【文档说明】(新高考)高考物理一轮复习课件第6章 第2讲 动能定理及其应用(含解析).ppt，共(70)页，1.731 MB，由MTyang资料小铺上传

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第六章机械能第2讲动能定理及其应用1.理解动能定理，会用动能定理解决一些基本问题.2.掌握解决动能定理与图象结合的问题的方法.【目标要求】内容索引NEIRONGSUOYIN考点一动能定理的理解和基本应用考点二应用动能定理求变力

做功考点三动能定理与图象结合的问题课时精练考点一动能定理的理解和基本应用011.动能(1)定义：物体由于运动而具有的能量叫作动能.(2)公式：Ek＝，单位：焦耳(J).1J＝1N·m＝1kg·m2/s2.(3)动能是标量、状态量.基础

回扣2.动能定理(1)内容：力在一个过程中对物体做的功，等于物体在这个过程中______.(2)表达式：W＝ΔEk＝Ek2－Ek1＝.(3)物理意义：做的功是物体动能变化的量度.动能的变化合力1.适用条件(1)动能定理既

适用于直线运动，也适用于曲线运动.(2)动能定理既适用于恒力做功，也适用于变力做功.(3)力可以是各种性质的力，既可以同时作用，也可以分阶段作用.技巧点拨2.解题步骤3.注意事项(1)动能定理中的位移和速度必须是相对于同一个参考系的，一般以地面或相对地面静止的

物体为参考系.(2)当物体的运动包含多个不同过程时，可分段应用动能定理求解；也可以全过程应用动能定理求解.(3)动能是标量，动能定理是标量式，解题时不能分解动能.例1(2019·辽宁大连市高三月考)如图1所示，一名滑雪爱好

者从离地h＝40m高的山坡上A点由静止沿两段坡度不同的直雪道AD、DC滑下，滑到坡底C时的速度大小v＝20m/s.已知滑雪爱好者的质量m＝60kg，滑雪板与雪道间的动摩擦因数μ＝0.25，BC间的距离L＝100m，重力加速度g＝10m/s2，

忽略在D点损失的机械能，则下滑过程中滑雪爱好者做的功为A.3000JB.4000JC.5000JD.6000J√图1例2(2017·上海卷·19)如图2，与水平面夹角θ＝37°的斜面和半径R＝0.4m的光滑圆轨道相切于B点

，且固定于竖直平面内.滑块从斜面上的A点由静止释放，经B点后沿圆轨道运动，通过最高点C时轨道对滑块的弹力为零.已知滑块与斜面间动摩擦因数μ＝0.25.(g取10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)求：(1)滑块在C点的速度大小vC；图2答案2m/s

解析在C点，滑块竖直方向所受合(2)滑块在B点的速度大小vB；答案4.29m/s解析B→C过程，由动能定理得(3)A、B两点间的高度差h.答案1.38m解析滑块从A→B的过程，利用动能定理：代入数据，解得h＝1.38m.1.(动能定理的理解)(2018·天津卷·2)滑雪

运动深受人民群众喜爱.如图3所示，某滑雪运动员(可视为质点)由坡道进入竖直面内的圆弧形滑道AB，从滑道的A点滑行到最低点B的过程中，由于摩擦力的存在，运动员的速率不变，则运动员沿AB下滑过程中A.所受合外力始终为零B.所受摩擦力大小不变C.合外力做功一定为零D.机械能始终保

持不变跟进训练12√图312解析运动员从A点滑到B点的过程中速率不变，则运动员做匀速圆周运动，其所受合外力指向圆心，A错误；由动能定理知，运动员匀速率下滑动能不变，合外力做功为零，C正确；运动员下滑过程中动能不变，重力势能减小

，机械能减小，D错误.如图所示，运动员受到的沿圆弧切线方向的合力为零，即Ff＝mgsinα，下滑过程中α减小，sinα变小，故摩擦力Ff变小，B错误；2.(动能定理的应用)(多选)(2019·宁夏银川市质检)

如图4所示为一滑草场.某条滑道由上下两段高均为h，与水平面倾角分别为45°和37°的滑道组成，载人滑草车与草地之间的动摩擦因数均为μ.质量为m的载人滑草车从坡顶由静止开始自由下滑，经过上、下两段滑道后，最后恰好静止于滑道的底端(不计载人滑草车在两段滑道交接处的能

