【文档说明】2021-2022学年安徽省安庆市宿松县九年级上期末物理试题及答案解析.docx，共(18)页，302.646 KB，由小喜鸽上传

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第1页，共18页2021-2022学年安徽省安庆市宿松县九年级（上）期末物理试卷一、单选题（本大题共7小题，共14.0分）1.吸烟和被动吸烟都有害健康，因此我们在公共场所禁止吸烟，可以防止人们被动吸食“二手烟”，“

二手烟”被吸食的主要原因是烟的()A.分子很小B.分子间存在间隙C.分子在不停地运动D.分子间有引力2.关于内能、热量和温度，下列说法中正确的是()A.减肥期间不宜吃大量巧克力，是因为巧克力含有的热量较多B.物体的内能与温度有关，只要温度不变物体的内能就一定不变C.物体机械能

增加，则内能一定增加D.内能小的物体也可能将热量传递给内能大的物体3.甲乙两物体质量相等，初温相同，把甲投入一杯热水中，平衡后水温降低了10℃，把甲捞出后(设水与热均未损失)，再投入乙，热平衡后水温又降低了10℃。由此可得出()

A.甲的比热容小B.乙的比热容小C.甲、乙的比热容一样大D.无法确定4.干燥的冬季，行驶的汽车很容易和空气摩擦带上正电荷。当人手拉车门时就会发生“触电”现象。对此现象分析正确的是()A.正电荷由车门流向人手，电流方向从车门到人手B.负电荷由车门流向人手，电流方向从人手到车门C.正电荷由

人手流向车门，电流方向从人手到车门D.负电荷由人手流向车门，电流方向从车门到人手5.对于如图所示的电路，下列描述不正确的是()A.断开𝑆1，闭合𝑆2、𝑆3，电阻𝑅1、𝑅2两端电压相等B.只闭合𝑆1，流过电阻𝑅1、𝑅2的电流相等C.只闭合𝑆1、𝑆2，电阻𝑅1、𝑅2并联D.同时

闭合𝑆1、𝑆3，电路会形成电源短路第2页，共18页6.如图所示的电路中，电流表𝐴1的示数为0.4𝐴，𝐴2的示数为0.3𝐴，电阻𝑅2的阻值为10𝛺。下列说法正确的是()A.通过电阻𝑅1的电流为0.4𝐴B.电源电压

为4𝑉C.电阻𝑅1的阻值为30𝛺D.若断开开关𝑆2，电流表𝐴1示数变大7.如图所示，灯泡𝐿1标有“6𝑉6𝑊”和𝐿2标有“12𝑉6𝑊”(灯泡电阻保持不变)，串联在电压为12𝑉的电源上

，闭合开关𝑆，两灯都能发光，下列说法正确的是()A.𝐿2更亮些B.电流表的示数为0.5𝐴C.𝐿2的实际功率为384𝑊D.当电源电压换为18𝑉时，两盏灯将同时正常工作二、填空题（本大题共10小题，共20.0分）8.水是“生命之源”，其比热容为4.2×103𝐽/(𝑘

𝑔⋅℃)，其中“4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)”表示的物理含义是______。9.生活中有许多常见的现象都与物理知识有关，例如炒菜时短时间内就能尝到菜中的咸味，而腌咸菜时则要腌制很长时间才能吃到菜中的咸味，该现象说明：

______。10.冬天小丽和小亮为了使自己的手更暖和些，分别采用了如图所示的方法。从物理学的角度看，小丽改变手内能的途径是______，小亮改变手内能的途径是______。第3页，共18页11.科学研究发现，不同物质的原子核对电子的束缚能力不同，在两种物质的相互摩擦中会有电子的

转移而使物质带上电荷，如用丝绸摩擦过的玻璃棒会带正电，由此可知，在玻璃棒和丝绸中，______的原子核对电子的束缚能力强。12.小明观察到街道上的路灯晚上一起亮，早晨一起灭，其中一盏灯因故障而熄灭，其他路灯依然发光，由此可以断定路灯的连接方式为______，每个用电器和控制它的开关的连接方式为__

