【文档说明】2021-2022学年河北省石家庄市正定县九年级上期末物理试题及答案解析.docx，共(27)页，546.982 KB，由小喜鸽上传

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第1页，共27页2021-2022学年河北省石家庄市正定县九年级（上）期末物理试卷1.下列事实能够说明“分子在不停地运动”的是()A.天空中乌云翻滚B.春天里柳絮飞扬C.海面上浪花飞溅D.公园里花香四溢2.下列关于温度、内能、热量的说

法，正确的是()A.物体的温度越高，所含的热量越多B.物体内能增加，一定从外界吸收热量C.物体吸收热量，温度可能不变D.物体内能增加，温度一定升高3.小明对身边的电路进行了观察、分析和判断，其中不正确的是()A.手机充电的过程中，手

机电池相当于电路中的用电器B.马路两旁的路灯，晚上同时亮，早上同时灭，它们是串联的C.家庭电路中插座与灯泡是并联接入电路的D.有金属外壳的用电器使用三脚插头4.将装有酒精的金属管固定在桌子上，并用塞子塞紧。快速来回拉动绕在管上的绳子，过一

会儿塞子跳起来，如图所示，下列说法不正确的是()A.拉动绳子过程，金属管温度升高，内能增加B.拉动绳子过程，机械能转化成内能C.塞子跳起时，管内气体温度升高，内能增加D.塞子跳起时，发生的能量转化与汽油机的做功冲程相同5.把长短相同，粗细不同的两根镍

铬合金丝串联接入电路，如图所示，则电路中()A.粗导体的电阻大于细导体的电阻B.粗导体的电流大于细导体的电流C.粗导体两端电压小于细导体两端电压D.粗导体的电功率大于细导体的电功率6.如图所示的四个装置可以用来演示物理现象或原理，下列表述正确的是()第2页，共27页A

.可用来演示电磁感应现象B.可用来演示电动机原理C.可用来演示发电机原理D.可用来演示电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系7.有两个电路元件𝐴和𝐵，流过元件的电流与其两端电压的关系如图甲所示。把它们串联在电路中，如图乙所示。闭合开关𝑆，这时电流表的示数为0.4𝐴，则电源电

压和电路消耗的总功率分别是()A.4.5𝑉1.8𝑊B.2.5𝑉1.0𝑊C.4.5𝑉1.0𝑊D.2.0𝑉0.8𝑊8.下列图形是家庭电路的连接，其中完全正确的是()A.B.C.D.第3页，共27页9.如图是探究电流通过导体时产生热的多少与哪些因素有

关的实验装置。两个透明容器中密封着等量的空气，𝑈形管中液面高度的变化反映密闭空气温度的变化。下列说法正确的是()A.该实验装置是为了研究电流产生的热量与电阻的关系B.将左边容器中的电阻丝换成10𝛺的

电阻丝后，就可以探究电流产生的热量与电阻的关系C.通电一段时间后，左侧𝑈形管中液面的高度差比右侧的大D.该实验装置是利用𝑈形管中液体的热胀冷缩来反映电阻丝放出热量的多少的10.如图所示的电路中，电源电压保持不变。当开关𝑆闭合，𝑆1断开，甲、乙两表为电流表时，𝑅1和𝑅2消耗的功率𝑃1：

𝑃2=2：3；当开关𝑆和𝑆1都闭合，甲、乙两表为电压表时，两电压表示数𝑉甲：𝑉乙和𝑅1、𝑅2消耗的功率𝑃′1：𝑃′2分别为()A.2：34：9B.5：23：2C.5：22：3D.2：39：411.根据表中几

种物质的比热容，判断下列说法中正确的是()物质比热容/[𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)]物质比热容/[𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)]水银0.14×103砂石0.92×103水4.2×103冰2.1×103A.制作体温计常用水银做介质，原因之一是水银的比

热容小B.由于水比冰的比热容大，所以冷却食品时0℃的水比0℃的冰效果好C.由于水比沙石的比热容大，所以内陆地区的昼夜温差比沿海地区大D.发动机用水来冷却，利用了水的比热容小的特性12.如图所示的电路中，电源电压不变，当闭合开关𝑆，滑动变

阻器的滑片𝑃向右移动时，下列判断正确的是()A.电流表示数变小，电压表示数变大B.电流表示数变小，电压表示数不变第4页，共27页C.电压表与电流表示数之比变大D.电路消耗的总功率变小13.如图甲所示的电路，在滑动变阻器𝑅2的

滑片𝑃从𝐵向𝐴滑动的过程中，电压表与电流表示数的变化关系如图乙所示，则下列说法中正确的是()A.当电流表的示数是0.4𝐴时，𝑅2接入电路的阻值是25𝛺B.𝑅1的阻值是20𝛺C.电源电压是16𝑉D.该电路的最

大电功率为16.2𝑊14.疫情防控不放松，每日消毒必进行。我们能够闻到“84消毒液”的气味，这是______现象，冬天，教室的“暖气”用水做传热介质，是因为水的比热容较______，温暖的教室内消毒水的味道比楼道内更浓，从分子动理论的

角度解释，是因为______。15.如图所示电路，导线𝑎的一端固定连接在铅笔芯上，当导线𝑏的一端在铅笔芯上左右移动时，灯泡亮度会发生变化。这个实验说明铅笔芯是______(选填“导体”或“绝缘体”)，还能说

明导体的电阻与导体的______有关，通电一段时间后，铅笔芯发热，此时______能转化成______能，此现象称为电流的______效应。16.在一次课外活动中，小明和小刚设计了如图甲所示的实验，当他们闭合开关𝑆后，发现小磁针发生了偏转，这说明______的周围存在着磁场。接着小红又想用该电

路判断电源的正负第5页，共27页极。经过讨论小刚找来了一个小铁钉，把导线的一部分绕在上面，制成了一个电磁铁连在电路中，当再次闭合开关𝑆后，小磁针静止时𝑁极的指向如图乙所示。据此他们判断出电源的______端是正极(选填“𝑎”或“𝑏”)，当滑动变阻器的滑片向左移动时，电磁铁的磁性____

