【文档说明】（新高考）重庆高考押题卷 物理卷(解析版，A3版).doc，共(7)页，283.000 KB，由MTyang资料小铺上传

转载请保留链接：https://www.ichengzhen.cn/view-88930.html

以下为本文档部分文字说明：

绝密★启用前普通高等学校招生全国统一考试物理注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。答题前，考生务必将自己的姓名、考生号填写在答题卡上。2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题的答案后，用铅笔把答题卡上对应题

目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在试卷上无效。3．回答第Ⅱ卷时，将答案填写在答题卡上，写在试卷上无效。4．考试结束，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．目

前，在太空中工作时间最长的探测器是旅行者一号，已经在太空中飞行了四十多年，已到达距离地球二百多亿公里的太阳系边缘。旅行者一号之所以能够工作这么长的时间，其携带的“钚同位素核电池”功不可没。已知该同位素的半衰期为24100年，衰变方程为2394942PuXHeγ?+。则下列分析

正确的是()A．该核反应为裂变反应B．X原子核中有92个中子C．电池中的23994Pu每经过24100年约减少一半D．衰变前后反应物与生成物的质量相等【答案】C【解析】衰变是自发进行的过程，而核裂变需要通过激发才

能产生，故A错误；X的质量数为239－4＝235，电荷数为94－2＝92，则中子数为235－92＝143，故B错误；半衰期是指大量的原子经过一定的时间有一半发生反应，转化为另一种原子，故C正确；该衰变反应由能量放出，则有质量损失，故D错误。2．如图所示，半圆形容器固

定在地面上，容器内壁光滑，球A和球B放在容器内，用水平力作用在球A上，使球A的球心与半圆形容器的球心在同一竖直线上，容器半径、球A半径、球B半径之比为6∶1∶2，球B的质量为m，两球质量分布均匀，重力加速度为g，整个系统始终静止

。则推力F的大小为()A．1225mgB．1625mgC．mgD．43mg【答案】A【解析】受力分析如图所示，设A球的半径为r，则有OA＝5r，OB＝4r，AB＝3r，即△OAB是直角三角形，根据力的平衡可知，球B对球A的压力F2＝mgsin37°＝35mg，由于A球受力平衡，则

有F＝F2cos37°＝1225mg，故选A。3．如图，在直角坐标系xOy平面内，O（0，0）、P（a，0）两点各放置一点电荷，其中P点的电荷量为－q，Q（0，a）点电场强度沿x轴正方向，则下列判断正确的是()A．

O点电荷带负电，且电荷量为qB．O点电荷带正电，且电荷量为22qC．在x轴上P点右侧某点电场强度为零D．从P点沿x轴正方向电势越来越高【答案】D【解析】分析可知O点电荷带正电，故AC错误；由题意Q点电场强度沿x轴正方向，可得EOy＝EPy，即22222qqkkaa，解得q′＝22

q，故B错误；由于电势沿电场线方向降低，P点电荷带负电且电荷量较大，则P点右侧电场线沿x轴负方向，则沿x轴正方向电势越来越高，故D正确。4．如图所示，匀强磁场区域足够大，磁感应强度大小为B，方向水平向右，将一段14圆弧形

导体ab置于磁场中，圆弧圆心为O，半径为r。现在导体ab中通以方向从b→a的恒定电流I，并将磁场从图示位置沿顺时针方向在纸面内缓慢旋转，下列说法正确的是()A．圆环受到的安培力方向始终垂直纸面向内B．圆环受到的安培力大小可能为零C．圆环受到的安培力最小为BIrD．圆环受到的安培力最大值

为12πBIr【答案】B此卷只装订不密封班级姓名准考证号考场号座位号【解析】圆环受到的安培力方向即垂直与B的方向，又垂直与I的方向，即垂直与B与I所组成的平面，再根据左手定则可知，圆环受到的安培力方向先垂直纸面向外，后垂直纸面向里，故A错误；1