量损失，重力加速度大小为g，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8).则12图4√√载人滑草车克服摩擦力做功为2mgh，选项C错误；12考点二应用动能定理求变力做功02例3(2020·四川雅安市期末)如图5所示，一半径为R的半圆形轨道竖直固定

放置，轨道两端等高，质量m的质点自轨道端点P由静止开始滑下，滑到最低点Q时，对轨道的压力为2mg，重力加速度大小为g.质点自P滑到Q的过程中，克服摩擦力所做的功为图5√3.(应用动能定理求变力做功)(2019·河南郑州

市高一月考)质量为m的物体以初速度v0沿水平面向左开始运动，起始点A与一轻弹簧O端相距s，如图6所示.已知物体与水平面间的动摩擦因数为μ，物体与弹簧相碰后，弹簧的最大压缩量为x，则从开始碰撞到弹簧被压缩至最短，物

体克服弹簧弹力所做的功为(重力加速度大小为g)C.μmgsD.μmg(s＋x)跟进训练图6√03考点三动能定理与图象结合的问题1.解决图象问题的基本步骤(1)观察题目给出的图象，弄清纵坐标、横坐标所对应的物理量及图线所表示的物理意义.(2)根据物理规律推导出纵坐

标与横坐标所对应的物理量间的函数关系式.(3)将推导出的物理规律与数学上与之相对应的标准函数关系式相对比，找出图线的斜率、截距、图线的交点、图线下的面积等所表示的物理意义，分析解答问题，或者利用函数图线上的特定值代入函数关系式求物理量.2.图象所

围“面积”和图象斜率的含义例4(2019·全国卷Ⅲ·17)从地面竖直向上抛出一物体，物体在运动过程中除受到重力外，还受到一大小不变、方向始终与运动方向相反的外力作用.距地面高度h在3m以内时，物体上升、下落过程中动能Ek随h的变化如图7所示.重力

加速度取10m/s2.该物体的质量为A.2kgB.1.5kgC.1kgD.0.5kg√考向1动能定理与Ek－x图象结合图7解析法一：特殊值法画出运动示意图.设该外力的大小为F，据动能定理知A→B(上升过程)：－(mg＋F)h＝EkB－EkAB→A(下落过程)：(mg－F)h＝EkA′－Ek

B′整理以上两式并代入数据得mgh＝30J，解得物体的质量m＝1kg，选项C正确.法二：写表达式根据斜率求解上升过程：－(mg＋F)h＝Ek－Ek0，则Ek＝－(mg＋F)h＋Ek0下降过程：(mg－F)h＝Ek′－Ek0′，则Ek′＝(mg－F

)h＋Ek0′，联立可得m＝1kg，选项C正确.例5如图8甲所示，在倾角为30°的足够长的光滑斜面AB的A处连接一粗糙水平面OA，OA长为4m.有一质量为m的滑块，从O处由静止开始受一水平向右的力F作用.F在水平面上按图乙所示的规律变化.滑块与OA间的动摩擦因数μ＝0.25，g取

10m/s2，试求：考向2动能定理与F－x图象结合图8(1)滑块运动到A处的速度大小；解析由题图乙知，在OA段拉力做功为W＝(2mg×2－0.5mg×1)J＝3.5mg(J)滑动摩擦力Ff＝－μmg＝－0.25mg，Wf＝Ff·xOA＝－mg(J

)，滑块在OA上运动的全过程，由动能定理得(2)不计滑块在A处的速率变化，滑块沿斜面AB向上运动的最远距离是多少.答案5m解析对于滑块冲上斜面的过程，由动能定理得解得L＝5m所以滑块沿斜面AB向上运动的最远距离为L＝5m.4.(

动能定理与a－t图象结合)(2020·山西太原市模拟)用传感器研究质量为2kg的物体由静止开始做直线运动的规律时，在计算机上得到0～6s内物体的加速度随时间变化的关系如图9所示.下列说法正确的是A.0～6s内物体先向正方向运动，后向负方向运动B

.0～6s内物体在4s时的速度最大C.物体在2～4s内的速度不变D.0～4s内合力对物体做的功等于0～6s内合力对物体做的功√跟进训练4图9545由题图可知物体在2～4s内加速度不变，做匀加速直线运动，速度变大，C项错误；455.(动能定理与Ek－x图象结合)(2020·湖北高三月考)质量为2kg

的物块放在粗糙水平面上，在水平拉力的作用下由静止开始运动，物块的动能Ek与其发生的位移x之间的关系如图10所示.已知物块与水平面间的动摩擦因数μ＝0.2，重力加速度g取10m/s2，则下列说法正确的是A.x＝1m时速度大小为

