【文档说明】2021-2022学年北京市西城区九年级上期末物理试题及答案解析.docx,共(32)页,765.086 KB,由小喜鸽上传
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第1页,共32页2021-2022学年北京市西城区九年级(上)期末物理试卷1.在国际单位制中,电功率的单位是()A.欧姆(𝛺)B.安培(𝐴)C.焦耳(𝐽)D.瓦特(𝑊)2.下列四种用电器中,主要利用电流热效应工作的
是()A.电视机B.电熨斗C.吸尘器D.电风扇3.如图所示的滑动变阻器,通常情况下各部件中属于导体的是()A.金属杆B.塑料压线帽C.陶瓷芯D.电阻丝外的涂层4.如图,气球与头发摩擦,头发会随着气球飘起来。
下列说法正确的是()A.气球与头发摩擦创造了电荷B.气球因摩擦带电而成为导体C.气球若带负电荷,则头发带正电荷D.气球与头发因带同种电荷而互相吸引5.如图所示为四冲程汽油机工作过程中某一冲程的示意图,此冲程的名
称及能量转化是()A.吸气冲程,机械能转化为内能B.压缩冲程,机械能转化为内能C.做功冲程,内能转化为机械能D.排气冲程,内能转化为机械能6.关于电流、电压和电阻,下列说法正确的是()A.只有正电荷的定向移动能形成电流B.电路两端有电压,电路中一定有电流C.导体电阻的大小是由电压和电流决定D
.自由电子定向移动的方向与电流方向相反7.下列四个实例中,通过做功的方式使(加“⋅”)物体内能增大的是()第2页,共32页A.炙手.可热B.钻木.取火C.扬汤.止沸D.釜底抽薪.8.如图所示的四种现象中,符合安全用电原则的是()A.用湿抹布擦拭正在工作的台灯
B.在电路中同时使用很多用电器C.洗衣机的金属外壳安装接地线D.在电加热器上烘烤衣服9.下列说法正确的是()A.物体的质量越大,它的比热容就越大B.物体吸收的热量越多,它的比热容就越大C.烈日下的海水比沙滩更凉爽,是由于沙石的比热容比水的大D.生物体内水的比例很高
,由于水的比热容较大,因此有助于调节生物体自身温度10.2022年北京冬奥会和冬残奥会即将开幕,在比赛期间所有冬奥场馆将全部使用“绿电”,(“绿电”是指在发电过程中,二氧化碳排放量为零或趋近于零,比火力发电等其他方式
对环境的影响大幅度减小)。这将是奥运史上首次实现全部场馆100%绿色电能供应,预计消耗“绿电”约4×108𝑘𝑊⋅ℎ,可以节约1.28×108𝑘𝑔标准煤,减排二氧化碳3.2×108𝑘𝑔。若所节约的标准煤完全燃烧,则放出的热量约为(𝑞标准煤约为2.9×107𝐽/𝑘𝑔)()A.3.7
×1015𝐽B.9.3×1015𝐽C.3.7×1016𝐽D.9.3×1016𝐽第3页,共32页11.如图所示,小芳戴着一款电加热眼罩,适当使用可以缓解眼部疲劳。它有两个发热电阻𝑅1、𝑅2,只闭合开关𝑆时,𝑅1发热;𝑆、𝑆1都闭合时,𝑅1、𝑅2都发热;断开开关𝑆,
眼罩停止发热。如图所示是根据上述电路特点设计的四个简化模拟电路图,其中正确的是()A.B.C.D.12.关于温度、内能、热量,下列说法中正确的是()A.一块0℃的铁块,可能不具有内能B.铝块的内能增加,它一定吸收了热量C.
冰块熔化时温度不变,其内能一定不变D.温度相同的两杯水,它们的内能可能不同13.如图所示的电路中,𝐿1和𝐿2为规格相同的小灯泡。若电路中只有一处故障,且已知是导线𝑎𝑏断路,闭合开关𝑆后,可以观察到的现象是()A.灯𝐿1发光、𝐿2不发光B.灯𝐿1不发光、𝐿2发光C.电流表和电压表
的指针均无明显偏转D.电流表指针无明显偏转,电压表指针有明显偏转第4页,共32页14.如图所示的电路中,电源两端电压为3𝑉,且保持不变,甲、乙是电表(电压表或电流表),灯泡𝐿1标有“3𝑉3𝑊”、灯泡𝐿2标有“6𝑉6𝑊”。闭合开关
𝑆,两灯均发光。若不计灯丝电阻变化,则下列说法正确的是()A.甲表为电压表,且示数为3𝑉B.乙表为电流表,且示数为1𝐴C.通电1𝑚𝑖𝑛,该电路消耗的电能为270𝐽D.该电路的实际功率为两灯额定功率之和15.灯𝐿1上标有“220𝑉40𝑊”,灯𝐿2上标有“220�
�100𝑊”。先将𝐿1和𝐿2串联接到220𝑉的电路中,通过两灯的电流分别为𝐼1和𝐼2,两灯的功率分别为𝑃1和𝑃2;若将𝐿1和𝐿2并联接到同一电路中,通过两灯的电流分别为𝐼3和𝐼4,两灯的功率分别为𝑃3和𝑃4。若不计灯丝电阻的变化,
下列判断正确的是()A.𝐼1=𝐼2;𝑃1<𝑃2B.𝐼2<𝐼4;𝑃2<𝑃4C.𝐼1<𝐼3;𝑃1=𝑃3D.𝐼3>𝐼4;𝑃3>𝑃416.下列说法中正确的是()A.常见的物质是由大量的分子、原子构成的B.原子是由
不带电的原子核和带负电的电子构成的C.铁块很难被压缩,说明分子间存在相互作用的斥力D.用力可以把冰糖块碾成粉末,这说明冰糖的分子很小17.关于热值和热机效率,下列说法中正确的是()A.燃料燃烧得越充分,它的热值就越大B.燃料的热值大小与它质量的大
小无关C.热机做的有用功多,热机的效率就高D.通常蒸汽机的效率比内燃机的效率低第5页,共32页18.如图所示的四个热学实验,下列说法中正确的是()A.将活塞迅速下压,活塞对筒内空气做功,使其内能增大,温度
升高,硝化棉燃烧B.抽去玻璃隔板后,两瓶气体混合颜色变均匀,说明分子永不停息地做无规则运动C.试管中的水加热沸腾后,塞子被水蒸气推出,水蒸气的内能转化为塞子的机械能D.紧压两铅柱使它们合在一起,下面悬挂大秤砣未被拉开,这是由于大气
压的作用19.小东同学利用如图所示的器材,做“探究影响导体电阻大小的因素”的实验。实验板上固定了1、2、3、4号电阻丝,在每根电阻丝的旁边分别标注了电阻丝的材料、长度(𝐿)及横截面积(𝑆)。则下列说法中正确的是()A.选用1、2号电阻丝,可探究导体电阻跟材料是否有关B.选用1、4号电阻丝,可探
究导体电阻跟长度是否有关C.选用3、4号电阻丝,可探究导体电阻跟长度是否有关D.选用1、3号电阻丝,可探究导体电阻跟横截面积是否有关20.空气质量指数是反应和评价空气质量的重要指标,下表中空气质量等级按照空气质量指数划分。如图甲是环保项目学习小组设计的空气质量检测仪的电路原理