____(选填“串联”或“并联”)。13.如图的插线板中，𝑎接电源，𝑏接台灯，𝑐接电风扇，两个用电器均正常工作时，𝑎、𝑏、𝑐中的电流最大的是______处。14.如图所示，将𝐴、𝐵两种不同的金属

片分别插入土豆，制成“土豆电池“。闭合开关𝑆，发光二极管发光，电压表有示数，则金属片______是“土豆电池”的正极，______脚是发光二极管的正极。(填字母)15.如图所示，三个阻值均为5𝛺的定值电阻接在电压为𝑈的电路中，此时电流表的示数为0

.6𝐴，若把电流表换成电压表，则电压表的示数为______𝑉。第4页，共18页16.小张出差时恰逢抄表日，他家电能表示数如图甲，出差返回时发现家中有一盏60𝑊台灯亮着，检查其他电器都已断开，再查看电能

表的示数如图乙，则小张出差时间长达______天。17.天然气已经被广泛利用，完全燃烧0.07𝑚3天然气释放的热量的30%被水吸收，可以将4𝑘𝑔的水由20℃加热到70℃，则天然气的热值为______。[𝑐水=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)]三、实验探究题（本大题共3小题，共16

.0分）18.如图是小丽同学连接的用电流表测小灯泡电流的电路图，灯泡标有“2.5𝑉0.3𝐴”，请指出这个电路的两处错误或不足之处。(1)______。(2)______。19.如图是研究“电热大小与哪些因素有关”的实验装置。左右两个透明的容器中密闭了等

量的空气，两个密闭容器中都有一段电阻丝，𝑈形管中装的是红色液体。(1)要探究电热与电流关系，请在图中用笔画线完成电路的连接。(2)通电一段时间后，𝑈形管中左侧的液面高度更高。此实验可得出的结论是：_____

_。20.小明利用如图甲所示的器材进行“测量小灯泡的电功率”的实验，其中，电源电压为6𝑉且恒定不变，小灯泡的额定电压为2.5𝑉，灯丝电阻约为12𝛺.(1)如图甲所示是小明连接的实验电路，其中有一根导线连接错误，请你在错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线，将甲图实验电路连接完整。第5

页，共18页(2)为了能顺利完成该实验的测量，应选用______(选填“甲”、“乙”或“丙”)规格的滑动变阻器。甲：“10𝛺0.5𝐴”；乙：“20𝛺0.5𝐴”；丙：“20𝛺0.2𝐴”。(3

)正确规范操作，闭合开关后，缓慢移动滑动变阻器的滑片𝑃，发现电流表的示数逐渐变大，小灯泡却始终不发光，电压表也无示数，则电路故障可能是______。(4)排除故障后，闭合开关，发现电压表的示数如图丙所示，为了测量小泡的额定功率，接下

来应进行的具体实验操作是______。四、计算题（本大题共3小题，共20.0分）21.如图所示的电路中电源电压保持不变，𝑅1=𝑅2=𝑅3=20𝛺，当𝑆1、𝑆2都断开，电流表示数是0.3𝐴，求：(1)电源电压(2)𝑆1、𝑆2都闭合时，电流表示

数是多少？22.如图所示是一直流电动机提升重物的装置.电源电压𝑈=24𝑉保持不变，已知电动机线圈电阻为2𝛺，开关闭合后，电动机匀速提升重物的重力为40𝑁，此时，电流表读数为2𝐴，电压表读数为6𝑉，不计任何摩擦，求：(1)1分钟

内电动机产生的热量；第6页，共18页(2)该装置消耗电能的总功率；(3)该装置在10𝑠内提升重物的高度。23.如图是某电蒸锅的内部简化电路图，𝑅1、𝑅2均为发热电阻，𝑅1的阻值为484𝛺，加热挡功率为1200𝑊。用此电蒸锅对质量为1.2𝑘𝑔的水加热使其温度升高75℃，需要的时间为3

78𝑠，已知𝑐水=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)。求：(1)保温挡的功率。(2)电阻𝑅2的阻值。(3)电蒸锅的加热效率。第7页，共18页答案和解析1.【答案】𝐶【解析】解：造成非吸烟者在公共场所吸食“二手烟”，是因为烟气中含有的分子是在不停

