【文档说明】高中物理必修第三册全册模块综合检测-统编人教版.doc，共(16)页，1.069 MB，由小喜鸽上传

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第1页共16页模块综合检测A卷——学业水平验收(时间：90分钟满分：100分)一、选择题(本题共20小题，第1～10小题每题2分，第11～20小题每题3分，共50分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)1．(2018·浙江11月选考)下列物理量属于标量的是

()A．速度B．加速度C．电流D．电场强度解析：选C选项中四个物理量均既有大小，又有方向，其中电流适用代数运算法则，是标量，其余量适用平行四边形定则，是矢量，故C正确。2．(2019·绍兴检测)如图所示，把一

条导线平行地放在磁针的上方附近，当导线中有电流通过时，磁针会发生偏转。发现这个实验现象的物理学家是()A．牛顿B．爱因斯坦C．奥斯特D．居里夫人解析：选C发现电流能使小磁针偏转的物理学家是奥斯特。故C正确。3．(2019·惠州期末)下列叙述正确的是()A．任何起电方式都是电荷

转移的过程B．摩擦起电是创造电荷的过程C．玻璃棒无论和什么物体摩擦都会带正电D．带等量异号电荷的两个导体接触后，两个导体将不带电，原因是电荷消失了解析：选A由于不同物质的原子核对核外电子的束缚本领不同，故任何起电方式都是电荷转移的过程，A选项正确，B选项错误；在摩擦的过程中，束缚本领强的得到电子带

负电，束缚本领弱的失去电子带正电，玻璃棒和其他物体摩擦时，也可以带负电，C选项错误；带等量异号电荷的两个导体接触后，两个导体将不带电，原因是电荷中和了，D选项错误。4．两个完全一样的金属小球M、N，先让它们各自带电＋5q和＋7q，接触后

再分开，则最终M、N的带电荷量分别是()A．＋6q，＋6qB．＋7q，＋5qC．＋12q，＋12qD．＋q，＋q解析：选A两个完全相同的金属小球接触，电荷先中和后均分，故：QM′＝QN′＝QM＋QN2＝5q

＋7q2＝6q，故选项A正确。第2页共16页5.如图所示，一带负电的粒子以初速度v进入范围足够大的匀强电场E中，初速度方向与电场方向平行，粒子不计重力。下列说法正确的是()A．粒子一直做匀加速直线运动B．粒子一直做匀减速直线运动C．粒子先做匀减速直线运动，再反向做匀加速直线

运动D．粒子先做匀加速直线运动，再反向做匀减速直线运动解析：选C因为粒子带负电，受电场力方向与初速度方向相反，粒子先向右做匀减速直线运动，待速度减为0后，再向左做匀加速直线运动，故选项C正确。6．通过一个电阻的电流是

5A，经过4min，通过该电阻的一个截面的电荷量是()A．20CB．50CC．1200CD．2000C解析：选C根据I＝qt，得q＝It＝5×240C＝1200C，故C正确，A、B、D错误。7．把小磁针放入水平向右的匀强磁场B中，下列图中小磁针静止时N极指向正确的是()解析：选D图为匀强磁场

，磁场方向为水平向右，则小磁针N极的指向与磁场方向一致，故选项D正确。8.如图所示，竖直长导线通以恒定电流I，一闭合线圈MNPQ与导线在同一平面内，当线圈从图示位置向右逐渐远离导线时，穿过线圈的磁通量将()A．变小B．

变大C．不变D．先变大，后变小解析：选A在导线形成的磁场中，离导线越远，磁场越弱，故线圈向右逐渐远离导线时，磁通量变小，故选项A正确。9．北斗系统在航海中有重要的应用，轮船上的接收设备可以通过接收卫星的信

