【文档说明】【高考复习】高考物理 热点冲刺练习06 机械能守恒　功能关系（含答案解析）.doc，共(10)页，161.000 KB，由MTyang资料小铺上传

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2020版高考物理热点冲刺练习06机械能守恒功能关系1.如图所示，表面光滑的固定斜面顶端安装一定滑轮，小物块A、B用轻绳连接并跨过滑轮(不计滑轮的质量和摩擦)．初始时刻，A、B处于同一高度并恰好处于静

止状态．剪断轻绳后A下落，B沿斜面下滑，则从剪断轻绳到两物块着地，两物块()A．速率的变化量不同B．机械能的变化量不同C．重力势能的变化量相同D．重力做功的平均功率相同2.将一小球从高处水平抛出，最初2s内小球动能Ek随时间t变化的图象如图所示，不计空气阻力，取g=10m/s2.根据图象信

息，不能确定的物理量是()A．小球的质量B．小球的初速度C．最初2s内重力对小球做功的平均功率D．小球抛出时的高度3.如图所示，质量均为m的木块A和B，用一个劲度系数为k的竖直轻质弹簧连接，最初系统静止，现在用力F缓慢拉A直到B刚好离开地

面，则这一过程中力F做的功至少为()A.m2g2kB.2m2g2kC.3m2g2kD.4m2g2k4.如图所示，水平向右的匀强电场中有一绝缘斜面，一带电金属滑块以Ek0=30J的初动能从斜面底端A冲上斜面，到顶端B时返回，已知滑块从A滑到B的过程中克服摩擦力做功10J，克服重力做功24J

，则()A．滑块带正电，上滑过程中电势能减小4JB．滑块上滑过程中机械能增加4JC．滑块上滑到斜面中点时重力势能增加14JD．滑块返回到斜面底端时动能为15J5.如图所示，圆柱形的容器内有若干个长度不同、粗糙程度相同的直轨道，它们的下端均固定于容器底部圆心O，上端固定在

容器侧壁．若相同的小球以同样的速率，从点O沿各轨道同时向上运动．对它们向上运动过程．下列说法正确的是()A．小球动能相等的位置在同一水平面上B．小球重力势能相等的位置不在同一水平面上C．运动过程中同一时刻，小球处在同一球面上D．当小球在运动过程中产

生的摩擦热相等时，小球的位置不在同一水平面上6.如图甲所示，倾角θ=30°的光滑斜面固定在水平面上，自然伸长的轻质弹簧一端固定在斜面底端的挡板上．一质量为m的小球，从离弹簧上端一定距离的位置静止释放，接触弹簧后继续向下运动．小球运动的v－t图象如图乙所示，其

中OA段为直线，AB段是与OA相切于A点的平滑曲线，BC是平滑曲线，不考虑空气阻力，重力加速度为g.关于小球的运动过程，下列说法正确的是()A．小球在tB时刻所受弹簧弹力大于12mgB．小球在tC时刻的加速度大于12gC．小球从tC时刻所在的位置由静止释放后，不能回到出发点D．小球从tA时

刻到tC时刻的过程中重力势能的减少量等于弹簧弹性势能的增加量7.如图所示，将质量为mp=5m的重物P悬挂在轻绳的一端，轻绳的另一端系一质量为mQ=3m的小物块Q，小物块Q套在竖直固定的光滑直杆上，固定光

滑定滑轮与直杆的距离为L.现将小物块Q拉到与之连结的轻绳水平时由静止释放，不计一切摩擦阻力，下列说法正确的是()A．小物块Q下滑距离L时，P、Q两物体的速度大小相等B．小物块Q下滑某一位置时，与滑轮连

结的轴对滑轮的作用力可能竖直向上C．小物块Q能下降的最大高度为h=53LD．小物块Q下滑距离34L时，P的速度大小15gL10.8.(多选)在奥运比赛项目中，10m跳台跳水是我国运动员的强项，某次训练中，质量为60kg的跳水运动员

从跳台自由下落10m后入水，在水中竖直向下减速运动，设空中下落时空气阻力不计，水对他的阻力大小恒为2400N，那么在他入水后下降2.5m的过程中，下列说法正确的是(取g=10m/s2)()A．他的加速度大小为30m/s2B．他的动量减少了3002kg

·m/sC．他的动能减少了6000JD．他的机械能减少了4500J9.(多选)如图所示，小球A、B、C的质量分别为m、m、2m，A与BC间通过铰链用轻杆连接，杆长为L，B、C置于水平地面上．现让两轻杆并拢，将A由静止释放

下降到最低点的过程中，A、B、C在同一竖直平面内运动，忽略一切摩擦，重力加速度为g.则()A．A、B、C组成的系统水平方向动量守恒B．A、C之间的轻杆始终对C做正功C．A与桌面接触时具有水平方向的速度D．A与桌面接触时的速度大小为2gL10.(多选)如图所示，光滑长铁链由若干节组成，全长为

