【文档说明】高考物理一轮复习（通用版）分层限时跟踪练28 Word版含解析.doc，共(10)页，369.000 KB，由MTyang资料小铺上传

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分层限时跟踪练(二十八)(限时40分钟)一、单项选择题1．(2015·焦作一模)如图9-3-10所示，两根足够长的光滑金属导轨水平平行放置，间距为l＝1m，cd间、de间、cf间分别接着阻值R＝10Ω的电阻．一

阻值R＝10Ω的导体棒ab以速度v＝4m/s匀速向左运动，导体棒与导轨接触良好；导轨所在平面存在磁感应强度大小B＝0.5T、方向竖直向下的匀强磁场．下列说法中正确的是()图9-3-10A．导体棒ab中电流的流向为由b到aB．cd两端的

电压为1VC．de两端的电压为1VD．fe两端的电压为2V【解析】由右手定则可知ab中电流方向为a→b，A错误．导体棒ab切割磁感线产生的感应电动势E＝Blv，ab为电源，cd间电阻R为外电路负载，de和cf间电阻中无电流，de间无电压，因此cd和fe两端电压相

等，即U＝E2R×R＝Blv2＝1V，B正确，C、D错误．【答案】B2．(2015·贵阳检测)一矩形线圈位于一个方向垂直线圈平面向里的磁场中，如图9-3-11甲所示，磁感应强度B随t的变化规律如图乙所示．以i表示

线圈中的感应电流，以图甲线圈上箭头所示方向的电流为正，则以下的i-t图中正确的是()图9-3-11【解析】在0～1s内，据E＝ΔBΔtS可知感应电动势恒定，感应电流恒定，且电流为逆时针方向，在图象中方向为负；1s～

2s内，B不变，i＝0；2s～3s内，同理，由E＝ΔBΔtS知i恒定，方向为正．综合分析可知A项正确．【答案】A3．(2015·安徽高考)如图9-3-12所示，abcd为水平放置的平行“”形光滑金属导轨，间距为l，导轨间有垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度大小为B，导轨电

阻不计，已知金属杆MN倾斜放置，与导轨成θ角，单位长度的电阻为r，保持金属杆以速度v沿平行于cd的方向滑动(金属杆滑动过程中与导轨接触良好)．则()图9-3-12A．电路中感应电动势的大小为Blvsi

nθB．电路中感应电流的大小为BvsinθrC．金属杆所受安培力的大小为B2lvsinθrD．金属杆的热功率为B2lv2rsinθ【解析】金属杆的运动方向与金属杆不垂直，电路中感应电动势的大小为E＝Blv(l为切割磁感线的有效长度)，选项A错误；电路中感应电流的大小为I＝ER＝Bl

vlsinθr＝Bvsinθr，选项B正确；金属杆所受安培力的大小为F＝BIl′＝B·Bvsinθr·lsinθ＝B2lvr，选项C错误；金属杆的热功率为P＝I2R＝B2v2sin2θr2·lrsinθ＝B2lv2sin

θr，选项D错误．【答案】B4．如图9-3-13所示，直角三角形导线框abc固定在匀强磁场中，ab是一段长为l、电阻为R的均匀导线，ac和bc的电阻可不计，ac长度为l2.磁场的磁感应强度为B，方向垂直

于纸面向里．现有一段长度为l2、电阻为R2的均匀导体杆MN架在导线框上，开始时紧靠ac，然后沿ab方向以恒定速度v向b端滑动，滑动中始终与ac平行并与导线框保持良好接触．当MN滑过的距离为l3时，导线ac中的电流为()图9-3-13A.5B

lv2RB.Blv5RC.2Blv5RD.4Blv5R【解析】MN滑过的距离为l3时，它与bc的接触点设为P，由几何关系可知MP长度为l3，MP段的电阻r＝13R，MP产生的感应电动势E＝13Blv，等效电路如图所示，MacP和MbP两电路的并联电阻为r并＝13×2313＋23R＝29R，由欧

姆定律，PM中的电流I＝Er＋r并，Iac＝23I，解得Iac＝2Blv5R.根据右手定则，MP中的感应电流的方向由P流向M，所以电流Iac的方向由a流向c，C项正确．【答案】C5．(2016·黄冈模拟)如图9-3-14所示，一导体圆环位于纸面内，O为圆心

．环内两个圆心角为90°的扇形区域内分别有匀强磁场，两磁场的磁感应强度的大小相等，方向相反且均与纸面垂直．导体杆OM可绕O转动，M端通过滑动触点与圆环良好接触．在圆心和圆环间连有电阻R.杆OM以角速度ω逆时针匀速

