【文档说明】2021-2022学年河南省鹤壁市浚县九年级上期末物理试题及答案解析.docx，共(21)页，418.430 KB，由小喜鸽上传

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第1页，共21页2021-2022学年河南省鹤壁市浚县九年级（上）期末物理试卷1.二十四节气是古代中国人的智慧结晶，它既能反映季节变化，又能指导农事活动，“霜降”是我国二十四节气中的一个节气，其中霜是空气中的水蒸气______

(填物态变化)形成的，请你再举出一个与之物态变化相同的现象：______。2.人类发展史也是利用燃料的历史，干木柴与煤的放热本领不同，是因为它们的______(选填“热值”“热量”或“温度”)不同；完全燃

烧0.28𝑚3的天然气可放出______𝐽的热量，这些热量若全部被水吸收，可让______𝑘𝑔的水温度升高20℃。[已知天然气的热值𝑞=3.0×107𝐽/𝑚3，水的比热容𝑐=4.2×103�

�/(𝑘𝑔⋅℃)]3.用纸巾摩擦过的塑料吸管可以吸引纸屑，此过程中______(选填“正”或“负”)电荷在吸管和纸巾间转移，如图所示，用塑料吸管接触验电器的金属球时，金属箔片张开，则金属箔片和塑料吸管带______(选填“同种”或“异种”)电荷。4.喜欢钻研的小明，通过自

己的观察研究，画出了家中电吹风的电路图(如图)。他还想知道电热丝的阻值，于是找来一个量程合适的电流表，将其与电吹风串联后接入家庭电路，当只闭合开关______时吹冷风；再闭合另一开关吹热风，与吹冷风时相比，电流表的示数变化了4.4𝐴，则电热丝阻值为______𝛺。5

.如图所示，灯泡𝐿1标有“6𝑉3𝑊”、𝐿2标有“6𝑉2𝑊”字样，电源电压6𝑉恒定不变。闭合开关𝑆，忽略温度对灯丝电阻的影响，则甲、乙两电路中流过𝐿1的电流𝐼1：𝐼1′=______，𝐿2消耗的实际功率𝑃2______𝑃2′(选填“>”、“=”或“<

”)。6.家庭电路中三孔插座非常普遍，中间的插孔接______线。如图所示是小钱家的电能表，他家用电总计______𝑘𝑊⋅ℎ，小钱觉得自己家里第2页，共21页每月缴纳电费太多，请你结合所学知识为小钱家提出一条实用且易操作的节约用电具体措施：______。7.“奋斗者”号载人潜水器的壳体

使用了我国自主研发的新型高强、高韧钛合金。金属钛是一种晶体，其熔化时温度随时间变化的图象为图中的()A.B.C.D.8.如图所示，是载有“天问一号”的火箭发射升空时的情景，下列描述正确的是()A.火箭发射时出现的大量“白气”是汽化现象B.火箭点火升空

过程中是由机械能转化为内能C.火箭喷出燃气后周围空气分子的热运动减缓D.燃气主要通过热传递使周围的空气内能增大9.在如图所示的“汽油机模型”实验中，将少量的汽油喷入筒内，用软木塞塞住筒口，摇动起电机，观察到放电针放电，汽油燃烧，软木塞被高温高压的气体

冲出。该实验可模拟四冲程汽油机工作时的()A.吸气冲程B.压缩冲程C.做功冲程D.排气冲程10.小杨同学仔细观察了一间普通教室的照明电路，每盏电灯规格相同且都能正常发光，每个开关都能控制两盏电灯。如图所示的电路中符合要求的是()第3页，共21页A.B.C.D.11.如图所示，电源

电压保持不变。关于电路的工作情况，下列说法中正确的是()A.同时闭合两个开关，通过两只灯泡的电流一定相同B.若先闭合𝑆1，再闭合𝑆2，电压表示数不变，电流表的示数变大C.若先闭合𝑆1，再闭合𝑆2，电压表示数变大，电流表的示数变大D.若灯𝐿1被短路，闭合𝑆1、𝑆

2后，灯𝐿1不亮，灯𝐿2亮，电流表损坏12.如图甲所示的电路中，𝑅1是定值电阻，电流表量程为0∼0.6𝐴，图乙是电阻箱𝑅2的电功率与其电阻大小变化关系的部分图像，则下列说法正确的是()A.电

源电压为6𝑉B.𝑅1的阻值为20𝛺第4页，共21页C.𝑅2能安全连入电路中的最小电阻值为10𝛺D.𝑅2为20𝛺时，整个电路通电10𝑠耗电32𝐽13.下列四个生活中的实例中，能够使蒸发加快的是()A.将水果放在低温冷藏柜中B.将刚摘的葡萄挂在通风处C.给播种后