地做无规则运动，向四周扩散，使非吸烟者被动吸入二手烟而危害健康。故选：𝐶。一切物质的分子都在不停地做无规则的运动。本题主要考查了分子的运动，要结合生活实际分析。2.【答案】𝐷【解析】解：𝐴、热量是一个过程量，不能说含有热量，

故A错误；B、物体的内能与温度、质量、状态等都有关，物体的温度不变，物体的内能不一定不变，如晶体熔化时，吸热，温度不变，但内能增大，故B错误；C、物体的内能与机械能没有关系，同一个物体的机械能增加，其内能不一定增加，故C错误；D、内能小的物体，可能温度高，所以它可能将热量传递给内能大

的物体，故D正确。故选：𝐷。(1)热量是一个过程量，不能说含有多少热量；(2)内能的大小与物体的质量、温度、状态有关；(3)物体的内能与机械能是两种不同形式的能量；(4)发生热传递的条件是物体间有温度差。本题主要考查

了内能、温度、热量之间的关系，内能和机械能的区别以及晶体的熔化特点，是一道综合题。3.【答案】𝐴【解析】解：先后将甲、乙两物体投入到同一杯水中，水降低的温度相同，水放出的热量相同，不计热量损失，𝑄吸=𝑄放

，甲、乙两物体吸收的热量相同；由题意可知，乙物体比甲物体少升高了10°𝐶，即乙物体升高的温度小于甲升高的温度，根据𝑄吸=𝑐𝑚𝛥𝑡可知，当𝑄吸，𝑚相同时，𝛥𝑡越大，𝑐越小，所以甲的比热容小于乙物体的比热容。第8页，共18页故

选：𝐴。甲、乙两物体，先后投入到同一杯水中，甲、乙物体吸收热量、温度升高，水放出热量、温度降低；由题知，两次水降低的温度相同，也就是水放出的热量相同，因为不计热量损失，由热平衡方程可知，甲、乙两物体吸收的热量相同；而甲、乙两物体的质量相等、初温相同，经吸热后，乙

物体的末温比甲物体的末温低，即乙物体升高的温度小于甲升高的温度，根据𝑄吸=𝑐𝑚𝛥𝑡可得出甲乙物体的比热容大小。本题考查了比热容的概念、热平衡方程、热量公式，能确定甲、乙两物体的末温关系是本题的关键。4.【答案】𝐷【解析】解：行驶的汽

车很容易和空气摩擦带上正电荷，当人手拉车门时就会发生“触电”现象，人手也带上了正电荷，所以人手失去电子，电子由人手流向车门，电子是负电荷，所以电流的方向为：车门到人手。故选：𝐷。物理学规定：正电荷定向移动的方向为电流的方向。本题考查了电流的方向，我们要注意电子定向移动的方向和电流的方向相反。

5.【答案】𝐶【解析】解：𝐴、由图知，断开𝑆1，闭合𝑆2、𝑆3，电阻𝑅1、𝑅2并联，根据并联电路的电压规律知，两电阻两端电压相等，故A正确；B、由图知，只闭合𝑆1，电阻𝑅1、𝑅2串联，根据串联电路的

电流规律知，通过两电阻的电流相等，故B正确；C、由图知，只闭合𝑆1、𝑆2，电阻𝑅2被短路，电路为𝑅1的简单电路，故C错误；D、由图知，同时闭合𝑆1、𝑆3，电源两极被导线直线相连，所以电路会形成电源短路，故D正确。故选：𝐶。用电器并列连接的电路叫并联电路，用电器依次连接的电路叫

串联电路；导线直接将电源两极相连时会造成短路；并联电路中各支路两端电压相等，等于电源电压；干路电流等于各支路电流之和；串联电路中电第9页，共18页流处处相等。本题考查串并联电路的识别、串联电路电流规律、并联电路电压规律

的认识和应用，正确判断开关在不同状态下电路的连接方式是关键。6.【答案】𝐶【解析】解：由电路图可知，两电阻并联，电流表𝐴2测𝑅2支路的电流，电流表𝐴1测干路的电流；开关𝑆1控制整个电路，开关𝑆2控制电阻𝑅1；A、因为并联电路中

干路电流等于各支路电流之和，所以通过电阻𝑅1的电流：𝐼1=𝐼−𝐼2=0.4𝐴−0.3𝐴=0.1𝐴，故A错误；B、因为并联电路中各支路两端的电压相等，故根据欧姆定律可得：电源的电压𝑈=𝑈2=𝐼2𝑅2=0.3

