障。(3)掌握电流表的正确

读数。(4)本题的电路图在电学探究实验中经常用到，测量电阻、测量功率等。(5)本实验是电学比较典型的实验，一定要透彻理解。19.【答案】铁块减小摩擦线圈匝数电流大小增大减小【解析】解：(1)磁铁可以吸引铁块，不吸引

铜、铝物质，故需要在𝐸处加装铁块；在𝑂点转轴处涂抹润滑油可以使接触面变光滑，减小了摩擦；(2)①保持滑片𝑃位置不变，也就是电流不变，导线𝑎改为与接线柱1相连，移动滑动变阻器使电路中电流不变，增加了线圈匝数，因此可以探究电磁铁磁性强

弱与线圈匝数的关系；②保持接线方式不变，也就是线圈匝数不变，移动变阻器滑片𝑃，可以改变电流，因此可以探究电磁铁磁性强弱与电流大小的关系；(3)①保持滑片𝑃位置不变，即电流不变，导线𝑎改为与接线柱1相连时，线圈匝数增多闭合开关后，第15页，共17页

电磁铁磁性增强，指针偏转的角度将会增大；②当滑动变阻器的滑片𝑃向左滑动时，接入电路电阻增大，电流减小，磁性减弱，所以指针偏转的角度将会减小；(4)该装置中指针的偏转角度大小要受磁力大小、指针质量、电磁铁距离指针的距离等因素影响，可以改变铁芯的

大小来改变磁性，也可以改变指针质量，这样摆动起来更轻松。故答案为：(1)铁块；减小摩擦；(2)线圈匝数；电流大小；(3)增大；减小；(4)铁芯大小。(1)根据减小摩擦的方法解答；(2)根据1、2位置比较接入电路线圈匝数多少可知答案；(3)依据导线

𝑎改为与接线柱1相连时，线圈匝数改变带来电磁铁磁性变化答题；(4)该装置中指针的偏转角度大小要受磁力大小、竹片削制的指针质量、电磁铁距离指针的距离等因素影响。这是一道综合题，考查了电磁铁磁性强弱的影响因素等知识，对学生的理论联系实际能力有帮助。20.【答案】解：(1)由𝜌=𝑚𝑉得消

耗燃油的质量：𝑚=𝜌𝑉=0.8×103𝑘𝑔/𝑚3×0.01𝑚3=8𝑘𝑔，燃油完全燃烧放出的热量：𝑄放=𝑚𝑞=8𝑘𝑔×4.6×107𝐽/𝑘𝑔=3.68×108𝐽，(2)因为车匀速行

驶，所以牵引力𝐹=𝑓=2×103𝑁，小汽车行驶100𝑘𝑚发动机做的功：𝑊=𝐹𝑠=2×103𝑁×100×103𝑚=2×108𝐽，(3)若该车改用电动力，提供的牵引力仍然为2×103𝑁，电动车每行驶100�

�𝑚做的功为：𝑊有用=𝐹𝑠=2×103𝑁×100×103𝑚=2×108𝐽；消耗电能𝑊=100𝑘𝑊⋅ℎ=100×3.6×106𝐽=3.6×108𝐽，此过程的效率𝜂=𝑊有用𝑊×100%=2×108𝐽3.6×108𝐽×100%≈55.6%。答：(1)燃油燃

烧放出的热量为3.68×108𝐽；(2)该车行驶的速度为100𝑘𝑚/ℎ，该车牵引力所做的功为2×108𝐽；(3)该车的效率为55.6%。第16页，共17页【解析】(1)知道燃油的密度和体积，利用𝑚=𝜌𝑉求燃油的

质量，再利用𝑄放=𝑚𝑞求燃油完全燃烧放出的热量，即热机消耗的总能量；(2)由于车匀速行驶，车受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，可求牵引力大小，又知道行驶的路程，利用𝑊=𝐹𝑠求牵引力做功；(3)根据𝑊有用=𝐹�

�计算出有用功，根据1𝑘𝑊⋅ℎ=3.6×106𝐽计算出100𝑘𝑊⋅ℎ的电能，再利用效率公式𝜂=𝑊有用𝑊×100%求该电动车的效率。本题为力学、热学、电学的综合题，综合考查了学生对密度公式、功的公式、燃料完全燃烧放

热公式、效率公式、二力平衡条件的了解与掌握，要求灵活运用相关公式。21.【答案】增强【解析】解：(1)在控制电路中，当压敏电阻𝑅2受到的压力𝐹增大时，其阻值减小，电路中的总电阻减小，由𝐼=𝑈𝑅知，电路中的电流变大，电流增大时电磁铁的磁性增强。(2)小明对电梯地面的压力𝐹=𝐺=400�

�；小明对电梯地面的压强𝑝=𝐹𝑆=400𝑁0.04𝑚2=1×104𝑃𝑎；(3)电路总电阻𝑅=𝑈𝐼=6𝑉0.01𝐴=600𝛺；根据串联电路电阻特点可知，此时压敏电阻的阻值𝑅2=𝑅−𝑅1=

600𝛺−100𝛺=500𝛺；由图乙可知此时压敏电阻所受的压力为𝐹1=6×103𝑁，故此时电梯载重为6×103𝑁；(4)电梯厢内站立总质量为1000𝑘𝑔的乘客时，电梯受到的压力等于乘客的重力，即𝐹2=𝐺′=𝑚𝑔=1000𝑘𝑔×10𝑁/𝑘𝑔=104𝑁；由

题图乙可知，当压力𝐹2=104𝑁时，对应的压敏电阻阻值𝑅2′=100𝛺，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，则控制电路中的电流；𝐼′=𝑈𝑅1+𝑅2′=6𝑉100𝛺+100𝛺=0.03𝐴=30𝑚𝐴；因30𝑚𝐴>20𝑚𝐴，所以，此

时电梯超载；答：(1)增强；(2)小明对电梯地面的压强为1×104𝑃𝑎；(3)电梯载重为6×103𝑁；(4)电梯超载。第17页，共17页(1)在控制电路中，当压敏电阻𝑅2受到的压力𝐹增大时，其阻值减小，根据欧姆定律可

知电路中电流的变化，再根据电磁铁中电流增大时磁性增强判断此时电磁铁的磁性的变化；(2)小明对电梯地面的压力等于自身的体重，知道受力面积，根据公式𝑝=𝐹𝑆求出小明对电梯地面的压强；(3)算出电阻，然后根据图判断载重；(4)根据𝐺=𝑚𝑔求出乘客的重力，也就是对电梯的压力，找出图象中压力对应

的𝑅2电阻值，根据欧姆定律的知识计算出此时电路中的电流，将这个电流和20𝑚𝐴比较得出结论。本题考查了压强、欧姆定律的灵活应用，明白电梯超载自动报警系统的工作原理是电磁铁和知道电磁铁磁性的强弱与电流的关系是解决本题的关键。