【文档说明】(新高考)高考物理一轮复习第4章第3讲《圆周运动》 (含解析).doc，共(18)页，587.000 KB，由MTyang资料小铺上传

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第3讲圆周运动目标要求1.熟练掌握描述圆周运动的各物理量之间的关系.2.掌握匀速圆周运动由周期性引起的多解问题的分析方法.3.会分析圆周运动的向心力来源，掌握圆周运动的动力学问题的分析方法，掌握圆锥摆模型．考点一圆周运动的运动学问题1．描述圆周运动的物理

量定义、意义公式、单位线速度(v)①描述圆周运动的物体运动快慢的物理量②是矢量，方向和半径垂直，和圆周相切①v＝ΔsΔt(定义式)＝2πrT(与周期的关系)②单位：m/s角速度(ω)①描述物体绕圆心转动快慢的物理量②是矢量，但不研究其方向①ω＝Δθ

Δt(定义式)＝2πT(与周期的关系)②单位：rad/s③ω与v的关系：v＝ωr周期(T)转速(n)频率(f)①周期是做匀速圆周运动的物体沿圆周运动一周所用的时间，周期的倒数为频率②转速是单位时间内物体转过的圈数

①T＝2πrv＝1f(与频率的关系)②T的单位：sn的单位：r/s、r/minf的单位：Hz向心加速度(an)①描述线速度方向变化快慢的物理量②方向指向圆心①an＝v2r＝ω2r＝4π2T2r＝ωv②单位：m/s22．匀速圆周运动(

1)定义：如果物体沿着圆周运动，并且线速度的大小处处相等，所做的运动就是匀速圆周运动．(2)特点：加速度大小不变，方向始终指向圆心，是变加速运动．(3)条件：合外力大小不变、方向始终与速度方向垂直且指向圆心．1．匀速圆周运动是匀变速曲线运动．(×)2．物体做匀速

圆周运动时，其线速度是不变的．(×)3．物体做匀速圆周运动时，其合外力是变力．(√)4．匀速圆周运动的向心加速度与半径成反比．(×)1．对公式v＝ωr的理解当ω一定时，v与r成正比．当v一定时，ω与r成反比．2．对an＝v2r＝ω2r的理解在v一定时，an与r成反比；在ω一定时，an与r

成正比．3．常见的传动方式及特点(1)皮带传动：如图甲、乙所示，皮带与两轮之间无相对滑动时，两轮边缘线速度大小相等，即vA＝vB.(2)摩擦传动和齿轮传动：如图甲、乙所示，两轮边缘接触，接触点无打滑现象时，两轮边缘线速度大

小相等，即vA＝vB.(3)同轴转动：如图所示，绕同一转轴转动的物体，角速度相同，ωA＝ωB，由v＝ωr知v与r成正比．考向1圆周运动物理量的分析和计算例1(多选)如图所示为学员驾驶汽车在水平面上绕O点做匀速圆周运动的俯视图．已知质量为60k

g的学员在A点位置，质量为70kg的教练员在B点位置，A点的转弯半径为5.0m，B点的转弯半径为4.0m，则学员和教练员(均可视为质点)()A．线速度大小之比为5∶4B．周期之比为5∶4C．向心加速度大小之比为4∶5D．受到的合力大小之比为15∶14答案A

D解析学员和教练员一起做圆周运动的角速度相等，根据v＝rω，知半径之比为5∶4，则线速度大小之比为5∶4，A正确；学员和教练员做圆周运动的角速度相等，根据T＝2πω，知周期相等，B错误；学员和教练员做圆周运动的角速度相等，半径之比为5

∶4，根据a＝rω2，则向心加速度大小之比为5∶4，C错误；所受合力提供做圆周运动所需向心力，根据F＝ma，向心加速度大小之比为5∶4，质量之比为6∶7，则所受合力大小之比为15∶14，D正确．考向2圆周传动问题例2如图所示，B和C是一组塔轮，即B和C半径不同，但固定在同一

转轴上，其半径之比为RB∶RC＝3∶2，A轮的半径大小与C轮相同，它与B轮紧靠在一起，当A轮绕过其中心的竖直轴转动时，由于摩擦力作用，B轮也随之无滑动地转动起来．a、b、c分别为三轮边缘的三个点，则a、

b、c三点在运动过程中的()A．线速度大小之比为3∶2∶2B．角速度之比为3∶3∶2C．转速之比为2∶3∶2D．向心加速度大小之比为9∶6∶4答案D解析A、B靠摩擦传动，则边缘上a、b两点的线速度大小相等，即va∶vb＝1∶1，选项A错误；B、C同轴转动，则边