L，圆形管状轨道半径为R，L＞2πR，R远大于一节铁链的高度和长度．铁链靠惯性通过轨道继续前进，下列判断正确的是()A．在第一节完成圆周运动的过程中，第一节铁链机械能守恒B．每节铁链通过最高点的速度依次减小C

．第一节与最后一节到达最高点的速度大小相等D．第一节回到最低点至最后一节进入轨道的过程中铁链的速度保持不变11.(多选)如图所示，一根轻质弹簧一端固定于光滑竖直杆上，另一端与质量为m的滑块P连接，P穿在杆

上，一根轻绳跨过定滑轮将滑块P和重物Q连接起来，重物Q的质量M=6m，把滑块从图中A点由静止释放后沿竖直杆上下运动，当它经过A、B两点时弹簧对滑块的弹力大小相等，已知OA与水平面的夹角θ=53°，OB长为L，与AB垂直，不计滑轮的摩

擦力，重力加速度为g，滑块P从A到B的过程中，说法正确的是()A．对于滑块Q，其重力功率先增大后减小B．滑块P运动到位置B处速度达到最大，且大小为43gL3C．轻绳对滑块P做功4mgLD．P与Q的机械能之和先减小后增加12.(多选)如图所示，固定在地面的

斜面体上开有凹槽，槽内紧挨放置六个半径均为r的相同小球，各球编号如图．斜面与水平轨道OA平滑连接，OA长度为6r.现将六个小球由静止同时释放，小球离开A点后均做平抛运动，不计一切摩擦．则在各小球运动过程中，下列说法正确的

是()A．球1的机械能守恒B．球6在OA段机械能增加C．球6的水平射程最小D．六个小球落地点各不相同13.轻质弹簧原长为2l，将弹簧竖直放置在地面上，在其顶端将一质量为5m的物体由静止释放，当弹簧被压缩到最短

时，弹簧长度为l.现将该弹簧水平放置，一端固定在A点，另一端与物块P接触但不连接．AB是长度为5l的水平轨道，B端与半径为l的光滑半圆轨道BCD相切，半圆的直径BD竖直，如图所示．物块P与AB间的动摩擦因数μ=0.5.用外力推动物块P，将弹簧压缩至长度l，然后放开，P开始

沿轨道运动．重力加速度大小为g.(1)若P的质量为m，求P到达B点时速度的大小，以及它离开圆轨道后落回到AB上的位置与B点之间的距离；(2)若P能滑上圆轨道，且仍能沿圆轨道滑下，求P的质量的取值范围．14.如图所示，

一劲度系数很大的轻质弹簧下端固定在倾角θ=30°的斜面底端，将弹簧上端压缩到A点锁定．一质量为m的小物块紧靠弹簧上端放置，解除弹簧锁定，小物块将沿斜面上滑至B点后又返回，A、B两点的高度差为h，弹簧锁定时具有的弹性势能EP=54mgh，锁定及

解除锁定均无机械能损失，斜面上A点以下部分的摩擦不计，已知重力加速度为g.求：(1)物块与斜面间的动摩擦因数；(2)物块在离开弹簧后上滑和下滑过程中的加速度大小之比；(3)若每次当物块离开弹簧后立即将弹簧压缩到A点锁定，

当物块返回A点时立刻解除锁定．设斜面最高点C(未画出)与A的高度差为3h，试通过计算判断物块最终能否从C点抛出．答案解析1.答案为：D；解析：A、B开始时处于静止状态，对A∶mAg=FT，①对B∶FT=mBgsinθ.②由①②得mAg=mBgsinθ，即mA=mBsinθ.③由

机械能守恒知，mgh=12mv2，所以v=2gh，落地速率相同，故速率的变化量相同，A项错误；剪断轻绳后，A、B均遵守机械能守恒定律，机械能没有变化，故B项错误；由ΔEp=mgh，因m不同，故ΔEp不同，C项错误；重力做功的功率

PA=mAgv－=mAgv2=mAg2gh2，PB=mBgv－sinθ=mBg2gh2sinθ，由③式mA=mBsinθ，得PA=PB，D项正确．2.答案为：D；解析：由题图可知12mv20=5J，由机械能守恒定律得30J－5J=mg

h，结合h=12gt2=12g×22=20m，解得m=18kg，v0=45m/s.最初2s内重力对小球做功的平均功率P－=mght=12.5W．小球抛出时的高度无法确定，故应选D.3.答案为：B；解析：[最初系统静止时，弹力等于A的重

力，由胡克定律得，弹簧被压缩的长度x1=mgk，最后B刚好离开地面时，弹力等于B的重力，此时弹簧伸长的长度x2=mgk，此过程缓慢进行，所以力F做的功等于系统内增加的重力势能，根据功能关系可知：W=mgh=mg×2×mgk=2m2g2k，故B正确；故选B]4.

