【文档说明】高考物理复习 课时过关题36 变压器电能的输送（含答案解析）.doc，共(7)页，169.500 KB，由MTyang资料小铺上传

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2020(人教版)高考物理复习课时过关题36变压器电能的输送1.教学用发电机能够产生正弦式交变电流．利用该发电机(内阻可忽略)通过理想变压器向定值电阻R供电，电路如图所示，理想交流电流表A、理想交流电压表V的读数分别为I、U，R消耗的功率为P.若发电机线圈的转速变为原来的12

，则()A．R消耗的功率变为12PB．电压表V的读数变为12UC．电流表A的读数变为2ID．通过R的交变电流频率不变2.如图所示是发电厂通过升压变压器进行高压输电，接近用户端时再通过降压变压器降压给用户供电的示意图；图中变压器均可视为理想变压器，图中电表均为理想交流电表；设发电厂输出的电压

一定，两条输电线总电阻用R0表示，变阻器R相当于用户用电器的总电阻．当用电器增加时，相当于R变小，则当用电进入高峰时()A．电压表V1、V2的读数均不变，电流表A2的读数增大，电流表A1的读数减小B．电压表V3、V4的读数均减小，电

流表A2的读数增大，电流表A3的读数减小C．电压表V2、V3的读数之差与电流表A2的读数的比值不变D．线路损耗功率不变3.普通的交流电流表不能直接接在高压输电线路上测量电流，通常要通过电流互感器来连接，图中电流互感器ab一侧线圈的匝数较少，工作时电流为Iab，cd一侧线圈

的匝数较多，工作时电流为Icd，为了使电流表能正常工作，则()A．ab接MN、cd接PQ，Iab<IcdB．ab接MN、cd接PQ，Iab>IcdC．ab接PQ、cd接MN，Iab<IcdD．ab接PQ、cd接MN，Iab>Icd4.如图所示，甲

图中变压器为理想变压器，其原线圈接在u=122sin100πt(V)的交流电源上，副线圈与阻值R1=2Ω的电阻接成闭合电路，电流表为理想电流表．乙图中阻值R2=32Ω的电阻直接接到u=122sin100πt(V)的交流电源上，结果电阻R1与R2消耗的电功率相等，则()A．通过电阻R1的交变电流的频

率为0.02HzB．电阻R1消耗的电功率为9WC．电流表的示数为6AD．变压器原、副线圈匝数比为4∶15.一自耦变压器如图所示，环形铁芯上只绕有一个线圈，将其接在a、b间作为原线圈．通过滑动触头取该线圈的一部分，接在c、d间作为副线圈．在a、

b间输入电压为U1的交变电流时，c、d间的输出电压为U2，在将滑动触头从M点顺时针转到N点的过程中()A．U2>U1，U2降低B．U2>U1，U2升高C．U2<U1，U2降低D．U2<U1，U2升高6.用220V的正弦交流电通过理想变压器对一

负载供电，变压器输出电压是110V，通过负载的电流图象如图所示，则()A．变压器输入功率约为3.9WB．输出电压的最大值是110VC．变压器原、副线圈匝数比是1∶2D．负载电流的函数表达式i=0.05sin100πt＋π2A7.如图是原

、副线圈都有中心抽头(匝数一半处)的理想变压器，原线圈通过单刀双掷开关S1与电流表连接，副线圈通过另一单刀双掷开关S2与定值电阻R0相连接，通过S1、S2可以改变原、副线圈的匝数．现在原线圈加一电压有效值为U的正弦交流电，当S1接a，S2接c时

，电流表的示数为I，下列说法正确的是()A．当S1接a，S2接d时，电流为2IB．当S1接a，S2接d时，电流为I2C．当S1接b，S2接c时，电流为4ID．当S1接b，S2接d时，电流为I28.如图

所示，电路中变压器原线圈匝数n1=1000匝，两个副线圈匝数分别为n2=500匝、n3=200匝，分别接一个R=55Ω的电阻，在原线圈上接入U1=220V的交流电源．则两副线圈输出电功率之比P2P3和原线圈中的电流

I1分别是()A.P2P3=52，I1=2.8AB.P2P3=25，I1=2.8AC.P2P3=254，I1=1.16AD.P2P3=425，I1=1.16A9.如图所示，边长为L、匝数为N、电阻不计的正方形线圈abcd，在磁感应强度为B的匀强磁场中绕