息，进而确定自己的位置。在此过程中，该设备接收信息主要利用了()A．电磁波B．声波C．太阳能D．电磁场解析：选A北斗系统在航海中有重要的应用，轮船上的接收设备可以通过接收卫星第3页共16页的信息，该设备接收信息主要利用了电磁波，故选项A正确。10．海洋能是一种蕴藏量极大的可再生能源，具有广阔的应用

前景。下列能源不属于海洋能的是()A．潮汐能B．波浪能C．太阳能D．海流能解析：选C海洋能是一种蕴藏量极大的可再生能源，具有广阔的应用前景，潮汐能、波浪能、海流能等都属于海洋能，而太阳能则不属于，故选项C符合题意。11．将两只充气气球在头发上摩擦后放在绝缘水平桌

面上，关于两只气球之间的静电相互作用，下列说法正确的是()A．气球带同种电荷相互吸引B．气球带同种电荷相互排斥C．气球带异种电荷相互吸引D．气球带异种电荷相互排斥解析：选B两气球与头发摩擦，两只气球因为摩擦起电而带了同种电荷，同种电荷相互排斥，故选项B正确。12．(2018·

浙江11月选考)等量异种电荷的电场线如图所示，下列表述正确的是()A．a点的电势低于b点的电势B．a点的场强大于b点的场强，方向相同C．将一负电荷从a点移到b点电场力做负功D．负电荷在a点的电势能大于在b点的电势能解析：选C在同一幅图中电场线的疏密反映电场的强弱

，电场线上每点的切线方向表示该点的电场方向，所以a点的场强大于b点的场强，方向不同，B错误；因为沿电场线方向电势降低，又等量异种电荷连线的中垂线为等势线，所以a点的电势高于b点的电势，A错误；负电荷在电势低处电势能更大，所以负电荷在a点的电势能小于在b点的电势能，D错误；将一负电荷从a点移到b点，

电势能增加，电场力做负功，C正确。13.如图所示的电路中，电阻R＝2.0Ω，电源的电动势E＝6.0V，内阻r＝1.0Ω。闭合开关S后，电阻R两端的电压为()A．4.0VB．2.0VC．1.5VD．1.0V解析：选A根据闭合电路的欧姆

定律有：I＝ER＋r＝6.02.0＋1.0A＝2A，电阻R两端的电压为：U＝IR＝2×2.0V＝4.0V，故A正确，B、C、D错误。14．(2019·浙江4月选考)下列器件中是电容器的是()第4页共16页解析：选BA选项为

滑动变阻器，B选项为电容器，C选项为电阻箱，D选项为电阻，B正确。15．(2019·浙江4月选考)下列式子属于比值定义物理量的是()A．t＝ΔxvB．a＝FmC．C＝QUD．I＝UR解析：选C物体运动的时

间与位移成正比，与速度成反比，则A项不是比值定义的物理量；加速度与合外力成正比，与质量成反比，则B项不是比值定义的物理量；电容器的电容是由本身结构决定的，与两端的电压U与所带的电荷量Q无关，但是可以用带电荷量Q与电压U的

比值来量度，则C项采用的是比值定义法；导体的电流与加在其两端的电压成正比，与导体的电阻成反比，则D项不是比值定义的物理量，C正确。16.(2019·淄博检测)将面积为0.5m2的线圈放在磁感应强度为2.0×10－2T的匀强磁场中，线圈平面垂直于磁场方向，如图所示，则穿过该线圈的

磁通量为()A．1.0×10－2WbB．1.0WbC．0.5×10－2WbD．5×10－2Wb解析：选A由Φ＝BS＝2.0×10－2×0.5Wb＝1.0×10－2Wb，A正确。17．将线圈置于范围足够大、方向竖直向下的匀

强磁场B中，各线圈的运动方式如选项图所示，则能够在线圈中产生感应电流的是()解析：选C当闭合回路中的磁通量改变时，回路中产生感应电流，A、B、D中穿过线圈的磁通量始终为零，不产生感应电流，C中磁通量不断变化，故选项C正确。18．关于多用电表表盘上的刻度线，下列说法正确的是()A．