缘上b、c两点的角速度相等，即ωb＝ωc，转速之比nbnc＝ωbωc＝11，选项B、C错误；对a、b两点，由an＝v2r得aaab＝RBRA＝32，对b、c两点，由an＝ω2r得abac＝RBRC＝32，故aa∶ab∶ac＝9∶6∶4，

选项D正确．考向3圆周运动的多解问题例3如图所示为一个半径为5m的圆盘，正绕其圆心做匀速转动，当圆盘边缘上的一点A处在如图所示位置的时候，在其圆心正上方20m的高度有一个小球正在向边缘的A点以一定的速度水

平抛出，取g＝10m/s2，不计空气阻力，要使得小球正好落在A点，则()A．小球平抛的初速度一定是2.5m/sB．小球平抛的初速度可能是2.5m/sC．圆盘转动的角速度一定是πrad/sD．圆盘转动的加速度可能是π2m/s2答

案A解析根据h＝12gt2可得t＝2hg＝2s，则小球平抛的初速度v0＝rt＝2.5m/s，A正确，B错误；根据ωt＝2nπ(n＝1、2、3、„)，解得圆盘转动的角速度ω＝2nπt＝nπrad/s(n＝1、2、3、„)，圆盘转动的加速度为a＝ω2r＝n2

π2r＝5n2π2m/s2(n＝1、2、3、„)，C、D错误．考点二圆周运动的动力学问题1．匀速圆周运动的向心力(1)作用效果向心力产生向心加速度，只改变速度的方向，不改变速度的大小．(2)大小Fn＝mv2r＝mrω2＝m4π

2T2r＝mωv.(3)方向始终沿半径方向指向圆心，时刻在改变，即向心力是一个变力．2．离心运动和近心运动(1)离心运动：做圆周运动的物体，在所受合外力突然消失或不足以提供圆周运动所需向心力的情况下，就做逐渐远离圆心的运动．(2

)受力特点(如图)①当F＝0时，物体沿切线方向飞出，做匀速直线运动．②当0<F<mrω2时，物体逐渐远离圆心，做离心运动．③当F>mrω2时，物体逐渐向圆心靠近，做近心运动．(3)本质：离心运动的本质并不是受到离心力的作用，而是提供的力小于做匀速圆周运动需要的向心力．3．匀速圆周运动与

变速圆周运动合力、向心力的特点(1)匀速圆周运动的合力：提供向心力．(2)变速圆周运动的合力(如图)①与圆周相切的分力Ft产生切向加速度at，改变线速度的大小，当at与v同向时，速度增大，做加速圆周运动，反向时做减速圆周运动．②指向圆心的分力Fn提供向心力，产生向心加速度an，

改变线速度的方向．1．做匀速圆周运动的物体，当所受合外力突然减小时，物体将沿切线方向飞出．(×)2．摩托车转弯时速度过大就会向外发生滑动，这是摩托车受沿转弯半径向外的离心力作用的缘故．(×)3．向心力可以是物体受到的某一个力，也可以是物体受

到的合力．(√)4．变速圆周运动的向心力不指向圆心．(×)1．向心力来源向心力是按力的作用效果命名的，可以是重力、弹力、摩擦力等各种力，也可以是几个力的合力或某个力的分力，因此在受力分析中要避免再另外添加一个向心力．2．匀速

圆周运动的向心力来源运动模型向心力的来源图示汽车在水平路面转弯水平转台(光滑)圆锥摆飞车走壁飞机水平转弯火车转弯3．变速圆周运动的向心力如图所示，当小球在竖直面内摆动时，半径方向的合力提供向心力，FT－mgcosθ＝mv2

R，如图所示．4．圆周运动动力学问题的分析思路考向1圆周运动的动力学问题例4如图所示，一个圆盘绕过圆心O且与盘面垂直的竖直轴匀速转动，角速度为ω，盘面上有一质量为m的物块随圆盘一起做匀速圆周运动，已知物块到转轴的距离为r，下列说法正确

的是()A．物块受重力、弹力、向心力作用，合力大小为mω2rB．物块受重力、弹力、摩擦力、向心力作用，合力大小为mω2rC．物块受重力、弹力、摩擦力作用，合力大小为mω2rD．物块只受重力、弹力作用，合力大小为零答案C解析对物块进行受力分析可知物

