【文档说明】2021-2022学年安徽省合肥市庐阳区九年级上期末物理试题及答案解析.docx，共(23)页，436.424 KB，由小喜鸽上传

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第1页，共23页2021-2022学年安徽省合肥市庐阳区九年级（上）期末物理试卷1.如图所示是某固体熔化过程中温度随时间变化的图象，由图象可知，该固体是______(选填“晶体”或“非晶体”)；在熔化过程中，该固体吸收热量，温度______(选填“升高”

或“不变”)。2.如图所示，用酒精灯对试管里的水进行加热，水沸腾后，水蒸气推动软木塞使其迅速冲出管口，在软木塞被推出的过程中，能量转化情况与四冲程汽油机的______冲程相同，管口出现了白雾，这是______(填物态变化名称)现象。3.民间俗语“霜降有霜，米谷满仓”，霜的形

成属于______过程(填物态变化名称)。如图所示，用相同的酒精灯分别对质量、初温均相同的煤油和蓖麻油加热相同时间，观察到蓖麻油比煤油的温度变化大，说明______的比热容更大。4.避雷针能让建筑物避免雷击。当云层电荷较多时，避雷针与云层之间的空气被击穿，使带电云层通过空气

与避雷针、导线和大地相连形成通路，此时空气是______体；若云层带正电，则电流的方向是______(选填“从云层到大地”或“从大地到云层”)。5.如图所示的电路中，闭合开关𝑆后，两灯均能发光，甲、乙两只电

表指针均有偏转，其中是电压表的是______表(选填“甲”或“乙”)。第2页，共23页6.如图所示，请用笔画线代替导线，正确连接家庭电路。7.定值电阻𝑅1、𝑅2的电流和电压关系图像如图所示。当把𝑅1，𝑅2并联在某一电路中时，两电阻两端的电压之比𝑈1：𝑈2=______，通过

两电阻的电流之比𝐼1：𝐼2=______。8.如图所示，电源电压不变，电阻𝑅1=20𝛺，𝑅2=10𝛺，𝑅3=30𝛺。当开关𝑆1闭合，𝑆2、𝑆3断开时，电流表的示数为0.1𝐴，则电源电压为______𝑉；整个电路的最大电功率为_

_____𝑊。9.小明家中暖风机铭牌如图甲所示，电能表如图乙所示；若家中仅有暖风机工作，则正常工作1ℎ，脉冲指示灯闪烁______次。第3页，共23页10.如图所示是某工厂两种照明方式的电路图，灯泡𝐿1和𝐿2的规格均为“220𝑉40

𝑊”。闭合开关𝑆1、𝑆2，满足夜间正常照明需要；闭合开关𝑆1、断开𝑆2，满足夜间多区域照明需要。电源电压恒为220𝑉，灯泡电阻变化忽略不计。正常照明与多区域照明𝐿1中的电流之比为______；正常照明10ℎ消耗的电能比多区域照明10ℎ消耗

的总电能多______𝑘𝑊⋅ℎ。11.如图所示，在注射器中吸入少量液态乙醚，用橡皮塞堵住注射孔，向外拉动活塞，液态乙醚消失。下列选项中的物态变化与其相同的是()A.清晨，人在户外呼出“白气”B.雪水在屋檐下形成冰锥C.洗手后，用热风干手器将手烘干D.寒冬，雪

人没有熔化却变小了12.下列有关热和能的说法中，正确的是()A.发生热传递时，温度总是从高温物体传递给低温物体B.一块0℃的冰熔化成0℃的水后，温度不变，内能不变C.夏天在室内洒水降温，利用了水的比热容较大的性质D.内燃机的压缩冲程，主要通过做功的

方式增大汽缸内物质的内能13.抽油烟机是现代家庭的“好帮手”，它内部装有照明灯和电动机。使用时，有时需要照明灯和电动机各自独立工作，有时需要它们同时工作。下列如图所示的电路中，符合上述要求的是()A.B.C.D.14.甲、乙、丙三个导体

串联在电路中，它们材料相同、均为圆柱体，规格如表所示。通电1𝑚𝑖𝑛，电流通过甲、乙、丙做的功分别为𝑊甲、𝑊乙、𝑊丙，则()第4页，共23页导体长度/𝑐𝑚横截面积/𝑐𝑚2甲51乙101丙52A.𝑊乙>𝑊甲>𝑊丙B.𝑊甲=

