【文档说明】高考数学（全国甲卷通用理科）技巧规范篇 第一篇 第2讲　四种策略搞定填空题 含答案.doc，共(13)页，2.011 MB，由MTyang资料小铺上传

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第2讲四种策略搞定填空题[题型分析·高考展望]填空题的基本特点是：(1)题目小巧灵活，结构简单；(2)答案简短明确，不反映过程，只要结果；(3)填空题根据填写内容，可分为定量型(填写数值，数集或数量关系)和定性型(填写某种性质或是有

某种性质的对象).根据填空题的特点，在解答时要做到四个字——“快”“稳”“全”“细”.快——运算要快，力戒小题大做；稳——变形要稳，不可操之过急；全——答案要全，力避残缺不齐；细——审题要细，不能粗心大意.高考必会题型

方法一直接法根据题目中给出的条件，通过数学计算找出正确答案.解决此类问题需要直接从题设条件出发，利用有关性质或结论等，通过巧妙变化，简化计算过程.解题过程要灵活地运用相关的运算规律和技巧，合理转化、巧

妙处理已知条件.例1在△ABC中，a，b，c分别是角A，B，C的对边，且cosBcosC＝－b2a＋c，则角B的值为________.答案2π3解析方法一由正弦定理，即asinA＝bsinB＝csinC＝2R，得a＝2RsinA，b＝2RsinB，c＝

2RsinC，代入cosBcosC＝－b2a＋c，得cosBcosC＝－sinB2sinA＋sinC，即2sinAcosB＋sinCcosB＋cosCsinB＝0，所以2sinAcosB＋sin(B＋C)＝0.在△ABC中，sin(B＋C)＝sinA，所以2sinAcosB＋si

nA＝0，又sinA≠0，所以cosB＝－12.又角B为△ABC的内角，所以B＝2π3.方法二由余弦定理，即cosB＝a2＋c2－b22ac，cosC＝a2＋b2－c22ab，代入cosBcosC＝－b2a＋c，得a2

＋c2－b22ac·2aba2＋b2－c2＝－b2a＋c，整理，得a2＋c2－b2＝－ac，所以cosB＝a2＋c2－b22ac＝－ac2ac＝－12，又角B为△ABC的内角，所以B＝2π3.点评直接法是解决计算

型填空题最常用的方法，在计算过程中，我们要根据题目的要求灵活处理，多角度思考问题，注意一些解题规律和解题技巧的灵活应用，将计算过程简化从而得到结果，这是快速准确地求解填空题的关键.变式训练1已知数列{an}满足a1＝1，an＋1·an＝2n，则S2016＝____________.答案3·21

008－3解析由题意得an·an＋1＝2n，an＋2·an＋1＝2n＋1⇒an＋2an＝2，因此a1，a3，a5，„构成一个以1为首项，2为公比的等比数列；a2，a4，a6，„构成一个以2为首项，2为公比的等比数列；从而S2016＝(a1＋a3＋„＋a2015)＋(a2＋a4＋„＋a20

16)＝1－210081－2＋2×1－210081－2＝3(21008－1).方法二特例法当填空题已知条件中含有某些不确定的量，但填空题的结论唯一或题设条件中提供的信息暗示答案是一个定值时，可以从题中变化的不定量中

选取符合条件的恰当特殊值(特殊函数，特殊角，特殊数列，特殊位置，特殊点，特殊方程，特殊模型等)进行处理，从而得出探求的结论.为保证答案的正确性，在利用此方法时，一般应多取几个特例.例2(1)若函数f(x)＝sin2x＋acos2x的图象关于直线x＝－π8对称，则a＝________.(2)在△A

BC中，内角A，B，C所对的边分别是a，b，c.若c2＝(a－b)2＋6，C＝π3，则△ABC的面积是________.答案(1)－1(2)323解析(1)由题意，对任意的x∈R，有f(－π8＋x)＝f(－π8－x)，令x＝π8，得f(0)＝f(－π4)，得a＝－1.(2)方法一△ABC为等边三

角形时满足条件，则S△ABC＝332.方法二∵c2＝(a－b)2＋6，∴c2＝a2＋b2－2ab＋6.①∵C＝π3，∴c2＝a2＋b2－2abcosπ3＝a2＋b2－ab.②由①②得－ab＋6＝0，即ab＝6.∴S△ABC＝12absin

C＝12×6×32＝332.点评求值或比较大小等问题的求解均可利用特殊值代入法，但要注意此种方法仅限于求解结论只有一种的填空题，对于开放性的问题或者有多种答案的填空题，则不能使用该种方法求解.变式训练2(1)若f(x)＝ln(e3x＋1)＋ax是偶函