的农田覆盖地膜D.将辣椒摊开晾晒在阳光下14.如图所示电路，闭合开关后两灯均正常发光，下列判断正确的是()A.电流表𝐴1测通过灯𝐿2的电流B.两电流表的示数一定相同C.两灯的额定功率一定不相同D.仅断开𝑆2，电流表𝐴2的示数不变15.楼道里常用一

种自动控制的照明灯：楼道光线充足时无论是否有声音，照明灯都不发光；光线很暗并且有一定响度的声音时，照明灯就发光(光线很暗时光控开关闭合；有一定响度的声音时，声控开关闭合)。请根据以上要求在虚线框内将如图中的电路连接完整。16.如图为冰箱工作时的部分电路示意图。冰箱内照明灯由

开关𝑆1控制，压缩机𝑀由开关𝑆2控制。根据题意，将图连接完整，并符合安全用电原则。17.“水与食用油”是生活中不可缺少的物品。小孙在学习了比热容的知识后，猜想水的吸热本领比食用油的吸热本领大，为了验证

这一结论，他设计了如下探究实验：第5页，共21页(1)取两个相同的试管，分别装入______相等、初温相同的水和食用油；(2)将两支相同的温度计分别正确地插入盛有水和食用油的两个试管内，并将实验装置固定在铁架台上，如图甲所示。打开加

热开关，对盛有水和食用油的试管进行加热，实验过程中，其中一支温度计的示数如图乙所示，其读数是______℃；(3)小孙根据实验数据绘制的温度随时间变化的图像如图丙所示，通过分析可知，在相同时间内____

__的温度变化大，可得出______的吸热本领大；(4)此实验中用到的科学探究方法有______，请你再举出一个用到该科学方法的实验：______。18.在探究电流与电阻关系的实验中，所用实验器材均完好，如图所示，电源电压为6𝑉不变，定值电阻

分别为10𝛺、15𝛺、20𝛺、30𝛺，滑动变阻器规格为“20𝛺1𝐴”。(1)实验前，发现电流表的指针位置如图甲所示，原因是电流表______。(2)如图乙所示，导线应与滑动变阻器的______(选填“𝐴”或“𝐶”)接线柱相连。(3)电路连接完成后，分别用10

𝛺、15𝛺、20𝛺的电阻进行实验，正确操作，记录的数据如表所示，则实验中控制电压表的示数为______𝑉不变。当使用30𝛺的电阻做实验时，无论怎样调节滑动变阻器的滑片都无法使电压表的示数与前三次相同，为了

继续完成第四次实验，如果只能更换电源，则电源电压应不高于______𝑉。第6页，共21页实验次数1234𝑅/𝛺10152030𝐼/𝐴0.30.20.15(4)分析实验数据得出结论：在______一定

时，______。19.小杨同学找到一盏标有“2.5𝑉”字样的小灯泡，其额定电功率已模糊不清。她选用如图所示器材测量额定电功率，电源电压恒为9𝑉。(1)图甲所示的实验电路有2段导线未连接，请你用笔画线代替导线将电路补画完整(要求：连线不交叉，

滑片𝑃向𝐴端移动时灯泡发光变亮)。(2)小杨连接电路并检查后。将滑动变阻器的电阻调到最大，再闭合______，缓慢移动滑片𝑃，发现电流表示数有明显变化但电压表无示数，此故障的原因可能是灯泡______(选填“短路”或“断路”)。(3)排

除故障后，眼睛注视着电压表和灯泡，移动滑片𝑃逐次改变小灯泡两端的电压，并将测得的数据记录在表中。当电压表的示数为1.5𝑉时应向______(选填“𝐴”或“𝐵”)端移动滑片𝑃；当电压表的示数为2.5𝑉时电流表的示数如图乙所示，小灯泡的额定电功率为______𝑊；细心的

小杨通过分析数据还发现通过小灯泡的电流与两端的电压不成正比，其原因可能是______。数据序号12345电压𝑈/𝑉0.51.01.52.02.5电流𝐼/𝐴0.160.200.220.25第7页，共

21页(4)同组的小会同学在此基础上继续探究电流跟电阻的关系，她又增加了五个阻值分别为5𝛺、10𝛺、15𝛺、20𝛺、25𝛺的定值电阻，其余器材不变。用定值电阻分别更换图甲中的小灯泡，通过实验得到如图丙所示的电流随定值电阻变化的图像，则实验中所用滑动变阻器的最大阻值

至少是______(选填下列选项前的字母)。A.20𝛺B.50𝛺C.100𝛺D.200𝛺20.如表一所示是小红同学家的燃气热水器正常工作时显示的部分参数。已知水的初温为20℃，𝑐水=4.2×103𝐽/(𝑘

𝑔⋅℃)。求：表一：燃气热水器设定温度50℃气量1.0𝑚3/ℎ水量5.0𝐿/𝑚𝑖𝑛表二：即热式电热水器额定功率7000𝑊额定电压220𝑉额定频率50𝐻𝑧(1)燃气热水器正常工作10𝑚𝑖𝑛流出的热水的质量；

