【文档说明】2021-2022学年河南省洛阳市汝阳县九年级上期末物理试题及答案解析.docx，共(20)页，309.411 KB，由小喜鸽上传

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第1页，共20页2021-2022学年河南省洛阳市汝阳县九年级（上）期末物理试卷一、单选题（本大题共6小题，共18.0分）1.小弘依次分别将亮度相当的小灯泡与发光二极管单独接入家庭照明电路中，观察电能表转盘的转动情况，发现在相同的时间内，电能表转盘的转数前者大于后者。更换器材多次试验，

结果相同。下列分析或结论中说法不正确的是()A.在亮度相当的情况下，电流通过小灯泡时，电能转化为光能的效率低于发光二极管B.在亮度相当的情况下，发光二极管消耗的电功率低于小灯泡C.在相同的时间内，二者消

耗的电能不相同D.在相同的时间内，电流通过二者所做的功相同，所以亮度相当2.关于热量、温度、内能之间的关系，下列说法正确的是()A.物体温度不变，一定没有吸热B.物体吸收热量，温度一定升高C.物体温度升高，内能一

定增加D.物体温度升高，一定吸收热量3.如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关𝑆，将滑动变阻器的滑片𝑃向𝑏端移动，则移动过程中()A.电压表𝑉的示数变小，电流表𝐴1的示数变大B.电压表𝑉的示数不变，电流表𝐴2的示数变小C.电压表�

�的示数与电流表𝐴1的示数的乘积变小D.电压表𝑉的示数与电流表𝐴1和𝐴2的示数差的比值不变4.下列关于安全用电原则中，说法不正确的是()A.不接触低压带电体，不靠近高压带电体B.更换灯泡、搬动电器前应断

开电源开关C.雷雨天不能躲在大树下避雨．D.保险丝烧断时，可以用铜丝代替保险丝5.分别标有“6𝑉6𝑊”和“6𝑉3𝑊”的甲、乙两只灯泡，经实验测得其𝐼−𝑈特性曲线如图所示。现将甲、乙两灯并联在电路中，当两只灯泡的总电流为1𝐴时，两只灯泡消耗的总功率是()第2页，共20页A.3

𝑊B.4𝑊C.4.5𝑊D.6𝑊6.单缸四冲程汽油机的飞轮转速是1800𝑟/𝑚𝑖𝑛，此汽油机在每秒钟内()A.完成120个冲程，对外做功30次B.完成60个冲程，对外做功15次C.完成30个冲程，对外做功15

次D.完成60个冲程，对外做功30次二、多选题（本大题共2小题，共6.0分）7.如图所示是小红测定小灯泡电阻的电路图，当闭合开关𝑆时，发现灯𝐿不亮，电压表无示数；若电路故障只出现在灯𝐿和变阻器𝑅中的一处，则下列判断正确的是()A.灯

𝐿断路B.灯𝐿短路C.变阻器𝑅断路D.变阻器𝑅短路8.如图所示，电源电压恒为4.5𝑉，电压表量程为0～3𝑉，滑动变阻器规格为“20𝛺1𝐴”，灯泡𝐿标有“2.5𝑉1.25𝑊”，在不损坏电路元件的情况下，下列判断正确的是()A.电路中电流变化的范围是0.3～0.5

𝐴B.灯泡的最小功率是0.162𝑊C.滑动变阻器阻值变化的范围是2.5～10𝛺D.该电路的最大功率是2.25𝑊三、填空题（本大题共6小题，共14.0分）9.11月15日热力公司开始供暖，我们家中的“暖气”用水作为介质，把燃料燃烧时产生的热量带到家中取暖。用水做运输

能量的介质是因为水的______大。生活中、各种产业中，还有许多用水来加热或散热的情况，请举出一例：______。第3页，共20页10.电阻𝑅1=12𝛺，𝑅2=4𝛺并联在同一电路中，则它们两端的电压之比为𝑈1：𝑈2=______，电流之

比𝐼𝑙：𝐼2=______，功率之比𝑃1：𝑃2=______。11.如图1所示电路中，电源电压6𝑉，开关闭合后，电流表𝐴1与𝐴2指针指示的位置均如图2所示，则通过灯𝐿1电流是______𝐴，灯𝐿2消耗的电功率是______𝑊。12.在

家庭电路中，各用电器之间是______(选填“串联”或“并联”)连接的。星期天小明在家里正开着空调上网查资料，当妈妈做饭时，把电热水壶插头插进插座，空气开关立刻“跳闸”，小明分析其原因可能是电热水壶发

生______，也可能是家里电路中用电器______。13.把一盏“6𝑉4𝑊”的灯泡，接在9𝑉的电源两端，要使灯泡正常发光，要______(“串联”或者“并联”)一个______𝛺的电阻。14.某家用电能表