转轴OO′以角速度ω匀速转动，轴OO′垂直于磁感线，制成一台交流发电机，它与理想变压器的原线圈连接，变压器原、副线圈的匝数之比为1∶2.二极管的正向电阻为零，反向电阻无穷大，从正方形线圈处于图示位置开始计时，下列判断

正确的是()A．交流发电机的感应电动势的瞬时值表达式为e=NBωL2sinωtB．变压器的输入功率与输出功率之比为2∶1C．电压表V示数为NBωL2D．若将滑动变阻器的滑片向下滑动，电流表和电压表示数均减小10.如图

所示的变压器，接如图甲所示的交流电时，灯泡正常发光，电容器能正常工作，现将电源换成如图乙所示的交流电，则()A．由于乙交变电流的周期短，因此灯泡比第一次亮B．由于乙的频率比甲的大，因此电容器有可能被击穿C．无论接甲电源，还是接乙电源，若滑动触头P向上移动，灯泡都变暗D．若

将原线圈n1的匝数增加，灯泡消耗的功率将变大11.(多选)如图所示的电路中，P为滑动变阻器的滑片，保持理想变压器的输入电压U1不变，闭合开关S，下列说法正确的是()A．P向下滑动时，灯L变亮B．P向下滑动时，变压器

的输出电压不变C．P向上滑动时，变压器的输入电流变小D．P向上滑动时，变压器的输出功率变大12.(多选)如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为3∶1，L1、L2、L3为三只规格均为“9V6W”的相同灯泡，各电表均为理想交流电表，输入端接入如图乙所示的交变电压，则以下说法中正确的

是()A．电流表的示数为2AB．电压表的示数为272VC．副线圈两端接入耐压值为8V的电容器能正常工作D．变压器副线圈中交变电流的频率为50Hz13.(多选)如图为某小型水电站的电能输送示意图，发电机通过升压变压器T1和降压变压器T2向用户供电．已知输电线的总电阻R=10Ω，降压变压器T

2的原、副线圈匝数之比为4∶1，副线圈与用电器R0组成闭合电路．若T1、T2均为理想变压器，T2的副线圈两端电压u=2202sin100πtV，当用电器电阻R0=11Ω时()A．通过用电器R0的电流有效值是20AB．当用电器的电阻R0减小时，输电

线损耗的功率也随着减小C．发电机中的电流变化频率为100HzD．升压变压器的输入功率为4650W14.(多选)如图为远距离输送交流电的系统示意图，变压器均为理想变压器．随着用户负载增多，发电机F达到额定功率时，降压变压器输出功率仍然不足，用户的用电器不能正常工作．那么，在发电机以额定

功率工作的情况下，为了适当提高用户的用电功率，可采取的措施是()A．适当减小输电线的电阻rB．适当提高n4n3C．适当提高n2n1的同时，降低n4n3D．适当降低n2n1的同时，提高n4n3答案解析1.答案为：B；解析：[根据ω=2πn可知转速变为原来的12，则角速度变为原

来的12，根据Em=nBSω可知电动机产生的最大电动势为原来的12，根据U=Em2可知发电机的输出电压有效值变为原来的12，即原线圈的输出电压变为原来的12，根据n1n2=U1U2可知副线圈的输入电压变为原来的12，即电压表示数变为原来的12，根据P=U2R可知R消耗的电功率变为14P，A错

误，B正确；副线圈中的电流为I2=12UR，即变为原来的12，根据n1n2=I2I1可知原线圈中的电流也变为原来的12，C错误；转速减小为原来的12，则频率变为原来的12，D错误．]2.答案为：C；解析：[根据题意可

知，电压表V1、V2的示数不变，当用电进入高峰时，电阻R减小，电流表A3的读数增大，电流表A2、A1的读数都增大，R0两端电压增大，电压表V3读数减小，电压表V4的读数也减小，A、B均错误；电压表V2、V3的读数之差与电流表A2的读数的比值是R0的阻值，不变，C正确；线路损耗功率Δ

P=I22R0增大，D错误．]3.答案为：B；解析：[根据理想变压器的原理，线圈电流与匝数成反比，ab接MN，通过的电流较大，电流表接在cd两端，通过的电流较小，B正确．]4.答案为：D；解析：[由u=122sin100πt(V)可知：ω=100π=2πf，解得f=50Hz，A错误；

因为R1、R2消耗的功率相等，设R1两端的电压为U1，U21R1=U2R2，解得U1=3V，由理想变压器电压与匝数成正比得变压器原、副线圈匝数比为4∶1，D正确；R1上的电流I1=U1R1=1.5A，电阻R1消耗的电功率P=U21R1=4.5W，B、C错误．]5.答案为：C；解析：