(2)燃气热水器正常工作10𝑚𝑖𝑛流出的热水所吸收的热量；(3)小红同学观察到学校用的是即热式电热水器，铭牌如表二所示。若要得到(2)问中热水所吸收的热量，即热式电热水器需正常工作16𝑚𝑖𝑛40𝑠，则该即热式电热水器的加热效率为多少；(4)请写出使用电能的两

个优点。21.中国茶文化源远流长，如图甲是某款工夫茶保温碟。电路原理如图乙所示，电阻𝑅1为发热体，它的额定电功率为22𝑊且电阻不变。电流通过发热体加热底板使茶汤保温；𝐿为电功率忽略不计的电源指示灯。求：第8页，共21页(1)发热体正常工作时的电流；(2)当

实际电压为198𝑉时，发热体工作100𝑠消耗的电能；(3)为了适应不同品种茶汤的保温需求，小郑对电路进行重新设计(如图丙)，移动滑片可以连续调节发热体的电功率，最低可调至额定功率的四分之一，若发热体产生的热量全部被茶汤吸收，该电路电能利用率的范围为______%～______%。(电

能利用率𝜂=𝑊发热体𝑊总)第9页，共21页答案和解析1.【答案】凝华雪的形成【解析】解：霜是空气中的水蒸气凝华形成的小冰晶。举出一个与之物态变化相同的现象，如：雪的形成。故答案为：凝华；雪的形成。物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物

质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么

状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。2.【答案】热值8.4×106100【解析】解：(1)热值是燃料的一种特性，由于干木柴与煤的热值不同，所以它们的放热本领不同；(2)完全燃烧0.28𝑚3的天然气放出的热量：𝑄放=𝑉𝑞=0.28𝑚3×3

.0×107𝐽/𝑚3=8.4×106𝐽，由题知𝑄吸=𝑄放=8.4×106𝐽，由𝑄吸=𝑐𝑚△𝑡可知，水的质量：𝑚=𝑄吸𝑐△𝑡=8.4×106𝐽4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)×20℃=100𝑘𝑔。故答案为：热值；8.4×106；100。(1)热值是燃料

的一种特性，热值不同的燃料在完全燃烧相同质量时，释放出的热量也不同；(2)根据𝑄放=𝑉𝑞求出完全燃烧0.28𝑚3的天然气放出的热量；由题知𝑄吸=𝑄放，再利用𝑄吸=𝑐𝑚△𝑡的变形公式计算出水的质量。本题考查了热值的含义、燃料燃烧的公式𝑄放=𝑉�

�和𝑄吸=𝑐𝑚△𝑡的应用，难度不大。3.【答案】负同种【解析】解：(1)用纸巾摩擦过的塑料吸管可以吸引纸屑，此过程中是负电荷的转移；(2)用塑料吸管接触验电器的金属球时，金属箔片和塑料吸管带同种电荷，金属箔片因带同种电荷相互排斥。故答案为：负；同种。第10页，共21页

(1)摩擦起电的实质是电子的转移，电子带负电；(2)验电器是检验物体是否带电的仪器，其制作原理是：同种电荷相互排斥。本题考查了摩擦起电的实质，属于基础题。4.【答案】𝑆150【解析】解：只闭合开关𝑆1时，电路为电动机的

简单电路，所以电吹风吹冷风，再闭合另一开关吹热风，与吹冷风时相比，电流表的示数变化了4.4𝐴，说明通过电阻丝的电流是4.4𝐴，由欧姆定律可得电热丝阻值为：𝑅=𝑈𝐼=220𝑉4.4𝐴=50𝛺。故答案为：𝑆1；50。电路为电动机的简单电路，电吹风吹冷风，电动机和电阻

丝并联接入电路时电动机吹热风，并联电路互不影响，电流表的示数变化了4.4𝐴，说明通过电阻丝的电流是4.4𝐴，由欧姆定律可得电热丝阻值。本题考查并联电路特点和欧姆定律的灵活运用，分清电路连接是解题的关键。5.【答

案】2：5；<【解析】解：根据𝑃=𝑈2𝑅可知，灯泡𝐿1的电阻为：𝑅1=𝑈12𝑃1=(6𝑉)23𝑊=12𝛺；灯泡𝐿2的电阻为：𝑅2=𝑈22𝑃2=(6𝑉)22𝑊=18𝛺；甲图中两个灯泡串联，则此时的总电阻为：𝑅=𝑅1+𝑅2=12𝛺+18𝛺=30𝛺

；甲电路中的电流即通过灯泡𝐿1的电流为：𝐼1=𝑈𝑅=6𝑉30𝛺=0.2𝐴；乙图中的电源电压为6𝑉，两个灯泡并联，则灯泡𝐿1正常发光，通过灯泡𝐿1的电流为：𝐼′1=𝑃1𝑈1=3𝑊6𝑉=0.5𝐴；则甲、乙两电路中流过𝐿1的电