块受重力、圆盘对它的支持力及摩擦力作用．物块所受的合力等于摩擦力，合力提供向心力．根据牛顿第二定律有F合＝Ff＝mω2r，选项A、B、D错误，C正确．例5如图所示，内壁光滑的竖直圆桶，绕中心轴做匀速圆周运动，一物块用细绳系着，绳的另一端

系于圆桶上表面圆心，且物块贴着圆桶内表面随圆桶一起转动，则()A．绳的张力可能为零B．桶对物块的弹力不可能为零C．随着转动的角速度增大，绳的张力保持不变D．随着转动的角速度增大，绳的张力一定增大答案C解析当物块随圆桶做匀速圆周运动时，绳的拉力的竖直分力与物块的重力保持平衡，因此绳的张力为一定值，且

不可能为零，故A、D错误，C正确；当绳的水平分力恰好提供向心力的时候，圆桶对物块的弹力恰好为零，故B错误．例6(2020·全国卷Ⅰ·16)如图，一同学表演荡秋千．已知秋千的两根绳长均为10m，该同学和秋千踏板的总质量约为50kg.绳的质量忽略不计．当该同学荡到秋千支架的正下方时，速度大小为8

m/s，此时每根绳子平均承受的拉力约为()A．200NB．400NC．600ND．800N答案B解析取该同学与踏板为研究对象，到达最低点时，受力如图所示，设每根绳子中的平均拉力大小为F.由牛顿第二定律知：2F－mg＝mv2r，取g＝9.8m/s2，

代入数据得F＝405N，故每根绳子平均承受的拉力约为405N，选项B正确．考向2圆锥摆模型例7(2022·辽宁六校联考)四个完全相同的小球A、B、C、D均在水平面内做圆锥摆运动．如图甲所示，其中小球A、B在同一水平面内

做圆锥摆运动(连接B球的绳较长)；如图乙所示，小球C、D在不同水平面内做圆锥摆运动，但是连接C、D的绳与竖直方向之间的夹角相同(连接D球的绳较长)，则下列说法错误的是()A．小球A、B角速度相等B．小球A、B线速度大小相同C．小球C、D向心加速度大小相同D．小球D受到绳的拉力

与小球C受到绳的拉力大小相等答案B解析对题图甲A、B分析：设绳与竖直方向的夹角为θ，小球的质量为m，小球A、B到悬点O的竖直距离为h，则mgtanθ＝mω2lsinθ，解得ω＝glcosθ＝gh，所以小球A、B的角速

度相等，线速度大小不相同，故A正确，B错误；对题图乙C、D分析：设绳与竖直方向的夹角为θ，小球的质量为m，绳长为L，绳上拉力为FT，则有mgtanθ＝ma，FTcosθ＝mg得a＝gtanθ，FT＝mgcosθ，所以小球C、D向心加速度大小相同，小球C、D受

到绳的拉力大小也相同，故C、D正确．例8如图所示，质量相等的甲、乙两个小球，在光滑玻璃漏斗内壁做水平面内的匀速圆周运动，甲在乙的上方．则()A．球甲的角速度一定大于球乙的角速度B．球甲的线速度一定大于球乙的线速度C．

球甲的运动周期一定小于球乙的运动周期D．球甲对筒壁的压力一定大于球乙对筒壁的压力答案B解析对小球受力分析，小球受到重力和支持力，它们的合力提供向心力，设支持力与竖直方向夹角为θ，根据牛顿第二定律有mgtanθ＝mv2R＝mRω2，解得v＝gRtanθ，ω＝gtanθR，球甲的轨迹半径大

，则球甲的角速度一定小于球乙的角速度，球甲的线速度一定大于球乙的线速度，故A错误，B正确；根据T＝2πω，因为球甲的角速度一定小于球乙的角速度，则球甲的运动周期一定大于球乙的运动周期，故C错误；因为支持力FN＝mgcosθ，结合牛顿第三定律，

球甲对筒壁的压力一定等于球乙对筒壁的压力，故D错误．例9如图所示，质量均为m的a、b两小球用不可伸长的等长轻质绳子悬挂起来，使小球a在竖直平面内来回摆动，小球b在水平面内做匀速圆周运动，连接小球b的绳子与