图,用电流表显示空气质量指数。电源两端的电压为18𝑉,且保持不变,定值电阻𝑅0的阻值为100𝛺,气敏电阻𝑅的第6页,共32页阻值与空气质量指数𝐾的关系图像如图乙所示。下列判断中正确的是()空气质量指数𝐾0~505
1~100101~150151~200201~300>300空气质量等级优良轻度污染中度污染重度污染严重污染A.空气污染的程度越小,电路中的电流越小B.气敏电阻𝑅的阻值随空气质量指数增大而增大C.电路中电流为0.1𝐴时,对应的空气质量等级为优D.当空气质量指数为300时,𝑅0消耗的电功
率为2.25𝑊21.(1)如图1所示电阻箱的示数为______𝛺。(2)如图2所示电能表的示数为______𝑘𝑊⋅ℎ。第7页,共32页22.请用笔画线代替导线,将如图中的电灯、开关和插座(插座准备接大功率
用电器)接入家庭电路中。23.在使用试电笔时,要用指尖抵住试电笔上端的金属帽,手指______(选填“能”或“不能”)触碰笔尖的金属部分;当笔尖插入如图所示的插孔中时,氖管发光,说明此插孔中连接的是______(选填“火线”“零线”或“地线”)。2
4.请根据如图甲、乙所示,回答下列问题:(1)如图甲所示,在广口瓶内装有少量水,向烧瓶内打气,当瓶塞跳出时,可以看到瓶内出现______,在此过程中,气体膨胀对外做功,温度降低,内能______。(2)如图乙所示,把一块干净的玻璃板吊在弹簧测力计下,读出测力计的示数。使玻璃板水平接触水面,然后缓
慢向上拉玻璃板,弹簧测力计的示数______(选填“变大”“不变”或“变小”),产生此现象的原因:______。25.如图1所示,在𝐴、𝐵、𝐶三套实验装置中,酒精灯、石棉网、烧杯、温度计、铁架台的规格分别相同,在三个烧杯中所装液体的质量都相等。请回答下列
问题:第8页,共32页(1)为了做“探究不同物质的吸热能力与物质种类的关系”实验,除了图1中所给的实验器材之外,还需要补充的一个测量仪器是______。(2)______两套实验装置可以做“探究不同物质的吸热能力与物质种类的关系”。(3)如图2所示,是根据实验数据所绘
制的图像,其中______(选填“𝑎”或“𝑏”)是水的温度随时间变化的图像。在此实验中,若使初温相同、质量相等的两杯液体吸收相等的热量,两杯液体所能达到的温度______(选填“相同”或“不同”)。26.小强将灯泡𝐿1、𝐿2
串联在电路中,如图所示,闭合开关𝑆,他发现灯泡𝐿1比𝐿2更亮。他猜想可能有以下两个原因:猜想一:是由于𝐿1更靠近电源正极。猜想二:是由于通过𝐿1的电流比通过𝐿2的电流大。为验证猜想,小强做了以下实验。(1)为验证猜想一,他断开开关𝑆;对
调灯泡𝐿1和𝐿2的位置,闭合开关𝑆,观察到的现象是______。由此说明:猜想一错误。(2)为验证猜想二,他用电流表分别测量图中𝐴、𝐵、𝐶三点的电流,电流表的示数均相同。由此说明:猜想二______(选填“正确”或“错误”)。27.小华在实验室测量额定电压为2.5𝑉小灯
泡的额定功率。(1)如图1所示是小华连接的实物电路,电路的连接有一处错误,请你在错接的导线上画×,然后用笔画线代替导线,画出正确的接线。(2)小华改正错误的电路连接后,进行实验。她闭合开关𝑆前,应将滑动变阻器的滑片𝑃移动到______端;(选填“左”或“右”)第9页,共3
2页(3)闭合开关𝑆,调节滑动变阻器的滑片𝑃到某一位置,观察到电压表和电流表的示数分别如图2甲、乙所示,则通过小灯泡的电流为______𝐴,小灯泡的额定功率为______𝑊;小灯泡正常发光时的电阻𝑅𝐿=______𝛺。(结果保
留一位小数)(4)小华在实验中,调节滑动变阻器的滑片𝑃,测得多组电压值和电流值,之后她计算出小灯泡的平均功率。你认为小华的做法是否正确?请简要说明原因:______。28.小英想探究通过导体的电流与导体电阻的关系,她利用干电池、电流表、多个阻值不同且已知的定值电阻、开关及导线,连接电路
如图所示。小英闭合开关𝑆,读出电流表的示数,将电阻𝑅的阻值及电流表的示数记录在实验数据表格中;断开开关𝑆,将电阻𝑅换为不同阻值的电阻,仿照上述步骤再做两次实验,并将每次的电阻值及电流表的示数记录在实验数据表格中。𝑅/𝛺51
015𝐼/𝐴0.420.240.18(1)小英由实验数据得出结论:当导体的电阻增大时,通过该导体的电流减小。小英认为该实验顺利达到了探究目的;同组的小强认为:这个实验不能实现探究目的。请你写出小英的实验不能实现探究目的的原因______;(2)请你添加适当
的实验器材,画出能够实现探究目的的电路图。(3)利用你设计的电路图,还能进行其他的探究实验,例如:探究______的关系。第10页,共32页29.小亮同学想探究电流通过导体产生的热量与电流、电阻、通电时间是否有关。他连接了如图甲所示的电路。在图甲
、乙中有𝐴、𝐵、𝐶三个相同的透明容器,其中密封着等量的空气,三个容器中都有一根电阻丝,电阻丝的阻值分别为5𝛺、10𝛺和5𝛺。在𝐶容器的外部有一根15𝛺的电阻丝和透明容器内5𝛺的电阻丝并联。(1)小亮利用图甲所示的电路进行实验,他所探究的问题是:_
_____。(2)该实验中利用𝑈形管中液面高度的变化来反映______。(3)若用图乙的装置替换图甲中______(选填“𝐴”或“𝐵”)密封容器进行实验,可以探究电流通过导体产生的热量与通过导体的电流大小是否有关。在𝐶容器外部并联15𝛺电阻,作用是______。30.课外小组的同
学们想探究“影响电水壶热效率的因素”。实验桌上备有温度计、电子秤、电水壶、停表、功率计量插座(如图所示,它能直接测量电水壶的实际功率)。实验前,同学们提出猜想:电水壶的热效率可能与电水壶的保温性、功率、装水的质量、环境温度等有关。同学们按照不同猜想,分小组进行实验探究,在每次实验开始时,保证
电水壶和水的初温与室温相同。下表为一小组同学用同一只电水壶进行两次实验所记录的实验数据。第11页,共32页𝑚水/𝑘𝑔0.51.5𝑡0/℃1717𝑡/℃100100𝑃/𝑊15551555𝑡/𝑠135350𝜂①②(1)根据实验数据分析,该电水壶的热效率𝜂较高的应是_
