【文档说明】高考物理二轮复习题型专练 4.2圆周运动(含解析) .doc，共(9)页，313.000 KB，由MTyang资料小铺上传

转载请保留链接：https://www.ichengzhen.cn/view-48692.html

以下为本文档部分文字说明：

专题4.2圆周运动1．自行车的小齿轮A、大齿轮B、后轮C是相互关联的三个转动部分，且半径RB＝4RA、RC＝8RA。当自行车正常骑行时，A、B、C三轮边缘的向心加速度的大小之比aAaBaC等于()A．B．C．D．2.山城重庆的轻轨交通颇有山城特色，由

于地域限制，弯道半径很小，在某些弯道上行驶时列车的车身严重倾斜。每到这样的弯道乘客都有一种坐过山车的感觉，很是惊险刺激。假设某弯道铁轨是圆弧的一部分，转弯半径为R，重力加速度为g，列车转弯过程中倾角(车厢地面与水平面夹角)为θ，则列车在这样的轨道上转弯行驶的安全速度

(轨道不受侧向挤压)为()A．gRsinθB．gRcosθC．gRtanθD．gRcotθ答案：C解析：轨道不受侧向挤压时，轨道对列车的作用力就只有弹力，重力和弹力的合力提供向心力，根据向心力公式mgtanθ＝mv2R，得v＝gRtanθ，C正确。3.如图所示，由于地

球的自转，地球表面上P、Q两物体均绕地球自转轴做匀速圆周运动，对于P、Q两物体的运动，下列说法正确的是()A．P、Q两点的角速度大小相等B．P、Q两点的线速度大小相等C．P点的线速度比Q点的线速度大D．P、Q两物体均受重力和支持力两个力作用答案：A4

．如图所示，水平放置的两个用相同材料制成的轮P和Q靠摩擦转动，两轮的半径Rr＝。当主动轮Q匀速转动时，在Q轮边缘上放置的小木块恰能相对静止在Q轮边缘上，此时Q轮转动的角速度为ω1，木块的向心加速度为a1；

若改变转速，把小木块放在P轮边缘也恰能静止，此时Q轮转动的角速度为ω2，木块的向心加速度为a2，则()A．ω1ω2＝12B．ω1ω2＝21C．a1a2＝11D．a1a2＝12答案：C解析：根据题述，a1＝ω21r，ma1＝μmg；联

立解得μg＝ω21r。小木块放在P轮边缘也恰能静止，μg＝ω2R＝2ω2r。由ωR＝ω2r联立解得ω1ω2＝22，选项A、B错误；ma＝μmg，所以a1a2＝11，选项C正确，D错误。5．m为在水平传送带上被传送的小物体(可视为质点)，A为终端皮带轮，如图所示

，已知皮带轮半径为r，传送带与皮带轮间不会打滑，当m可被水平抛出时，A轮每秒的转数最少是()A．12πgrB．grC．grD．12πgr答案：A解析：当m被水平抛出时只受重力的作用，支持力FN＝0。在圆周最高点，重力提供向心力，

即mg＝mv2r，所以v＝gr。而v＝2πfr，所以f＝v2πr＝12πgr，所以每秒的转数最少为12πgr，A正确。6．一水平放置的木板上放有砝码，砝码与木板间的摩擦因数为μ，如果让木板在竖直平面内做半径为R的匀速圆周运动，假如运动中木板始终

保持水平，砝码始终没有离开木板，那么下列说法正确的是()A．在通过轨道最高点时砝码处于超重状态B．在经过轨道最低点时砝码所需静摩擦力最大C．匀速圆周运动的速度小于μgRD．在通过轨道最低点和最高点时，砝码对木板的压力

之差为砝码重力的6倍答案：C7．如图所示，质量为m的小球(可看做质点)在竖直放置的半径为R的固定光滑圆环轨道内运动。若小球通过最高点时的速率为v0＝gR，下列说法中正确的是()A．小球在最高点时只受重力作用B．小球在最高点对圆环的压力大小为mgC．小球在最高点时重

力的瞬时功率为0D．小球绕圆环运动一周的时间大于2πR/v0答案：AC解析：由F向心＝mv20R，代入得F向心＝mg，说明小球在最高点只受重力作用，A项正确，B项错误；根据功率的定义式P＝Fvcosθ，小球在最高点时，力与速

度垂直，故重力的瞬时功率为零，C项正确；根据机械能守恒定律知，小球在最高点的速率最小，小球全过程运动的平均速率大于v0，由T＝2πrv知，小球运动一周的时间小于2πRv0，D项错误。14.如图所示，放于竖直面内的光滑金属细圆环半径为R，质量为m的带孔小球穿于环上，同时有一长为R的细绳一

端系于球上，另一端系于圆环最低点，绳的最大拉力为2mg。当圆环以角速度ω绕竖直直径转动时，发现小球受三个力作用，则ω可能为()A．3gRB.32gRC.3g2RD.g2R答案B15.如图所示，水平杆固定在竖直杆上，两者互相垂直，水平杆上O、A两点连接有两轻绳，两绳的另一端都系在质

量为m的小球上，OA＝OB＝AB。现通过转动竖直杆，使水平杆在水平面内做匀速圆周运动，三角形OAB始终在竖直平面内，若转动过程OB、AB两绳始终处于拉直状态，则下列说法正确的是()A．OB绳的拉力范围为0～33mgB．OB绳的拉力范围为33mg～2

