【文档说明】高考物理考前冲刺（3）考场必会高效破题技法 (含详解).doc，共(7)页，635.500 KB，由MTyang资料小铺上传

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高考物理冲破高分瓶颈考前必破破（3）考场必会高效破题技法必考方法一：图象法【真题引领】(多选)(2018·全国卷Ⅲ)甲、乙两车在同一平直公路上同向运动，甲做匀加速直线运动，乙做匀速直线运动。甲、乙两车的位置x随时间t的变化如图所示。下列说法正确的是()A.在t1时刻两车

速度相等B.从0到t1时间内，两车走过的路程相等C.从t1到t2时间内，两车走过的路程相等D.在t1到t2时间内的某时刻，两车速度相等【答案】C、D(1)题眼解读：解析：由位移—时间图象的意义可知t1时刻两车在x1位置，图线的斜率不同，速度不等，A错；由于甲车起始位置不在原点，从0到t1时

间内，两车走过的路程不等，B错；从t1到t2时间内，两车都从x1位置运动到x2位置，因此走过的路程相等，C对；从t1到t2时间内甲车图线的斜率先小于后大于乙车，因此在t1到t2时间内的某时刻，两车速度相等，D对。(2)易错警示：警示1：

对运动图象的认识不清晰，位移—时间图象和速度—时间图象的特征分析不准确。警示2：对斜率、截距、交点和拐点的含义认识不清。警示3：不能画出运动过程示意图，直观地体现解题思路。解决图象转换类问题的一般流程考场练兵：从塔顶由静止释放一个小球A的时刻为计时零点，t0时刻

，在与A球t0时刻所在位置的同一水平高度，由静止释放小球B，若两球都只受重力作用，设小球B下落时间为t，在A、B两球落地前，A、B两球之间的距离为Δx，则-t0的图象为()【答案】B解析：A、B两球释放后都做

自由落体运动，B球释放时，A球的速度vA=gt0，B球释放后t时间时，A、B两球之间的距离Δx=vAt+gt2-gt2=gt0t，则=gt0，所以-t0的图线为一条过原点的倾斜直线，斜率为g，故B正确。必考方法二：整体和隔离法【真题引领】(多选)(2015·全国卷Ⅱ)在一东西向的水平直铁轨上

，停放着一列已用挂钩连接好的车厢，当机车在东边拉着这列车厢以大小为a的加速度向东行驶时，连接某两相邻车厢的挂钩P和Q间的拉力大小为F；当机车在西边拉着车厢以大小为a的加速度向西行驶时，P和Q间的拉力大小仍为F，不计车厢与铁轨间的摩擦，每节车厢质量相同，则这列车厢

的节数可能为()A.8B.10C.15D.18【答案】B、C(1)题眼解读解析：设挂钩P、Q西边有n节车厢，每节车厢的质量为m，则挂钩P、Q西边车厢的质量为nm，以西边这些车厢为研究对象，有F=nma①P、Q东边有k节车厢，

以东边这些车厢为研究对象，有F=km·a②联立①②得3n=2k，总车厢数为N=n+k，由此式可知n只能取偶数，当n=2时，k=3，总节数为N=5当n=4时，k=6，总节数为N=10当n=6时，k=9，总节数为N=

15当n=8时，k=12，总节数为N=20，故选项B、C正确。(2)易错警示：警示1：对整体法和隔离法的认识不全面，不清楚整体法使用的条件。警示2：隔离分析时受力分析要全面，不能出现漏力和多力的情况。警示3：合理地利用牛顿第二定律建立方程，注意矢量方向。整体法、隔

离法解决问题的四步分析考场练兵：1.水平铁轨上有一列由8节车厢组成的动车组。沿动车组前进的方向，每相邻两节车厢中有一节自带动力的车厢(动车)和一节不带动力的车厢(拖车)。该动车组在水平铁轨上匀加速行驶时，每节动车的动力装置均提供大小为F的牵引力，每节车厢所受的阻力

均为f，每节车厢的质量均为m，则第4节车厢与第5节车厢水平连接装置之间的相互作用力大小为()A.0B.2FC.2(F-f)D.2(F-2f)【答案】A解析：动车组整体受到的牵引力为4F，阻力为8f，根

