【文档说明】2021-2022学年安徽省芜湖市无为市九年级上期末物理试题及答案解析.docx，共(20)页，322.401 KB，由小喜鸽上传

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第1页，共20页2021-2022学年安徽省芜湖市无为市九年级（上）期末物理试卷一、单选题（本大题共7小题，共14.0分）1.下列说法正确的是()A.功率越大的机械，做功的效率越高B.热量也有可能从内能少的物体传递给内能多的物体C.

我们平常用的热水袋是利用水汽化吸热特点D.燃料的热值越大，燃烧时放出的热量越多2.如图所示，小明在做模拟“蹦极”“的小实验，一根橡皮筋一端系一个小石块，另一端固定在𝐴点。𝐵点是橡皮筋不系小石块自然下垂时下端所在的位置，𝐶点是小石块从𝐴点自由释放后所能

达到的最低点，关于小石块从𝐴点到𝐶点的运动过程，下列说法中正确的是()A.小石块在𝐵点时的动能最大B.小石块在𝐶点时的动能最大C.从𝐴点下落到𝐶点的过程中，小石块的动能一直在增大D.从𝐵点下落到𝐶点的过程中，小石块的动能先增大后减

小3.有甲、乙、丙三个通草球(轻质)，分别用绝缘细线吊起。已知甲带正电，先用甲靠近乙，发现乙被排斥：再用乙靠近丙，丙被吸引，如图所示。则下列判断正确的是()A.乙一定带正电，丙一定带负电B.乙可能不带电，丙一定带

负电C.乙一定带正电，丙可能带负电D.乙可能不带电，丙可能带负电4.如图所示，闭合开关，将滑动变阻器的滑片向上滑动，下列说法正确的是()A.灯泡变暗，电压表示数变大第2页，共20页B.电路消耗的总功率变小，电压表示数不变C.灯泡亮度不变，电

压表示数不变D.电路消耗的总功率变大，电压表示数变小5.小红在做“用滑动变阻器改变电流”的实验时，连好如图所示的电路，将滑动变阻器的滑片滑到最大阻值处，闭合开关𝑠，发现小灯泡𝐿不亮．接下来，以下做法最合理的是()A.观察电流表的示数是否为零，判断电路是否断路B.断开开关𝑠，更换额定功率更大的

灯泡重新实验C.断开开关𝑆，增加电池的个数重新实验D.断开开关𝑆，拆掉导线重新连接电路6.以下说法正确的是()A.滑动变阻器铭牌上的电阻值是指滑动变阻器连入电路部分的电阻大小B.电能表是测量电功或记录用电器消耗电能的仪表C.小灯泡的额定功率越大，小灯泡越亮D.验电器是根据异种电荷相互吸引的原

理制成的7.如图所示，已知电源电压不变，为了比较电阻𝑅1和𝑅2的大小，四位同学分别设计了如下的电路，其中不可行的是()A.B.C.D.二、填空题（本大题共10小题，共20.0分）8.2021年4月24日是第六个中国航天日，也是“东方红一号”卫星发射51周年。卫星发

射经加速后，在某一时间内匀速上升的过程中其机械能______。(选填“变大”、“变小”或“不变”)第3页，共20页9.如图所示，沿斜面把质量为24𝑘𝑔的一个物体匀速拉到最高处，沿斜面向上的拉力是𝐹=300𝑁，斜面长2𝑚、高1𝑚，则物体所受摩擦力______𝑁。10.

无为高铁站站房面积约3500平米，无为站的站房南北长72米，东西宽49.8米，高23米，站房高峰每小时客流量按1380人标准设计。某列车以60𝑚/𝑠的速度匀速行驶100𝑠，行驶中受到的阻力为1×105𝑁，这一匀速行驶过程中列车克服阻力做功的功率为______𝑊。11.某同学家

使用燃气热水器，平均每天需将100𝑘𝑔的水从18℃加热到58℃.若天然气完全燃饶放出热量的70%被水吸收，则热水器平均每天消耗天然气______𝑚3.[𝑐水=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃),𝑞天然气=4.0×107𝐽/𝑚3]。12.文化和旅游部办公厅公示了第六

次全国县级以上公共图书馆评估结果，无为市图书馆等6个图书馆被评定为国家一级馆。某图书馆工作人员在整理受潮书籍时，先给书“充电”，使书页上带上同种电荷而自动分开。如果某次“充电”时，书页上都带上了正电荷，则书页的原子核对电子的束缚能力______。(选

填”强”或“弱”)13.如图甲所示的电路中，电压表𝑉1和𝑉2的示数之比为2：3：若将电阻𝑅1、𝑅2改接为如图乙所示的电路，则电流表𝐴1、𝐴2的示数之比为______：在相同的时间内𝑅1、𝑅2消耗的电

