【文档说明】高考物理一轮复习（通用版）热点突破提升练2 Word版含解析.doc，共(10)页，286.000 KB，由MTyang资料小铺上传

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热点突破提升练(二)共点力的平衡(限时40分钟)一、单项选择题1.如图1所示，在倾斜的滑杆上套一个质量为m的圆环，圆环通过轻绳拉着一个质量为M的物体，在圆环沿滑杆向下滑动的过程中，悬挂物体的轻绳始终处于竖直方向，则()图1A．

环只受三个力作用B．环一定受四个力作用C．物体做匀加速运动D．悬绳对物体的拉力小于物体的重力【解析】分析物体M可知，其受到两个力的作用，重力和轻绳对其的拉力，因为悬挂物体的轻绳始终处于竖直方向，故二力平衡，物体做匀速运动，C、D错误；再对环进行受力分析可知，环受到

重力、轻绳对环的拉力、滑杆对环的支持力和摩擦力，A错误、B正确．【答案】B2．如图2所示，A和B两物块的接触面是水平的，A与B保持相对静止一起沿固定斜面匀速下滑，在下滑过程中B的受力个数为()图2A．3个B．4个C．5个D．6个【解析】A与B相对静止一

起沿斜面匀速下滑，可将二者当作整体进行受力分析，再对B进行受力分析，可知B受到的力有：重力GB、A对B的压力、斜面对B的支持力和摩擦力，选项B正确．【答案】B3.在水平地面上固定一个上表面光滑的斜面体，在它上面放有质量为m的木块，用一根平行于斜面的细线连接一个轻环，并将轻环套在一

根两端固定、粗糙的水平直杆上，整个系统处于静止状态，如图3所示，则杆对环的摩擦力大小为()图3A．mgsinθB．mgcosθC．mgtanθD．mgsinθcosθ【解析】设细线的弹力为F，对斜面上的物块由共点力平衡条件有F－mgsinθ

＝0，对轻环由共点力平衡条件有Fcosθ－Ff＝0，解得杆对环的摩擦力大小为Ff＝mgsinθcosθ.【答案】D4.如图4所示，在水平传送带上有三个质量分别为m1、m2、m3的木块1、2、3，中间分别用一原长为L、劲度系数为k的轻弹簧连接起来，木块与

传送带间的动摩擦因数为μ，现用水平细绳将木块1固定在左边的墙上，传送带按图示方向匀速运动，当三个木块达到平衡后，1、3两木块之间的距离是()图4A．2L＋μ(m2＋m3)g/kB．2L＋μ(m2＋2m3)g/kC．2L＋μ(m1＋m2＋m3)g/kD．2L＋μm3g/k【解析】传送带

按图示方向匀速运动，木块所受摩擦力方向向右．当三个木块达到平衡时1、2两木块之间的弹簧弹力为kx1＝μ(m2＋m3)g.2、3两木块之间的弹簧弹力为kx2＝μm3g，木块之间的距离是2L＋x1＋x2＝2L＋μ(m2＋2m3)g/

k，选项B正确．【答案】B5.气象研究小组用图5所示简易装置测定水平风速．在水平地面上竖直固定一直杆，半径为R、质量为m的薄空心塑料球用细线悬于杆顶端O，当水平风吹来时，球在风力的作用下飘起来．已知风力大小正比于风速和球正对风的截面积，当风速v0＝3m/s时，测得球平衡时细线与竖直方向

的夹角θ＝30°，则()图5A．θ＝60°时，风速v＝6m/sB．若风速增大到某一值时，θ可能等于90°C．若风速不变，换用半径变大、质量不变的球，则θ不变D．若风速不变，换用半径相等、质量变大的球，则θ减小【解析】风力可表示为F＝kvS.当

风速v0＝3m/s时，风力可表示为F0＝kv0S.测得球平衡时细线与竖直方向的夹角θ＝30°，则tan30°＝F0/mg.当θ＝60°时，tan60°＝F/mg.解得风速v＝9m/s，选项A错误．无论

风速增大到多大，θ一定小于90°，选项B错误．若风速不变，换用半径变大、质量不变的球，风力变大，则θ变大，选项C错误．若风速不变，换用半径相等、质量变大的球，则θ减小，选项D正确．【答案】D6.用一轻绳将小球P系于光滑墙壁上的O点，在墙壁和球P之

间夹有一矩形物块Q，如图6所示．P、Q均处于静止状态，则下列说法正确的是()图6A．Q受到3个力B．P物体受4个力C．若绳子变短，Q受到的静摩擦力将增大D．若绳子变短，绳子的拉力将变小【解析】设物块Q的质量为m1，小球P的质量为m2，对物块Q受力分析，受到重力

m1g、墙壁的弹力FN、P的压力FPQ和静摩擦力Ff，如图1，由力的平衡条件可知Ff＝m1g，Q受到的静摩擦力与绳的长短无关；对小球P受力分析，受到重力m2g、Q的支持力FQP、静摩擦力Ff′和绳子的拉力FT，当绳子变短时，绳子与竖直方向的夹角变大