流𝐼1：𝐼1′=0.2𝐴：0.5𝐴=2：5；根据串联电路的电压关系可知，甲中𝐿2两端电压小于电源电压，乙中𝐿2两端电压等于电源电压，由于𝐿2两端电压变大，电阻不变，根据𝑃=𝑈2𝑅可知，𝐿2消耗的实际功率变大，即

𝑃2<𝑃2′。故答案为：2：5；<。根据𝑅=𝑈2𝑃分别求出两盏灯泡的电阻；根据串联电路的电阻关系求出甲的总电阻，根据欧姆定律、电功率公式分别求出通过两个灯泡的电流，得出比值的大小；第11页，共21页根据灯泡

𝐿2两端电压的变化判定实际功率的变化。本题考查了欧姆定律的应用、电功率公式的应用，知道灯泡两端电压的变化是解题的关键。6.【答案】地6286.8夏天空调温度不要调得太低【解析】等。解：三孔插座非常普遍，中间的插孔接地线；如图所示是小钱家的电能表，表盘上的示数的最后一位是小数，所以他家用电总

计6286.8𝑘𝑊⋅ℎ；节约用电的具体措施有：夏天空调温度不要调得太低、人走灯灭等。故答案为：地；6286.8；夏天空调温度不要调得太低。(1)三孔插座中间的插孔接地线，用于电器的外壳接地。(2)电能表是测量电能的仪表，

表盘上的示数的最后一位是小数。(3)节约用电的具体措施：冬天空调温度不要调得太高，夏天空调温度不要调得太低。本题考查了家庭电路的连接、电能表的读数、节约用电的措施，属于基础题。7.【答案】𝐵【解析】解：已知金属钛是一种晶体，A、整个过程中温度都在不断上升，所以是非晶体的熔化图

象，故A不符合题意；B、整个过程温度有上升的趋势，且有一段时间温度保持不变，所以是晶体的熔化图象，故B符合题意；C、整个过程温度有下降的趋势，且有一段时间温度保持不变，所以是晶体的凝固图象，故C不符合题意；D、整个过程

中温度都在不断下降，所以是非晶体的凝固图象，故D不符合题意。故选：𝐵。该题考查了晶体与非晶体的熔化和凝固图象，根据图象判断物质是晶体还是非晶体是一项基本技能，要求学生必须掌握的。8.【答案】𝐷【解析】解：白气是小水滴，是由水池里的水先吸热汽化再上升后遇冷液化形成的。所以A错误；火箭升空

消耗燃料，内能转化为机械能，所以B错误；温度越高分子运动越剧烈，所以C错误；热传递是能量的转移，由高温传向低温，所以D正确。第12页，共21页白气是小水滴，是液化现象；火箭升空消耗燃料内能转化为机械能；温度越高分子运动越剧烈；热传递是能量的转移。本题考查了液化现

象，内能和机械能的转化，分子运动与温度关系，改变内能的方法，属于基础题目9.【答案】𝐶【解析】解：当放电针放电时，汽油燃烧，圆筒内气体的内能增加，气体对软木塞做功，软木塞被高温高压的气体冲出，而汽油机

的做功冲程对外做功，因此该实验可模拟四冲程汽油机工作时的做功冲程。故选：𝐶。燃料燃烧，将化学能转化为内能，气体膨胀对软木塞做功；在汽油机的做功冲程中，气体对外做功。本题考查了做功改变物体内能、内燃机的工作

过程，难度不大。10.【答案】𝐵【解析】解：由题意可知，每盏灯正常工作的电压均为220𝑉，要使四盏灯全部正常发光，它们之间的连接方式只能是并联。每个开关能控制两盏灯，则开关应接在控制两盏灯的干路上。A、四盏灯两两串联后再并联，每盏

灯都不能正常发光；闭合下面的开关只有两盏灯发光。故A不符合题意；B、四盏灯并联，每个开关都能独立控制两盏灯。故B符合题意；C、两盏灯串联后再与另外两盏灯并联，所以串联的两盏灯都不能正常发光。故C不符合题意；D、四盏灯并联，闭合下面的开关只有两盏灯发光；同时闭合两个开

关四盏灯才能正常发光。故D不符合题意。故选：𝐵。照明电路电压为220𝑉，普通电灯的额定电压也是220𝑉，电灯都能正常发光说明四盏灯是并联的；若是串联，灯泡不能正常发光。本题考查了家庭电路各用电器的连接，在做题时要抓住关键点“全部正常发光”，且不要受“每个开

关控制两盏灯”的影响，这也是学生容易出错的地方。11.【答案】𝐵第13页，共21页【解析】解：A.同时闭合两个开关，两灯泡并联，电压表测电源两端的电压，电流表测电路中的电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由𝐼=𝑈𝑅可知，只有两灯泡的电阻相等时通过它们的电流

