【文档说明】2020年普通高等学校最新招生全国统一考试高考物理预测密卷一（含答案解析）.doc，共(10)页，271.000 KB，由MTyang资料小铺上传

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2020年普通高等学校最新招生全国统一考试高考物理预测密卷一1、半径为R的圆形线圈共有n匝，总阻值为R0，其中心位置处半径为r的虚线范围内有匀强磁场，磁场方向垂直线圈平面如图所示，若初始的磁感应强度为B，在时间t内均匀减小

为0，则通过圆形线圈的电流为A．nBπR2B．nBπr2C．D．2、一游客在峨眉山滑雪时，由静止开始沿倾角为37°的山坡匀加速滑下。下滑过程中从A点开始给游客抓拍一张连续曝光的照片如图所示。经测量游客从起点到本次曝光的中间时刻的位移

恰好是40m。已知本次摄影的曝光时间是0．2s，照片中虚影的长度L相当于实际长度4m，则下列结果不正确的是（g＝10m/s2,sin370＝0．6,cos370＝0．8）A．运动员在曝光的中间时刻的速度为B．运动员下滑的加速度为5．0m/s2

C.滑雪板与坡道间的动摩擦因数为D.滑雪板与坡道间的动摩擦因数为3、如图所示的理想变压器，它的原线圈接在交流电源上，副线圈接一个标有“12V,100W”的灯泡，已知变压器原、副线圈的匝数比为18：1，那么小灯泡正常工作时：A．原线圈消耗功率为90WB．电流

表的读数为0.65AC．原线圈所接电压最大值为311VD．电压表的读数为216V4、如图所示，质量相同的两小球a、b分别从斜面顶端A和斜面中点B沿水平方向抛出，恰好都落在斜面底端，不计空气阻力，下列说法正确的是（）A．小球a、b抛出时的初速度大小之比为2∶1B．小球a、b到达斜面底端时的位移之比为

∶1C．小球a、b到达斜面底端时的动能之比为4∶1D．小球a、b到达斜面底端时速度方向与斜面夹角之比为1∶15、以下是有关近代物理内容的若干叙述，其中正确的是（）A．一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，可能是因为这束光的光强太小B．放射性元素与别的

元素形成化合物时半衰期不变C．任何金属都存在一个“极限频率”，入射光的频率大于这个频率，才能产生光电效应D．处于基态的氢原子最不稳定6、如图所示，电源电动势、内阻分别为E、r，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片由左端向右端滑动时，下列说法正确的是（）（不考虑

灯丝电阻随温度的变化，电压表为理想电表）A．小灯泡L1变暗B．电压表读数变大C．小灯泡L2变亮D．电容器带电量减少7、假设某星球表面上有一倾角为的固定斜面，一质量为m=2．0kg的小物块从斜面底端以初速度12m/s沿斜面向上运动，小物块运动2．0s时速度恰好为零．已知该星球半径为R=4．8×103

km,星球表面的重力加速度为（sin37°=0．6．cos37°=0．8），则A．小物块和斜面间的动摩擦因数为0.25B．小物块在斜面上运动距离为10mC．该星球的第一宇宙速度为D．该星球的第一宇宙速度为8、如图所示，沿直线通过

速度选择器的两种离子从狭缝S射入磁感应强度为B2的匀强磁场中，偏转后出现的轨迹半径之比为R1∶R2＝1∶2，则下列说法正确的是A．离子带正电B．离子的速度之比为1∶2C．离子的电荷量之比为1∶2D．离子的比荷之比为2∶19、在高中物

理力学实验中，下列说法中正确的是（）A．利用打点计时器在“研究匀变速直线运动规律”的实验中，可以根据纸带上的点迹计算物体运动的加速度B．在“验证力的平行四边形定则”实验中，要使力的作用效果相同，只需橡皮条具有相同的伸长量C．在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，需要先平衡摩

擦力D．在“验证机械能守恒定律”的实验中，应选取密度大体积小的物体10、某实验小组想在实验室测量一电源的电动势及内阻，但电压表量程不够①在下列三个电压表中选一个改装成量程为9V的电压表A．量程为1V、内

阻大约为1kΩ的电压表B．量程为2V、内阻大约为2kΩ的电压表C．量程为3V、内阻为3kΩ的电压表选择电压表________串联__________kΩ的电阻可以改装成量程为9V的电压表．②利用一个电阻箱、一只开关、若干导线和改装好的电压表（