的有关参数如图所示，该电能表上用电器的总功率不能超过______𝑊。该电能表的转盘每小时最多转______转。四、作图题（本大题共2小题，共4.0分）15.如图所示的电路中，有几根导线尚未连接，请用笔划线代替导线补上。补上后要求：(1

)两灯泡并联；(2)电流表测灯𝐿1的电流；(3)闭合开关后，向𝐴端移动滑动变阻器的滑片𝑃，两灯均变暗。第4页，共20页16.把带有开关的电灯，三孔插座正确地连入如图的家庭电路中。五、实验探究题（本大题共4小题，共18.0分）1

7.如图，烧瓶内有一些水，塞紧瓶塞，用打气筒向瓶内打气，当瓶塞从瓶口跳起时，看到瓶内出现了白雾，该现象产生的原因是：瓶内空气推动瓶塞做功时，自身的内能______，温度______，水蒸气液化成了小水滴。18.如图，在一个配有活塞

的厚玻璃筒里放一小团硝化棉，把活塞______(选填“缓慢”或“迅速”)压下去，我们会看到______的现象。19.在“探究串、并联电路的电流规律”实验中：第5页，共20页(1)实验中电流表应该串联在所要测量的电路中；连接电路闭合开关前，发现电流表指针向逆时针方

向偏转原因是______。(2)小军同学按图甲的电路连接好后，把电流表先后接在电路中的𝑎、𝑏、𝑐处时，闭合开关，分别测得各点的电流值如表所示，比较测得的数据，可以得出的结论是______。测量处𝑎𝑏𝑐电流/𝐴0.450

.450.45(3)后来小军发现由表直接得出这样的结论是______(选填“可靠”或“不可靠”)的，原因是：______。(4)在探究并联电路电流规律实验时，小军按照图乙连接好如图丙的实物图，此时所测量的是干路的电流，下一步小军想测𝐶

灯电流，请你帮他改接电路(只能改的一条导线，用×号划掉应改动的导线，用铅笔代替导线画出改动后的导线)。(5)小亮同学在实验过程中还发现：闭合开关时电流表指针迅速偏转较大角度，紧接着指针再偏回一定角度后，示数才稳定下来；同组的小刚同学同时发现，闭合开关瞬

间灯泡亮度较大，紧接着变暗一点后，亮度才稳定下来。造成这种现象的原因是______。20.如图甲所示，是小利在“测量小灯泡的电功率”实验时准备的器材，小灯泡的额定电压为3.8𝑉，电源电压恒为6𝑉。(1)请用笔画

代替导线，将甲图电路连接完整。(2)连接电路时，开关应该______，滑动变阻器滑片应移到______.(填“最左端”、“最右端”或“中间位置”)。(3)闭合开关，发现灯泡不亮，电流表指针没有偏转，电压表的示数接近6𝑉。那么电路的故障可能是____

__(故障只出现在滑动变阻器和灯泡上)。排除故障后，发现灯泡仍不亮，电流表第6页，共20页指针偏转角度很小，原因可能是______。(4)如果发现灯泡发光较暗，若要测量小灯泡的额定功率，应该______，若此时电流表的示数如图乙所

示，则此小灯泡的额定电功率为______𝑊。(5)若电压表“0−15𝑉”的量程接线柱损坏，可以采取的补救措施有：______。六、计算题（本大题共2小题，共10.0分）21.随着经济水平的不断提高，小汽车越来越多地走进了我市普通百姓人家。如表为小明同学家小汽车的有关数据：小汽车的总质量15

00𝑘𝑔百公里耗油量8𝐿小汽车的额定功率50𝑘𝑊水箱中装满水质量2.5𝑘𝑔汽车轮胎与地面接触的总面积0.1𝑚2汽油的密度0.71×103𝑘𝑔/𝑚3求：(1)小汽车在行驶的过程中，水箱里水的内能是通过______的方式增加的。(2)某次

行驶中，若水箱中水温度升高20℃，则水吸收多少热量？(3)假若小汽车发动机的效率为30%，该小汽车在水平路面上以额定功率匀速直线行驶0.5ℎ，此过程中小汽车消耗的汽油质量是多少？(结果保留一位小数)【汽油的热值为4.6×107𝐽/𝑘𝑔，𝑔=10𝑁/𝑘

𝑔，水的比热容为4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)】22.如图所示，灯泡𝐿标有“6𝑉3𝑊”字样，电源电压恒为6𝑉，定值电阻𝑅=6𝛺，假设灯泡𝐿的阻值不随温度变化而变化。求：(1)灯泡𝐿正常发光时的电流是多少？电阻是多少？(2)只闭合𝑆2、𝑆3时，电流表的示

数是多少？(3)该电路消耗的最小功率是多少？第7页，共20页答案和解析1.【答案】𝐷【解析】解：由题知，在相同的时间内，小灯泡单独接入电路时，电能表转盘的转数大；发光二极管单独接入电路时，电能表转盘的转数小。说明在相同的时间内，小灯泡消耗的电能多(电流通过小灯泡做功多)，即小灯泡的电功