𝐴×10𝛺=3𝑉，故B错误；C、由𝐼=𝑈𝑅可得：𝑅1=𝑈𝐼1=3𝑉0.1𝐴=30𝛺，故C正确；D、并联电路各支路互不影响，断开开关𝑆2时，𝑅1支路断开，𝑅2支路照常工作，通过它的电流不变，电流表测量𝐴1、𝐴2均测量通过𝑅2的电流，所以

电流表𝐴1示数变小，故D错误。故选：𝐶。由电路图可知，两电阻并联，电流表𝐴2测𝑅2支路的电流，电流表𝐴1测干路的电流；开关𝑆1控制整个电路，开关𝑆2控制电阻𝑅1；根据并联电路的电流特点求出通过电阻𝑅1的电流，

再根据并联电路的电压特点求出电源的电压，利用欧姆定律求出电阻𝑅1的阻值，若断开开关𝑆2，只有𝑅2连入电路，根据并联电路的特点判断出电流表𝐴1示数的变化。本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道较为简单的计算题。7.【答案】𝐴【解析】解：由𝑃=𝑈𝐼=𝑈

2𝑅可得，两灯泡的电阻：𝑅1=𝑈12𝑃1=(6𝑉)26𝑊=6𝛺，𝑅2=𝑈22𝑃2=(12𝑉)26𝑊=24𝛺。(1)两灯泡串联在电压为12𝑉的电源上，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，由欧姆定律

可得电路中电流：𝐼=𝑈𝑅1+𝑅2=12𝑉6𝛺+24𝛺=0.4𝐴，故B错误；第10页，共18页两灯泡的实际功率分别为：𝑃1′=𝐼2𝑅1=(0.4𝐴)2×6𝛺=0.96𝑊，𝑃2′=𝐼2𝑅2=(0.4𝐴)2×24𝛺=3.84𝑊，故C错误；因灯泡的亮暗取决

于实际功率的大小，所以，𝐿2实际功率较大，𝐿2更亮些，故A正确；(2)由灯泡的铭牌可知，两灯泡的额定电压不相等，额定功率相等，由𝑃=𝑈𝐼的变形式𝐼=𝑃𝑈可知，两灯泡的额定电流不相等，因两灯泡正常发光时的电流和额定电流相等，所以，两灯泡不可能同时正常发光，故D错误。故选：𝐴。

知道两灯泡的额定电压和额定功率，根据𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅求出两灯泡的电阻。(1)两灯泡串联在电压为12𝑉的电源上，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，根据𝑃=𝑈𝐼=𝐼2𝑅求出两灯泡的实际功率，实际功率大的灯泡较亮；(2)

根据𝑃=𝑈𝐼比较两灯泡的额定电流是否相等，相等时能同时正常发光，否则不能同时正常发光。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意灯泡的亮暗取决于实际功率的大小。8.【答案】1𝑘𝑔水温度升高(或降低)1℃，吸收(或

放出)的热量是4.2×103𝐽【解析】解：水的比热为4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)，根据比热容的定义可知其物理意义：1𝑘𝑔水温度升高(或降低)1℃，吸收(或放出)的热量是4.2×103𝐽。故答案为：1𝑘𝑔水温度升高(或降低)1℃，吸收(或放出)的热量是4.2×103𝐽。

比热容是指质量是1𝑘𝑔的某种物质温度升高(或降低)1℃，吸收(或放出)的热量。此题考查了比热容单位的物理意义，正确理解概念是解答的基础。9.【答案】温度越高，分子运动越剧烈，扩散现象越明显【解析】解：炒菜时短时间内就能尝到菜中的咸味，而腌咸菜时则要腌制很长时间才能吃到菜中的咸味，该现象说明

：温度越高，分子运动越剧烈，扩散现象越明显。故答案为：温度越高，分子运动越剧烈，扩散现象越明显。扩散现象与温度的关系：温度越高，扩散现象越明显。第11页，共18页本题考查了扩散现象与温度的关系，属于基础题。10.【答案】热传递做功【解析】解：小丽手捧水杯，水杯温度较高，热量会从水杯转移到