4圆弧形导体ab中的等效电流方向由b指向a，且竖直向下，当磁场方向转至与等效电流方向平行时，圆环受到的安培力为零，故B正确，C错误；圆环导线的有效长度为2r，当磁场方向与等效电流方向垂直时，安培力最大，为F

＝2BIr，故D错误。5．如图所示，两平行金属板间带电微粒P处于静止状态，当某时刻滑动变阻器R2的滑片时，微粒P向上运动，则下列说法正确的是()A．滑动变阻器R2的滑片是向b端移动B．电流表读数增大C．R3上消耗的电功率减小

D．电源的输出效率增大【答案】D【解析】电容器、滑动变阻器R2和R3并联后，再与R1串联，接在电源两端。假设滑动变阻器R2的滑片向b端移动，此时滑动变阻器接入电路的电阻减小，则电路中总电阻减小，由闭合电路欧姆

定律可知，干路中电流增大，路端电压减小，R1两端的电压增大，故并联部分两端的电压减小，平行金属板两端电压减小，微粒P将向下运动，故滑片是向a端移动，A错误；当滑片是向a端移动时，接入电路的电阻增大，总电阻增

大，干路电流减小，路端电压增大，R1两端电压减小，R3两端电压增大，流过R3的电流增大，又干路电流减小，故流过R2的电流减小，即电流表读数减小，故B错误；由于流过R3的电流增大，故R3上消耗的电功率增大，故C错误；由电源的输出效率100%

UIEI=?。可知，当路端电压增大时，电源的输出效率增大，故D正确。6．如图，质量为M的物块A放在倾角为θ的斜面上，一质量为m的小球B通过细绳跨过定滑轮与物块A相连，当小球B以角速度ω做圆周运动时，物块A刚好保持静止。忽略绳与滑轮间摩擦，设最大静摩擦

力等于滑动摩擦力。则下列说法正确的是()A．物块A受到的摩擦力可能向下B．物块A可能不受摩擦力作用C．若斜面倾角θ增大，要使A继续保持静止，小球B做圆周运动的角速度一定增大D．若斜面倾角θ增大，要使A继续保持静止，小球B做圆

周运动的角速度一定减小【答案】A【解析】设球B做圆周运动时细线与竖直方向夹角为α，细线张力为F，则对B有Fsinα＝mω2r；对物块A，因为刚好保持静止，则一定受摩擦力作用，且达到最大静摩擦力fm，当fm沿斜面向上时，有F＋fm＝Mgsinθ①，当fm沿斜

面向下时，有F＝fm＋Mgsinθ②，A正确，B错误；当θ增大时，Mgsinθ增大，fm＝μMgcosθ减小，要使A继续保持静止，在①式情况下，绳的拉力F要增大，小球B做圆周运动的角速度要增大；在②式情况下，绳的拉力F有可能保持不变，小球B做圆周运

动的角速度可以保持不变，C错误，D错误。7．如图所示，从小山坡上的O点将质量不同的两个小石块a、b以相同的动能分别沿同一方向水平抛出，两石块分别落在山坡的P、Q两点。已知O、P、Q三点的连线恰在一条直线上，且xOP∶xPQ＝2∶3，不计石块飞行时受到的空气

阻力，下列说法中正确的是()A．a、b的初速度之比为2∶3B．a、b的质量之比为3∶2C．落到山坡上时，a、b的动能大小之比为1∶2D．从抛出到落在山坡上的过程中，重力对a、b冲量的大小之比为5∶2【答案】D【解