__(选填“增强”“减弱”或“不变”)。17.天然气已经走入千家万户，人们用天然气灶烧水的过程是通过______(选填“做功”或“热传递”)的方法改变水的内能。在标准大气压下，将2𝑘𝑔初温为20℃的水烧开，需吸收热量为__

____𝐽。假如天然气完全燃烧放出的热量全部被水吸收，需要燃烧______𝑚3的天然气。[水的比热容𝑐水=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)天然气的热值𝑞=4×107𝐽/𝑚3]18.小明运用所学的电学知识解释了生活中的许多问题：(1

)小明家电能表上个月底表盘数字是，这个月底表盘数字如图1所示，可知他家本月用电______度。(2)小明用这个电能表来测量某电炉的电功率，他关闭家中其他用电器，使电炉单独接在电能表上正常工作3𝑚𝑖𝑛，电能表转盘转过150转，则该电炉的额定功率是______

𝑊，在用电高峰期，若电炉两端的实际电压降为额定电压的80%，则电炉的实际功率是______𝑊。(3)如图2所示，电炉使用过程中应使用______脚插头，小明发现电热丝热得发红，而连接的导线却几乎不热，原因是______。(4)当家中多个用电器在同时使用时

，将电炉接入电路，造成保险丝熔断，原因是______。如果电炉丝断了，去掉一段后又搭接上继续使用，它的功率将______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。第6页，共27页(5)如图3所示，一天回家后，闭合开关，

电灯不亮，小明的父亲用试电笔进行了检测，接触𝐷点时发光，接触𝐸点时不发光，说明𝐷、𝐸间______，若试电笔接触𝐴至𝐹各点都发光，说明电路故障为______。19.根据如图所示的实验图，在下面的横线处填入相应的内容。(1)甲图：向上拉动

弹簧测力计，玻璃板脱离水面的瞬间弹簧测力计的示数______(选填“变大”“变小”或“不变”)，说明______。(2)乙图：验电器的金属箔张开一定角度，是由于______。(3)丙图：用电压表测量水果电池的电

压，电压表指针向右偏转，可知______片是“水果电池”的正极，水果电池把______能转化为______能。(4)丁图：以塑料管为连接轴将两个玩具电动机的转轴连接起来，并连接如图所示的电路，开关𝑆闭合后，灯泡发光，乙电机相当于______(选填“电动机

”或“发电机”).甲电机能使灯泡发光，它的工作原理是______。20.探究“电流与电阻的关系”.器材有：滑动变阻器、开关、电源(电压恒为6𝑉)各一个，电流表、电压表各一块，三个定值电阻(10𝛺、15𝛺、20𝛺)，导线若干．

(1)图1是小明连接的实物电路，图中有一根导线连接错误，请你在连接错误的导线上打“×”并补画出正确的连线．(2)电路连接正确后，闭合开关前，滑片应置于______端(选填“𝐴”或“𝐵”)．第7页，共27页(3)闭合开关后，移到滑片，使与电阻(2

0𝛺)并联的电压表示数为4𝑉，读出电流表示数，再分别改接15𝛺、10𝛺的电阻，重复上述实验，收集的实验数据如表1所示．老师告诉小明有一组数据误差较大，便找来一个5𝛺的电阻让他再测一组数据．当他把5𝛺的电阻接入电路时，要使电压表示数仍为4𝑉，实验不能继续进

行，其原因是______.改变连接后，当电压表示数仍为4𝑉时，电流表示数为______𝐴(如图2所示)．综合分析数据可得：电压一定时，______．表1电压𝑈/𝑉4电阻𝑅/𝛺201510电流𝐼/𝐴0.200.280.40表2电阻𝑅/𝛺10电压

𝑈/𝑉23456电流𝐼/𝐴0.20.30.40.50.6【拓展】小明又利用上述实验器材探究“电流与电压的关系”，将滑片从一端移到另一端的过程中，收集的实验数据填入了表2中．(1)分析表2中数据可得：电阻一定时，______．(2)分析可知，小明使用的变阻器的最大阻值为_____

_𝛺.21.在“测量小灯泡的电功率”实验中，小灯泡的额定电压为2.5𝑉，电阻约为10𝛺，有两个规格分别为“10𝛺1𝐴”“20𝛺2𝐴”的滑动变阻器，电源电压为6𝑉。第8页，共27页(1)如图1甲中已有部分电路连好，请用笔画线代替导线

将电路连接完整。(要求滑动变阻器连入电路的阻值最大)(2)实验前在检查仪器时，发现电流表指针如图1乙所示，则接下来的操作是______，正确连接好电路，闭合开关后，发现无论怎样移动滑动变阻器滑片，灯泡都不亮

，电压表示数接近电源电压，电流表示数几乎为0，电路的故障可能是______。(3)小明同学在连接电路后，闭合开关，在移动滑动变阻器滑片的过程中发现，灯泡变亮时电压表的示数变小，灯泡变暗时电压表的示数变大，经检查所用器材完好，请指出问题可能是______。(4)排除电路故障后，

闭合开关，改变滑动变阻器的阻值，多次测量，并绘制了通过小灯泡的电流随其两端电压变化的关系图象如图1丙所示，则小灯泡的额定功率为______𝑊，在多次测量中还发现：当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比______

(填“变大”、“变小”或“不变”)，导致这一结果的原因是______。[拓展](1)本实验中应该选择规格为______的滑动变阻器。(2)小丽同学组的电流表出现故障，她向老师要了一个已知阻值为𝑅0的定值电阻和一个单刀双掷开关，借助部分现有的实验器材，设计了如图2所示的实验电路，测出了小灯泡的额定

功率，请你帮她完成下列实验步骤：①连接好实验电路，闭合开关𝑆1，将开关𝑆2拨到触点______(选填“1”或“2”)，移动滑片，第9页，共27页使电压表的示数为2.5𝑉；②保持滑片的位置不动，再将开关𝑆

2拨到触点______(选填“1”或“2”)，读出电压表的示数为𝑈；③小灯泡额定功率的表达式为𝑃额=______(用已知量和测量量表示)。22.如图甲为家用电热饮水机，图乙为它的电路原理图，如表为它的铭牌数据。水桶容量20𝐿热水箱容量1𝐿额定电压2

20𝑉加热功率400𝑊保温功率44𝑊(1)当开关𝑆1、𝑆2都闭合时，电热饮水机处于______状态(选填“加热”或“保温”)；(2)求电阻𝑅1的阻值；(3)该饮水机正常加热1400𝑠，能将热水箱中的水从20℃加热到90℃，求该饮水机的加热效率[水的比热容𝑐水=4.2×103𝐽/(