率大；在亮度相当的情况下，即转化成的光能相同，所以电流通过小灯泡时，电能转化为光能的效率低，低于发光二极管，故ABC正确、D错误。故选：𝐷。利用下列知识分析判断：(1)小灯泡、发光二极管发光亮度相当，说明两种灯转

化成的光能相同；(2)电能表的转数越多，电路中用电器消耗的电能越多；在相同的时间内，电能表转盘的转数越多，用电器消耗的电能越多，则该用电器的电功率越大；(3)灯的发光效率等于灯转化成的光能与消耗的电能之比。本题考查了学生对电流做功的实质、电能表相关参

数、效率概念的理解，要知道：发光亮度相当，说明两种灯转化成的光能相同。2.【答案】𝐶【解析】解：𝐴、晶体在熔化的过程中温度不变，但仍然吸热，不符合题意；B、晶体在熔化的过程中吸热但温度不变，不符合题意；C、物体吸收热量，温度升高，内能一定增加，符合题意；D、物体温度升高

，也可能是因为对物体做功引起的，不符合题意。故选：𝐶。解决问题的诀窍是：物体吸热或温度升高，内能一定增大；但物体的内能增大，不一定是由物体吸热或温度升高引起的。要正确理解温度、热量与内能的关系。记住解决问题的诀

窍。3.【答案】𝐶【解析】第8页，共20页【分析】由图可知，电阻𝑅1与滑动变阻器𝑅2并联，电流表𝐴2测通过定值电阻𝑅1的电流，电流表𝐴1测干路中的总电流，电压表与定值电阻并联在电路中；并联电路两

端电压等于电源电压，从而可以判断出电压表示数的变化；首先判断出滑动变阻器的滑片𝑃向𝑏移动时，滑动变阻器连入电路中电阻的变化，根据欧姆定律𝐼=𝑈𝑅判断出通过滑动变阻器电流的变化；根据并联电路电流特点判定干路电流的变化；根据各表的示数变化情况判定比值和乘积的大小。本题考查了

并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是能把比值问题转化为阻值问题来处理，这样就可以减小问题的复杂性。【解答】𝐴𝐵、由图可知，电阻𝑅1与滑动变阻器𝑅2并联，电流表𝐴2测通过定值电阻𝑅1的电流，电流表𝐴1测干路

中的总电流，电压表与定值电阻并联在电路中，电压表测量的是电源电压，其示数保持不变；将滑动变阻器的滑片𝑃向𝑏端移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据𝐼=𝑈𝑅可知，通过变阻器𝑅2的电流变小；由于𝑅1两端的电

压不变，所以𝑅1的电流保持不变，即电流表𝐴2的示数不变，根据并联电路的电流特点可知，干路中的电流减小，即𝐴1的示数变小；故AB错误；C、电压表𝑉的示数不变，电流表𝐴1的示数变小，则电压表𝑉的示数与电流表𝐴1的示数的乘积变小，故C正确；D、电流表

𝐴1和𝐴2的示数差为通过滑动变阻器的电流，由欧姆定律可知，电压表𝑉的示数与电流表𝐴1和𝐴2的示数差的比值为滑动变阻器的电阻，其电阻变大，则该比值变大，故D错误。故选：𝐶。4.【答案】𝐷【解析】解：𝐴、不接触低压带电体，不靠近高压带电体，故A正确；B、更换灯泡、搬动电

器之前必须断开开关，否则可能引起触电，故B正确；C、在大树下避雨，因为大树和人体都是电的良导体，雷电极易通过突起物——大树传向人体，而造成雷电灾害，故C正确；D、保险丝采用电阻率大熔点低的铅锑合金制成，在电流过大时能自动切断电源；铜的熔点高，在

电流过大时不能自动切断电源，起不到保险的作用，故D错误。故选：𝐷。(1)安全用电原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体；第9页，共20页(2)更换灯泡、搬动电器之前必须断开开关，因为当人体直接或间接接触火线并形成电流通路的时候，就会造成触电；(3)雷雨天，树作为地面上的“凸出物”，

雷电电流通过树干就会传下来。再传下来的过程中电弧放电打在人的头上，又通过人体一直传到地下去，而这样就造成了雷电灾害；(4)家庭电路中保险丝是用熔点低、电阻率大的合金制成，在电路中电流过大时会熔断。本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识。只

要同学们牢记安全用电常识，并正确规范操作，就不会有危险发生。5.【答案】𝐴【解析】解：由题意知，两灯泡并联，则它们两端的电压相等，且两个灯泡的电流之和为1𝐴，由图象知，当两灯泡两端的电压为3𝑉，通过甲灯泡的电流为0.6𝐴，通过乙灯泡的电流为0.4𝐴时符合，则两个