答案为：A；解析：[动能定理知上滑过程中W电－WG－Wf=ΔEk，代入数值得W电=4J，电场力做正功，滑块带正电，电势能减小4J，A正确；由功能关系知滑块上滑过程中机械能的变化量为ΔE=W电－Wf=－6J，即机械能减小6J，B错误；由题意知滑块上滑到斜面中点时克服重力做功为12J，即

重力势能增加12J，C错误；由动能定理知Wf=Ek0－Ek，所以滑块返回到斜面底端时动能为10J，D错误．]5.答案为：D；解析：[运动过程中，摩擦力产生的热量等于克服摩擦力所做的功，设轨道与水平面间夹角为θ，即Q=μmglcosθ=μmgx，x为小球的水

平位移，Q相同时，x相同，倾角不同，所以高度h不同，D项正确．小球从底端开始，运动到同一水平面，小球克服重力做的功相同，克服摩擦力做的功不同，动能一定不同，A项错误；小球的重力势能只与其高度有关，故重力势能相等时

，小球一定在同一水平面上，B项错误；若运动过程中同一时刻，小球处于同一球面上，t=0时，小球位于O点，即O为球面上一点；设直轨道与水平面的夹角为θ，则小球在时间t0内的位移x0=vt0＋12at20，a=－(gsinθ＋μgc

osθ)．由于x02sinθ与θ有关，故小球一定不在同一球面上，C项错误．]6.答案为：B；解析：[由图象可知，小球在tB时刻加速度大小为零，此时F弹=mgsin30°=12mg，选项A错误；小球在tC时刻到达最低点，弹力达到最大值；小球在A点的加速度大小为12g，由图象可

知，在C点的切线的斜率大于在A点的切线的斜率，即小球在tC时刻的加速度大于12g，选项B正确；由能量守恒定律可知，小球从tC时刻所在的位置由静止释放后，小球能回到出发点，选项C错误；小球从tA时刻到tC时刻的过程中重力势能的减少

量与动能减小量之和等于弹簧弹性势能的增加量，选项D错误；故选B.]7.答案为：D；解析：[小物块Q下滑距离L时，对物块Q的速度沿绳子方向和垂直绳子方向进行分解，在沿绳子方向上的分速度等于重物P的速度，有：vQcos45°=vP，所以有vQ=2vP，故

A错误；小物块Q下滑过程中，滑轮两侧轻绳拉力总是大小相等，所以，轴对滑轮的作用力总在两线的角平分线上，不可能在竖直方向上，故B错误；设小物块下滑到最大高度h时物块和重物的速度均为0，此时重物上升的最大高

度为L2＋h2－L，根据系统的机械能守恒有：5mg(L2＋h2－L)=3mgh，解得：h=158L，故C错误；当小物块下滑34L时，重物P上升的距离是L2＋342－L=14L，两物体的速度满足v′Q=L2＋3

4234LvP′=53vP′，由机械能守恒定律得：3mg(34L)－5mg(14L)=12(5m)vP′2＋12(3m)vQ′2，综上解得v′P=15gL10，故D正确．]8.答案为：AB；解析：[运动员

在水中受到质量和水的阻力，选取向下为正方向，则：－F＋mg=ma，代入数据得：a=－30m/s2.负号表示方向向上；故A正确；运动员入水时的速度：v1=2gh=2×10×10=102m/s，入水后下降2.5m后的速度：v2=v21－2ah′=200－2×30×2.5

=52m/s,所以动量的变化量：|ΔP|=m(v1－v2)=60×(102－52)=3002kg·m/s.故B正确；减速下降深度为h的过程中，根据动能定理，动能的减小量等于克服合力做的功，为：(F－mg)h′=(2400－600)×2.5=

4500J，故C错误；减速下降深度为h的过程中，机械能的减小量等于克服阻力做的功，为：Fh=2400×2.5=6000J，故D错误；故选AB.]9.答案为：AD；解析：[A、B、C组成的系统水平方向受到的合力为零，则水平方向动量守恒，选项A正确；小球C的速度先增大后减小，则A

、C之间的轻杆对C先做正功后做负功，选项B错误；系统初动量为零，水平方向末动量也为零，因A与桌面接触时，三个球的水平速度相等，则根据水平方向动量守恒可知三个球的水平方向的速度均为零，选项C错误；竖直方向，当A与桌面接触时，小球A的重力势能转化为系统的动能，因B

C的速度为零，则mgL=12mv2，解得v=2gL，选项D正确；故选AD.]10.答案为：CD；解析：[A.铁链、火车、绳等由完全相同的各部分构成连接体，各部分之间有弹力作用，若选一节研究，有除重力或弹簧弹力的其他外力做功，机械能不守恒；但选取整个系统为对象时，各部分的力属