𝑊乙=𝑊丙C.𝑊甲>𝑊乙>𝑊丙D.𝑊丙>𝑊甲>𝑊乙15.如图所示的电路，电源电压保持不变，闭合开关𝑆，将滑动变阻器的滑片𝑃缓慢向右移动的过程中()A.电压表示数变大，电流表示数变小B.电压表示数变大，电流表示数变大C.电压表示数不变，电流

表示数变大D.电压表示数不变，电流表示数变小16.如图是某款电子测温仪及它内部的原理图，电源电压保持不变，显示仪由电压表改装而成，𝑅为热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小，𝑅0为定值电阻。下列说法正确的是()A.被测者体温越高，电路中的电流越小B.被测者体温越高，定值

电阻𝑅0两端电压越大C.被测者体温越低，整个电路消耗的功率越大D.将𝑅0换为阻值更大的电阻，测相同温度时，显示仪示数变小17.如图所示，只闭合开关𝑆时灯𝐿1的功率为9𝑊；断开开关𝑆，闭合𝑆1、𝑆2时，灯𝐿1的功率为25𝑊。电源电压不变，忽略温度对灯丝电阻

的影响。则𝐿1与𝐿2电阻之比是()第5页，共23页A.3：2B.5：3C.3：1D.9：2518.如图甲是探究“水沸腾时温度变化特点”的实验装置。液体酒精水银凝固点−117℃−39℃沸点78℃357℃(1)某时刻，温度计示数如图乙，温度

是______℃。(2)根据实验数据，作出了水温随时间变化的图像，如图丙中的𝑎图线。由𝑎图线可知，水沸腾时温度变化的特点是：持续吸热，温度______。(3)另一位同学使用相同装置，仅将水的质量减少，其他条件不变，根据实验数据作出水温随时间变化的图像可能是______。A.𝑎图线B.𝑏图线

C.𝑐图线D.𝑑图线(4)结合图表丁，分析本实验中应选用______液体温度计。19.在探究电阻一定时电流与电压关系的实验中，小兰同学把定值电阻、电流表、电压表、滑动变阻器、开关和电源连接成了如图甲所示的电路。请继

续完成实验：第6页，共23页(1)闭合开关前，检查电路。小兰发现有接线错误，且只需要改接一根导线就可以，请在接错的导线上打“×”并画线把它改到正确的位置上。(2)之后，小兰测得的实验数据如表所示。请在

图乙的坐标系中制定标度，把表中数据在坐标系中描点，画出电流与电压的关系图线，得到电阻一定时电流与电压的关系。数据序号123456电压𝑈/𝑉0.40.81.21.62.02.4电流𝐼/𝐴0.070.150.220.

240.360.44(3)从描点得到的图中可以看出，有一组数据是明显错误的。这组数据序号是______。20.在“测量小灯泡额定功率”的实验中，小灯泡的额定电压为2.5𝑉。(1)请你用笔画线代替导线将图甲中的实物电路连接完整，要求：滑动变阻器的滑片𝑃向𝐴端移动时，电流表示数变大，连线不得交

叉。(2)正确连接电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，出现该状况的原因可能是______。(填字母序号)A.电流表内部断路了𝐵.灯座内部出现了短路𝐶.灯泡的灯丝断了第7页，共23页(3)排除故障后，

闭合开关，调节滑动变阻器的滑片𝑃，使电压表的示数为2.5𝑉，此时电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为______𝑊。21.氢能源车的发动机工作时将液态氢转化为氢气在气缸中燃烧；使用氢作为燃料的主要优点是热值大、无污染。某次测试中，一辆氢能源车以70𝑘𝑊的功率匀速行驶

0.5ℎ，消耗了2𝑘𝑔燃料，求该发动机的效率。(𝑞氢=1.4×108𝐽/𝑘𝑔)22.如图甲所示电路中，电源电压𝑈=6𝑉，电阻𝑅1=30𝛺，闭合开关𝑆，当滑动变阻器滑片𝑃滑至某处位置时，电路中的电流表示数如图乙所示。求：(1)通过𝑅1的电

流。(2)此时滑动变阻器𝑅接入的阻值。23.如图甲所示电路，电源电压可调，𝑅为标有“1𝐴“字样的滑动变阻器，电流表量程为0−3𝐴，𝐿1、𝐿2是额定电压均为6𝑉的小灯泡，其电流与电压的关系如图乙所示。求：(1)𝐿2正常发光时的电阻；(

2)若只闭合开关𝑆1，电源电压调节为10𝑉，滑片𝑃滑至中点时小灯泡正常发光，滑动变阻器第8页，共23页的最大阻值；(3)若不清楚电路中各开关闭合或断开的状态，滑动变阻器滑片𝑃的移动范围为2𝛺至最大阻值处，现移动滑片𝑃同时调节电源电压，使电路中两个小

