【文档说明】2021-2022学年河北省石家庄四十二中教育集团九年级上期末物理试题及答案解析.docx，共(28)页，561.657 KB，由小喜鸽上传

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第1页，共28页2021-2022学年河北省石家庄四十二中教育集团九年级（上）期末物理试卷一、单选题（本大题共13小题，共39.0分）1.下列描述与实际情况相符的是()A.电磁波在真空中的传播速度340𝑚/𝑠B.家用日光灯工作时的电流约为2𝐴C.对人体

的安全电压是36𝑉D.家用电饭煲的额定功率约为800𝑊2.以下说法正确的是()A.塑料吸盘能“吸”在墙壁上，说明分子间存在吸引力B.一个物体温度升高，它的内能一定增加C.比热容能反映出物质吸热能力的强弱，比热容越大，吸热越多D.雪花纷飞，说明

分子不停地做无规则运动3.气步枪是靠枪机储气装置内的高压气体击发弹丸，四冲程汽油机工作循环中，与气步枪击发弹丸时的能量转化相同的是()A.B.第2页，共28页C.D.4.如图所示，甲为可调亮度台灯，乙为电位器的结构图，𝑏与金属滑片相连，转动旋钮可调节灯泡亮度。下列分

析正确的是()A.电位器调节灯泡亮度与滑动变阻器的原理相同B.若只将𝑏、𝑐接入电路，转动旋钮灯泡亮度不变C.若只将𝑎、𝑐接入电路，转动旋钮灯泡亮度改变D.电位器是通过改变接入电路中电阻丝的横截面积来改变灯泡亮度5.学生发明了一款智能

头盔，只有戴上头盔扣上卡扣后，头盔上的信号发射器才能发出信号，当电动车上的信号接收器(𝑆1)接收到信号，再转动电动车钥匙(𝑆2)，车才能正常启动，下列电路符合要求的是()A.B.C.D.第3页，共28页6.如实物

图所示，以下判断正确的是()A.𝐿1与𝐿2并联，电流表测𝐿1的电流，电压表测𝐿1两端的电压B.𝐿1与𝐿2并联，电流表测干路的电流，电压表测𝐿2两端的电压C.𝐿1与𝐿2串联，电流表测𝐿2的电流，电压表测𝐿2两端的电压D.𝐿1与𝐿2串联，电流表测𝐿1的

电流，电压表测𝐿1两端的电压7.如图所示，电源电压恒定不变。当闭合开关𝑆1、𝑆2，甲、乙两表均为电压表时，两表的示数之比𝑈甲：𝑈乙=5：1。当闭合开关𝑆1、断开开关𝑆2，甲、乙两表均为电流表时，两表的示数之比�

�甲：𝐼乙为()A.1：4B.4：1C.4：5D.5：48.关于导体和绝缘体，下列说法正确的是()A.油、干木棒、陶瓷是绝缘体B.铅笔芯、橡胶、铁是导体C.铁、冰、玻璃是导体D.陶瓷、食盐、水银是绝缘体9.如图所示实验装置探究电流通过导体时产生的热量跟什么因素有关，两个

透明容器中密闭着等量的空气，𝐴、𝐵两𝑈形管内的液面相平，下列说法不正确的是()A.此装置探究通电导体产生热量与电流的关系B.通电导体产生热量多少是通过𝑈形管内的液面高度反映出来的第4页，共28页C.𝑈形管中液面高度发生变化是因为𝑈形管中液体的热胀冷

缩造成的D.容器内密封着等量的空气，而不用水，是因为空气的比热容比水小，温度升高的快10.将𝐿1、𝐿2、𝐿3三盏灯串联在电路中，发现𝐿1最暗，𝐿2较亮，𝐿3最亮，则这三盏的物理量关系正确的是()A.𝑈1>𝑈2>𝑈3B.𝐼1<𝐼2<�

�3C.𝑅1>𝑅2>𝑅3D.𝑃1<𝑃2<𝑃311.电路如图，闭合开关后，将滑动变阻器的滑片向左移动过程中，下列说法正确的是(电源电压保持不变)()A.电灯变暗B.电压表𝑉1的示数变大C.电路总功率变大D.电压表

𝑉2的示数不变12.小明爸爸下班回家后闭合开关，发现家里的灯泡不亮。用试电笔检测插座的两孔(如图所示)，发现只有插入右孔时氖管才发光：用试电笔检测𝐴点氖管发光，检测𝐵点氖管不发光。发生这一现象的故障可能是()A

.灯泡短路B.灯泡断路C.进户零线断路D.进户火线断路13.在家庭电路中，下列说法正确的是()A.有人触电时，保险丝会立即熔断B.用试电笔判断火线或零线时，手指千万不能碰到笔尾C.只要不直接和火线接触，人就不会触电D.建筑物上的避雷针必须与大地相连二、多选题（本大题

共3小题，共9.0分）14.如图中关于电与磁的说法正确的是()第5页，共28页A.改变电路中电流的方向，小磁针偏转的方向也会改变B.图中只将磁体的两极对调，开关𝑆闭合后导体棒𝑎𝑏的运动方向不改变C.实验说明电能可以转化为机械能D.闭合开关后，吸起大头针的数目不同，说明电磁铁磁性强弱

与线圈匝数有关15.如图甲所示电路中，𝑅0为定值电阻，𝑅1为滑动变阻器。图乙是该滑动变阻器消耗的电功率与电流关系的图像。则以下说法正确的是()A.滑动变阻器的最大阻值是25𝛺B.电源电压为8𝑉C.在电路安全的条件下，电路中电流的变化范围为0.2𝐴～1.2𝐴D.

