【文档说明】高考物理一轮复习巩固提升第3章题型探究课　牛顿运动定律的综合应用 (含解析).doc，共(4)页，152.500 KB，由MTyang资料小铺上传

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1.(多选)(2019·南京、盐城模拟)如图所示，蹦床运动员从空中落到床面上，运动员从接触床面下降到最低点为第一过程，从最低点上升到离开床面为第二过程，运动员()A．在第一过程中始终处于失重状态B．在第二过程中始终处

于超重状态C．在第一过程中先处于失重状态，后处于超重状态D．在第二过程中先处于超重状态，后处于失重状态解析：选CD.运动员刚接触床面时重力大于弹力，运动员向下做加速运动，运动员处于失重状态；随床面形变的增大，弹力逐渐增大，弹力大于重力时，运动员做减速运动，运动员处于超重状态，故A错误，C正

确；蹦床运动员在上升过程中和下落过程中是对称的，加速度方向先向上后向下，先处于超重状态，后处于失重状态，故B错误，D正确．2.(2019·武汉模拟)如图所示，两黏连在一起的物块a和b，质量分别为ma和mb，放在光滑的水平桌面上，现同时给它们施加方向如图所示的水平推力Fa和水平拉力Fb，已知Fa＞

Fb，则a对b的作用力()A．必为推力B．必为拉力C．可能为推力，也可能为拉力D．不可能为零解析：选C.将a、b看做一个整体，加速度a＝Fa＋Fbma＋mb，单独对a进行分析，设a、b间的作用力为Fab，则a＝Fa＋Fabma＝Fa＋Fbma＋mb，即Fab＝Fbma－Fambma＋

mb，由于不知道ma与mb的大小关系，故Fab可能为正，可能为负，也可能等于0.3．(2019·南阳五校联考)如图所示，滑轮A可沿倾角为θ的足够长光滑轨道下滑，滑轮下用轻绳挂着一个重为G的物体B，下滑时，物体B相对于A静止，则下滑过程中()A．B的加速

度为gsinθB．绳的拉力为GcosθC．绳的方向保持竖直D．绳的拉力为G解析：选A.A、B相对静止，即两物体的加速度相同，以A、B整体为研究对象分析受力可知，系统的加速度为gsinθ，所以选项A正确；再以B为研究对象进行受力分析，如图，根据平

行四边形法则可知，绳子的方向与斜面垂直，拉力大小等于Gcosθ，故选项B、C、D都错误．4.(2019·河南安阳模拟)在倾角为α的固定光滑斜面上，有一用绳子拴着的长木板，木板上站着一只猫．已知猫的质量是木板的质量的2倍．当绳子突然断开时，猫立即沿着板向上跑，以保持其相对斜面的位置

不变．则此时木板沿斜面下滑的加速度为()A．3gsinαB．gsinαC．3gsinα2D．2gsinα解析：选A.猫与木板加速度不同，分别对其受力分析是比较常见的解决方法．猫受力平衡，设猫的质量为2m，其所受摩擦力沿斜面向上，且Ff＝2mgsinα，则木板所受摩擦力沿斜

面向下，木板的加速度为a＝2mgsinα＋mgsinαm＝3gsinα，正确选项为A.5.如图所示为粮袋的传送装置，已知A、B两端间的距离为L，传送带与水平方向的夹角为θ，工作时运行速度为v，粮袋与传送带间的动摩擦因数为μ，正常工作时工人在A端将粮袋放到运行中的传送带上．设最大静摩擦力与滑动摩

擦力大小相等，重力加速度大小为g.关于粮袋从A到B的运动，以下说法正确的是()A．粮袋到达B端的速度与v比较，可能大，可能小或也可能相等B．粮袋开始运动的加速度为g(sinθ－μcosθ)，若L足够大，则以

后将以速度v做匀速运动C．若μ≥tanθ，则粮袋从A端到B端一定是一直做加速运动D．不论μ大小如何，粮袋从A端到B端一直做匀加速运动，且加速度a≥gsinθ解析：选A.若传送带较短，粮袋在传送带上可能一直做匀加速运动，到达B端时的速度小于v；若μ≥tanθ，则粮袋先做匀加速运动，当速度与传送带

的速度相同后，做匀速运动，到达B端时速度与v相同；若μ<tanθ，则粮袋先做加速度为g(sinθ＋μcosθ)的匀加速运动，当速度与传送带相同后做加速度为g(sinθ－μcosθ)的匀加速运动，到达B端时的速度大于v，选项A正确；粮袋开始时速