，由力的平行四边形可知，绳子的拉力将变大，所以正确选项为B.【答案】B7.(2016·潍坊模拟)如图7所示，两块相互垂直的光滑挡板OP、OQ，OP竖直放置，小球a、b固定在轻弹簧的两端．水平力F作用于b时，a、b紧靠挡板处于静止状态．现保持

b球不动，使挡板OP向右缓慢平移一小段距离，则()图7A．弹簧变长B．弹簧变短C．力F变大D．b对地面的压力变大【解析】选a球为研究对象，受力分析如图所示，由画出的平行四边形可知，挡板的弹力FN变小，弹力F逐渐减小，即弹簧的压缩量变短，弹簧变长，选项A正确、B错误；选a球、b球

整体为研究对象，由平衡条件可知，F变小，b对地面的压力不变，选项C、D均错．【答案】A8．(2016·济宁模拟)在竖直墙壁间有质量分别是m和2m的半圆球A和圆球B，其中B球球面光滑，半球A与左侧墙壁之间存在摩擦．两球心之间连线与水平方

向成30°的夹角，两球恰好不下滑，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g为重力加速度，则半球A与左侧墙壁之间的动摩擦因数为()图8A.32B.33C.34D．233【解析】隔离光滑均匀圆球B，对B受力分析如图所示，可得：Fcos30°＝FN，Fsin30°＝2mg得FN＝23m

g.对A、B组成的整体，整体水平方向合力为0，故A与墙之间的弹力大小等于23mg，根据竖直方向合力为0，有μFN＝3mg，得μ＝32，选项A正确．【答案】A9.如图9所示，当风水平吹来时，风筝面与水平面成一夹角，人站在地面上拉住连接风筝的细线．则()图9A．空气对

风筝的作用力方向水平向右B．地面对人的摩擦力方向水平向左C．地面对人的支持力大小等于人和风筝的总重力D．风筝处于稳定状态时，拉直的细线可能垂直于风筝面【解析】空气对风筝的作用力应该是垂直于风筝面，方向为斜向右上方，选项A错

误；把人和风筝看作一个整体，系统受到竖直向下的重力、地面对系统竖直向上的支持力、空气对系统垂直风筝面斜向上的作用力，要使系统静止，人必然受到地面对他的水平向左的摩擦力，选项B正确；空气对整个系统的作用力有向上的分力，因此地面对人的支持力要小于人和风筝的总重力，选项C错误；以

风筝为研究对象，风筝受重力、细线的拉力、空气对风筝垂直风筝面斜向上的作用力，三力的合力为零，所以风筝所受的拉力与空气对风筝的作用力不在一条直线上，即细线不会垂直于风筝面，选项D错误．【答案】B10．(2016·广安模拟)如图10所示，A、B是两个完全相同的物块，

质量均为m.用两根等长的轻质绳子系在一起，在结点处施加竖直向上的拉力F，两物块与水平地面之间恰好没有弹力，两物块仍与地面接触，已知重力加速度为g.下列说法正确的是()图10A．每根绳子上的张力都等于mgB．拉力F等

于2mgC．物块A、B之间没有弹力D．地面对物块A、B的摩擦力大小相等、方向相反【解析】如果两根绳子是竖直的，每根绳子上的张力都等于mg，现在两根绳子与竖直方向成一定的夹角，所以张力大于mg，选项A错误；以两物块组成的整体

为研究对象，根据共点力的平衡条件，拉力F＝2mg，选项B正确；物块A、B之间有弹力，弹力的大小等于绳子的张力在水平方向的分力大小，选项C错误；物块与地面之间没有弹力，也一定没有摩擦力，选项D错误．【答案】B二、多项选择题11.如图11所

示，A、B两个楔形物体叠放在一起，B靠在竖直墙壁上，在水平力F的作用下，A、B保持静止不动，增大F，A、B仍保持静止不动，则增大F的过程中，下列说法正确的是()图11A．墙对B的摩擦力增大B．B对A的摩擦力增大C．A对B的正压力增大D．A对B的作用力增大【解析

】B受到墙的摩擦力的大小等于A、B的总重力，保持不变，A项错误；如果开始时A受到B的摩擦力沿斜面向下，则增大F，B对A的摩擦力可能减小，B项错误；F增大，则F在垂直B斜面方向的分力增大，所以A对B的正压力增大，C项正确；A对B的作用力的大小等于墙对B的作用力和B的重力的合力，由于墙