定值电阻𝑅0的最大功率是7.2𝑊16.如图所示电路中，电源电压为𝑈恒定不变，𝑅1、𝑅2是阻值为𝑅0的定值电阻，𝑅是最大阻值为𝑅0的滑动变阻器，𝑎、𝑏是电流表或电压表。闭合开关𝑆、𝑆2，滑片�

�置于最右端时，电流表𝐴的示数为𝑈3𝑅0。则下列说法中正确的是()第6页，共28页A.𝑎、𝑏都是电压表B.闭合开关𝑆、𝑆2，向左移动滑片𝑃，𝑏与电流表𝐴两表示数变化量的比值变小C.电路消耗的最大功率为𝑈2𝑅0D.闭合

开关𝑆、𝑆1，断开𝑆2时，𝑎、𝑏换成另一种电表，移动滑片𝑃，𝑎与电流表𝐴两表示数的变化量相同三、填空题（本大题共4小题，共20.0分）17.在核电站中，核燃料是通过核______(选填“裂变”或“聚变”)的方式，把核能转化为内能最终再转化为____

__能；核能属于______(选填“可再生”或“不可再生”)的新能源。18.如图是小军家的电能表，让“220𝑉1200𝑊”的用电器单独正常工作5𝑚𝑖𝑛，发现电能表的转盘转过200𝑟，此用电器消耗的电能为______𝐽，电

能表的示数变为______𝑘𝑊⋅ℎ。每消耗1𝑘𝑊⋅ℎ的电能，该电能表转盘转______𝑟。19.𝐿1标有“8𝑉4𝑊”，𝐿2标有“8𝑉2𝑊”，不考虑温度对灯丝电阻的影响，若两个灯泡并联在电源电压为

4𝑉的电路中，______更亮；若两个灯泡串联接到某电源上，闭合开关后，只有一个灯泡正常发光，则该电源电压为______𝑉。20.如图为一款磁悬浮蓝牙音箱，音箱通电时振动发出声音，它的工作原理与______(“电动机”或“发电机”)相同。音箱悬浮在空中，是利用了同名磁极相互___

___(选填“吸引”或“排斥”)的原理。四、作图题（本大题共2小题，共4.0分）21.请在图中连接家庭电路，要求开关控制螺口灯泡，三孔插座直接接入电路。第7页，共28页22.图中的电路闭合开关𝑆后，小磁

针静止时的指向如图所示。请在图中标出给定磁感线的方向，并在括号内标出电源的“+“或“−“极。五、实验探究题（本大题共2小题，共15.0分）23.在“探究电流与电阻的关系”实验中，部分器材选用如下：电压为6𝑉的电源，标有“50𝛺，1𝐴”的滑动变阻

器，阻值不同的定值电阻若干，其他器材，回答下列问题。(1)电路连接时，开关应______。(2)闭合开关后，发现电流表无示数，电压表指针超过量程，则故障可能是定值电阻______(选填“短路”或“断路”)。(3)排除故障后，先将5𝛺定值电阻接入电路，在移动滑片的过程中，眼睛应注意观察___

___(选填“电流表”、“电压表”或“滑动变阻器”)。(4)断开开关，取下5𝛺的定值电阻，换成10𝛺的定值电阻，闭合开关，应移动滑片，直至电压第8页，共28页表示数为______𝑉时，读出电流表的示数。记录实验数据，并绘制成图乙所示，分析图像可知：当导

体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成______。【拓展】当将20𝛺定值电阻换成30𝛺电阻时，无论怎样移动滑片，都无法保证电压不变，原因是滑动变阻器的最大阻值______(选填“过大”或“过小”)。为了完成本实验，可接入定值电阻的范围为_

_____𝛺到______𝛺。(更换电阻时电表可能重新选择了量程)24.某同学利用图甲所示的电路测量小灯泡的电功率，小灯泡的额定电压为2.5𝑉。(1)用笔画线代替导线，将图甲中的电路补充完整(导线不得

交叉)；(2)连接电路后，闭合开关，灯泡不亮，电流表和电压表都有示数，但是数值较小，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡都不发光，两电表示数均无变化，产生这一故障的原因可能是：______；(3)该同学排除故障后，移动滑动变阻器的滑片

到某一位置，电压表的示数如图乙所示，此时小灯泡两端的电压为______𝑉.要测量小灯泡的额定电功率，应将图甲中滑动变阻器的滑片向______(填“𝐴”或“𝐵”)端移动，使电压表的示数为2.5𝑉；(4)移动滑动变阻器的滑片，记下多组电压和电

流值，并绘制成图丙所示的𝑈−𝐼图象，根据图象的信息可以计算出小灯泡的额定电功率为______𝑊；(5)为了用电流表、电阻箱𝑅和滑动变阻器，测量额定电流为𝐼额的小灯泡的额定电功率，该同学设计了如图丁所示的

电路。操作步骤为：①闭合开关𝑆、𝑆1，断开𝑆2，移动滑动变阻器的滑片，使电流表的示数为𝐼额，此时小灯泡正常发光；②保持滑动变阻器滑片的位置不动，闭合开关𝑆、𝑆2，断开𝑆1，调节电阻箱𝑅，使电流表的示数为_____

_，读出此时电阻箱的电阻值为𝑅0，则小灯泡的额定电功率的表达式为𝑃额=______。第9页，共28页六、计算题（本大题共2小题，共13.0分）25.如图甲是一款可调温果汁加热鼎，图乙是其简化电路图。𝑅1、𝑅2均为加热电阻，当开关接1时，加热鼎处于保温挡，保温功率为275𝑊。当开关接2时，

加热鼎处于可调温挡，可调功率范围为275𝑊−1100𝑊。[果汁比热容取4.0×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)]求：(1)加热鼎最大功率时电路中的电流。(2)滑动变阻器𝑅1的最大阻值。(3)不计热量损失，加热鼎用最大功率对1𝑘𝑔果汁加热

2𝑚𝑖𝑛，果汁升高的温度。26.如图甲所示电路，电源电压可调，𝑅为标有“1𝐴”字样的滑动变阻器，电流表量程为0～3𝐴，𝐿1、𝐿2是额定电压均为6𝑉的小灯泡，其电流与电压的关系如图乙所示。求：(1)𝐿1正常

发光时的电阻；(2)若只闭合开关𝑆1，电源电压调节为10𝑉，滑片𝑃滑至中点时小灯泡正常发光，滑动变阻器的最大阻值；(3)若不清楚电路中各开关闭合或断开的状态，滑动变阻器滑片𝑃的移动范围为2𝛺至最大阻值处，现移动滑片𝑃同时调节电源电压，使电路中两个小灯

泡均发光且有小灯泡正常发光，电路中各元件均安全工作，①试判断此时开关的状态②求当小灯泡正常发光时，电路总电功率第10页，共28页的变化范围。第11页，共28页答案和解析1.【答案】𝐷【解析】解：A、电磁波在真空中的传播速度最大，为3.0×108𝑚/𝑠，故A错误；B、家