度小于传送带的速度，相对传送带的运动方向是沿传送带向上，所以受到沿传送带向下的滑动摩擦力，大小为μmgcosθ，根据牛顿第二定律得加速度a＝mgsinθ＋μmgcosθm＝g(sinθ＋μcosθ)，选项B错误；若μ≥tanθ，粮袋从A到B可能一直是

做匀加速运动，也可能先匀加速运动，当速度与传送带的速度相同后，做匀速运动，选项C、D均错误．6．(多选)(2019·安徽合肥模拟)如图所示，绷紧的长为6m的水平传送带，沿顺时针方向以恒定速率v1＝2m/s运行．一小物块从与传送带等高的光滑水平台面滑上传送带，其速度大小

为v2＝5m/s.若小物块与传送带间的动摩擦因数μ＝0.2，重力加速度g＝10m/s2，下列说法中正确的是()A．小物块在传送带上先向左做匀减速直线运动，然后向右做匀加速直线运动B．若传送带的速度为5m/s，小物块将从传送带左端滑出C．若小物块的速度为4m/s，小

物块将以2m/s的速度从传送带右端滑出D．若小物块的速度为1m/s，小物块将以2m/s的速度从传送带右端滑出解析：选BC.小物块在传送带上先向左做匀减速直线运动，设加速度大小为a，速度减至零时通过的位移为x.根

据牛顿第二定律得μmg＝ma，解得a＝μg＝2m/s2，则x＝v222a＝522×2m＝6.25m>6m，所以小物块将从传送带左端滑出，不会向右做匀加速直线运动，A错误；传送带的速度为5m/s时，小物块在传送带上受力情况不变，则运动情况也不变，仍会从传

送带左端滑出，B正确；若小物块的速度为4m/s，小物块向左减速运动的位移大小为x′＝v′222a＝422×2m＝4m<6m，则小物块的速度减到零后再向右加速，小物块加速到与传送带共速时的位移为x″＝v212a＝222×2m＝1m<4m，以后小物块以v1＝2m/s的速度匀速运动到右

端，则小物块从传送带右端滑出时的速度为2m/s，C正确；若小物块的速度为1m/s，小物块向左减速运动的位移大小为x＝v″222a＝122×2m＝0.25m<6m，则小物块速度减到零后再向右加速，由于x<x″，则小物块不可能与传送带共速，小物块将以1m/s的速度从传送带的右

端滑出，D错误．7.一个弹簧测力计放在水平地面上，Q为与轻弹簧上端连在一起的秤盘，P为一重物，已知P的质量M＝10.5kg，Q的质量m＝1.5kg，弹簧的质量不计，劲度系数k＝800N/m，系统处于静止．如图所示，现给P施加一个方向竖直向上的力F，使它从静止开始向上做匀加速运动，已

知在前0.2s内，F为变力，0.2s以后，F为恒力．求力F的最大值与最小值．(取g＝10m/s2)解析：设开始时弹簧压缩量为x1，t＝0.2s时弹簧的压缩量为x2，物体P的加速度为a，则有kx1＝(M＋m)g①kx2－mg＝ma②x

1－x2＝12at2③由①式得x1＝（M＋m）gk＝0.15m，④由②③④式得a＝6m/s2F小＝(M＋m)a＝72N，F大＝M(g＋a)＝168N.答案：168N72N8．(2019·宜昌模拟)如图甲所示，可视为质点的A、B两物体置于一静止长纸带上

，纸带左端与A、A与B间距均为d＝0.5m，两物体与纸带间的动摩擦因数均为μ1＝0.1，与地面间的动摩擦因数均为μ2＝0.2.现以恒定的加速度a＝2m/s2向右水平拉动纸带，重力加速度g取10m/s2，求：(1)A物体在纸带上的滑动时间．(2)在图乙的坐标系

中定性画出A、B两物体的v－t图象．(3)两物体A、B停在地面上的距离．解析：(1)两物体在纸带上滑动时均有μ1mg＝ma1当物体A滑离纸带时12at21－12a1t21＝d由以上两式可得t1＝1s.(2)如图所示(3)物体A离开纸带时的速度v1＝a

1t1两物体在地面上运动时均有μ2mg＝ma2物体A从开始运动到停在地面上过程中的总位移x1＝v212a1＋v212a2物体B滑离纸带时12at22－12a1t22＝2d物体B离开纸带时的速度v2＝a

1t2物体B从开始运动到停在地面上过程中的总位移x2＝v222a1＋v222a2两物体A、B最终停止时的间距x＝x2＋d－x1由以上各式可得x＝1.25m.答案：(1)1s(2)见解析(3)1.25m