析】由xOP∶xPQ＝2∶3可知，两个小石块a、b下落的高度之比ha∶hb＝2∶5，下落的水平位移之比xa∶xb＝2∶5，由h＝12gt2可得下落时间之比ta∶tb＝2∶5，由v＝xt可得两石块的初速度之比va∶

vb＝2∶5，故A错误；二者初动能相等，即12mava2＝12mbvb2，可得两石块的质量之比ma∶mb＝5∶2，故B错误；重力对两石块做功大小之比magha∶mbghb＝1∶1，由动能定理可知，落到山坡上时，两石块的动能大小之比Eka∶Ekb＝1∶1，故C错误；两石块落在山坡上时，重力对两石块

冲量的大小之比pa∶pb＝magta∶mbgtb＝5∶2，故D正确。二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8．如图所示，质量为M的小车在光滑的水平面上以速度v0向

右做匀速直线运动，一个质量为m的小球从高h处自由下落，与小车碰撞后反弹上升的高度为仍为h。设M>>m，发生碰撞时弹力FN＞mg，小球与车之间的动摩擦因数为μ，则小球弹起时的水平速度可能是()A．v0B．0C．2μ2ghD．－v0【答案】A

C【解析】若小球离开小车之前已经与小车达到共同速度v，则水平方向上动量守恒，有Mv0＝(M＋m)v，由于M>>m，所以v＝v0；若小球离开小车之前始终未与小车达到共同速度，则对小球应用动量定理，水平方

向上有FΔt＝mv′，竖直方向上有FNΔt＝2mv＝2m2gh，又F＝μFN，解以得v′＝2μ2gh。故选AC。9．2020年7月31日，北斗三号全球卫星导航系统正式建成开通。如图是北斗卫星导航系统中三个卫星的圆轨道示意图，其中A为地球赤道同步轨道；轨道B为倾斜同步轨道，轨道

半径与地球赤道同步轨道半径相同；轨道C为一颗中地球轨道。则下列说法中正确的是()A．在轨道A、B、C上运动的卫星的线速度大小关系为vA＝vB＜vCB．在轨道A、B上运动的卫星需要的向心力大小一定相等C．在轨道A、C上运动的卫星周期关系为TA＜TCD．在轨道A、B、C上运动的卫星周期的

平方和轨道半径三次方的比值相等【答案】AD【解析】在轨道运动的卫星的线速度大小v＝GMr，在轨道A、B、C上运动的卫星半径rA＝rB＞rC，所以有vA＝vB＜vC，故A正确；在轨道A、B上运动的卫星向心加速度

a相同，而向心力F＝ma，由于在轨道A、B上运动的卫星的质量未知，故B错误；在轨道运动的卫星周期T＝2πr3GM，由于rA＞rC，所以在轨道A、C上运动的卫星周期关系为TA＞TC，故C错误；根据开普勒第三定律，可知D正确。10．如图所

示，电阻不计的光滑金属导轨平行放置在倾角为θ的斜面上，下端接有固定电阻和金属棒cd，它们的电阻均为R。两根导轨间宽度为L，磁感应强度为B的匀强磁场垂直于导轨面向上。质量为m、电阻不计的金属棒ab垂直放置在金属导轨上，在沿斜面向上且与金属棒垂直的恒力F的作用下，沿导轨以速率v匀速上

滑，而金属棒cd保持静止。以下说法正确的是（）A．金属棒ab中的电流为BLvRB．作用在金属棒ab上各力的合力做功不为零C．金属棒cd的质量为22sinBLvgRD．金属棒ab克服安培力做功等于整个电路中产生的焦耳热【答案】CD【解析】ab棒切割磁感线产生感应电动势E=BLv电阻R与金属

棒的并联电阻为12R，则ab中的感应电流2BLvIR=，故A错误；金属棒做匀速直线运动，由平衡条件可知，它所受的合外力为零，作用在金属杆ab上的各力的合力做功为零，故B错误；通过c的电流12BLvIIR¢==，cd受到的安培力22ABLvFBILR¢==，金属棒cd静止，处于平衡状态，由平衡条件