才相等，否则不相等，故A错误；𝐵𝐶.先闭合𝑆1时，电路为灯泡𝐿1的简单电路，电压表测电源两端的电压，电流表测通过𝐿1的电流，再闭合𝑆2后，两灯泡并联，电压表测电源两端的电压，电流表测电路中的电流，由电源电压保持不变可知，电压表的示数不变，

故C错误；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过𝐿1的电流不变，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变大，即电流表的示数变大，故B正确；D.若灯𝐿1被短路，闭合𝑆1、𝑆2后，电流从电源的正极出发，经电

流表、短路位置、开关𝑆1后回到电源的负极，会造成电源短路，此时两灯泡均不发光，电流表损坏，故D错误。故选：𝐵。(1)同时闭合两个开关，两灯泡并联，电压表测电源两端的电压，电流表测电路中的电流，根据并联

电路的电压特点和欧姆定律结合两灯泡的电阻关系得出通过的电流关系；(2)先闭合𝑆1时，电路为灯泡𝐿1的简单电路，电压表测电源两端的电压，电流表测通过𝐿1的电流；再闭合𝑆2后，两灯泡并联，电压表测电源两端的电压，电流

表测电路中的电流，根据电源电压保持不变可知电压表的示数变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过𝐿1的电流变化，利用并联电路的电流特点得出干路电流的变化；(3)若灯𝐿1被短路，闭合𝑆1、𝑆2后，会造成电源短路，此时两灯泡均不发光，电流表损坏

。本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用以及电路的三种状态，利用好电源电压保持不变和并联电路中各支路独立工作、互不影响是关键。12.【答案】𝐶【解析】解：闭合开关，𝑅1和𝑅2串联，电流表测量电路电流。𝐴𝐵、从图乙可知，当电阻箱接入电路的阻值为14𝛺时

，其电功率为3.5𝑊，根据𝑃=𝑈𝐼=𝐼2𝑅可知，此时电路中的电流𝐼=√𝑃2𝑅2=√3.5𝑊14𝛺=0.5𝐴，第14页，共21页则电源电压𝑈=𝑈1+𝑈2=𝐼𝑅1+𝐼𝑅2=0.5𝐴×𝑅1+0.5𝐴×14𝛺.......

...①当电阻箱接入电路的阻值为20𝛺时，其电功率为3.2𝑊，根据𝑃=𝑈𝐼=𝐼2𝑅可知，此时电路中的电流𝐼′=√𝑃2′𝑅2′=√3.2𝑊20𝛺=0.4𝐴，则电源电压𝑈=𝑈1′+𝑈2′=�

�′𝑅1+𝐼′𝑅2′=0.4𝐴×𝑅1+0.4𝐴×20𝛺..........②根据①②可得：𝑈=12𝑉，𝑅1=10𝛺，故A、B错误；C、电流表量程为0∼0.6𝐴，故电路中的电流最大为0.6𝐴，根据欧姆定律可知此时电路中的总电阻𝑅总=𝑈𝐼大=12𝑉0.6𝐴=2

0𝛺，则电阻箱接入电路的最小电阻值𝑅2小=𝑅总−𝑅1=20𝛺−10𝛺=10𝛺，故C正确；D、𝑅2为20𝛺时，电路中电流为0.4𝐴，整个电路通电10𝑠耗电𝑊=𝑈𝐼′𝑡=12𝑉×

0.4𝐴×10𝑠=48𝐽，故D错误。故选：𝐶。闭合开关，𝑅1和𝑅2串联，电流表测量电路电流。(1)从图乙可知，当电阻箱接入电路的阻值为14𝛺时，其电功率为3.5𝑊，根据𝑃=𝑈𝐼=𝐼2𝑅可知此时电路中的电流，根据欧姆定律

和串联电路的电压特点可得出电源电压的表达式；当电阻箱接入电路的阻值为20𝛺时，其电功率为3.2𝑊，根据𝑃=𝑈𝐼=𝐼2𝑅可知此时电路中的电流，根据欧姆定律和串联电路的电压特点可得出电源电压的表达式；联

立以上两式可得出电源电压和𝑅1的阻值；(2)电流表量程为0∼0.6𝐴，故电路中的电流最大为0.6𝐴，根据欧姆定律可知此时电路中的总电阻，根据电阻串联的特点可得出电阻箱接入电路的最小电阻值；(3)𝑅2为20𝛺时，(1)中已得出此时电

路中的电流，根据𝑊=𝑈𝐼𝑡得出整个电路通电10𝑠消耗的电能。本题考查串联电路的特点、欧姆定律的应用和电功率的计算等问题，关键是从图中得出有用信息。13.【答案】𝐵𝐷【解析】解：𝐴、将水果放在低温冷藏柜中，降低了温度，控制了液面上方的空气

流动，减慢了蒸发，故A不合题意；B、将刚摘的葡萄挂在通风处，加快了上方空气的流动速度，可加快蒸发，故B符合题意；C、给播种后的农田覆盖地膜，控制了蒸发面积，减慢了液面上方的空气流动，故减慢了蒸发，故C不合题意；D、将辣椒摊开晾晒在阳光下，是通过增大表面积、提高温度来加快蒸发