2m/sB.x＝3m时物块的加速度大小为2.5m/s2C.在前4m位移过程中拉力对物块做的功为9JD.在前4m位移过程中物块所经历的时间为2.8s4图105√同理，当x＝2m时动能为4J，v2＝2m/s；当x＝4m时动能为9J，v4＝3m/s，则2～4m内有2a2x2＝v4

2－v22，解得2～4m内物块的加速度为a2＝1.25m/s2，故B错误.对物体运动全过程，由动能定理得：WF＋(－μmgx4)＝Ek末－0，解得WF＝25J，故C错误.4545课时精练041.(201

8·全国卷Ⅱ·14)如图1，某同学用绳子拉动木箱，使它从静止开始沿粗糙水平路面运动至具有某一速度.木箱获得的动能一定A.小于拉力所做的功B.等于拉力所做的功C.等于克服摩擦力所做的功D.大于克服摩擦力所做

的功123456789√101112双基巩固练图1解析由题意知，W拉－W克摩＝ΔEk，则W拉>ΔEk，A项正确，B项错误；W克摩与ΔEk的大小关系不确定，C、D项错误.2.如图2所示，小物体从A处由静止开始沿光滑斜面AO下滑，又在粗糙水平

面上滑动，最终停在B处，已知A距水平面OB的高度为，物体的质量为m，现用力将物体从B点静止沿原路拉回至距水平面高为的C点处，已知重力加速度为g，需外力做的功至少应为图2123456789101112√3.(2018·江苏卷·4)从地面竖直向上

抛出一只小球，小球运动一段时间后落回地面.忽略空气阻力，该过程中小球的动能Ek与时间t的关系图像是123456789101112√123456789101112解析小球做竖直上抛运动，设初速度为v0，则v＝v0－gtEk与t为二次函数关系，故A正确.4.(2021·广东茂名

市第一中学期中)如图3所示，运动员把质量为m的足球从水平地面踢出，足球在空中达到的最高点高度为h，在最高点时的速度为v，不计空气阻力，重力加速度为g，下列说法正确的是123456789101112图3√123456789101112解析足球被踢起后在运动过程中，只受到重力

作用，只有重力做功，重力做功为－mgh，即克服重力做功mgh，B、D错误；5.(2021·湖南怀化市模拟)如图4所示，DO是水平面，AB是斜面，初速度为v0的物体从D点出发沿DBA滑动到顶点A时速度刚好为零，如果斜面改为AC

，让该物体从D点出发沿DCA滑动到A点且速度刚好为零，则物体具有的初速度(已知物体与斜面及水平面之间的动摩擦因数处处相同且不为零)A.等于v0B.大于v0C.小于v0D.取决于斜面123456789101112√图412345678910

11126.(2021·福建宁德市高三期中)如图5所示，质量为m的物体置于光滑水平面上，一根绳子跨过定滑轮一端固定在物体上，另一端在力F作用下，物体由静止开始运动到绳与水平方向的夹角α＝45°时绳以速度v0竖直向下运动，此过程中，绳的拉力对

物体做的功为123456789101112图5√1234567891011127.(多选)在某一粗糙的水平面上，一质量为2kg的物体在水平恒定拉力的作用下做匀速直线运动，当运动一段时间后，拉力逐渐减小，且当拉力

减小到零时，物体刚好停止运动，图6中给出了拉力随位移变化的关系图象.已知重力加速度g取10m/s2.根据以上信息能精确得出或估算得出的物理量有A.物体与水平面间的动摩擦因数B.合外力对物体所做的功C.物体做匀速运动时的速度D.物体运动的时间123456789√101112图6√√解析物体做匀

速直线运动时，拉力F0与滑动摩擦力Ff相等，物体与水平面间的动摩擦因数为μ＝＝0.35，A正确；减速过程由动能定理得WF＋Wf＝0－，根据F－x图象中图线与坐标轴围成的面积可以123456789101112估

算力F做的功WF，而Wf＝－μmgx＝－F0x，由此可求得合外力对物体所做的功，及物体做匀速运动时的速度v，B、C正确；因为物体做变加速运动，所以运动时间无法求出，D错误.8.质量m＝1kg的物体，在水平恒定拉力F(拉力方向与物体初速度方向相同)的作用下，沿粗糙水平面运动，经过的位移为4m时