竖直方向的夹角和小球a摆动时绳子偏离竖直方向的最大夹角都为θ，重力加速度为g，则下列说法正确的是()A．a、b两小球都是所受合外力充当向心力B．a、b两小球圆周运动的半径之比为tanθC．b小球受到的绳子拉力为mgcosθD．a小球运动到最高点时受到的绳子拉力为mgs

inθ答案C解析小球a速度变化，只有在最低点时所受合外力充当向心力，而小球b做匀速圆周运动，所受合外力充当向心力，故A错误；由几何关系可知，a、b两小球圆周运动的半径之比为1sinθ，故B错误；根据矢量三角形可得Fbcosθ＝mg，即Fb＝mgcosθ，故C正确

；a小球到达最高点时速度为零，将重力正交分解有Fa＝mgcosθ，故D错误．圆锥摆模型1.如图所示，向心力F向＝mgtanθ＝mv2r＝mω2r，且r＝Lsinθ，解得v＝gLtanθsinθ，ω＝gLcosθ.2．稳定状态下，

θ角越大，对应的角速度ω和线速度v就越大，小球受到的拉力F＝mgcosθ和运动所需向心力也越大．考向3生活中的圆周运动例10列车转弯时的受力分析如图所示，铁路转弯处的圆弧半径为R，两铁轨之间的距离为d，内外轨的高度差为h，铁轨平面和水平面间的夹角为α

(α很小，可近似认为tanα≈sinα)，重力加速度为g，下列说法正确的是()A．列车转弯时受到重力、支持力和向心力的作用B．列车过转弯处的速度v＝gRhd时，列车轮缘不会挤压内轨和外轨C．列车过转弯处的速度v<gRhd时，列车轮缘会挤压外轨D．若减小α角，可提高列车安全过转弯处的速

度答案B解析列车以规定速度转弯时受到重力、支持力，重力和支持力的合力提供向心力，A错误；当重力和支持力的合力提供向心力时，则mv2R＝mgtanα＝mghd，解得v＝gRhd，列车轮缘不会挤压内轨和外轨，B正确；列车过转弯处的速度v<gRhd时，转弯所需的合力F<mgt

anα，故此时列车内轨受挤压，C错误；若要提高列车速度，则列车所需的向心力增大，故需要增大α，D错误．课时精练1．(2021·全国甲卷·15)“旋转纽扣”是一种传统游戏．如图，先将纽扣绕几圈，使穿过纽扣的两股细绳拧在一起，然后用力反复拉绳的两端，纽扣正转和反转会交替出现．拉动多次后，纽扣绕

其中心的转速可达50r/s，此时纽扣上距离中心1cm处的点向心加速度大小约为()A．10m/s2B．100m/s2C．1000m/s2D．10000m/s2答案C解析根据匀速圆周运动的规律，此时ω＝2πn＝100πrad/s，向心加速度a＝ω2r≈1000m/

s2，故选C.2.(多选)在如图所示的齿轮传动中，三个齿轮的半径之比为2∶3∶6，当齿轮转动的时候，关于小齿轮边缘的A点和大齿轮边缘的B点，下列说法正确的是()A．A点和B点的线速度大小之比为1∶1B．A点和B点

的角速度之比为1∶1C．A点和B点的角速度之比为3∶1D．A点和B点的线速度大小之比为1∶3答案AC解析题图中三个齿轮边缘线速度大小相等，则A点和B点的线速度大小之比为1∶1，由v＝ωr可知，线速度一定时，角速度与半径成反比，则A点和B

点角速度之比为3∶1，故A、C正确，B、D错误．3.未来的星际航行中，宇航员长期处于零重力状态，为缓解这种状态带来的不适，有人设想在未来的航天器上加装一段圆柱形“旋转舱”，如图所示．当旋转舱绕其轴线匀速旋转时，宇航员站在旋转舱内圆柱形侧壁上，可以受到与他站在地球表面时相同大小的支持力．为达

到上述目的，下列说法正确的是()A．旋转舱的半径越大，转动的角速度就应越大B．旋转舱的半径越大，转动的角速度就应越小C．宇航员质量越大，旋转舱的角速度就应越大D．宇航员质量越大，旋转舱的角速度就应越小答案B解析根据向心力的公式man＝mω2r，可得an＝ω2r，要想使宇航员在旋转舱内受到侧壁

的弹力等于站在地球表面受到地面的支持力，旋转舱的向心加速度an应等于重力加速度，旋转舱的半径越大，转动的角速度应该越小，选项A错误，B正确；旋转舱的角速度与宇航员的质量无关，选项C、D错误．4.如图所示，汽车正在水平路