数，则a＝________.(2)如图，在△ABC中，点O是BC的中点，过点O的直线分别交直线AB，AC于不同的两点M，N，若AB→＝mAM→，AC→＝nAN→，则m＋n的值为________.答案(1)－32(2)2解析(1)由题意知，函数f(x)的定义域为R，又

因为函数为偶函数，所以f(－13)－f(13)＝0，即ln(e－1＋1)－a3－ln(e＋1)－a3＝0，lne－1－23a＝0，解得a＝－32，将a＝－32代入原函数，检验知f(x)是偶函数，故a＝－32.(2)用特殊值法，可设AB＝AC＝BM＝1，因为AB→＝mAM→，所以m＝1

2，过点C引AM的平行线，并延长MN，两线相交于点E，则AE＝BC＝2OC，易得AN＝23AC，因为AC→＝nAN→，所以n＝32，可知m＋n＝12＋32＝2.方法三数形结合法对于一些含有几何背景的填空题，若能根据题目中的条件，作出符合题意的图形，并通过对图形的直观分析、

判断，即可快速得出正确结果.这类问题的几何意义一般较为明显，如一次函数的斜率或截距、向量的夹角、解析几何中两点间距离等，求解的关键是明确几何含义，准确、规范地作出相应的图形.例3(1)已知点P(x，y)的坐标x，y满足x－2y

＋1≥0，|x|－y－1≤0，则x2＋y2－6x＋9的取值范围是________________________________________________________________________.(2)已知函数f(x)＝x|x－2|，则不等式f(2－x)≤f(1)的解集为______

__.答案(1)[2，16](2)[－1，＋∞)解析(1)画出可行域如图，所求的x2＋y2－6x＋9＝(x－3)2＋y2是点Q(3，0)到可行域上的点的距离的平方，由图形知最小值为Q到射线x－y－1＝0(x≥0)的距离d的平方，∴

d2min＝[|3－0－1|12＋－12]2＝(2)2＝2.最大值为点Q到点A的距离的平方，∴d2max＝16.∴取值范围是[2，16].(2)函数y＝f(x)的图象如图，由不等式f(2－x)≤f(1)知，2－x≤2＋1，

从而得到不等式f(2－x)≤f(1)的解集为[－1，＋∞).点评数形结合在解答填空题中的应用，就是利用图形的直观性并结合所学知识便可直接得到相应的结论，这也是高考命题的热点.准确运用此类方法的关键是正确把握各种式子与几何图形中的变量之间的对

应关系，利用几何图形中的相关结论求出结果.变式训练3已知函数f(x)＝log2x，x>0，3x，x≤0且关于x的方程f(x)＋x－a＝0有且只有一个实根，则实数a的取值范围是________.答案(1，＋∞)解析方程f(x)＋x－a＝0的实根也就是函数y＝f(x)与y＝a－x的图象交

点的横坐标，如图所示，作出两个函数的图象，显然当a≤1时，两个函数图象有两个交点，当a>1时，两个函数图象的交点只有一个.所以实数a的取值范围是(1，＋∞).方法四构造法构造法是一种创造性思维，是综合

运用各种知识和方法，依据问题给出的条件和结论给出的信息，把问题作适当的加工处理，构造与问题相关的数学模型，揭示问题的本质，从而沟通解题思路的方法.例4(1)若a＝ln12017－12017，b＝ln12016－12016，c＝ln12015－12015，则a，b，c的大

小关系为________.(2)如图，在边长为2的正方形ABCD中，点E、F分别是边AB、BC的中点，△AED、△EBF、△FCD分别沿着DE、EF、FD折起，使A、B、C三点重合于点A′，若四面体A′EFD的四个顶点在同一个

球面上，则该球的半径为________.答案(1)a<b<c(2)62解析(1)令f(x)＝lnx－x(0<x<1)，则f′(x)＝1x－1，∵0<x<1，∴f′(x)>0，∴f(x)为增函数.又12017<12016<12015，∴a<b<c.(2)由题意

知DF＝5，A′E＝A′F＝1，A′D＝2，以A′E、A′F、A′D为棱，建立一个长方体，则体对角线长为2R＝12＋12＋22(R为球的半径)，R＝62.点评构造法实质上是转化与化归思想在解题中的应用，需要根据已知条件和所要解决的问题确定构造的方向，通过构造新的函数、不等式或数列等新的

模型，从而转化为自己熟悉的问题.本题巧妙地构造出正方体，而球的直径恰好为正方体的体对角线，问题很容易得到解决.变式训练4(1)若x，y∈[－π4，π4]，a∈R，且满足方程x3＋sinx－2a＝0和4y3＋sinycosy＋a＝0，则cos(x＋2y)＝____