手上，是通过热传递的方式改变手的内能；小亮双手搓擦克服摩擦做功，机械能会转化为手的内能，此过程是靠做功改变手的内能。故答案为：热传递；做功。要知道属于哪种改变物体内能的方法，应该知道热传递和做功的特点，热传递是能量的转移，做功是能

量由一种形式转化成另外一种形式；“呵气”是能的转移，“搓手”是做功。能从能量的转化和转移的角度来理解改变内能的这两种方式是解决该题的关键。11.【答案】丝绸【解析】解：玻璃棒和丝绸在摩擦的过程中，玻璃棒带的是正电，证明被丝绸吸引了电子，从而说明丝绸的

原子核对电子的束缚能力强。故答案：丝绸。摩擦起电的实质是电子的转移，原子核对电子束缚能力强的会得到电子的带负电，原子核对电子束缚能力弱的会失去电子的带正电。本题考查摩擦起电的实质，需要注意的是原子核对

电子舒服能力强的会得到电子的带负电，反之带正电。12.【答案】并联串联【解析】解：街上的路灯同时发光同时熄灭，如果看到其中一盏灯因故障而熄灭，但其它路灯依然发光，可以断定路灯的连接方式是并联，因为并联电路有多条路径，各用电器之间互不影响；每

个用电器和控制它的开关的连接方式为串联，这样才能实现对用电器的有效控制。故答案为：并联；串联。串联电路中各用电器之间相互影响，并联电路中各用电器之间互不影响，串联电路需要一个开关就能控制整个电路，并联电路干路开关控制整个电路，支路开关控制各自的支路。电路中，开关一般都要与

被控制的用电器串联。本题考查了学生判断串、并联电路的能力，识别串并联电路关键是看各用电器之间是否相互影响，第12页，共18页相互影响的是串联，相互不影响的是并联。13.【答案】𝑎【解析】解：根据题意可知这是家庭

电路的一部分，在家庭电路中台灯和电风扇是并联的；图中𝑎点在干路上，𝑏、𝑐两点在两条支路上；因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以有𝐼𝑎=𝐼𝑏+𝐼𝑐，则𝑎中的电流最大。故答案为：𝑎。根据题意和图示可知，台灯和电

风扇并联，𝑎点在干路上，𝑏、𝑐两点在两条支路上，根据并联电路的电流特点求解。此题考查了并联电路的电流规律，明确并联电路中干路电流等于各支路电流之和是解答本题的关键。14.【答案】𝐵𝐷【解析】解：由图中电压表的正

负接线柱可知，金属片𝐵与电压表的正接线柱相连，则𝐵为电源的正极；二极管发光时，电流需要从长脚流入二极管，所以𝐷脚为发光二极管的正极。故答案为：𝐵；𝐷。电压表需要并联接入电路中，电流从电压表的正接线柱流入，从负接线柱流出；发光二极管具有单向导电性。本题主要考查电压表的使用、二极管的实验

等，能根据电压表的接法判断电源的正负极是本题的难点。15.【答案】2【解析】解：由电路图可知，电流表并联在𝑅2两端，则𝑅2被短路，𝑅1、𝑅3串联，电流表测电路中的电流，因串联电路的总电阻等于各分电阻之和，所以由𝐼=𝑈𝑅可得，电源的电压：𝑈=𝐼𝑅=

𝐼(𝑅1+𝑅3)=0.6𝐴×(5𝛺+5𝛺)=6𝑉；把电流表换成电压表时，𝑅1、𝑅2、𝑅3串联，电压表测量𝑅2两端电压，此时电路的电流：𝐼′=𝑈𝑅1+𝑅2+𝑅3=6𝑉5𝛺+5𝛺+5

𝛺=0.4𝐴，第13页，共18页电压表的示数：𝑈2=𝐼′𝑅2=0.4𝐴×5𝛺=2𝑉。故答案为：2。电流表相等于一根导线，当电流表并联在电阻𝑅2两端时，𝑅2被短路，𝑅1、𝑅3串联，电流表测电路中的电流，根据串联电路电阻规律和欧姆定律求出电

