【文档说明】高考物理第一轮复习课时跟踪练:第8章第1讲 电路电路的基本规律 (含解析).doc,共(9)页,145.000 KB,由MTyang资料小铺上传
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第八章恒定电流第一讲电路电路的基本规律课时跟踪练A组基础巩固1.金属材料的电阻率有以下特点:一般而言,纯金属的电阻率小,合金的电阻率大;金属的电阻率随温度的升高而增大,而且有的金属电阻率随温度变化而显著变化,有的合
金的电阻率几乎不受温度的影响.根据以上的信息,判断下列说法中正确的是()A.连接电路用的导线一般用合金来制作B.电炉、电阻器的电阻丝一般用合金来制作C.白炽灯中的钨丝的电阻随亮度的增大而减小D.标准电阻一般用电阻率随温度变化而显著变化的金属材料制作解析:合金的电阻率大
,常用来作电阻,不作导线,选项A错误,B正确;钨丝的电阻会随温度的升高而变大,选项C错误;标准电阻一般用电阻率几乎不受温度影响的合金来制作,选项D错误.答案:B2.(2018·淄博模拟)用电器到发电厂的距离为l,线路上的电流为I,已
知输电线的电阻率为ρ.为使线路上的电压降不超过U.那么,输电线的横截面积的最小值为()A.ρlRB.2ρlIUC.UρlID.2UlIρ解析:输电线的总长为2l,由公式R=UI、R=ρlS得S=2ρlIU,故B正确
.答案:B3.(2018·聊城模拟)电阻R1和R2分别标有“2Ω1.0A”和“4Ω0.5A”,将它们串联后接入电路中,如图所示,则此电路中允许消耗的最大功率为()A.1.5WB.3.0WC.5.0WD.6.0W解析:两电阻的额定电流不同,R2允许通过的最大电
流为0.5A,为保证电路安全,电路允许通过的最大电流I=0.5A,所以,此电路中允许消耗的最大功率为P=I2(R1+R2)=1.5W.答案:A4.(多选)(2018·襄阳模拟)电位器是变阻器的一种.如图所示,如果把电位器与灯泡串联起来,利用它
改变灯泡的亮度,下列说法正确的是()A.串接A、B使滑动触头顺时针转动,灯泡变暗B.串接A、C使滑动触头逆时针转动,灯泡变亮C.串接A、C使滑动触头顺时针转动,灯泡变暗D.串接B、C使滑动触头顺时针转动,灯泡变亮解析:根据电位器结构和连线可知:串接A、B使滑动触头顺时针
转动时回路电阻增大,回路电流减小,灯泡变暗,A正确;同理,D正确;串接A、C时,滑动触头不能改变回路电阻,灯泡亮度不变,故B、C错误.答案:AD5.(2018·临沂模拟)下图中的四个图象中,最能正确地表示家庭常用的白炽灯泡在不同电压下消耗的电功率P与电压平方U2之间函数关系的是()解析:白炽灯泡为
纯电阻,其功率表达式为P=U2R,而U越大,电阻越大,图象上对应点与原点连线的斜率越小,故选项C正确.答案:C6.(2018·济宁模拟)电解池内有一价的电解液,ts内通过溶液内截面S的正离子数是n1,方向是从A→B,负离子数是n2,方向是从B→A,设元电荷为e,以下解释
中正确的是()A.正离子定向移动形成的电流方向是从A→B,负离子定向移动形成的电流方向是从B→AB.溶液内正负离子向相反方向移动,电流抵消C.溶液内电流方向从A→B,电流I=(n1+n2)e2tD.溶液内电流方向从A→B,
电流I=(n1+n2)et解析:正离子定向移动方向为电流方向,负离子定向移动方向和电流方向相反,正、负离子向相反方向移动,电流不能抵消,故A、B错误;由于溶液内的电流是正、负离子共同形成的,故其大小为I=(n1+n
2)et,C错误,D正确.答案:D7.(多选)(2018·济宁模拟)平行板电容器C与三个可变电阻器R1、R2、R3以及电源连成如图所示的电路.闭合开关S,待电路稳定后,电容器C两极板带有一定的电荷.要使电容器所带电荷量
增加,以下方法中可行的是()A.只增大R1,其他不变B.只增大R2,其他不变C.只增大R3,其他不变D.只减小a、b两极板间的距离,其他不变解析:R1和R2串联,电容器两端电压跟R2两端电压相同.根据C=QU可知如果不改变电容,则只需增大R
2两端电压,根据串联分压关系(电阻越大分压越大)可知只增大R2或者只减小R1均可,选项B正确,选项A、C错误;只减小a、b两极板间的距离会使电容增大,由Q=CU可知,电容器所带电荷量增加,选项D正确.答案:BD8.(2018·西安模拟)有一种