灯泡消耗的总功率为：𝑃=𝑈𝐼=3𝑉×1𝐴=3𝑊。故选：𝐴。两灯泡并联时它们两端的电压相等，且总电流等于各支路电流之和，从图象中找出符合要求的电压和电流值，根据𝑃=𝑈𝐼求出甲、乙两只灯泡消耗的总功率。

本题考查了并联电路的电压和电流特点以及电功率的计算，难点是要通过图象分析找出当两只灯泡的总电流为1𝐴时，灯泡的电压和电流。要找出灯泡的电压和电流，就需要根据我们所学的并联电路的特点去分析，而不能一味的只盯着图象去分析，否则就会像无头苍蝇一样，没有准确的思路。6.【答案

】𝐵【解析】解：飞轮转速为1800𝑟/𝑚𝑖𝑛=30𝑟/𝑠，因一个工作循环活塞往复2次，曲轴转动2周，做功1次，完成4个冲程，所以，该汽油机1𝑠内完成60个冲程，对外做功15次。故选：𝐵。内燃机完成1个

工作循环，四个冲程，飞轮转2转，对外做功1次。本题考查了内燃机完成一个工作循环飞轮转动的圈数和做功次数，属于基础题。第10页，共20页7.【答案】𝐵𝐶【解析】解：由图可知，该电路为串联电路，电压表测量灯泡两端

的电压，电流表测量电路中的电流；A、若灯泡𝐿发生断路，灯不亮，电压表的正负接线柱与电源正负极之间连接是连通的，电压表有示数，故A不符合题意；B、若灯泡𝐿短路，灯不亮，电压表示数为0，故B符合题意；C、若变阻器断路，灯不亮，电流表和电压表都无示数，故C符合题意；D、

若变阻器短路，灯亮，电压表和电流表都有示数，故D不符合题意。故选：𝐵𝐶。灯泡不亮说明电路某处断路或灯短路；已知电压表无示数，说明电压表被短路或与电源不能相通；综合分析进行判断。本题考查了学生利用电压表判断电路故障的分析能力，电路故障分短路和开路两种情况，平时做

实验时试一试，多总结、提高分析能力。8.【答案】𝐴𝐷【解析】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压。(1)灯泡正常发光时的电压为2.5𝑉，功率为1.25𝑊，∵串联电路总电压等于各分电压之和，∴此时电压表的示数𝑈滑=𝑈−𝑈�

�=4.5𝑉−2.5𝑉=2𝑉∵2𝑉<3𝑉，没有超出电压表的量程，∴灯泡两端的电压可以达到2.5𝑉；(2)∵串联电路中各处的电流相等，∴根据𝑃=𝑈𝐼可得，灯泡正常发光时电路中的电流：𝐼=𝐼𝐿=𝑃𝐿𝑈𝐿=

1.25𝑊2.5𝑉=0.5𝐴，∵滑动变阻器允许通过的最大电流为1𝐴，∴电路中的最大电流𝐼𝑚𝑎𝑥=0.5𝐴，电路的最大电功率：𝑃𝑚𝑎𝑥=𝑈𝐼𝑚𝑎𝑥=4.5𝑉×0.5

𝐴=2.25𝑊，故D正确；此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，根据欧姆定律可得：第11页，共20页𝑅滑𝑚𝑖𝑛=𝑈滑𝐼𝑚𝑎𝑥=2𝑉0.5𝐴=4𝛺；当电压表的示数为3𝑉时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，

灯泡的电阻：𝑅𝐿=𝑈𝐿𝐼𝐿=2.5𝑉0.5𝐴=5𝛺，灯泡两端的电压：𝑈𝐿′=𝑈−𝑈滑𝑚𝑎𝑥=4.5𝑉−3𝑉=1.5𝑉，电路中的最小电流：𝐼𝑚𝑖𝑛=𝑈𝐿′𝑅𝐿=1.5𝑉5𝛺=0.3𝐴，∴电路中电流变化的范围是0.3𝐴～0.5𝐴

，故A正确；灯泡消耗的最小电功率：𝑃𝑚𝑖𝑛=𝑈𝐿′𝐼𝑚𝑖𝑛=1.5𝑉×0.3𝐴=0.45𝑊，故B不正确；滑动变阻器接入电路中的最大阻值：𝑅滑𝑚𝑎𝑥=𝑈滑𝑚𝑎𝑥𝐼𝑚𝑖𝑛=3𝑉0.3𝐴=10𝛺，∴滑动变阻器阻值变化的范围是4�

�～10𝛺，故C不正确。故选：𝐴𝐷。由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压。(1)灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电压特点求出电压表的示数即可判断灯泡两

端的最大电压；(2)根据串联电路的电流特点可知电路中的最大电流为灯泡额定电流和滑动变阻器允许通过最大电流中较小的一个，根据𝑃=𝑈𝐼求出电路中的最大电功率，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出滑动变阻器接