灯泡均发光且有小灯泡正常发光，电路中各元件均安全工作，对应电路总电功率的变化范围。第9页，共23页答案和解析1.【答案】晶体不变【解析】解：由图象可知，该固体在熔化的过程中，吸收热量，但温度保持不变，所以该物质是晶体。故答案为：晶体；不变。晶体有一定的熔点，在熔化过程中吸热但温度保持不变

。本题考查晶体的熔化图像和晶体熔化的特点，属于基础题。2.【答案】做功液化【解析】解：当瓶内水蒸气把瓶塞冲出时，瓶内水蒸气对瓶塞做功，使得其内能减小，温度降低，即该过程是将内能转化为机械能的过程，此过

程与汽油机的做功冲程类似，在做功冲程中也是燃气的内能转化为活塞的机械能；试管内气体对活塞做功时，内能减小，温度降低，水蒸气放出热量发生液化现象，出现白雾。故答案为：做功；液化。(1)当物体对外做功时，物体的内能转化为机械能，物体的内能

减小；(2)汽油机的四个冲程中，做功冲程将内能转化为机械能，压缩冲程将机械能转化为内能；(3)物质由气态变为液态的过程叫液化，液化放热。本题能量转化以及物态变化，难度不大。3.【答案】凝华煤油【解析】解：霜是由于水蒸气遇冷凝华为固体的形成的。质量相同的不同物质，初温相同，吸收相同的热量，比热

容小的物质升温较快，比热容大的物质升温较慢，蓖麻油比煤油温度变化大，故煤油的比热容更大。故答案为：凝华；煤油。凝华：气态变为固态的过程，该过程会放热。比热容：单位质量某物质，温度变化1℃，吸收或放出的热量。相同质量的不同物质，初温相同，比热容大的物质吸收

相同的热量温度变化较慢。第10页，共23页本题考查自然现象中的凝华现象和比热容的概念，难度较小。4.【答案】导体从云层到大地【解析】解：当云层电荷较多时，避雷针与云层之间的空气被击穿，使带电云层通过空气与避雷针、导线和大地相连形成通路，此时空气是导体。

若云层带正电，放电时，自由电子由大地到云层，所以则电流的方向是从云层到大地。故答案为：导；从云层到大地。(1)容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘体有陶瓷、塑料、玻璃、橡胶、油等；

导体和绝缘体没有绝对的界限。(2)规定正电荷定向移动的方向为电流的方向，电子的定向移动方向与电流方向相反。知道生活中的导体和绝缘体，理解电流方向的规定，可解答此题。5.【答案】乙【解析】解：如果甲是电压表、乙是电流表，则乙和𝐿2被短路，只有灯𝐿1可以工作，也只有甲表有示数，故这

种假设不成立；如果甲是电流表、乙是电压表，则两灯泡并联，电流表测灯𝐿2的电流，电压表测并联电路的电压，两表都有示数，这样符合题意，因此，电压表是乙表。故答案为：乙。电压表在电路中相当于断路，应并联在电路中；电

流表在电路中相当于导线，应串联在电路中，据此可运用假设法进行判断。运用好假设法来对电路进行分析，并知道电压表和电流表在电路中的连接方法是解答的关键。6.【答案】解：灯泡的接法：开关要接在火线和所控制的灯之间，这样在断开开关时能切断火线，接触灯泡不会发生

触电事故。第11页，共23页三孔插座的接法：上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线，如图所示：【解析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插

座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。7.【答案】1：14：1【解析】解：由图像可知，当𝑈1=𝑈2=2𝑉时，对应的电流分别为𝐼1=0.4𝐴，𝐼2=0.1𝐴，由𝐼=𝑈𝑅可得，两电阻的阻值分别为：𝑅1

=𝑈1𝐼1=2𝑉0.4𝐴=5𝛺，𝑅2=𝑈2𝐼2=2𝑉0.1𝐴=20𝛺；则两电阻的阻值之比：𝑅1：𝑅2=5𝛺：20𝛺=1：4。当把𝑅1、𝑅2并联在某一电路中时，因为并联电路中各支路

两端的电压相等，所以𝑈1：𝑈2=1：1；此时通过它们的电流之比：𝐼1′：𝐼2′=𝑈𝑅1：𝑈𝑅2=𝑅2：𝑅1=4：1。故答案为：1：1；4：1。从图像中读出任意一组电压和对应的电流值，根据欧姆定律求出𝑅1与𝑅2的阻值。两电阻并联时两端的电压相等，根据欧姆定