标明所用电压表的符号，且此表可视为理想电表），请画出测量电源电动势及内阻的实验原理电路图．③根据以上实验原理电路图进行实验，读出电压表示数为1．50V时，电阻箱的阻值为15．0Ω；电压表示数为2．00V

时，电阻箱的阻值为40．0Ω，则电源的电动势E＝______V、内阻r＝________Ω．11、如图所示，水平光滑地面上停放着一辆小车，左侧靠在竖直墙壁上，小车的四分之一圆弧轨道AB是光滑的，在最低点B与水平轨道BC相切，BC的长度是圆弧半径的10倍，整个

轨道处于同一竖直平面内，可视为质点的物块从A点正上方某处无初速度下落，物块开始下落的位置距水平轨道BC的竖直高度是圆弧半径的4倍，物块恰好落入小车圆弧轨道内滑动，然后沿水平轨道至轨道末端C处恰好没有滑出，小车的质量是物块的3倍，不考虑空气阻力和物块落入圆弧轨道时的能量损失

，求：①物块到达圆弧轨道最低点B时对轨道的压力是物块重力的几倍②物块与水平轨道BC间的动摩擦因数12、如图甲所示，在竖直方向上有四条间距相等的水平虚线L1、L2、L3、L4，在L1、L2之间和L3、L4之间均存在匀强磁场，磁感应强度B大小均为1T,方向垂直于虚线所在的平面。现有一

矩形线圈abcd，宽度cd=L=0．5m，质量为0．1kg，电阻为2Ω，将其从图示位置由静止释放（cd边与L1重合），速度随时间的变化关系如图乙所示，t1时刻cd边与L2重合，t2时刻ab边与L3重合，t3时刻ab边与L4重合，已知t1-t2的时间间隔为

0．6s，整个运动过程中线圈平面始终处于竖直方向，重力加速度g取10m/s2．求：（1）线圈的长度（2）在0-t1时间内，通过线圈的电荷量（3）0-t3时间内，线圈产生的热量13、下列说法中正确的是（）A．硬币可

以浮在平静的水面上是因为液体表面存在张力B．叶面上的小露珠呈球形是由于液体表面张力的作用C．单晶体的某些物理性质具有各向异性，而多晶体和非晶体是各向同性的D．当两分子间距离大于平衡位置的间距r0时，分子间的距离越大，

分子势能越小E．温度升高时，分子热运动的平均动能一定增大，是指所有分子的速率都增大14、如图所示，一根一端封闭的玻璃管，内有一段长h1=0.20m的水银柱。当温度为t1=27℃，开口端竖直向上时，封闭空气柱h2=0.60m。则（外界大气压相当于L0=0

.76m高的水银柱产生的压强，热力学温度T=273+t）（i）若玻璃管足够长，缓慢地将管转过1800，求此时封闭气柱的长度（ii）若玻璃管长为L=0.96m，温度至少升到多高时，水银柱才能从管中全部溢出？15、如图所示，一

横截面为矩形的玻璃砖置于空气中，两束细平行单色光a、b射向玻璃砖的下表面，设玻璃砖足够长，若发现玻璃砖的上表面只有一束光线射出，则下列说法中正确的是（）A．其中有一束单色光在玻璃砖的上表面发生了全反射B．其中有一束单色光没能进入

玻璃砖C．在玻璃中单色光a的传播速率大于单色光b的传播速率D．若用同一装置分别使两束光发生干涉，则光束a的相邻明条纹间距大E．减小光束与玻璃砖下表面间的夹角θ，上表面会有两束平行单色光射出16、一列简谐横波在t=0时刻的波形图如图实线所示，从此刻起，经0．1s

波形图如图中虚线所示，若波传播的速度为10m/s，求（i）该列波的传播方向（ii）质点a经0．2s通过的路程（iii）x=2m处的质点的位移表达式参考答案1、D【解析】由于线圈平面与磁场方向垂直，故穿过该面的磁通量为：Φ=BS，半径为r的虚线范围内有匀强磁场，所以磁场的区域面积为：S=πr2即Φ=

πBr2，由及可得，故选项D正确2、D【解析】用s表示题中的位移，θ表示斜面倾角，△t表示曝光时间，μ表示滑雪板与坡道间的动摩擦因数，m表示滑雪运动员的质量．设运动员下滑的加速度为a，曝光的中间时刻的速度为v0，则有，带入数据得，故A选项正确；由v0