能之比为______。14.如图是灯𝐿和电阻𝑅的电流随电压变化的图象，若将𝐿和𝑅串联接在某电路中，通过的电流是0.1𝐴，则电路消耗的电功率是______𝑊。第4页，共20页15.小明家的电能表标有3200�

�𝑚𝑝/(𝑘𝑊⋅ℎ)字样，小明为了测量电水壶的电功率，让电水壶单独接在照明电路中，电水壶正常工作1𝑚𝑖𝑛(壶内的水仍未沸腾)，电能表指示灯闪烁了32次，则电水壶的功率为______𝑊。16.甲灯标有“220𝑉

40𝑊”字样，乙灯标有“220𝑉11𝑊”字样，若两灯均正常工作，则______(填“甲”或“乙”)灯更亮。17.一台电动机额定电压为220𝑉，线圈电阻𝑅=5𝛺，电动机正常工作时通过电动机线圈的电流为4𝐴，电动机正常工作时，线圈的发热功率是______𝑊。三、实验探究题（本

大题共3小题，共18.0分）18.某实验小组利用如图装置研究杠杆的机械效率，实验的主要步骤如下：竖直向上拉动弹簧测力计匀速上升(保持𝑂点位置不变)，在此过程中弹簧测力计的读数为𝐹，利用刻度尺测出𝐴上升的高度为ℎ。若本次实验中，提升的钩码重一定，如果只将钩码的悬挂点由𝐴移至𝐶处，但�

�、𝐵位置不变，仍将钩码提升相同的高度ℎ，则有用功______，杠杆的机械效率将______(均选填“变大”、“变小”或“不变”)。19.小明用如图所示装置探究两种液体的吸热能力，𝐴和𝐵两烧瓶中装有两

种液体，质量分别为𝑚𝐴和𝑚𝐵，两个烧瓶中的电阻丝电阻相同，当开关闭合后，假定电流通过电阻丝产生的热量全部被液体吸收。第5页，共20页(1)若𝑚𝐴=𝑚𝐵，可以通过______比较(选填“𝐴”或“𝐵”)来判断吸热能力的强弱；A.通电时间B.温度计示数的变化(2)若𝑚𝐴<

𝑚𝐵，根据测得的数据绘制出两种液体的“温度−加热时间“的图像，如图乙，由图像可知，𝐴烧瓶中液体的比热容______(选填“大于”、“小于”或“等于”)𝐵烧瓶中液体的比热容；(3)若将甲、乙两瓶中的液体换成质量相同的同种液体，阻值不同的电阻丝，则该装置可用来探究电流产生的热量与___

___的关系。20.小华做“测量小灯泡的功率”的实验，并探究小灯泡亮度与电功率的关系。电源电压为4𝑉保持不变。小灯泡额定电压为2.5𝑉，滑动变阻器标有“50𝛺1𝐴”字样。(1)连接好图甲的电路，小华准备闭合开关开始实验，同组的小红提醒他还有一处不妥当，其不妥

之处是______。(2)如表是记录与处理实验数据的表格(部分)，表中空白处的内容是______。小灯泡的规格电压表的示数𝑈/𝑉电流表的示数𝐼/𝐴灯泡的功率𝑃/𝑊𝑈额=2.5𝑉1.00.10.1−第6页，共20页(3)实验中，测出小灯泡

在𝑈=2.0𝑉时的功率后，要测量其额定功率，滑动变阻器的滑片应向右移动；当电压表的示数达到额定电压时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为______𝑊。(4)根据(2)中表格内数据，要求滑动变阻器接入电路中的

电阻是______𝛺。四、计算题（本大题共3小题，共18.0分）21.用如图所示滑轮组提升重为240𝑁物体，已知物体在10𝑠内匀速上升3𝑚，拉力𝐹的功率是90𝑊，求：(1)滑轮组的机械效率𝜂；(2)拉

力𝐹的大小。22.如图所示电路，开关都闭合时，电流表的示数为0.5𝐴；断开𝑆2后，电流表的示数变化了0.1𝐴。若电阻𝑅1的阻值是10𝛺。求：(1)电源电压。(2)电阻𝑅2的阻值。(3)闭合开关

𝑆1、断开开关𝑆2时，1𝑚𝑖𝑛内𝑅1消耗的电能是多少？23.如图为常用电热饮水机的电路原理图，该饮水机的额定电压为220𝑉，加热电功率为1100𝑊，保温电功率为44𝑊，𝑅1、𝑅2均为电热丝(𝑅1、𝑅2的电阻

