【文档说明】高考物理复习 课时过关题12 圆周运动（含答案解析.doc，共(8)页，178.500 KB，由MTyang资料小铺上传

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2020(人教版)高考物理复习课时过关题12圆周运动1.雨天野外骑车时，在自行车的后轮轮胎上常会粘附一些泥巴，行驶时感觉很“沉重”．如果将自行车后轮撑起，使后轮离开地面而悬空，然后用手匀速摇脚踏板，使后轮飞速转动，泥巴就被甩下来．如图所示，图中a、b、c、d为后轮轮胎边缘上的四个特殊位置

，则()A．泥巴在图中a、c位置的向心加速度大于b、d位置的向心加速度B．泥巴在图中的b、d位置时最容易被甩下来C．泥巴在图中的c位置时最容易被甩下来D．泥巴在图中的a位置时最容易被甩下来2.如图所示，一木块放在圆盘上，圆盘绕通过圆盘中心且垂

直于盘面的竖直轴匀速转动，木块和圆盘保持相对静止，那么()A．木块受到圆盘对它的摩擦力，方向沿半径背离圆盘中心B．木块受到圆盘对它的摩擦力，方向沿半径指向圆盘中心C．木块受到圆盘对它的摩擦力，方向与木块运动的方向相反D．因为木块与圆盘一起做匀速转动，所以它们之间没有摩擦力3.

如图所示，一根细线下端拴一个金属小球P，细线的上端固定在金属块Q上，Q放在带小孔(小孔光滑)的水平桌面上，小球在某一水平面内做匀速圆周运动(圆锥摆)．现使小球改到一个更高一些的水平面上做匀速圆周运动(图中P′位置)，两次金属块

Q都静止在桌面上的同一点，则后一种情况与原来相比较，下面的判断正确的是()A．细线所受的拉力变小B．小球P运动的角速度变大C．Q受到桌面的静摩擦力变小D．Q受到桌面的支持力变小4.如图所示,一根细绳一端系一个小球,另一端固定,给小球不同的初速度,使小球在水平面内做角速度不同的圆周运动,则下列细绳

拉力F、悬点到轨迹圆心高度h、向心加速度a、线速度v与角速度平方ω2的关系图像正确的是()5.如图所示为一陀螺，a、b、c为在陀螺上选取的三个质点，它们的质量之比为1∶2∶3，它们到转轴的距离之比为3∶2∶1，当陀螺以角速度ω高速旋转时()

A．a、b、c的线速度之比为1∶2∶3B．a、b、c的周期之比为3∶2∶1C．a、b、c的向心加速度之比为3∶2∶1D．a、b、c的向心力之比为1∶1∶16.如图为学员驾驶汽车在水平面上绕O点做匀速圆周运动的俯视示意图，已知质量为60kg的学员在A点位置，质量为70kg的教练员在B点

位置，A点的转弯半径为5.0m，B点的转弯半径为4.0m，学员和教练员(均可视为质点)()A．运动周期之比为5：4B．运动线速度大小之比为1：1C．向心加速度大小之比为4：5D．受到的合力大小之比为15：147.半径为1m的水平圆盘绕过圆心O的竖直轴匀速转动，A为圆盘边缘上

一点，在O点的正上方将一个可视为质点的小球以4m/s的速度水平抛出时，半径OA方向恰好与该初速度的方向相同，如图所示，若小球与圆盘只碰一次，且落在A点，则圆盘转动的角速度大小可能是()A．2πrad/sB．4πrad/sC．6πrad/sD．

8πrad/s8.有一长度为L=0.50m的轻质细杆OA，A端有一质量为m=3.0kg的小球，如图所示，小球以O点为圆心在竖直平面内做圆周运动，通过最高点时小球的速度是2.0m/s，g取10m/s2，则此时细杆OA受到()A．6.0N的拉力B．6.0N的压力C．24N的拉力D．24N的压力9

.如图甲所示，一轻杆一端固定在O点，另一端固定一小球，在竖直平面内做半径为R的圆周运动．小球运动到最高点时，杆与小球间的弹力大小为F，小球在最高点的速度大小为v，F—v2图象如图乙所示．下列说法正确的是()A．当地的

重力加速度大小为RbB．小球的质量为aRbC．当v2=c时，杆对小球弹力方向向上D．若v2=2b，则杆对小球弹力大小为2a10.如图，一块足够大的光滑平板放置在水平面上，能绕水平固定轴MN调节其与水平面所成的夹角．板上一

根长为L=0.60m的轻细绳，它的一端系住一质量为m的小球P，另一端固定在板上的O点．当平板的倾角为α时，先将轻绳平行于水平轴MN拉直，第一次给小球一初速度使小球恰能在板上做完整的圆周运动，小球在最高点的速度