2=2as可求得：a=5．0m/s2，故B选项正确；又根据牛顿第二定律有mgsinθ-μmgcosθ=ma可求得动摩擦因数为，故C选项正确而D选项错误。3、D【解析】对于理想变压器，输出功率决定输入功率，灯泡正常发光，所以原线圈消耗功率为100W，故A选项错误；由公式U1/U2

＝n1/n2得U1＝n1/n2U2＝18×12V＝216V，可知选项C错误而D正确；由公式I1/I2＝n2/n1得I1＝n2/n1I2＝18×100/12A＝0．46A，可知选项B错误。4、D【解析】因

为两球下落的高度之比为2：1，两球的水平位移之比为2：1，小球a、b到达斜面底端时的位移之比为2∶1，故B错误；根据h=gt2得，，则时间之比为：1，根据知，初速度之比为：1，故A错误；根据动能定理可知，到达斜面底端时的动能之比EKa：Ekb=（mva2+mgha）：（mvb2+mghb）=

2：1，故C错误；小球落在斜面上，速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，因为位移与水平方向的夹角相等，则速度与水平方向的夹角相等，到达斜面底端时速度方向与斜面的夹角也相等，故D正确．5、BC【解析】一束光照射到某种金属上不

能发生光电效应，是因为入射光的频率较小，故A错误；放射性元素的半衰期由原子核决定，与物理、化学状态无关，故B正确；当入射光的频率大于金属的极限频率，才能发生光电效应，故C正确；处于基态的氢原子最稳定，故D错误。6、BD【解析】将滑动变阻器的滑片由左端向右滑动时

，变阻器接入电路的电阻增大，变阻器与灯L1并联的电阻增大，外电路总电阻增大，路端电压增大，电压表的读数变大，故B选项正确；灯泡L1的电压U1=E-I（r+RL2）增大，灯泡L1变亮，故选项A错误；由闭合电路欧姆定律可知，流过电源的电流减小，灯泡L2变暗，故

选项C错误；电压表V2读数变小．由于电容器两端电压减小，由可得电容器所带电量减少，故D选项正确7、AC【解析】对物体进行受力分析，由牛顿第二定律可得：根据速度公式，有：代入数据求得,故A选项正确；由公式可得x=12m,故B选项错误；第一宇宙速度是近地卫星的

环绕速度，根据重力等于万有引力，有：，解得：，故C选项正确而D选项错误。8、AD【解析】由离子在匀强磁场B2中运动的径迹及磁场方向可知，离子带正电，故选项A正确；离子沿直线通过速度选择器，可知电场力和洛伦兹力平衡，有：qvB=qE，解得．可知离子的速度之比为1：1，故选项B错误；离子进入

偏转磁场，根据得，，则荷质比，因为速度相等，磁感应强度相等，半径之比为1：2，则比荷之比为2：1．由题目条件，无法得出电荷量之比，故选项C错误而选项D正确．9、ACD【解析】“研究匀变速直线运动规律”的实验中利用

逐差法可求出加速度大小，故A正确；在“验证力的平行四边形定则”实验中，要使力的作用效果相同，橡皮条具有相同的伸长量，且拉伸方向相同，故B错误；“探究加速度与力、质量的关系”实验中，需要先平衡摩擦力，故C正确；“验证机械能守恒定律”的实

验中，应使物体所受重力远大于阻力，所以，应选取密度大体积小的物体，故D正确．10、①C；（1分）6（2分）②电路图如下图所示；（3分）③7．5；（1分）10（2分）【解析】①V1、V2的内阻不确定而量程又不合适，故应选择3V电表C进行改装，串联电阻由可得到②本实验的原理为：U=E-Ir，利用变阻

箱和电压表可获取电流I，故电路应为图示结构．③设U0为改装电压表的示数，E0为计算电压．把两组实验数据分别代入r有1．5=E0-r和，联立解得：E0=2．5V，r=10Ω，实际电动势为：E=3E0=7．5V．11、①9倍②μ=0．3【解析】①设小车圆弧轨道半径为R，物块的质量为m，其开

始下落处的位置距BC的竖直高度为h=4R，到达B点时的速度为v，物块到达圆弧轨道最低点B对轨道的压力为FN，则由机械能守恒定律得（2分）物块运动到B点时根据牛顿第二定律得FN（2分）解得FN=9mg,即物块到达圆弧轨道最低点B对轨道的压力是物块重力的9