律求出通过它们的电流之比。本题考查了并联电路的电压特点、欧姆定律的应用，关键是由图像得出相关的信息。8.【答案】31.2【解析】解：当开关𝑆1闭合，𝑆2、𝑆3断开时，𝑅1与𝑅2串联，电流表测电路中的电流，由𝐼=𝑈𝑅可得，电源电压为

：𝑈=𝐼(𝑅1+𝑅2)=0.1𝐴×(10𝛺+20𝛺)=3𝑉；第12页，共23页根据𝑃=𝑈2𝑅可知，电源电压不变，当电路中的总电阻最小时，总功率是最大的；由图可知，当开关𝑆1、𝑆2、𝑆3都闭合时，𝑅1和𝑅3并联，根据

并联电路的电阻关系可知，此时的总电阻是最小的，电功率是最大的，则最大功率为：𝑃=𝑈2𝑅1+𝑈2𝑅2=(3𝑉)210𝛺+(3𝑉)230𝛺=1.2𝑊。故答案为：3；1.2当开关𝑆1闭合

，𝑆2、𝑆3断开时，𝑅1与𝑅2串联，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；根据𝑃=𝑈2𝑅分析电路的最大功率。本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是解题的基础与关键。9.【

答案】6600【解析】解：由图甲可知，暖风机的额定功率为𝑃=2200𝑊=2.2𝑘𝑊，由𝑃=𝑊𝑡可知，暖风机正常工作1ℎ消耗的电能：𝑊=𝑃𝑡=2.2𝑘𝑊×1ℎ=2.2𝑘𝑊⋅ℎ；由图乙可知，电能表的字样“3000𝑖𝑚𝑝/(

𝑘𝑊⋅ℎ)”，表示电路中的用电器每消耗1𝑘𝑊⋅ℎ电能，电能表的脉冲指示灯闪烁3000次，则暖风机正常工作1ℎ，脉冲指示灯闪烁的次数：𝑛=2.2𝑘𝑊⋅ℎ×3000𝑖𝑚𝑝/(𝑘𝑊⋅ℎ)=6600𝑖𝑚𝑝。故答案为：66

00。利用𝑃=𝑊𝑡的变形公式求出暖风机正常工作1ℎ消耗的电能；3000𝑖𝑚𝑝/(𝑘𝑊⋅ℎ)表示电路中的用电器每消耗1𝑘𝑊⋅ℎ电能，电能表的脉冲指示灯闪烁3000次，据此可求出暖风机正常工作1ℎ，脉冲指示灯闪烁的次数。本题考查对电能表参数的理解、电功率公式的灵活运用，知道300

0𝑖𝑚𝑝/(𝑘𝑊⋅ℎ)表示电路中的用电器每消耗1𝑘𝑊⋅ℎ电能，电能表的脉冲指示灯闪烁3000次是解题的关键。10.【答案】2：1；0.2【解析】解：(1)由题知灯泡𝐿1和𝐿2的规格均为“220𝑉40𝑊”，则两灯的电阻为：𝑅1=𝑅2=𝑈2𝑃=(220𝑉)240𝑊=

1210𝛺，闭合开关𝑆1、𝑆2，满足夜间正常照明需要，此时电路为𝐿1的简单电路，此时通过𝐿1的电流为：𝐼1=𝑈𝑅1；闭合开关𝑆1、断开𝑆2，满足夜间多区域照明需要，此时电路为𝐿1和𝐿2的串

联电路，此时通过𝐿1的第13页，共23页电流为：𝐼2=𝑈𝑅1+𝑅2，则正常照明与多区域照明𝐿1中的电流之比为：𝐼1𝐼2=𝑈𝑅1𝑈𝑅1+𝑅2=𝑅1+𝑅2𝑅1=21；(2)当闭合开关𝑆1、𝑆2时，正常照明10ℎ消耗的电能

为：𝑊=𝑃𝑡=40𝑊×10×3600𝑠=1.44×106𝐽，闭合开关𝑆1、断开𝑆2时，区域照明10ℎ消耗的总电能为：𝑊′=𝑈2𝑅1+𝑅2𝑡=(220𝑉)21210𝛺+12

10𝛺×10×3600𝑠=0.72×106𝐽，𝑊−𝑊′=1.44×106𝐽−0.72×106𝐽=0.72×106𝐽=0.2𝑘𝑊⋅ℎ，则正常照明10ℎ消耗的电能比多区域照明10ℎ消耗的总电能多