转动，t＝0时恰好在图示位置．规定从a到b流经电阻R的电流方向为正，圆环和导体杆的电阻忽略不计，则杆从t＝0开始转动一周的过程中，电流随ωt变化的图象是()图9-3-14【解析】依据右手定则，可知在0～π2内

，导体杆中电流方向由M到O，流经电阻R的电流方向则是由b到a，为负值，且大小为I＝12BL2ωR为一定值，在π2～π内没有感应电流，在π～3π2内电流的方向相反，即沿正方向，在3π2～2π内没有感应电流，因此C项正确．【答案】C二、多项选择题6.如图9-3-15所示，有一个磁感应强度

为B的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，一半径为r、电阻为2R的金属圆环放置在磁场中，金属圆环所在的平面与磁场垂直．金属杆Oa一端可绕环的圆心O旋转，另一端a搁在环上，电阻值为R；另一金属杆Ob一端固定在O点，另一端b固定在环上，电阻值也是R.已知Oa杆以角速度ω匀速旋转，所有接触点

接触良好，Ob不影响Oa的转动，则下列说法正确的是()图9-3-15A．流过Oa的电流可能为Bωr25RB．流过Oa的电流可能为6Bωr225RC．Oa旋转时产生的感应电动势的大小为Bωr2D．Oa旋转时产生的感应电动势的大小为12Bωr2图甲图乙【解析】Oa旋转时产生的感

应电动势的大小为E＝12Bωr2，D正确，C错误；当Oa旋转到与Ob共线但不重合时，等效电路如图甲所示，此时有Imin＝E2.5R＝Bωr25R，当Oa与Ob重合时，环的电阻为0，等效电路如图乙所示，此时有Imax＝E2R＝Bωr24R，所

以Bωr25R≤I≤Bωr24R，A、B正确．【答案】ABD7．如图9-3-16所示为一圆环发电装置，用电阻R＝4Ω的导体棒弯成半径L＝0.2m的闭合圆环，圆心为O，COD是一条直径，在O、D间接有负

载电阻R1＝1Ω.整个圆环中均有B＝0.5T的匀强磁场垂直穿过环面．电阻r＝1Ω的导体棒OA贴着圆环做匀速运动，角速度ω＝300rad/s，则当OA到达OC处时()图9-3-16A．圆环的电功率为1WB．圆环的电功率为2WC．全电路的电功率最小，为3WD

．全电路的电功率最大，为4.5W【解析】OA切割磁感线产生感应电动势，EOA＝BLωL2＝3V．当OA转到OC时，R总＝r＋R1＋R4＝3Ω，圆环电功率为P环＝I2R环＝I2·R4＝E2R2总×R4＝1W，A项正确，B项错误；全电路功率P＝E

I＝3W，并且，此时圆环电阻最大，感应电流最小，全电路功率最小，C正确，D错误．【答案】AC8．(2016·黄冈市十校联考)如图9-3-17所示，MN、PQ为竖直放置的光滑平行金属导轨，在M点和P点间接一个电阻，在两导轨间某一矩形区域内有垂直导轨平面的匀强磁场，一导体

棒ab垂直搁在导轨上．现将ab棒由静止开始释放，棒ab在离开磁场前已经做匀速直线运动(棒ab与导轨始终保持良好的接触)，则下列描述棒ab运动的v-t图象中可能正确的是(其中v0是ab进入磁场时的速度，v是最后匀速运动

的速度)()图9-3-17【解析】导体棒ab在进入磁场前只受重力作用而做自由落体运动，进入磁场后受到重力和安培力作用，安培力F＝B2L2vR，当安培力F＝B2L2v0R＝mg时，导体棒做匀速运动；当F＝B2L2v0R>mg时，导体棒做减速运动，随着速度的减小，加速度减小，直到做匀速运动

；当F＝B2L2v0R<mg时，导体棒做加速运动，随着速度的增大，加速度减小，直到做匀速运动．【答案】ABC9．如图9-3-18所示，在“日”字形导线框中，ae与bf的电阻不计，ab、cd、ef的电阻均为R，当导线框以恒定的速

度向右进入匀强磁场中，比较ab进入(cd尚未进入)与cd进入(ef尚未进入)磁场时，下列说法中正确的是()图9-3-18A．ab中的电流强度相等B．cd中的电流强度相等C．ef中消耗的电功率相等D．导线框消耗的总电功率相等【解析】当导线框以恒定速度v水平向右运动，ab边