用日光灯的额定功率约为25𝑊，额定电压是220𝑉，根据𝑃=𝑈𝐼得，额定电流是0.11𝐴，故B错误；C、对人体的安全电压不高于36𝑉，故C错误；D、家用电饭煲正常工作的电流在4𝐴左右，额定功率

大约为𝑃=𝑈𝐼=220𝑉×4𝐴=880𝑊，接近800𝑊，故D正确。故选：𝐷。不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。物理学中，对各种物理量的估算能

力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。2.【答案】𝐵【解析】解：𝐴、塑料吸盘能“吸”在墙壁上，是大气压作用的结果，故A错误；B、物体的温度升高，其内部分子无规则

运动的速度增大，分子的动能增大，因此内能一定增加，故B正确；C、比热容能反映出物质吸热能力的强弱，比热容越大，吸热能力越强，故C错误；D、雪花纷飞是机械运动，不是分子的运动，故D错误。故选：𝐵。(1)吸盘是利用大气压工作的；(2)物体的温度升高，其内部分

子无规则运动的速度增大，分子的动能增大，因此内能也增大；(3)比热容是物质本身的一种特性，反映了物体的吸热或放热能力；(4)扩散表明分子不停地做无规则运动。本题考查了分子间作用力、物体内能、物质的比热容，

大气压的应用等，都属于基础知识，掌握第12页，共28页基础知识很重要。3.【答案】𝐶【解析】解：气步枪是靠枪机储气装置内的高压气体击发弹丸，此过程中内能转化为机械能；𝐴是吸气冲程，𝐵是压缩冲程，𝐶是做功冲程，𝐷是排气冲程；做功冲程中，内能转化为机械能，故

C正确。故选：𝐶。汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、压缩、做功和排气冲程，各冲程的特点不同，因此根据气门的状态和活塞的运行方向确定哪个冲程，同时还可参考火花塞的状态进行判断；在四冲程内燃机工作过程中有两个冲程存在能量转化：一个是压缩冲程，将机械能转化为

内能；另一个是做功冲程，将内能转化为机械能。此题考查了对汽油机做功冲程和压缩冲程的判断以及对能量转化情况的分析，比较简单。4.【答案】𝐴【解析】解：𝐴𝐷、电位器是通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变电阻，从而改变电路的电流达到改变灯泡亮度的目的，与滑动变阻器

的原理相同，故A正确，D错误；B、若只将𝑏、𝑐接入电路，滑片右边的电阻丝接入电路，转动旋钮，电阻丝连入电路的长度发生变化，电阻大小变化，电路的电流发生变化，灯泡的亮度发生变化，故B错误；C、若只将𝑎、𝑐接入电路，电位器的全部电阻丝都接入电路，

不能改变电路的电流，所以不能改变灯泡的亮度，故C错误。故选：𝐴。(1)电位器的实质是滑动变阻器，串联在电路中，靠通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变电路的电流，从而改变灯泡亮度；(2)若只将𝑏、𝑐接入电

路，滑片右边的电阻丝接入电路，顺时针转动旋钮时，电位器接入电路的电阻变小，电路中电流变大，灯泡变亮，逆时针转动旋钮时，电位器接入电路的电阻变大，电路中电流变小，灯泡变暗；(3)若将图乙中𝑎、𝑐接入则接入了全部电阻片，不

能改变电阻大小，接线时𝑎、𝑐只能选择其一接入电路。此题考查学生对于滑动变阻器的理解和掌握。熟知使用和接线原则是解题关键。第13页，共28页5.【答案】𝐴【解析】解：根据题意可知，当电动车上的信号接收器(𝑆1

)接收到信号，再转动电动车钥匙(𝑆2)，车才能正常启动，这说明两个开关相互影响，是串联在一起的，一起控制电动机，故A正确。故选：𝐴。根据电动车启动的条件分析两个开关与电动机的连接方式。本题考查了电路的设计，能判定出两个开关的连接方式

是解题的关键。6.【答案】𝐷【解析】解：由图可知，开关闭合后，电流的路径只有一条，为串联电路，电压表测量的是𝐿1两端的电压，电流表测量通过两个灯泡的电流，故D正确。故选：𝐷。根据电流的路径判定电路的连接方式，根据电流表和电压表的接法分析其作用。本题考查了电路的识别，明

确电流表和电压表的连接方式是解题的关键。7.【答案】𝐶【解析】解：由电路图可知，当开关𝑆1、𝑆2闭合，甲、乙两表为电压表时，两电阻串联，甲测电源的电压，乙测𝑅2两端的电压，由串联电路电流相等和𝐼=𝑈𝑅可得：𝑈甲𝑅1+𝑅2=�

�乙𝑅2，则两电阻之比为：𝑅1𝑅2=𝑈甲−𝑈乙𝑈乙=5−11=41，所以，𝑅1=4𝑅2；当𝑆1闭合、𝑆2断开，甲、乙两表为电流表时，两电阻并联，甲测𝑅2支路的电流，乙测干路电流，由并联电路中各支路两端的电压相等和𝐼=𝑈

𝑅可得，两电流表的示数之比：𝐼甲𝐼乙=𝑈𝑅2𝑈𝑅1+𝑈𝑅2=𝑅1𝑅1+𝑅2=4𝑅24𝑅2+𝑅2=45。故选：𝐶。当开关𝑆1、𝑆2闭合，甲、乙两表为电压表时，两电阻串联，甲测电源的电压，乙测𝑅2两端的电压，根

据串联电路电流的规律和欧姆定律表示出电阻之比；第14页，共28页当开关𝑆1闭合、𝑆2断开，甲、乙两表为电流表时，两电阻并联，甲测𝑅2支路的电流，乙测干路电流，根据并联电路电压规律和欧姆定律表示出两支路的电

流之比，根据两电阻的关系即可求出两表示数比值。本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律的应用，关键是开关闭合、断开以及不同电表时电路串并联的辨别和电表所测的电路元件。8.【答案】𝐴【解析】解：𝐴、油、干木棒、陶瓷都不易导电，是绝缘体，故A正确；B、铅笔芯、橡

胶、铁中，橡胶属于绝缘体，故B错误；C、铁、冰、玻璃中，玻璃属于绝缘体，故C错误；D、陶瓷、食盐、水银中，水银属于导体，故D错误。故选：𝐴。容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘

体有陶瓷、塑料、玻璃、橡胶、油等；导体和绝缘体没有绝对的界限。此题考查了导体与绝缘体的概念以及生活中常见的实例；生活中哪些物体为导体，哪些物体为绝缘体，属于识记的内容，比较简单。9.【答案】𝐶【解析】

解：A、装置甲中，一个5𝛺的电阻与两个5𝛺的电阻并联后再串联，容器内两电阻大小相同，通过时间也相同，根据串联电路的电流特点可知，通过左侧容器电阻的电流大于通过右侧容器内电阻丝的电流，根据控制变量法，可研

究电流产生的热量与电流的关系，故A正确；B、据实验装置可知，电流通过导体产生热量使容器中的空气受热膨胀，从而导致𝑈形管中的液面会发生变化，虽然产生热量的多少不能直接观察，但可以通过𝑈形管液面高度差的变化来反映，

故B正确；C、容器内的空气吸收热量，体积会变大，所以𝑈形管中液面高度发生变化是因为透明容器中密封着等量的空气的热胀冷缩造成的，故C错误；D、要在较短的时间内达到明显的实验效果，即要求容器内的物质的体积变化较大，而空气相对于水来说，受热更容易膨胀，可以使𝑈形管中液柱上升更

快，实验现象更明显，故D正确。第15页，共28页故选：𝐶。(1)电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合并联电路电流的规律分析；(2)(3)电阻丝产生的热量不易

直接观察，可给等质量的气体加热，气体吸热越多，气体膨胀程度越大，𝑈形管内的液面高度差越大，采用了转换法；(4)根据水和空气的比热容的大小分析。本题研究“电流通过导体产生热的多少与什么因素有关”，考查控制变量法和转换法的运用

。10.【答案】𝐷【解析】解：将𝐿1、𝐿2、𝐿3三盏灯串联在电路中，发现𝐿1最暗，𝐿2较亮，𝐿3最亮，因串联电路中各处的电流相等，所以，通过这三盏灯泡的电流相等，即𝐼1=𝐼2=𝐼3，故B错误；因灯

泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，这三盏灯泡的实际功率关系为𝑃1<𝑃2<𝑃3，故D正确；由𝑃=𝑈𝐼的变形式𝑈=𝑃𝐼可知，这三盏灯泡两端的电压关系为𝑈1<𝑈2<𝑈3，故A错误；由�

�=𝑈𝑅的变形式𝑅=𝑈𝐼可知，这三盏灯泡的电阻关系为𝑅1<𝑅2<𝑅3，故C错误。故选：𝐷。将𝐿1、𝐿2、𝐿3三盏灯串联在电路中，发现𝐿1最暗，𝐿2较亮，𝐿3最亮，根据串联电路的电流特点得出通过这三盏灯泡的电流关系，根据灯泡的亮暗取

决于实际功率的大小可知这三盏灯泡的实际功率关系，利用𝑃=𝑈𝐼得出这三盏灯泡两端的电压关系，再利用欧姆定律求出这三盏灯泡的电阻关系。本题考查了串联电路的电流特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意灯泡的亮暗取决于实际功率的大小。11.【答案】𝐶【解析】解：闭合开关𝑆后，滑动变阻器𝑅

与灯泡串联，电流表测量电路总电流，电压表𝑉2测灯泡两端的电压，电压表𝑉1测𝑅两端的电压。将滑动变阻器𝑅的滑片𝑃向左移动，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由𝐼=𝑈𝑅可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；第16页，共28页由𝑈=𝐼𝑅可知，灯泡两端的电

压变大，即电压表𝑉2的示数变大；因𝑃=𝑈𝐼，且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器𝑅两端的电压变小，即电压表𝑉1的示数变小；由𝑃=𝑈𝐼可知，电路的总

功率变大；综上所述，C正确，ABD错误。故选：𝐶。闭合开关𝑆后，滑动变阻器𝑅与灯泡串联，电流表测量电路中的电流，电压表𝑉2测灯泡两端的电压，电压表𝑉1测𝑅两端的电压。根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化

，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据𝑃=𝑈𝐼可知灯泡实际功率的变化，根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小判断亮暗的变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化，根据𝑃=𝑈𝐼可知电路总功率的变化。本题考查了滑动变阻器的变阻原理、欧姆定律、串联电路的电

压关系，分析电路图确定两电阻的连接方式和电表所测电路元件是本题关键。12.【答案】𝐵【解析】解：用试电笔检测插座的两孔，发现只有插入右孔时氖管才发光，说明右孔连接的是火线，插座连接正常。用试电笔检测𝐴点氖管发光，说明𝐴点可以

与火线连接，检测𝐵点氖管不发光，说明电流无法到达𝐵点，故可能灯泡断路。故选：𝐵。试电笔在使用时，应将笔尖接触导线，手接触笔尾的金属体，这样就可以形成回路，如果是火线，氖管会发光。本题考查家庭电路故障的分析，相对比较简单，属于基础题。13.【答案】𝐷【解析】解：A、有人触电时，

不会引起电路中的电流过大，保险丝不会熔断，故A错误；B、试电笔的正确使用方法是，手接触笔尾金属体，笔尖金属体接触零线或火线，氖管发光的是火线，氖管不发光的是零线，手若碰触笔尖金属体，可能会触电，要杜绝，故B错误；第17页，共28页C、人不接触火线，人靠近高压带电体到一定距离时，带电体和人之间也会

发生放电现象，故C错误；D、高大建筑物顶端带有针状的金属物用很粗的金属线跟大地相连，发生雷电时，可以把闪电的强大电流传导到大地中去，可以避免建筑物遭受雷击，故D正确。故选：𝐷。(1)家庭电路中干路中的电流过大时，保险丝会熔断我国家庭电

路的电压是220𝑉；(2)使用试电笔时，笔尖接触要检测的导线，手接触笔尾金属体；人体会成为电路的一部分，从而可以使氖管发光；(3)安全用电的原则是：不接触低压带电体、不靠近高压带电体；(4)预防雷击的主

要方法是在建筑物上安装避雷针，避雷针就是一个接地的金属装置，高端比建筑物顶端更高，吸引闪电，把闪电的强大电流传导到大地中去，从而防止闪电电流经过建筑物。本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识、试电笔的使用，安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。14.【