入电路中的最小阻值；当电压表的示数为3𝑉时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，利用欧姆定律求出灯泡的电阻，利用串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，利用欧姆定律求出电路中的电流，进一步求出电路中电流变化的范围，最后根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值即可得出

滑动变阻器阻值变化的范围。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据灯泡的额定电流确定电路中的最大电流和根据电压表的最大示数确定电路中的最小电流，并且要知道灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。第12页，共20页9.【答案】比热容车辆的发动机用水来

做冷却剂，城市中建造人工湖、植树种草来调节气温等【解析】解：因为水的比热容最大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以暖气装置中用水来供热；生活和生产中，用热水袋取暖。生活中、各种产

业中，用水来加热或散热的包括：车辆的发动机用水来做冷却剂，城市中建造人工湖、植树种草来调节气温等。故答案为：比热容；车辆的发动机用水来做冷却剂，城市中建造人工湖、植树种草来调节气温等。(1)因为水的比热容较大：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低

相同的温度，水吸收或放出的热量多，据此分析。(2)由吸热公式𝑄吸=𝑐𝑚𝛥𝑡可知，质量相同的不同物质，吸收相同的热量，比热容大的温度升高少，比热容小的温度升高多。本题主要考查了学生对水的比热容的理解与运用，记住：质量相同的不同物质，吸收或放出相同的热量，比热容大的物体温度变化小；变化相同的

温度，比热容大的物体吸收或放出的热量多。10.【答案】1：11：31：3【解析】解：𝑅1、𝑅2并联时，并联电路中各支路两端的电压相等，它们两端的电压之比𝑈1：𝑈2=1：1，根据欧姆定律可得，通过它们电流值比：𝐼1𝐼2=𝑈𝑅1𝑈𝑅2=𝑅2𝑅1=4𝛺12𝛺=13

。根据𝑃=𝑈𝐼得：𝑃1𝑃2=𝑈𝐼1𝑈𝐼2=𝐼1𝐼2=13。故答案为：1：1；1：3；1：3。两电阻并联时，根据并联电路的电压特点可知它们两端的电压之比，根据欧姆定律求出通过它们的电流之比

，根据𝑃=𝑈𝐼得出功率之比。本题考查并联电路的电压特点、功、功率公式以及欧姆定律的应用，是一道较为简单的应用题。11.【答案】1.762.64【解析】解：由电路图可知，两灯并联，电流表𝐴1测干路电流，𝐴2测𝐿2支路电流，由并联电路干路电流等于各支路电

流之和可知，𝐴1示数应大于𝐴2示数，而两电流表指针偏转相同，所以𝐴1使用0−3𝐴量程，分度值0.1𝐴，由图乙知其示数为2.2𝐴，即干路电流为：𝐼=2.2𝐴，第13页，共20页𝐴2使用0−0.6

𝐴量程，分度值0.02𝐴，其示数为0.44𝐴，即通过𝐿2支路电流为0.44𝐴，所以通过𝐿1电流为：𝐼1=𝐼−𝐼2=2.2𝐴−0.44𝐴=1.76𝐴；由并联电路中各支路电压都等于电

源电压和𝑃=𝑈𝐼可得，𝐿2消耗的电功率：𝑃2=𝑈𝐼2=6𝑉×0.44𝐴=2.64𝑊。故答案为：1.76；2.64。由电路图分析电路的连接方式和电流表的作用，根据电路的电流特点确定电流表的量程并读数，从而得到电路中的总电流、通过灯𝐿1和𝐿2

的电流的大小；由𝑃=𝑈𝐼计算𝐿2消耗的电功率。本题考查并联电路特点和电功率公式的应用，解题的关键是正确分析电路、确定两电流表的量程。12.【答案】并联短路总功率过大【解析】解：(1)家用电器之间是并联时，各家用电

器都正常工作，并且互不影响；(2)电流过大会导致空气开关“跳闸”，电流过大的原因有：①电热水壶插头内部发生短路；②接入电热水壶后使得电路中用电器的总功率过大，造成干路电流过大。故答案为：并联；短路；总功率过大。(1)各家用电器之间是并联时，各家用电器都正常工作，并且互不影响；开关和用电器之间是

串联的；(2)空气开关“跳闸”是因为电路中电流过大。电路中电流过大有两种原因：一是电路中用电器的总功率过大，二是电路发生了短路。本题考查了家用电器的连接方法以及家庭电路中电流过大的原因，属于基础题目。13.【答案】串联4.5【解析】解：因串联电路起分压作用，而电源

电压大于灯泡的额定电压，因此要使灯泡正常发光，需要串联一个电阻；由𝑃=𝑈𝐼可知，灯泡正常发光的电流：𝐼𝐿=𝑃𝐿𝑈𝐿=4𝑊6𝑉=23𝐴，因串联电路两端电压等于各部分电路两端电压之和，所以串联电阻两端