大小为3m/s，若要使小球在最高点时绳子的拉力大小恰与重力大小相等，则小球在最高点的速度大小为(取重力加速度g=10m/s2)()A.6m/sB．2m/sC．3m/sD．23m/s11.(多选)如图所示，竖直放置的光滑圆轨道被固定在水平地面

上，半径r=0.4m，最低点处有一小球(半径比r小很多)，现给小球一水平向右的初速度v0，则要使小球不脱离圆轨道运动，v0应当满足(g=10m/s2)()A．v0≥0B．v0≥4m/sC．v0≥25m/sD．v0≤22m/s12.(多

选)如图所示，在匀速转动的水平圆盘上，沿半径方向放着用细绳相连的质量均为m的两个物体A和B，它们分居圆心两侧，与圆心距离分别为RA=r，RB=2r，与盘间的动摩擦因数μ相同，当圆盘转速缓慢加快到两物体

刚好要发生滑动时，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则下列说法正确的是()A．此时绳子张力为3μmgB．此时A所受摩擦力方向沿半径指向圆内C．此时圆盘的角速度为2μgrD．此时烧断绳子，A仍相对盘静止，B将做离心运动13.如图所示,一块足

够大的光滑平板放置在水平面上,能绕水平固定轴MN调节其与水平面所成的倾角。板上一根长为l=0.60m的轻细绳,它的一端系住一质量为m的小球P,另一端固定在板上的O点。当平板的倾角固定为α时,先将轻绳平行于水平轴MN拉直,然后给小

球一沿着平板并与轻绳垂直的初速度v0=3.0m/s。若小球能保持在板面内做圆周运动,倾角α的值应在什么范围内?(重力加速度g取10m/s2)14.如图所示，用一根长为l=1m的细线，一端系一质量为m=1kg的小球(可视为质点)，另一端固定在一光滑锥体顶端，锥面与竖直方向的夹角θ=37°，当

小球在水平面内绕锥体的轴做匀速圆周运动的角速度为ω时，细线的张力为FT(g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，结果可用根式表示)．求：(1)若要小球刚好离开锥面，则小球的角速度ω0至少

为多大？(2)若细线与竖直方向的夹角为60°，则小球的角速度ω′为多大？答案解析1.答案为：C；解析：当后轮匀速转动时，由a=Rω2知a、b、c、d四个位置的向心加速度大小相等，选项A错误；在角速度ω相同的情况下，泥巴在a点有Fa＋mg=mω2R，在b、d两点有Fb=F

d=mω2R，在c点有Fc－mg=mω2R，所以泥巴与轮胎在c位置的相互作用力最大，最容易被甩下来，故选项B、D错误，C正确．2.答案为：B；解析：木块做匀速圆周运动，其合外力提供向心力，合外力的方向一定指向圆盘中心．因为木块受到的重力和圆盘的

支持力均沿竖直方向，所以水平方向上木块一定还受到圆盘对它的摩擦力，方向沿半径指向圆盘中心，选项B正确．3.答案为：B；解析：[设OP长度为l，与水平面的夹角为θ，竖直方向平衡，有Fsinθ=mg，水平方向由

牛顿第二定律得Fcosθ=mω2lcosθ，由以上方程分析可得，随θ角减小，F增大，A错误；结合Q的受力平衡得Q受到桌面的静摩擦力变大，受到的桌面的支持力不变，C、D错误；F=mω2l，ω随F的增大而增大，B正确．]

4.答案为：A；解析：设细绳长度为l,小球做匀速圆周运动时细绳与竖直方向的夹角为θ,细绳拉力为F,有Fsinθ=mω2lsinθ,得F=mω2l,选项A正确;mgtanθ=mω2lsinθ,得h=lcosθ=,选项B错误;小球的向心

加速度a=ω2lsinθ,选项C错误;小球的线速度v=ωlsinθ,选项D错误。5.答案为：C；解析：在同一陀螺上各点的角速度相等，由v=ωr和质点到转轴的距离之比为3∶2∶1，可得a、b、c的线速度之比为3∶2∶1，选项A错误；由T=2πω可知a、b、c的周期之比为1∶1∶1，选项B错误；由

a=ωv可知a、b、c的向心加速度之比为3∶2∶1，选项C正确；由F=ma可得a、b、c的向心力之比为3∶4∶3，选项D错误．6.答案为：D解析：学员和教练员做圆周运动的角速度相等，根据T=2πω知，周期相等，故A错误；根据v=rω，学员和教练员做圆周运动的半径之比为5：4，则学员和教练员做圆周运