得22sinBLvmgR=，金属棒cd的质量22sinBLvmgR=，故C正确；金属棒ab克服安培力做功等于整个电路中产生的焦耳热，故D正确。三、非选择题：共57分。第11～14题为必考题，每个试题考生都必

须作答。第15～16题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共45分。11．(5分)某同学利用如图甲所示的装置来验证机械能守恒定律。(1)该同学首先利用20分度的游标卡尺测量小球的直径d，测量结果如图乙所示，则d＝________cm。(2)让小球从光电门A上方某一高度处自由

下落，计时装置测出小球通过光电门A、B的挡光时间tA、tB，已知当地的重力加速度为g，用刻度尺测量出光电门A、B间的距离h，则只需比较________与________是否相等就可以验证小球下落过程中机械能是否守恒。(用题目中涉及的物理量符号来表示)(3)为了提高实验精度，下列说法

正确的是___________。A．两光电门间的距离适当大一些B．小球的直径越小，实验精度越高C．应该选用材质密度较大的小球【答案】(1)0.885(2分)(2)gh(1分)22221()2BAddtt(1分)(3)AC(1分)【解析】(1)根据游标卡尺的读数规则可知，小球的直径为0.88

5cm。(2)小球从A到B，重力势能减少了mgh，动能增加了22221()2BAddtt，因此，要验证机械能是否守恒，只需比较gh与22221()2BAddtt是否相等即可。(3)两光电门间的距离适当大一些，可以减小距离及时间测量

的误差，还可以减小小球大小对实验误差的影响，A正确；小球的直径小而质量大，精度才高，B错误；选用材质密度较大的小球，可以减小空气阻力的影响，C正确。12．(10分)某课外小组在参观工厂时，看到一丢弃不用的电池，同学们想用物理上学到的知识来测定这个电池的电动势和内阻，已知这个电池的

电动势约为11～13V，内阻小于3Ω，由于直流电压表量程只有3V，需要将这只电压表通过连接一固定电阻（用电阻箱代替），改装为量程为15V的电压表，然后再用伏安法测电池的电动势和内阻，以下是他们的实验操作过程

：(1)把电压表量程扩大，实验电路如图甲所示，实验步骤如下，完成填空：第一步：按电路图连接实物第二步：把滑动变阻器滑片移到最右端，把电阻箱阻值调到零第三步：闭合开关，把滑动变阻器滑片调到适当位置，使电压表读数为3V第四步：把电阻箱阻值

调到适当值，使电压表读数为________V第五步：不再改变电阻箱阻值，保持电压表和电阻箱串联，撤去其他线路，即得量程为15V的电压表。(2)实验可供选择的器材有：A．电压表（量程为3V，内阻约2kΩ）B．电流表（量程为3A，内阻约0.1

Ω）C．电阻箱（阻值范围0～9999Ω）D．电阻箱（阻值范围0～999Ω）E．滑动变阻器（阻值为0～20Ω，额定电流2A）F．滑动变阻器（阻值为0～20kΩ）电阻箱应选_________，滑动变阻器应选_________。(3)用该扩大了量程的电压表（电压表的表盘没

变），测电池电动势E和内阻r，实验电路如图乙所示，得到多组电压U和电流I的值，并作出U－I图线如图丙所示，可知电池的电动势为_____V，内阻为_____Ω。【答案】(1)0.6(2)CE(3)11.52.5(每空2分)【解析】(1)把3V的直流电压表接一电阻箱

，改装为量程为15V的电压表时，将直流电压表与电阻箱串联，整个作为一只电压表，据题分析，电阻箱阻值调到零，电压表读数为3V，则知把电阻箱阻值调到适当值，使电压表读数为0.6V。(2)由题，电压表的量程为3V，内阻约为2kΩ，要改装成15V的电压表，根据串联电路的特点

可知，所串联的电阻箱电阻应为8kΩ，故电阻箱应选C。在分压电路中，为方便调节，滑动变阻器选用阻值较小的，即选E。(3)由丙读出，外电路断路时，电压表的电压U＝2.3V，则电源的电动势E＝2.3×5＝11.5V，内阻2.5UrI==。13．(12分)如图甲所示，两端分别为M、N