“电测井”技术,用钻头在地上钻孔,通过在钻孔中进行电特性测量,可以反映地下的有关情况,如图所示为一钻孔,其形状为圆柱体,半径为10cm,设里面充满浓度均匀的盐水,其电阻率ρ=0.314Ω·m,现在钻孔的上表面
和底部加上电压,测得U=100V,I=100mA(π取3.14).(1)求该钻孔的深度;(2)若截取一段含盐水的圆柱体与电动势为200V、内阻为100Ω的电源相连,通电10min,当截取的圆柱体长度为多少时,盐水产生的热
量最多,最多为多少?解析:(1)盐水电阻R=UI=1000Ω.由电阻定律R=ρhS,S=πr2=3.14×10-2m2,解得h=100m.(2)当圆柱体电阻等于电源内阻时,电源输出功率最大,盐水产生热量最多.电源内阻r=100Ω,则截取的圆柱体内阻也应该等于R′=100Ω,圆柱
体长度L=R′Sρ=10m.圆柱体与电源组成闭合电路,电流I′=Er+R′=1A,热量最多为Q=I′2R′t=6×104J.答案:(1)100m(2)10m6×104JB组能力提升9.(多选)(2018·黄冈模拟)如图所示是某导体的I-U图线,图中α=45°
,下列说法正确的是()A.通过该导体的电流与其两端的电压成正比B.此导体的电阻R=2ΩC.I-U图线的斜率表示电阻的倒数,所以R=cot45°=1.0ΩD.在该导体两端加6.0V电压时,每秒通过导体截面的电荷量是3.0C解析:由
题图可知,通过该导体的电流I与其两端电压U成正比,选项A正确;导体电阻R=UI=2Ω,对应I-U图线斜率的倒数,但R≠cot45°,选项B正确,C错误;当U=6.0V时,I=UR=3.0A,故每秒通过该导体截面的电荷量为q=It=3.0C,选项D正确
.答案:ABD10.(2018·邢台模拟)在如图甲所示的电路中,电源电动势为3.0V,内阻不计,灯L1、L2、L3为三个相同规格的小灯泡,这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示.当开关闭合后,下列说法正确的是()A.
灯泡L1的电流为灯泡L2电流的2倍B.灯泡L1的电阻为7.5ΩC.灯泡L2消耗的电功率为0.75WD.灯泡L3消耗的电功率为0.30W解析:由于小灯泡L2、L3串联后与L1并联,所以L1两端电压是L2或L3两端电压的2倍,L2或L3两端电压是1.5V,由小灯泡的伏安特性曲线可知
灯泡L2中的电流是0.20A,灯泡L1两端的电压是3V,灯泡L1中的电流是0.25A,A错误;由欧姆定律可得灯泡L1的电阻为R=U1I1=12Ω,B错误;由P=UI得灯泡L2(或L3)消耗的电功率P2=U2I2=1.5
×0.20W=0.30W,C错误,D正确.答案:D11.(2018·临汾模拟)如图所示是某款理发用的电吹风的电路图,它主要由电动机M和电热丝R构成.当闭合开关S1、S2后,电动机驱动风叶旋转,将空气从进风口吸入,经电热丝加热,形成热风后从出风口吹出.已知电吹
风的额定电压为220V,吹冷风时的功率为120W,吹热风时的功率为1000W.关于该电吹风,下列说法正确的是()A.电热丝的电阻为55ΩB.电动机线圈的电阻为12103ΩC.当电吹风吹热风时,电热丝每秒钟消耗
的电能为1000JD.当电吹风吹热风时,电动机每秒钟消耗的电能为1000J解析:电吹风吹热风时电热丝消耗的功率为P=1000W-120W=880W,对电热丝,由P=U2R可得电热丝的电阻为R=U2P=22028
80Ω=55Ω,选项A正确;由于不知道电动机线圈的发热功率,所以电动机线圈的电阻无法计算,选项B错误;当电吹风吹热风时,电热丝每秒消耗的电能为880J,选项C错误;当电吹风吹热风时,电动机每秒钟消耗的电能为120J,选
项D错误.答案:A12.(2018·安阳模拟)一台小型电动机在3V电压下工作,用此电动机提升所受重力为4N的物体时,通过它的电流是0.2A.在30s内可使该物体被匀速提升3m.若不计除电动机线圈生热之外的能量损失,求:(1)电动机的输入功率
;(2)在提升重物的30s内,电动机线圈所产生的热量;(3)线圈的电阻.解析:(1)电动机的输入功率P入=UI=3×0.2W=0.6W.(2)电动机提升重物的机械功率P机=Fv=4×330W=0.4W.
根据能量关系P入=P机+PQ,得热功率PQ=P入-P机=(0.6-0.4)W=0.2W.所产生的热量Q=PQt=0.2×30J=6J.(3)根据焦耳定律Q=I2Rt,得线圈的电阻R=QI2t=60.22×30Ω=5
Ω.答案:(1)0.6W(2)6J(3)5Ω