电阻刻度是均匀的B．电阻刻度是不均匀的C．直流电流刻度线是不均匀的D．直流电压刻度线是不均匀的解析：选B由I＝Er＋R＋Rx，电流I与对应的待测电阻阻值Rx不成正比，电阻的刻第5页共16页度线是不均匀的，刻度值越大处刻度线越密，故A错误，B正确；直流电流刻度线和直流电压刻度线都是均匀

的，可以共用一刻度，故C、D错误。19．(2018·浙江6月学考)如图所示，小磁针a、b、c、d放在通电螺线管产生的磁场中，稳定后指向正确的是()A．磁针aB．磁针bC．磁针cD．磁针d解析：选D根据安培定则，拇指指向通电螺线管的N极，所以稳定后指向正确的是磁针d，D正确。20.(2018·浙江6

月学考)两根材料和长度均相同的合金丝a、b的伏安特性曲线分别如图中A、B所示，则a、b电阻Ra、Rb以及横截面积Sa、Sb的关系正确的是()A．Ra>Rb、Sa>SbB．Ra>Rb、Sa<SbC．Ra<Rb、Sa>

SbD．Ra<Rb、Sa<Sb解析：选B根据欧姆定律I＝UR得R＝UI，由伏安特性曲线可以看出a、b电阻通过相同的电流时，a电阻两端的电压更大，所以Ra>Rb；根据导体的电阻公式R＝ρlS得S＝ρlR，所以Sa<Sb，B正确。二、非选择题(本题共5小题，共50分)21．(5分)某同学

利用多用电表测量二极管的反向电阻。完成下列测量步骤：(1)检查多用电表指针是否在左端零刻度。(2)将红、黑表笔分别插入正、负表笔插孔，将选择开关拨至电阻测量挡适当的量程处。(3)将红、黑表笔________，进行欧姆调零。(4)测反向电阻时，将________表笔接二极管正极，将________

表笔接二极管负极，读出电表示数。(5)为了得到准确的测量结果，应让电表指针尽量指向表盘________(选填“左侧”“右侧”或“中央”)；否则，在可能的条件下，应重新选择量程，并重复步骤(3)、(4)。(6)测量完成后，将选择开关拨向________

______位置。解析：首先要机械调零。在选择倍率后还要进行欧姆调零，而且每一次换量程都要再第6页共16页次欧姆调零。(3)将红、黑表笔短接，进行欧姆调零。(4)测量二极管的反向电阻时应将红表笔接二极

管的正极，黑表笔接负极。(5)欧姆表盘的刻度线分布不均匀，在中央的刻度线比较均匀，所以尽量让电表指针指向表盘的中央。(6)测量完成后应将开关拨向“OFF”挡或交流电压最高挡。答案：(3)短接(4)红黑(5)中央(6)“

OFF”挡或交流电压最高挡22．(10分)(1)一量程为3V的改装电压表由灵敏电流计G与电阻R串联而成，如图所示。若在使用中发现此电压表的读数总比准确值稍大一些，采用下列哪种措施可加以改进_________。A．在R

上串联一个比R小得多的电阻B．在R上串联一个比R大得多的电阻C．在R上并联一个比R小得多的电阻D．在R上并联一个比R大得多的电阻(2)将此电压表调好校准接入电路，测某电路两端的电压，指针示数如图所示，电压为_______V。(3)[多选]关于多用电表的使用，下列做法正确的是________。A．把

多用电表的选择开关旋至适当的直流电压挡，用图(a)所示的电路，闭合开关S，则可测小灯泡两端的电压B．把多用电表的选择开头旋至适当的直流电流挡，用图(b)所示的电路，闭合开关S，则可测通过小灯泡的电流C．把多用电表的选择开关旋至适当的欧姆挡，进