不随温度变化).求：(1)当𝑆闭合时，饮水机处于______(填“加热”或“保温”)状态，第7页，共20页此时电路中的电流是多大？(2)电热丝𝑅1的电阻是多大？(3)饮水机加热工作时，把质量为1𝑘𝑔的水从20℃加热到90℃所用时间5𝑚𝑖𝑛，加热效

率是多大？[𝑐水=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)]。第8页，共20页答案和解析1.【答案】𝐵【解析】解：𝐴、效率是指有效利用的能量与总能量的比值，功率是反映做功的快慢的物理量，因此效率与功率无关，故A错误；B、热量是在热传递过程中转移的那部分能量，其条件是从温度高的物体转

移到温度低的物体，与内能大小无关，因此热量也有可能从内能少的物体传递给内能多的物体，故B正确；C、我们平常用的热水袋是利用了水的比热容大的特点，由𝑄=𝑐𝑚𝛥𝑡可知，相同质量的水和其他物质降低相同的温度时，水放出的热量更多，故C错

误；D、由𝑄放=𝑞𝑚可知燃料燃烧时放出的热量与燃料的热值和消耗燃料的质量都有关，因此燃料热值大，燃烧时放出的热量不一定多，故D错误。故选：𝐵。(1)效率是指有效利用的能量与总能量的比值，功率是反映做功的快慢的物理量，二

者无关；(2)热传递的条件是有温度差，热量从温度高的物体向温度低的物体转移；(3)由𝑄=𝑐𝑚𝛥𝑡可知，质量相同的不同物质降低相同的温度，比热容越大的物质放出的热量越多；(4)由𝑄放=𝑞𝑚可知燃料燃烧时放出的热

量与燃料的热值和消耗燃料的质量都有关。本题考查了效率、热传递的条件和热值的理解，属于基础题，难度不大。2.【答案】𝐷【解析】解：如图：𝐵点是橡皮筋不系小石块自然下垂时下端所在的位置，𝐶点是小石块从𝐴点自由释放后所能达到的最低点

，𝑂点是橡皮筋悬挂小球静止时的点即重力和弹力相等的点。A、𝐵点是橡皮筋不系小石块自然下垂时下端所在的位置，在小石块未到达𝐵点之前绳子没有发生形变，故从𝐴点下落到𝐵点的过程中，小石块只受到重力的作用

，经过𝐵点向下到重力和弹簧的弹第9页，共20页力相等的位置(𝑂点)的过程中，重力大于弹力，小球继续加速，则动能继续增大，故A错误；B、𝐶点是小球达到的最低点，此时速度为零，则小球的动能为零，故B错误；C、从𝐴点下落到𝐵点的过程中，小石块的重力

势能转化为动能，由𝐵到𝑂的过程，小石块受重力和弹力的作用，橡皮筋的形变量逐渐变大，弹力逐渐变大，重力大于弹力，小石块受到的合力方向与运动方向相同，做加速运动，动能不断变大；由𝑂到𝐶的过程，重力小于弹力，小石块受到的合力方向与运动方向相反，做减速运动，动能不断变小，因此在由𝐴到𝐶的过程

中，小石块的动能先增大后减小，故C错误；D、从𝐵点下落到𝐶点的过程中，可看作由𝐵到𝑂动能不断增大和由𝑂到𝐶动能不断减小的叠加，故D正确；故选：𝐷。由𝐴到𝐶的过程可视为𝐴到𝐵、𝐵到𝑂和𝑂到𝐶三个

阶段，𝐴到𝐵只受重力，𝐵到𝑂重力大于弹力，𝑂到𝐶重力小于弹力，据此分析小石块的运动情况，进而判断其动能的变化。本题考查动能和重力势能、弹性势能之间的转化的知识，通过分析受力判断物体的运动情况，进而判断其动能的变化是解答本题的关键。3.【答案

】𝐶【解析】解：甲带正电，乙被甲排斥，说明乙带正电；用乙靠近丙，丙被吸引，则丙可能带负电或不带电。故选：𝐶。(1)同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。(2)排斥的带有同种电荷，吸引的可能带有异种电荷，也可能带电体吸引不带电体。本题考查电荷间的作

用规律、带电体的性质，结合自然界中只有两种电荷，利用题目中告诉的小球之间的作用规律即可确定三个球的带电情况。4.【答案】𝐵【解析】解：𝐴𝐷、由电路图可知，灯泡和滑动变阻器串联，电压表测电源的电压；因电源的电压不变，