_____。(选填“①”或“②”)(2)请根据表格中实验数据,归纳出实验结论:______。31.小丽要测量未知电阻𝑅𝑥的阻值,她利用符合实验要求的电源一个、已调零的电压表一块、滑动变阻器、电阻箱()各一个
、开关两个、导线若干,小丽设计了如图所示的实验电路图,并写出了如下的实验步骤。请你将小丽的实验步骤补充完整。①开关𝑆1和𝑆2均断开,按电路图连接电路,将滑动变阻器滑片𝑃移到阻值最大端。②只闭合开关______,
调节滑动变阻器的滑片𝑃到适当位置,记录电压表的示数𝑈1;③断开开关______,闭合______,保持______不变,调节______,使电压表的示数仍为𝑈1;④记录此时电阻箱的示数𝑅0,则待测电阻的阻值𝑅𝑥=
𝑅0。32.实验桌上有如下器材:符合实验要求的电源一个、已调零的电流表和电压表各一块、开关各一个、阻值已知的电阻四个(且𝑅1=𝑅2<𝑅3<𝑅4)、导线若干。请你选用上述器材,设计一个实验证明“当通过电阻的电流保持不变时,电阻的阻值越大
,电阻消耗的电功率越大”。要求:(1)画出实验电路图;(2)写出主要实验步骤;(3)画出实验数据记录表。33.请阅读《智能晾衣机》并回答问题。智能晾衣机科学技术的广泛应用为我们的生活带来越来越多的便利。如图1所示,是一款智能晾衣机,它采用无线射频遥控,集𝐿𝐸�
�智能照明、定时风干和智能烘干、光波智能杀菌等多功能为一体,并且它还支持相应的𝐴𝑃𝑃和声控操作,通过手机就能轻松实现晾衣架的升、降、第12页,共32页暂停、照明等操作,除此之外,它还支持远程控制。该款智能晾
衣机使用额定功率为22𝑊的𝐿𝐸𝐷照明灯。它带有“人体接近传感器”。夜间,当有人走近晾衣机时,它会自动开灯,当人离开后,照明灯会自动关闭。该款智能晾衣机的风干(冷风)和烘干(热风)功能使用也很方便,风干的额定功率为20𝑊,烘干的额定功率为220𝑊。即便在寒冷的冬
天,刚洗过的衣服也能很快晾干。这真是一款高端、智能、方便的阳台家居产品。请根据上述材料,回答下列问题:(1)“人体接近传感器”在电路中相当于______(选填“电源”或“开关”),它与𝐿𝐸𝐷照明灯应是______(
选填“串联”或“并联”)连接的。(2)如图2所示,是该款晾衣机的部分工作电路图,其中𝑅是发热电阻。当开关𝑆接通3、4触点时,晾衣机开启______功能(选填“风干”或“烘干”),该功能连续使用2ℎ,电阻𝑅消耗______度电。34.如图所示是小萱家的一只多功能电煮锅,下表中
列出了该电煮锅的部分技术参数。求:(1)该电煮锅在最大功率挡正常工作1𝑚𝑖𝑛所产生的热量𝑄;(2)该电煮锅分别在最小功率挡和最大功率挡正常工作时,电路的电阻𝑅与𝑅′之比。第13页,共32页品名多功能电煮锅额
定电压220𝑉频率50𝐻𝑧五挡可调节额定功率140𝑊;280𝑊;420𝑊;560𝑊;700𝑊35.如图所示电路,电源两端电压为𝑈=4.5𝑉且保持不变。电阻𝑅1=10𝛺,滑动变阻器𝑅2铭牌上标有“20𝛺2𝐴”字样,电流表的量程为0~0.6𝐴,两块电压表的量程
均为0~3𝑉。小明认为:闭合开关𝑆,在保证电路各元件安全的条件下,滑动变阻器𝑅2的阻值可以在0~20𝛺范围调节;且电流表的示数可以在0~0.6𝐴变化。请你利用所学知识和上述数据,判断小明的结论是否正确。请写出计算、推理过程和你的结论。第14页,共32页答案和解析1
.【答案】𝐷【解析】在物理学中,A、欧姆是电阻的国际单位,故A不符合题意;B、安培是电流的国际单位,故B不符合题意;C、焦耳是功和各种能量的国际单位,故C不符合题意;D、瓦特是功率的国际单位,也是电功率的国际单位,故
D符合题意。根据对常见物理量及其单位的掌握作答。此题考查我们对常见物理量及其单位对应关系的掌握情况,属于识记性知识的考查,难度不大。2.【答案】𝐵【解析】A、电视机工作时,主要将电能转化为光能、声能和少部分内能,不是利用电流的热效应,故A不符合题意;B、
电熨斗工作时,电能转化为内能,是利用电流的热效应工作的,故B符合题意;C、吸尘器工作时,主要是电能转化为机械能,不是利用电流的热效应,故C不符合题意;D、电风扇工作时,主要是电能转化为机械能,不是利用电流的热效应,故D不符合题意。电流流过导体
时,导体要发热,这种现象是电流的热效应,发生电流的热效应时,电能转化为内能。利用电流的热效应工作的家用电器,都是电能转化为内能,这是判断的关键。3.【答案】𝐴【解析】A、金属杆的材料是金属,容易导电,是导体,故A符合题意;𝐵𝐶𝐷、塑料
压线帽的材料是塑料、陶瓷芯的材料是陶瓷、电阻丝外的涂层是绝缘漆,都不容易导电,都属于绝缘体,故B、𝐶、𝐷不合题意。(1)容易导电的物体叫导体,如:人体、大地、各种金属、石墨、酸碱盐的溶液等;第15页,
共32页(2)不容易导电的物体叫绝缘体,如:玻璃、陶瓷、橡胶、塑料等。本题考查了导体和绝缘体的概念。对于常见的导体和绝缘体可以联系它们在日常生活和工业生产中的应用来记忆,不要死记硬背。如塑料,橡胶,陶瓷等常用来制作用电器的外壳,以防止
触电,它们都是绝缘体;而电线芯用金属来做,因为金属容易导电,是导体。4.【答案】𝐶【解析】气球与头发摩擦后,摩擦过程中气球得到电子带负电,头发失去电子带正电;相互靠近时出现了如图所示的吸引现象,是因为异种电荷互相吸引。摩擦起电现象实质是电荷的转移,并没有创造电
荷,也没有把气球变成导体。(1)摩擦后的物体能够吸引轻小物体,则说明物体带了电或电荷,此过程叫摩擦起电;(2)电荷间的作用规律是:同种电荷相互排斥,异种电荷相互吸引。本题考查了摩擦起电现象和电荷间作用规律,考查的是基础知识,是一道基础题。5.【答案】𝐵
【解析】图中:气门都关闭,活塞向上运行,气缸容积减小,是压缩冲程,这一过程中活塞压缩空气和汽油的混合物做功,将机械能转化为内能。判断汽油机的四个冲程,先看进气门和排气门的关闭情况,进气门打开的是吸气冲程,排气门打开的是排气冲程,进气门和排气
门都关闭的是压缩冲程或者做功冲程;活塞上行为压缩冲程和排气冲程;活塞下行为吸气冲程和做功冲程。在压缩冲程中,机械能转化为内能,在做功冲程中,内能转化为机械能。此题考查了对内燃机冲程的判断和能量转化的认识,要结合气门和活塞运动情况进行判断。6.【答案】𝐷【解析】A、正、负电荷的定向移动都能形成
电流,故A错误;B、要使电路中有持续电流,必须有电源,并且电路是通路,故B错误;C、导体的电阻是导体的一种性质,反映了导体对电流阻碍作用的大小;电阻大小与导体的材料、长度、横截面积有关,与导体中的电流、导体两端的电压大小无关,故C错误;D、规