33mgC．AB绳的拉力范围为33mg～233mgD．AB绳的拉力范围为0～233mg答案B16.如图所示，AB为竖直转轴，细绳AC和BC的结点C系一质量为m的小球，两绳能承受的最大拉力均为2mg。当细绳AC和

BC均拉直时∠ABC＝90°，∠ACB＝53°，BC＝1m。细绳AC和BC能绕竖直轴AB匀速转动，因而小球在水平面内做匀速圆周运动。当小球的线速度增大时，两绳均会被拉断，则最先被拉断的那根绳及另一根绳被拉断时的速度分别为(重力加速度g＝10m/s2，sin53°＝0.8，c

os53°＝0.6)()A．AC5m/sB．BC5m/sC．AC5.24m/sD．BC5.24m/s答案B17.(多选)如图所示，粗糙水平圆盘上，质量相等的A、B两物块叠放在一起，随圆盘一起做匀速圆周运动，则下列说法正确的是()A．A、B都有沿切线方向且向后滑动的趋势

B．B运动所需的向心力等于A运动所需的向心力C．盘对B的摩擦力是B对A的摩擦力的2倍D．若B相对圆盘先滑动，则A、B间的动摩擦因数μA小于盘与B间的动摩擦因数μB答案BC18．(多选)如图所示，水平转台上有一个质量为m的物块，用长为l的轻质细绳将物块连接在转轴上，细绳与竖直

转轴的夹角θ＝30°，此时细绳伸直但无张力，物块与转台间动摩擦因数为μ＝13，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，物块随转台由静止开始缓慢加速转动，角速度为ω，重力加速度为g，则()A．当ω＝g2l时，细绳的拉力为0B．当ω＝

3g4l时，物块与转台间的摩擦力为0C．当ω＝4g3l时，细绳的拉力大小为43mgD．当ω＝gl时，细绳的拉力大小为13mg答案AC解析当转台的角速度比较小时，物块只受重力、支持力和摩擦力，当细绳恰好要产

生拉力时μmg＝mω21lsin30°，解得ω1＝2g3l，随角速度的增大，细绳上的拉力增大，当物块恰好要离开转台时，物块受到重力和细绳的拉力的作用，mgtan30°＝mω22lsin30°，解得ω2＝23g3l，由于ω1<3g4l<ω2，

所以当ω＝3g4l时，物块与转台间的摩擦力不为零，故B错误；由于g2l<ω1，所以当ω＝g2l时，细绳的拉力为零，故A正确；由于ω1<gl<ω2，由牛顿第二定律得f＋Fsin30°＝mgl2lsi

n30°，因为压力小于mg，所以f<13mg，解得F>13mg，故D错误；当ω＝4g3l>ω2时，物块已经离开转台，细绳的拉力与重力的合力提供向心力，则mgtanα＝m4g3l2lsinα，解得cosα＝34，故F＝mgcosα＝43mg，故C正确。27.如图所示

，细绳一端系着质量为M＝0.6kg的物体，静止在水平圆盘上。另一端通过光滑的小孔吊着质量为m＝0.3kg的物体。M的中点与圆孔的距离为0.2m，并已知M与圆盘的最大静摩擦力为2N。现使此圆盘绕中心轴线转动。问角速度ω在什么范围内可使m处于

静止状态？(取g＝10m/s2)答案：2.9rad/s≤ω≤6.5rad/s(533rad/s≤ω≤5153rad/s)28.如图所示，用一根长为l＝1m的细线，一端系一质量为m＝1kg的小球(可视为质点)，另一端固定在一光滑锥体顶端，锥面与竖直方向的夹角θ＝37°，当小球在水平面内绕锥

体的轴做匀速圆周运动的角速度为ω时，细线的张力为FT。(g取10m/s2，结果可用根式表示)求：(1)若要小球离开锥面，则小球的角速度ω0至少为多大？(2)若细线与竖直方向的夹角为60°，则小球的角速度ω′为多大？答案：(1)522rad/s(2)25rad/s解析：(1)

若要小球刚好离开锥面，则小球只受到重力和细线拉力，如图所示，小球做匀速圆周运动的轨迹圆在水平面上，故向心力水平，在水平方向运用牛顿第二定律及向心力公式得：mgtanθ＝mω20lsinθ解得：ω20＝gl

cosθ即ω0＝glcosθ＝522rad/s。29．如图所示，一长l＝0.45m的轻绳一端固定在O点，另一端连接一质量m＝0.10kg的小球，悬点O距离水平地面的高度H＝0.90m。开始时小球处于A点，此时轻

绳拉直处于水平方向上，让小球从静止释放，当小球运动到B点时，轻绳碰到悬点O正下方一个固定的钉子P时立刻断裂。不计轻绳断裂的能量损失，取重力加速度g＝10m/s2。(1)轻绳断裂后小球从B点抛出并落在水平地面的C点，求C点与B点之间的水平距离；(2)

若OP＝0.30m，轻绳碰到钉子P时绳中拉力达到所能承受的最大拉力而断裂，求轻绳能承受的最大拉力。答案(1)0.90m(2)7N解析(1)设小球运动到B点时的速度大小为vB，由机械能守恒定律得12mv

2B＝mgl解得小球运动到B点时的速度大小vB＝2gl＝3.0m/s小球从B点做平抛运动，由运动学规律得x＝vBty＝H－l＝12gt2解得C点与B点之间的水平距离x＝vBH－lg＝0.90m。