𝑘𝑔⋅℃)]。23.如图所示的电路中，电源电压恒定，灯𝐿标有“6𝑉3𝑊”字样，定值电阻𝑅1为24𝛺，𝑅2为滑动变阻器，标有“30𝛺1𝐴”字样，电流表的量程为0～3𝐴.当闭合开关𝑆3，断开开关𝑆1、𝑆2时，灯𝐿正常发光。(灯丝电阻不随温度的变

化而变化)求：(1)灯𝐿的电阻和电源电压；(2)当闭合开关𝑆1，断开开关𝑆2、𝑆3时，在保证电路安全的情况下，求滑动变阻器𝑅2的最小值；(3)当开关𝑆1、𝑆2、𝑆3均闭合时，电路消耗的最大功率。第10页，共27页答案和解析

1.【答案】𝐷【解析】解：𝐴𝐵𝐶、乌云翻滚，柳絮飞扬、浪花飞溅都是宏观物体的机械运动，故ABC错误；D、花香四溢是花粉分子在不停地做无规则运动，扩散到空气中，进入人们的鼻孔，人便闻到了香味，故D正

确。故选：𝐷。物质是由分子组成的，组成物质的分子在不停地做无规则运动，但是分子的运动是肉眼看不见的，据此分析。知道扩散现象与分子热运动的特点，能用来解释生活中的现象，是解答的关键，尤其是注意区分分子运动与固体小颗粒的运动。2.【答案】𝐶【解析】解：𝐴、温度高的物体分子运动剧烈，

但不能说物体含有的热量多，因为热量是一个过程量，不能用具有、含有来修饰，故A错误；B、物体的内能增加，可能是从外界吸收热量，也可能是外界对物体做功，故B错误；𝐶𝐷、物体吸收热量，内能增加，温度不一定升高；比如，晶

体在熔化过程中，吸收热量，但温度不变，故C正确、D错误。故选：𝐶。(1)热量是一个过程量，不能用具有、含有来修饰；(2)改变内能的方法有两个：做功和热传递；(3)晶体熔化过程中，吸收热量，但温度不变。本题主要是考查学生对内能、温度与热量三者之间的联系和区别以及改变内能的方式

，难度不大。3.【答案】𝐵【解析】解：A、正在给手机电池充电过程中，手机电池消耗了电能，将其转化为化学能存储起来，故充电时该手机电池相当于电路中的用电器，故A正确；B、路灯是用来为行人照明的，并且当其中一个灯

泡不亮时，其它灯泡仍可以正常工作，即每个灯第11页，共27页泡既可以单独工作，又互不影响，因此路灯是并联的，故B错误；C、家庭电路中，开关要接在火线上，且要与灯泡串联，故C正确；D、有金属外壳的用电器，必须使用三脚插头，能将用电器的金属外壳与大地相连，以防止漏电时危及人身安全，故D正确。故选：𝐵

。(1)电源是将其他形式的能转化为电能的装置；用电器是消耗电能的设备。电池工作时将化学能转化成电能，充电时将电能转化成化学能；(2)并联电路中各用电器既可以单独工作又互不影响；(3)开关与用电器串联接入电路中；(4)带金属外壳的用电器用三脚插头。本题考查家庭电路的组成、安全用电的常识，要知道家庭电

路中各用电器的连接方式为并联连接。4.【答案】𝐶【解析】解：𝐴𝐵、拉动绳子过程，绳子克服摩擦力对金属管做功，机械能转化成内能，使金属管温度升高，内能增加，故AB正确；𝐶𝐷、塞子跳起时，管内气体对塞子做功，内能转化为机械能，管内气体内能减小，温度降低，塞子

跳起时，发生的能量转化与汽油机的做功冲程相同，故C错误、D正确。故选：𝐶。做功可以改变物体的内能；对于做功改变内能时，若对物体做功时，机械能转化为内能，当物体对外做功时，内能转化为机械能。此题考查了内燃机四冲程的特点及能量转化情况，是基础性题目

。5.【答案】𝐶【解析】解：𝐴、在材料和长度都相同时，导体粗的(横截面积大)，其电阻小，所以粗导体的电阻小于细导体的电阻，故A错误；B、由题意知，这两根镍铬合金线是串联的，由于串联电路各处的电流都相等，所以通过粗导体的电流和细导体的电流相等，故B错误；

C、根据𝑈=𝐼𝑅可知，在电流相同的情况下，电阻大的分得的电压多，电阻小的分得的电压少，所以粗导体两端电压小于细导体两端电压，故C正确；D、根据电功率公式𝑃=𝑈𝐼可知导体两端的电压越大，导体的电功率越大，所以粗导体的电功率第12页，

共27页小于细导体的电功率，故D错误。故选：𝐶。由决定电阻大小因素分析得出两导线电阻大小，再根据串联电路的电流特点和欧姆定律判断导体两端电压的大小，根据电功率公式判断导体电阻的大小。本题考查串联电路特点、欧姆定律电

功率公式的灵活运用，综合性强。6.【答案】𝐷【解析】解：𝐴、是演示电流的磁效应的实验装置，故不合题意；B、是研究电磁感应现象的实验装置，故不合题意；C、是演示磁场对电流作用的实验装置，故不合题意；D、是演示电磁铁中线圈匝数的多少与

磁性强弱的关系的实验装置，故符合题意。故选：𝐷。电流磁效应是指电流能产生磁场；电磁感应是指闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线，电路中会产生感应电流；研究磁场对电流的作用要先给导体通电，再将其放入磁

场中。根据不同实验的特点，对照各图进行判断即可；比较电磁铁磁性强弱一般用不同的电磁铁来吸引大头针。图中所示的四个实验，是电与磁这一单元最典型的四个实验，它们各自的特点不同，代表了不同的含义，学习中我们应该加以重点区分才行。7.【答案】𝐴【解析】解：由电路图可知，电路元件

𝐴和𝐵串联，电流表测电路中的电流，∵串联电路中各处的电流相等，∴电流表的示数为0.4𝐴时，𝐼𝐴=𝐼𝐵=𝐼=0.4𝐴，由图象可知，𝐴和𝐵两端的电压分别为：𝑈𝐴=2𝑉，𝑈𝐵=2.5𝑉，∵串联电路中总电压等于各分电压之和，∴电源的电压：