定正电荷定向移动的方向为电流方向,而自由电子带负电荷,所以自由电子定向移动的方第16页,共32页向与电流方向相反,故D正确。(1)电荷的定向移动形成电流;(2)电源是提供电压的装置,有电压时,电路还必须是通路,电
路中就会有持续电流;(3)电阻是导体阻碍电流的一种性质,导体电阻大小跟导体的长度、横截面积、材料和温度有关,与两端的电压和通过的电流的大小无关;(4)正电荷定向移动的方向为电流方向,自由电子定向移动的方向和电流方向相反。本题主要考查电流的形成原因、电流方向的规定、影响电阻大小的因素等知
识的理解和应用,掌握电阻是导体阻碍电流的一种性质,理解影响导体电阻大小的因素是解题的关键。7.【答案】𝐵【解析】A、“炙手可热”就是在火上烤手,是热量的传递,因此是通过热传递的方式来增加手的内能,故A不符合题意;B、钻木取火时,克服摩擦力做功,机械能转化为内能,木头
的内能增加、温度升高,达到木头的着火点,木头会燃烧,是通过做功增加物体的内能,故B符合题意;C、“扬汤止沸”就是利用蒸发吸热,是热量的传递,因此是通过热传递的方式来减小汤的内能,故C不符合题意;D、“釜底抽薪”就是把锅底的柴火抽掉,也就停止了给水加热,是通过热传递减
小物体的内能,故D不符合题意。故选:𝐵。改变内能的方式有做功和热传递。其中做功改变物体内能的实质是能量的转化,热传递改变物体内能的方式是能量的转移,它们在改变物体的内能上是等效的。做功和热传递在改变内能上是等效的,但热传递是内能的转移,而做功是内能与机械能的转化,两者的实质不一样。8.【答案】
𝐶【解析】A.用湿抹布擦拭正在工作的灯泡时,可能导致人体触电,故选项A不符合安全用电原则;B.在电路中同时使用很多用电器,将导致电路中的电流过大,可能导致电路中空气开关断开(或保险丝熔断)、插座被烧坏等,故选项B不符合安全用电原则;C.洗衣机
的金属外壳安装接地线,可以有效避免人在接触金属外壳时发生触电事故,故选项C符第17页,共32页合安全用电原则;D.在电加热器上烘烤衣服,可能导致电加热器中元件发生短路,故选项D不符合安全用电原则。(1)不纯净的水是导体;(2)家庭电路中电流过大的原因是:发生短路或同时使用的
用电器功率过大;(3)有金属外壳的用电器必须接地。安全用电常识是我们必须掌握的基础知识,这类知识在日常生活中有着很重要的作用。9.【答案】𝐷【解析】𝐴𝐵、比热容是物质本身的一种特性,与物质吸收的热量、升高的温度、质量大小没有关系,故A
B错误;C、海水的比热容比沙石的比热容大,所以在白天有太阳光照射时,吸收相同的热量情况下,海水升温较少,而陆地的沙石比热容小,升温就比较多,则岸边沙石的温度比海水的温度高,故C错误;D、因为水的比热容比较
大,在吸收或放出相同的热量时,水的温度变化小,因此生物体内水的比例很高,有助于调节生物体自身的温度,以免温度变化太快对生物体造成损害,故D正确。比热容是物质的一种特性,与物体质量、温度高低、吸放热多少都没有关系,比热容是反映不同物质吸放热能力强弱的一个物理量,决定于物质的
种类和状态。水的比热容大,相同质量的水和其它物质比较,升高或降低相同的温度,水吸收或放出的热量多;吸收或放出相同的热量,水升高或降低的温度少。本题考查了比热容的大小、水的比热容大的特点的应用,应用所学知识,解释了实际问题,体现了新课标的要
求,属于中考热点题目。10.【答案】𝐴【解析】节约的标准煤的质量𝑚=1.28×108𝑘𝑔,标准煤的热值𝑞标准煤=2.9×107𝐽/𝑘𝑔;标准煤完全燃烧放出的热量:𝑄放=𝑚𝑞标准煤=1.28×108𝑘𝑔×2.9×107𝐽/𝑘𝑔≈3.7×1015𝐽。知道标准
煤的质量和热值,利用𝑄放=𝑚𝑞计算出所节约的标准煤完全燃烧放出的热量。第18页,共32页本题考查燃料燃烧放热的简单计算,解题过程中注意审题,不要被其他数据干扰,同时通过做题增强了学生节能减排、爱护地球的意识、积极开
发新能源的意识。11.【答案】𝐶【解析】经分析可知,𝑅1、𝑅2并联,开关𝑆位于干路,开关𝑆1位于𝑅2支路。A、由电路图可知,开关𝑆闭合时,𝑅1与𝑅2同时工作,再闭合𝑆1后,𝑅1被短路,只有𝑅2
工作,故A不符合题意;B、由电路图可知,开关𝑆闭合时,𝑅1发热,再闭合𝑆1后,𝑅1与𝑅2同时工作;断开𝑆,𝑅2仍能工作,故B不符合题意;C、由电路图可知,开关𝑆闭合时,只有𝑅1工作;再闭合𝑆1后,𝑅1、𝑅2并联同时工作;若断开𝑆,整个电路
断路,眼罩停止发热,故C符合题意;D、由电路图可知,开关𝑆闭合时,只有𝑅2工作;再闭合𝑆1后,𝑅1、𝑅2并联同时工作;若断开𝑆,眼罩停止发热,故D不符合题意。由题意可知,只闭合𝑆时,𝑅1工作,再闭合𝑆1后,𝑅1、𝑅2同时工作,
说明𝑅1可以独立工作、𝑅1和𝑅2可以同时工作,即两电阻并联;断开𝑆时,眼罩停止发热,说明开关𝑆位于干路,开关𝑆1位于𝑅2支路,据此进行解答。本题考查了电路图的设计,根据题意得出两电阻的连接方式和开关的位置是关键。12.【答案】𝐷【解析】A、任何物体都具有内
能,故A错误;B、铝块的内能增加,可能是吸收了热量,也可能是外界对物体做了功,故B错误;C、冰是晶体,冰熔化成水,吸收热量,内能增加,但温度不变,故C错误;D、因为内能与物体的质量、温度和状态有关,温度相同的两
杯水,其质量不一定相同,故它们的内能可能不同,故D正确。(1)内能的概念:物体内所有分子的分子动能和分子势能的总和,一切物体都具有内能,内能与是质量、温度、状态有关;(2)改变物体内能的方式有做功和热传递;(3)冰是晶体,晶体熔化的特点是温度不变,但要继续吸热,其内能不断
增大。第19页,共32页本题主要考查学生对热量与内能的关系的理解,难度不大。13.【答案】𝐷【解析】闭合开关,两灯泡串联,电流表测量电路电流,电压表测量𝐿1两端的电压。若电路中只有一处故障,且已知是导线𝑎𝑏断路,闭合开
关𝑆后,电路断路,故两灯均不亮,电流表无示数,但电压表可通过电流表,𝐿2和开关与电源接通,能测量电源电压,故电压表的指针会有明显偏转。故ABC错误、D正确。闭合开关,两灯泡串联,电流表测量电路电流,电压表测量𝐿1两端的电压。若电路中只有一处故障,且已知是导线𝑎𝑏断路,闭合