行调零后，用图(c)所示的电路，开关S保持断开，则可测小灯泡的电阻D．把多用电表的选择开关旋至适当的欧姆挡，进行调零后，用图(d)所示的电路，会观察到此时欧姆表示数很小第7页共16页解析：(1)在R上串联一个比R小得多的电阻，可实现

电流表的分压稍小些，即达到改进目的，故A正确；在R上串联一个比R大得多的电阻，会使电流表的分压过小，读数偏小，故B错误；在R上并联一个比R小得多或比R大得多的电阻均会使其分压更小，电流表分压变大，读数更大，故C、D错误。(2)由题图知，

电压表读数为2.50V。(3)测电压时，红表笔接外电路高电势处，因为电流要从红表笔流入，A错误；测电流时，红表笔接外电路高电势处，因为电流要从红表笔流入，B错误；测电路中某个电阻的阻值时，一定要将该电阻所在电路断开，避免

测量出现较大误差，C正确；测量二极管的正向电阻，二极管正向电阻很小，故欧姆表示数很小，D正确。答案：(1)A(2)2.50(2.49～2.51均可)(3)CD23．(10分)(2019·宝鸡检测)一边长为10cm的正方形线圈放在匀强磁场中，

当线圈平面与磁场方向成30°角时，若通过线圈的磁通量为2.5×10－3Wb，则该磁场的磁感应强度B为多少？解析：线圈垂直于磁场方向的面积为S＝L2sin30°＝0.1×0.1×12m2＝5×10－3m2，则B＝ΦS＝2.5×10－35×10－3T＝0.5T。

答案：0.5T24．(12分)如图所示为欧姆表的原理示意图。其中，电流表的满偏电流为300μA，内阻Rg＝100Ω，调零电阻最大值R＝50kΩ，串联的定值电阻R0＝50Ω，电源电动势E＝1.5V，当电流是满偏电流的12时，用它测得的电阻Rx是多少？解析：使

用欧姆表测量电阻时，对电路应用闭合电路欧姆定律，当电流表满偏时有：Ig＝ER内，其中R内为欧姆表的内阻。所以有：R内＝EIg＝1.5300×10－6Ω＝5000Ω用它测量电阻Rx时，当指针指在表盘中央时有12Ig＝ER内＋Rx得：Rx＝2EIg－R内＝5000Ω故

测得的电阻Rx是5000Ω。答案：5000Ω25．(13分)如图所示，质量为m、电荷量为q的粒子，以速度v0第8页共16页垂直于电场方向从A射入匀强电场，并从电场另一侧B点射出，且射出的速度方向与电场方向的夹角为30°，已知匀强电场的宽

度为L，求：(1)匀强电场的电场强度E；(2)求A、B两点的电势差UAB。解析：(1)粒子在匀强电场的水平方向做匀速直线运动，竖直方向做匀加速直线运动，将v沿水平方向和竖直方向分解，则vy＝v0tan30°＝3v0①又vy＝qEmt②L＝v0t③由①②③

得E＝3mv02qL。(2)由动能定理得qUAB＝12mv2－12mv02④又v＝v0sin30°⑤由④⑤得UAB＝3mv022q。答案：(1)3mv02qL(2)3mv022qB卷——选考能力检测(时间：90分钟满分：100分

)一、选择题(本题共12小题，第1～7小题只有一个选项正确，每题3分；第8～12小题有多个选项正确，全选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)1．(2019·浙江4月选考)下列物理量属于基本量且单位

属于国际单位制中基本单位的是()A．功/焦耳B．质量/千克C．电荷量/库仑D．力/牛顿解析：选B质量是国际单位制中的基本量，其单位是千克，其他三个都不是基本量，其对应的单位也不是基本单位。故B正确。2.(2019·东营检测)当接通电源后，小磁针A按如图所示方向运动，则()A．小