所以电压表的示数不变；故AD错误；𝐵𝐶、当滑片向上滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，电路中的总电阻变大；根据欧姆定律可知，电路中电流变小；根据𝑃=𝐼2𝑅可知，灯泡的实际功率变小，灯泡亮度变暗，故C错误；第10页，共20页电源电压不变，电流减小

，根据𝑃=𝑈𝐼可知，总功率减小，故B正确。故选：𝐵。由电路图可知，灯泡和滑动变阻器串联，电压表测电源的电压；根据电源的电压可知电压表示数的变化情况，根据滑片的滑动可知电路中电阻的变化，由欧姆定律可知电路中电流的变化，根据公式𝑃=𝐼2𝑅求出灯泡实际功率的变化，进一步可知灯泡的亮暗变化；

根据𝑃=𝑈𝐼可知电路总功率的变化。本题考查欧姆定律和滑动变阻器的使用，关键知道电路中各个用电器的连接情况；要知道影响灯泡亮度的依据是灯泡的实际功率。5.【答案】𝐴【解析】解：𝐴、该电路为串联电路，闭合开关，灯泡不亮时，先

观察电流表是否有示数，如果无示数，说明电路出现断路现象，然后检测出断路的位置，并进行处理；𝐵𝐶、当电路发生断路故障时，换用更大功率的灯泡或增加电池数量，灯泡同样不发光，故BC选项错误；D、如果灯丝断了或导线发生断路，拆掉导线重新连接电路，灯泡仍然不亮，故D选项错误．

故选A．电路中各元件串联连接，当滑动变阻器阻值最大时，灯泡不亮；可以先根据电流表有无示数检测电路的故障，然后根据故障问题进行处理．本题主要考查用电流表检测电路故障，会根据电流示数判断电路的故障，并能够对故障进行处理．6.【答案】�

�【解析】解：A、滑动变阻器铭牌上的电阻值是指滑动变阻器的最大阻值，故A错误；B、电能表是测量电功或记录用电器消耗电能的仪表，故B正确；C、灯泡的亮度是由灯泡的实际功率决定的，实际功率越大，小灯泡越亮，故C错误；D、验电器是利用同种电荷相互排斥的原理制成的，故D错误。故选：𝐵

。(1)根据滑动变阻器铭牌的含义进行判断；(2)根据电能表的作用进行判断；(3)灯泡的亮度是由灯泡的实际功率决定的；第11页，共20页(4)验电器的工作原理是同种电荷相互排斥。本题综合考查了滑动变阻器铭牌参数的含义、电能表的作用、验电器的工作原理以及灯泡亮度的决定因素等知识点，

属于基础题。7.【答案】𝐷【解析】解：𝐴、两个电阻串联，电压表𝑉1测量电阻串联的总电压，电压表𝑉2测量电阻𝑅2两端的电压，根据串联电路电压的规律，电阻𝑅2两端的电压等于电压表𝑉1和𝑉2的示数之差，这

样就可以得到两个电阻两端的电压，根据电压的大小就可以比较电阻的大小。B、两个电阻串联，两个电压表分别测量两个电阻两端的电压，根据电压的大小就可以比较出电阻的大小。C、开关闭合电路为𝑅1的简单电路，开关断开时两电阻串

联，电流表测电路中的电流，根据串联电路的特点和欧姆定律分别表示出电源的电压，利用电源的电压不变建立等式，通过比较电流之间的关系得出电阻的大小关系。D、两电阻并联，电压表测电源的电压，电流表测量干路电流，只能测出电路的总电阻，不能求出或测出电阻𝑅2、𝑅1的阻

值，因此无法比较两电阻阻值的大小。故选：𝐷。(1)串联电路中，各处电流相等，阻值大的电阻两端的电压大，阻值小的电阻两端的电压小；(2)并联电路中，各支路电阻两端的电压相等，阻值大的电阻通过的电流小，阻值小的电阻通过的电流大。(1)

串联电路的电阻起分压作用，分压大小与电阻阻值的大小成正比，电阻大的分压大，电阻小的分压小；(2)并联电路的电阻起分流作用，分流大小与电阻阻值的大小成反比，电阻大的分流小，电阻小的分流大。8.【答案】变大【解析】解：卫星匀速上升过程中，动能不变、由于高度的增大使

得重力势能增大，不考虑弹性势能的情况下，机械能为动能与重力势能二者之和，故其机械能增大。故答案为：变大。物体由于运动而具有的能量叫做动能，物体动能的大小与两个因素有关：一是物体的质量，二是物体运动的速度大小；物体由于被举高而具有的能量

叫做重力势能。重力势能的大小与质量和高第12页，共20页度有关；不考虑弹性势能的情况下，机械能为动能与重力势能二者之和。本题通过卫星发射，考查了机械能的变化情况，是一道基础题。9.【答案】180【解析】解：有用功：𝑊有=𝐺ℎ=𝑚𝑔ℎ=24𝑘𝑔×10𝑁/𝑘𝑔×