的长木板A静止在水平地面上，木板上有一点P，PN段上表面光滑，N端上静止着一个可视为质点的滑块B。给木板施加一个水平向右的力F，F作用1s后撤去，撤去前B仍在木板上，木板A运动的速度－时间图像如图乙所示。已知A、B的质量均为m＝1kg，A的MP段上表面与B及A与地面间的

动摩擦因数均为μ＝0.2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g＝10m/s2。求：(1)力F的大小；(2)木板A的最小长度。(3)整个运动过程中，A与地面间因摩擦产生的热量。【解析】(1)由图乙可知，木板A

在0～0.5s时间内的加速度a1＝4m/s2，在0.5～1.5s时间内的加速度a2＝－2m/s2。由于1s后撤去F，且a2＝－μg，所以时物块B刚好运动到P点，1s时二者已共速。(1分)对木板A由牛顿第二定律得：F1－μ‧2mg＝ma1，得F1＝8N(2分)F2－

μ‧2mg－μmg＝ma2，得F2＝4N(2分)所以8N(00.5s)4N(0.51s)Fìïï=íïïî。(2)0.5～1s时间内，A减速，B加速，当二者共速时B恰好滑到A的左端，此时A的长度最小。在此段时间内，A的位移xA＝12(1＋2)×0.5m＝0.75m(1分)

B的位移xB＝12×1×0.5m＝0.25m(1分)0～0.5s时间内A的位移x1＝12×0.5×2m＝0.5m(1分)故A的最小长度L＝x1＋xA－xB＝1m。(1分)(3)整个运动过程中，A运动的位移x＝12×1.

5×2m＝1.5m(1分)则A与地面间因摩擦产生的热量Q＝μ‧2mg‧x＝6J。(2分)14．(18分)如图，在xOy平面的I、II区域内，分别存在沿y轴方向的匀强电场与垂直xOy平面的匀强磁场，其边界与x轴垂直，电场的宽度为l，电场强度大小为E；磁场的宽度为d，磁感应强度的大

小为B。一带正电的粒子以某一速度从P点沿x轴正方向射入电场，经过一段时间后恰好以从II区域右侧沿x轴正方向射出。不计重力。(1)求该粒子从P点入射时速度的大小；(2)若改变磁场的大小，带电粒子从P点以原速度射入，恰好不从磁场右侧射出，且

该粒子进入磁场时的速度方向与y轴负方向的夹角为37°，求改变后磁场的大小及粒子运动的时间。【解析】(1)粒子运动的轨迹如图甲所示，粒子在电场中做类平抛运动，设粒子从P点射入时速度的大小为v0，在电场中运动的时间为t，加速度的大小为a；粒子进入磁

场时的速度大小为v，方向与电场方向的夹角为θ，速度沿电场方向的分量为vy。(1分)根据牛顿第二定律有：qE＝ma(1分)由运动学公式有：vy＝at(1分)l＝v0t(1分)vy＝vcosθ(1分)粒子在磁场中做匀速圆周运动，设其运动轨道半径为R，由洛伦兹力公式和牛顿第二定律得：qvB＝mv

2R(2分)由几何关系得：d＝Rcosθ(1分)联立解得：0ElvBd=。(2分)(3)如图乙，有：qvB′＝mv2r，d＝r(1+cosθ)(2分)θ=37°联立解得：94BB¢=(2分)粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期22π2π3rBdTvEl==(1分)粒子由M点运动到N点所用的时间

为t′，则t′＝2t＋286360T(1分)得143π(2)270BddtEl¢=+。(2分)(二)选考题：共12分。请考生从第15题和第16题中任选一题作答，若两题都做，则按所做的第一题记分。15．[物理—选修3－3]（12分）(1)(4分)下列