答案】𝐴𝐷【解析】解：A、该图是奥斯特实验，说明电流的周围存在磁场；磁场的方向与电流的方向有关，改变电路中电流的方向，小磁针偏转的方向也会改变，故A正确；B、通电导体在磁场中受力的方向与电流的方向和磁场的方向有关，图中只将磁体的两极对调时，电流方向不

变，而磁场方向改变，所以开关𝑆闭合后导体棒𝑎𝑏的运动方向会改变，故B错误；C、图中闭合电路中的部分导体在磁场中做切割磁感线的运动时，会产生感应电流，这是电磁感应现象，该实验说明机械能可以转化为电能，故C错误；D、图中两个电磁铁串联，通过的电流相同，线圈匝数

不同，吸起大头针的数目不同，说明电磁铁磁性强弱与线圈匝数有关，故D正确。故选：𝐴𝐷。分析图示实验，确定实验原理或现象，然后结合相关知识分析答题。本题考查了电流的磁效应、发电机的工作原理、通电导体在磁场中受力运动、影响电磁

铁磁性强弱的因素，难度不大。15.【答案】𝐴𝐶𝐷第18页，共28页【解析】解：由电路图可知，𝑅0与𝑅1串联，电压表测𝑅1两端的电压，电流表测电路中的电流。(1)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，由图象可知，电路中的最小电流𝐼=0.2𝐴时，𝑅1的

电功率𝑃1=1𝑊，由𝑃=𝐼2𝑅可得，滑动变阻器的最大阻值：𝑅1=𝑃1𝐼2=1𝑊(0.2𝐴)2=25𝛺，故A正确；(2)由图象可知，当电路中的电流𝐼′=0.4𝐴时，𝑅1的电功率𝑃1′=1.6𝑊，此时𝑅1接入电路的电阻：𝑅1′=𝑃1′𝐼′

2=1.6𝑊(0.4𝐴)2=10𝛺，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由欧姆定律可得，电源的电压：𝑈=𝐼′(𝑅0+𝑅1′)=0.4𝐴×(𝑅0+10𝛺)，当电路中的电流𝐼=0.2𝐴时，电源的电压：𝑈=𝐼

(𝑅0+𝑅1)=0.2𝐴×(𝑅0+25𝛺)，因电源的电压不变，所以，0.4𝐴×(𝑅0+10𝛺)=0.2𝐴×(𝑅0+25𝛺)，解得：𝑅0=5𝛺，则电源的电压：𝑈=𝐼(𝑅0+𝑅1)=0.2𝐴×(5𝛺+25𝛺)=

6𝑉，故B错误；(3)由图乙知电路的最小电流为0.2𝐴；当滑动变阻器的电阻最小时电路的电流最大，最大电流为：𝐼大=𝑈𝑅0=6𝑉5𝛺=1.2𝐴，所以在电路安全的条件下，电路中电流的变化范围为0.2𝐴～1.2𝐴，故C正确；(4)定值电阻

𝑅0的最大功率为：𝑃0=𝐼大2𝑅0=(1.2𝐴)2×5𝛺=7.2𝑊，故D正确。故选：𝐴𝐶𝐷。由电路图可知，𝑅0与𝑅1串联，电压表测𝑅1两端的电压，电流表测电路中的电流。(1)当滑

动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，根据图象读出滑动变阻器消耗的电功率，利用𝑃=𝐼2𝑅求出滑动变阻器的最大阻值；第19页，共28页(2)由图象读出电路中的电流为0.4𝐴时𝑅1的电功率，根据𝑃=𝐼2𝑅求出𝑅1接入电

路的电阻，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式求出𝑅0的阻值，进一步根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压；(3)由图乙知电路的最小电流；当滑动变阻器的电阻最小时电路的电流最大，根据欧姆定律算出电路的最大电流，从

而确定在电路安全的条件下电路中电流的变化范围；(4)利用𝑃=𝐼2𝑅算出定值电阻𝑅0的最大功率。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是利用好电源的电压不变和从图像中读出电流对应的功率，难点时滑动变阻器消耗功率最大

时的判断。16.【答案】𝐴𝐶𝐷【解析】解：A、闭合开关𝑆、𝑆2，滑片𝑃置于最右端时，电流表𝐴的示数为𝑈3𝑅0，这说明电路的总电阻为3𝑅0，这表明三个电阻是串联接入电路中的；𝑎、𝑏都是并联接入电路中，所以𝑎、𝑏都是电压表，故A正确；B、设滑片移动前后电路中的电流为𝐼

1、𝐼2，由𝐼=𝑈𝑅可得，𝑏示数的变化量𝛥𝑈𝑏等于𝑅1、𝑅2是两端的电压的变化量𝛥𝑈12；𝛥𝑈12=𝑈12−𝑈12′=𝐼1(𝑅1+𝑅2)−𝐼2(𝑅1+𝑅2)=(𝐼1−𝐼2)(𝑅1+𝑅2)=𝛥𝐼(𝑅1+𝑅2)，即

𝛥𝑈12𝛥𝐼=𝛥𝑈𝑏𝛥𝐼=(𝑅1+𝑅2)，则𝑏表的示数变化量与电流表𝐴的示数变化量的比值不变，故B错误；C、当电路消耗的功率最大时，根据𝑃=𝑈2𝑅可知，电路中的电阻最小；当三个开

关都闭合时，滑动变阻器接入电路的电阻为0时，此时只有𝑅2接入电路中，总电阻最小，则最大功率为：𝑃=𝑈2𝑅0，故C正确；D、闭合开关𝑆、𝑆1，断开𝑆2时，𝑎、𝑏换成电流表，该电路为并联电路：𝑅1短路，𝑅2、𝑅并联，电流表�

�测量𝑅支路中的电流，电流表𝑏测量通过𝑅2的电流，电流表𝐴测量干路中的电流。移动滑片𝑃时，由于并联电路中各支路互不影响，通过𝑅2的电流不变，根据并联电路干路中的电流等于各支路电流之和可知，