电压：𝑈′=𝑈−𝑈𝐿=9𝑉−6𝑉=3𝑉，因串联电路处处电流相等，所以由𝐼=𝑈𝑅可知，串联电阻的阻值：𝑅=𝑈′𝐼𝐿=3𝑉23𝐴=4.5𝛺。第14页，共20页故答案为：串联；4.5。根据串联电路分压特点、结合电源电

压、灯泡的额定电压判断出需要串联一个电阻，根据𝑃=𝑈𝐼求出灯泡正常发光时的电流，根据串联电路电压、电流规律和欧姆定律求出串联电阻的阻值。本题考查串联电路起分压的作用、串联电路的特点以及欧姆定律的应用

，属于基础题。14.【答案】44001584【解析】解：(1)电能表的表盘上，“220𝑉”是指电能表的工作电压，10(20)𝐴中“20𝐴”是指平时工作允许通过的最大电流，该电能表上用电器的最大总功率𝑃=𝑈

𝐼=220𝑉×20𝐴=4400𝑊；(2)电能表上“360𝑟/𝑘𝑊⋅ℎ”表示电能表所接的电路每消耗1𝑘𝑊⋅ℎ的电能，电能表的转盘转360𝑟；1ℎ消耗的最多电能𝑊=𝑃𝑡=4.4𝑘𝑊×1ℎ=4.4𝑘𝑊⋅ℎ，该电能表的转盘每小时最多转数�

�=360𝑟/𝑘𝑊⋅ℎ×4.4𝑘𝑊⋅ℎ=1584𝑟。故答案为：4400；1584。(1)表盘上，“220𝑉”是指电能表的工作电压，10(20)𝐴中“10𝐴”是指电能表的标定电流，“20𝐴”是指平时工作允许通过的最大电流，利用�

�=𝑈𝐼求该电能表上用电器的最大总功率；(2)电能表上“360𝑟/(𝑘𝑊⋅ℎ)”表示电能表所接的电路每消耗1𝑘𝑊⋅ℎ的电能，电能表的转盘转360𝑟。知道最大功率，利用𝑊=𝑃𝑡求1ℎ消耗的最大

电能，进而求出每小时的最多转数。本题考查了学生对电能表相关参数的理解以及电能的计算，属于中档题。15.【答案】解：由题知，两灯泡并联；电流表测灯𝐿1的电流，所以电流表应与𝐿1串联，电流表可选用小量程；向𝐴端移动滑动变阻器的滑片𝑃，两灯均变

暗，说明电路中电流变小，变阻器连入的电阻变大，所以应将其𝐵接线柱接入电路中，并且滑动变阻器应串联在干路中；开关串联在干路中，控制整个电路；实物图的连接如下：。第15页，共20页【解析】两灯泡并联；电

流表应与𝐿1串联；根据向𝐴端移动滑动变阻器的滑片𝑃两灯均变暗，确定变阻器的连接，据此连接实物图。本题考查了根据要求连接实物图，关键是滑动变阻器和电流表的连接。16.【答案】解：(1)零线直接进入灯泡的螺旋套；火线先接入开关，再进入灯泡顶端的金属点。(2)三孔插座的接法：上孔接地线；左孔

接零线；右孔接火线。【解析】(1)火线首先进入开关，然后进入灯泡顶端的金属点；零线直接进入螺旋套。火线接在灯泡的顶端，在更换灯泡时，断开开关，切断火线，更安全。(2)三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。(1)掌握家庭电路中灯泡、开关、保险丝、两孔插座、三孔插座的接法。(2)正确

理解为什么设计三孔插座和金属外壳的用电器为什么有三脚插头。17.【答案】减小降低【解析】解：给瓶内打气，瓶内气压增大，内部空气把瓶塞推出，瓶内气体对瓶塞做功，使气体自身的内能减少，温度降低，瓶内的水蒸气遇冷液化成小水滴，从

而形成水雾。故答案为：减小；降低。当气体对外做功时，内能减小，温度降低，由内能转化为机械能。本题考查了改变内能的方法(物体对外做功，物体的内能减少)、液化知识，知道白雾是液态、知道其形成过程是本题的关键。18.【

答案】迅速硝化棉燃烧【解析】解：在一个配有活塞的厚玻璃筒里放一小团硝化棉燃烧，把活塞迅速压下去，活塞对瓶内气体做功，气体的内能增加，温度升高，所以我们会看到硝化棉燃烧的现象。故答案为：迅速；硝化棉燃烧。做功可以改变物体的内能；对物体做功，物体内能会增加；物体对外做功，物体内能会减小

。第16页，共20页本题考查了改变内能的方法，难度不大。19.【答案】电流表没有校零串联电路中电流处处相等不可靠只进行了一次实验，实验结论不具有普遍性灯丝的电阻随着温度的升高而增大【解析】解：(1)闭合开关前，发现电流表指针向逆