𝑈=𝑈𝐴+𝑈𝐵=2𝑉+2.5𝑉=4.5𝑉，故BD不正确；电路消耗的总功率：第13页，共27页𝑃=𝑈𝐼=4.5𝑉×0.4𝐴=1.8𝑊，故A正确，𝐶不正确。故选：𝐴。由电路图可知，电路元件𝐴和𝐵串联，电流表测

电路中的电流，根据串联电路中的电流特点结合图象读出它们两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压，根据𝑃=𝑈𝐼求出电路消耗的总功率。本题考查了串联电路的特点和电功率公式的应用，关键是根据图象读出电流对应的电压值。8.【答案】𝐵【解析】A、三孔插

座的连接不符合“上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线”的要求，故A接法错误；B、开关、灯泡和三孔插座的接法均符合连接要求，故B接法正确；C、三孔插座的连接不符合“上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线”的要求，故C接法错误；D、开关与电灯的接法不符合火线首先接入开关再接灯泡的要求，故D接

法错误．故选B．对照家庭电路中元件的连接要求进行判断：(1)电灯的接法：火线首先接入开关，再接入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套．(2)三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线．掌握家庭电路中灯泡、开关、三孔插座、两孔插

座、电能表、保险丝的接法，既是我们要掌握的知识也是经常用到的生活技能．9.【答案】𝐶【解析】解：𝐴、分析该题可知，密封盒中的电阻是相同的，但电阻通过的电流是不同的，所以此实验是为了探究电流产生的热量与电流的关系，故A错误；B、将左边容器中的电阻丝换成10𝛺的电阻丝后，电阻不同

，且通过盒中电阻丝的电流也是不同的，所以不能探究电流产生的热量与电阻的关系，故B错误；C、由于左侧电阻中的电流大于右侧盒中电阻的电流，在电阻相同的情况下，左侧盒中的电热多，所以左侧𝑈形管中液面的高度差

大，故C正确；D、电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但盒中空气的温度的变化导致盒中空气体积的变化，即可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转换法，故D错误；故选：𝐶。第14页，共27页(1)由焦耳定律𝑄=𝐼2𝑅𝑡可知，𝑄与𝐼

、𝑅及𝑡有关，故应采用控制变量法进行分析；(2)电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转换法；本题考查了学生对焦耳定律的认识，并可以通过巧妙的实验来验证一些结论，同时在该实验中利用了控制变量法，

该实验方法在实验探究中经常用到。10.【答案】𝐵【解析】解：由图知，当开关𝑆闭合，𝑆1断开，甲、乙两表为电流表时，两电阻并联，由并联电路的电压特点和𝑃=𝑈2𝑅有：𝑃1𝑃2=𝑈2𝑅1𝑈2𝑅2=𝑅2𝑅

1=23，由图知，当开关𝑆和𝑆1都闭合，甲、乙两表为电压表时，两电阻串联，甲电压表测总电压，乙电压表测𝑅2两端电压，由串联电路的特点和𝑈=𝐼𝑅可得两电压表示数之比：𝑈甲𝑈乙=𝐼(𝑅1+𝑅2)𝐼𝑅2=𝑅1+𝑅2𝑅2=3𝑅+2𝑅2𝑅=52；由𝑃=

𝐼2𝑅可得𝑅1、𝑅2消耗的功率比：𝑃1′𝑃2′=𝐼2𝑅1𝐼2𝑅2=𝑅1𝑅2=32。故选：𝐵。当开关𝑆闭合，𝑆1断开，甲、乙两表为电流表时，两电阻并联，甲电流表测𝑅2的电流，乙电流表测干路电流，由𝑃=𝑈2𝑅计算两电阻比值；当开关

𝑆和𝑆1都闭合，甲、乙两表为电压表时，两电阻串联，甲电压表测总电压，乙电压表测𝑅2两端电压，由串联电路特点和𝑈=𝐼𝑅计算电压表示数比；由𝑃=𝐼2𝑅计算𝑅1、𝑅2消耗的功率比。本题

考查了并联和串联电路特点、欧姆定律以及电功率公式的应用，要能正确分析甲乙是不同电表时电路的结构，关键是计算出两电阻的比值。11.【答案】𝐴𝐶第15页，共27页【解析】解：𝐴、水银的比热容比较小，吸收相同的热量温度升得更高，可以更准确地测量物体

的温度，故A正确；B、虽然水比冰的比热容大，但冰在熔化成0℃的水的过程中会吸收热量，所以冷却的效果会更好，故B错误；C、因为水比沙石的比热容大，在吸收和放出相同的热量时，水的温度变化值更小，沙石的温度变化值大，所以内陆地区比沿海地区的昼夜

温差大，故C正确；D、汽车发动机用水作冷却剂，利用了水比热容较大的性质，这样在同等情况下可以吸收更多的热量，故D错误。故选：𝐴𝐶。(1)液体温度计的原理是液体的热胀冷缩性质，水银的比热容小，吸收相同的热量时，温度变化得更明显；(

2)冷却食品时，冰的效果好一些，因为冰在熔化的过程中要从物体吸收热量；(3)沙石的比热容比较小，在同样受热和受冷的情况下，沙石的温度变化值比较大，所以内陆地区的昼夜温差大；(4)水具有较大的比热容，相同质量的水和其它物质相比，吸收相同的热量

，温度变化小，因此水常被用来做取暖介质和冷却剂等。此题考查的是比热容知识在生活中的应用，理论联系实际，是一道好题。12.【答案】𝐵𝐶𝐷【解析】解：由电路图可知，𝑅1与𝑅2并联，电压表测电源的电压，电流表测干路中的电流。电源的电压不变，滑片移动时，电压表的

示数不变；并联电路中各支路独立工作、互不影响，滑片移动时，通过𝑅1的电流不变；滑动变阻器的滑片𝑃向右移动时，接入电路中的电阻变大，根据欧姆定律可知，该支路的电流变小；并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流变小，即电流表的示数变小；电压表示数不变，电流表示数变小，所以电压表

与电流表示数的比值变大；根据𝑃=𝑈𝐼可知，电路消耗的总功率变小；综上所述，BCD正确。故选：𝐵𝐶𝐷。由电路图可知，𝑅1与𝑅2并联，电压表测电源的电压，电流表测干路中的电流；根据电源的电压可知电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作