源的电压；把电流表换成电压表时，𝑅1、𝑅2、𝑅3串联，电压表测量𝑅2两端电压，根据欧姆定律求出电路电流和电压表的示数。本题考查串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是知道电流表对电路连接的影响。16.【答案】10

【解析】解：灯泡消耗的电能：𝑊=2080.4𝑘𝑊⋅ℎ−2066.0𝑘𝑊⋅ℎ=14.4𝑘𝑊⋅ℎ，由𝑃=𝑊𝑡得，小张的出差时间：𝑡=𝑊𝑃=14.4𝑘𝑊⋅ℎ60×10−3𝑘𝑊=240ℎ=10天。故答案为：10。已知出差前后电能表的示数，后者与前者之差就是期间灯泡消耗

的电能；读数时注意：最后一位是小数、单位为𝑘𝑊⋅ℎ(度)；知道台灯的功率和消耗的电能，利用𝑃=𝑊𝑡求出通电时间，也就是出差时间。本题考查时间的计算，关键是电功率公式及其变形的灵活运用；要求会对电能表进行读数，解题过程中要注意单位的换算。

17.【答案】4×107𝐽/𝑚3【解析】解：4𝑘𝑔的水由20℃加热到70℃，水吸收的热量为：𝑄吸=𝑐水𝑚(𝑡−𝑡0)=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)×4𝑘𝑔×(70℃−20℃)=8.4×105𝐽，天然气完全燃烧释放的热量的30%被水吸收，即𝑄吸=30

%𝑄放，结合𝑄放=𝑉𝑞可得：𝑄吸=30%𝑉天然气𝑞天然气，即：8.4×105𝐽=30%×0.07𝑚3×𝑞天然气，解得：𝑞天然气=4×107𝐽/𝑚3。故答案为：4×107𝐽/𝑚3。已知水的质量、初温和末温以及比热容，根据𝑄吸=𝑐𝑚(𝑡−𝑡0

)计算水吸收的热量；天然气完全燃烧释放的热量的30%被水吸收，即𝑄吸=30%𝑄放，结合𝑄放=𝑉𝑞计算天然气的热值。第14页，共18页本题考查有关比热容和热值的热量计算，属于基本公式的应用，难度不大。18.【答案】电流表量程选大了电流表正负接线柱接反了【解析】解：由题意得，

灯泡标有“2.5𝑉0.3𝐴”，所以电流表连接选用小量程，电流要从电流表的“+“接线柱流入，从“−“接线柱流出，根据电流流向，电流表正负接线柱接反了。故答案为：(1)电流表量程选大了；(2)电流表正负接线柱接反了。电流表的使用规则：①电流表要串联在电路中；②电流

要从“+“接线柱流入，从“−“接线柱流出(否则指针反转)；③被测电流不要超过电流表的量程(可以采用试触的方法来看是否超过量程)；④绝对不允许不经过用电器而把电流表连到电源的两极上(电流表内阻很小，相当于一根导线．若将电流表连到电源的两极上，轻则使电流表损坏

，重则烧坏电流表、电源、导线)。本题考查了电流表的使用，属于基础题。19.【答案】在电阻和通电的时间相同的情况下，电流越大，产生的热量越多【解析】解：(1)根据焦耳定律𝑄=𝐼2𝑅𝑡可知，探究电热与电流关系，需控制通电时间和电阻相同；使右侧两个5𝛺电阻并联，再与左侧电阻串联，开关控制整

个电路，如下图所示：；(2)串联电路各处电流相等，并联电路干路电流等于各支路电流之和，根据串联电路电流特点和并联电路电流规律可知通过左侧电阻的电流大于通过右侧电阻的电流，通电一段时间后，𝑈形管中左侧的液面高度更高。此实验可得出的结论是在电阻和通电的时间相同的情况下，电流越大，

产生的热量越多。故答案为：(1)如图；(2)在电阻和通电的时间相同的情况下，电流越大，产生的热量越多。(1)根据焦耳定律𝑄=𝐼2𝑅𝑡可知，探究电热与电流关系，需控制通电时间和电阻相同；使右侧两个第15页，共18页5𝛺电阻并联，再与左侧电阻串联，开关控制整个电路；(