开关𝑆后,电路断路,据此分析灯泡的发光情况和电流表的示数,电压表可通过电流表,𝐿2和开关与电源接通,能测量电源电压。本题考查电路故障分析,属于中考常考题。14.【答案】𝐶【解析】𝐴𝐵、由题意知闭合开关𝑆,两灯均发光,若两表均为电压表,则灯泡𝐿2不会发光;若两表
均为电流表,则灯泡𝐿1、𝐿2均会被短路;若甲为电压表,乙为电流表,则灯泡𝐿2会被短路;只有甲为电流表,乙为电压表,满足两灯均可发光,且两灯并联,故A、𝐵均错误;𝐶𝐷、在已辨别甲、乙两电表的
名称前提下,两个灯泡并联接入电路,电源两端电压为3𝑉,结合铭牌数据可知灯泡𝐿𝑙正常发光,其电压为额定电压𝑈1额=3𝑉,其实际功率为𝑃1′=𝑃1额=3𝑊;灯泡𝐿2不能正常发光,其电压等于灯泡𝐿𝑙两端电
压为𝑈2=𝑈1额=3𝑉,根据铭牌数据,𝐿2的电阻为𝑅2=𝑈2额2𝑃2额=(6𝑉)26𝑊=6𝛺,其实际功率为𝑃2′=𝑈22𝑅2=(3𝑉)26𝛺=1.5𝑊;则电路总功率为𝑃总=𝑃1′+𝑃2′=3𝑊+1.5𝑊=4.5𝑊;该电路总功率应为两灯实际功率之和,故D
错误;通电1𝑚𝑖𝑛,该电路消耗的电能为𝑊=𝑃总𝑡=4.5𝑊×60𝑠=270𝐽,故C正确。第20页,共32页(1)电压表并联在电路中,在电路中可以看作开路;电流表必须串联在电路中,在电路中相当于导线;根据仪表的连接方式以及在电路中的作用
,结合已知闭合开关𝑆,由两灯均发光可以辨别甲、乙两电表的名称,推断两灯的连接方式;(2)辨别甲、乙两电表的名称前提下,两个灯泡并联接入电路,电源两端电压为3𝑉,根据铭牌数据可知灯泡𝐿𝑙正常发光,其电压为额定电压3𝑉,其实际功率
等于额定功率为3𝑊,灯泡𝐿2不能正常发光,其电压等于灯泡𝐿𝑙两端电压为3𝑉;(3)根据铭牌数据,由欧姆定律求出𝐿2的电阻;由于灯泡𝐿2两端电压等于灯泡𝐿1两端电压为𝑈=3𝑉,根据𝑃=𝑈2𝑅求出实际功率;(4)该电路总功率应为两灯实际功率之和
求出电路总功率,进一步根据𝑊=𝑃总𝑡,求出通电1𝑚𝑖𝑛,求出该电路消耗的电能。本题考查电流表、电压表的连接方式、欧姆定律的应用及电功率、电能的计算问题,有一定综合性。15.【答案】𝐵【解析】根据𝑃=𝑈2�
�可知,𝐿1的电阻𝑅1=𝑈1额2𝑃1额=(220𝑉)240𝑊=1210𝛺,𝐿2的电阻𝑅2=𝑈1额2𝑃1额=(220𝑉)21000𝑊=48.4𝛺,则𝑅1>𝑅2。(1)将𝐿1和𝐿2串联接到220𝑉的电路中,串联电路的电流处处相等,则通过两灯
的电流𝐼1=𝐼2,根据𝑃=𝐼2𝑅可知两灯的功率分别为𝑃1>𝑃2;(2)将𝐿1和𝐿2并联接到同一电路中,两灯两端的电压相等,根据𝐼=𝑈𝑅可知通过两灯的电流分别为𝐼3<𝐼4,根据𝑃=𝑈2𝑅可知两灯的功率𝑃3<𝑃4;(3)根据
串联分压特点可知,𝐿1和𝐿2串联接到220𝑉的电路中时,𝐿1两端的电压小于𝐿1并联接到同一电路中时𝐿1两端的电压,根据𝐼=𝑈𝑅可知,𝐼1<𝐼3,根据𝑃=𝐼2𝑅可知,𝑃1<𝑃3;(4)根据串联分压特点可知,𝐿1和𝐿2串联接到220𝑉的电路中
时,𝐿2两端的电压小于𝐿2并联接到同一电路中时𝐿2两端的电压,根据𝐼=𝑈𝑅可知,𝐼2<𝐼4,根据𝑃=𝐼2𝑅可知,𝑃2<𝑃4。综上可知,ACD错误、B正确。第21页,共32页不计灯丝电阻的变化,根据𝑃=𝑈2𝑅可得出两电阻的大小关系。(1)将𝐿1和�
�2串联接到220𝑉的电路中,串联电路的电流处处相等,据此得出𝐼1、𝐼2的大小关系,根据𝑃=𝐼2𝑅可知两灯的功率𝑃1、𝑃2的大小关系;(2)将𝐿1和𝐿2并联接到同一电路中,两灯两端的电压相等,根据𝐼=𝑈𝑅可知通过两灯的电流分别为𝐼3、𝐼4的大小
关系,根据𝑃=𝑈2𝑅可知两灯的功率𝑃3、𝑃4的大小关系;(3)根据串联分压特点可知,𝐿1和𝐿2串联接到220𝑉的电路中时,𝐿1两端的电压小于𝐿1并联接到同一电路中时𝐿1两端的电压,根据𝐼=𝑈
𝑅可知𝐼1、𝐼3的大小关系,根据𝑃=𝐼2𝑅可知𝑃1、𝑃3的大小关系;(4)根据串联分压特点可知,𝐿1和𝐿2串联接到220𝑉的电路中时,𝐿2两端的电压小于𝐿2并联接到同一电路中时𝐿2两端的电压,根据𝐼=𝑈𝑅可知𝐼2、𝐼4的大小关系,据𝑃=𝐼2𝑅可知
𝑃2、𝑃4的大小关系。本题考查串并联电路的特点、欧姆定律的应用和电功率的计算,有一定难度。16.【答案】𝐴𝐶【解析】A、常见的物质是由极其微小的粒子——分子、原子构成的,故A正确;B、原子是由带正电的原子核和带负电的电子构成的,故B错误;C、铁块很难被压缩,是分子间
存在相互作用斥力的表现,故C正确;D、冰糖块轧为粉末,固体大颗粒变成小颗粒,说明拉力可以改变物体的形状,与分子无关,故D错误。(1)物质是由分子或原子构成的;(2)原子核带正电,核外电子带负电;(3)分子间存在相互作用的引力和斥力。本题考查学生应用分子的观点来解释一些日常生活中的现象,
注意用分子观点解释的现象都是用肉眼看不见的现象。17.【答案】𝐵𝐷【解析】𝐴𝐵、热值是燃料的一种特性,只与燃料的种类有关,与燃料燃烧得是否充分和质量等因素无关,故A错误,B正确;C、热机效率是指有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的热量的比值,当消耗的燃料同样
多的情况下,热机做的有用功越多,热机的效率越高,故C错误;第22页,共32页D、在热机中,蒸汽机的效率最低,故D正确。热值是指单位质量的某种燃料完全燃烧放出的热量,是燃料的一种特性,只与燃料的种类有关,与其他因素
无关;热机的效率是指用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比,比值越大,效率越高。本题考查了对热值和热机效率的理解,属于基础题,难度不大。18.【答案】𝐴𝐵𝐶【解析】A、将活塞迅速下压,活塞对筒内空气做功,使其内能增大,温度升高,达到硝化棉的燃点,硝化棉燃烧,故A正确;B、抽
去玻璃隔板,两瓶中气体逐渐混合均匀,说明分子在不停地做无规则运动,这是扩散现象,故B正确;C、试管中的水加热沸腾后,塞子被水蒸气推出,水蒸气的内能转化为塞子的机械能,水蒸气内能减小,温度降低,故C正确;D、紧压两铅