、互不影响可知通过𝑅1的第16页，共27页电流不变，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知该支路电流的变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化；根据𝑃=𝑈𝐼可知总功率的变化。本题考查了滑动变阻器对电流表和电压表的影响，解决此类问题要判断滑动变阻器

在电路中电阻的变化，再利用并联电路的特点和欧姆定律来判断电压和电流的变化。13.【答案】𝐴𝐵𝐷【解析】解：由电路图可知，𝑅1与𝑅2串联，电压表测𝑅2两端的电压，电流表测电路中的电流。(1)当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，由图乙可知𝐼1=0.9𝐴，由𝐼=�

�𝑅可得，电源的电压：𝑈=𝐼1𝑅1=0.9𝐴×𝑅1，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，由图乙可知，𝐼2=0.2𝐴，𝑈2=14𝑉，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：𝑈=𝑈2+�

�2𝑅1=14𝑉+0.2𝐴×𝑅1，因电源的电压不变，所以，0.9𝐴×𝑅1=14𝑉+0.2𝐴×𝑅1，解得：𝑅1=20𝛺，故B正确；电源的电压：𝑈=𝐼1𝑅1=0.9𝐴×20𝛺=18𝑉，故C错误，电路的最大功率：𝑃大=𝑈𝐼1=18𝑉×0.9𝐴=16.2�

�，故D正确；(2)当电流表的示数是0.4𝐴时，电路中的总电阻：𝑅=𝑈𝐼=18𝑉0.4𝐴=45𝛺，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，𝑅2接入电路的阻值：𝑅2′=𝑅−𝑅1=45𝛺−20𝛺=25𝛺，故A正

确。故选：𝐴𝐵𝐷。由电路图可知，𝑅1与𝑅2串联，电压表测𝑅2两端的电压，电流表测电路中的电流。(1)当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路为𝑅1的简单电路，电路中的电流最大，根据欧姆定律表示出电源的电压；当

滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最大，根据图像读出电表的示数，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，利用串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出𝑅1的阻值，进一步求出电源的电压，当电路中电流最大时电路消耗

的总功率最大，根据𝑃=𝑈𝐼求出电路消耗的最大功率；第17页，共27页(2)根据欧姆定律求出电流表示数为0.4𝐴时电路中的总电阻，利用电阻的串联求出𝑅2接入电路的阻值。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是知道滑动变阻器接入电路中的

电阻最大时电路中的电流最小、滑动变阻器接入电路中的电阻最小时电路中的电流最大。14.【答案】扩散大温度越高，分子无规则运动越剧烈【解析】解：(1)我们能够闻到“84消毒液”的气味，这是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运

动；温暖的教室内消毒水的味道比楼道内更浓，这是因为温度越高，分子无规则运动越剧烈；(2)冬天，教室的“暖气”用水做传热介质，是因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度可以放出更多的热量。故答案为：扩散；大；温度越高，分子无规则运动越剧烈。(1)一切物质的分子都

在不停地做无规则运动，扩散现象证明了分子的无规则运动，温度越高，分子无规则运动越剧烈；(2)对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。本题考查了对扩散现象以及其与温度关系的认识，还考查了

对水的比热容大的理解与应用，属热学基础题。15.【答案】导体长度电内热【解析】解：接入铅笔芯后灯泡发光，说明铅笔芯是导体；当导线𝑏的一端在铅笔芯上左右移动时，铅笔芯接入电路的长度发生变化，则电阻发生变化，灯泡亮度会发生变化，这个实验说明导

体的电阻与导体的长度有关；通电一段时间后，铅笔芯发热，是将电能转化成内能，这就是电流的热效应。故答案为：导体；长度；电；内；热。容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积和温度有关；电流通过导体时发热，是电流的热效应。本题通过简单的电学

实验，考查了对导体导电性能、影响电阻大小的因素、电流热效应等的理解，有一定综合性，但难度不大。16.【答案】通电直导线𝑎增强第18页，共27页【解析】解：(1)甲图中，小磁针发生了偏转，说明通电导体周围存在磁场，即

电流的磁效应；(2)乙图中，小磁针𝑁极朝左，所以电磁铁的右端为𝑆极，左端为𝑁极；根据安培定则，大拇指指向𝑁极，四指的指向便是电流的方向，所以电源的𝑏端为负极，𝑎端为正极；(3)滑动变阻器的滑片𝑃向左移动时，连入电路的电阻减小，

电流增大，电磁铁的磁性增强。故答案为：通电直导线；𝑎；增强。(1)通电导线周围存在磁场；(2)首先根据磁极间的相互作用，判读出电磁铁的磁极，然后根据安培定则判断出电流的方向，从而判断出电源的正负极；(3)电磁铁磁性强弱的影响因素：电流大小、线圈匝数多少、铁芯材料。在铁芯相同时，电流越大，匝数越

多，电磁铁的磁性越强。此题主要考查了电流的磁效应，电源正负极的判定以及电流和磁性强弱的关系，难度不大。17.【答案】热传递6.72×1050.0168【解析】解：(1)用天然气灶烧水的过程中，水从火焰中吸收热量，温度升高，是通过热传递的方式增加水的内能；(2)一个标准大气压，开水的温度是1

00℃，水吸收的热量：𝑄吸=𝑐水𝑚(𝑡−𝑡0)=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)×2𝑘𝑔×(100℃−20℃)=6.72×105𝐽；由题知，天然气完全燃烧放出的热量全部被水吸收，𝑄放=𝑄吸=6.72×106𝐽，由𝑄放=𝑉𝑞可得，需

要完全燃烧天然气的体积：𝑉=𝑄放𝑞=6.72×105𝐽4×107𝐽/𝑚3=0.0168𝑚3。故答案为：热传递；6.72×105；0.0168。(1)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；(2)知道水的质量、水的

比热容、水的初温和末温，利用吸热公式𝑄吸=𝑐𝑚(𝑡−𝑡0)求水吸收的热量。由题知，𝑄放=𝑄吸，利用公式𝑄放=𝑞𝑉变形求解所需天然气的体积。本题主要考查了改变物体内能的方式、吸热公式𝑄吸=𝑐𝑚(𝑡−𝑡0)的掌握和运用，因条件已给出，第19页，

共27页难度不大。18.【答案】1001000640三电炉丝的电阻比导线的电阻大电路中用电器总功率过大变大断路零线断路【解析】解：(1)上个月底电能表示数𝑊1=1262.5𝑘𝑊⋅ℎ，由图1可知，本月底电能表示数𝑊2=1362.5𝑘�

�⋅ℎ，小明家本月用电：𝑊=𝑊2−𝑊1=1362.5𝑘𝑊⋅ℎ−1262.5𝑘𝑊⋅ℎ=100𝑘𝑊⋅ℎ=100度；(2)3000𝑟/(𝑘𝑊⋅ℎ)表示的是电路中用电器每消耗1𝑘𝑊⋅ℎ的电能，电能表的转盘转3000𝑟，电能表转盘转动150𝑟，电

炉消耗的电能：𝑊′=1503000𝑘𝑊⋅ℎ=0.05𝑘𝑊⋅ℎ，𝑡=3𝑚𝑖𝑛=360ℎ=120ℎ，电炉正常工作的电功率(额定功率)：𝑃额=𝑃=𝑊′𝑡=0.05𝑘𝑊⋅ℎ120ℎ=1𝑘𝑊=1000𝑊；在用电

高峰期，若电炉两端的实际电压降为额定电压的80%，忽略电炉电阻变化，由𝑃=𝑈2𝑅可得：(𝑈实)2𝑃实=(𝑈额)2𝑃额，𝑃实=(𝑈实)2(𝑈额)2𝑃额=(𝑈实𝑈额)2𝑃额=(𝑈额×80%𝑈额)2×1000𝑊=640𝑊；(3

)电炉使用时，为了防止因外壳漏电而引发触电事故，要使用三孔插座；电炉丝和导线串联，通过的电流相同，电炉丝的电阻比导线的电阻大，根据𝑄=𝐼2𝑅𝑡可知，在相同时间内，电炉丝产生的热量多；(4)当家中多个用电器在同时使用时

，将电炉接入电路，电路中总电功率过大、电路中电流过大，造成保险丝熔断；如果电炉丝断了，去掉一段后又搭接上继续使用，电炉丝的长度变小、电阻变小，而电源电压一定，由𝑃=𝑈2𝑅可知电炉电功率变大；(5)接触𝐷点时氖管发光，接触𝐸点时不

发光，说明火线有电，零线也正常，所以是𝐷𝐸之间断路了；𝐹点接在零线上，在正常情况下，测电笔接触𝐹点应该不亮，现在亮了，说明进户零线断路了(即𝐹第20页，共27页点左侧的零线断路)。故答案为：(1)10

0；(2)1000；640；(3)三；电炉丝的电阻比导线的电阻大；(4)电路中用电器总功率过大；变大；(5)断路；零线断路。(1)小明家本月用电的计算方法：本月底的电能表示数减去上月底的电能表示数，电能表

的读数时注意最后一位是小数，单位𝑘𝑊⋅ℎ；(2)3000𝑟/(𝑘𝑊⋅ℎ)表示的是电路中用电器每消耗1𝑘𝑊⋅ℎ的电能，电能表的转盘转3000𝑟，据此求出转盘转150𝑟时电路中用电器消耗的电能

，再利用𝑃=𝑊𝑡求出电炉正常工作时的电功率(额定功率)；在用电高峰期，若电炉两端的实际电压降为额定电压的80%，忽略电炉电阻变化，利用𝑃=𝑈2𝑅得出电炉的电功率变化；(3)电炉使用时，为了防止因外壳漏电而引发触电事故，要使用三孔插座；电炉丝和导线串联，通过的电流相同，而电

炉丝的电阻比导线的电阻大，根据𝑄=𝐼2𝑅𝑡分析即可。(4)保险丝熔断的原因是电路中电流过大，而电路中电流过大的原因有：一是短路，二是电路中总电功率过大；如果电炉丝断了，去掉一段后又搭接上继续使用，电炉丝的长度变小、电阻变小，而电源电压一定，由𝑃=𝑈2𝑅得出功率变化；(5)在正常

情况下，开关闭合后，𝐴、𝐵、𝐶、𝐷与火线相通，用测电笔时，应都亮，𝐸、𝐹与零线相通，用测电笔测时，应都不亮。本题为电学综合题，认真读题、分析题意，灵活运用电功率公式、焦耳定律等所学知识是关

键。19.【答案】变大分子间存在引力同种电荷相互排斥铜化学电电动机电磁感应【解析】解：(1)缓慢向上提拉与水面接触的玻璃板，弹簧测力计示数变大，说明水分子和玻璃分子间存在引力；(2)电荷通过验电器的金属球传给金属杆传给两片金属箔，两片金属箔带同种电荷，即由于同种电荷相互排斥而张开；(3)图中电压

表指针正常偏转，则连接电压表正接线柱的是电池的正极，即铜片是水果电池的正极；水果电池属于将化学能转化为电能的装置；(4)闭合开关，乙电机转动，乙带动甲电机转动，乙电机相当于电动机，甲电机相当于发电机，甲的工作

原理是电磁感应。故答案为：(1)变大；分子间存在引力；(2)同种电荷相互排斥；(3)铜；化学；电；(4)电动机；电第21页，共27页磁感应。(1)分子间有间隙，存在着相互作用的引力和斥力；(2)验电器的制作原理是：同种电荷相互排斥；(3)由图中电压表指针的偏转方向可判断电流方

向，同时能判断水果电池的极性。水果电池是将化学能转化为电能的装置；(4)通电导体在磁场中受力运动，将电能转化为机械能，应用是制成电动机；发电机的原理是电磁感应：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线

运动时，导体中就产生电流。本题综合考查了分子间的作用力、验电器的原理、水果电池的原理、电动机与电磁感应等，综合性强，要牢固掌握基础知识。20.【答案】𝐴；超过了电流表所选的量程；0.8；导体中的电流跟导体的电阻成反比；导体中的电流跟导体两端的电压成正比；20【解析】解：(1)由图1可知，𝑅与

电压表被导线短路了，只改动一根线，修改情况如下图所示：；(2)为保护电路，闭合开关前，滑片应置于最大值𝐴端；(3)若再接入5𝛺的电阻时，实验不能正常进行，是由于超过了电流表所选的量程；电阻两端的电压为4𝑉，根据𝐼=𝑈𝑅

，电流表选择0～3𝐴量程，分度值0.1𝐴，所以示数为0.8𝐴；综合数据分析可知，电流与导体电阻的乘积是定值，由此可得：电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比．第22页，共27页拓展：(1)综合表2中数据可知，电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比；(2)