1𝑚=240𝐽；拉力做的总功：𝑊总=𝐹𝑠=300𝑁×2𝑚=600𝐽；额外功：𝑊额=𝑊总−𝑊有=600𝐽−240𝐽=360𝐽，由𝑊额=𝑓𝑠可得，物体所受的摩擦力：𝑓=𝑊额𝑠=360𝐽2𝑚=180𝑁。故答案为：180。利用𝑊=𝐺ℎ=𝑚𝑔ℎ

求出有用功；知道拉力大小，利用𝑊=𝐹𝑠求出总功；克服物体受摩擦力做的功为额外功，根据𝑊=𝑓𝑠求出摩擦力的大小。本题考查了使用斜面时功和摩擦力的计算，关键是知道克服物体受到摩擦力做的功为额外功。10.【

答案】6×106【解析】解：列车匀速行驶过程中克服阻力做功的功率为：𝑃=𝑓𝑣=1×105𝑁×60𝑚/𝑠=6×106𝑊。故答案为：6×106。知道列车匀速行驶过程中的速度和受到的阻力，根据公式𝑃=𝑊𝑡=𝑓𝑠𝑡=𝑓𝑣求

出克服阻力做功的功率。本题考查了功率推导公式𝑃=𝐹𝑣的应用，比较简单。11.【答案】0.6【解析】【分析】本题考查了学生对燃料的热值、热量计算公式的掌握和运用，难度不大，但容易出错。先根据𝑄吸=𝑐𝑚△𝑡计算出水吸收的热量；再利用𝜂

=𝑄吸𝑄放×100%计算出天然气放出的热量；最后第13页，共20页根据𝑄放=𝑞𝑉的变形公式即可求出天然气的体积。【解答】水吸收的热量：𝑄吸=𝑐𝑚△𝑡=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅

℃)×100𝑘𝑔×(58℃−18℃)=1.68×107𝐽，由𝜂=𝑄吸𝑄放×100%得，需要天然气放出的热量：𝑄放=𝑄吸𝜂=1.68×107𝐽70%=2.4×107𝐽，由𝑄放=𝑞𝑉可得，天然气的体积：𝑉=𝑄放𝑞=2.4×107𝐽4.0×107𝐽/𝑚3=0.6

𝑚3。故答案为：0.6。12.【答案】弱【解析】解：给古书充电，使书页带上同种电荷，相互排斥而自动分开，书页都带上了正电荷，说明是失去电子，说明书页的原子核对电子的束缚能力弱。故答案为：弱。物体得到电子带负电，物体失去电子带正电。本题考查了电荷间的作用规律和物体带电的原因

，是基础题。13.【答案】1：31：2【解析】解：(1)由甲电路图可知，两电阻串联，电压表𝑉1测𝑅1两端的电压，电压表𝑉2测两电阻两端的电压之和，因串联电路中总电压等于各分电压之和，且𝑉1和𝑉2的示数之比为2：3，所以，两电阻两端的电压之比：𝑈1𝑈2=𝑈𝑉1𝑈

𝑉2−𝑈𝑉1=23−2=21，因串联电路中各处的电流相等，所以，由𝐼=𝑈𝑅可得，两电阻的阻值之比：𝑅1𝑅2=𝑈1𝐼𝑈2𝐼=𝑈1𝑈2=21；(2)由乙电路图可知，两电阻并联，电流表𝐴1测𝑅1支路的电流，电流表𝐴2测干路电

流，因并联电路中各支路两端的电压相等，第14页，共20页所以，两条支路的电流之比：𝐼1𝐼2=𝑈𝑅1𝑈𝑅2=𝑅2𝑅1=12，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，两电流表的示数之比：𝐼𝐴1𝐼𝐴2=𝐼1𝐼1+𝐼2=11+2=13，由𝑊=𝑈𝐼𝑡

可得，在相同的时间内𝑅1、𝑅2消耗的电能之比：𝑊1𝑊2=𝑈𝐼1𝑡𝑈𝐼2𝑡=𝐼1𝐼2=12。故答案为：1：3；1：2。(1)由甲电路图可知，两电阻串联，电压表𝑉1测𝑅1两端的电压，电压表𝑉2测两电阻两端的电压之和，根据串联电路的电压

特点求出两电阻两端的电压之比，根据欧姆定律求出两电阻的阻值之比；(2)由乙电路图可知，两电阻并联，电流表𝐴1测𝑅1支路的电流，电流表𝐴2测干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两只路的电流之比，根据并联电路的电流特点求出两电流表的示数之比，根据𝑊=𝑈𝐼𝑡