据牛顿第二定律可得加速度为a==；设第4节车厢与第5节车厢水平连接装置之间的相互作用力大小为T，以前面4节车厢为研究对象，根据牛顿第二定律可得2F-4f-T=4ma，即2F-4f-T=4m×，解得T=0，只

有选项A正确。2.(多选)如图所示，一质量为M的斜面体静止在水平地面上，斜面倾角为θ，斜面上叠放着A、B两物体，物体B在沿斜面向上的力F的作用下沿斜面匀速上滑。若A、B之间的动摩擦因数为μ，μ<tanθ，A、B质量均为m，重力加速度为g，则()A.A、B

保持相对静止B.A、B一定相对滑动C.B与斜面间的动摩擦因数为D.B与斜面间的动摩擦因数为【答案】B、D解析：因为μ<tanθ，对A研究对象则满足mgsinθ>μmgcosθ，所以A、B一定相对滑动，选项A错

误，B正确；选物体B为研究对象，由牛顿第二定律得F-μmgcosθ-mgsinθ-μB·2mgcosθ=0，μB=，故选项C错误，D正确。必考方法三：临界极值法【真题引领】(2017·全国卷Ⅱ改编)如图所示，一弹簧一端固定在倾角

为θ=37°的光滑固定斜面的底端，另一端拴住质量为m1=6kg的物体P，Q为一质量为m2=10kg的物体，弹簧的质量不计，劲度系数k=600N/m，系统处于静止状态。现给物体Q施加一个方向沿斜面向上的力F，使它从静止开始沿斜面向上做匀加速运动，已知在前0.2s时间内，F为变

力，0.2s以后F为恒力，sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2。求：(1)系统处于静止状态时，弹簧的压缩量x0；(2)物体Q从静止开始沿斜面向上做匀加速运动的加速度大小a；(3)力F的最大值与最小值。【答案】(1)0.1

6m(2)m/s2(3)NN(1)题眼解读解析：(1)设开始时弹簧的压缩量为x0对整体受力分析，平行斜面方向有(m1+m2)gsinθ=kx0解得x0=0.16m(2)前0.2s时间内F为变力，之后为恒力，则0.2s时刻两

物体分离，此时P、Q之间的弹力为零且加速度大小相等，设此时弹簧的压缩量为x1对物体P，由牛顿第二定律得kx1-m1gsinθ=m1a前0.2s时间内两物体的位移x0-x1=at2联立解得a=m/s2(3)对两物体受力分析知，开始运动时拉力最小，分离时拉力最大Fmin

=(m1+m2)a=N对Q应用牛顿第二定律得Fmax-m2gsinθ=m2a解得Fmax=m2(gsinθ+a)=N。(2)易错警示：警示1：对运动情景分析不清晰，没有发现临界条件和特征。警示2：受力分析要全面，不能出现漏力和多力的情况。警示3：利用

牛顿第二定律建立方程时要注意矢量方向。三步解决临界极值问题考场练兵：如图甲所示，ABCD是一长方形有界匀强磁场边界，磁感应强度按图乙规律变化，取垂直纸面向外为磁场的正方向，图中AB=AD=L，一质量为m、所带电荷量为q的带正电粒子以速度v0在t

=0时从A点沿AB方向垂直磁场射入，粒子重力不计。(1)若粒子经时间t=T0恰好垂直打在CD上，求磁场的磁感应强度B0和粒子运动中的加速度a的大小；(2)若要使粒子恰能沿DC方向通过C点，求磁场的磁感应强度B0的

大小及磁场变化的周期T0。【答案】(1)(2)(n=1，2…)(n=1，2…)解析：(1)设粒子做圆周运动的半径为R，由牛顿第二定律得qv0B0=m，解得R=由题意分析可知粒子运动了3个圆周垂直打在CD上，则可得3R=L联立解得B0=粒子做圆周运动的加速度大小为a==

。(2)由题意可知粒子每经过一周期，其末速度方向与初速度方向相同，其部分轨迹如图所示，粒子从A到C经历的时间为磁场变化周期的整数(n)倍即AB方向有L=2nRsinθAD方向有L=2nR(1-cosθ)

联立得cosθ=，cosθ=1(舍去)即θ=60°，R=联立qv0B0=m得B0=(n=1，2…)又因粒子的运行周期T==(n=1，2…)由图可推得T0=，所以T0=(n=1，2…).