[由题图可知，cd间的线圈为整个线圈的一部分，故其匝数比作为原线圈的整个线圈的匝数少，根据变压器的电压与匝数的关系可知，U2<U1，当触头由M点顺时针旋转到N点的过程中，cd间线圈的匝数减少，所以输出电压降低，选项C正确．]6.答案为：A；解析：[由题图可知通过负载的电流最大值为Im=0.0

5A，周期T=0.02s，故电流的函数表达式i=Imsin2πTt=0.05sin100πt(A)，D错误；理想变压器匝数比等于电压比，即n1∶n2=U1∶U2=2∶1，C错误；输出电压U2=110V，其最大值U2m=2U2=1102V，B错误；理想变

压器输入功率等于输出功率，即输入功率P=I2U2=0.052×110W≈3.9W，A正确．]7.答案为：C；解析：[设S1、S2分别接a、c时，原、副线圈匝数比为n1∶n2，则输出电压U2=n2n1U，功率P=UI

=U22R0；在S1、S2分别接a、d时，输出电压U2′=n2U2n1，功率P′=UI′=U2′2R0，联立得I′=14I，A、B项均错，同理可知，C项对，D项错误．]8.答案为：C；解析：[对两个副线圈有U

1U2=n1n2，U1U3=n1n3，所以U2=110V，U3=44V，又P=U2R，所以P2P3=U22U23=254；由欧姆定律得I2=U2R=2A，I3=U3R=0.8A，对有两个副线圈的变压器有：n1I1=n

2I2＋n3I3，得I1=1.16A，C正确．]9.答案为：C；解析：[从图示位置开始计时，e=Emcosωt=NBL2ωcosωt，A错误；变压器的输入功率等于输出功率，B错误；副线圈两端电压的最大值为2NBL2ω，电压表的示数是R两端电压的有效值，设为U，2NBL2ω2

2R·T2=U2R·T，解得U=NBL2ω，C正确；若将滑动变阻器的滑片向下移动，电压表的示数不变，电流表的示数减小，D错误．]10.答案为：C；解析：[灯泡的亮度与周期无关，取决于有效值，故A错误；电容器的击穿电压

取决于电压的最大值，与频率无关，故B错误；无论接哪个电源，输入电压相同，滑片向上移动时，接入电阻增大，则灯泡均变暗，故C正确；若将副线圈n1的匝数增加，则输出电压将减小，故灯泡消耗的功率将变小，故D错误．]11

.答案为：BD；解析：[P向上或向下滑动时，由变压器的电压特点U1U2=n1n2可知，U2不变，灯L的亮度也不变，A项错误，B项正确；P向上滑动时，滑动变阻器的阻值减小，副线圈电路总电阻减小，由P=U2R可知，变压器的输出

功率P2变大，又理想变压器的输入功率等于输出功率，则输入功率P1也变大，由P1=U1I1及U1不变可知，变压器的输入电流变大，C项错误，D项正确．]12.答案为：AD；解析：[由输入端交变电压u－t图象知，输入电压的有效值为2722V

=27V，由原、副线圈匝数之比为3∶1，可得原、副线圈的电压之比为3∶1，电流之比为1∶3，设灯泡两端电压为U，所以U=9V，副线圈两端电压的有效值为9V，三只灯泡均能正常发光，电流表的读数I=3×69A=2A，A正确；电压表的示数为有效值27V，B错误；副线圈两端电压的最大

值为92V，C错误；变压器副线圈两端交变电流的频率为50Hz，D正确．]13.答案为：AD；解析：[通过用电器R0的电流有效值I=UR0=22011A=20A，A正确；当用电器的电阻R0减小时，由于电压不变，电流增大，输电线

上的电流也增大，输电线上损失的功率增大，B错误；变压器不改变交流电的频率，f=50Hz，C错误；降压变压器的输出功率为P1=UI=220×20W=4400W，由理想变压器原、副线圈电流与匝数成反比，得输电线上的电流为I′=5A，输电线

上损失的功率ΔP=I′2R=25×10W=250W，升压变压器的输入功率P=P1＋ΔP=4650W，D正确．]14.答案为：AC；解析：[当发电机输出功率一定时，为使用户得到更大的功率，需减小输电线上的功率损失，根据ΔP=I2

r，可以减小输电线的电阻r，A对；也可以通过提高输电电压，减小输送电流，即提高n2n1，这样使线圈n3两端电压变大，为使用户的用电器正常工作需要适当降低n4n3，C对．]