2)串联电路各处电流相等，并联电路干路电流等于各支路电流之和，根据串联电路电流特点和并联电路电流规律可知通过左侧电阻的电流大于通过右侧电阻的电流，据此得出实验结论。此题考查了电流产生热量的决定因素，实验过程中渗透了焦耳定律和控制变量法的应用。20.【

答案】乙灯泡短路应将滑片向左端移动，使电压表的示数为2.5𝑉时，并记下电流表的示数【解析】解：(1)滑动变阻器应与小灯泡串联，电压表应与小灯泡并联，如图所示：；(2)小灯泡的额定电压为2.5𝑉，电阻大约为10𝛺，由欧姆定

律，灯的额定电流：𝐼=𝑈𝑅=2.5𝑉12𝛺≈0.21𝐴>0.2𝐴，根据串联电路电压的规律，灯正常发光时，变阻器分得的电压为：𝑈滑=6𝑉−2.5𝑉=3.5𝑉，由欧姆定律，滑动变阻器接入电路的电阻：𝑅滑=𝑈滑𝐼=3.5𝑉0.21𝐴≈16.7𝛺>10�

�，故选择乙规格的滑动变阻器；(3)闭合开关后，缓慢移动滑动变阻器的滑片𝑃，发现电流表的示数逐渐变大，说明电路是通路，小灯泡却始终不发光，电压表也无示数，说明与电压表并联部分短路，则电路故障可能是灯泡短路；

(4)如图乙所示，电压表的量程为0～3𝑉，分度值为0.1𝑉，电压表示数为2.2𝑉，小于灯泡的额定电压，根据串联电路电压规律可知应减小滑动变阻器两端的电压，即减小滑动变阻器接入电路的电阻，应将滑片向左端移动，使电压表的示数为2.5𝑉时，并记下

电流表的示数；故答案为：(1)如图所示；(2)乙；(3)灯泡短路；(4)应将滑片向左端移动，使电压表的示数为2.5𝑉时，并记下电流表的示数。(1)滑动变阻器应与小灯泡串联，电压表应与小灯泡并联；(2)根据串联电路中电压规律和欧姆定律计算滑动变阻器接入电路的电阻，由此选择滑动变阻器；第1

6页，共18页(3)闭合开关后，电流表有示数，说明电路是通路，小灯泡却始终不发光，电压表也无示数，说明与电压表并联部分短路，分析故障原因；(4)根据电压表的量程读出电压表的示数，根据串联电路电压规律可

知应减小滑动变阻器两端的电压，由此判断滑片的移动方向，据此得出操作方法。本题考查了小灯泡电功率的实验，主要考查电路连接、器材选择、欧姆定律的应用、电路故障分析、电压表读数及实验操作等知识，属中考的热点题。21.【答案】解：(1)当𝑆1、𝑆2都断开时，𝑅1

与𝑅2串联，电流表测电路中的电流，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由𝐼=𝑈𝑅可得，电源的电压：𝑈=𝐼(𝑅1+𝑅2)=0.3𝐴×(20𝛺+20𝛺)=12𝑉；(2)当𝑆1、𝑆2都闭合时，𝑅1与𝑅3并联，电流表测干路电流，因并联电路中总

电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，所以，电路中的总电阻：𝑅=𝑅1𝑅2𝑅1+𝑅2=20𝛺×20𝛺20𝛺+20𝛺=10𝛺，则干路电流表的示数：𝐼′=𝑈𝑅=12𝑉10𝛺=1.2𝐴。答：(1)电源电压为12𝑉；(2)𝑆1、𝑆2都闭合时，电

流表示数是1.2𝐴。【解析】(1)当𝑆1、𝑆2都断开时，𝑅1与𝑅2串联，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压；(2)当𝑆1、𝑆2都闭合时，𝑅1与𝑅3并联，电流表测干路电流，根据电阻的并联求出电路中的总电

阻，利用欧姆定律求出电流表示数。本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。22.【答案】解：(1)由图知，定值电阻与电动机串联，电流表测电路中电流，电压表测定值电阻𝑅两端电压，电动机在1𝑚

𝑖𝑛内产生的热量：第17页，共18页𝑄=𝐼2𝑅线圈𝑡1=(2𝐴)2×2𝛺×60𝑠=480𝐽；(2)电源电压为24𝑉，该装置消耗电能的总功率：𝑃=𝑈𝐼=24𝑉×2𝐴=48𝑊