，拉力F停止作用，运动到位移为8m时物体停止运动，运动过程中Ek－x图象如图7所示.取g＝10m/s2，求：(1)物体的初速度大小；图7答案2m/s解析从题图可知物体初动能为2J，则得v＝2m/s.123456789101112(2)物体和水平面间的动摩擦因数；答案0.25解析在位移

为4m处物体的动能为Ek＝10J，在位移为8m处物体的动能为零，这段过程中物体克服摩擦力做功.设摩擦力为Ff，则由动能定理得－Ffx2＝0－Ek代入数据，解得Ff＝2.5N.因Ff＝μmg，故μ＝0.25.123456789101112(3)拉力F的大小.答案4.5N

解析物体从开始运动到位移为4m的过程中，受拉力F和摩擦力Ff的作用，合力为F－Ff，根据动能定理有(F－Ff)x1＝Ek－Ek0，故得F＝4.5N.1234567891011129.(多选)(2020·贵州安顺市网上调研)如图8所示，

半圆形光滑轨道BC与水平光滑轨道AB平滑连接.小物体在水平恒力F作用下，从水平轨道上的P点，由静止开始运动，运动到B点撤去外力F，小物体由C点离开半圆轨道后落在P点右侧区域.已知PB＝3R，重力加速度为g，F的大小可能为123456789

101112能力提升练图8√√123456789101112且由C点离开半圆轨道后落在P点右侧区域，故B、C正确，A、D错误.10.如图9所示，一半径为R、粗糙程度处处相同的半圆形轨道竖直固定放置，直径POQ水平.一质量为m的小球(可看成质点)

从P点上方高为R处由静止开始下落，恰好从P点进入轨道.小球滑到轨道最低点N时，对轨道的压力大小为4mg，g为重力加速度.用W表示小球从P点运动到N点的过程中克服摩擦力所做的功，则√图9123456789101112123456789101112由于小球在PN段某点处的速度大于此点

关于ON在NQ段对称点处的速度，所以小球在PN段某点处受到的支持力大于此点关于ON在NQ段对称点处受到的支持力，则小球在NQ段克服摩擦力做的功小于在PN段克服摩擦力做的功，123456789101112则小球在N处的动能大于小球从N到Q克服重力做的功和克服摩擦力做的功之和，可知vQ

>0，所以小球到达Q点后，继续上升一段距离，选项C正确.11.如图10甲所示，长为4m的水平轨道AB与半径为R＝0.6m的竖直半圆弧轨道BC在B处相连接，有一质量为1kg的滑块(大小不计)，从A处由静止开始受水平向右的力F

作用，F的大小随位移变化的关系如图乙所示，滑块与AB间的动摩擦因数为μ＝0.25，与BC间的动摩擦因数未知，g取10m/s2.求：123456789101112图10(1)滑块到达B处时的速度大小；解析对滑块从A到B的过程，由动能定理得123456

789101112(2)滑块在水平轨道AB上运动前2m过程所用的时间；解析在前2m内，有F1－μmg＝ma，123456789101112(3)若到达B点时撤去力F，滑块沿半圆弧轨道内侧上滑，并恰好能到达最高点C，则滑块在半圆弧轨道上克服摩擦力所做的功是多

少？答案5J123456789101112123456789101112对滑块从B到C的过程，由动能定理得代入数值得W＝－5J，即滑块在半圆弧轨道上克服摩擦力做的功为5J.12.(2020·山西运城市月考)如图11，在竖直平面内，一半径为R的光滑圆弧轨道ABC和水平轨道

PA在A点相切，BC为圆弧轨道的直径，O为圆心，OA和OB之间的夹角为α，sinα＝.一质量为m的小球沿水平轨道向右运动，经A点沿圆弧轨道通过C点，落至水平轨道；在整个过程中，除受到重力及轨道作用力外，小球还一直

受到一水平恒力的作用，已知小球在图11C点所受合力的方向指向圆心，且此时小球对轨道的压力恰好为零.重力加速度大小为g.求：(1)水平恒力的大小和小球到达C点时速度的大小；123456789101112123456789101112解析设水平恒力的大小

为F0，小球所受重力和水平恒力的合力的大小为F，小球到达C点时速度的大小为vC，(2)小球到达B点时对圆弧轨道的压力大小.123456789101112123456789101112解析设小球到达B点时速度的大小为vB，小球由

B到C的过程中由动能定理可得