干路中的电流变化量等于𝑅支路中电流变化量，即：𝑎与电流表𝐴两表示数的变化量相同，故D正确。故选：𝐴𝐶𝐷。(1)电流表应串联接入电路中，电压表应并联接入电路中；根据电流表的示数分析电路中电阻的大小；第20页，共28页(2)设出滑片移动前后电路中电流，根据欧姆定律表示出𝑏表示数的变化量，

然后得出𝑏示数变化量与电流表𝐴示数变化量的比值变化；(3)根据𝑃=𝑈2𝑅分析；(4)根据并联电路的电流规律分析。本题考查了串联电路的特点、电功率公式、欧姆定律应用以及电路的动态分析，解答本题的关键是明确电流表和电压表的作用及电路的连接方式。17.【答案】裂变电不可再生【解析】解：

核电站中，核燃料是通过核裂变的方式，把核能转化为内能最终再转化为电能；核能属于不可再生能源。故答案为：裂变；电；不可再生。(1)核电站利用核裂变释放的能量发电，将核能转化为电能。(2)可再生能源的概念：像风能、水能、太阳能等可以在自然界源源

不断地得到，把它们称为可再生能源。不可再生能源的概念：化石能源、核能等能源会越用越少，不能在短期内从自然界得到补充，这类能源称为不可再生能源。知道核裂变的应用、核电站实现的能量转化，区分生活中的各种能源，可解答此题。18.【答案】3.6×105

2121.72000【解析】解：(1)由𝑃=𝑊𝑡可得，用电器单独工作𝑡=5𝑚𝑖𝑛=300𝑠消耗的电能：𝑊=𝑃𝑡=1200𝑊×300𝑠=3.6×105𝐽=0.1𝑘𝑊⋅ℎ；(2)电能表原来的示数为2121.6𝑘𝑊⋅ℎ，用电器工作5𝑚𝑖𝑛后，电能表示数变为2

121.6𝑘𝑊⋅ℎ+0.1𝑘𝑊⋅ℎ=2121.7𝑘𝑊⋅ℎ；(3)每消耗1𝑘𝑊⋅ℎ的电能，电能表转盘的转数：𝑛=1𝑘𝑊⋅ℎ0.1𝑘𝑊⋅ℎ×200𝑟=2000𝑟。故答案为：3.6×105；2121.7；2000。

(1)已知用电器额定功率和正常工作时间，根据𝑊=𝑃𝑡得到此用电器单独工作5𝑚𝑖𝑛消耗的电能；(2)已知电能表原来示数和用电器消耗的电能，两者之和是电能表现在的示数；(3)根据用电器消耗电能与电能表转盘转动圈数可以

求出每消耗1𝑘𝑊⋅ℎ的电能，电能表转盘的转数。第21页，共28页本题考查了电能的计算和转数的计算，明白电能表参数的含义是关键。19.【答案】𝐿112【解析】解：灯泡𝐿1的电阻：𝑅1=𝑈12

𝑃1=(8𝑉)24𝑊=16𝛺，额定电流𝐼1=𝑃1𝑈1=4𝑊8𝑉=0.5𝐴；灯泡𝐿2的电阻：𝑅2=𝑈22𝑃2=(8𝑉)22𝑊=32𝛺，额定电流𝐼2=𝑃2𝑈2=2𝑊8𝑉=0.25𝐴；两个灯泡并联在电源电压为

4𝑉的电路中，并联电路各支路两端电压相等，根据𝑃=𝑈2𝑅可知电阻越小，功率越大，所以灯泡𝐿1更亮；两个灯泡串联接到某电源上，串联电路各处电流相等，由一只灯泡正常发光可知，若是𝐿1正常发光，

灯泡𝐿2已经烧坏，所以是灯泡𝐿2正常发光，通过电路的电流为0.25𝐴，串联电路总电阻等于各分电阻之和，由欧姆定律可得电源电压𝑈=𝐼(𝑅1+𝑅2)=0.25𝐴×(16𝛺+32𝛺)=12𝑉。故答案为：𝐿1；12。已知灯泡的额定电压和额定功率，根据公式𝑅=𝑈2𝑃

可求灯泡的电阻，根据公式𝐼=𝑃𝑈可求额定电流，并联时，灯泡两端的电压相等，根据𝑃=𝑈2𝑅可知哪个灯泡更亮；串联时，能正常发光的只能是额定电流较小的那一个，再利用公式𝑈=𝐼𝑅可求电源电压。本题考查电阻、电流和电压的计算，关键是公式及其变形

的灵活运用，难点是判断正常发光的灯泡，要记住串并联电路电压、电阻和电流的规律。20.【答案】电动机排斥【解析】解：(1)音箱通电时振动发出声音，是电能转化为机械能，与电动机的原理相同；(2)音箱悬浮在

空中是利用同名磁极相互排斥的原理工作的。故答案为：电动机；排斥。(1)音箱通电时振动发出声音，是电能转化为机械能，与电动机的原理相同；(2)磁极间的相互作用规律：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。本题考查了电动机的原理以及磁极间的相互作用，难度不大。21.【答案】解：(

1)灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断第22页，共28页开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。(2)安装安全用电原则，上孔接地线、左孔接零线

、右孔接火线。如图所示：【解析】(1)灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。(2)三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两

孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。22.【答案】解：①由图可知，小磁针静止时的上端为𝑁极，根据异名磁极相互吸引、同名磁极相互排斥，则通电螺线管的上端为𝑆极，下端为𝑁极。②因为在磁体外部，磁感线总是从𝑁极发出，回到𝑆极，所以磁感线的方向

是指向上的。③根据安培定则，伸出右手使大拇指指示螺线管的下端𝑁极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流从螺线管的下端流入，则电源的下端为正极，上端为负极。如图所示：【解析】①知道小磁针静止时𝑁极的指向，根据磁极间的相互作用判断出通电螺线管的磁极

。②根据通电螺线管的磁极判断出磁感线的方向。在磁体外部，磁感线总是从𝑁极发出、回到𝑆极。③根据安培定则判断出电流的方向，确定电源的正负极。本题属于安培定则的简单应用，安培定则不但可以由电流方向和线圈绕向判断磁极，也可根据磁极

和线圈的绕向判断电流方向。23.【答案】断开断路电压表2反比过小0.6725第23页，共28页【解析】解：(1)为保护电路，电路连接时，开关应断开；(2)电流表无示数，则电路可能断路，而电压表指针超过量程，说明电压表与电源连通，则原因可能是与电压表并联的