的，故D符合题意。故选：𝐵𝐷。第15页，共21页影响蒸发快慢的因素有三个：液体的温度、液体的表面积和液体表面的空气流动情况；要想加快蒸发，可以从这三个因素角度来采取措施。无论是加快蒸发还是减慢蒸发，首先要知道影响蒸发快慢的因素有哪些，从而在理论的指导下选取措施。理解影响蒸发快慢的因素是解决此题

的关键。14.【答案】𝐴【解析】解：𝐴、由图可知，该电路为并联电路，电流表𝐴1与灯𝐿2串联在一条支路中，所以电流表𝐴1测通过灯𝐿2的电流，故A正确；B、电流表𝐴1测通过灯𝐿2的电流，电流表𝐴2测干路电流，根据并联电路干路电流等于各支路电流之和，电流表𝐴2示数肯定大于电

流表𝐴1示数，故B错误；C、两灯都正常发光，由于并联电路中各支路两端的电压相同，所以两灯的额定电压是相同的，由于不知道额定电流的大小，所以不能确定两灯的额定功率关系，故C错误；D、断开𝑆2，灯𝐿2断路，电流表𝐴2测流过𝐿1的电流，所以电流表𝐴

2的示数一定减小，故D错误。故选：𝐴。分析电路图，先确定两灯的连接方式、两电流表和两开关的位置，再根据串联或并联电路的特点分析判断。本题考查电路的辨别、并联电路电流特点和电流表的使用，属于基础知识。15.【答案】解：根据题意可得，声控开关和光控开关共同控制灯泡，

且相互影响，所以声控开关和光控开关、灯泡串联在电源的两端，如图所示：【解析】(1)电路中开关控制用电器时，开关和用电器是串联的；(2)光控开关和声控开关同时控制一盏灯，当光线很暗，而且有一定响度的声音时电灯才发光，因此两个开关串联后共同控制灯泡。本题考查电路的设计，根据灯泡的工作条件确定两开关

的连接方式是解题的关键。第16页，共21页16.【答案】如图所示：【解析】解：冰箱内照明灯和压缩机可以独立工作，所以是并联的，冰箱内照明灯由开关𝑆1控制，压缩机𝑀由开关𝑆2控制；为了用电的安全，开关应该接在火线与用电器之间；冰箱有金属外壳，其外壳要接地，如图所示：根据照明灯和压缩机的工作

特点判定其连接方式；为了用电的安全，开关应该接在火线与用电器之间；有金属外壳的用电器，其外壳要接地。本题考查了家庭电路的连接，属于基础题。17.【答案】质量67食用油水控制变量法探究摩擦力大小的影响因素【解析】解：(1)实验中使水和食用油加热相

同的时间，吸收相同的热量，根据控制变量法要比较水和食用油的吸热本领的大小，应控制水和食用油的质量相同；(2)由图乙知温度计的分度值为1℃，示数为67℃；(3)由图丙知质量相同的水和食用油在相同时间内吸收相同的热量，水的温度变化小，食用油的温度变化大，说明水的吸热本领大。(

4)一个物理量受多个因素影响时，研究物理量和其中一个因素的关系时，保持其他的物理量不变，改变该因素，观察物理量和该因素的关系，这种方法是控制变量法，本实验就应用了控制变量法。在已学过的物理中还有很多实验也用到这种方法

，如探究摩擦力大小的影响因素、研究液体压强特点、探究浮力大小实验等。第17页，共21页故答案为：(1)质量；(2)67；(3)食用油；水；(4)控制变量法；探究摩擦力大小的影响因素。(1)根据控制变量法知实验中需要控制水和食用油的初温度相同

、质量相同；(2)根据温度计的分度值读出温度计的示数；(3)判断水与食用油比热容大小的方法：①可判断两种物质在升高相同温度的情况下，所用时间的多少。用时较多的，说明吸收的热量多，则吸热本领较大；②可判断两种物质在吸收相同热量的情况

下，升高温度的多少。温度升高较多的，则吸热本领较小；(4)用控制变量法研究摩擦力大小的影响因素。本题主要考查对如何用转换法和控制变量法来比较不同物质比热容(吸热能力)大小的了解，要掌握两种比较吸热能力的方法。18.【答案】指针没调零𝐶35电压导体中的电流与

导体的电阻成反比【解析】解：(1)实验前，发现电流表的指针在零刻度线右侧，即指针没有对准零刻度线，原因是电流表指针没调零；(2)滑动变阻器应采用”一上一下“串联在电路中，如图乙所示，导线应与滑动变阻器的𝐶接线柱相连；(3)由表中数据，根据欧姆定律，电压表