时针方向偏转，这是由于电流表没有调零造成的；(2)由表中实验数据可知，𝑎、𝑏、𝑐三处电流相等，由此可知：串联电路中电流处处相等；(3)由表中实验数据可知，只进行了一次实验，实验结论不具有普遍性，为得出普遍结论，应使用不同规格的灯泡进行多次实验，测出多组实验数据；(4)由图可知，电

流表要测𝐶灯电流，应该使电流表与𝐶灯串联，故改接电路如下图所示：(5)灯丝的电阻随着温度的升高而增大，刚闭合开关时，灯丝的温度较低，电阻较小，电流较大，电流表指针偏角较大；当灯泡发光后灯丝温度升高，电阻增大，电路电流减小

，电流表示数减小，最后达到稳定；灯的亮度取决于灯的实际功率，根据𝑃=𝑈2𝑅，闭合开关瞬间，灯的电阻小，实际功率大，灯泡亮度较大，紧接温度升高后，电阻变大，实际功率变小，变暗一点后，亮度才稳定下来。故答案为：(1)电流表没

有校零；(2)串联电路中电流处处相等；(3)不可靠；只进行了一次实验，实验结论不具有普遍性；(4)如图所示；(5)灯丝的电阻随着温度的升高而增大。(1)使用电流表之前，要先调零；(2)分析表中实验数据，然后得出结论；(3)为得出普遍结论，应使用不同

规格的实验器材进行多次实验，测出多组实验数据；(4)分析图可知，电流表处于干路上；电流表应与被测电路串联；(5)灯丝的电阻随着温度的升高而增大。本题探究串、并联电路中电流的规律，考查电流表的使用、电路连接、电功率的公式的运用、影第17页，共20页响灯的

亮度因素和影响电阻大小的因素及归纳法的应用，综合性强。20.【答案】断开最右端灯泡断路滑动变阻器接入电路的电阻太大调节滑动变阻器的滑片使电压表的示数为3.8𝑉1.216将电压表改接到滑动变阻器两端，移动滑片当电压表示数为2.2𝑉时读出电流表示数【解析】解：(1)测量小灯泡的电功

率时，小灯泡、电流表和滑动变阻器串联在电路中，小灯泡的额定电压为3.8𝑉，电压表选用0～15𝑉的量程与灯并联，由图乙可知，电流表选用0～0.6𝐴的量程，滑动变阻器应“一上一下”接入电路，如图所示：；(2)为保护电路，连接电路时，开关应该断开，滑动变阻器的滑片应该移到阻值最大的最右端处；

(3)灯不亮，电流表指针没有偏转，可能是电路断路了，电压表的示数接近6𝑉，说明电压表与电源连通，则原因可能是与电压表并联的灯泡断路；排除故障后，发现灯泡仍不亮，电流表指针偏转角度很小，说明滑动变阻器接入电路的电阻太大，电路中的电流太小，灯泡的实际功率太小，不足以使

灯泡发光；(4)灯泡发光较暗，说明实际功率较小，要测量小灯泡的额定功率，调节滑动变阻器的滑片使电压表的示数为3.8𝑉，让灯泡正常发光；由图乙可知，电流表选用0～0.6𝐴的量程，分度值为0.02𝐴，电流表的示数为0.32𝐴，则灯泡的额定功率为：𝑃

额=𝑈额𝐼额=3.8𝑉×0.32𝐴=1.216𝑊；(5)根据串联电路的电压特点：总电压等于各部分电路两端电压之和，当灯泡正常发光时电压3.8𝑉，此时滑动变阻器两端电压为：𝑈滑=𝑈−𝑈额=6𝑉−3.8𝑉=2.2𝑉，电压表0−15𝑉量程损坏，所以可以用0−3𝑉

量程测滑动变阻器电压，所以要完成实验的操作是：将电压表改接到滑动变阻器两端，移动滑片当电压表示数为2.2𝑉时读出电流表示数。故答案为：(1)如图所示；(2)断开；最右端；(3)灯泡断路；滑动变阻器接入电路的电阻太大；(4)第18页，共20页调节滑动变阻

器的滑片使电压表的示数为3.8𝑉；1.216；(5)将电压表改接到滑动变阻器两端，移动滑片当电压表示数为2.2𝑉时读出电流表示数。(1)测量小灯泡的电功率时，小灯泡、电流表和滑动变阻器串联在电路中，根据小灯泡的规格确定电压表的量程与小灯泡并联，滑动变阻器应“一上一下”接入电路

；(2)为保护电路，连接电路时，开关应该断开，滑动变阻器的滑片应该移到阻值最大处；(3)灯不亮，电流表无示数，可能是电路断路了，电压表有示数，说明电压表与电源连通，据此分析判断故障原因；电流表有示数，则电路为通路，根据小灯泡仍不亮，说明电路中的电流过小，据此分析；(4)灯泡发光较暗，说明实际功