定值电阻断路；(3)探究“电流与电阻的关系”时要控制定值电阻两端的电压不变，将5𝛺定值电阻接入电路，在移动滑片的过程中，眼睛应注意观察电压表示数；(4)探究“电流与电阻的关系”实验中，应控制定值电阻两端的电压不变，由图乙可知，实验中控制定值电阻两端的电压𝑈𝑉=�

�𝑅=0.2𝐴×10𝛺=2𝑉；由图乙可知，电阻两端的电压始终保持：𝑈𝑉=𝐼𝑅=0.2𝐴×10𝛺=⋯…=0.04𝐴×50𝛺=2𝑉，为一定值，故由图像可以得到的结论是：当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；【拓展】电阻两

端的电压始终保持𝑈𝑉=2𝑉，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：𝑈滑=𝑈−𝑈𝑉=6𝑉−2𝑉=4𝑉，变阻器分得的电压为电压表示数的2倍，根据分压原理，当接入30𝛺电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：𝑅滑=2×30𝛺=60𝛺，故为了完成整

个实验，应该选取最大阻值至少60𝛺的滑动变阻器，而现有变阻器的最大电阻为50𝛺，故将20𝛺电阻换成30𝛺电阻时，无论怎样移动滑片，都无法使电压表的示数达到2𝑉，原因是滑动变阻器的最大阻值过小；当滑动变阻器接入最大阻值

50𝛺时，定值电阻的阻值应为50𝛺2=25𝛺；为保护电流表，电路中电流最大为3𝐴，此时定值电阻的阻值为𝑅=𝑈𝑉𝐼最大=2𝑉3𝐴≈0.67𝛺，所以为了完成本实验，可接入定值电阻的范围为0.67𝛺到2

5𝛺。故答案为：(1)断开；(2)断路；(3)电压表；(4)2；反比；【拓展】过小；0.67；25。(1)为保护电路，连接电路时开关必须断开；(2)电流表无示数，可能是电路断路了，根据电压表指针超过量程，说明电压表与电源连通，据此分析判断故障原因

；(3)探究“电流与电阻的关系”时要控制电阻两端的电压不变，即电压表的示数不变，据此分析；(4)探究“电流与电阻的关系”时要控制电阻两端的电压不变，由图乙根据欧姆定律计算得出电阻两端的电压，据此分析；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压

，根据分压原理，求出当接入30𝛺电阻时变阻器连入电路中的电阻；为了顺利完成实验，所选定值电阻的阻值有一定的范围，根据串联分压原理，当滑动变阻器接入第24页，共28页最大阻值时，定值电阻的阻值最大；为了保护电流表，当电流最大时，定值电阻的阻值最小，据此确定所选定值电阻的阻值范围。本

题探究电流与电阻的关系，考查注意事项、故障分析、图象分析、操作过程及器材的要求，关键要能熟练运用串联分压原理。24.【答案】将变阻器下面两个接线柱连入了电路中2.2𝐴0.5𝐼额𝐼额2𝑅0【解析】解：(1)电压表与灯并联，如下所示：(2)连接电路后，闭合开关，小灯泡不亮，电流表、电

压表都有示数，电路为通路，电路的电流较小，电路的电阻较大，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡都不发光，两电表示数均无变化，则变阻器没有了变阻的作用，产生这一现象的原因是将变阻器下面两个接线柱连入了电路中；(3)灯在额定电压下正常发光，图乙中电压选用小量程，分度值为0.1𝑉，示

数为2.2𝑉，小于灯的额定电压2.5𝑉，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向𝐴移动，小灯泡两端的电压达到2.5𝑉；(4)根据绘制成图丙所示的𝑈−𝐼图象知，灯在额定电压下的电流为0.2𝐴，小灯

泡的额定功率为：𝑃=𝑈𝐼=2.5𝑉×0.2𝐴=0.5𝑊；(5)操作步骤：①闭合开关𝑆、𝑆1，断开𝑆2，移动滑动变阻器的滑片，使电流表的示数为𝐼额，此时小灯泡正常发光；②保持滑动变阻器滑片的位置不动，闭合开关𝑆、𝑆2，断开𝑆1，调节电阻箱连入电路的电阻，使电流

表的示数为𝐼额，读出此时电阻箱的电阻值为𝑅0，由等效替代法，灯正常发光时的电阻为𝑅0，则第25页，共28页小灯泡的额定功率的表达式为𝑃额=𝐼额2𝑅0。故答案为：(1)如上所示；(2)将变阻

器下面两个接线柱连入了电路中；(3)2.2；𝐴；(4)0.5；(5)𝐼额；𝐼额2𝑅0。(1)电压表与灯并联；(2)连接电路后，闭合开关，小灯泡不亮，电流表、电压表都有示数，电路为通路，电路的电流较小，电路的电阻较大，无论怎样移动滑动变阻器的滑片

，小灯泡都不发光，两电表示数均无变化，则变阻器没有了变阻的作用，据此分析；(3)灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；(4)根据绘制成图丙所示的𝑈−𝐼图象知

灯在额定电压下的电流，根据𝑃=𝑈𝐼得出小灯泡的额定功率；(5)先把灯与变阻器串联连入电路中，通过移动变阻器的滑片，使灯正常发光，通过的开关的转换，将电阻箱与变阻器(滑片位置不动)连入电路中，调节电

阻箱连入电路的电阻，使电流表示数保持不变，由等效替代法，灯正常发光时的电阻为电阻箱连入电路的电阻，根据𝑃额=𝐼额2𝑅得出小灯泡的额定功率的表达式。本题测量小灯泡的电功率，考查电路连接、反常现象的分、操作过程

、功率计算和设计方案测额定功率的能力和等效替代法的运用。25.【答案】解：(1)由𝑃=𝑈𝐼，可得加热鼎最大功率时电路中的电流𝐼最大=𝑃最大𝑈=1100𝑊220𝑉=5𝐴；(2)滑动变阻器𝑅1的最大阻值时，加热鼎处与保温挡𝑅1、𝑅2串联。由𝑃=𝑈2𝑅，得滑动变阻器𝑅1的