磁针B的N极向纸外转B．小磁针B的N极向纸里转C．小磁针B不转动D．因电流方向未标出，所以无法判断小磁针B如何转动解析：选A由小磁针A的运动方向知，螺线管的左侧为S极，右侧为N极，由安培第9页共16页定则可知小磁针B处的磁场方向向外，小磁针B的N极向纸外转。故A正确。3．甲、乙两同学使用欧姆挡

测同一个电阻时，他们都把选择开关旋到“×100”挡，并能正确操作。他们发现指针偏角太小，于是甲把选择开关旋到“×1k”挡，乙把选择开关旋到“×10”挡，但乙重新调零，而甲没有重新调零，则以下说法正确的是()A．甲选挡正确，操作也正确B．乙选挡正确，而操作错误C．甲选挡

错误，操作也错误D．乙选挡错误，而操作正确解析：选D选择开关旋到“×100”挡，指针偏角太小，说明所测电阻阻值较大，所选量程太小，应选择较大的量程，重新选挡后要重新欧姆调零，故D正确，A、B、C错误。4．(2019·青岛二中质检)如图所示，有四个等量异种电荷，放在正方

形的四个顶点处。A、B、C、D为正方形四个边的中点，O为正方形的中心，下列说法中正确的是()A．A、B、C、D四个点的电场强度相同B．O点电场强度等于零C．将一带正电的试探电荷匀速从B点沿直线移动到D点，电场力

做功为零D．将一带正电的试探电荷匀速从A点沿直线移动到C点，试探电荷具有的电势能增大解析：选C由点电荷电场叠加规律以及对称关系可知，A、C两点电场强度相同，B、D两点电场强度相同，选项A错误；O点的电场强度方向水平向右，不为零，选项B错

误；由电场分布和对称关系可知，将一带正电的试探电荷匀速从B点沿直线移动到D点，电场力做功为零；将一带正电的试探电荷匀速从A点沿直线移动到C点，电场力做正功，试探电荷具有的电势能减小，选项C正确，D错误。5．(2019·威海检测)如图所示，匀强

磁场的磁感应强度为B，B的方向与水平方向的夹角为30°，图中实线位置有一面积为S的矩形线圈处于磁场中，并绕着它的一条边从水平位置转到竖直位置(图中虚线位置)。在此过程中磁通量的改变量为()A.3－12BSB．BSC.3＋12BSD．2BS解析：选C取

线圈在水平位置时穿过线圈的磁通量为正，则Φ1＝BSsin30°＝12BS，线圈处于竖直位置时，磁感线从线圈另一面穿过，磁通量为Φ2＝－BScos30°＝－32BS，第10页共16页则线圈中的磁通量的改变量ΔΦ＝|Φ2－Φ1|＝3＋12BS，C正确。6．(2019·莆田检测)在如

图所示的电路中，电源电动势为12V，电源内阻为1.0Ω，电路中的电阻R0为1.5Ω，小型直流电动机M的内阻为0.5Ω。闭合开关S后，电动机转动，电流表的示数为2.0A。以下判断中正确的是()A．电动机的

输出功率为14WB．电动机两端的电压为7VC．电动机产生的热功率为4WD．电源输出的电功率为24W解析：选B电动机两端的电压为U＝E－I(R0＋r)＝7V，电动机产生的热功率为P热＝I2rM＝2W，电动机的输出功率为P1＝UI－I2rM＝12W，电源输出的电功率为P2

＝EI－I2r＝20W，故B正确。7.(2019·浙江4月选考)当今医学上对某些肿瘤采用质子疗法进行治疗，该疗法用一定能量的质子束照射肿瘤杀死癌细胞。现用一直线加速器来加速质子，使其从静止开始被加速到1.0×10

7m/s。已知加速电场的场强为1.3×105N/C，质子的质量为1.67×10－27kg，电荷量为1.6×10－19C，则下列说法正确的是()A．加速过程中质子电势能增加B．质子所受到的电场力约为2×