；(3)由串联电路特点可得，电动机两端电压：𝑈电动机=𝑈−𝑈𝑅=24𝑉−6𝑉=18𝑉，电动机消耗功率：𝑃电动机=𝑈电动机𝐼=18𝑉×2𝐴=36𝑊，发热功率为𝑃热=𝐼2𝑅=(2𝐴)2×2𝛺=8𝑊，机械功率为𝑃

机=𝑃总−𝑃热=36𝑊−8𝑊=28𝑊，由𝑃=𝑊𝑡得，电动机10𝑠钟内克服物重做的功：𝑊机=𝑃机𝑡2=28𝑊×10𝑠=280𝐽；由𝑊=𝐺ℎ得，该装置在10𝑠钟内提升重物的高度：ℎ=𝑊机𝐺=280𝐽40𝑁=7𝑚。答：(1)

1分钟内电动机产生的热量为480𝐽；(2)该装置消耗电能的总功率为48𝑊；(3)该装置在10𝑠内提升重物的高度为7𝑚。【解析】(1)根据𝑄=𝐼2𝑅𝑡计算1分钟内电动机产生的热量；(2)根据𝑃=𝑈𝐼计算该装置消耗电

能的总功率；(3)由串联电路特点和𝑃=𝑈𝐼先计算电动机消耗电能的功率，由𝑃=𝐼2𝑅电动机发热功率，从而计算转化为机械能的功率，利用𝑊=𝑃𝑡得到克服物重做的功；已知物体重力及克服物重做的功，利用𝑊=𝐺ℎ计算10𝑠钟内提升重物的高度

。本题考查了焦耳热、电功以电功率计算公式的灵活应用。特别是要知道电动机不是纯电阻用电器，电流做功消耗的电能一部分转化为机械能、另一部分转化为内能。23.【答案】解：(1)只闭合𝑆1时，只有𝑅1接入电路，总电阻较大，电源电压不变，由𝑃=𝑈2𝑅

可知总功率较小，电蒸锅处于保温挡，由𝑃=𝑈2𝑅可得保温挡功率𝑃保=𝑈2𝑅1=(220𝑉)2484𝛺=100𝑊；(2)当𝑆1、𝑆2均闭合时，𝑅1、𝑅2并联，总电阻较小，由𝑃=𝑈2𝑅可知总功率较大，电蒸锅处于加热挡，则电阻𝑅2的电功率𝑃2=𝑃热

−𝑃保=1200𝑊−100𝑊=1100𝑊，第18页，共18页由𝑃=𝑈2𝑅可得电阻𝑅2=𝑈2𝑃2=(220𝑉)21100𝑊=44𝛺；(3)水吸收的热量𝑄吸=𝑐水𝑚𝛥𝑡=4.2×1

03𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)×1.2𝑘𝑔×75℃=3.78×105𝐽；其消耗的电能𝑊=𝑃热𝑡=1200𝑊×378𝑠=4.536×105𝐽；则该电蒸锅的加热效率𝜂=𝑄吸𝑊×100%=3.78×105𝐽4.5×105𝐽×100

%≈83.3%。答：(1)保温挡的功率为100𝑊；(2)电阻𝑅2的阻值为44𝛺；(3)电蒸锅的加热效率为83.3%。【解析】(1)只闭合𝑆1时，只有𝑅1接入电路，总电阻较大，电源电压不变，由𝑃=𝑈2𝑅可知总功率较小，电蒸锅处于保温挡，由𝑃=𝑈2𝑅

可计算出保温挡功率；(2)当𝑆1、𝑆2均闭合时，𝑅1、𝑅2并联，总电阻较小，由𝑃=𝑈2𝑅可知总功率较大，电蒸锅处于加热挡，则由功率关系可求出电阻𝑅2的电功率，然后由𝑃=𝑈2𝑅可得电阻𝑅2的阻值；(3)由吸热公式𝑄=𝑐𝑚𝛥𝑡

可计算出水升温吸收的热量，由电能公式𝑊=𝑃𝑡可知其消耗的电能，两者之比即为加热效率。本题考查了电功率公式、吸热公式、电功公式的应用，分清电蒸锅处于不同状态时电路的连接方式是关键。