示数为：𝑈𝑉=𝐼𝑅=0.3𝐴×10𝛺=3𝑉；当电阻最大为30𝛺且变阻器接入最大阻值时，电源电压为最大，由分压原理可得：𝑈𝑉𝑈𝐸=𝑅𝑅+𝑅滑，所以电源电压最大值：𝑈𝐸=𝑅+

𝑅滑𝑅⋅𝑈𝑅=30𝛺+20𝛺30𝛺×3𝑉=5𝑉；(4)由表中数据可知，导体的电阻增大，通过导体的电流减小，通过导体的电流与导体的电阻的乘积保持不变，故可得出结论：在电压一定时，导体中的电

流与导体的电阻成反比。故答案为：(1)指针没调零；(2)𝐶；(3)3；5；(4)电压；导体中的电流与导体的电阻成反比。(1)电流表使用前指针要调零；(2)滑动变阻器应采用”一上一下“串联在电路中；(3)由表中数据，根据欧姆定律求出电压表

示数；当电阻最大为30𝛺且变阻器接入最大阻值时，电源电压为最大，根据分压原理求出电源电压的最大值；(4)根据表中电流与电阻之积为一定值分析得出结论。本题探究电流与电阻关系，考查电流表的使用、电路连接、控制变量

法的应用、欧姆定律的运用第18页，共21页和分析数据归纳结论的能力，属于中等难度的题目。19.【答案】(1)如图；(2)开关；短路；(3)𝐴；0.7；灯泡电阻受温度影响很大；(4)𝐶【解析】解：(1)电压表应与灯

泡并联接入电路，滑动变阻器应选一上一下两个接线柱接入电路，滑片𝑃向𝐴端移动时灯泡发光变亮，则滑片向𝐴端移动时接入电路的电阻变小，如图：；(2)连接电路前应断开开关，闭合开关前应把滑动变阻器的滑片移到阻值最大处，缓慢移动滑片𝑃，发现电流表示数有明显变化但电

压表无示数，说明电压表与导线并联，即与电压表并联部分电路短路，故此故障的原因可能是灯泡短路；(3)当电压表的示数为1.5𝑉时，由串联电路分压原理可知，滑动变阻器接入电路的电阻较大，所以应将滑片向𝐴端移动，

使滑动变阻器接入电路的电阻变小，由乙图可知电流表接入电路的量程为0～0.6𝐴，每一大格表示0.2𝐴，每一小格表示0，02𝐴，所以电流表的示数为0.28𝐴，所以灯泡的额定电功率为：𝑃=𝑈𝐼=2.5𝑉×0.28𝐴=0.7𝑊，细心的小杨通过分析数据还发现通过小灯泡的电

流与两端的电压不成正比，其原因可能是灯泡电阻受温度影响很大；(4)由图丙知，当接入25𝛺电阻时，电阻两端的电压：𝑈𝑉=𝐼𝑅=0.1𝐴×25𝛺=2.5𝑉，第19页，共21页根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：𝑈滑=9𝑉−2.5𝑉=6.5𝑉，变阻器

分得的电压为电压表示数的6.5𝑉2.5𝑉=135倍，根据分压原理，当接入25𝛺电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：𝑅滑=135×25𝛺=65𝛺，故为了完成整个实验，小明选用的滑动变阻器最大阻值

至少为65𝛺，故选：𝐶。故答案为：(1)见上图；(2)开关；短路；(3)𝐴；0.7；灯泡电阻受温度影响很大；(4)𝐶。(1)电压表应与灯泡并联接入电路，滑动变阻器应选一上一下两个接线柱接入电路，滑片𝑃向𝐴端移动时灯泡发光变亮，则滑片向𝐴端移动时接入大乱斗电阻变小；(2)连接电路前应

断开开关，闭合开关前应把滑动变阻器的滑片移到阻值最大处，缓慢移动滑片𝑃，发现电流表示数有明显变化但电压表无示数，说明电压表与导线并联，即与电压表并联部分电路短路；(3)当电压表的示数为1.5𝑉时，由串联电路分压原理可知，滑动变阻器接入电路的电阻较大，所以应将滑片向�

�端移动，使滑动变阻器接入电路的电阻变小，由乙可知电流表接入电路的量程为0～0.6𝐴，每一大格表示0.2𝐴，每一小格表示0，02𝐴，所以电流表的示数为0.28𝐴，根据电功率公式计算灯泡的额定电功率，灯泡电阻受温度影响很大；(4)滑动变阻器和灯泡串联接入电路，由图丙

数据知，当接入25𝛺电阻时，根据欧姆定律计算电阻两端的电压，根据串联电路电压规律计算滑动变阻器两端电压，根据串联电路分压原理计算滑动变阻器接入电路的最大阻值，进一步确定其规格。测灯泡电功率的实验考查电路的连接、故障的分析、电流表的读数、串联电路特点、欧姆定律的灵活运用，

学生应具备相应的动手能力。20.【答案】解：(1)由表格数据知燃气热水器的流量为5.0𝐿/𝑚𝑖𝑛，正常工作10𝑚𝑖𝑛流出的热水的体积：𝑉=5.0𝐿/𝑚𝑖𝑛×10𝑚𝑖𝑛=50𝐿=0.05𝑚3由𝜌=𝑚𝑉可得水的质量为：𝑚=𝜌水𝑉=1.