____.(2)如图，已知球O的面上有四点A，B，C，D，DA⊥平面ABC，AB⊥BC，DA＝AB＝BC＝2，则球O的体积等于________.答案(1)1(2)6π解析(1)对第二个等式进行变形可得：(2y)3＋sin2y＋2a＝0，对照两等式和所求的结论思考，可以

找到x和2y的关系，构造函数f(x)＝x3＋sinx，则两个条件分别变为f(x)＝2a和f(2y)＝－2a，即f(x)＝－f(2y)，因为函数f(x)＝x3＋sinx是奇函数，所以有f(x)＝f(－2y)，又因为当x，y∈[－π4，π4]时，f(x)是单调递增的函数，所以有x＝－2

y，即x＋2y＝0，因此cos(x＋2y)＝1.(2)如图，以DA，AB，BC为棱长构造正方体，设正方体的外接球球O的半径为R，则正方体的体对角线长即为球O的直径，所以CD＝22＋22＋22＝2R

，所以R＝62，故球O的体积V＝4πR33＝6π.高考题型精练1.设ln3＝a，ln7＝b，则ea＋eb＝______(其中e为自然对数的底数).答案10解析∵ea＝3，eb＝7，∴ea＋eb＝10.2.如图所示，在平行四边形ABCD中，AP⊥BD，垂足为P，且AP＝3

，则AP→·AC→＝________.答案18解析把平行四边形ABCD看成正方形，则P点为对角线的交点，AC＝6，则AP→·AC→＝18.3.已知θ∈(0，π)，且sin(θ－π4)＝210，则tan2θ＝________.答案－247解析由sin(θ－π4)＝210得，22(si

nθ－cosθ)＝210，sinθ－cosθ＝15，解方程组sinθ－cosθ＝15，sin2θ＋cos2θ＝1，得sinθ＝45，cosθ＝35或sinθ＝－35，cosθ＝－45.因为θ∈(0，π)，所以sin

θ>0，所以sinθ＝－35，cosθ＝－45不合题意，舍去，所以tanθ＝43，所以tan2θ＝2tanθ1－tan2θ＝2×431－432＝－247.4.一枚质地均匀的正方体骰子，六个面上分别刻着1点至6点，甲、乙二人各掷骰子一次，则甲掷得的向上的点数比乙大的概率为________

.答案512解析一共有36种情况，其中甲掷得的向上的点数比乙大的有：(6，1)、(6，2)、(6，3)、(6，4)、(6，5)、(5，1)、(5，2)、(5，3)、(5，4)、(4，1)、(4，2)、(4，3)、(3，1)、(3，2)、(2，1)，共15种，所以所求概率为1536＝512.5

.已知两个单位向量a，b的夹角为60°，c＝ta＋(1－t)b，若b·c＝0，则t＝________.答案2解析方法一如图所示，在△OAB中，|OA→|＝|OB→|＝1，∠AOB＝60°，延长BA到C使∠BOC＝90°，则A为BC的中点，c＝OC→＝

OA→＋AC→＝OA→＋BA→＝2a－b，则t＝2.方法二由已知b·c＝0，即ta·b＋(1－t)b2＝0，12t＋(1－t)＝0，因此t＝2.6.在△ABC中，角A，B，C所对的边分别为a，b，c，若a，b，c成等差数列，则cosA＋cosC1＋cosAcosC＝________.答

案45解析令a＝3，b＝4，c＝5，则△ABC为直角三角形，且cosA＝45，cosC＝0，代入所求式子，得cosA＋cosC1＋cosAcosC＝45＋01＋45×0＝45.7.直线y＝kx＋3与圆(x－2)2

＋(y－3)2＝4相交于M、N两点，若|MN|≥23，则k的取值范围是________.答案－33，33解析由题意，得圆心到直线的距离d＝|k·2－3＋3|1＋k2＝|2k|1＋k2，若|MN|≥23，则4－d2≥(3)2，解得－33≤k≤33.8

.设函数f(x)＝x2＋x，x<0，－x2，x≥0，若f(f(a))≤2，则实数a的取值范围是________.答案[－∞，2]解析f(x)的图象如图，由图象知，满足f(f(a))≤2时，得f

(a)≥－2，而满足f(a)≥－2时，得a≤2.9.已知平行四边形ABCD，点P为四边形内部或者边界上任意一点，向量AP→＝xAB→＋yAD→，则0≤x≤12，0≤y≤23的概率是________.答案13解析由平面向量基本定理及点P为A