面上沿圆轨道匀速率转弯，且没有发生侧滑．下列说法正确的是()A．汽车转弯时由车轮和路面间的静摩擦力提供向心力B．汽车转弯时由汽车受到的重力与支持力的合力提供向心力C．汽车转弯时由车轮和路面间的滑动摩擦力提供向心力D．汽车转弯半径不变，速度减小时，汽车受到的静摩擦力可能不变答案A解析汽车转弯时靠静

摩擦力提供向心力，故A正确，B、C错误；根据Ff＝Fn＝mv2R知，半径不变，速度减小时，向心力减小，则汽车受到的静摩擦力减小，故D错误．5.(多选)飞机飞行时除受到发动机的推力和空气阻力外，还受到重力和机翼的升力，机翼的升力垂直于机翼所在平面向上，当飞机在空中盘旋时机翼倾

斜(如图所示)，以保证重力和机翼升力的合力提供向心力．设飞机以速率v在水平面内做半径为R的匀速圆周运动时机翼与水平面成θ角，飞行周期为T.则下列说法正确的是()A．若飞行速率v不变，θ增大，则半径R增大B．若飞行速率v不变，θ增大，则周期T

增大C．若θ不变，飞行速率v增大，则半径R增大D．若飞行速率v增大，θ增大，则周期T可能不变答案CD解析对飞机进行受力分析，如图所示，根据重力和机翼升力的合力提供向心力，得mgtanθ＝mv2R＝m4π2T2R，解得：v＝gRta

nθ，T＝2πRgtanθ.若飞行速率v不变，θ增大，由v＝gRtanθ知，R减小，则再由T＝2πRgtanθ知，T减小，故A、B错误；若θ不变，飞行速率v增大，由v＝gRtanθ知，R增大，故C正确；若飞行速率v增大，θ增大，R的变化不能确定，则周期T可能不变，故D

正确．6.如图所示为室内场地自行车赛的比赛情景，运动员以速度v在倾角为θ的粗糙倾斜赛道上做匀速圆周运动．已知运动员质量为m，圆周运动的半径为R，重力加速度为g，将运动员视为质点．则运动员()A．所受合力方向沿赛道面向下B．所受自行车的作用力方向竖直向

上C．合力大小为mv2RD．速度不能超过gRtanθ答案C解析运动员和自行车组成的整体受重力、支持力、摩擦力作用，靠合力提供向心力，合力的方向始终指向圆心，A错误；运动员所受重力、支持力的合力提供其做圆周运动的向心力，故自行车对运动员的作用力应斜向

左上方，B错误；运动员所受的合力提供运动员做圆周运动的向心力，根据向心力公式可得F向＝mv2R，C正确；以运动员和自行车整体为研究对象，受到的重力和赛道的支持力的合力提供向心力时，向心力为F向＝m总v2R＝m总gtanθ，解得v＝gRtanθ，当运动员和自行车的速度略大于gRta

nθ时，整体会受到赛道的沿着赛道面向下的摩擦力，仍能做匀速圆周运动，D错误．7.如图所示，“旋转秋千”中的两个座椅A、B质量相等，通过相同长度的缆绳悬挂在旋转圆盘上．不考虑空气阻力的影响，当旋转圆盘绕竖直的中心轴匀速转动时

，下列说法正确的是()A．A的速率比B大B．A与B的向心加速度大小相等C．悬挂A、B的缆绳与竖直方向的夹角相等D．悬挂A的缆绳所受的拉力比悬挂B的小答案D解析A、B绕竖直轴匀速转动的角速度相等，即ωA＝

ωB，但rA<rB，根据v＝ωr得，A的速率比B的小，选项A错误；根据a＝ω2r得，A的向心加速度比B的小，选项B错误；A、B做圆周运动时的受力情况如图所示，根据F向＝mω2r及tanθ＝F向mg＝ω2rg知，悬挂A的缆绳与竖直方向的夹角小，选项

C错误；由图知FT＝mgcosθ，所以悬挂A的缆绳受到的拉力小，选项D正确．8.小球a、b分别通过长度相等的轻绳拴在O点，给a、b适当的速度，使两小球分别在不同水平面内做匀速圆周运动，Oa与竖直方向夹角为60°，Ob与竖直方向夹角为30°，则a

做圆周运动的周期与b做圆周运动的周期之比为()A.32B.33C.34D.36答案B解析对球受力分析，根据牛顿第二定律得mgtanθ＝m4π2T2Lsinθ，解得T＝4π2Lcosθg，则TaTb＝cos60°cos3