进入磁场时，ab切割磁感线产生的感应电动势为E＝BLv，外电路是cd与ef并联，ab中的电流I1＝ER2＋R＝2E3R，cd中的电流I1′＝I12＝E3R；当cd边进入磁场时，ab与cd都切割磁感线，产生的感应电动势都为E＝BLv，内电路是ab与dc并联，ab两端的电势差等于ef两端的电压，ab中

的电流I2＝E3R，cd中的电流I2′＝E3R，故A错误，B正确；ab边进入磁场时，ef中消耗的电功率P1＝I′21R＝E29R，导线框消耗的总功率P＝EI1＝2E23R，当cd边进入磁场时，ef中消耗的

电功率P2＝I21R＝4E29R，导线框消耗的总电功率P′＝EI1＝2E23R，故C错误，D正确．【答案】BD三、非选择题10．如图9-3-19甲所示，一对平行光滑轨道放置在水平面上，两轨道间距为l＝0.20m，电阻R＝1Ω；有一导

体杆静止放在轨道上，与两轨道垂直，杆及轨道的电阻均忽略不计，整个装置处于磁感应强度B＝0.50T的匀强磁场中，磁场方向垂直轨道面向下．现用一外力F沿轨道方向拉杆，使之做匀加速运动，测得外力F与时间t的关系如图乙所示．求：(1)杆的质量m和加速度a的大小；(2)杆开始运动后

的时间t内，通过电阻R的电荷量的表达式(用B、l、R、a、t表示)．图9-3-19【解析】(1)以金属杆为研究对象，由v＝at，E＝Blv，I＝ER＝BlvR，F－IBl＝ma解得F＝ma＋B2l2Rat由图线上取两点坐标(0，0.1N)和

(10s，0.2N)代入方程解得a＝1m/s2，m＝0.1kg.(2)杆从静止开始运动的时间t内，杆的位移为x＝12at2穿过回路的磁通量的变化量ΔΦ＝BΔS＝Blx所以通过电阻R的电荷量为q＝It＝ERt＝Δ

ΦR＝Balt22R.【答案】(1)0.1kg1m/s2(2)Balt22R11．如图9-3-20甲所示，两根足够长的平行光滑金属导轨MN、PQ被固定在水平面上，导轨间距l＝0.6m，两导轨的左端用导线连接电阻

R1及理想电压表，电阻r＝2Ω的金属棒垂直于导轨静止在AB处；右端用导线连接电阻R2，已知R1＝2Ω，R2＝1Ω，导轨及导线电阻均不计．在矩形区域CDFE内有竖直向上的磁场，CE＝0.2m，磁感应强度随时间

的变化如图乙所示．开始时电压表有示数，当电压表示数变为零后，对金属棒施加一水平向右的恒力F，使金属棒刚进入磁场区域时电压表的示数又变为原来的值，金属棒在磁场运动过程中电压表的示数始终保持不变．求：甲乙图9-3-20(1)t＝0.1s时电压表的读数；(

2)恒力F的大小；(3)从t＝0时刻到金属棒运动出磁场过程中整个电路产生的热量．【解析】(1)设磁场宽度为d＝CE.在0～0.2s时间内，有E＝ΔΦΔt＝ΔBΔtld＝0.6V，此时，R1与金属棒并联，再与R2串联R＝R并＋R2＝1Ω＋1Ω＝2Ω.

U＝ERR并＝0.3V.(2)金属棒进入磁场后，此时磁场稳定，金属棒切割磁感线，相当于电源，而外电路中R1与R2并联，则有I′＝UR1＋UR2＝0.45A.F安＝BI′l＝1×0.45×0.6N＝0.27N.

由于金属棒进入磁场后电压表示数始终不变，所以金属棒做匀速运动，有F＝F安＝0.27N.(3)金属棒在0～0.2s时间内，有Q＝E2Rt＝0.036J，金属棒进入磁场后，有R′＝R1R2R1＋R2＋r＝83Ω.E′＝I′R′＝1.2V，已知E′＝Blv，得v＝2m/s

，t′＝dv＝0.22s＝0.1s，Q′＝E′I′t′＝0.054J，(计算Q′时，可用Q′＝Fd＝0.054J)Q总＝Q＋Q′＝0.036J＋0.054J＝0.09J.【答案】(1)0.3V(2)0.27N(3)0.09J