10－15NC．质子加速需要的时间约为8×10－6sD．加速器加速的直线长度约为4m解析：选D加速过程中，电场力对质子做正功，质子电势能减小，A错误；质子受到的电场力F＝Eq＝1.3×105×1.6×10－19N＝2.08×10－14N

，B错误；质子的加速度a＝Fm＝2.08×10－141.67×10－27m/s2≈1.25×1013m/s2，根据v＝v0＋at，加速时间t＝8×10－7s，C错误；根据v2－v02＝2ax，加速的直线长度x＝4m，D正确。8.(2019·江苏启东中学检

测)有两个带有等量异种电荷的小球，用绝缘细线相连后悬起，并置于水平方向的匀强电场中，如图所示。当两小球都处于第11页共16页平衡时不可能的位置是选项图中的()解析：选BCD若把两小球和两小球之间的连线看成一个整体，因为两小球所带电荷是等量异种电荷，所以两小球在水平方向上受电场力的合力为零，竖直方向

只受两小球的重力和上段细线的拉力，重力竖直向下，所以上段细线的拉力必须竖直向上，则B、C、D为不可能的位置。9．如图所示是插头式电阻箱的结构示意图，下列说法正确的是()A．电阻箱的铜塞拔出的越多，接入电路中的电阻越大B．电阻

箱连入时要拔出一些铜塞，以免电路短路C．此电阻箱能得到的最大阻值为10ΩD．要想使电阻箱的电阻为8Ω，应拔出的铜塞是3和5解析：选AB电阻箱的工作原理实际上是金属杆与电阻丝的并联，由电阻定律R＝ρlS知，如果金

属杆的横截面积比较大，其电阻很小，可忽略不计。当某个铜塞处于插入状态时，与其并联的电阻丝即被短路，当电阻箱中的铜塞全部插入时，电阻箱的电阻为零，接入电路后造成短路，因此需拔出一些铜塞，铜塞拔出越多接入电路的电阻越多，阻值越大，铜塞全部拔出时电

阻箱的电阻最大，为R＝1Ω＋2Ω＋2Ω＋5Ω＋10Ω＝20Ω，当拔出铜塞3和5时，电阻丝3和5接入电路，R′＝2Ω＋10Ω＝12Ω。10．(2019·南阳检测)如图所示，电源的电动势为E，内阻为r，开关S闭合后，灯泡均能

发光，现将滑动变阻器R的滑片P稍向下移动，则()A．灯泡L1变暗，L2变亮B．灯泡L1、L2均变暗C．电流表的示数增大D．电源的总功率减小解析：选AD将滑动变阻器R的滑片P稍向下移动，滑动变阻器接入电路的阻值变大，整个电路总电阻变大，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流I减小，所以电灯L1变暗；

由于干路电流减小，内电压和灯泡L1两端的电压都减小，所以L2与滑动变阻器并联的电压增大，L2变亮，故B错误，A正确；干路电流I减小，L2与滑动变阻器并联电压增大，所以通过L2的电流增大，所以电流表的示数减小，故C错误；干路

电流I减小，根据P＝第12页共16页EI得电源的总功率减小，故D正确。11．为了减少污染，工业废气需用静电除尘器除尘，某除尘装置如图所示，其收尘极为金属圆筒，电晕极位于圆筒中心。当两极接上高压电源时，电晕极附近会形成很强的电场使空气电离，废气中的尘埃吸

附离子后在电场力的作用下向收尘极运动并沉积，以达到除尘目的。假设尘埃向收尘极运动过程中所带电荷量不变，下列判断正确的是()A．金属圆筒内存在匀强电场B．金属圆筒内越靠近收尘极电势越高C．带电尘埃向收尘极运动过程中电势能越来越大D．带电尘埃向

收尘极运动过程中受到的电场力越来越小解析：选BD根据题给图像信息可知除尘器内电场在水平面上的分布类似于负点电荷电场，电场线方向由收尘极指向电晕极，故A错误；逆电场线方向，电势变高，故越靠近收尘极，电势越高，故B正确；尘埃带负