于内力，做功抵消，系统只有重力做功，机械能守恒，A错误．B、D.第一节上升的过程，系统的重心上升到圆心处，重力势能增大，由系统机械能守恒知动能减小；以后每下降一节，后面上升一节，系统的机械能不变，则速度相等，故B错误，

D正确．C.第一节到达最高点和最后一节到最高点时系统的重心位置相同，由Ek1＋Ep1=Ek2＋Ep2知重力势能相等时动能相等，则每一节的速率相等，C正确．故选CD.]11.答案为：AC；解析：[A.物块Q释放瞬间的速度为零，当物块P运动至B点时，物块Q的速度也为零，所

以当P从A点运动至B点时，物块Q的速度先增加后减小，物块Q的重力的功率也为先增加后减小，故A正确；B.由于物块P在AB两点处弹簧的弹力大小相等，所以物块P在A点时受到弹簧向上的弹力，运动至B点时受到向下的弹力，物块P从A

到B过程中，必定先加速度后减速，合力为零时速度最大，即在BA间某位置速度最大，故B错误；C.从A到B过程中，对于P、Q系统由动能定律可得：6mg(Lcos53°－L)－mgLtan53°－0=12mv2，对于P，由动能定理可

得：W－43mgL－0=12mv2联立解得：W=4mgL，故C正确；D.对于PQ系统，竖直杆不做功，系统的机械能只与弹簧对P的做功有关，从A到B的过程中，弹簧对P先做正功，后做负功，所以系统的机械能先增加后减小，故D错误．故选：AC.]12.答案为：BC；解析：6个小球都在斜

面上运动时，只有重力做功，整个系统的机械能守恒．当有部分小球在水平轨道上运动时，斜面上的小球仍在加速，即球2对1的作用力做功，故球1的机械能不守恒，故A错误；球6在OA段运动时，斜面上的球在加速，球5对球6的作用力做正功，动

能增加，机械能增加，故B正确；由于有部分小球在水平轨道上运动时，斜面上的小球仍在加速，所以可知离开A点时球6的速度最小，水平射程最小，故C正确；由于离开A点时，球6的速度最小，水平射程最小，而最后三个球在水平面上运动时不再加速，1、2、3球的速度相等，水平射程相同，所以六个小球的落点不

全相同，故D错误．13.解：(1)依题意，当弹簧竖直放置，长度被压缩至l时，质量为5m的物体的动能为零，其重力势能转化为弹簧的弹性势能．由机械能守恒定律知，弹簧长度为l时的弹性势能为Ep=5mgl①设P的质量为M，到达B点时的速度大小为vB，由能量守恒定律得Ep=12Mv

2B＋μMg·4l②联立①②式，取M=m并代入题给数据得vB=6gl③若P能沿圆轨道运动到D点，其到达D点时的向心力不能小于重力，即P此时的速度大小v应满足mg≤mv2l④设P滑到D点时的速度为vD，由机械能守恒定律得12mv2B=12m

v2D＋mg·2l⑤联立③⑤式得vD=2gl⑥vD满足④式要求，故P能运动到D点，并从D点以速度vD水平射出．设P落回到轨道AB所需的时间为t，由运动学公式得2l=12gt2⑦P落回到AB上的位置与B点之间的距离为s=

vDt⑧联立⑥⑦⑧式得s=22l⑨(2)为使P能滑上圆轨道，它到达B点时的速度不能小于零．由①②式可知5mgl>μMg·4l⑩要使P仍能沿圆轨道滑回，P在圆轨道的上升高度不能超过半圆轨道的中点C.由机械能守恒定

律有12Mv2B≤Mgl⑪联立①②⑩⑪式得53m≤M<52m⑫14.解：(1)物块从A第一次上滑到B的过程中，由功能关系得：Wf＋mgh=Ep.即μmgcosθ·hsinθ＋mgh=54mgh.解得：μ=312(2)在上升的过程中和下滑的过程中物块都受到重力、支持力和滑

动摩擦力的作用，设上升和下降过程中的加速度大小分别是a1和a2，根据牛顿第二定律得：物块上升过程有：mgsinθ＋μmgcosθ=ma1，得a1=g(sinθ＋μcosθ)=g×(12＋312×32)=58g物块下滑过

程有：mgsinθ－μmgcosθ=ma2，得a2=g(sinθ－μcosθ)=g×12－312×32=38g故a1∶a2=5∶3.(3)经过足够长时间后，弹簧给物块补充的弹性势能将全部用来克服物块在斜面上

来回运动时阻力做的功，设稳定时物块上升的最大高度为hm.则由功能关系得：Ep=Wf总．即54mgh=2μmgcosθ·hmsinθ解得：hm=2.5h<3h所以物块不可能到达C点，即不能从C点抛出．