最大阻值𝑅=𝑈保2𝑃保=(220𝑉)2275𝑊=176𝛺加热鼎处与加热挡时，滑动变阻器阻值为零，回路阻值只有𝑅2，电流最大为5𝐴。．由𝐼=𝑈𝑅，得𝑅2=𝑈𝐼最大=220𝑉5𝐴=44𝛺𝑅1=𝑅−𝑅2=176𝛺−44𝛺=132

𝛺；(3)由𝑃=𝑊𝑡得𝑊最大=𝑃最大𝑡=1100𝑊×120𝑠=1.32×105𝐽由于不计热量损失𝑄吸=𝑊最大=1.32×105𝐽第26页，共28页由𝑄吸=𝑐𝑚△𝑡得△𝑡=𝑄吸𝑐𝑚=1.32×105𝐽4.0×103𝐽/(�

�𝑔⋅℃)×1𝑘𝑔=33℃。答：(1)最大功率时电路中的电流为5𝐴；(2)𝑅1阻值为132𝛺；(3)果汁升高温度33℃。【解析】(1)由题意可知：果汁加热鼎的最大功率，根据𝑃=𝑈𝐼即可

求得电流。(2)根据𝑃=𝑈2𝑅求出最小功率、最大功率时的阻值，即可求出滑动变阻器的最大阻值。(3)根据𝑄=𝑐𝑚△𝑡即可求出果汁的质量。本题考查了电功与热量的综合计算，是电学重点，难度较大。26.【答案】解：(1

)当灯泡𝐿1正常发光时，𝐿1两端的电压𝑈1=6𝑉，由图象可知通过𝐿1的电流𝐼𝐿1=1.2𝐴，由欧姆定律，𝐿1正常发光时的电阻：𝑅𝐿1=𝑈1𝐼𝐿1=6𝑉1.2𝐴=5𝛺；(2)若只闭合𝑆1时，

灯𝐿2与变阻器串联，因灯正常发光，灯的电压为𝑈𝐿2=6𝑉，电流为𝐼𝐿2=0.8𝐴，根据串联电路电压的规律及欧姆定律可得，变阻器连入电路中的电阻：𝑅滑中=𝑈−𝑈𝐿2𝐼𝐿2=10𝑉−6𝑉0.8𝐴=5𝛺，滑动变阻器的最大阻值为：𝑅滑大=2𝑅滑中=2

×5𝛺=10𝛺；(3)由题意可知，两个小灯泡均发光且有小灯泡正常发光，满足该条件可能有两种情况：①闭合𝑆1、𝑆2时，灯𝐿2与𝐿2并联后再与变阻器串联，因两灯的额定电压均为6𝑉，根据并联电路的电压特点可知，两灯均可正常发光，由图象乙可

知，两灯正常发光时的电流分别为：1.2𝐴、0.8𝐴，根据并联电路的电流特点可知，此时干路电流为：1.2𝐴+0.8𝐴=2𝐴>1𝐴，即电路中的电流大于滑动变阻器允许通过的最大电流，因此该情况的电路不能正常工作，故排除；②只闭合𝑆3时，两灯串

联后再与变阻器串联，通过两灯的电流相等，因灯𝐿1的额定电流大于灯𝐿2的额定电流，所以只能使𝐿2正常发光，此时电路中的电流：𝐼=𝐼𝐿2=0.8𝐴；由图象可知，当电流为0.8𝐴时的𝐿1两端的电压𝑈𝐿1

=2𝑉，此时灯𝐿1的电阻为：𝑅𝐿1=𝑈𝐿1𝐼=2𝑉0.8𝐴=2.5𝛺；灯𝐿2的电阻为：第27页，共28页𝑅𝐿2=𝑈𝐿2𝐼𝐿2=6𝑉0.8𝐴=7.5𝛺；因滑动变阻器接入电路的电阻不小于2𝛺，根据串联电路的电阻特点可知，电路的最

小电阻：𝑅串小=7.5𝛺+2𝛺+2.5𝛺=12𝛺；电路的最大电阻：𝑅串大=7.5𝛺+10𝛺+2.5𝛺=20𝛺，所以电路的最小功率：𝑃小=𝐼2𝑅串小=(0.8𝐴)2×12𝛺=7.68𝑊；电路的最大功率：�

�大=𝐼2𝑅串大=(0.8𝐴)2×20𝛺=12.8𝑊，即电路的功率范围为7.68𝑊～12.8𝑊；答：(1)𝐿1正常发光时的电阻为5𝛺；(2)滑动变阻器的最大阻值为10𝛺；(3)只闭合𝑆3时，两灯串联后再与变阻器串联，调节电源电压，能使𝐿2正常发光，此时电路总电功率

的变化范围为7.68𝑊～12.8𝑊。【解析】(1)根据已知条件，由图乙可知，当灯泡𝐿1正常发光时，𝐿1两端的电压和通过𝐿1的电流，由欧姆定律求出𝐿1正常发光时的电阻；(2)若只闭合𝑆1时，灯𝐿2与变阻器串联，因灯𝐿2正常发光，由图乙，根据串联

电路电压的规律及欧姆定律求得变阻器连入电路中的电阻，从而得出滑动变阻器的最大阻值；(3)由题意可知，两个小灯泡均发光且有小灯泡正常发光，分析电路结构可知，满足该条件可能有两种情况：①闭合𝑆1、𝑆2时，灯𝐿2与𝐿2并联后再与变阻器串联，因两灯的额定电压均为6𝑉，根

据并联电路的电压特点可知，两灯均可正常发光，根据并联电路的特点计算出干路电流，将干路电流与滑动变阻器允许通过的最大电流进行比较，判断当前情况的可能性；②只闭合𝑆3时，两灯串联后再与变阻器串联，因灯𝐿1的额定电流大于灯𝐿2的额定电流确定只能使𝐿2正常发光；由串联电路的电流特点可知，电

路中的电流𝐼=𝐼𝐿2=0.8𝐴；由图象可知，当电流为0.8𝐴时的𝐿1两端的电压，根据欧姆定律求出此时𝐿1的电阻；根据滑动变阻器滑片𝑃的移动范围为2𝛺至最大阻值处，和串联电路的电阻特点分别求出电路的最小和最大电阻，根据𝑃=𝐼2𝑅分别得出电

路的最小和最大功率。第28页，共28页本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用及电功率公式的运用，最后一问是难点，关键是明确只能使𝐿2正常发光。