说法正确的是___________。（在给出的四个选项中，只有一个是符合题目要求的）A．只要知道某种物质的摩尔质量和密度，一定可以求出该物质的分子体积B．布朗运动不是分子运动，但可以反映液体分子的无规则运动C

．水蒸汽凝结成水珠的过程中，分子间斥力减小，引力增大D．一定质量的某种理想气体在等压膨胀过程中，内能可能不变【答案】B【解析】如果是气体，知道摩尔质量和密度，结合阿伏伽德罗常数只能求出该气体的分子运动占据的空间的体积，不能求解分

子体积，A错误；布朗运动不是分子运动，但可以反映液体分子的无规则运动，B正确；水蒸汽凝结成水珠的过程中，分子距离减小，分子间斥力和引力都增大，C错误；—定质量的某种理想气体在等压膨胀过程中，温度升高，内能一定增加，D错误。(

2)(8分)如图所示，一端封闭、粗细均匀的U形细管，管道水平部分长为L、竖直部分长1.5L，管内有一段长度为L的水银柱封闭一段气柱。U形管静止不动时水银柱恰好在管道的水平部分，当U形管绕开口臂的轴线匀速转动时，处于U形管水平部分的水银柱的长度为12L。设水银的

密度为ρ(kg/m3)，大气压强是p0(Pa)。求：①U形管转动的角速度ω为多大？（不考虑气体温度的变化）②不断增大角速度ω，能否使水银柱全部进入封闭端竖直管内？【解析】①设U形管横截面积为S，管道转动时被封气体的压强为p，由玻意耳定律可得：p0‧1.5LS＝pLS(2分)解得p＝1.5p0

取水平部分的水银分析，有：pS＋12ρgLS－p0S＝12ρgLSω2×34L(2分)联立解得03()23pgLL+=。(2分)②全部进入竖直管内，水银柱不能平衡，水银柱上面的压强比大气压大，再加上水银柱的重力，所以大气压不能把水银柱压上去。(2分)16．[物理—选

修3－4]（12分）(1)(4分)下列说法正确的是___________。（在给出的四个选项中，只有一个是符合题目要求的）A．麦克斯韦预言了电磁波的存在，并用实验加以证实B．在高速运动的火箭上的人认为火箭的长度变长C．单摆在驱动力作用下做受迫振动，其振动周期与单摆的摆长有关D

．在磨制各种镜面或其他精密的光学平面时，可以用干涉法检查平面的平整程度【答案】D【解析】历史上，麦克斯韦首先预言了电磁波的存在，赫兹通过实验对此进行了证实，故A错误；根据相对论原理：沿着高速运动方向的长度缩短，因此在高速运动的火箭上

的人认为其他物体长度缩短，而自身的长度并没有改变，故B错误；在驱动力作用下做受迫振动，其振动周期与驱动力的周期有关，与单摆的摆长无关，故C错误；磨制各种镜面或其他精密的光学平面时，可以用光的干涉，依据光程差是半个波长的奇数

倍时，处于振动减弱，而光程差是半个波长的偶数倍时，处于振动加强，从而检查平面的平整程度，故D正确。(2)(8分)一简谐横波以4m/s的波速沿水平绳向x轴正方向传播。已知t＝0时的波形如图所示，绳上两质点M、N的平衡位置相距34波长。设向上为正，经时间t1(小于一个周期)，此时质点M向下运

动，其位移仍为0.02m，求t1。【解析】由波形图象知，波长：λ＝4m(1分)又波长、波速和周期关系为：v＝λT(1分)联立得该波的周期为：T＝1s。(1分)由已知条件知从t＝0时刻起，质点M做简谐振动的位移表达式为：yM＝0.04sin2πt＋π6(3分)经时间t1(小于一个周期

)，M点的位移仍为0.02m，运动方向向下可解得：t1＝13s。(2分)