0.2𝑘𝑊⋅ℎ。故答案为：2：1；0.2。11.【答案】𝐶【解析】用橡皮塞堵住注射孔，向外拉动活塞，液态乙醚消失，乙醚由液态变为气态是汽化现象；A.清晨，人在户外呼出“白气”，口腔内的水蒸气遇冷从气态变为液态是液化现象，故此选项不符合题意；B.雪水在屋檐下形成冰锥，水

从液态变为固态是凝固现象，故此选项不符合题意；C.洗手后，用热风干手器将手烘干，水从液态变为气态是汽化现象，故此选项符合题意；D.寒冬，雪人没有熔化却变小了，雪从固态直接变为气态是升华现象，故此选项不符合题

意。故选：𝐶。物质从固态变为液态叫熔化；从液态变为固态叫凝固；物质从液态变为气态叫汽化；物质从气态变为液态叫液化；物质从固态直接变为气态叫升华；从气态直接变为固态叫凝华。本题考查辨别生活中的物态变化，是基础题。12.【答案】𝐷【解析】解：𝐴、发生热传递时，传递的是热量而不是温度，故A错误；

B、一块0℃的冰熔化成0℃的水后，吸收热量，温度不变，内能增加，故B错误；C、夏天在室内洒水，水汽化(蒸发)吸收热量，起到降温的作用，不是利用了水的比热容较大的性质，故C错误；D、内燃机的压缩冲程，活塞压缩气缸内物质做功，机械能转化为内能，是通过做功改变物体的内能，

故D正确。故选：𝐷。第14页，共23页(1)热传递的条件是两个物体之间存在温度差，热量从高温物体传给低温物体或者从物体的高温部分传向低温部分。(2)内能的大小跟质量、温度、状态有关；晶体熔化过程吸收热量，温度不变，内能增大；(

3)物体由液态变为气态的过程叫汽化，汽化吸收热量；(4)改变物体内能的方式有做功和热传递，做功属于能量的转化，热传递属于能量的转移。本题综合考查了热传递的条件、晶体熔化的特点、物体内能的改变方法、汽化吸热等有关知识，是一道综合题。

13.【答案】𝐴【解析】解：A.当两开关同时闭合时电灯和电动机同时工作，只闭合𝑆1时电灯单独工作，只闭合𝑆2时电动机单独工作，故A符合题意；B.当两开关同时闭合，电动机被短路，电灯单独工作；只闭合𝑆1，电灯和电动机同时工作，但不能让电动机单独工作

，故B不符合题意；C.当两开关同时闭合，电灯和电动机同时工作；只闭合𝑆，电动机单独工作，但不能让灯泡单独工作，故C不符合题意；D.闭合𝑆，电灯和电动机同时工作，但不能让电灯或电动机单独工作，故D不符合题意。故选：𝐴

。由题意可知，照明灯和电动机可以独立工作、互不影响即为并联，且各支路均有一个开关，据此进行解答。本题考查了串并联电路的设计，根据题意得出照明灯和电动机的连接方式以及开关的位置是关键。14.【答案】𝐴【解析】解

：甲、乙、丙三个导体材料相同、均为圆柱体，由表中数据知，甲和乙横截面积相等，乙比甲长度大，所以𝑅乙>𝑅甲，甲和丙长度相等，甲的横截面积小于丙，所以𝑅甲>𝑅丙，所以三个导体的大小关系为：𝑅乙>𝑅甲>𝑅丙；甲、乙、丙三

个导体串联在电路中，所以通过它们的电流相等，通电都为1𝑚𝑖𝑛，第15页，共23页根据𝑊=𝑈𝐼𝑡=𝐼2𝑅𝑡可知，𝑊乙>𝑊甲>𝑊丙。故选：𝐴。(1)影响电阻的因素是材料、长度、横截面积和温度，根

据表中数据判断三个导体的电阻大小；(2)根据串联电路的电流特点和𝑊=𝑈𝐼𝑡=𝐼2𝑅𝑡判断电流通过三个导体做功的大小。本题考查电阻影响因素的理解以及电功公式的灵活应用，判断出三个导体的电阻关系是关键。15.【答案】𝐷【解析】解：由实物电路图可知，闭合

开关𝑆，定值电阻𝑅与滑动变阻器并联，电流表测干路电流，电压表测电源两端的电压。因电源电压保持不变，所以，滑片移动时电压表的示数不变，故AB错误；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时通过定值电阻𝑅的电

流不变，将滑动变阻器的滑片𝑃缓慢向右移动的过程中，变阻器接入电路中的电阻变大，由𝐼=𝑈𝑅可知，通过滑动变阻器的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流表的示数