电后受电场力作用向收尘极运动，电场力做正功，电势能越来越小，故C错误；离电晕极越远，场强越小，尘埃带电荷量不变，电场力越小，故D正确。12．如图所示为一个多量程多用电表的简化电路图，单刀多掷开关S可以与不同接点连接。下列说法不正确的是()A．当开关S接1或2时为直

流电流挡，接1时量程较小B．当开关S接1或2时为直流电压挡，接1时量程较大C．当开关S接3或4时为直流电流挡，接3时量程较大D．当开关S接5或6时为直流电压挡，接5时量程较小解析：选ABC当开关S接1或2时为直流电流挡，接1时分流电阻小，则其分流大，则量程大，则A、B错误；当开关S接3或4时为欧

姆挡，则C错误；当开关S接5或6时为直流电压挡，串联电阻越大，则量程越大，则D正确。二、非选择题(本题共5小题，共54分)第13页共16页13．(8分)(2019·潍坊检测)在“用多用电表测电阻、电流和电压”的实验中(1)[多选]用多用电表测电流或电阻的过程中________。

A．在测量电阻时，更换倍率后必须重新进行调零B．在测量电流时，更换量程后必须重新进行调零C．在测量未知电阻时，必须先选择倍率最大挡进行试测D．在测量未知电流时，必须先选择电流最大量程进行试测(2)测量时多用电表指针指在如图所示位置。若选择开关处于“10V”挡，其读数为_____

___V；若选择开关处于“×10”挡，其读数________(选填“大于”“等于”或“小于”)200Ω。解析：(1)在测量电阻时，更换倍率后，欧姆表的内部电阻发生了变化，欧姆的零刻度在最右边，也就是电流满偏，所以必须重新进行调

零，选项A正确；在测量电流时，根据电流表的原理，电流的零刻度在左边，更换量程后不需要调零，故选项B错误；在测量未知电阻时，若先选择倍率最大挡进行试测，当被测电阻较小时，电流有可能过大，所以应从倍率较小的挡进行测试，若指针偏角过小

，再换用倍率较大的挡，选项C错误；在测量未知电流时，为了电流表的安全，必须先选用电流最大量程进行试测，若指针偏角过小，再换用较小的量程进行测量，选项D正确。(2)选择开关处于“10V”挡，最小分度值为0.2V，所以此时的读数为5.4V；因多用电表的欧姆挡的刻度分布不是均匀的，越向左，刻度越密集

，所以10至30的中间数值一定小于20，若选择开关处于“×10”挡，其读数小于200Ω。答案：(1)AD(2)5.4小于14．(10分)(2019·衡阳八中检测)在“用电流表和电压表测电池的电动势和内阻”的实验中，提供的器材有：A．干电池一节B．电流表(量程0～0.6

A,0～3A)C．电压表(量程0～3V,0～15V)D．开关S和若干导线E．滑动变阻器R(最大阻值20Ω，允许最大电流2A)第14页共16页(1)为使测量尽可能精确，请根据原理图甲用笔画线代替导线将如图乙

所示的实物图连成实验电路。(2)完成下列实验步骤中所缺的内容：A．按实验要求连接好电路，使滑动变阻器以阻值________接入电路中(选填“最大”或“最小”)。B．闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电压表和电流表的指针有明显偏转，读取电压表和电流表的示数。C．继续移

动________，并再次读取电压表和电流表的示数。用同样方法测量多组数据。D．断开开关，整理好器材，进行实验数据处理。(3)将实验测得的数据标在如图丙所示的坐标图中，作出U-I图线，由此求得待测电池的电动势E＝________V，内阻r＝____