柱使它们合在一起,下面悬挂大秤砣未被拉开,这是由于分子间引力的作用,而不是大气压的作用,故D错误。(1)做功可以改变物体的内能,当外界对物体做功时,物体的内能增大,温度升高;(2)扩散现象表明,分子在不停地做无规则运动;(3)气体膨胀对外界做功时,气体的内能
就会减小,温度降低;(4)分子间存在相互作用的引力和斥力。本题考查做功改变物体的内能,扩散现象,分子动理论的应用等,属基础知识,难度不大。19.【答案】𝐴𝐶𝐷【解析】A、根据控制变量法,选用1和2号电
阻丝,电阻丝的长度、横截面积相同,材料不同,可探究导体电阻大小跟材料是否有关,故A正确;B、选用1和4号电阻丝,电阻丝的材料相同,长度、横截面积不相同,无法探究导体电阻大小跟长度是否有关,故B错误;C、根据控制变量法,选用3和4号电阻丝,电阻丝的材料、横截面积相同,长度不同,可探究导体
电阻大小跟导体长度是否有关,故C正确;第23页,共32页D、选用1、3号电阻丝,电阻丝的材料、长度相同,横截面积不同,可探究导体电阻跟横截面积是否有关,故D正确。电阻的决定因素有多个,因此研究时要用到控制变量法:研
究与哪个因素的关系时,就要两电阻丝只有这一个因素不同,其余的因素全部相同,由此思路来选取器材。本题考查了影响导体电阻大小的因素,要掌握控制变量法的理解和应用。20.【答案】𝐴𝐷【解析】A、由表可知,空气污染的程度越小,空气质量指数越小,由图像知,气敏电阻𝑅的阻值越大,由图甲知,气敏电阻
𝑅与定值电阻𝑅0串联,电流表测电路中电流,串联电路总电阻等于各分电阻之和,由欧姆定律可得电路中的电流𝐼=𝑈𝑅+𝑅0,电源电压保持不变,𝑅的阻值变大,所以电流中电流变小,故A正确;B、由图乙知,气敏电阻𝑅的阻值随空
气质量指数增大而减小,故B错误;C、电路中的电流𝐼=𝑈𝑅+𝑅0,当电路中电流为0.1𝐴时,带入数据可得有:0.1𝐴=18𝑉100𝛺+𝑅,解得𝑅=80𝛺,由图像知,空气质量指数𝐾在51~100之间,对应的空气质量
等级为良,故C错误;D、由图像知,当空气质量指数为300时,𝑅′=20𝛺,电路中电流:𝐼′=𝑈𝑅′+𝑅0=18𝑉20𝛺+100𝛺=0.15𝐴,𝑅0消耗的电功率:𝑃0=𝐼2𝑅0=(0.15𝐴)2×100𝛺=2.25𝑊,故D正确。(1
)由表格知,空气污染的程度越小,空气质量指数越小,由图像知,𝑅的阻值变化,根据串联电路特点和欧姆定律判断电路中电流变化;(2)由图乙可判断气敏电阻的阻值与空气质量指数的关系;(3)根据串联电路特点和欧姆定律计算电路中电流为0.1𝐴时𝑅连入电路的阻值,由图乙知
此时空气质量指数𝐾值,再根据表格数据判断空气质量的等级;(4)由图像读出空气质量指数为300时𝑅的阻值,再计算此时电路中电流,根据𝑃=𝐼2𝑅计算𝑅0消耗的电功率。本题考查了串联电路特点、欧姆定律以及电功率公式的应用,关键是能从表格和图像中获取有用信息,体现了物理在实际生活中
的应用。第24页,共32页21.【答案】51692035.8【解析】(1)图1中电阻箱左上角𝛥对准的数字为5,右上角𝛥对准的数字为1,左下角𝛥对准的数字为6,右下角𝛥对准的数字为9,因此电阻箱的读数:
5𝛺×1000+1𝛺×100+6𝛺×10+9𝛺×1=5169𝛺;(2)由图2可知电能表的小数位是8,故示数为2035.8𝑘𝑊⋅ℎ。(1)电阻箱要弄清楚𝛥对准旋钮上的数字,再用数字乘以下面的倍数,然后把
四个数字相加即可。(2)电能表是测量电路一段时间内消耗的电能的仪表,上面有五个数字窗口,最后一位是小数位,单位是𝑘𝑊⋅ℎ。对各种测量工具的读数是基本技能,要重点掌握。22.【答案】如图所示:。【解析】【分析】(1)三孔插座的接法记忆窍
门:上孔接地线理解成—“上帝”,左孔接零线理解成—一切从零开始。(2)掌握家庭电路中灯泡、开关、保险丝、两孔插座、三孔插座的接法。【解答】(1)三孔插座的接法:上面接地线,左边接零线,右边接火线。(2)家庭电路中,火线首先过保险丝进入
开关,然后再进入灯泡顶端的金属点,零线直接和灯泡的螺旋套相连,在更换灯泡时,断开开关,切断火线,操作更安全。故答案为如图所示:。23.【答案】不能火线第25页,共32页【解析】使用试电笔辨别火线、零线时,一定要用指尖抵住试电笔上端的金属,否则容易造成误判;但手指
不能触碰笔尖的金属部分,否则会造成触电事故。当笔尖插入如图所示的插孔中时,氖管发光,证明此插孔中连接的是火线。正确使用测电笔:手接触笔尾金属体,笔尖接触导线,氖管发光,导线是火线;氖管不发光的是零线。手千万不要接触笔尖金属体。本题考查了试电笔的正确
使用方法,属于安全用电常识,必须牢牢记清!24.【答案】白雾减小变大分子间存在引力【解析】(1)给瓶内打气,当瓶塞跳起时,可以看到瓶内出现白雾,说明水蒸气液化成了小水滴,形成白雾,在这个过程中,气体膨胀对外做功,温度降低,内能减小;
(2)因为玻璃和水接触在一起,并且玻璃分子和水分子间的距离在引力作用的范围内,故水分子和玻璃分子之间存在相互作用的引力,故向上拉玻璃板时,弹簧测力计的读数将变大。(1)做功可以改变物体的内能:当对物体做功时,物体的内能增大、温度升高;当物体对外做功时,物体的内能减小、温度
降低;当温度降低时,水蒸气遇冷会液化成小液滴。(2)分子间同时存在着引力和斥力。本题考查了做功改变物体的内能,分子间的作用力,有些物理规律必须通过具体的现象体现出来,要学会透过现象看本质。25.【答案】(1)秒表;(
2)𝐵、𝐶;(3)𝑎;不同【解析】(1)实验中通过加热时间的长短来比较吸收热量的多少,所以本实验还需要用秒表测量时间;(2)根据控制变量法可知:实验中需要控制两种液体的质量和初温相同,液体的种类不同,故需要选用𝐵、𝐶两套装置;(3)由图可知,质量相同的𝑎和𝑏吸
收相同的热量,𝑎的温度变化小,所以𝑎为水;在此实验中,若使初温相同、质量相等的两杯液体吸收相等的热量,两杯液体的吸热能力不同,则所能达到的温度不相同。(1)可根据本实验的研究方法“控制变量法”分析所需控制变量;在实验中所选仪器是为保
证控制变量;(2)探究不同物质的吸热能力与物质种类的关系时采用的是控制变量法;实验中需要控制两种液体第26页,共32页的质量和初温相同,要使用相同的加热器加热;(3)水的吸热能力较大,质量相同的水和油吸收相同的热量,