0°＝33，故B正确，A、C、D错误．9.(多选)如图所示，直径为d的竖直圆筒绕中心轴线以恒定的转速匀速转动．一子弹以水平速度沿圆筒直径方向从左侧射入圆筒，从右侧射穿圆筒后发现两弹孔在同一竖直线上且相距

为h，重力加速度为g，则()A．子弹在圆筒中的水平速度为v0＝dg2hB．子弹在圆筒中的水平速度为v0＝2dg2hC．圆筒转动的角速度可能为ω＝πg2hD．圆筒转动的角速度可能为ω＝3πg2h答案ACD解析子弹在圆筒中运动的

时间与自由下落高度h的时间相同，即t＝2hg，则v0＝dt＝dg2h，故A正确，B错误；在此段时间内圆筒转过的圈数为半圈的奇数倍，即ωt＝(2n＋1)π(n＝0,1,2，„)，所以ω＝2n＋1πt＝(2n＋1)πg2h(n＝0,1,2，„)，故C、D正确．10．(2022·广

东惠州市调研)如图所示，一根细线下端拴一个金属小球Q，细线穿过小孔(小孔光滑)另一端连接在金属块P上，P始终静止在水平桌面上，若不计空气阻力，小球在某一水平面内做匀速圆周运动(圆锥摆)．实际上，小球在运动过程中

不可避免地受到空气阻力作用．因阻力作用，小球Q的运动轨道发生缓慢的变化(可视为一系列半径不同的圆周运动)．下列判断正确的是()A．小球Q的位置越来越高B．细线的拉力变小C．小球Q运动的角速度变大D．P受到桌面的静摩擦力变大答案B解析由于小球受到空气阻力作用，线速

度减小，则所需要的向心力减小，小球做近心运动，小球的位置越来越低，故A项错误；设细线与竖直方向的夹角为θ，细线的拉力大小为FT，细线的长度为L，当小球做匀速圆周运动时，由重力和细线的拉力的合力提供向心力，如图所示，则有FT＝mgc

osθ，mgtanθ＝mv2Lsinθ＝mω2Lsinθ，解得ω＝gLcosθ，由于小球受到空气阻力作用，线速度减小，θ减小，cosθ增大，因此，细线的拉力FT减小，角速度ω减小，故B项正确，C项错误；对金属块P，由平衡条件知，P受到桌面的静摩擦力大小等于细线的拉力大小，则静摩擦力变小

，故D项错误．11.(多选)天花板下悬挂的轻质光滑小圆环P可绕过悬挂点的竖直轴无摩擦地旋转．一根轻绳穿过P，两端分别连接质量为m1和m2的小球A、B(m1≠m2)．设两球同时做如图所示的圆锥摆运动，且在任意时刻两球均在同一水平面内，则()A．两球运动

的周期相等B．两球的向心加速度大小相等C．球A、B到P的距离之比等于m2∶m1D．球A、B到P的距离之比等于m1∶m2答案AC解析对其中一个小球受力分析，其受到重力和绳的拉力FT，设绳与竖直方向的夹角为θ，重力与拉力的合力提供向心力，设该小球到P的距离为l，则有mgtanθ＝m4π2T2lsi

nθ，解得周期为T＝2πlcosθg＝2πhg，因为任意时刻两球均在同一水平面内，故两球运动的周期相等，选项A正确；连接两球的绳的拉力FT相等，由于向心力为Fn＝FTsinθ＝mω2lsinθ，故m与l成反比，即l1l2＝

m2m1，又小球的向心加速度a＝ω2htanθ＝(2πT)2htanθ，故向心加速度大小不相等，选项C正确，B、D错误．12．水平转盘上距转轴1.2m处放置一个10kg的物体(可视为质点)，物体与转盘间的动摩擦因数为0.13.当转盘转动后，可使物体

以0.5m/s2的切向加速度做加速圆周运动，经过多长时间物体和转盘发生相对滑动？(滑动摩擦力等于最大静摩擦力，g＝10m/s2)答案2.4s解析物体做加速圆周运动，所以静摩擦力不指向圆心，(如图)把静摩擦力分解，可知Ff1＝maFf2＝mv2r当物体恰好滑动时：

(μmg)2＝Ff12＋Ff22联立以上三式，解得v＝1.2m/s物体沿圆周做加速运动，所以t＝va＝2.4s.