率较小，要测量小灯泡的额定功率，应调节滑动变阻器的滑片使灯泡两端的电压等于额定电压，使灯泡正常发光；根据电流表所选量程确定分度值读数，利用𝑃=𝑈𝐼计算出额定功率；(5)根据串联电路电压特点分析解答。本

题是小灯泡额定功率的测量的实验，考查了电路的连接、注意事项、故障分析、实验操作、额定功率的计算和实验设计，有一定难度。21.【答案】热传递【解析】解：(1)小汽车在行驶的过程中，水箱里水的内能是通过热传递的方式增加的；(2)水吸收的热量：𝑄吸=𝑐𝑚(𝑡−�

�0)=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)×2.5𝑘𝑔×20℃=2.1×105𝐽；(2)由𝑃=𝑊𝑡可得，小汽车以额定功率匀速直线行驶0.5ℎ牵引力所做的功：𝑊=𝑃𝑡=5×104𝑊×0.5×3600𝑠=9×107𝐽由𝜂=𝑊𝑄×100%可得，消耗汽油完

全燃烧释放的热量：𝑄放=𝑊𝜂=9×107𝐽30%=3×108𝐽，由𝑄放=𝑚𝑞可得，需要消耗的汽油：𝑚′=𝑄放𝑞=3×108𝐽4.6×107𝐽/𝑘𝑔≈6.5𝑘𝑔。答：(1)热传递；(2)水吸收热量为2.1×105𝐽。(3)此过程中小汽车消耗的

汽油质量是6.5𝑘𝑔。(1)改变物体内能的方式有做功和热传递；第19页，共20页(2)知道水的质量、水的比热容、水的温度升高值，利用公式𝑄吸=𝑐𝑚(𝑡−𝑡0)求出水吸收的热量；(3)根据𝑊=𝑃𝑡求出小汽车以额定功率匀速直线行驶0.5ℎ牵引力所做

的功，再利用𝜂=𝑊𝑄求出汽油放出热量，最后用𝑚=𝑄放𝑞可求出汽油质量。本题考查了吸热公式和做功公式、效率公式、燃料完全燃烧释放热量公式的应用，是一道较为简单的计算题。22.【答案】解：(1)灯泡𝐿标有“6𝑉3𝑊

”字样，且灯泡𝐿的阻值不随温度变化而变化，根据𝑃=𝑈𝐼可知灯泡𝐿正常发光时的电流𝐼𝐿=𝑃𝐿𝑈𝐿=3𝑊6𝑉=0.5𝐴，根据欧姆定律可知灯泡电阻𝑅𝐿=𝑈𝐿𝐼𝐿=6�

�0.5𝐴=12𝛺；(2)只闭合𝑆2、𝑆3时，𝑅、𝐿并联，电流表测量干路的电流，根据欧姆定律可知通过𝐿的电流𝐼𝐿′=𝑈𝑅𝐿=6𝑉12𝛺=0.5𝐴，通过𝑅的电流𝐼𝑅=𝑈𝑅=6𝑉6𝛺=1𝐴，根据并联电路的电流特点可知电流表的示数𝐼

=𝐼𝑅+𝐼𝐿′=1𝐴+0.5𝐴=1.5𝐴；(3)电源电压不变，根据𝑃=𝑈2𝑅可知，总电阻最大时，总功率最小，故当开关𝑆1闭合，𝑆2、𝑆3断开时，𝑅、𝐿串联，总电阻最大，此时总功率最小。该电路消耗的最小功率𝑃=𝑈2𝑅总=(6𝑉)212𝛺+6𝛺=2𝑊

。答：(1)灯泡𝐿正常发光时的电流是0.5𝐴，电阻是12𝛺；(2)只闭合𝑆2、𝑆3时，电流表的示数是1.5𝐴；(3)该电路消耗的最小功率是2𝑊。【解析】(1)灯泡𝐿标有“6𝑉3𝑊”字样，且灯泡𝐿的阻值不随温度变化而变化，根据

𝑃=𝑈𝐼可知灯泡𝐿正常发光时的电流，根据欧姆定律可知灯泡电阻；(2)只闭合𝑆2、𝑆3时，𝑅、𝐿并联，电流表测量干路的电流，根据欧姆定律可知通过𝐿的电流和通过𝑅的电流，根据并联电路的电流特点可知电流表的示数；(3)电源电压不变，根据𝑃

=𝑈2𝑅可知，总电阻最大时，总功率最小，故当开关𝑆1闭合，𝑆2、𝑆3断开时，𝑅、𝐿串联，总电阻最大，此时总功率最小。根据𝑃=𝑈2𝑅得出该电路消耗的最小功率。第20页，共20页本题考查欧姆定律的应用和电功率的计算，有一定综合性。