水的温度变化小;本题比较不同物质的吸热能力,考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法,为热学中的重要实验。26.【答案】灯泡𝐿1比𝐿2更亮错误【解析】(1)为验证猜想一,他断开开关𝑆;对调灯泡𝐿1和𝐿2的位置,闭合开关𝑆,观察到的现象是灯泡𝐿1比𝐿2更亮,跟所处位置无关。
由此说明:猜想一错误。(2)为验证猜想二,他用电流表分别测量图中𝐴、𝐵、𝐶三点的电流,电流表的示数均相同。由此说明通过𝐿1的电流比通过𝐿2的电流大的说法错误,即猜想二错误。(1)串联电路中各处的
电流相等,灯的亮度取决灯的实际功率;(2)串联电路中各处的电流相等,据此得出判断。本题考查探究串联电路电流特点的实验,常见题目。27.【答案】(1);(2)右;(3)0.3;0.75;8.3;(4)不正确,灯泡在不同电压下的
功率不同。【解析】(1)由图1可知,电压表并联在测小灯泡和滑动变阻器两端,电压表测小灯泡两端的电压,应该并联在小灯泡两端,如图所示:;(2)为了保护电路,闭合开关实验前,应将滑动变阻器的滑片移到最大阻值处,由图知,滑片左侧电阻丝接入电路,所以滑片应移到阻值最大的右端;第27页,共32页
(3)灯泡在额定电压下正常发光,图2甲中电压表选用小量程,分度值为0.1𝑉,示数为2.50𝑉灯泡的额定电压,此时小灯泡正常发光,图2乙中电流表选用小量程,分度值为0.02𝐴,示数为0.3𝐴,则小灯泡的额定功率是:𝑃额=
𝑈额𝐼额=2.50𝑉×0.3𝐴=0.75𝑊,由𝐼=𝑈𝑅可知,小灯泡正常发光时的电阻:𝑅𝐿=𝑈额𝐼额=2.5𝑉0.3𝐴≈8.3𝛺;(4)测量小灯泡的电功率不需要多次测量求平均值,原因是灯泡在不同电压下的功率
不同。(1)测量小灯泡的额定功率时,电压表应与小灯泡并联;(2)为了保护电路,闭合开关前,应将滑动变阻器的滑片𝑃移到阻值最大处;(3)灯泡在额定电压下正常发光,根据电表选用量程确定分度值读出示数,根据𝑃=𝑈𝐼可求出灯泡的额定功率
,利用欧姆定律计算小灯泡正常发光时的电阻;(4)灯泡在不同电压下的功率不同,据此分析。本题测量小灯泡的额定功率,考查电路连接、注意事项、电表读数、电功率的计算、欧姆定律的应用及实验方案的评价。28.【答案】(1)没有保持电阻两端电
压不变;(2);(3)导体的电流与导体两端电压。【解析】(1)要探究通过导体的电流与导体电阻的关系,实验应保持定值电阻两端的电压不变,实验中并未控制定值电阻两端的电压保持不变,因此,小英的实验不能达到探究的目的。(2)要能够实现探究目的,需要在电路中串联一个滑动变阻器,通过移动滑片使定值电
阻两端的电压保持不变,电路图如图所示:;(3)利用图示装置,可以控制电阻不变,通过滑动变阻器改变定值电阻两端的电压,可以探究导体的电流与导体两端电压的关系。(1)在探究电流与电阻关系的实验中,由于电压和电阻都会
对电流产生影响,所以我们采用控制变第28页,共32页量法来进行研究,即研究电流与电阻关系时要控制电压一定;(2)研究电流与电阻关系时通过移动滑动变阻器的滑片使定值电阻两端的电压保持不变;(3)利用图示装置,可以控制电阻不变,通过滑动变阻器改变
定值电阻两端的电压,据此分析解答。本题探究电流与电阻关系,考查控制变量法及电路图的设计。29.【答案】(1)探究电流通过导体产生的热量与电阻是否有关;(2)电流通过导体产生的热量的多少;(3)𝐵;改变通过电阻的电流。【解析】(1)由电路图可知,两电热
丝串联在电路中,这是为了控制通电时间相同和控制电流相同,电阻的大小不同,所以是为了探究电流通过导体产生的热量与电阻是否有关;(2)根据转换法可知,实验中通过𝑈形管中液面高度的变化来反映电热的多少;(3)图乙的装置中两个电阻并联,
在𝐶容器外部并联15𝛺电阻,根据并联电路的电流关系可知,通过每个电阻的电流与干路中的电流不同,所以接入图乙是为了改变电流;接入图乙是为了探究电热与电流是否有关,需要控制电阻和通电时间相同,所以图乙应替换图甲中𝐵密封容器进行实验,可以探究电流通过导
体产生的热量与通过导体的电流大小是否有关。(1)串联电路各处的电流相等;电流产生的热量不易比较,可让初温、质量相同的煤油吸热,比较煤油升高的温度确定产生的热量,采用了转换法;电流产生的热量与电流大小、电阻和通电时间有关,研究与其中一个因素的关系时,要控
制另外的两个因素相同;电流产生的热量不能用眼睛直接观察,实验中通过𝑈形管中液面高度的变化来反映电热的多少。本题探究“电流通过导体产生的热量与什么因素有关”,考查控制变量法、转换法的运用。30.【答案】②当其它因素
一定时。装水的质量越大,电水壶的效率越高【解析】解:(1)第一次实验,水吸收的热量𝑄1=𝑐𝑚1𝛥𝑡=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)×0.5𝑘𝑔×(100℃−17℃)=1.743×105𝐽;第一次实验消耗的电能𝑊1=𝑃𝑡1=1555𝑊×135𝑠=209925𝐽;第一
次实验的热效率𝜂1=𝑄1𝑊1×100%=1.743×105𝐽209925𝐽×100%=83.0%;第二次实验时水吸收的热量𝑄2=𝑐𝑚2𝛥𝑡=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)×1.5𝑘𝑔×(100℃−17℃)=5.229×10
5𝐽;第二次实验消耗的电能𝑊2=𝑃𝑡2=1555𝑊×350𝑠=544250𝐽;第29页,共32页第二次实验的热效率𝜂2=𝑄2𝑊2×100%=5.229×105𝐽544250𝐽×100%=96.1%;根据实验数据分析,该电水壶的热效率较高的应是②。(2)由以上
计算可知,在电水壶的保温性、功率、环境温度等因素相同的情况下,装的水质量较大时,电水壶的热效率也较高,所以可得出结论,电水壶热效率与装水的质量有关,当其它因素一定时,装水的质量越大,电水壶的效率越高;
电水壶烧水过程中使水升高温度吸收的热量为有用的能量,消耗的电能为总能量,再由效率的计算公式𝜂=有用的能量总能量×100%计算进行比较。本题的综合能力较强,注重理解能力和实验分析能力的考查,对吸收热量、消耗电能和热效率的理解及相关的计算是解答本题的难点。31.【