当滑片移到最小阻值处，即接入电路中的电阻为0时，电路中电流𝐼=0.6𝐴，定值电阻的阻值𝑅=𝑈𝐼=6𝑉0.6𝐴=10𝛺；当滑片移到最大阻值处，电路中电流𝐼=0.2𝐴，电路中的总电阻𝑅串=𝑈𝐼′=6𝑉0.2𝐴=30𝛺，滑动变阻器的阻

值𝑅′=𝑅串−𝑅=30𝛺−10𝛺=20𝛺；故答案为：(1)如上图；(2)𝐴；(3)超过了电流表所选的量程；0.8𝐴；导体中的电流跟导体的电阻成反比；拓展：(1)导体中的电流跟导体两端的电压成正比；(2)20．(1)本

实验中电阻𝑅、滑动变阻器、电流表组成串联电路，电压表并联在𝑅两端，从这些方面检查错误，并修改；(2)闭合开关前，滑片应置于最大值处；(3)电路中分别接入20𝛺、15𝛺、10𝛺的电阻，实验能够正常进

行，说明电路是正常的，改接5𝛺电阻后，电路不能正常进行，是由于超过了电流表所选的量程；先确定电流表选择的量程和最小分度值，再读出电流表的示数；综合数据分析可知，电压一定时，导体中的电流和导体的电阻成反比．拓展：(1)电阻一

定时，导体中的电流和导体两端的电压成正比；(2)根据串联电路的特点和滑动变阻器接入电路的最大值和最小值列出等式解答．本题是探究通过电阻的电流与电阻大小的关系实验，涉及到电路图的连接、滑动变阻器的使用、电流表的读数、串联电路的特点、欧姆定律的应用

和控制变量法的应用，涉及的知识点较多，要深入理解和熟练掌握．21.【答案】电流表调零灯泡断路电压表并联在滑动变阻器两端0.5变大灯丝的电阻随温度的升高而变大“20𝛺2𝐴”212.5𝑉×𝑈−2.5𝑉𝑅0【解析】解：(1

)小灯泡的额定电压为2.5𝑉，电阻约为10𝛺，由欧姆定律灯的额定电流约为：𝐼=𝑈𝐿𝑅=2.5𝑉10𝛺=0.25𝐴，故电流表选用小量程与灯串联，电压表选用小量程与灯并联，变阻器按一上一下连第23页，共27页入电路中，如下所示：(2)实验前在检查仪器时，发现电流表指针如图

乙所示，则接下来的操作是电流表调零；正确连接好电路，闭合开关后，发现无论怎样移动滑动变阻器滑片，灯泡都不亮，电流表示数几乎为0，电路可能断路，电压表示数接近电源电压，电压表与电源连通，故电路的故障可能是灯泡断路；(3)闭合开关移动滑片，灯泡

变亮，说明电流表示数增大，电路电阻减小，串联电路中导体两端电压与其阻值成正比，电压表示数减小，说明与之并联的电阻减小了；反之灯泡变暗时，电路中电流变小，电路的电阻增大，电压表的示数变大，说明与之并联的电阻增大了，由此可知原因是电压表并联在滑动变阻器两端了；(4)根据绘制的通过小灯泡的电流随其

两端电压变化的关系图像知，灯在额定电压下的电流为0.2𝐴，则小灯泡的额定功率为：𝑃=𝑈𝐿𝐼𝐿=2.5𝑉×0.2𝐴=0.5𝑊；由欧姆定律，电压表与电流表的示数之比即灯丝的电阻，在多次测量中还发现：当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比变大，导致这一结果的原因是灯丝

的电阻随温度的升高而变大；[拓展](1)从图中可知灯泡正常发光时，电路中的电流为0.2𝐴，根据串联电路电压的规律及欧姆定律，此时变阻器连入电路的电阻为：𝑅滑=𝑈−𝑈𝐿𝐼=6𝑉−2.5𝑉0.2𝐴=17.5𝛺，故选用“20𝛺2𝐴”的滑动变阻器；(2)实验步骤：①连接好实验电路，

闭合开关𝑆1，将开关𝑆2拨到触点2移动滑片，使电压表的示数为2.5𝑉。②保持滑片的位置不动，再将开关𝑆2拨到触点1，读出电压表的示数为𝑈。③在②中，电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，此时

定值电阻的电压：𝑈0=𝑈−2.5𝑉，由欧姆定律可求出灯的额定电流：第24页，共27页𝐼𝐿=𝑈−2.5𝑉𝑅0，小灯泡额定功率的表达式为：𝑃额=𝑈𝐿×𝐼𝐿=2.5𝑉×𝑈−2.5𝑉𝑅0。故答案为：(1)如图；(2)电流表调零；灯泡断路；(3)电压表并联在滑动变阻器两端

；(4)0.5；变大；灯丝的电阻随温度的升高而变大；[拓展](1)“20𝛺2𝐴”；(2)①2；②1；③2.5𝑉×𝑈−2.5𝑉𝑅0。(1)根据灯的额定电流确定电流表选用小量程与灯串联，由灯的额定电压确

定电压表选用小量程与灯并联，变阻器按一上一下连入电路中；(2)电流表使用前要调零；若电流表示数为0，灯不亮，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；(3)电流表示数变大时，

根据欧姆定律可知定值电阻两端的电压变大，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压减小，据此判断实验现象的原因；(4)根据绘制的通过小灯泡的电流随其两端电压变化的关系图像知灯在额定电压下的电流，根据𝑃=𝑈𝐼

得出小灯泡的额定功率；由欧姆定律，电压表与电流表的示数之比即灯丝的电阻，灯丝的电阻随温度的升高而变大；[拓展](1)从图中可知灯泡正常发光时，电路中的电流为0.2𝐴，根据串联电路电压的规律及欧姆定律得出此时变阻器连

入电路的电阻，据此选择滑动变阻器的规格；(2)若该电路中没有电流表，电压表和定值电阻应起到测量电流的作用，故将灯与定值电阻串联后再与变阻器串联；要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，先将电压表与灯并联，通过移动滑片的位置，使灯的电压为额定电压；保持滑片位置不动，通

过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时定值电阻的电压，由欧姆定律可求出灯的额定电流，根据𝑃=𝑈𝐼可求出灯的额定功率。第25页，共27页本题测量小灯泡的电功率实验，考查器