0×103𝑘𝑔/𝑚3×0.05𝑚3=50𝑘𝑔，(2)燃气热水器正常工作10𝑚𝑖𝑛流出的热水所吸收的热量为：𝑄吸=𝑐水𝑚(𝑡−𝑡0)=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)×50𝑘𝑔×(50℃−20℃)=6

.3×106𝐽；(3)即热式电热水器正常工作时的功率𝑃=7000𝑊，则电热水器消耗的电能为：第20页，共21页𝑊=𝑃𝑡′=7000𝑊×(16×60𝑠+40𝑠)=7×106𝐽；此过程

中的即热式电热水器的加热效率：𝜂=𝑄吸𝑊×100%=6.3×106𝐽7×106𝐽×100%=90%；(4)使用电能的显著优点是污染少，效率高；答：(1)燃气热水器正常工作10𝑚𝑖𝑛流出的热水的质量为50𝑘𝑔；(2)燃气热水器正常工作10𝑚𝑖𝑛流出的热水所吸收的热

量为6.3×106𝐽；(3)该即热式电热水器的加热效率为90%；(4)使用电能的显著优点是污染少，效率高。【解析】(1)知道燃气热水器的出水量和密度公式算出燃气热水器正常工作10𝑚𝑖𝑛流出的热水的质量；(2)知道水的初温、末温以及比热容，根据𝑄吸=𝑐𝑚(𝑡−𝑡0)求出水

吸收的热量；(3)根据𝑊=𝑃𝑡算出电热水器消耗的电能，利用𝜂=𝑄吸𝑊×100%求出此过程中的电热水器的加热效率；(4)从环保和效率方面分析电能的优点。本题考查了密度公式和吸热公式、电热公式以及效率公式的应用，要注意用电器正常工作时的功率和额定功率相等。2

1.【答案】50100【解析】解：(1)正常工作时，𝑈=220𝑉，𝑃=22𝑊，根据𝑃=𝑈𝐼可知发热体正常工作时的电流：𝐼=𝑃𝑈=22𝑊220𝑉=0.1𝐴，(2)发热电阻𝑅的阻值：𝑅=𝑈𝐼=220𝑉0.1𝐴=2200𝛺；当实际

电压𝑈1=198𝑉时，电阻𝑅不变，发热体工作100𝑠消耗的电能：𝑊=𝑈12𝑅𝑡=(198𝑉)2220𝛺×100𝑠=17820𝐽；(3)当滑片𝑃在𝑏端时，𝑅2=0，发热体𝑅3单独工作，发热体𝑅3的最大功率：𝑃3=𝑈2𝑅3----------

①，当发热体𝑅3以最大功率工作时间时，产生的热量：𝑊发热体=𝑊总；第21页，共21页此时的能量利用率𝜂=𝑊发热体𝑊总=100%，当滑片𝑃在𝑎端时，𝑅2最大，𝑅2和发热体𝑅3串联工作，此时经过𝑅3的电流：𝐼′=𝑈𝑅2+𝑅3，则发热体𝑅3的最小功率：𝑃3′

=𝐼′2𝑅3=𝑈2(𝑅2+𝑅3)2×𝑅3----------②，由题意可知：𝑃3=4𝑃3′----------③，由①②③可得：𝑅2=𝑅3；由𝑃=𝐼2𝑅公式可知，此时两电阻功率之比�

�2：𝑃3′=1：1当发热体𝑅3以最小功率工作时间时，产生的热量：𝑊发热体=12𝑊总；此时的能量利用率：𝜂′=𝑊发热体𝑊总=50%。故答案为：(1)发热体正常工作时的电流为0.1𝐴；(2)当实际电压为198𝑉时，发

热体工作100𝑠消耗的电能为17820𝐽；(3)50；100。(1)家庭电路电压为220𝑉，当正常工作时，根据𝑃=𝑈𝐼求出发热体正常工作时的电流；(2)首先根据欧姆定律求出正常工作时𝑅的电阻，然后根据𝑊=𝑈2𝑅𝑡求出电

能；(3)图丙中，发热体𝑅1与滑动变阻器串联，当发热体的功率为原功率的25%时，滑动变阻器完全接入电路中，根据串联电路的电流特点和𝑃=𝑈𝐼=𝐼2𝑅=𝑈2𝑅求出此时电路的电流，根据𝑊=𝑈𝐼𝑡求出电功。代入求出电能利用率𝜂=𝑊发热体𝑊电

。本题考查了欧姆定律的应用、电动率的计算、电能的计算，有一定的难度。