变小，故C错误、D正确。故选：𝐷。由实物电路图可知，闭合开关𝑆，定值电阻𝑅与滑动变阻器并联，电流表测干路电流，电压表测电源两端的电压。根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作

、互不影响可知滑片移动时通过定值电阻𝑅的电流变化，根据滑片的移动可知变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过滑动变阻器的电流变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化。本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，正确分清电路的连接

方式和电表所测的电路元件是关键。16.【答案】𝐵【解析】解：已知显示仪由电压表改装而成，根据电路图可知，𝑅与𝑅0串联，显示仪(电压表)测𝑅0两端的电压；第16页，共23页𝐴𝐵、因热敏电阻𝑅的阻值随温度的升高而减小，所以，被测者体温越高，�

�的阻值越小，电路的总电阻越小，根据欧姆定律可知，电路中的电流越大；根据𝑈=𝐼𝑅可知，定值电阻𝑅0两端电压越大，故A错误，B正确；C、与之相反，被测者体温越低，则电路中的电流越小，由𝑃=𝑈𝐼可知，整个电

路消耗的功率也越小，故C错误；D、温度相同时，说明热敏电阻的阻值不变，将𝑅0更换为阻值更大的电阻，由串联电路的分压特点可知，𝑅0两端分得的电压变大，即显示仪示数会变大，故D错误。故选：𝐵。本题考查了串联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的运用，关

键是分析被测者体温变化时热敏电阻的阻值变化，难度不大。17.【答案】𝐴【解析】解：断开开关𝑆，闭合𝑆1、𝑆2时，𝐿1与𝐿2并联，灯泡两端的电压等于总电压即𝑈1=𝑈总，灯𝐿1的功率𝑃1=25𝑊，则：𝑃1=𝑈12𝑅1=𝑈总2𝑅1⋅⋅⋅⋅⋅①，根据只闭合开关𝑆时灯

𝐿1的功率𝑃1′=9𝑊，此时𝐿1与𝐿2串联，总电压等于各部分电压之和，且电压的分配与电阻成正比，即𝑈总=𝑈1′+𝑈2′，𝑈1′𝑈2′=𝑅1𝑅2，由上述两式得：𝑈1′=𝑅1𝑅1+𝑅2𝑈总，则此

时灯𝐿1的功率：𝑃1′=(𝑈1′)2𝑅1=(𝑅1𝑅1+𝑅2𝑈总)2𝑅1⋅⋅⋅⋅⋅②②比①得：𝑃1′𝑃1=(𝑅1𝑅1+𝑅2)2，由题知：𝑃1=25𝑊，𝑃1′=9𝑊，代入上式得：9𝑊25𝑊=(𝑅1𝑅1+𝑅2)2，两边开

方得：35=𝑅1𝑅1+𝑅2，整理得：𝑅1：𝑅2=3：2。故选：𝐴。由电路图可知，断开开关𝑆，闭合𝑆1、𝑆2时，𝐿1与𝐿2并联，灯泡两端的电压等于总电压，得出此时第17页，共23页灯

𝐿1的功率𝑃1=𝑈总2𝑅1；只闭合开关𝑆时，此时𝐿1与𝐿2串联，总电压等于各部分电压之和，且电压的分配与电阻成正比，由已知条件可以求出此时功率𝑃1′与总电压𝑈总的关系；综合上述结果可求得𝐿1与𝐿2电阻之比。本题考查了电功率的计算、欧姆定律的应用，是

一道电学综合题，难度较大。18.【答案】89保持不变𝐵水银【解析】解：(1)该温度计的分度值为1℃，此时温度计的示数为89℃；(2)由图可知，此时水沸点为98℃，水在沸腾过程中，持续吸热，温度保持不变；(3)其它条件不变，减

少水的质量，从开始加热到沸腾的时间会缩短，但是水的沸点不变，图象𝑏符合题意，故选B；(4)在标准大气压下，沸水的温度是100℃，酒精的沸点是78℃，水银的沸点是357℃，水银的沸点高于沸水的温度，所以测沸水的温度要选水银温度计。故答案为：(1)

89；(2)保持不变；(3)𝐵；(4)水银。(1)对温度计进行读数时，要注意温度计的量程和分度值；(2)水沸腾的特点：继续吸热，温度保持不变；(3)减少了水的质量，水的沸点不会变，只会缩短加热的时间，据此来

做出判断；(4)液体温度计的原理：液体的热胀冷缩。此题是探究水的沸腾实验，实验中从器材的使用、沸腾时的特点入手进行考查，常见题目。第18页，共23页19.【答案】(1)；(2)；(3)4。【解析】【分析】本题是探究电流与电压的实验，考查