求出在相同的时间内𝑅1、𝑅2消耗的电能之比。本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功公式的灵活应用，计算过程要注意各量之间的关系，不要颠倒。14.【答案】0.25【解析】解：因串联电路中各处的电流相等，且总电压等于各分电压之和，所以，由图象可知，当𝐼=0.1𝐴时，𝐿

与𝑅两端的电压分别为𝑈𝐿=0.5𝑉，𝑈𝑅=2𝑉，则电源电压𝑈=𝑈𝐿+𝑈𝑅=0.5𝑉+2𝑉=2.5𝑉，此时电路消耗的电功率：𝑃=𝑈𝐼=2.5𝑉×0.1𝐴=0.25𝑊。故答案为：0.25。将𝐿和𝑅串联接入电路

时，根据串联电路电流特点结合图象读出电流为0.1𝐴时𝐿和𝑅两端的电压，根据串联电路电压规律计算电源电压，根据电功率公式𝑃=𝑈𝐼计算此时电路消耗的电功率。本题考查了串联电路的特点和电功率公式的应用，从图象中获取有用

的信息是关键。15.【答案】600第15页，共20页【解析】解：3200𝑖𝑚𝑝/(𝑘𝑊⋅ℎ)表示电路中用电器每消耗1𝑘𝑊⋅ℎ电能，电能表的指示灯闪烁3200次，则电能表指示灯闪烁了32次，电水壶消耗的电能：𝑊=32𝑖𝑚𝑝

3200𝑖𝑚𝑝/(𝑘𝑊⋅ℎ)=0.01𝑘𝑊⋅ℎ；电水壶的功率：𝑃=𝑊𝑡=0.01𝑘𝑊⋅ℎ160ℎ=0.6𝑘𝑊=600𝑊。故答案为：600。3200𝑖𝑚𝑝/(𝑘𝑊⋅ℎ)表示电路中用电器每消耗1𝑘𝑊⋅ℎ电能，电能表的指示灯闪烁3200

次，据此可以计算出电能表指示灯闪烁了32次，电水壶消耗的电能，利用𝑃=𝑊𝑡计算出电水壶的电功率。本题考查对电能表参数的理解和掌握、电功率的计算，知道3200𝑖𝑚𝑝/(𝑘𝑊⋅ℎ)表示电路中用电器每消耗1𝑘𝑊⋅ℎ电能，电能表的指示灯闪烁3200次是解题的关键。

16.【答案】甲【解析】解：由灯泡的铭牌可知，甲灯泡的额定功率大于乙灯泡的额定功率，两灯均正常工作，灯泡的实际功率等于额定功率，则甲灯泡的实际功率大于乙灯泡的实际功率；因灯泡的亮度是由灯泡的实际功率决定的，且甲灯的实际功率较大，所以甲灯更亮。故答案

为：甲。灯泡正常发光时，其实际功率等于额定功率；灯泡的亮度是由灯泡的实际功率决定的，实际功率越大，灯泡越亮。本题考查了灯泡亮度的比较，关键要知道灯泡的亮度是由灯泡的实际功率决定的。17.【答案】80【解析】解：电动机正常工作时，线圈的发热功率是：

𝑃=𝐼2𝑅=(4𝐴)2×5𝛺=80𝑊。故答案为：80。已知通过电路的电流和线圈电阻，根据𝑃=𝐼2𝑅计算电动机正常工作时，线圈的发热功率。本题考查电功率公式的灵活运用。18.【答案】�

�ℎ变大【解析】解：杠杆提升钩码时，对钩码做有用功，𝐺不变，ℎ不变，根据𝑊有=𝐺ℎ知有用功不变；克服杠杆重力做额外功，𝑊有+𝑊额=𝑊总，第16页，共20页设杠杆重心升高的距离为𝛥ℎ，所以，𝐺ℎ+𝐺杠�

�ℎ=𝐹ℎ1，𝐺不变，ℎ不变，𝐺杠不变，钩码从𝐴点到𝐶点，钩码还升高相同的高度，杠杆上旋的角度减小，杠杆重心升高的距离𝛥ℎ变小，所以𝐺ℎ+𝐺杠𝛥ℎ变小，所以𝐹ℎ1也变小。根据𝜂=𝐺ℎ𝐹ℎ1×100%，分母变小，分子不变，所以�

�变大。故答案为：𝐺ℎ；变大。将钩码的悬挂点从𝐴点移至𝐶点，钩码还升高相同的高度，杠杆上旋的角度减小，克服杠杆重做功减小，有用功不变，额外功减小，总功减小，机械效率增大。本题考查杠杆机械效率的测量，把握有用功、总功的计算方式，明确机械效率的表达式。19.【答案】�

�大于电阻【解析】解：(1)两电阻丝串联，相同的电阻丝在相同时间内产生的热量相同，所以实验中可用通电时间来间接反映液体吸收热量的多少(通电时间越长，液体吸收的热量越多)，并通过温度计的变化来判断两种液体的吸

热能力，故B正确；(2)在相同时间内，两种液体吸收的热量相同，由图像知𝐴𝐵吸收相同的热量时，温度变化相同，根据𝑄=𝑐𝑚𝛥𝑡知在吸收热量和温度变化相同时，物体的质量和物质的比热容成反比，由于𝑚𝐴<𝑚𝐵，所以𝐴烧瓶中液体的比热容大于𝐵烧瓶中液体的比热容；(3)据图可知，此

时两电阻串联，所以电流相同，通电时间相同，电阻丝的阻值不同，故该装置可用来探究电流产生的热量与电阻的关系。故答案为：(1)𝐵；(2)大于；(3)电阻。(1)相同的电阻丝在相同时间内放出相同的热量，实验中可通过液体温度的变化判断物体的吸热能力强弱；(2)根据𝑄=𝑐𝑚𝛥𝑡分析解答；(3

))分析题中相同的量和不同的量，根据质量相同的同种液体的升温情况来判断电阻丝产生的热量多少。本题探究两种液体的吸热能力，考查控制变量和转换法的运用和比较吸热能力的方法及串联电路电流规律，同时与焦耳定律实验做对比。20.【答案】没有将滑动变阻器的滑片移到最大阻值处灯的亮度0.

830第17页，共20页【解析】解：(1)为了保护电路，闭合开关实验前，应将滑动变阻器的滑片移到最大阻值处，由图甲可知，不妥之处是没有将滑动变阻器的滑片移到最大阻值处；(2)实验需要探究小灯泡亮度与功率的关系，故表中第二行空白处内容是灯的亮度；(3)当电压表的

示数达到额定电压时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02𝐴，电流为0.32𝐴，则小灯泡的额定功率为：𝑃额=𝑈额𝐼额=2.5𝑉×0.32𝐴=0.8𝑊；(4)滑动变阻器两端的电压：𝑈滑=𝑈−𝑈𝐿=4𝑉−1𝑉=3

𝑉，由𝐼=𝑈𝑅可知，滑动变阻器接入电路的电阻：𝑅=𝑈滑𝐼3𝑉0.1𝐴=30𝛺。故答案为：(1)没有将滑动变阻器的滑片移到最大阻值处；(2)灯的亮度；(3)0.8；(4)30。(1)为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变

阻器的滑片移到阻值最大处；(2)根据实验目的分析；(3)根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据𝑃=𝑈𝐼得出小灯泡的额定功率；(4)根据串联电路的电压特点和欧姆定律求出变阻器接入电路中的电阻。本题测量小灯泡的功率，考查注意事项、表格设计、电流表读数、电功率的计算及欧姆定律的应用。21

.【答案】解：(1)提升物体做的有用功：𝑊有=𝐺ℎ=240𝑁×3𝑚=720𝐽；由𝑃=𝑊𝑡可得，拉力所做的总功：𝑊总=𝑃𝑡=90𝑊×10𝑠=900𝐽，滑轮组的机械效率𝜂=𝑊有𝑊总×100%=720𝐽900𝐽×100%=80%；(2

)由图可知，滑轮组绳子的有效股数𝑛=3，则绳端移动的距离𝑠=𝑛ℎ=3×3𝑚=9𝑚，由𝑊=𝐹𝑠可得，拉力𝐹=𝑊总𝑠=900𝐽9𝑚=100𝑁。答：(1)滑轮组的机械效率为80%；(2)拉力𝐹的大小为

100𝑁。【解析】(1)知道物体的重力和提升的高度，根据𝑊=𝐺ℎ求出提升物体做的有用功；知道拉力𝐹的功率和工作时间，根据𝑃=𝑊𝑡求出拉力所做的总功，利用𝜂=𝑊有𝑊总×100%求出滑轮组的机械效率；(2)根据图中滑轮组中绳子的有效股数，根据𝑠=𝑛ℎ求

出绳端移动的距离，利用𝑊=𝐹𝑠求出拉力𝐹的大小。第18页，共20页本题考查了做功公式和功率公式以及滑轮组机械效率公式的应用，明确有用功和总功以及滑轮组绳子的有效股数是关键。22.【答案】解：(1)当𝑆1、𝑆2都闭合时，两电阻并联，电流表测干路电流，即干路电流𝐼=0.