动的线速度之比为5：4，故B错误：根据a=rω2，学员和教练员做圆周运动的半径之比为5：4，则学员和教练员做圆周运动的向心加速度大小之比为5：4，故C错误；根据F=ma，学员和教练员做圆周运动的向心加速度大小之比为5：4，质量之比

为6：7，则学员和教练员受到的合力大小之比为15：14，故D正确．7.答案为：D；解析：小球平抛运动的时间为t=Rv0=14s=0.25s，小球做平抛运动的时间和圆盘转动n圈的时间相等，则有t=nT=n2πω，解得ω=2nπt，n=1,2,3，„.当n=1时，ω=8πrad/s；当n

=2时，ω=16πrad/s，随着n的增大，角速度在增大，故角速度最小为8πrad/s，故D正确．8.答案为：B；解析：[设杆对小球的作用力为FN，方向竖直向下，如图所示，由向心力公式得FN＋mg=mv2L，则FN=mv2L－mg=3.0×2.020.50－3.0×10N=－

6N.负号说明FN的方向与假设方向相反，即竖直向上．由牛顿第三定律知应选B.]9.答案为：B；解析：由题图乙知，当v2=0时，F=a，故有F=mg=a，当v2=b时，F=0，杆对小球无弹力，此时重力提供小球做圆周运动的向心力，有mg=mv2R，得g=bR，故A错误；小球的质量m=ag=

aRb，故B正确；由题图乙可知，当v2=c时，有0<F<a=mg，杆对小球弹力方向向下，故C错误；由题图乙可知，当v2=2b时，由F合=mv2R，故有F＋mg=2mbR=2×aRb×bR=2a，得F=mg，故D错误．10.答案

为：C解析：小球在斜面上运动时受绳子拉力、斜面弹力、重力．在垂直斜面方向上合力为0，重力在沿斜面方向的分量为mgsinα，若恰好通过最高点时绳子拉力T=0，此时mgsinα=mv2L，代入数据得：sinα=12，若要使小球在最高点时绳子的拉力大小恰与重力

大小相等，小球在最高点时，由绳子的拉力和重力分力的合力提供向心力，T＋mgsinα=mv′2L，代入数据得：v′=3m/s，故C正确．11.答案为：CD；解析：[解决本题的关键是全面理解“小球不脱离圆轨道运动”所包含的两种情况：(

1)小球通过最高点并完成圆周运动；(2)小球没有通过最高点，但小球没有脱离圆轨道．对于第(1)种情况，当v0较大时，小球能够通过最高点，这时小球在最高点处需要满足的条件是mg≤mv2r，又根据机械能守恒定律有mv22＋2mgr=mv202，可求得v0≥25m/s，故选项C正确；对于第(2)

种情况，当v0较小时，小球不能通过最高点，这时对应的临界条件是小球上升到与圆心等高位置处，速度恰好减为零，根据机械能守恒定律有mgr=mv202，可求得v0≤22m/s，故选项D正确．]12.答案为：A

C；解析：两物体A和B随着圆盘转动时，合外力提供向心力，B的半径比A的半径大，所以B所需向心力大，绳子拉力相等，所以当圆盘转速加快到两物体刚好还未发生滑动时，B的最大静摩擦力方向指向圆心，A的最大静摩擦力方向指向圆外，根据牛顿第二定律得：T－μmg=mω2

r；T＋μmg=mω2·2r；解得：T=3μmg，ω=2μgr，故A、C正确，B错误．烧断绳子瞬间A物体所需的向心力为2μmg，A的最大静摩擦力不足以提供向心力，则A做离心运动，D错误，故选A、C.13.解：小球在倾斜平板上运动时受到绳子拉力、平板弹力、重力。在垂直平板方向

上合力为0,重力在沿平板方向的分量为mgsinα小球在最高点时,由绳子的拉力和重力沿平板方向的分力的合力提供向心力,有FT+mgsinα=①研究小球从释放到最高点的过程,根据动能定理有-mglsinα=②若恰好能通过最高点,则绳子拉力FT=0③联立①②③解得sinα=0.5,解得α=30°故α的范

围为0°≤α≤30°。14.解：(1)若要小球刚好离开锥面，则小球只受到重力和细线的拉力，受力分析如图所示．小球做匀速圆周运动的轨迹圆在水平面上，故向心力水平．在水平方向运用牛顿第二定律及向心力公式得mgtanθ=mω

20lsinθ，解得ω20=glcosθ，即ω0=glcosθ=522rad/s.(2)ω′=glcosθ′=101×12rad/s=25rad/s.