倍（2分）②设物块与BC间的滑动摩擦力的大小为F，物块滑到C点时与小车的共同速度为v′，物块在小车上由B运动到C的过程中小车对地面的位移大小为S，依题意，小车的质量为3m，BC长度为10R，而（2分）由动量守恒定律有（2分）对物块、小车分别应用动能定理

得（2分）（2分）解得μ=0．3（1分）12、（1）2m（2）（3）1．8J【解析】（1）在t2～t3时间内，根据平衡有：mg=BIL，而（各2分）联立两式解得：（2分）t1～t2的时间间隔内线圈一直做匀加速直线运动可知ab边刚进上边的磁场时，cd

边也刚进下边的磁场设磁场的宽度为d，则线圈的长度：L′=2d（2分）线圈下降的位移为：x=L′+d=3d（2分）则有：3d=vt-gt2（1分）将v=8m/s，t=0．6s，代入解得：d=1m（1分）所以线圈的长度为L′=2d=2m（1分）（2）

在0～t1时间内，cd边从L1运动到L2通过线圈的电荷量为：（3分）（3）0～t3时间内，根据能量守恒得：Q=mg（3d+2d）-mv2=0．1×10×（3+2）-×0．1×82=1．8J（3分）13、ABC【解析】放在水面上的硬币可以浮

在水面上是因为液面的表面张力对硬币向上的作用力等于重力．选项A正确；叶面上的小露珠呈球形是由于液体表面张力的作用，选项B正确；单晶体的物理性质是各向异性的，而多晶体和非晶体是各向同性的．选项C正确；当两分子

间距离大于平衡位置的间距r0时，分子间的距离越大，分子势能越大，选项D错误；温度升高时，分子热运动的平均动能一定增大，但并非所有分子的速率都增大，选项E错误。14、（i）1.03mHg（ii）T2=385.2K【解析】设玻璃管内部横截

面积为S（i）对水银柱分析可知，气体初状态的压强P1=0.96mHg初状态的体积V1=0.60S转过1800后，气体的压强P2=0.56mHg体积V2=hS气体做等温变化，由玻意尔定律P1V1=P2V2

得=1.03mHg（3分）（ii）由气态方程可知，PV乘积越大，对应的温度T越高，假设管中还有长为X的水银柱尚未溢出时，pV值最大，即（L0+x）（L－x）S的值最大，这是一个数学求极值问题。因为（L0+x）+（L－x）=（

L0+L），与x的大小无关，所以由数学知识可知：两数之和为一常数，则当这两数相等时，其乘积最大。有：L0+x=L－x（3分）即管内水银柱由0.20m溢出到还剩下0.10m的过程中，p·V的乘积越来越大，这一过程

必须是升温的。此后，温度不必再升高（但要继续给气体加热），水银柱也将继续外溢，直至完全溢出。由气态方程：有（3分）代入数据得：T2=385.2K。（1分）15、CDE【解析】产生全反射的必要条件是光线必须从光密介质射入

光疏介质，入射角大于临界角；光线射入玻璃砖后折射角必定小于临界角，由几何知识知光线射到玻璃砖的上表面时入射角等于下表面的折射角，所以光线射到玻璃砖的上表面时入射角必定小于临界角，所以光线射到玻璃砖的上表面不可能发生全反射，故A、B错误；由于只有一束光线射出玻璃砖，说明两束光线的折射率不同，射出

时沿同一方向出来，且该光线必定在a、b原来入射方向之间，由图知a光偏折程度较小，则a光的折射率小于b的折射率，根据知，在玻璃砖中a的传播速率大于b的传播速率，故C正确；a光的频率比b光的频率低，由可知，a光波长长，在干涉现象中，由得到光束a的相邻明条纹间距大，故D正确；减小光束与玻璃砖下表面的夹角

θ，光线射入玻璃砖的折射角不同，上表面会有两束平行单色光射出，E正确。16、（i）波的传播方向沿x轴负方向（ii）0.4m（iii）【解析】（i）由图可知波长为λ=4m，则波的周期为因为，根据波形的平移可知，波的传播方向沿

x轴负方向（3分）（ii）t=0时刻质点a经0．2s振动了半个周期，那么通过的路程为两个振幅即s=2A=0．4m（3分）（iii）t=0时刻x=2m处的质点正向y轴负方向运动，其位移表达式为（4分）