对B的摩擦力与B的重力的合力为恒力，墙对B的支持力大小等于F，因此F增大，A对B的作用力增大，D项正确．【答案】CD12.如图12所示，倾角为θ的斜面体c置于水平地面上，小物块d置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与物体

a连接，a下面用细绳连接b，连接d的细绳与斜面平行，某时刻将ab之间的细绳烧断，a、d、c始终处于静止状态，下列说法中正确的是()图12A．d对c的摩擦力一定增大B．地面对c的支持力一定变小C．c对地面的摩擦力方向不变D．滑轮对绳的作用力变小，而方向不变【解析】细绳

烧断后，由于a、d仍然处于静止状态，故连接a、d的绳子的张力变小，由于不能确定d在斜面上开始时是有上滑的趋势还是下滑的趋势，故d对c的摩擦力变化不能确定，选项A错误；以d、c组成的整体为研究对象，由于拉d的绳子的拉力变小，则其竖直分量也减小，故c对地面的压力变大，所以c受到地面的支持力也变大

，选项B错误；d、c整体受到绳子的拉力一直有水平向右的分量，故地面对c的摩擦力方向一直向左，选项C正确；滑轮对绳子的作用力与绳子对滑轮的两个力的合力等大反向，故滑轮对绳的作用力方向不变，大小变小，选项D正确．【答案】CD13.质量为M的半球

形物体A和质量为m的球形物体B紧靠着放在倾角为α的固定斜面上，并处于静止状态，如图13所示，忽略B球表面的摩擦力，则关于物体受力情况的判断正确的是()图13A．物体A对物体B的弹力方向沿斜面向上B．物体A受到4个力的作用C．物体B对斜面的压

力等于mgcosαD．物体B对物体A的压力大于mgsinα【解析】因A、B两物体的接触面为圆弧，其相互作用的弹力方向沿两球心的连线，故A错误；分析物体B的受力如图所示，由平衡条件可得：FN1＜mgcosα，FN2＞mgsinα结合牛顿第三

定律可知，C错误、D正确；物体A受到重力、斜面的支持力、B对A的压力、斜面对A的摩擦力共4个力作用，B正确．【答案】BD14.如图14所示，带有光滑竖直杆的三角形斜劈固定在水平地面上，放置于斜劈上的光滑小球与套在竖直杆上的小滑块

用轻绳连接，开始时轻绳与斜劈平行．现给小滑块施加一竖直向上的拉力，使小滑块沿杆缓慢上升，整个过程中小球始终未脱离斜劈，则有()图14A．轻绳对小球的拉力逐渐增大B．小球对斜劈的压力先减小后增大C．竖直杆对小滑

块的弹力先增大后减小D．对小滑块施加的竖直向上的拉力逐渐增大【解析】设斜面倾角为θ，斜面对小球的支持力为FN1，绳对小球的拉力为FT，小球的重力大小为G1，小滑块的重力大小为G2，竖直杆对小滑块的弹力大小为FN2.由于小滑块

沿杆缓慢上升，所以小球沿斜面缓慢向上运动，小球处于动态平衡状态，受到的合力为零，作小球受力矢量三角形如图甲所示，绳对小球的拉力FT逐渐增大，所以选项A正确；斜面对小球的弹力FN1逐渐减小，故小球对斜面的压力逐渐减小，选项B错误

；将小球和小滑块看成一个整体，对其进行受力分析如图乙所示，则由力的平衡条件可得：FN2＝FN1sinθ，F＝G1＋G2－FN1cosθ，因FN1逐渐减小，所以FN2逐渐减小，F逐渐增大，故选项C错误、D正确．【答案】AD15.如图15所示，上表面光滑、右端固定有立柱的木板平放在水平地面上，

总质量为M.木板上放有质量分别为m1和m2的物块A和B，物块A用一根不可伸长的水平轻绳拴在立柱上，A与B之间的动摩擦因数为μ；现将木板的左端固定，用一始终竖直向上的力F缓慢抬起木板的右端，以下说法正确的是()图15A．B开始滑动前，A对B的摩擦力先增大后减小B．B开始滑动前

，轻绳中的拉力逐渐增大C．B开始滑动前，B对A的弹力逐渐减小D．当木板与地面的夹角的正切值等于μ时，B开始滑动【解析】设木板右端抬起后木板与地面的夹角为θ，对B受力分析，B开始滑动前，沿轻绳方向A对B的摩擦力fAB＝m2gsinθ，θ逐渐增大，所以A对

B的摩擦力逐渐增大，选项A错误；B开始滑动前，对A、B组成的整体，沿轻绳方向有：轻绳的拉力T＝(m1＋m2)gsinθ，逐渐增大，选项B正确；B对A的弹力FN＝m1gcosθ，逐渐减小，选项C正确；沿轻绳方向，当m2gsinθ＝μm1gcosθ，即tanθ＝μm1

m2时B开始滑动，选项D错误．【答案】BC