5𝐴，闭合开关𝑆1、断开𝑆2时，电路为𝑅1的简单电路，电流表测通过𝑅1的电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过𝑅1的电流不变，则电流表示数的变化量即为通过𝑅2的电流𝐼2=0.1𝐴，因为并联电路干路电流等于各支路电流之和，所以通过𝑅1的电流为

：𝐼1=𝐼−𝐼2=0.5𝐴−0.1𝐴=0.4𝐴，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由𝐼=𝑈𝑅可得，电源的电压：𝑈=𝐼1𝑅1=0.4𝐴×10𝛺=4𝑉；(2)电阻𝑅2的阻值：

𝑅2=𝑈𝐼2=4𝑉0.1𝐴=40𝛺；(3)闭合开关𝑆1、断开𝑆2时，电路为𝑅1的简单电路，1𝑚𝑖𝑛内𝑅1消耗的电能：𝑊1=𝑈𝐼1𝑡=4𝑉×0.4𝐴×1×60𝑠=96𝐽。答：(1)电源电压为4𝑉；(2)电阻𝑅2的阻值为40

𝛺；(3)闭合开关𝑆1、断开开关𝑆2时，1𝑚𝑖𝑛内𝑅1消耗的电能是96𝐽。【解析】(1)当𝑆1、𝑆2都闭合时，两电阻并联，电流表测干路电流；闭合开关𝑆1、断开𝑆2时，电路为𝑅1的简单电路，电流表测通过𝑅1的电流

；根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过𝑅1的电流不变，电流表示数的变化量即为通过𝑅2的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压；(2)根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电阻𝑅2的阻值；(3

)闭合开关𝑆1、断开𝑆2时，电路为𝑅1的简单电路，利用𝑊=𝑈𝐼𝑡求1𝑚𝑖𝑛内𝑅1消耗的电能。本题考查了并联电路的特点、欧姆定律的应用和电功的计算，知道电流表示数的变化量即为通过�

�2的电流是关键。23.【答案】加热第19页，共20页【解析】解：(1)由电路图可知，当𝑆闭合时，电路为𝑅2的简单电路，电路中的总电阻最小，由𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅可知，电路的总功率最大，饮水机处于加热状态；由𝑃=𝑈𝐼可得，此时电路中的电流：𝐼=𝑃加热𝑈=1

100𝑊220𝑉=5𝐴；(2)由𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅可得，电热丝𝑅2的电阻：𝑅2=𝑈2𝑃加热=(220𝑉)21100𝑊=44𝛺，当𝑆闭合时两电阻串联，电路的总电阻最大，电路的总功率最小，饮水机处于保温状态，此时电路

的总电阻：𝑅=𝑈2𝑃保温=(220𝑉)244𝑊=1100𝛺，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电热丝𝑅1的电阻：𝑅1=𝑅−𝑅2=1100𝛺−44𝛺=1056𝛺；(3)饮水机加热工作时，水吸收的热量：𝑄吸=𝑐𝑚(

𝑡−𝑡0)=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)×1𝑘𝑔×(90℃−20℃)=2.94×105𝐽，由𝑃=𝑊𝑡可得，加热5𝑚𝑖𝑛消耗的电能：𝑊=𝑃加热𝑡′=1100𝑊×5×60𝑠=3.3×105𝐽，饮水机的加热效率：𝜂=𝑄吸𝑊×100%=2.94

×105𝐽3.3×105𝐽×100%≈89.1%。答：(1)加热；此时电路中的电流为5𝐴；(2)电热丝𝑅1的电阻是1056𝛺；(3)饮水机加热工作时的加热效率是89.1%。(1)由电路图可知，当𝑆闭合时电路为𝑅2的简单电路，电路中的总电阻最

小，由𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅可知电路的总功率最大，据此判断饮水机的状态，根据𝑃=𝑈𝐼求出此时电路中的电流；(2)根据𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅求出电热丝𝑅2的电阻，当𝑆闭合时两电阻串联，电路的总电阻最大，电路的总功率最小，饮水机处于保温状态，根据𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅

求出电路的总电阻，利用电阻的串联求出电热丝𝑅1的电阻；第20页，共20页(3)知道水的质量和初温、末温以及比热容，根据𝑄吸=𝑐𝑚(𝑡−𝑡0)求出水吸收的热量，根据𝑊=𝑃𝑡求出消耗的电能，利用𝜂=𝑄吸𝑊×100%求出加热效率。本题考查了电功率公式和串

联电路特点、吸热公式、电功公式、效率公式的应用，分清饮水机处于不同状态时电路的连接方式是关键。