BCD内部或边界上任意一点，可知0≤x≤1且0≤y≤1，又满足条件的x，y满足0≤x≤12，0≤y≤23，所以P(A)＝23×121×1＝13.10.某程序框图如图所示，若a＝3，则该程序运行后，输出的x值为________.答案31解

析第一次循环，x＝2×3＋1＝7，n＝2；第二次循环，x＝2×7＋1＝15，n＝3；第三次循环，x＝2×15＋1＝31，n＝4，程序结束，故输出x＝31.11.e416，e525，e636(其中e为自然对数的底数)的大小关系是

________.答案e416<e525<e636解析由于e416＝e442，e525＝e552，e636＝e662，故可构造函数f(x)＝exx2，于是f(4)＝e416，f(5)＝e525，f(6)＝e636.而

f′(x)＝(exx2)′＝ex·x2－ex·2xx4＝exx－2x3，令f′(x)>0得x<0或x>2，即函数f(x)在(2，＋∞)上单调递增，因此有f(4)<f(5)<f(6)，即e416<e525<e636.12.设变量x，

y满足约束条件y≤3x－2，x－2y＋1≤0，2x＋y≤8，则yx－1的最小值是________.答案1解析作出变量x，y满足的平面区域，如图阴影部分所示，yx－1表示的几何意义是平面区域内的一点与点P(1，0)连线的斜率，结合图形可知，PA的斜率最小，所以

yx－1的最小值为23－1＝1.13.已知椭圆x24＋y23＝1的左焦点F，直线x＝m与椭圆相交于点A，B，当△FAB的周长最大时，△FAB的面积是________.答案3解析不妨设A(2cosθ，3sinθ)，θ∈(0，π)，△FAB的周长为2(|

AF|＋3sinθ)＝2(2＋cosθ＋3sinθ)＝4＋4sin(θ＋π6).当θ＝π3，即A(1，32)时，△FAB的周长最大.所以△FAB的面积为S＝12×2×3＝3.14.三棱锥P－ABC中，D，E分别为PB，PC的中点，记三棱锥D－ABE的体积为V1，P－ABC的体积为V2，则V1

V2＝________.答案14解析如图，设S△ABD＝S1，S△PAB＝S2，E到平面ABD的距离为h1，C到平面PAB的距离为h2，则S2＝2S1，h2＝2h1，V1＝13S1h1，V2＝13S2h2，所以V1V

2＝S1h1S2h2＝14.15.已知函数f(x)＝2x－a，g(x)＝xex，若对任意x1∈[0，1]，存在x2∈[－1，1]，使f(x1)＝g(x2)成立，则实数a的取值范围为________.答案[2－e，1e]解

析f(x)＝2x－a为增函数，∵x1∈[0，1]，∴f(x1)的范围是[－a，2－a]，易知g(x)也为增函数，当x2∈[－1，1]时，g(x2)的范围是[－1e，e]，由题意得－a≥－1e，2－a≤e.∴2

－e≤a≤1e.16.若数列{an}，{bn}的通项公式分别是an＝(－1)n＋2016a，bn＝2＋－1n＋2017n，且an<bn，对任意n∈N*恒成立，则实数a的取值范围是________.答案[－2，32

)解析由题意，当n为偶数时，a<2－1n恒成立，可得a<32；当n为奇数时，－a<2＋1n恒成立，可得a≥－2，故－2≤a＜32.17.设f(x)是x2＋12x6展开式的中间项，若f(x)≤mx在区间22，2上恒成立，则实数m的取值范围是________.答案[5，＋∞)解析由于T

k＋1＝Ck612kx12－3k，故展开式中间的一项为T3＋1＝C36·123·x3＝52x3，f(x)≤mx⇔52x3≤mx在22，2上恒成立，即m≥52x2，又52x2≤5，故实数m的取值范围是m≥5.18.设M，N分别是曲线f(x)＝－x3＋x2(x

<e)与g(x)＝alnx(x≥e)上一点，△MON是以O为直角顶点的直角三角形(其中O为坐标原点)，且斜边的中点恰好在y轴上，则实数a的取值范围是________.答案(0，2e－2e－1]解析∵△MON是以O

为直角顶点的直角三角形，且斜边的中点恰好在y轴上，∴M，N两点的横坐标互为相反数，设M(－t，t3＋t2)，N(t，alnt)(t≥e)，由题意知OM→·ON→＝0，有－t2＋(t2＋t3)·alnt＝0，整

理得1a＝(t＋1)lnt(t≥e)，令h(x)＝(x＋1)lnx(x≥e)，则h′(x)＝lnx＋1＋1x＞0，∴h(x)在[e，＋∞)上是增函数，∴h(t)≥h(e)＝e＋12，∴1a≥e＋12，解得0＜a≤2e－

2e－1.