了实物电路的连接、根据实验数据画图象以及对图象的认识和理解，这是在实验中不可避免的问题，应掌握。【解答】(1)实验中，电压表应并联在定值电阻两端，电流表应与定值电阻串联，而图中电压表串联在电路中，电流表与定值电阻并联了，可将

灯泡连接到变阻器的导线，改为灯泡与电压表3接线柱连接，如图所示：；第19页，共23页(2)根据表中实验数据，制定标度，描点连线画出电流与电压关系的图线，如图所示：；(3)由图线知，电流与电压关系图线是正比例图线，即电阻一定时，电流与电压成正比，而第4次实验数据的点不在该图线上，所以这组数

据是错误的。故答案为：(1)见上图；(2)见上图；(3)4。20.【答案】𝐵0.75【解析】解：(1)灯泡额定电压是2.5𝑉，电压表选0～3𝑉量程，电压表并联在灯泡两端，滑动变阻器的滑片𝑃向𝐴端移动时，电流表示数

变大，由欧姆定律可知，滑动变阻器接入的电阻变小，故A接线柱应接入电路，正确连线如图所示：(2)灯泡不亮，电流表有示数，电路是通路，电压表无示数，则可能与电压表并联的灯泡短路，故选B；(3)根据图乙电流表量程0−0.6𝐴，分度值0.02𝐴，电流表示数为0.3𝐴，小灯泡的额定功率

为：𝑃=𝑈𝐼=2.5𝑉×0.3𝐴=0.75𝑊。第20页，共23页故答案为：(1)(2)𝐵；(3)0.75。(1)根据灯泡额定电压确定电压表的量程，根据滑滑片向𝐴端移动时，电流表示数变大根据欧姆定律分析滑动变阻器接

入电路的电阻变化，确定变阻器的接线柱；(2)灯泡不亮，电流表有示数，进而说明电路是通路，电压表无示数，则可能与电压表并联的电路短路；(3)根据图乙读出电流表示数，根据𝑃=𝑈𝐼计算小灯泡的额定功率。本题是测小灯泡电功率的实验，考查了电路

连接、电路故障分析、串联电路特点和欧姆定律的应用、电功率的计算以及特殊方法测灯泡功率等。21.【答案】解：氢能源车所做的功为：𝑊=𝑃𝑡=70000𝑊×0.5×3600𝑠=1.26×108𝐽2𝑘𝑔燃料完全燃烧释放的热量：𝑄放=𝑚氢𝑞氢=2𝑘𝑔×1.4×108𝐽/�

�𝑔=2.8×108𝐽该发动机的效率为：𝜂=𝑊𝑄放×100%=1.26×108𝐽2.8×108𝐽×100%=45%答：该发动机的效率为45%。【解析】根据𝑊=𝑃𝑡计算氢能源车所做的功，根据𝑄=𝑚𝑞计算2𝑘𝑔液态氢完全燃烧释放的热

量，根据机械效率公式𝜂=𝑊𝑄×100%计算该发动机的效率。本题考查了学生对机械效率公式的掌握和运用，综合性强。22.【答案】解：由电路图可知，𝑅1与𝑅并联，电流表𝐴测干路电流，电流表𝐴测𝑅1支路的电流。(1

)因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，通过𝑅1的电流：𝐼1=𝑈𝑅1=6𝑉30𝛺=0.2𝐴；第21页，共23页(2)电流表选用的量程为0～0.6𝐴，分度值为0.02𝐴，电流表𝐴的示数𝐼=0.3𝐴，则通过𝑅的电流：𝐼2=𝐼−𝐼1=0

.3𝐴−0.2𝐴=0.1𝐴，滑动变阻器连入电路的阻值：𝑅2=𝑈𝐼2=6𝑉0.1𝐴=60𝛺。答：(1)电流表𝐴1的示数为0.2𝐴；(2)滑动变阻器连入电路的阻值为60𝛺。【解析】由

电路图可知，𝑅1与𝑅并联，电流表𝐴测干路电流。(1)根据并联电路中的电压特点和欧姆定律求出通过𝑅1的电流；(2)电流表选用的量程为0～0.6𝐴，分度值为0.02𝐴，根据指针的位置确定电流表的示数，

根据并联电路的电流特点求出通过𝑅2的电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器连入电路的阻值。本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，难度不大。23.【答案】解：(1)当灯泡𝐿2正常发光时，𝐿2两端的电压𝑈2=6𝑉，由图象可知通过𝐿2的电流𝐼𝐿2=0.8𝐴，