答案】②𝑆1;③𝑆1;𝑆2;滑动变阻器的滑片;电阻箱。【解析】解:实验步骤为:①开关𝑆1和𝑆2均断开,按电路图连接电路,将滑动变阻器滑片𝑃移到阻值最大端。②只闭合开关𝑆1,调节滑动变阻器的滑片𝑃到适当位置,记录电压表的示数𝑈1;③断开
开关𝑆1,闭合𝑆2,保持滑动变阻器的滑片不变,调节电阻箱,使电压表的示数仍为𝑈1;④记录此时电阻箱的示数𝑅0,则待测电阻的阻值𝑅𝑥=𝑅0。根据并联电路各支路两端的电压特点,用电压表测出待测电
阻两端电压,再将开关与电阻箱连接并调节电阻箱的阻值使电压表的示数不变,根据并联电路的电压相等和欧姆定律可知待测电阻的阻值与电阻箱的阻值相等。本题利用等效替代法测待测电阻的阻值,考查等效替代法的运用。32.【答案】
解:(1)各电阻串联与电流表串联,电压表并联在待测电阻两端,电路图如图所示:(2)实验步骤:①按电路图连接电路。将𝑅1、𝑅3、𝑅4这三个电阻的阻值记录在表格中。②闭合开关𝑆,用电流表测量电路中的电流𝐼,将测
量数据记录在表格中。第30页,共32页③断开开关𝑆,把电压表依次并联在电阻𝑅1、𝑅3、𝑅4两端,闭合开关𝑆,用电压表依次测量它们两端的电压𝑈1、𝑈3、𝑈4,将测量数据记录在表格中。④利用公式𝑃=𝑈𝐼和测量数据,分别计算出6个电阻消耗的电功率𝑃1、𝑃3、�
�4,将计算结果记录在表格中。(3)实验数据记录表如下所示:𝑅/𝛺𝑅1𝑅3𝑅4𝐼/𝐴𝑈/𝑉𝑃/𝑊【解析】(1)让各阻值不同的电阻串联接入电路,用电流表测电路电流,用电压表分别测量
各电阻电压并记录各电压值,然后由𝑃=𝑈𝐼比较功率大小,从而得出结论;据此设计电路;(2)根据(1)的实验原理设计实验步骤;(3)实验数据表格应包括电阻阻值、电阻两端的电压值、流过电路的电流、各电阻的功率,由电阻的个数确定表
格的列数。本题是一道实验题,知道实验目的、根据实验的原理是“设计实验电路,合理安排实验步骤,设计符合实验记录要求的表格”的前提是关键。33.【答案】(1)开关;串联;(2)烘干;0.4。【解析】(1)由短文知,智能晾衣机利用人体传感器,夜间有人走到阳台时智能晾衣机自动开灯
;如果离开阳台无人移动,则晾衣机会自动关灯。所以人体传感器在电路中起到控制𝐿𝐸𝐷照明灯的作用,即它相当于一个开关,与𝐿𝐸𝐷照明灯是串联的;(2)由晾衣机内部部分电路知,开关𝑆接通3、4位置时,发热电阻𝑅与电动机并联,两者同时工作,所以此时晾衣机开
启烘干功能;晾衣机风干额定功率为20𝑊,烘干额定功率为220𝑊,所以𝑅的功率:𝑃𝑅=𝑃烘干−𝑃风干=220𝑊−20𝑊=200𝑊=0.2𝑘𝑊,连续使用2ℎ,由𝑃=𝑊𝑡得,电阻𝑅消耗的电能为𝑊=𝑃𝑅𝑡=0.2𝑘𝑊×2ℎ=0.4𝑘𝑊
⋅ℎ=0.4度。第31页,共32页(1)利用人体传感器,夜间有人走到阳台时智能晾衣机自动开灯;如果离开阳台无人移动,则晾衣机会自动关灯,由此分析判断;(2)由电路图分析电路中发热电阻和电动机的工作情况,已知风干和烘干功率,由此计算𝑅的功率
,由𝑊=𝑃𝑡计算消耗的电能。本题考查了学生获取信息解决实际问题的能力,还考查了对电路组成部分的认识及电能的计算,体现了物理来源于生活,服务于生活。34.【答案】解:(1)根据表格中的数据可知,该电煮锅的最大功
率为𝑃=700𝑊;电煮锅在工作时消耗的电能全部转化为内能,则该电煮锅在最大功率挡正常工作1𝑚𝑖𝑛所产生的热量为:𝑄=𝑊=𝑃𝑡=700𝑊×60𝑠=4.2×104𝐽;(2)电煮锅在最小功率挡工作水的功率为𝑃′=140𝑊;电煮锅两端的电压不变,根据𝑅=𝑈2𝑃可知,
该电煮锅分别在最小功率挡和最大功率挡正常工作时,电路的电阻𝑅与𝑅′之比为𝑅:𝑅′=𝑈2𝑃:𝑈2𝑃′=𝑃′:𝑃=700𝑊:140𝑊=5:1。答:(1)该电煮锅在最大功率挡正常工作1𝑚𝑖𝑛所产生的热量𝑄为4.2×104𝐽;(2)该电煮锅分别在最
小功率挡和最大功率挡正常工作时,电路的电阻𝑅与𝑅′之比为5:1。【解析】(1)根据五个挡求出最大功率,然后根据𝑄=𝑊=𝑃𝑡求出电煮锅在最大功率挡正常工作1𝑚𝑖𝑛所产生的热量𝑄;(2)根据公式𝑅=𝑈2𝑃求出电路的电阻𝑅与𝑅′之比。本题考查
了电功率公式的应用、热量公式的应用,难度不大。35.【答案】解:由电路图可知,𝑅1与𝑅2串联,电压表𝑉1测𝑅1两端的电压,电压表𝑉2测𝑅2两端的电压,电流表测电路中的电流。当电压表𝑉1的示数𝑈1𝑚𝑎𝑥=3𝑉时,电路中的电流最大,变阻器接入电路中的电阻最小,则
𝐼𝑚𝑎𝑥=𝑈1𝑚𝑎𝑥𝑅1=3𝑉10𝛺=0.3𝐴<0.6𝐴,因串联电路中各处的电流相等,没有超过电流表的量程,所以,电路中的最大电流𝐼𝑚𝑎𝑥=0.3𝐴;根据串联电路中总电压等于各
分电压之和可知:𝑅2两端的最小电压𝑈2𝑚𝑖𝑛=𝑈−𝑈1𝑚𝑎𝑥=4.5𝑉−3𝑉=1.5𝑉,变阻器接入电路中的最小阻值:𝑅2𝑚𝑖𝑛=𝑈2𝑚𝑖𝑛𝐼𝑚𝑎𝑥=1.5𝑉0.3𝐴=5𝛺;第
32页,共32页串联电路总电阻等于各部分电阻之和,当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小,即𝐼𝑚𝑖𝑛=𝑈𝑅1+𝑅2=4.5𝑉10𝛺+20𝛺=0.15𝐴,此时电压表𝑉2的示数:𝑈2=𝐼𝑚𝑖𝑛𝑅2=0.1
5𝐴×20𝛺=3𝑉,电压表𝑉1的示数:𝑈1=𝑈−𝑈2=4.5𝑉−3𝑉=1.5𝑉,两电压表示数均不超过所选量程,所以,滑动变阻器𝑅2的阻值可以在5~20𝛺范围调节,电流表𝐴的示数范围为0.15~0.3𝐴,两电压表示数范围
均为1.5~3𝑉,小明的说法不正确。答:滑动变阻器𝑅2的阻值可以在5~20𝛺范围调节,电流表𝐴的示数范围为0.15~0.3𝐴,小明的说法不正确。【解析】由电路图可知,𝑅1与𝑅2串联,电压表𝑉1测
𝑅1两端的电压,电压表𝑉2测𝑅2两端的电压,电流表测电路中的电流。当电压表𝑉1的示数𝑈1𝑚𝑎𝑥=3𝑉时,电路中的电流最大,变阻器接入电路中的电阻最小,根据欧姆定律计算通过电路的最大电流,根据串联电路电压
规律计算𝑅2两端的最小电压,进一步计算滑动变阻器接入电路的最小阻值;根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小,进一步计算通过电路的最小电流,同时明确两电压表的示数,确保电路安全;最后判断小明的说法是否正确。本题考查串联电路特点和欧姆
定律的灵活运用,确定通过电路的最大和最小电流是解题的关键。