____Ω。(结果保留三位有效数字)解析：(1)根据电源的电动势的大小，可以确定电流的范围，从而可以选择需要的电流表及电压表的量程，根据电路图连接实物图如图所示。(2)闭合开关前，应使滑动变阻器以阻值最大

接入电路中，这样在闭合开关时，电流最小。继续移动滑动变阻器的滑片，改变滑动变阻器的大小，再次读取电压表和电流表的示数。用同样方法测量多组数据。(3)图像与纵坐标的截距代表的是电源的电动势E＝1.48V，直线的斜率的绝对值代表电第15页共16页源的内阻r＝1.48－1.001.2

0－0Ω＝0.400Ω。答案：(1)见解析图(2)最大滑动变阻器的滑片(3)1.480.40015.(10分)如图所示，Q、P两金属板间的电势差为50V，板间存在匀强电场，方向水平向左，板间的距离d＝10cm，其中Q板接地，两板间的A点距P板4cm。求：(1)P板及A点的电势；(

2)保持两板间的电势差不变，而将Q板向左平移5cm，则A点的电势将为多少？解析：(1)板间电场强度方向水平向左，故Q板是电势最高处。Q板接地，则电势φQ＝0，板间各点电势均为负值。电场强度E＝Ud＝5010×10－2V/m＝5×102V/mQ、A间电势差

UQA＝Ed′＝5×102×(10－4)×10－2V＝30V则A点电势φA＝－30V，P板电势φP＝－50V。(2)当Q板向左平移5cm时，两板间距离d1＝10cm－5cm＝5cmQ板与A点间距离变为d″＝(10－4)cm－5cm＝1cm电场强度E′＝Ud1＝505×10－2

V/m＝1.0×103V/mQ、A间电势差UQA′＝E′d″＝1.0×103×1.0×10－2V＝10V，所以A点电势φA′＝－10V。答案：(1)－50V－30V(2)－10V16.(12分)如图所示，E＝10V，r＝1Ω

，R1＝R3＝5Ω，R2＝4Ω，C＝100μF，当S断开时，电容器中带电粒子恰好处于静止状态(重力加速度为g)。求：(1)S闭合后，带电粒子加速度的大小和方向；(2)S闭合后流过R3的总电荷量。解析：(1)S断开时，带电粒子恰好处于静止状态，则有qE＝mg且电场力竖直向

上。设电容器两极板间距离为d，有第16页共16页UC＝R2R1＋R2＋rE＝4V，Eq＝qUCd＝mg，S闭合后，UC′＝R2R2＋rE＝8V，设带电粒子加速度为a，则qUC′d－mg＝ma，解得a＝g，方向竖直向上。(2)

S闭合后，流过R3的总电荷量等于电容器上电荷的增加量，所以ΔQ＝C(UC′－UC)＝4×10－4C。答案：(1)g方向竖直向上(2)4×10－4C17.(14分)电子在电压为U1＝22000V加速电场加速后，在距两极板等距处垂直平行板进入偏转电场，

并从偏转电场右下端射出，偏转电场电压为U2＝10000V。若板间距离d＝0.176m，板长为L＝0.176m，电子的荷质比为(电子的电荷量与电子质量的比值)qm＝1.76×1011C/kg，求：(1)电子离开加速电场时的速度v0；(2)电子在偏转电场经

历的总时间；(3)电子在偏转电场偏移的距离y。解析：(1)电子在加速电场区域受电场力作用从静止开始加速，设刚离开加速电场时的速度为v0，由动能定理可得：qU1＝12mv02解得：v0＝2qU1m＝2×1.76×1011×22000m/s

＝8.8×107m/s。(2)电子在偏转电场做类平抛运动，平行于板的方向做匀速直线运动，垂直于板的方向做匀加速直线运动，设电子在偏转电场经历时间为t，则有：t＝Lv0＝0.1768.8×107s＝2×10－9s。(3)设电子在垂直于板的方向偏转距离为y，则有：y＝12

at2又加速度为a＝qEm＝qU2md即y＝qU2t22md代入数据解得y＝0.02m。答案：(1)8.8×107m/s(2)2×10－9s(3)0.02m