材的选择、电流表使用、故障分析、功率计算、欧姆定律的运用和实验步骤等知识。22.【答案】加热【解析】解：(1)当开关𝑆1、𝑆2都闭合时电路为𝑅2的简单电路，当𝑆1闭合、𝑆2断开时𝑅1与𝑅2串联，两电阻串联时总电

阻最大，所以当开关𝑆1，𝑆2都闭合时，电路中的电阻最小，由𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅可知，电路中的总功率最大，饮水机处于加热状态；(2)饮水机处于加热状态时，电路为𝑅2的简单电路，则电阻𝑅2的阻值为：𝑅2=𝑈2𝑃加热=(220𝑉

)2400𝑊=121𝛺；饮水机处于保温状态时，𝑅1与𝑅2串联，电路的总电阻为：𝑅总=𝑈2𝑃保温=(220𝑉)244𝛺=1100𝛺；𝑅1的电阻：𝑅1=𝑅总−𝑅2=1100𝛺−121𝛺=979𝛺；(3)由𝜌

=𝑚𝑉知水的质量为：𝑚=𝜌水𝑉=1.0×103𝑘𝑔/𝑚3×1×10−3𝑚3=1𝑘𝑔，水吸收的热量：𝑄吸=𝑐水𝑚(𝑡2−𝑡1)=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)×1𝑘𝑔×(90℃−20℃)=2.94×105𝐽饮水机正常加热14

00𝑠消耗的电能：𝑊=𝑃𝑡=400𝑊×1400𝑠=5.6×105𝐽，饮水机的加热效率：𝜂=𝑄吸𝑊×100%=2.94×105𝐽5.6×105𝐽×100%=52.5%。答：(1)加热；(2)

电阻𝑅1的阻值为979𝛺；(3)该饮水机正常加热1400𝑠，能将热水箱中的水从20℃加热到90℃，该饮水机的加热效率52.5%。(1)分析开关闭合、断开时电路总电阻的大小关系，根据𝑃=𝑈𝐼=𝑈2𝑅比较功率的大小，进一步判断电路所处的工作状态；(2)饮水机处于加

热状态时，电路为𝑅2的简单电路，根据𝑃=𝑈2𝑅算出电阻𝑅2的阻值；第26页，共27页饮水机处于保温状态时，𝑅1与𝑅2串联，根据𝑃=𝑈2𝑅算出电路的总电阻，由串联电路电阻的规律算出�

�1的电阻；(3)由𝜌=𝑚𝑉算出水的质量，根据𝑄吸=𝑐𝑚(𝑡2−𝑡1)算出水吸收的热量，根据𝑊=𝑃𝑡算出饮水机正常加热1400𝑠消耗的电能，根据𝜂=𝑄吸𝑊×100%算出饮水机的加热效率。解决本题的关键：一是电功率

公式和效率公式的灵活运用，二是利用表格和电路图解决实际问题的能力。23.【答案】解：(1)由电路图可知，当闭合开关𝑆3，断开开关𝑆1、𝑆2时，定值电阻𝑅1与灯泡串联，电流表测量电路电流；由𝑃=𝑈2𝑅可知，灯泡正常发光时的电阻：𝑅𝐿=𝑈𝐿2𝑃𝐿=(6𝑉)23

𝑊=12𝛺，根据𝑃=𝑈𝐼可得，灯泡的额定电流：𝐼𝐿=𝑃𝐿𝑈𝐿=3𝑊6𝑉=0.5𝐴，因串联电路的总电阻等于各分电阻之和，所以由𝐼=𝑈𝑅可得，电源电压：𝑈=𝐼𝑅总=0.5�

�×(24𝛺+12𝛺)=18𝑉；(2)当闭合开关𝑆1，断开开关𝑆2、𝑆3时，灯泡𝐿和滑动变阻器𝑅2串联，在保证电路安全的情况下，电路最大电流为0.5𝐴，电路最小总电阻：𝑅总小=𝑈𝐼大=18𝑉0.5𝐴=36𝛺，则滑动变阻器𝑅2的最小值：𝑅2小=𝑅总小−𝑅𝐿=3

6𝛺−12𝛺=24𝛺；(3)当开关𝑆1、𝑆2、𝑆3均闭合时，定值电阻𝑅1和滑动变阻器𝑅2并联，滑动变阻器𝑅2的最大电流为1𝐴，通过定值电阻𝑅1的电流：𝐼1=𝑈𝑅1=18𝑉24𝛺=0.75𝐴，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路中的最大总电流：

𝐼总大=𝐼1+𝐼2大=0.75𝐴+1𝐴=1.75𝐴，电路消耗的最大功率：𝑃大=𝑈𝐼总大=18𝑉×1.75𝐴=31.5𝑊。答：(1)灯𝐿的电阻为12𝛺，电源电压为18𝑉；(2)当闭合开关𝑆1，断开开关𝑆2、𝑆3时，在保证电路安全的

情况下，滑动变阻器𝑅2的最小值为24𝛺；(3)当开关𝑆1、𝑆2、𝑆3均闭合时，电路消耗的最大功率为31.5𝑊。第27页，共27页【解析】(1)根据电路图可知，当闭合开关𝑆3，断开开关𝑆1、𝑆2时，定值电阻𝑅1与灯泡串联，电流表测量电路电流；根据𝑃=𝑈2𝑅求出灯

泡的阻值，根据𝑃=𝑈𝐼可求出灯泡的额定电流，再利用欧姆定律的应用求出电源电压；(2)根据电路图可知，当闭合开关𝑆1，断开开关𝑆2、𝑆3时，滑动变阻器与灯泡串联，电流表测量电路电流；根据电流表的量程、灯泡的额定

电流和滑动变阻器允许通过的最大电流确定电路最大电流，然后利用欧姆定律的应用求出电路最小总电阻，进一步求出滑动变阻器接入电路的最小阻值；(3)根据电路图可知，当开关𝑆1、𝑆2、𝑆3均闭合时，定值电阻和滑动变阻器并联，电流表测量干路电流；根据欧姆

定律求出通过定值电阻的电流，再根据电流表的量程和滑动变阻器允许通过的最大电流确定干路最大电流，最后根据𝑃=𝑈𝐼求出电路允许消耗的最大功率。本题综合考查了串联电路、并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的判断，要注意在确保电路安全的情况下电路

最大电流的确定。