由欧姆定律，𝐿2正常发光时的电阻：𝑅𝐿2=𝑈𝐿2𝐼𝐿2=6𝑉0.8𝐴=7.5𝛺；(2)若只闭合𝑆1时，灯𝐿2与变阻器串联，因灯正常发光，灯的电压为𝑈𝐿2=6𝑉，电流为𝐼𝐿2=0.8𝐴，根据串联电路的规律及欧姆定律，变阻器连入电路中的电阻

：𝑅滑中=𝑈−𝑈𝐿2𝐼𝐿2=10𝑉−6𝑉0.8𝐴=5𝛺，滑动变阻器的最大阻值为2×5𝛺=10𝛺；(3)由题意可知，两个小灯泡均发光且有小灯泡正常发光，满足该条件可能有两种情况：①闭合𝑆1、𝑆2时，灯𝐿2与𝐿2并联后再与变阻器串联

，因两灯的额定电压均为6𝑉，根据并联电路的电压特点可知，两灯均可正常发光，由图象乙可知，两灯正常发光时的电流分别为：1.2𝐴、0.8𝐴，根据并联电路的电流特点可知，此时干路电流为：1.2𝐴+0.8𝐴=2𝐴>1𝐴，即电路中的电流大于滑动变阻器允许通过的最大电流，因此该情况的电路不能正常

工作，故排除；②只闭合𝑆3时，两灯串联后再与变阻器串联，通过两灯的电流相等，因灯𝐿1的额定电流大于灯𝐿2的额定电流，所以只能使𝐿2正常发光，此时电路中的电流：𝐼=𝐼𝐿2=0.8𝐴；第22页，共23页由图象

可知，当电流为0.8𝐴时的𝐿1两端的电压𝑈𝐿1=2𝑉，此时灯𝐿1的电阻𝑅𝐿1=𝑈𝐿1𝐼=2𝑉0.8𝐴=2.5𝛺，因滑动变阻器接入电路的电阻不小于2𝛺，根据串联电路的电阻特点可知，电路的最小电阻：𝑅串小=7.5𝛺+2𝛺+2.5𝛺=12𝛺

；电路的最大电阻：𝑅串大=7.5𝛺+10𝛺+2.5𝛺=20𝛺，所以电路的最小功率：𝑃小=𝐼2𝑅串小=(0.8𝐴)2×12𝛺=7.68𝑊；电路的最大功率：𝑃大=𝐼2𝑅串大=(0.8𝐴)2×20𝛺=12.8𝑊，即电路的功率范围为7.68𝑊～12

.8𝑊；答：(1)𝐿2正常发光时的电阻为7.5𝛺；(2)滑动变阻器的最大阻值为10𝛺；(3)对应电路总电功率的变化范围为7.68𝑊～12.8𝑊。【解析】(1)根据已知条件，由图乙可知，当灯泡𝐿2正常发光时，𝐿2两端的电压和通过𝐿2的电流

，由欧姆定律求出𝐿2正常发光时的电阻；(2)若只闭合𝑆1时，灯𝐿2与变阻器串联，因灯𝐿2正常发光，由图2，根据串联电路的规律及欧姆定律，变阻器连入电路中的电阻，从而得出滑动变阻器的最大阻值；(3)由题意可知，两个小

灯泡均发光且有小灯泡正常发光，分析电路结构可知，满足该条件可能有两种情况：①闭合𝑆1、𝑆2时，灯𝐿2与𝐿2并联后再与变阻器串联，因两灯的额定电压均为6𝑉，根据并联电路的电压特点可知，两灯均可正常发光，根据并联电路的特点计算出干路电流，将干

路电流与滑动变阻器允许题干的电流进行比较，判断当前情况的可行性；②只闭合𝑆3时，两灯串联后再与变阻器串联，因灯𝐿1的额定电流大于灯𝐿2的额定电流确定只能使𝐿2正常发光；由串联电路的电流特点可知，电路中的电流𝐼=𝐼𝐿2=0.8𝐴；由图象

可知，当电流为0.8𝐴时的𝐿1两端的电压，根据欧姆定律求出此时𝐿1的电阻；根据滑动变阻器滑片𝑃的移动范围为2𝛺至最大阻值处，和串联电路的电阻特点分别求出电路的最小和最大电阻，根据𝑃=𝐼2𝑅分别得出电路的最小和最大功率。本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用及电功率公式的运用

，最后一问是难点，关键是明确第23页，共23页只能使𝐿2正常发光。